题型03 仪器的使用及读数（题型专练）（北京专用）2026年中考物理二轮复习讲练测+答案

这是一份题型03 仪器的使用及读数（题型专练）（北京专用）2026年中考物理二轮复习讲练测+答案，共24页。
内●容●导●航
第一部分 题型解码
题型概述 考向分类 技巧点拨
第二部分 考向破译
典例引领 方法透视 变式演练
考向 仪器的使用与读数
第三部分 题型训练
题●型●解●码
考●向●破●译
考向01 仪器的使用及读数
典例引领
【典例01】（2025·北京·三模）如图甲所示，用A、B两把刻度尺测量同一物体的长度，放置正确的是________（选填“A”或“B”）刻度尺；图乙秒表的读数是________s；图丙电压表的示数是________V。
【答案】 A 100.3 2.4
【详解】[1]长度测量时，刻度线要尽量紧贴被测物体，所以，放置正确的是A刻度尺。
[2]停表小盘分度值为0.5min，指针在1和2之间，偏向2，示数为1min，大盘示数应大于30s，大盘分度值为0.1s，示数为40.3s，所以，停表读数为t=1min40.3s=100.3s
[3]如图，电压表选择的是0~3V，分度值为0.1V，示数为2.4V。

方法透视
变式演练
【变式01】（2025·北京·模拟预测）在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，小雨用如图所示的滑轮组进行了三次实验，实验数据如下表所示。
(1)小雨是用图中的__________（选填“甲”或“乙”）滑轮组完成实验的；
(2)实验中用到的测量工具有弹簧测力计和__________；
(3)分析数据可得结论：使用同一滑轮组，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率与物重的关系可能是__________（选填字母）；
A．B．C．D．
(4)小明同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法是__________（选填“正确”或“错误”）的，如果这样做，测得的机械效率将__________（选填“偏大”、“偏小”或“更准确”）。
【答案】(1)乙(2)刻度尺(3)A(4) 错误 偏大
【详解】（1）由表中数据可知，绳子的有效段数为
所以是利用图中的乙滑轮组完成实验的。
（2）因表中要测量长度和绳子自由端拉力，故实验中用到的测量工具有弹簧测力计和刻度尺。
（3）动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重所做的功为额外功，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但机械效率不能大于1，故滑轮组的机械效率与物重的关系可能比较符合的图是A，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（4）[1][2]实验中应匀速缓慢竖直拉动测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于作用在绳子自由端的拉力大小。若静止读数，没有测量出机械之间的摩擦力，绳子自由端拉力测量值偏小，求出的总功偏小，测得的机械效率将偏大，因此他的想法是错误的。
【变式02】（2025·北京大兴·一模）小兴用如图甲所示的电路测量小灯泡L正常发光时的电阻，图中的电源电压为4.5V且保持不变，小灯泡的额定电压为3V。
(1)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，同时观察电压表示数的变化，当电压表的示数如图乙所示时，其读数为______V；
(2)改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I－U图像，由图像可知，小灯泡正常发光时的电阻是______Ω，当小灯泡两端电压变大时，其电阻______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】(1)2.4(2) 6 变大
【详解】（1）由图乙电压表可知，其量程为0~3V，分度值为0.1V，示数为2.4V。
（2）[1]由图象可知，灯泡额定电压3V对应的电流为0.5A，小灯泡正常发光时的电阻
[2]由图丙可知，灯泡的电压是2V，对应的电流是0.4A，灯泡的电阻为
灯泡额定电压3V对应的电流为0.5A，灯泡的电阻为6Ω，灯泡的电压是5V，对应的电流是0.6A，灯泡的电阻为
