2025届福建省厦门第六中学高三下学期考前适应性测试物理试题（高考模拟）

这是一份2025届福建省厦门第六中学高三下学期考前适应性测试物理试题（高考模拟），共10页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，填空题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题：(本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)
1．“每天锻炼一小时，健康生活一辈子”，如图为厦门某一中学老师绕学校四百米跑道跑步的轨迹记录图及相关数据，以下说法正确的是（ ）
A．本次跑步的位移大小不超过100m
B．本次跑步的平均速度大小约为 10km/h
C．本次跑步消耗423.0 kJ 的能量
D．5分54秒表示时刻
2．如图，商场中的斜坡式自动人行道电梯运行速度较慢，经常有顾客直接站立（未扶扶手）随电梯上行。已知某商场电梯斜坡长度为L，斜坡与水平面夹角为θ，稳定运行速率为v。质量为m的顾客站立在电梯上，随电梯由斜坡底端运动到顶端，已知顾客鞋底与斜坡动摩擦因数为μ且μ>tanθ，重力加速度为g，关于此过程下列说法正确的是（ ）
A．斜坡对人的作用力大小为B．斜坡对人的摩擦力大小为
C．顾客所受重力做功为D．顾客克服重力做功的功率为
3．如图所示，一高考倒计时牌通过一根轻绳悬挂在挂钩上。挂上后，有天发现倒计时牌是倾斜的，已知，计时牌的重力大小为G。不计一切摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A．如图位置平衡时，绳OA的拉力大于绳OB的拉力
B．如图位置平衡时，绳OA与竖直方向的夹角大于绳OB与竖直方向的夹角
C．如图位置平衡时，绳OB的拉力大小为22G
D．将计时牌挂正，平衡时绳OB的拉力小于计时牌倾斜时绳OB的拉力
4．如图所示，A、B两点各固定一个电荷量为的点电荷，C点固定一个电荷量为的点电荷，AB连线与CD连线相互垂直平分，O点为交点，，下列说法正确的是（ ）
A．O点的场强大于D点的场强，O点的电势大于D点的电势
B．O点的场强大于D点的场强，O点的电势小于D点的电势
C．O点的场强小于D点的场强，O点的电势大于D点的电势
D．O点的场强小于D点的场强，O点的电势小于D点的电势
二、双项选择题：(本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)
5．如图为某潮汐发电实验站的装置，潮汐带动线框在匀强磁场中匀速转动，并将产生的电能通过一个理想变压器给小灯泡供电，小灯泡能够发光。已知线框匝数为N，面积为S，转动角速度为ω，磁感应强度大小为B，变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2，小灯泡不会烧坏，除小灯泡外其余电阻不计，下列说法正确的是（ ）
A．线框每转动一周，线框中的电流方向改变一次
B．从图示位置开始计时，线框感应电动势的表达式为:
C．该线框在图示位置的磁通量为零，感应电流为零
D．仅将变压器原线圈匝数n，减小，小灯泡会变亮
6．智能手表通常采用无线充电的方式充电。如图甲为智能手表及无线充电基座，图乙为充电原理示意图，充电基座接交流电源，基座内的送电线圈产生交变磁场，从而使智能手表内的受电线圈产生电流。现将问题做如下简化：设受电线圈的匝数为n，若在到时间内，磁场向上穿过受电线圈，其磁通量由均匀增加到。下列说法正确的是（ ）
A．若用塑料薄膜将充电基座包裹起来，仍能为智能手表充电
B．受电线圈中感应电流方向由d到c
C．无线充电的原理是利用充电基座内的线圈发射电磁波传输能量
D．c、d之间的电势差大小为
7．如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下，如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图像如图（乙）所示，则（ ）
A．t2时刻小球加速度方向向下
B．t2~t3时间内，小球加速度先减小后增大
C．t1~t2时间内，小球的机械能一直增加
D．t1~t2时间内，小球的动能先增加后减少
8．某人造卫星绕地球运动，所受地球引力随时间变化如图所示，假设卫星只受地球引力，下列说法正确的是（ ）
A．卫星的周期为
B．卫星绕地球运行时机械能守恒
C．卫星在近地点与远地点的速度之比为
D．卫星在近地点与远地点的加速度之比为
三、填空题：
9．（3分）一列简谐横波沿x轴传播，t=0.5s时刻的波形如图所示，图中a的值为24，此时质点p位于平衡位置，已知质点p的振动方程为y=0.5sin(2πt) m，则波沿x轴 （填“正”或“负”）方向传播；质点p的平衡位置坐标为x m。
10．（3分）如图所示的平面内，一束包含两种颜色的复色光沿半径方向射向一块半圆形玻璃砖，经折射后射向空气，则玻璃砖对a光的折射率 （选填“大于”“小于”或“等于”）对b光的折射率。在如图所示的平面内绕半圆圆心O点沿逆时针方向缓慢旋转玻璃砖，则出射光 （选填“a”或“b”）先消失。
11．（3分）如图甲为一只气垫运动鞋，鞋底塑料气垫空间内充满气体（可视为理想气体），可以通过压缩气体产生缓冲效果。已知气垫内气体体积为V0，压强为p0，不考虑气垫漏气。若运动员穿上鞋子，气垫内气体体积被缓慢压缩到45V0（不计温度变化）时，气垫内气体的压强变为 ；若气垫内气体温度缓缓上升（忽略体积变化），此过程中气垫内的气体 （选填“吸热”、“放热”或“不吸热也不放热”）。
12.（6分）用如图甲所示的装置探究影响向心力大小的因素。已知小球在槽中A、B、C位置做圆周运动的轨迹半径之比为1：2：1，变速塔轮自上而下按如图乙所示三种方式进行组合，每层半径之比由上至下分别为1：1、2：1和3：1.

