福建省莆田华侨中学2025-2026学年九年级上学期物理（12月）月考练习题（附答案）

这是一份福建省莆田华侨中学2025-2026学年九年级上学期物理（12月）月考练习题（附答案），共35页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1. 下列事例，不属于扩散现象的是（ ）
A. 汤中放盐后变咸
B. 秋天到了，丹桂飘香
C. 将硼、磷等物质加入到晶体硅中可以制成半导体
D. 起风后灰尘漫天飞舞
【答案】D
【解析】
【详解】A．汤中放盐后变咸，是盐的分子分散到了汤中，属于扩散现象，故A不符合题意；
B．秋天到了，丹桂飘香，是由于分子不停地做无规则运动产生的扩散现象，故B不符合题意；
C．将硼、磷等物质加入到晶体硅中可以制成半导体，是硼、磷等物质的分子扩散进入了晶体硅中，故C不符合题意；
D．起风后灰尘漫天飞舞，是灰尘的机械运动，属于宏观物体的运动，不属于扩散现象，故D符合题意。
故选D。
2. 糖炒板栗是人们秋冬季喜爱的美食。如图所示，在炒板栗时，要在炒锅中放入一些砂石，下列说法正确的是（ ）
A. 炒板栗时，板栗的清香味弥漫在空气中，这是扩散现象
B. 用砂石和板栗同炒能提高效率是因为砂石的比热容大
C. 炒板栗时热量总是从低温的板栗向高温的炒锅转移
D. 板栗香气的浓烈程度与板栗的温度无关
【答案】A
【解析】
【详解】A．板栗的清香弥漫在空气中，说明分子在不停地做无规则运动，是扩散现象，故A正确；
B．在炒板栗时，很容易把板栗炒煳，由于沙子的比热容小，这样沙子被炒热后可以均匀地把热量传递给板栗，故B错误；
C．炒板栗时，热量总是从高温的铁锅向低温的板栗转移，故C错误；
D．板栗香气的浓烈程度是分子的无规则运动程度，热运动的激烈程度与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故D错误
故选A。
3. 如图所示，金属制成的气缸中装有汽油和空气的混合物。下列操作有可能使气缸中汽油燃烧的是（ ）
A. 迅速向里推活塞B. 迅速向外拉活塞
C. 缓慢向里推活塞D. 缓慢向外拉活塞
【答案】A
【解析】
【详解】A．迅速向里推活塞，对汽油和空气的混合物做功，机械能转化为内能，温度比较高，汽油可能燃烧，故A符合题意；
BD．迅速向外拉活塞，气缸内温度降低，更不可能燃烧，故B不符合题意；
C．缓慢向里推活塞，存在热量的损失，而且温度上升比较慢，可能无法达到汽油的燃点，汽油不会燃烧，故C不符合题意。
故选A。
4. 下列关于新材料、新技术及其应用的说法，不正确的是（ ）
A. 若电动机的线圈使用超导材料制作，可以进一步减少电能的损耗
B. 华为P60使用以硅为主要原料的芯片，该芯片不需要使用半导体材料
C. “纳米材料”是指原料的几何尺寸达到纳米级，因而具有某些特殊性能
D. 超导体可以用来做输电线
【答案】B
【解析】
【详解】A．电动机主要将电能转化为机械能，少部分转化为内能，电动机会发热，如果电动机的线圈使用超导材料制作，超导材料电阻为零，电流通过线圈就不会产生热量，可以进一步减少电能的损耗，故A正确，不符合题意；
B．芯片需要使用半导体材料，故B错误，符合题意；
C．所谓纳米指的是，即指原料的几何尺寸达到这个级别，可以获得特殊性能，故C正确，不符合题意；
D．超导材料电阻为零，电流通过超导材料不会产生热量，因此用超导材料做输电线可以减小电能输送过程中电能损耗，故D正确，不符合题意。
故选B。
5. 通常情况下，下列物品中属于绝缘体的是（ ）
A. 木质铅笔里的石墨芯
B. 蓄电池内的硫酸溶液
C. 导线中的铜丝
D. 钢丝钳把手上的塑料套
【答案】D
【解析】
【详解】通常情况下，石墨、硫酸溶液和铜丝都容易导电，是导体，塑料套不易导电，是绝缘体，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
6. 如图所示下面四个示例中的能量转化过程，与内燃机做功冲程相同的是（ ）
A. 甲图中压缩空气B. 乙图火柴燃烧
C. 丙图电风扇通电转动D. 丁图矿泉水瓶盖上瓶盖，用力拧变形，轻拨瓶盖，瓶盖会被冲出
【答案】D
【解析】