所以当小灯泡两端电压变大时，其电阻变大。
题●型●训●练
1．如图所示电路中，当开关S闭合时，电压表、、的示数分别为、、。电流表、的示数分别为、（五块电表的读数均不为零），那么下列关系式中正确的是（ ）
A．、B．、
C．、D．、
【答案】B
【详解】由图可知，电阻和灯泡串联，电流表A1、A2测电路中的电流，示数相等，即；电压表V1测灯泡两端的电压，V3测电阻两端的电压，V2测电源电压，根据串联电路中电流规律可知，，故B正确，ACD错误。
故选B。
2．根据图中温度计和停表，及刻度尺测木块的长度，下列说法正确的是（ ）
A．温度计读数为38℃
B．图中所示温度计可以离开被测物体读数
C．图中所示木块的长度为31.00cm
D．图中停表的读数为217.5s
【答案】D
【详解】A．图中温度计上每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，数值往下变大，说明是零下，则示数是-22℃，故A错误；
B．图中温度计是实验室常用温度计，离开被测物体后示数会发生变化，所以不能离开被测物体读数，故B错误；
C．图中刻度尺10cm之间有10个小格，其分度值为1cm，使用时，物体左侧与40.0cm刻度线对齐，右侧与71.0cm对齐，所以物体的长度为 L=71.0cm-40.0cm=31.0cm
故C错误；
D．分针指在3min~4min之间，偏向4min，秒针大盘的分度值是0.ls，指在37.5s，因此秒表读数为
t=3min37.5s=217.5s故D正确。
故选D。
3．图甲是热敏电阻R2的阻值随温度变化的关系图像。根据这种材料特性，某同学设计了一个电路，如图乙所示，可以测定某一环境温度。已知定值电阻R1阻值为10Ω，当环境温度为20℃时，电流表的读数为0.1A，电源电压恒定不变。下列分析正确的是（ ）

A．环境温度越高，电流表的示数越小
B．电源电压为6V
C．电流表的读数为0.2A时，环境温度为40℃
D．当R1的电功率为0.9W时，R2的阻值为10Ω
【答案】BCD
【详解】A．由乙电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，由图甲可知，环境温度越高，热敏电阻R2的阻值越小，电路的总电阻越小，由欧姆定律可知，电路中的电流越大，故A错误；
B．当环境温度为20℃时，电流表的读数为0.1A，由甲图可知，此时R2为50Ω，则电源电压为
故B正确；
C．电流表的读数为0.2A时，电路的总电阻为
此时R2'的阻值为
由甲图可知，当R2'的阻值为20Ω时，环境温度为40℃，故C正确；
D．当R1的电功率为0.9W时，由式子，电路的电流为
电路的总电阻为
此时R2的阻值为
故D正确。
故选 BCD。
4．如图所示电阻箱的读数为______Ω。
【答案】2034
【详解】由图可知，电阻箱的读数为
5．常用体温计的刻度部分为三棱体，横截面如图，其正面呈圆弧形，以便于读数，这是因为圆弧形玻璃的作用相当于 ________，使我们能看到水银柱放大后的 _____像（填“实”或“虚”）。
【答案】 放大镜 虚
【详解】[1][2]从图中体温计的横截面看，此温度计的圆弧形玻璃相当于凸透镜，对在焦距内的数据起到放大的作用，是放大镜的成像原理，可以成正立放大的虚像。
6．小明家一周前、后电能表示数如图所示，请写出“本周一中午”电能表的读数______kW·h，假如小明家所在地区每度电的电费是0.5元，如果小明每周都使用这么多的电，那么小明在电卡中预存209元，则能用______周。
【答案】 823.3 10
【详解】[1]电能表计数的单位是kW·h，计数器最后一位是小数，所以“本周一中午”电能表的读数为823.3kW·h。
[2]从上周一中午到本周一中午，小明家消耗的电能为W=823.3kW·h-781.5kW·h=41.8kW·h=41.8度
每度电的电费是0.5元，所以一周需缴纳的电费为0.5元/度×41.8度=20.9元
在电卡中预存209元，则能用的数为
7．如图是一支水银体温计，它是利用水银的___________性质制成的：用体温计测量人的体温时，可以离开人体读数，是因为体温计有缩口；该体温计此时的读数是___________℃。
【答案】 热胀冷缩 37.8 ℃
【详解】[1]体温计是利用液体的热胀冷缩的性质制成的，水银体温计是利用水银的热胀冷缩的性质制成的。
[2]如图所示，体温计的分度值为0.1℃，示数为37.8℃。
8．小明利用刻度均匀的轻质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”实验，如图所示。已知每个钩码重0.5N。
