2026年陕西省西安市长安区中考物理模拟试卷（一）（含答案+解析）

这是一份2026年陕西省西安市长安区中考物理模拟试卷（一）（含答案+解析），共9页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.工人用如图甲所示的滑轮组将重为700N的物体匀速竖直提升2m，不计绳重和各种摩擦，滑轮组的部分数据如图乙所示，以下说法正确的是( )
A. 绳子自由端移动的距离为6m
B. 动滑轮重150N
C. 工人对绳子自由端的拉力为500N
D. 只增大提升物体的重力，滑轮组的机械效率将小于70%
2.我国诗词文化源远流长、博大精深，下列诗词中涉及的物态变化为凝固的是( )
A. 已是悬崖百丈冰，犹有花枝俏B. 月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠
C. 可怜九月初三夜，露似真珠月似弓D. 秋城海雾重，职事凌晨出
3.第二十五届冬奥会于2026年2月7日至2月23日在意大利举办，如图为自由式滑雪比赛时的情景，下列相关说法正确的是( )
A. 用力撑滑雪杖，人就会运动，说明力是维持物体运动的原因
B. 运动员从空中落到斜坡上，在下滑过程中，仍然受到惯性的作用
C. 运动员从弧形轨道上斜向上飞出后又落回地面，在空中最高点时，受力平衡
D. 若在水平雪面上徒手滑行时，运动员失去所有外力，运动员会匀速直线运动下去
4.洪崖洞是重庆历史文化的见证和城市精神的象征，是重庆的一个网红打卡点，如图所示是游客夜晚用手机拍摄的照片，下列有关说法正确的是( )
A. 洪崖洞在平静江水中的倒影是等大的实像
B. 洪崖洞在平静江水中的倒影是由光的反射形成的
C. 当水面上升后，洪崖洞在水中的倒影会变大
D. 手机屏幕上丰富的色彩是由红、黄、蓝三种色光混合而成
二、填空题：本大题共3小题，共11分。
5.近年来，中国的“天眼”FAST和“人造太阳”EAST均取得重大突破。“天眼”FAST通过接收宇宙天体发出的 来探测深空；被誉为“人造太阳”的EAST装置，其核心原理是利用氢核的 (选填“裂变”或“聚变”)释放巨大的能量，科学家通过特殊装置改变等离子体的运动状态和体积，将其约束在真空室内，这一过程中，等离子体的内能通过 的方式发生了改变。
6.电热水壶是利用电流的 效应工作的。如图所示是热水壶内部的简化电路图，其中R1、R2为阻值不变的电热丝，R2=40Ω。该电热水壶具有加热与保温两种功能，开关S1闭合、S2 时为加热挡，正常加热2min消耗的电能为 J。若保温挡的额定功率为400W，则R1的阻值为 Ω。
7.按要求完成下列填空；
(1)如图甲，被测物体的长度是 cm；
(2)为了研究“瓜浮李沉”现象，小芳买来李子，用天平、量筒和水测量李子的密度。如图乙所示是他已完成调节的天平，请你指出他调节过程中遗漏的操作步骤： ；纠错后，右盘中的砝码和标尺上游码的位置如图丙所示，李子的质量为 g；用量筒和水测得李子的体积为20cm3，则李子的密度为 g/cm3；若测量体积时，小芳读出水的体积为50cm3，但是读取李子和水的体积时仰视读出总体积为70cm3，则测量出李子的密度 (选填“偏大”或“偏小”)。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
8.小周用碳膜电位器设计了一个可调亮度的电灯，如图所示，为了安全，她把电路元件安装在塑料外壳内，请根据安全用电的原则，把各元件连入家庭电路中，要求滑片顺时针滑动时小灯泡变亮。(碳膜电位器拥有开关的功能)
9.如图，一名男生奔跑过程中右脚腾空、左脚着地，请画出此刻地面对他的摩擦力的示意图(A点是作用点)。
四、实验探究题：本大题共3小题，共23分。
10.小华同学猜想影响斜面机械效率的因素有：a.物体的重力；b.斜面的倾斜程度；c.斜面的粗糙程度。小华同学在探究斜面的机械效率与物体的重力和斜面倾斜程度是否有关时，他利用同一块木板组成如图所示的装置，在不同条件下分别测出了斜面的机械效率，并对所测数据进行子分析论证。
(1)在实验操作过程中，为了增大斜面的倾斜程度，应将垫木向______移动。
(2)小华同学记录的部分实验数据如表。
(3)根据表格中数据可知：第1次实验斜面的机械效率为______%，第2次实验中物块所受的摩擦力为______N。