【详解】A．内燃机做功冲程是将内能转化成机械能。压缩空气是对空气做功将机械能转化为内能，A不符合题意；
B．火柴燃烧是将化学能转化为内能，B不符合题意；
C．电风扇通电转动将电能转化为机械能，C不符合题意；
D．矿泉水瓶盖上瓶盖，用力拧变形，轻拨瓶盖，瓶盖会被冲出，将内能转化为机械能，D符合题意。
故选D。
7. 丁雨晨同学（设为甲）、爸爸（设为乙）和妈妈（设为丙）表决是否和同学去做公益活动。若同意，就按一下自己面前的按钮。要求丁雨晨同意并且爸爸和妈妈至少一人同意，指示同意的灯泡L才亮，就可以去做公益活动，否则不行。符合这一要求的电路是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】由题意可知，丁雨晨的爸爸、妈妈的按钮工作时相互影响，因此爸爸、妈妈对应的开关乙和丙并联，丁雨晨的按钮与爸爸、妈妈的按钮工作时相互影响，因此开关乙和丙并联连接后与开关甲串联连接，故只有B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
8. 如图所示，是文文同学设计用滑动变阻器调节灯泡亮度的几种方案，你认为可以达到目的方案是
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】（1）电压表的内阻很大、在电路中相当于断路；
（2）灯泡和滑动变阻器串联在电路中，移动滑片，改变连入电路的电阻，改变电路中灯泡的电流，能调节灯泡的亮度；
（3）用电器短路时，用电器不工作；
（4）灯泡和滑动变阻器并联时，移动滑片，不能改变灯泡的电流，不能调节灯泡的亮度．
【详解】A. 由电路图可知，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以滑片移动时变阻器接入电路中的电阻不变，灯泡的亮暗不变，故A错误；
B. 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，滑片移动时接入电路中的电阻发生变化，灯泡两端分得的电压发生变化，灯泡的实际功率随之发生变化，可以调节灯泡亮度，故B正确；
C. 由电路图可知，灯泡与滑片左侧部分电阻被短路，滑片移动时，灯泡始终不亮，故C错误；
D. 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，滑片移动时灯泡的亮暗不变，故D错误．
故选B.
9. 在“估测用电器的实际功率”的综合实践活动中，小明先断开家中所有用电器，只让某电水壶工作3min，其铭牌如图所示，测得电能表指示灯闪烁120次。若只让另一个家用电器工作6min，电能表指示灯闪烁的次数为36次，此电器最可能是（ ）
A. 电风扇B. 电视机
C. 电热水器D. 洗衣机
【答案】B
【解析】
【详解】电能表指示灯每闪烁一次消耗的电能相同。已知热水壶的额定功率为1000W。由公式可得
得此电器的功率为
电风扇、电视机、电热水器、洗衣机中，功率最接近150W的是电视机。
故选B。
10. 关于欧姆定律，下列说法中正确的是（ ）
A. 欧姆定律是只通过理论推导得出的规律
B. 欧姆定律反映出了导体电阻跟电流和电压之间的关系
C. 由欧姆定律变形得，说明电阻与电压成正比，与电流成反比
D. 欧姆定律中的I、U和R反映的是同一段电路中同一时刻的电流、电压和电阻关系
【答案】D
【解析】
【详解】A．欧姆定律是通过实验结果归纳总结得出的，故A错误；
B．欧姆定律反映出了导体中的电流与导体的电压和电阻之间的关系，故B错误；
C．由欧姆定律变形得，但电阻是导体本身的一种属性，其大小与导体的长度、材料和横截面积有关，与电压和电流无关，故C错误；
D．欧姆定律公式中的I、U和R具有同一性、同时性，即必须是同一段电路中同一时刻的电流、电压和电阻关系，故D正确。
故选D。
11. 如图所示电路中，电源电压不变，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后，发现其中一个电压表示数变大，则（ ）
A. 灯L可能变亮B. 电压表V1示数变大
C. 电阻R可能断路D. 电阻R可能短路
【答案】C
【解析】