(1)在探究向心力大小与半径的关系时，为了控制角速度相同需要将传动皮带调至第 （填“一”“二”或“三”）层塔轮，然后将两个质量相等的钢球分别放在 （填“A和B”“A和C”或“B和C”）位置，匀速转动手柄，左侧标尺露出4格，右侧标尺露出2格，则左右两球所受向心力大小之比为 ；
(2)在探究向心力大小与角速度的关系时，若将传动皮带调至图乙中的第三层，转动手柄，则左右两小球的角速度之比为 。为了更精确探究向心力大小F与角速度的关系，采用接有传感器的自制向心力实验仪进行实验，测得多组数据经拟合后得到图像如图丙所示，由此可得的实验结论是 。
13．（6分）在测量某电源电动势和内阻时，为了消除电表内阻造成的系统误差，某实验兴趣小组进行如下实验，可用器材有：电压表（量程，内阻约为电流表（量程滑动变阻器、开关、干电池和导线若干。
(1)电表内阻的测量:
测量电路如图甲所示，则闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至 （填“A”或“B”）端，从电压表读数和电流表读数可得出 （填“电压表”或“电流表”）内阻，如图乙所示，则电表内阻R= Ω（保留2位有效数字）。
(2)电动势和内阻的测量:
测量电路如图丙所示，调节滑动变阻器测得多组电表读数，作出图丁所示的图像，由图可知待测干电池电动势和内阻，则 Ω（保留1位小数）。考虑电表内阻影响，电动势的测量值 （填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。
四、计算题：
14．（10分）国家要求:新型汽车上市前必须进行碰撞测试。某型号实验汽车在平直路面上测试，以额定功率启动，加速运行直到匀速行驶，在离固定障碍物处关闭发动机匀减速行驶，最后与障碍物发生正碰，碰撞后停止。已知实验汽车质量为，行驶过程中所受阻力恒为车重的0.2倍，重力加速度取。碰撞过程中仅考虑障碍物对汽车的冲击力。求：
(1)汽车匀速行驶的速度大小；
(2)汽车与障碍物正碰前瞬间的速度；
(3)汽车与障碍物正碰时所受平均冲击力的大小。
15．（11分）如图，在坐标系所在的平面内，第一象限内有垂直纸面向外的匀强磁场，第二象限内有沿轴负方向的匀强电场，场强大小为。一质量为电荷量为的带电粒子从轴上的点以速度沿与轴正方向成角的方向射入磁场，恰好垂直于轴射出磁场进入电场，不计粒子重力，求：
(1)粒子在磁场中的运动半径；
(2)磁感应强度的大小；
(3)粒子从点射入到第二次到达轴的时间t。
16．（18分）如图所示，在水平地面上固定一个由永磁铁制成的、足够高的电磁槽，电磁槽中存在由内向外的均匀辐向磁场（俯视图）。将一个材料相同、粗细均匀的金属圆环套在电磁槽中间的铁芯上（俯视图、纵截面图），金属圆环单位长度的质量为m0，单位长度的电阻为r0，半径为r。现将金属圆环从电磁槽底端某一位置以初速度v0竖直向上抛出，发现经过一段时间后，圆环以v02的速度匀速落回抛出点。运动过程中，圆环始终在磁场区域内，且圆环平面始终保持水平，环心始终在铁芯轴线上，忽略空气阻力，重力加速度为g。求：
(1)金属圆环所在位置处的磁感应强度的大小；
(2)从抛出到落回抛出点过程中，金属圆环中产生的焦耳热；
(3)从抛出到落回抛出点过程中，金属圆环运动的总时间。
厦门六中2025年高考考前适应性训练——物理
【答案】
9. 负 ； 2.25 ； 10． 大于 ； a ； 11． ； 吸热 ；
12. (1) 一 ； B和C ； 2：1 ；
(2) 1：3 ；小球的质量、运动半径相同时，小球受到的向心力与角速度的平方成正比；
13．(1) A ； 电流表 ； 1.0 ； (2) 1.0 ；等于 ；
14.（10分）解：（1）汽车行驶过程中所受阻力为：； （2分）
根据：，可知汽车匀速行驶的速度大小为：
； （2分）