(1)实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向_______（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)在图甲中的A点悬挂4个钩码，要使杠杆仍保持水平位置平衡，需在B点悬挂_______个钩码；
(3)如图乙所示，取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，若在C点改变弹簧测力计拉力的方向，杠杆仍然在水平位置平衡，则测力计的读数与原来相比将_______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】(1)右(2)2(3)变大
【详解】（1）杠杆左端下沉说明左侧偏重，应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是消除杠杆自重对实验的影响，同时便于测量力臂。
（2）设杠杆每格长度为L，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2
可得：4×0.5N×2L = F2×4L
解得F2=1N
即需要在B点悬挂2个钩码。
（3）拉力方向改变会影响力臂大小，从而影响拉力大小。当拉力方向改变时（拉力方向不再和杠杆垂直，而是斜向上拉动），力臂会减小。要保持杠杆平衡，根据杠杆平衡条件F₁l₁=F₂l₂
可知，在F₁l₁的大小不变的情况下，当l₂减小时，F₂需要增大，所以测力计示数会变大。
9．小明做“测量盐水的密度”实验，步骤如下：
(1)将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中线的右侧，向______调节平衡螺母，使天平横梁平衡；
(2)先用调好的天平测出烧杯和盐水的总质量为53.8g，然后将烧杯中部分盐水倒入空量筒中，如图甲所示，则倒出盐水的体积为______。再用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，当天平横梁平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，读数为______g，则盐水的密度为______。
【答案】(1)左(2) 20 31.8 1.1
【详解】（1）当指针静止时指向分度盘中线右侧，说明天平右侧质量偏大，根据天平调节原理：指针偏右时，需将平衡螺母向左侧移动，最终使天平横梁平衡。
（2）[1]由甲图知，量筒的分度值为1mL，倒出盐水的体积
[2]如图乙所示，天平标尺的1g∼2g之间有5个小格，其分度值为0.2g，游码左侧指在1g过4格处，示数为1.8g，小明测得烧杯和剩余盐水的总质量m剩=20g+10g+1.8g=31.8g
烧杯和盐水的总质量，倒出盐水的质量m=m总-m剩=53.8g-31.8g=22g
[3]盐水的密度为
10．在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，电路图如图甲所示。
(1)实验电路中还缺少一个实验器材，请将所缺器材的电路元件符号正确连入图甲所示的电路中______；
(2)实验时，先将电阻箱的阻值调为5Ω，然后将滑片P调至______（填“A”或“B”）端，闭合开关，再调节滑片P至某一位置，电流表示数如图乙所示，读数为______A；
(3)然后改变五次电阻箱的阻值R，并保持滑片P位置不变，读出电流表的示数I，将多组数据描点，画出I-R图像，如图丙所示。根据实验数据，______（填“能”或“不能”）得出导体中的电流与电阻成反比的结论；
【答案】(1)(2) B 0.44(3)不能
【详解】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，需要控制电阻两端的电压不变，因此必须测量电阻两端的电压。应在电阻箱两端需要并联电压表。
（2）[1]实验开始前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大端，即B端。这样可以起到保护电路的作用，避免闭合开关时电流过大损坏电表。
[2]图乙中电流表选用0-0.6A量程，分度值为0.02A。指针指在0.4A后的第2个小格处，因此读数为0.44A。读数时要注意视线与刻度盘垂直，确保读数准确。