【详解】由题图可知，电压表V1测量的是电源电压，无论电阻R和灯泡L发生什么故障，其示数不变，所以示数变大的是电压表V2。由题图可知，当电路正常工作时，电阻R与灯泡L串联，电压表V2测电阻R两端的电压，其示数小于电源电压。若灯泡L短路，此时灯泡不亮，灯泡两端电压为0，电阻R两端的电压等于电源电压，即电压表V2的示数等于电源电压，电压表V2的示数变大。若灯泡L断路，则电压表V2的示数变为0。若电阻R短路，则电压表V2的示数变为0。若电阻R断路，电压表V2和灯串联在电源上，灯泡不亮，电压表V2示数增大为电源电压。可见，能使电压表V2的示数变大的原因是灯L短路或电阻R断路，这两种情况灯都不亮。
故选C。
12. 小海同学用量程为1mA的电流表（该电流表可看作为导线，内部电阻可忽略），按如图所示电路改装成量程分别为3V和0.6A的多用电表，图中R1和R2为定值电阻，S为开关．下列说法正确的是（ ）
A. 开关S闭合时，这个多用电表为电压表
B. R1的阻值为300Ω
C. R2的阻值约为5.0Ω
D. 表笔A是该电表的“+”接线柱
【答案】C
【解析】
【详解】A．由电路图知道，开关S闭合时，R1与电流表支路并联，由并联电路的电流特点知道，通过整个电路的电流增大，即电流表量程扩大，是电流表，可以测电流，故A错误；
B．开关S断开时，只有R1连入，此时电表为电压表，由于电压表量程为3V，由知道，
＝3000Ω，
故B错误；
C．电表为电压表时，由于量程为0.6A，则
I2＝I﹣Ig＝0.6A﹣0.001A＝0.599A；
由知道，
≈5Ω，
故C正确；
D．电流表应保证电流从正接线柱流入，负接线柱流出，所以，表笔A是该电表的“﹣”接线柱，故D错误．
13. 如图所示电路中，电源电压不变．闭合开关后，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W。下列说法正确的是
A. 小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
B. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C. 电源电压为8V
D. 滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为3.2W
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，灯泡、滑动变阻器串联连接，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
闭合开关后，当滑片P在某一端点时，根据P＝UI可知：灯泡两端的电压
＝3V；
当滑片P移至中点时，由于滑动变阻器变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，所以此时电灯泡两端的电压
＝3V；
由于灯泡正常发光时根据P＝得：
灯泡正常发光时的电阻
＝12.5Ω，
故A错误；
当滑片P在某一端点时，滑动变阻器全部连入电路，根据串联电路电阻特点和I＝可得：电源电压
U＝IR＝3V----①,
当滑片P移至中点时，根据P＝UI可知：
电路中的电流
＝0.4A,
根据串联电路电阻特点和I＝可得：
电源电压
U＝RLR)＝0.4A(12.5ΩR)---②
解①②可得：
R＝20Ω，
故B正确；
U＝9V，
故C错误；
当滑片P在最右端时，滑动变阻器全部连入电路，滑动变阻器消耗的功率
P＝I2R＝(0.3A)20Ω＝1.8W，
故D错误。
故选B。
14. 如图甲所示，电源电压恒为6 V。灯泡L的规格为“6V 3.6W”，且电阻不随温度变化。闭合开关后，灯泡正常发光，当移动滑动变阻器的滑片P时，电流表的示数发生变化，若其最小值如图乙所示，最大值为满刻度。下列说法正确的是（ ）
A. 图乙中电流表的示数为0.2A
B. 滑动变阻器连入电路的最小阻值为15Ω
C. 滑动变阻器连入电路的阻值变化量为12.5Ω
D. 此电路的最大功率为6W
【答案】C
【解析】
【详解】A．如题图所示，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路的电流值，根据并联电路中电流电压特点，干路电流等于各支路电流之和，每条支路两端电压相等。闭合开关后，灯泡正常发光，说明每条支路两端的电压等于电源电压为6V，而通过灯泡的电流为