（2）关闭发动机匀减速行驶，根据牛顿第二定律：，解得：；（2分）
设碰撞前汽车的速度大小为，根据：=，解得：；（2分）
设汽车碰撞过程中汽车与障碍物正碰时所受平均冲击力的大小为，则：
根据动量定理：，解得：。 （2分）
15．（11分）解:（1）粒子在磁场中的运动情况如图所示:
由几何关系得:,
解得:; （2分）
根据洛伦兹力提供向心力:,
解得:; （2分）
（3）粒子在磁场做匀速圆周运动:;
粒子在磁场中运动时间:; (2分）
粒子从轴进入电场至速度为0过程中，可得:
,解得:; （3分）
粒子从点射入到第二次到达轴的时间:,解得:。 （2分）
（18分）解：
（1） 圆环以的速度匀速下落的过程中受力平衡，则有：（2分）
根据法拉第电磁感应定律则有： （2分）
由欧姆定律可知，感应电流为： （2分）
联立解得：； （2分）
（2）根据能量守恒定律可知，从抛出到落回抛点的过程中金属环中产生的热量为： （2分）
（3）以竖直向下的方向为正方向，金属环从底端上升到最高点的过程中，上升的最大高度为h，由动量定理可得：
（2分）
其中:； （1分）
同理从最高点下落到底端的过程中有:
（2分）
其中:; （1分）
联立解得:; （2分）
即从抛出到落回抛出点过程中，金属圆环运动的总时间:。
【详解】
1．A
【详解】A．由本次跑步的轨迹可知本次跑步位移大小不超过100m。故A正确；
B．本次跑步平均速度大小约为：，故B错误；
C．本次跑步消耗的能量为：。故C错误；
D．平均配速5分54秒表示跑每公里所需时间为5分54秒。故D错误。故选A。
2．D
【详解】AB.因，得人相对电梯处于相对静止状态，对人受力分析可知，人受到重力、支持力、静摩擦力，斜坡对人的作用力为支持力和摩擦力，根据受力平衡得斜坡对人的作用力大小为：，
斜坡对人的摩擦力大小为：，故AB错误；
C.根据题意，顾客所受重力做功为：，故C错误；
D.根据正交分解法，把速度v分解为水平方向分速度，竖直向上分速度为，得顾客克服重力做功的功率为：，由几何关系：，联立解得：，故D正确。故选D。
3．C
【详解】ABC．一根轻绳悬挂在定滑轮上，不计一切摩擦，则绳上张力大小处处相等，设绳上张力大小为T。高考倒计时牌受重力、绳OA、OB对它的拉力T，共三个力的作用，处于静止状态，则三个力的延长线（或反向延长线）必交于一点O。将绳OA、OB上的拉力T延长，则两力的合力必与重力等大反向，绳子拉力与竖直方向的夹角均为45°，如图所示；
由直角三角形几何关系可得,解得,故AB错误，C正确；
D．将计时牌挂正，由几何知识可知两绳间的夹角增大，两绳合力不变，绳子拉力增大，故D错误。故选C。
4．B
【详解】①根据同种等量正电荷的电场分布规律可知，处的两电荷在点的场强矢量和为0，设两点间的距离为，所以点的场强等于点处的电荷在点产生的场强:;
②处的两电荷在点产生的场强大小相等，夹角为120°，所以A、处的两电荷在处的合场强大小，方向由指向;
③点处的电荷在点处的场强大小为,方向由指向；
由②③可知：三个电荷在D点处的合场强的矢量和为0，所以点处场强大于点处场强,即：EO>ED；C\D错误；
④、之间的合场强方向由指向，根据沿着电场强度方向，电势不断减少，可知点的电势小于点的电势,A错误B正确。故选B。
5．BD
【详解】A．线框转动一周，电流方向改变两次，故A错误；
C．图示位置磁通量为零，感应电动势最大，故C错误；
B．从图示位置开始计时，感应电动势表达式为，故B正确；
D．由变压器的工作原理，可知仅减小n1，U2将变大，小灯泡功率增大，变亮，故D正确。故选BD。
6．AD
【详解】AC．无线充电的原理是基座内的线圈电流变化，产生变化的磁场，导致手表内部线圈中的磁通量发生改变，线圈产生感应电流，原理是互感，因此用塑料薄膜将充电基座包裹起来，仍能为智能手表充电，故A正确，C错误；