（3）从图丙的I-R图像可以看出，电流与电阻的乘积（即电压）并不恒定，说明在改变电阻箱阻值时没有保持电阻两端的电压不变。正确的做法是每次改变电阻后，都要调节滑动变阻器使电压表示数保持不变。因此根据现有数据不能得出电流与电阻成反比的结论。要得到正确结论，必须控制电压不变，这是本实验的关键。
11．用温度计测量水的温度。
(1)下列操作步骤正确的排序为：______________；
A．取出温度计
B．让温度计的玻璃泡全部浸入水
C． 估测被测水的温度
D．读出温度计的示数
E. 选取适当的温度计
F. 让温度计与水充分接触一段时间
(2)图中温度计的读数分别为 ______℃。
【答案】(1)CEBFDA
(2)57
【详解】（1）用温度计测量水的温度时，应估测被测水的温度，选取适当的温度计，避免所测温度超过所用温度计的量程，之后将温度计的玻璃泡全部浸入水中，待温度计的示数稳定时，读出温度计的示数，取出温度计，完成测量。所以正确的排序为：CEBFDA。
（2）图示中，温度计的分度值1摄氏度，示数为57摄氏度。
12．如图甲所示，小华探究“水的沸腾前后温度与加热时间的关系”的实验装置，实验过程中温度随加热时间变化的数据如下表。
（1）当加热0.5min时，温度计示数如图乙，读数为______℃；
（2）请你根据表中的数据归纳出实验结论：水在沸腾前，__________；水在沸腾过程中，__________；
（3）实验过程中，水沸腾时温度小于100℃，原因可能是__________。
A．烧杯中水的质量太小
B．对烧杯中水加热时间短
C．实验地点的大气压低于1标准大气压
【答案】 95 随着加热时间增加，温度升高 随着加热时间增加，温度不变 C
【详解】（1）[1]由图乙可知，温度计的分度值为1℃，示数为95℃。
（2）[2][3]由表格数据可知，从0~2min，水的温度一直上升，在第2min时，水开始沸腾，温度保持98℃不变。因此可得出实验结论：水在沸腾前，随着加热时间增加，温度升高；水在沸腾过程中，随着加热时间增加，温度不变。
（3）[4]1标准大气压下水的沸点为100℃，水的沸点会随着气压的改变而改变，气压降低，水的沸点也会降低，实验过程中，水沸腾时温度小于100℃，原因可能是实验地点的大气压低于1标准大气压。烧杯中水的质量太小、对烧杯中水加热时间短都不会改变水的沸点。故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
13．小明所在的学习小组开展了“冰熔化时温度的变化规律”的实验探究，在标准大气压下，利用如图甲所示的实验装置进行探究：

（1）如图甲所示的温度计读数为___________ ℃；
（2）该物质在第5min时，处于___________ （选填“固态”“液态”或“固液共存”）状态；
（3）小明绘制出了冰熔化时温度随时间变化的图像（图乙所示），冰属于___________ （选填“晶体”或“非晶体”）。
【答案】 固液共存 晶体
【详解】（1）[1]该温度计的分度值为1℃，示数为-4℃。
（2）[2]由图乙可知，第时，物质处于熔化过程中，为固液共存态。
（3）[3]由图乙可知，冰熔化时温度不变，故冰是晶体。
14．如图甲所示，琴琴同学探究“水的沸腾与加热时间的关系”，水的质量为100g，实验过程中温度随时间变化的关系如下表。

（1）当加热0.5min时，温度计示数如图乙，读数为______℃；
（2）根据示数研究得出水沸腾时的温度变化特征是：水沸腾时持续吸热，温度______；（选填“升高”、“降低”或“不变”）
（3）琴琴同学实验过程中，水沸腾时温度小于100℃，原因是______；
（4）如何减少加热时间，请给琴琴同学提个建议：______；
（5）水在1分钟内吸收的热量为______J；
（6）根据第（5）步进一步探究，水沸腾后继续加热了10分钟，水的质量少了4g，探究蒸发1克水吸收了多少热量？（忽略热量损失）( )
【答案】 95 不变 当地大气压小于1标准大气压 减少水的质量 840 2100J
【详解】（1）[1]由乙图可知，温度计的分度值为1℃，温度计示数为95℃。
（2）[2]由表中数据可知，从第2min开始，水温保持98℃不变，所以可得出水沸腾时的温度变化特征是：水沸腾时持续吸热，温度不变。
（3）[3]由于在1标准大气压下，水的沸点为100℃，水的沸点随气压的降低而降低，所以当气压小于1标准大气压时，水沸腾时温度小于100℃。
（4）[4]为了减少加热时间，可以用初温较高的热水，或者减小水的质量。
（5）[5]由表中数据可知，水在1min内，温度由94℃上升至96℃，则水在1分钟内吸收的热量