据此可判定当灯泡正常发光时，干路电流应该大于0.6A，电流表量程应该选择大量程为0 ~3A；如图乙所示，电流表的分度值为0.1A，示数为1A；故A错误；
B．因为灯泡与滑动变阻器并联，变阻器改变阻值不影响灯泡正常发光，即通过灯泡的电流不变；根据欧姆定律可知，电压不变时电阻越小电流越大，所以当滑动变阻器连入电路的电阻最小时通过变阻器的电流最大，此时电流表为满刻度3A，则通过变阻器的最大电流为
则滑动变阻器连入电路的最小阻值为
故B错误；
C．当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电流最小，此时电流表为乙图示数1A，则通过变阻器的最小电流为
则滑动变阻器连入电路的最大阻值为
则滑动变阻器连入电路的阻值变化量为
故C正确；
D．当变阻器接入电路的电阻最小时，电路总电流最大为3A，此电路的最大功率为
故D错误。
故选C。
二、填空题
15. “一人吸烟，众人受害”，说明分子在不停地做______运动。两滴水银靠近，能自动结合成一滴较大水银，这一事实说明分子之间存在______。在勾兑白酒时，酒精和水混合后，总体积变小，说明分子间存在______。
【答案】 ①. 无规则 ②. 引力 ③. 间隙
【解析】
【详解】[1]“一人吸烟，众人受害”，是烟分子在空气中扩散的结果，说明分子在不停地做无规则运动。
[2]两滴水银靠近，能自动结合成一滴较大水银，这一现象是因为分子之间的相互吸引，说明分子之间存在引力。
[3]在勾兑白酒时，酒精和水混合后，总体积变小，说明分子间存在间隙。
16. 卓玛烧干木柴将2kg水从20℃烧开时，用温度计测得水温为90℃，这个过程中水吸收的热量是_______J，她是通过_______的方式改变了水的内能。[水的比热容为]
【答案】 ①. 588000 ②. 热传递
【解析】
【16题详解】
[1]水吸收的热量
[2]干木柴放热，水吸热，这是通过热传递的方式改变了水的内能。
17. 将汽油机的能量流向制成如甲图所示的图表，根据给出的信息可知，该汽油机的效率不高于______，部分汽车配有静电集尘型车载空气净化器，其工作流程如图乙所示。受污染的空气被吸入后，固体颗粒物（PM2.5等）进入电离区带上了电荷，然后在集尘器上被带电金属网捕获，颗粒物被捕获的原理是：异种电荷______。
【答案】 ①. 30% ②. 相互吸引
【解析】
【详解】[1]由图可知，热机的效率最大为
所以热机的效率不高于30%。
[2]由题意可知，颗粒物所带电荷与集尘器带电金属网所带电荷电性相反，由于异种电荷相互吸引，所以颗粒物被电网捕获。
18. 电能表是测量___________的仪表，在家庭电路中热水器单独工作2分钟后，如图所示的电能表的转盘转了150转，该热水器的功率为___________W。
【答案】 ①. 电能 ②. 1500
【解析】
【详解】[1]电能表是用来计量电功的仪表。
[2]热水器消耗的电能
热水器的功率
19. 汽车前照灯通常有“远光”和“近光”两种照明方式，使用“远光”时较亮，使用“近光”时较暗。如图所示，电源电压不变，A和B是灯泡内的两根灯丝，且，则开关S与触点_________连接是远光灯，与触点_________连接是近光灯。（选填“1”或“2”）
【答案】 ①. 1 ②. 2
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，当开关S与触点1接触时，电路为灯丝A的简单电路，由可得，此时灯丝A的电功率为
当开关S与触点2接触时，电路为灯丝B的简单电路，由可得，此时灯丝B的电功率为
其中
则
由于灯泡的亮度由其实际功率决定，所以开关S与触点1时，远光灯工作；开关S与触点2时，近光灯工作。
20. 某款家用电炖盅有“加热”和“保温”两个挡位，如图是其简化的电路图，R1=55Ω，R2=165Ω。开关S闭合后，电炖盅的旋钮开关处于图示位置时是 ___________挡位，电炖盅在该挡位工作10min产生的热量是 ___________J。
【答案】 ①. 保温 ②.
