广东中山市2025-2026学年高二上学期期末统测物理试卷（含答案）

这是一份广东中山市2025-2026学年高二上学期期末统测物理试卷（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.关于电磁波，下列说法正确的是( )
A. 电磁波不能在玻璃中传播
B. 红外线的波长比X射线的波长更长
C. 麦克斯韦用实验证实了电磁波的存在
D. 5G信号和4G信号都是电磁波，但是真空中5G信号比4G信号传播得更快
2.如图所示，弹簧振子在相距20cm的B、C两点间做简谐运动，O点为平衡位置。振子经过O点向左运动开始计时，经过0.5s第一次到达C点。取向左为正方向，则( )
A. 周期为0.5sB. 振幅为0.2m
C. 3s末的位移为0.1mD. 振动方程为x=0.1sinπtm
3.如图所示是一束复色光从空气射入玻璃球时的光路图，下列说法正确的是( )
A. 玻璃球对a光的折射率大于对b光的折射率
B. 在玻璃球中，a光的传播速度小于b光的传播速度
C. a光比b光更容易发生明显的衍射现象
D. 用同一双缝干涉实验装置做实验，a光的干涉条纹间距小于b光的条纹间距
4.如图所示，虚线是某段时间避雷针上方电场的等势面，A、B、C是等势面上的三点，相邻等势面间的电势差相等。一带负电的粒子从静止开始只在电场力作用下由C点加速向B点运动，不计粒子的重力，下列说法正确的是( )
A. C点的电场强度可能大于B点的电场强度B. B点的电势比C点的电势低
C. 粒子在C点的加速度比在B点的加速度大D. 粒子在B点的电势能小于在C点的电势能
5.随着科技发展，扫地机器人作为智能化家电典型代表逐步走入千家万户。如图所示为某一款扫地机器人的主机，产品的相关参数如表所示，下列说法正确的是( )
A. “mA⋅h”为能量单位B. 主机工作电流约为2.93A
C. 主机电动机的电阻约为645ΩD. 电池最多能储存的能量约为5.0×106J
6.实验中常常需要对电表进行改装。现在把一个电流计G改装成电流、电压两用的电表，如图所示，R1和R2为电阻箱。下列判断正确的是( )
A. 接ab两端时是电流表，且R1的电阻值越大，电流表量程越大
B. 接ab两端时是电压表，且R1的电阻值越大，电压表量程越大
C. 接ac两端时是电压表，R2保持不变，则R1的电阻值越大，电压表量程越大
D. 接ac两端时是电压表，R1保持不变，则R2的电阻值越大，电压表量程越大
7.如图，S为单色光源，S发出的光一部分直接照在光屏上，一部分通过平面镜反射到光屏上，从平面镜反射的光相当于S在平面镜中的虚像发出的，由此形成了两个相干光，设光源S到平面镜和到光屏的距离分别为a和l,a≪l，镜面与光屏垂直，单色光波长为λ。下列说法正确的是( )
A. 光屏上相邻两条亮条纹的中心间距为入a2lλ
B. 光屏上相邻两条暗条纹的中心间为laλ
C. 若将整套装置完全浸入折射率为n的透明溶液中，此时单色光的波长变为nλ
D. 若将整套装置完全浸入某种透明溶液中，光屏上条纹将变得密集
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.如图甲，小明做摆角较小的单摆实验，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的左右最远位置，小明通过实验测出当地重力加速度g=π2m/s2，并且根据实验情况绘制了单摆的振动图像如图乙，设图中单摆向右振动为正方向，则下列选项正确的是( )
A. 此单摆的振动频率是2HzB. 单摆的摆长约为1.0m
C. 仅改变摆球质量，单摆周期不变D. t=0时刻，摆球位于B点
9.某同学为了探究电容器充放电的规律，将平行板电容器与电池组相连，下极板接地，若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则( )
A. 电容器两极板正中间位置电势不变B. 电容器两极板间的电场强度增大
C. 电容器的电量不变D. 电流计G中有a到b方向的电流
10.如图所示，正六边形abcdef位于匀强磁场中，匀强磁场方向与正六边形平面平行，正六边形中心处有一长直导线，导线中通有垂直于正六边形平面向里的恒定电流，b点的磁感应强度为零。下列说法正确的是( )
A. a点的磁感应强度大小与d点的磁感应强度大小相等
B. d点的磁感应强度大小与f点的磁感应强度大小相等
C. e点的磁感应强度大小与a点的磁感应强度大小之比为2∶1
D. c点的磁感应强度大小与d点的磁感应强度大小之比为 3:1