（6）[6]水沸腾后继续加热了10分钟，水的质量少了4g，则蒸发1克水吸收的热量
15．两位同学探究金属丝电阻大小与长度的关系，他们分别做实验，都选取一段粗细均匀的金属丝拉直连接在A、B接线柱上，在金属丝上安装一个可滑动的金属夹P。实验室还提供了下列器材：电压表、电流表、电池组（电压3V）、滑动变阻器（20Ω 2A）、刻度尺、开关和导线若干。

（1）为了测量AP段的电阻R，小牛连接了如图1甲所示的电路，请用笔画线代替导线，把图中还没有连接的一根导线接上，使电路完整；( )
（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最 ___________（选填“左”或“右”）端；
（3）要进一步研究，就需要测量导体的电阻，小聪的实验方案和操作过程均正确，两表的连接和示数如图2所示。但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致实验误差，解决这一问题的措施是 ___________；
（4）小牛同学的实验中测得电压表的读数为2.1V，电流表指针偏转如图1乙所示，则电流表的读数为I=___________A，此时金属丝的电阻R=___________Ω；
（5）实验中移动金属夹P，分别测得AP段的长度l和对应的电阻值R，数据如表：
分析表中数据得出结论：___________；
（6）小牛认为，由于电源电压没有超过电压表所选量程的最大值，因此在闭合开关前，可以将变阻器的滑片置于任意位置。你认为他的想法是 ___________（选填“正确”或“错误”）的，理由是：___________。
【答案】 右 选择电流表的小量程 0.42 5 导体的材料、横截面积和温度一定时，导体的电阻值与导体的长度成正比 错误 电路中的电流可能超出电流表的量程，从而烧坏电流表。
【详解】（1）[1]将电流表的负接线柱与滑片P连接，如下图所示：

（2）[2]在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，由于滑动变阻器接的是下面左边的接线柱，所以闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最右端。
（3）[3]电流表指针偏转过小，电流表读数误差较大，会增大实验误差；电流表换用小量程，可以减小读数误差，从而减小实验误差。
（4）[4]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的读数为
[5]由欧姆定律得，此时金属丝的电阻为
（5）[6]由表格中数据知，电阻长度增大为原来的几倍，电阻值便增大为原来的几倍，电阻值与长度的比值是一个常数，所以其它条件不变，导体的电阻与长度成正比。
（6）[7][8]若电路中由于电路连接问题使电路中的电流过大，超过电流表的量程，会烧坏电流表，所以小牛的想法是错误的，在闭合开关前，不能将变阻器的滑片置于任意位置，要把滑动变阻器的滑片移至最大阻值处。
16．图甲是小刚测电阻的电路图，他进行了下列操作，请按要求完成下列问题：

（1）闭合开关前， 滑片P应置于滑动变阻器的最______端（选填“右”或“左”）；
（2）用完好的器材按图甲正确连接好电路，试触时，发现电流表的指针偏转角很小，移动滑动变阻器的滑片时，指针偏转角度仍然较小，产生该现象的原因可能是： ________；
（3）电路调试完成后，某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙所示，则电压表的读数是______V，该电阻的阻值R =______Ω。
【答案】 右 电流表选择的量程太大 2.4 8
【详解】（1）[1]闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最右端，即阻值最大处，目的是保护电路;
（2）[2]小刚同学用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触” 时，发现电流表的指针偏转很小；移动滑动变阻器的滑片，发现指针偏转仍然较小，产生该现象的原因可能是电流表量程选大了；
（3）[3][4]某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，被测电阻两端的电压为2.4V；电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，由欧姆定律得，该电阻的阻值为