【解析】
【详解】[1]由电路图知，开关S闭合后，旋钮开关处于图示位置时（旋钮开关接1），两电阻串联，此时电路的电阻较大，旋钮开关接2时，只有接入R2电路中，电路的电阻较小，当电压一定时，由可知，旋钮开关处于图示位置时，电炖盅的功率较小，为保温档。
[2]根据串并联电路的特点及，在该挡为工作十分钟产生的热量为
三、作图题
21. 按如图所示的实物图，在方框内画出它相应的电路图；再在图中用“×”去掉一根导线，再用笔画线代替导线补上一根导线，使电流表测两灯的电流之和。
【答案】
【解析】
【详解】由实物图可知，两灯并联电流表测L2所在支路的电流，开关在干路上，对应的电路图如图所示
使电流表测两灯的电流之和，则电流表串联在干路上，所以需要去掉b导线，将电流表负接线柱与L1右接线柱相连，如图所示
22. 在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。补上后要求：电压表测小灯两端的电压；闭合电键，向左移动滑片，小灯变亮。
【答案】
【解析】
【详解】电压表测小灯泡电压，要与小灯泡并联；向左移动滑片时灯变亮，说明滑动变阻器的阻值减小，则下面使用了左侧接线柱，如图：
四、简答题
23. 如图所示，磨刀师傅磨菜刀时，手拿菜刀用力反复摩擦磨石，使刀变得更加锋利。磨刀时，若手接触刀刃会感觉“烫手”，有经验的师傅磨刀时总是边洒一些水边磨刀，请分析说明刀刃“烫手”以及洒水磨刀的原因。
【答案】见解析
【解析】
【详解】磨刀时，磨刀石和刀具相互摩擦，刀克服摩擦做功，使菜刀的内能增加，温度升高，刀的温度远高于手的温度，手接触菜刀，手与刀之间发生热传递，手吸热升温，摸起来感觉“烫手”；因为水的比热容较大，同质量的水，升高相同的温度能吸收更多的热量，磨刀时洒水可以显著降低刀刃的温度，避免刀因过热而受损。
24. 新一代手机充电器的“超级快充”技术极大地缩短了手机充电时间，若充电器的输出电压不变，它是增大哪一物理量实现超级快充的？若乱搭配较细的充电线，使用超级快充充电时，该充电线会发热显著，加速老化，甚至引起火灾，请用物理知识分析原因。
【答案】见解析
【解析】
【详解】超级快充即充电功率大，若充电器的输出电压不变，根据P=UI可知，要增大充电的电流才能实现超级快充。充电器的充电线有电阻，根据影响电阻的因素可知在其它条件一定时，导线越细，导线的电阻越大，由焦耳定律知，当电流和通电时间一定时，导线电阻越大，充电过程中产生的热量越多，因此乱搭配较细的充电线使用超级快充可能会因为产生热量过多而引起火灾。
五、实验题
25. 在“探究并联电路电流特点”的实验中，小吴同学选用两个不同的小灯泡组成了如图甲所示的电路，用电流表分别接在A、B、C三处测量电流，然后将测量结果记录在下列表格中。
（1）小吴正确测量C处电流时，电流表的指针位置如图乙所示，则所测电流值为___________A；
（2）通过对上面数据的分析，可以得出的结论是 ___________（用文字表达）；
（3）若想得到更多组数据，请举例一条可行的方法 ___________。
【答案】（1）0.22
（2）并联电路干路中的电流等于各支路电流之和
（3）换用规格不同小灯泡进行实验
【解析】
【小问1详解】
由如图丙所示电流表可知，其量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.22A。
【小问2详解】
三次数据都具有共同的特点：A点、B点是支路电流，它们两点的电流之和等于C点的干路电流。所以可以得出结论：并联电路干路中的电流等于各支路电流之和。
【小问3详解】
实验时要得出普遍结论就要多次量几次数据，避免偶然性，可换用规格不同小灯泡进行实验。
26. 小王和小明利用如图两套装置探究①“比较不同物质吸热的情况”以及②“不同燃料充分燃烧放出的热量”，液体和燃料的质量以及种类根据实验的需要和方便进行正确选取。
（1）两个实验中都要控制 _______（选填“燃料”或“液体”）质量相等；
（2）在探究“比较不同物质吸热的情况”时，物质吸热的多少是通过 _____来反映的；在探究“不同燃料充分燃烧放出的热量”时，燃烧放热多少是通过 _____来反映的（两空均填写序号）；
A．温度计上升的示数 B．加热时间
（3）假设在两个实验探究中根据所测数据都画出了如图丙图象（不计热量的损失），则根据图象可计算出，在探究不同物质吸热升温的现象中，图像一和图像二表示两种物质的比热容之比为________。
【答案】（1）液体 （2） ①. B ②. A
（3）1∶4
【解析】
【小问1详解】
为了比较不同燃料燃烧放出的热量热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体；比较不同物质吸热升温，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，所以两个实验中都要控制杯中液体质量相等。
【小问2详解】