三、实验题：本大题共2小题，共20分。
11.在用平行玻璃砖“测定玻璃的折射率”的实验中∶
(1)实验小组的主要实验操作如下，请将下述实验操作按照正确步骤排序∶
(填字母序号)。
A.在眼睛这一侧再插第三个大头针P3，使P3恰好把P1、P2的像都挡住
B.将玻璃砖拿走，在白纸上作光路图，进行测量计算，得出折射率
C.继续插第四个大头针P4，使P4恰好把P1、P2的像和P3都挡住
D.在木板上铺一张白纸，把玻璃砖放在纸上，描出玻璃砖的边ab，cd，然后在玻璃砖的一侧插两个大头针P1、P2，用一只眼睛透过玻璃砖看这两个大头针，调整眼睛的位置，使P2把P1恰好挡住
(2)实验中已经正确操作插好了4枚大头针，如图甲所示。请在图甲中画出光路图 ，并标出入射角θ1和折射角θ2，写出折射率的计算式n= 。
(3)实验中不小心将插两个大头针1、2一侧的界面ab画得离玻璃砖稍远了一些，如图乙所示，则实验中其测量值与真实值相比 (选填“偏大”、“偏小”或者“不变”)。
12.某实验小组欲测量一个定值电阻的阻值。
(1)方案一∶用多用电表对电阻进行初步测量。先将红黑表笔插入多用电表的插孔，之后将多用电表开关旋至欧姆挡的“×1”挡后，接下来的操作是红黑表笔短接，进行 (填“欧姆调零”或“机械调零”)，再将红黑表笔分别与该定值电阻两端相接，多用电表指针偏转位置如图甲所示，则该定值电阻的阻值为Rx= Ω。
(2)方案二∶除待测电阻Rx，开关S、导线外，实验室还提供下列器材∶
A.电池组(电动势3V，内阻较小)
B.电流表(满偏电流6mA，内阻为rg=100Ω)
C.电流表(0∼0.3A，内阻约1Ω)
D.电阻箱(阻值0∼999.9Ω)
E.滑动变阻器(阻值0∼5Ω)
F.滑动变阻器(阻值0∼2000Ω)
实验小组根据器材设计如图乙所示的实验电路，回答下列问题∶
①滑动变阻器应选择 (选填“E”或“F”)，开关S闭合前滑动变阻器的触头Р应位于 (选项填“a”或“b”)端；
②电流表A2应选择 (选填“B”或“C”)；
③实验中将电阻箱调至合适阻值R0并保持不变。调节滑动变阻器，利用电流表A1、A2测得多组数据Ⅰ ​1、I2，作出I1−I2图像如图丙所示，图线的斜率为k，则待测电阻的阻值Rx= (用字母k、R0和rg表示)。
四、计算题：本大题共3小题，共34分。
13.医生用超声波检测仪向人体内发射超声波(简谐横波)，如图甲所示，探头处质点的振动图像如图乙所示。超声波在人体组织中的传播速度大小v=1500m/s。
(1)求超声波的频率f和波长λ；
(2)若超声波到达某器官后反射回探头，总用时Δt=2×10−5s，求该器官到探头的距离d。
14.如图所示，AB为半径r=0.9m的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，半径O1A水平，B点右侧有一竖直放置的光滑绝缘圆弧轨道CDE，D点是轨道最低点，E点是轨道最高点，圆弧CD对应的圆心角θ=53 ∘，竖直直径DE右侧空间存在竖直向上的匀强电场，电场强度E=5×102N/C，一质量为m=1kg、电荷量为q=+4×10−3C的物体(可视为质点)，从A点的正上方距离A点H=0.9m处由静止开始自由下落，经圆弧轨道AB从B点水平抛出，恰好从C点沿切线方向进入圆弧轨道CDE且恰能通过E点。已知sin53 ∘=0.8，cs53 ∘=0.6，不计空气阻力，g取10m/s2，求：
(1)物体运动至圆弧轨道B点时所受支持力FN的大小；
(2)B、C两点的高度差h；
(3)圆弧CDE的半径R。
15.通过研究过氧化氢液滴在电场中的运动轨迹可以测量其荷质比(电荷量与质量的比值)。某同学在实验中发现当电场强度达到一定值后，液滴会因为内部电荷的分布及受力等原因分裂成两部分。实验过程简化如下：带正电的液滴从某高度处被释放，进入场强大小为E1、方向与水平方向夹角为θ的匀强电场Ⅰ中，此时，液滴所受合力的方向恰好与该处速度方向垂直；高度下降L后，液滴速度方向恰好与场强E1垂直；随后进入方向水平向右、场强大小为kE1的匀强电场Ⅱ，此时液滴立刻分裂为质量一大一小两部分，假设液滴分裂后瞬间两部分的速度大小及方向与分裂前液滴的速度相同，且分裂后质量较大的部分恰好做直线运动。已知质量大的部分占总质量的比例为η，重力加速度为g。求：
(1)分裂前液滴的荷质比；
(2)液滴进入匀强电场Ⅰ瞬间的速度大小v0；
(3)液滴分裂后，质量较小部分的荷质比。
参考答案
1.B
2.D
3.C
4.D
5.D
6.D
7.D
8.BCD
9.AD
10.BC
11.DACB
sinθ1sinθ2
偏小