(4)通过对比第1、2次实验数据，可知斜面的机械效率与物体的重力______(选填“有关”或“无关”)；通过对比第2、3次实验数据，可以得出的探究结论是______。
(5)若将物块换成等质量的有轮小车做实验，则该装置的机械效率将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
11.小明同学在探究“影响浮力大小的因素”时做了如图所示的实验，请回答下列问题：
(1)为了观察物体逐渐放入水中时浮力的变化情况，弹簧测力计吊着物体要匀速、缓慢向下放，使物体处于 状态；
(2)实验时小明发现从物体接触水面到完全浸没前的过程中，弹簧测力计的示数逐渐变小，说明浮力逐渐 (选填“增大”“减小”或“不变”)，据此，小明认为物体受到的浮力改变是因为物体浸入水中的深度增大；而小华则认为浮力改变是因为物体浸入水中的体积增大。根据图a、图c和图d的实验，证明 的想法是错误的；
(3)比较图d与图e可以探究浮力大小跟 的关系；
(4)图e中盐水的密度是 kg/m3(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)；
(5)若物体浸没在液体中，物体的底部不小心碰到容器的底部，则测得的浮力值 (选填“偏大”“偏小”或“不变”)；
(6)当物体从接触水面开始，到浸没于水中，直至浸没到更深位置(未触底)，在图f中能表示出此过程物体所受浮力F与浸入水中深度h关系的图像是 (选填“①”或“②”)。
12.【项目背景与问题提出】盐水是一种常见的电解质溶液，广泛应用于生产和生活中。本项目旨在通过测量自制盐水电阻，探究其基本电学特性。经过课堂学习，小滨同学猜想：盐水的导电能力与浓度有关。
【探究过程】于是，小滨自制了一个盐水电阻：选取一个长方体容器，倒入一定浓度的盐水，在容器两侧分别固定金属片直至底部。为了测量该盐水电阻的阻值，他利用电源(电压未知、内阻不计)、电流表、电压表、标有“20Ω，1A”的滑动变阻器R、开关和导线等器材，设计并连接如图甲所示电路。
(1)图甲中还有两处导线未画出，请在图中补画完整(要求：滑片向右移动时，电流表示数变大)；
(2)某次测量时电压表的示数为6.4V，电流表的示数如图乙所示，其读数为______ A，则该次测得盐水的电阻为______Ω；
(3)小滨利用图甲电路研究盐水电阻与盐水浓度的关系，他向容器中分多次加入一定量的水，发现盐水电阻的阻值减小，最后得出结论。请问小滨的实验过程______(选填“有”或“无”)问题，理由是______；
(4)实验中若电流表损坏，利用余下器材还能否测出盐水电阻的阻值？小滨经过思考设计了如图的电路图，并进行如下操作：
①连接电路，闭合开关，保持电压表接在盐水电阻两端不变，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，读出电压表相应的示数U1；
②______，读出电压表相应的示数U2；
③根据测得数据求出盐水电阻的阻值为：______(用U1，U2，R表示)。
【拓展延伸】
(5)电阻是导体的基本属性，对于金属导体，电阻通常随温度升高而增大，但电解质溶液(如盐水)的导电机制与金属不同，其电阻随温度的变化规律可能有所差异。于是，小滨进行了如下实验：
①用如图所示的数字多用表分别测量20∘C和60∘C的盐水的电阻(盐水浓度为A)；②换用另一浓度为B的盐水重复步骤①。请你设计该实验的记录表格。
五、计算题：本大题共1小题，共7分。
13.如图甲所示是一架电烧烤炉，如表是电烧烤炉铭牌的信息，说明书显示只有一根加热管，请求解以下问题。
(1)电烧烤炉正常工作时的电流和加热管的电阻。
(2)若烤制0.5kg肉串从20∘C升温至80∘C，电烧烤炉的加热效率是70%，则需要加热多少秒？(保留一位小数)。[已知c肉=2.5×103J/(kg⋅∘C)]
(3)小明爸爸感觉烤制时间太长，想增大电烧烤炉的功率，小明想到家里有一台废弃的电烤箱，铭牌上标有“额定电压220V，加热管额定功率：上管1800W、下管1000W”字样，他立马进行了合理的改装，并且只让改装好的电烧烤炉工作时，家里如图乙所示的电能表检测到3min脉冲灯闪烁320imp。请你通过计算简要说明小明的改装方案是怎样的。