[2]在探究“燃料燃烧放出的热量”实验中，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，根据Q=cmΔt可知，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，故在探究“燃料燃烧放出的热量”燃料放热多少是通过温度计上升的示数来反映的，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
【小问3详解】
在探究不同物质吸热升温的现象中，绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象如图，温度都升高10℃时，图象一对应物质的加热时间为10分钟，而图象二对应物质的加热时间为40分钟；由转换法可知，两种物质吸收热量之比
Q1∶Q2=10min∶40min=1∶4
根据Q=cmΔt可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，故图象一和图象二表示两种物质的比热容之比为1∶4。
27. 果果同学用如图甲所示的电路，探究“通过导体的电流跟电阻的关系”。实验器材：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一只，开关，五个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），两只滑动变阻器（甲“10Ω 2A”、乙“30Ω 1A”），导线若干。
（1）用笔画线代替导线完成图甲电路的连接；
（2）当选用5Ω的电阻时，移动滑片使电流表示数如图乙所示，以后每更换一个阻值更大的电阻后，应将滑动变阻器的滑片向___________（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为___________不变，同时记下对应的电流值；
（3）当果果同学改用15Ω的电阻继续实验时发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数达到实验要求的值，则果果同学选用的滑动变阻器是___________（选填“甲”或“乙”）；于是她更换另一只滑动变阻器继续实验，每次操作中更换的定值电阻的阻值与此时滑动变阻器接入电路的阻值之比为___________；
（4）多次改变R的阻值，根据实验数据画出如图丙所示的I～R图像，得到的结论是___________；
（5）乐乐同学认为还有一种图像也能直观地判断出I与R的定量关系，你认为图A、B、C所示的图像中，___________符合乐乐的观点。
【答案】（1） （2） ①. A ②. 2.5
（3） ①. 甲 ②. 5∶4
（4）导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
（5）A
【解析】
【小问1详解】
探究“通过导体的电流跟电阻的关系”电压表测量定值电阻R两端的电压，所以电压表负接线柱接定值电阻左端，如图所示：
【小问2详解】
[1][2]探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变；当选用5Ω的电阻时，电流表示数如图乙所示，乙图量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A，所以电阻两端的电压为
当换上大电阻时，其分得的电压变大，即电压表的示数变大，为保持电压表的示数2.5V不变，应增大滑动变阻器接入电路中的电阻，即滑片向A端移动。
【小问3详解】
[1]当改用15Ω的电阻继续实验时，即使将“10Ω 2A”的滑动变阻器的全部电阻接入电路，由欧姆定律，此时电路中的电流
电压表的最小示数
所以，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数达到实验要求的值，则果果选用的滑动变阻器是“10Ω 2A”，即甲滑动变阻器。
[2]因为定值电阻R与滑动变阻器串联，根据分压原理
【小问4详解】
分析图丙图像，曲线上对应的电流和电阻的乘积都等于2.5V，说明电压一定时，导体中的电流与电阻成反比。
【小问5详解】
根据欧姆定律可知，在电压一定时，电流与电阻成反比，故I与成正比，即I～​图像是一条过原点的直线，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
28. 某实验小组的同学在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，现有器材：电源（电压恒为6V）、开关、电压表、电流表各一个，额定电压为3.8V的待测小灯泡（电阻约为12Ω），滑动变阻器。
（1）该实验的实验原理是 ___________；
（2）如图1甲所示是小田同学连接的实物电路图，图中只有一根导线连接错误，请你在图中用“×”标出这根错接的导线，只改接一根导线使电路成为正确的电路（不能与其他导线交叉）。
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光，电压表无示数，电流表有示数，则电路的故障可能是 ___________；