12.欧姆调零
9.0
E
a
B
R0+rgk−1

13.(1)由图乙可知周期为 T=4×10−6s
则超声波的频率为 f=1T=14×10−6Hz=2.5×105Hz
根据 λ=vT
代入数据解得波长为 λ=6×10−3m。
(2)超声波往返的总路程为 s=2d
又 s=vΔt
联立解得该器官到探头的距离为 d=1.5×10−2m。

14.(1)物体运动到B点过程，根据动能定理有 mgH+r=12mvB2
物体在B点，根据牛顿第二定律有 FN−mg=mvB2r
解得vB=6m/s ， FN=50N；
(2)物体恰好从 C 点沿切线方向进入圆弧轨道，根据速度分解有 vBtanθ=gt
物体做平抛运动，则有h=12gt2
解得h=3.2m；
(3)结合上述，物体在C点速度vC=vBcsθ=10m/s
物体进入圆弧轨道CDE且后恰能通过 E 点，根据牛顿第二定律有 mg−qE=mvE2R
物体从C点运动到E点过程，根据动能定理有 −mgR+Rcsθ+qE⋅2R=12mvE2−12mvC2
解得R=3.125m。

15.(1)题意可知，液滴进入 E1 时，液滴所受合力的方向恰好与该处速度方向垂直则有 E1qsinθ=mg
解得 qm=gE1sinθ
(2)离开电场Ⅰ瞬间，根据类平抛运动规律有 L=v0t1 、 vx=a1t1 、 a1=E1qcsθm 、 vx=v0tanθ
联立解得 v0= gLtanθ
(3)设大液滴质量为 m1 ，电荷量为 q1 ，在电场Ⅱ中做直线运动，有 E2q1m1g=tanθ
解得 q1=m1gtanθE2
又因为 E2=kE1 ， E1=mgqsinθ ， η=m1m
联立整理得 q1=ηtanθsinθkq
对质量较小的部分有 q2=q−q1=k−ηtanθsinθkq
又因为 m2=m−m1=(1−η)m
联立解得 q2m2=g(k−ηtanθsinθ)E1k(1−η)sinθ