六、综合题：本大题共1小题，共7分。
14.飞轮储能系统是一种机电能量转换的储能装置，通过飞轮实现电能与机械能的转化与储存，能量转化过程如图所示，某飞轮储能项目，单个火电发电机组的平均功率为6×105kW，单台储能飞轮的额定充、放能功率为700kW，可实现储能126kW⋅h充、放能效率均为90%，根据以上信息，完成以下问题。
(1)飞轮储能系统采取液冷的冷却方式，应选用比热容较______(选填“大”或“小”)的液体作为冷却剂。
(2)单个火电发电机组以平均功率发电1h，消耗标准煤240t。单个火电发电机组的发电效率是多少？(标准煤的热值约为3×107J/kg)
(3)小明询问工程师，得知1kg的飞轮可以储能0.0126kW⋅h的电能。请你帮助小明计算出单个储能飞轮的质量是多少。
(4)单个储能飞轮将126kW⋅h的能量完全转化为电能，可获得多少kW⋅h的电能？据某资料介绍，储能系统可实现同步储能和放能，即充能时间与放能时间相同，请你通过计算，判断这一说法是否可信？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.由图可知，n=2，绳子自由端移动的距离为s=nh=2×2m=4m，故A错误；
B.由η=W有用W总×100%=Gh(G+G动滑)h×100%=GG+G动滑×100%=70%
可得G动滑=37G=37×700N=300N，故B错误；
C.有用功为W有用=Gh=700N×2m=1400J
拉力F做的功为W总=W有用η=1400J70%=2000J
根据W总=Fs，可得工人对绳子自由端的拉力为F=W总s=2000J4m=500N，故C正确；
D.结合η=W有用W总×100%=Gh(G+G动滑)h×100%=GG+G动滑×100%=11+G动滑G×100%可知，只增大物体的重力，可增大机械效率，机械效率将大于目前的效率70%，故D错误。
故选：C。
(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离；
(2)根据η=W有用W总×100%=Gh(G+G动滑)h×100%=GG+G动滑×100%求出动滑轮重；
(3)利用W有用=Gh求得有用功，结合机械效率求得总功，根据W总=Fs可得工人对绳子自由端的拉力。
本题考查了做功公式和滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
2.【答案】A
【解析】解：A、“已是悬崖百丈冰”描述冰的形成，水从液态凝固成固态冰，故涉及凝固，故A符合题意；
B、“霜满天”描述霜的形成，霜是水蒸气直接凝华形成的，故不涉及凝固，故B不符合题意；
C、“露似真珠”描述露的形成，露是水蒸气液化(气态变为液态)形成的，故不涉及凝固，故C不符合题意；
D、“海雾重”描述雾的形成，雾是水蒸气液化(气态变为液态)形成的，故不涉及凝固，故D不符合题意。
故选：A。
凝固是指物质从液态变为固态的过程。
本题考查了凝固现象，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】解：A.力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，用力撑滑雪杖使人运动，是力改变了人的运动状态，故A错误；
B.惯性是物体本身固有的性质，不是力，不能表述为“受到惯性的作用”，故B错误；
C.运动员在空中最高点时，只受重力和空气阻力作用，合力不为零，不满足受力平衡条件，故C错误；
D.根据牛顿第一定律，运动员原本在水平雪面上运动，失去所有外力后，会保持原来的运动状态，匀速直线运动下去，故D正确。
故选：D。
(1)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(3)物体处于平衡状态时受平衡力；
(4)根据牛顿第一定律可做出判断。
本题以运动场景为内容，考查了力与运动的关系、惯性的应用、平衡状态的判断、牛顿第一定律的应用等，有一定综合性。
4.【答案】B
【解析】解：AB、洪崖洞在平静江水中的倒影，属于平面镜成像，是等大的虚像，是光的反射形成的，故A错误、B正确；