（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图像如图1乙所示，则该小灯泡的额定功率为___________W；
（5）该组的另一同学接着实验时，发现电压表0~15V量程已经损坏，0~3V量程还可以正常使用，在不添加器材的情况下，为了测出该小灯泡的额定功率，请你如图1丙中的虚线框内画出正确的电路图；
（6）由图乙推知：小灯泡实际电压是额定电压一半时的电功率为P1，小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功率为P2，则P1___________P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
（7）小明做完实验后，想测量额定电流为I额的小灯泡L的额定功率，发现电压表已损坏。于是他利用电流表和定值电阻设计了如图2所示的电路，定值电阻的阻值为R2，根据电路图，主要测量步骤如下：
①闭合开关S和S2，断开开关S1，调节滑动变阻器，使电流表的示数为I额；
②保持滑动变阻器滑片不动，断开开关S2，闭合开关S1，记下此时电流表的示数为I；
③小灯泡的额定功率的表达式为P额=___________（用题中字母表示）。
【答案】（1）P=UI
（2）见解析 （3）小灯泡短路（或电压表短路）
（4）1.14 （5）见解析
（6）大于 （7）(I﹣I额)R0I额
【解析】
【小问1详解】
在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡额定功率，故该实验的实验原理是P=UI。
【小问2详解】
原电路图中，灯泡和电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
【小问3详解】
小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡始终不发光，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，即电路的故障可能是小灯泡短路或电压表短路。
【小问4详解】
由图1乙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为
PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W
【小问5详解】
根据串联电路的规律，当滑动变阻器两端的电压为
6V-3.8V=2.2V
时，灯正常发光，故可将电压表使用小量程与滑动变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数。如下图所示：
【小问6详解】
由图1乙知，小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流约为0.22A，电功率为
P1=U1I1=1.9V×0.22A=0.418W
小灯泡的实际电流是额定电流一半时（0.15A）对应的电压约为1V，灯的实际电功率为
P2=U2I2=1V×0.15A=0.15W
则P1大于P2。
小问7详解】
在步骤①中，灯泡与R0并联，电流表测通过灯的电流，当电流表示数为I额时，此时小灯泡正常发光；在步骤②中，灯泡与R0仍并联，电流表测干路电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，通过定值电阻R0的电流为
I0=I-I额
则定值电阻R0两端电压为
U0=I0R0=(I-I额)R0
根据并联电路电压的规律，灯泡的额定电压等于定值电阻两端电压，所以灯泡的额定电功率为
P额=U0I额=(I-I额)R0I额
29. 在测量未知电阻阻值的实验中，小明设计并连接了如图甲所示的实验电路。
（1）小明在连接电路的过程中，开关必须______；
（2）小明连接好电路进行检查时，发现其中有一根导线连接有误，请在该导线上画“”，并在原图上画出正确的连线________（导线不能交叉）；
（3）改正错误后闭合开关，发现电流表无示数，电压表的示数较大，则电路故障可能是______；
（4）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，当电流表示数为0.3A时，电压表示数如图乙所示，则其示数为______V，未知电阻______；
（5）若实验中只有一个电压表和一个已知阻值为的定值电阻，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻的阻值，请将实验步骤补充完整：
①闭合开关S，断开开关S1，用电压表测出待测电阻两端的电压为；
②闭合开关S、S1，记下此时电压表读数为U；
③请写出未知电阻阻值的表达式：______（用U、和表示）。
【答案】（1）断开 （2）
（3）电阻断路
（4） ①. 2.4 ②. 8
（5）
【解析】
【小问1详解】
为了保护电路，小明在连接电路的过程中，开关必须处于断开状态。
【小问2详解】
实验中，定值电阻应与滑动变阻器串联，且电压表并联在定值电阻两端，故定值电阻与滑动变阻器相连的导线错误，应将定值电阻的右接线柱与滑动变阻器的左下接线柱相连，如图所示：