B．在到时间内，穿过受电线圈的磁通量向上增加，根据楞次定律可知，受电线圈中感应电流方向由c到d，故B错误；
D．在到时间内，磁场向上穿过受电线圈，其磁通量由均匀增加到，根据法拉第电磁感应定律可得c、d之间的电势差大小为，故D正确。故选AD。
7．BD
【详解】A．由图可知，t2时刻弹簧弹力达到最大，小球将弹簧压缩到最低点，此时小球加速度方向向上，故A错误；
B．t2~t3这段时间内，小球从最低点竖直向上运动，根据牛顿第二定律有
由于弹力减小，所以加速度向上减小，速度增大，弹力等于重力时，加速度为零，速度达到最大，之后根据牛顿第二定律有，弹力减小，加速度向下增大，速度减小，故B正确；
C．t1~t2时间内，小球接触弹簧并将弹簧压缩到最短，该过程小球与弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧的弹性势能不断增大，小球的机械能一直减小，故C错误；
D．t1~t2时间内，小球的加速度先向下后向上，则小球的速度先增大后减小，动能先增加后减少，故D正确。故选BD。
8．BD
【详解】A．由图可知，卫星的周期为，选项A错误；
B．卫星绕地球运行时，只有地球引力做功，则机械能守恒，选项B正确；
C．卫星在近点时，远点时，可知，根据开普勒第二定律，卫星在近地点与远地点时，可知近地点与远地点的速度之比为，选项C错误；
D．根据，，可知卫星在近地点与远地点的加速度之比为，选项D正确
9． 负 ； 2.25；
【详解】[1]由质点的振动方程可知，波动周期，时刻质点在平衡位置向上振动，则时刻，质点在平衡位置向下振动，由同侧法可知，波沿轴负方向传播；
[2]由图像可知，波长，波速，根据，可得质点的平衡位置坐标
10． 大于 ； a ；
【详解】[1]根据，入射角i相同，a的折射角r较大，可知玻璃砖对a光的折射率大于对b光的折射率。
[2]根据，可知a光的临界角较小，若在如图所示的平面内绕半圆圆心O点沿逆时针方向缓慢旋转玻璃砖，则入射角i变大，a光首先发生全发射，则出射光a先消失。
11． ； 吸热 ；
【详解】[1]由玻意耳定律有：，解得：
[2]气体的温度上升，内能增加，则：，忽略体积变化，气体对外做功为：
由热力学第一定律：，可知气体吸热。
12．(1) 一 ； B和C ； 2：1 ；
(2) 1：3 ； 小球的质量、运动半径相同时，小球受到的向心力与角速度的平方成正比；
【详解】（1）[1][2]变速塔轮边缘处的线速度相等，根据；在探究向心力大小与半径的关系时，需控制小球质量、角速度相同，运动半径不同，故需要将传动皮带调至第一层塔轮，将两个质量相等的钢球分别放在B和C位置。
[3]左右两球所受向心力大小之比为；
（2）[1]变速塔轮边缘处的线速度相等，根据，左右两小球的角速度之比为：
[2]可得的实验结论是：小球的质量、运动半径相同时，小球受到的向心力与角速度的平方成正比。
13．(1) A ； 电流表 ； 1.0 ；(2) 1.0 ； 等于 ；
【详解】（1）[1] 由甲图可知，滑动变阻器采用限流式接法，所以为了保护电路，闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片放在阻值最大处，即A端；
[2] 由甲图可知，电压表测的是电流表两端的电压，再根据电流表的读数，即可求出电流表的内阻；
[3]由图乙，可知电压表的读数为0.60V，电流表的读数为0.58A，则电流表的内阻为：
（2）[1]根据闭合电路欧姆定律，可得：，变形得：；
由丁图，可知斜率为：，解得：；
[2] 根据闭合电路欧姆定律，可得：，此时U和I都为准确值，故测出的电源电动势E也为准确值，故电动势的测量值等于真实值。1
2
3
4
5
6
7
8
A
D
C
B
BD
AD
BD
BD