C、根据平面镜成像特点，像与物体的大小相等，像的大小仅由物体本身大小决定，与物体到平面镜的距离、平面镜的大小无关，水面上升时，洪崖洞到水面的距离变化，但像的大小不变，故C错误；
D、光的三原色是红、绿、蓝，这三种色光按不同比例混合可得到各种颜色的光，手机屏幕属于光的三原色混合显示，而红、黄、蓝是颜料的三原色，用于颜料混合，故D错误。
故选：B。
(1)平面镜成正立等大的虚像，像与物到平面镜的距离相等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光的三原色是红、绿、蓝。
本题考查了平面镜成像的特点和色光的三原色，属于基础题。
5.【答案】电磁波
聚变
做功

【解析】解：宇宙天体发出的信号以电磁波的形式在真空中传播，“天眼”FAST通过接收这些电磁波来探测深空。
太阳是利用核聚变释放的能量，因此“人造太阳”EAST装置的核心原理是利用氢核的聚变反应释放巨大的能量。
科学家通过特殊装置改变等离子体的运动状态和体积，对等离子体做功，将机械能转化为等离子体的内能，因此等离子体的内能是通过做功的方式发生改变的。
故答案为：电磁波；聚变；做功。
电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
太阳是利用核聚变释放的能量。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
此题考查了电磁波的应用、太阳能的认识及内能的改变。
6.【答案】热
闭合
1.452×105
81

【解析】解：电热水壶工作时，将电能转化为内能，因此电热水壶是利用电流的热效应工作的；
由图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，此时电路的总电阻最大，由P=U2R可知，电路的总功率最小，电热水壶处于保温挡；当开关 S1、S2都闭合时，只有R2工作，电路的总电阻最小，总功率最大，电热水壶处于加热挡；
电热水壶加热功率为：P加热=U2R2=(220V)240Ω=1210W；
电热水壶加热挡正常加热2min消耗的电能为：W=P加热t=1210W×2×60s=1.452×105J；
当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，电热水壶处于保温挡；
保温挡的额定功率P保温=400W，保温挡的总电阻为：
R总=U2P保温=(220V)2400W=121Ω；
则R1的阻值为：R1=R总−R2=121Ω−40Ω=81Ω。
故答案为：热；闭合；1.452×105；81。
(1)电流的热效应是指电流通过用电器时，电能转化为内能的现象；
(2)由P=U2R可知，电路的总功率最大时，电热水壶处于加热挡，据此分析；
(3)根据P=U2R可求出电热水壶的加热功率，再根据W=Pt求出电热水壶加热挡正常工作2min消耗的电能；
(4)已知保温挡的额定功率，根据R总=U2P保温可求出保温挡的总电阻，总电阻减去R2的电阻，即可得到R1的阻值。
本题考查电流的热效应、电功率与电能的计算、电功率公式的应用，有一定难度。
7.【答案】2.60
没有将游码移至标尺左端的零刻度线处
24
1.2
偏大

【解析】解：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值为0.1cm，被测物体的起始端与10.00cm刻度线对齐，末端与12.60cm刻度线对齐，则被测物体的长度为：L=12.60cm−10.00cm=2.60cm；
(2)在调节天平横梁平衡前，需要将游码移至标尺左端的零刻度线处，因此由图乙可知，他调节过程中遗漏的操作步骤是没有将游码移至标尺左端的零刻度线处；
由图丙可知，右盘中砝码的质量为20g，游码在标尺上的读数为4g，则李子的质量为：m=20g+4g=24g；
则李子的密度为：ρ=mV=24g20cm3=1.2g/cm3；
读取李子和水的体积时，仰视读数会导致读出的李子和水的总体积偏小；李子的体积等于李子和水的总体积减去水的体积，读出水的体积准确，因此计算得出李子的体积会偏小，根据ρ=mV可知，李子的质量准确，体积偏小，则计算出李子的密度会偏大。
故答案为：(1)2.60；(2)没有将游码移至标尺左端的零刻度线处；24；1.2；偏大。
(1)由图甲可知刻度尺的分度值，被测物体的长度等于末刻度与起始端刻度线之差；