【小问3详解】
电流表无示数，说明电路断路，电压表的示数较大，说明电压表与电源相通，串联在电路中，与电压表并联的那部分电路断路，所以，故障可能是电阻断路。
【小问4详解】
[1][2]由图乙可知，电压表示数如图乙所示，选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V，由欧姆定律可知，未知电阻的阻值
【小问5详解】
在②中，闭合S和S1，R0短路，电路为Rx的简单电路，电压表测电源电压，因此电源电压为U；在①中，闭合开关S、断开开关S1，两电阻串联，电压表测待测电阻Rx两端的电压，因此此时待测电阻Rx两端的电压为U1，由串联电路电压的规律可知，定值电阻的电压
U0=U-U1
由串联电路的电路规律和欧姆定律可知，通过Rx的电流为
由欧姆定律可知，待测电阻Rx的阻值
六、计算题
30. 李平同学早上用燃气灶烧水煮面时，燃烧了的天然气，把质量为2.5kg、初温为20℃的水刚好加热到100℃。已知水的比热容为，天然气的热值为。求：
（1）水吸收的热量；
（2）天然气完全燃烧放出的热量；
（3）燃气灶煮面时的热效率。
【答案】（1）
（2）
（3）40%
【解析】
【小问1详解】
水吸收的热量为
【小问2详解】
天然气完全燃烧放出的热量为
【小问3详解】
燃气灶煮面时的热效率为
31. 萝卜快跑已经基本攻克了武汉的复杂道路场景，实现了武汉城市全域、全时空场景覆盖，为武汉市民和外地游客提供便捷的无人化出行服务。萝卜快跑无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是2000N，燃油的热值为4.6×107J/kg，假设燃油完全燃烧。求：
（1）汽车行驶速度是多少？
（2）汽车牵引力做功的功率是多少？
（3）汽车发动机的效率是多少？
【答案】（1）20m/s
（2）40kW （3）20%
【解析】
【小问1详解】
汽车行驶速度为
【小问2详解】
汽车牵引力做功的功率为
【小问3详解】
汽车牵引力做功为
燃油完全燃烧放出热量为
则汽车发动机的效率为
32. 下表为某饮水机铭牌的部分参数，其内部简化电路如图所示。当S闭合，S1断开时，饮水机处于保温状态，当S、S1同时闭合时，饮水机处于加热状态。已知R2=48.4Ω，[c水=4.2×103J/（kg·℃）]，求：
（1）饮水机保温状态下正常工作时20min消耗的电能；
（2）R1的阻值是多少？加热功率是多大；
（3）若不计热损耗，该饮水机将2kg的水从30℃加热至90℃，需要多长时间。
【答案】（1）
（2）1051.6Ω，1000W
（3）8.4min
【解析】
【小问1详解】
饮水机保温状态下正常工作时20min消耗的电能为
【小问2详解】
当S闭合，S1断开时，两电阻串联，饮水机处于保温状态，根据可得，此时电路的总电阻为
所以，R1的阻值是
当S、S1同时闭合时，电路为R2的简单电路，饮水机处于加热状态，根据可得，加热功率是
【小问3详解】
2kg的水从30℃加热至90℃吸收的热量为
不计热损耗，饮水机处于加热状态需要消耗的电能为
根据可得，需要加热的时间为
33. 如图所示为某一电热水壶加热装置工作电路原理图，R1、R2均为发热电阻，其中旋钮开关可实现低温挡、高温挡的转换，且高温挡时的额定功率为1100W，低温挡时的额定功率为440W。
（1）发热电阻R1的阻值是多少
（2）用电高峰期电压会降低，若只让该电热水壶单独工作400s，图中电能表转盘转了330转，请算出它的实际加热功率；
（3）已知该电热水壶的加热效率为90%求它正常工作时把1L水从20℃加热到100℃需要的时间。[ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg℃）

【答案】（1）66Ω；（2）990W；（3）339s
【解析】
【详解】解：（1）当电热水壶处于高温挡位时，总功率最大，由可知，此时总电阻最小，则此时只有电阻R2工作；当电热水壶处于低温挡位时，总功率最小，由可知，此时总电阻最大，则此时两电阻串联。根据可得，R2电阻
串联总电阻
发热电阻R1的阻值
R1= R总- R2=11 0Ω-44Ω=66Ω
（2）3000表示的是电路中用电器每消耗的电能，电能表的转盘转3000 r，则电能表转盘转了330转，挂烫机消耗的电能
电热水壶的实际高温挡功率
（3）1L水的质量
m=ρV = 1.0×103kg/m3×1×10-3 m3=1kg
电热水壶正常工作时把1L水从20℃加热到100℃需要吸收的热量
由得，该电热水壶正常工作时消耗的电能
需要的时间
答：（1）发热电阻R1的阻值是66Ω；
（2）它的实际加热功率是990W；
（3）它正常工作时把1L水从20℃加热到100℃需要的时间是339s。实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.10
0.12
2
0.20
0.24
0.44
3
0.30
0.36
0.66
额定电压
220V
额定功率
加热
保温
44W
热水器的容量
2L