17．实验室里，同学们正在分组做“测量金属块的密度”实验。实验器材有天平、量筒、烧杯、待测金属块、食用油。
（1）将天平放在______实验台上并将游码归零后，小明发现托盘天平的指针如图甲所示，此时他应该将平衡螺母向______调节，使天平横梁平衡；
（2）用调节好的天平测量合金块质量，天平平衡时，所用的砝码和游码位置如图乙所示，可知金属块的质量为______g，接着将该物体放到盛有食用油的量筒中，小明读数时如果像如图丙那样读数，则读出的液体体积______（选填“偏大”或“偏小”），旁边的同学纠正他的做法后，正确读出量筒中的食用油面如图丁所示，则金属块的密度为______；
（3）本次实验中，若发现20g砝码有些损，游码与其它砝码都准确，则所测石块密度______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（4）接着小明灵机一动，想利用所给器材测一测刚刚使用的食用油的密度（此时已更换新砝码）
小明同学进行了如下几步操作：
A．先用天平称出空烧杯的质量为；
B．将食用油倒入烧杯中，用天平测出食用油和烧杯的总质量；
C．将烧杯中的食用油全部倒入量筒，测出这部分食用油的体积为V；
D．用天平测出烧杯和残余食用油的总质量；
请帮助小明选出正确的操作步并正确排序______（只填写序号），根据采用的正确测量方法，写出食用油密度的表达式______。
【答案】 水平 左 27 偏大 2.7×103 偏大 ABC
【详解】（1）[1]实验前要将天平放在水平台上，并将游码归零后再调节平衡。
[2]从指针可以看出，此时天平左端高右端低，根据“哪端高往哪边调”的原则，此时应将平衡螺母向左移动。
（2）[3]由乙图可知此时砝码的总质量为20g+5g+2g=27g
即合金块的质量为27g。
[4]根据量筒读数时“俯大仰小”的规律可知，此时读出的液体体积偏大。
[5]由丁图可知此时合金块的体积为80cm3-70cm3=10cm3
再根据密度公式可得
即合金块的密度为2.7×103kg/m3。
（3）[6]因为砝码有破损，所以物体的实际质量要小于砝码的读数，会导致读数偏大，由密度公式可知，所测密度也会偏大。
（4）[7]根据小明提供的步骤，应该先测量空烧杯的质量，再往烧杯中倒入食用油测出此时烧杯和食用油的总质量，两次所测质量的差值即为食用油的质量，再将杯内的食用油全部倒入量筒中，测出食用油的体积，最后再根据密度公式即可算出食用油的密度。
[8]食用油的质量为m1-m0，食用油的体积为V，则由密度公式可得食用油的密度为
18．如图所示电路，电源两端电压保持不变。当开关闭合，滑动变阻器的滑片P移到某处A位置时，电压表读数为4V，电流表读数为1A；若把滑动变阻器的滑片P移到另一处B位置时，电压表读数为8V，电流表读数为0.8A；
（1）求定值电阻R1的值；
（2）求电源电压的值；
（3）若将滑动变阻器的滑片P移到最右端，则电路中功率多大？

【答案】（1）20Ω；（2）24V；（3）28.8W
【详解】解：（1）由电路图知，两个电阻串联在电路中，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流。设电源电压为U，滑片P置于A时，据欧姆定律有U=1A×R1+4V
滑片置于B点时，有U=0.8A×R1+8V
解以上两式得，R1=20Ω。
（2）电源电压U=1A×20Ω+4V=24V
滑片P移到最右端，变阻器接入电路的阻值为0。电路中只有R1工作，电路中的功率
答：（1）定值电阻R1的值为20Ω；
（2）电源电压为24V；
（3）电路中功率为28.8W。
19．潜水艇在国家的国防中占有重要位置，潜水艇的艇壳是用高强度的特种钢板制造，某潜水艇最大下潜深度可达350m，潜水艇的总体积为，水舱未充海水时，潜水艇总重量为，艇内两侧有水舱，其截面如题图所示，通过向水舱中充水或从水舱中向外排水来改变潜水艇的自重，从而使其下沉或上浮（g取10N/kg，取）。求：
（1）潜水艇是通过________实现下沉的；
（2）水舱未充海水时，漂浮在海面的潜水艇受到的浮力是________N，排开海水的体积是________；
（3）潜水艇在水面下匀速下潜的过程中受到海水的浮力________（选填“变大”“不变”或“变小”）；
（4）当潜水艇下潜至最大下潜深度时，受到海水的压强为_________Pa，舱门与海水的接触面积为1.5，此舱门受到海水的压力为________N。（用科学读数法表示）
【答案】 水舱中充水 900 不变
【详解】（1）[1]潜水艇是通过向水舱中充水，使潜水艇自重增大，当F浮​