(2)在调节天平横梁平衡前，需要将游码移至标尺左端的零刻度线处；物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上的读数之和；已知李子的质量和体积，根据ρ=mV计算李子的密度；读取李子和水的体积时，仰视读数会导致读出的总体积偏小；李子的体积等于李子和水的总体积减去水的体积，由此得出李子的体积变化，再根据密度公式分析李子的密度变化。
本题考查长度的测量、质量的测量及密度的计算，还涉及到误差的分析，难度不大。
8.【答案】
【解析】解：滑片顺时针滑动时小灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，则电位器接入电路的电阻是变小的，故应接左边、中间两个接线柱，并且电位器要接在火线与灯之间，如图所示：
先确定电位器连入电路的接线柱，再将电位器与灯连接在火线与零线之间。为了安全，开关要接在火线与灯之间。
本题考查了开关(电位器)和灯的连接，属于基础题目。
9.【答案】
【解析】解：男生奔跑过程中右脚腾空、左脚着地，与地面接触左脚有向右运动的趋势，所以左脚受到地面对它向左的摩擦力。过A点沿水平向左画一条带箭头的线段，并标明字母f，即为此刻地面对他的摩擦力的示意图，如图所示：
物体受到摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，据此确定摩擦力的方向，然后按照力的示意图的画法作图。
此题考查摩擦力示意图的画法，难度不大，正确判断摩擦力的方向是关键。
10.【答案】左； 60；1； 无关；在其它条件相同时，斜面倾角越大，机械效率越高； 变大
【解析】(1)斜面的倾角靠长木板下面的垫木左右移动来改变，所以垫木向左移，倾角变大。
(3)第①次实验斜面的机械效率η=W有W总×100%=×100%=60%；
第②次实验中的额外功为：W额=W总−W有=3.0J−1.8J=1.2；
则摩擦力f=W额s=；
(4)通过对比实验①、②数据，发现两次实验倾角相同，物块重力不同，机械效率都是60%，所以可知斜面的机械效率与物体的重力无关。
通过对比实验②、③数据，控制物体的重力相同，改变的是斜面的倾角，且倾角越大机械效率越高，故可得结论：在其它条件相同时，斜面倾角越大，机械效率越高。
(5)滑动摩擦力大于滚动摩擦力，若将物块换成等质量的有轮小车做实验，小车受到的摩擦力变小，每组数据中测力计的示数将变小，所做的额外功变小，有用功不变，有用功占总功的比例增大，则机械效率变大。
故答案为：(1)左；(3)60；1；(4)无关；在其它条件相同时，斜面倾角越大，机械效率越高；(5)变大.
(1)长木板下面的垫木左右移动，斜面的倾角随之变化，可知为了增大斜面的倾斜程度，垫木向左移；
(3)根据机械效率的计算公式可求出第①次实验的机械效率，根据额外功，总功，有用功的关系求出第②次实验中的额外功，即可求出物块所受的摩擦力；
(4)利用控制变量法，对比实验①、②数据，可得出结论，对比实验②、③数据，可得出结论；
(5)将物块换成等质量的有轮小车做实验，滚动摩擦小于滑动摩擦，摩擦力减小，额外功减小，且有用功不变，再根据机械效率的公式，及可得出结论。
本题考查了斜面的机械效率的影响因素实验。
11.【答案】平衡
增大
小明
液体密度
1.2×103
偏大
②

【解析】解：(1)物体放入水中时，弹簧测力计吊着物体要匀速、缓慢向下放，则物体处于平衡状态，此时弹簧测力计的示数稳定，才能准确求出物体受到的浮力。
(2)从物体接触水面到完全浸没前的过程中，弹簧测力计的示数逐渐变小，由称重法可知物体受到的浮力逐渐增大；但由图c和图d可知当物体完全浸没后，随着物体浸入水中的深度增大，而弹簧测力计的示数不变，根据称重法可知物体受到的浮力大小不变，由此可说明说明浮力的大小与物体浸入液体的体积有关，而与物体浸入水中的深度无关，证明小明的想法是错误的。
(3)比较图d与图e，排开液体的体积相同，液体的密度不同，探究浮力大小跟液体密度的关系。
(4)物体浸没在水中的浮力F浮=G−FC=8N−6N=2N
物体的体积V=V排=F浮ρ水g=2N1×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3；
物体浸没在盐水中的浮力F浮盐=G−Fe=8N−5.6N=2.4N，
盐水的密度ρ盐水=F浮盐gV排=2.4N10N/kg×2×10−4m3=1.2×103kg/m3；
(5)若物体浸没在液体中，物体的底部不小心碰到容器的底部，弹簧测力计的示数会变小，由称重法可知浮力会变大；
(6)当物体从接触水面开始，到浸没于水中，直至浸没到更深位置(未触底)，排开液体体积先增大后不变，根据F浮=ρ液gV排可知，浮力先增大后不变，所以此过程物体所受浮力F与浸入水中深度h关系的图象为②。
故答案为：(1)平衡；(2)增大；小明；(3)液体密度；(4)1.2×103；(5)偏大；(6)②。
(1)物体放入水中时，物体处于平衡状态，此时弹簧测力计的示数稳定，才能准确求出物体受到的浮力。
(2)(3)根据控制变量法分析；
(4)根据称重法计算物体浸没在水中的浮力F浮=G−FC，根据阿基米德原理计算物体的体积及液体的密度。
(5)弹簧测力计的示数会变小，重力不变，由称重法可知浮力会变大。
(6)当物体从接触水面开始，到浸没于水中，直至浸没到更深位置(未触底)，排开液体体积先增大后不变，根据F浮=ρ液gV排可知，浮力先增大后不变。
本题是探究浸在液体中的物体所受浮力大小规律的实验，分析时，注意控制变量法的应用。
12.【答案】 0.32;20 有;向容器中加水时，盐水的浓度和体积同时改变，没有控制盐水的体积不变，无法单纯探究电阻与浓度的关系 将滑动变阻器的滑片移到阻值为零处;R盐水=U1RU2−U1

【解析】解：(1)电压表并联在盐水电阻两端，将电压表的另一接线柱连接到容器左端；滑动变阻器要求滑片右移时电流变大，即接入电阻变小，因此应接B接线柱，如图所示：
。
(2)电流表读数时，要看清所选用的量程和分度值；电流表接0∼0.6A量程，分度值0.02A，读数为 0.32A；根据欧姆定律，盐水电阻R=UI=Ω。
(3)向容器中加水时，盐水的浓度和体积同时改变，没有控制盐水的体积不变，无法单纯探究电阻与浓度的关系，故小滨的实验过程有问题。
(4)②操作：将滑动变阻器的滑片移到阻值为零处；
③推导：滑片在最大阻值处时，R盐水与滑动变阻器最大阻值R串联，电源电压为U2，由串联电路规律得U1R盐水=U2−U1R，整理得R盐水=U1RU2−U1
(5)实验需要记录不同浓度、不同温度下的盐水电阻，表格需包含以下核心信息，如下表：
故答案为：(1)；(2)0.32；20；(3)有；向容器中加水时，盐水的浓度和体积同时改变，没有控制盐水的体积不变，无法单纯探究电阻与浓度的关系；(4)②将滑动变阻器的滑片移到阻值为零处；③R盐水=U1RU2−U1；(5)
(1)电压表并联在盐水电阻两端，将电压表的另一接线柱连接到容器左端；滑动变阻器要求滑片右移时电流变大，即接入电阻变小，因此应接B接线柱。
(2)电流表读数时，要看清所选用的量程和分度值；再根据欧姆定律求得盐水电阻。
(3)向容器中加水时，盐水的浓度和体积同时改变，没有控制盐水的体积不变。
(4)②操作：将滑动变阻器的滑片移到阻值为零处；
③推导：滑片在最大阻值处时，R盐水与滑动变阻器最大阻值R串联，电源电压为U2，由串联电路规律可得盐水的电阻。
(5)实验需要记录不同浓度、不同温度下的盐水电阻，表格需包含以下核心信息，据此作表。
在探究影响导体电阻大小因素的实验中，注意转换法和控制变量法的应用。
13.【答案】电烧烤炉正常工作时的电流为10A；电烧烤炉正常工作时的电阻为22Ω 加热时间为48.7s 将电烧烤炉的加热管与电烤箱加热管的上管并联
【解析】解：(1)根据P=UI可得电烧烤炉正常工作时的电流为：I=P U =2200W220V=10A，
根据I=UR可得电烧烤炉正常工作时的电阻为：R=UI=220V10A=22Ω；
(2)根据Q吸=cm(t−t0)可得肉串吸收的热量为：Q吸=c肉m(t−t0)=2.5×103J/(kg⋅∘C)×0.5kg×(80∘C−20∘C)=7.5×104J；
根据Q=ηW=ηPt可得7.5×104J=70%×2200W×t；
解得t=48.7s；
(3)1600imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的脉冲灯闪烁1600次，则脉冲灯闪烁320次电烤箱消耗的电能为：W′=320imp1600imp/(kW⋅h)=0.2kW⋅h=7.2×105J根据P=Wt可得电烤箱的实际功率为：P实=W′t ″=7.2×105J3×60s=4kW=4000W；根据题意可知，废弃的电烤箱加热管额定功率：上管1800W、下管1000W，电烧烤炉的额定功率为2200W，所以只要把电烧烤炉的加热管与电烤箱加热管的上管并联起来，总功率符合要求，就可以满足要求。
答：(1)电烧烤炉正常工作时的电流为10A；电烧烤炉正常工作时的电阻为22Ω；
(2)加热时间为48.7s；
(3)将电烧烤炉的加热管与电烤箱加热管的上下管并联。
(1)根据P=UI可求出电烧烤炉正常工作时的电流，根据欧姆定律可求出电烧烤炉正常工作时的电阻；
(2)先根据Q吸=cm(t−t0)求出肉串吸收的热量，再根据加热效率求出电烧烤炉消耗的电能，最后根据W=Pt求出加热时间；
(3)先根据1600imp/(kW⋅h)表示的物理意义求出脉冲灯闪烁320次电烤箱消耗的电能，再根据P=Wt求出电烤箱的实际功率，结合废弃电烤箱和电烧烤炉的电功率得出小明的改装方案。
本题考查电能与热量的计算以及电功率的分析，属于中档题。
14.【答案】大 单个火电发电机组的发电效率30% 小明计算出单个储能飞轮的质量是1×104kg 这一说法不可信
【解析】解：(1)相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多，因此为解决飞轮储能系统的冷却方式，应选用比热容较大的液体作为冷却剂；
(2)每台火电机组单独发电1h产生的电能为：
单个火电发电机组以平均功率发电1h，提供的电能W电=Pt=6×108W×3600s=2.16×10l2J，
消耗标准煤240t放出的热量Q=mq=240×1000kg×3×107J/kg=7.2×1012J，单个火电发电机组的发电效率：
η=WQ=2.16×1012J7.2×1012J=30%；
(3)已知1kg的飞轮可以储能0.0126kW⋅h的电能，则单个储能飞轮的质量：
m=126×103W⋅h12.6W⋅h/kg=1×104kg；
(4)单个储能飞轮将126kW⋅h的能量完全转化为电能，充、放能效率均为90%，可获得的电能W电=126kW⋅h×90%=113.4kW.⋅h，充、放电功率P充=700kW，充、放能效率均为90%，那么储能的时间：
t1=W′η充P充=126kW⋅h90%×700kW=0.2h，
那么放能的时间：
t2=η放W′P放=90%×126kW⋅h700kW=0.162h，因为两个时间不相等，故这一说法不可信。
答：(1)大；
(2)单个火电发电机组的发电效率30%；
(3)小明计算出单个储能飞轮的质量是1×104kg；
(4)这一说法不可信。
(1)相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多；
(2)根据W=Pt求出单个火电发电机单独发电1h产生的电能，由Q=mq求得消耗标准煤240t放出的热量，由η=WQ可求得单个火电发电机组的发电效率；
(3)根据表中数据结合能量密度求出飞轮的质量；
(4)根据单个储能飞轮将126kW⋅h的能量完全转化为电能，充、放能效率均为90%，可求获得的电，由此可求得储能的时间和放能的时间，然后比较两个时间即可得出结论。
本题考查了比热容、能量密度、电功与电功率公式的应用等知识，综合性较强，有一定的难度。实验次数
斜面倾角θ/∘
物块重力G/N
斜面高度h/m
拉力F/N
斜面长度s/m
有用功W有用/J
总功W总/J
斜面的机械效率
1
30
5.0
0.6
4.2
1.2
3.0
5.0
2
30
3.0
0.6
2.5
1.2
1.8
3.0
60%
3
45
3.0
0.8
2.8
1.2
2.4
3.4
71%
额定电压
220V
额定功率
2200W
温控范围
50∘C∼300∘C
质量
15kg
尺寸
60×30×20(cm)
实验次数
盐水浓度
温度T/∘C
电阻R/Ω
1
A
20
2
A
60
3
B
20
4
B
60
实验次数
盐水浓度
温度T/∘C
电阻 R/Ω
1
A
20
2
A
60
3
B
20
4
B
60
实验次数
盐水浓度
温度T/∘C
电阻 R/Ω
1
A
20
2
A
60
3
B
20
4
B
60