2026重庆永川中学高三下学期第三次调研检测试题物理含解析

这是一份2026重庆永川中学高三下学期第三次调研检测试题物理含解析，共8页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：共 43 分
（一）单项选择题：共 7 题，每题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
符合题目要求的。
1. 在物理学的发展历程中，有很多科学家做出了卓越的贡献，下列说法正确的是（ ）
A. 安培发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，揭示了电与磁的联系
B. 贝克勒尔发现的天然放射性现象，说明原子具有核式结构
C. 法拉第建立了完整的电磁场理论，并预言了电磁波存在
D. 伽勒在勒维耶预言的位置附近发现了被誉为“笔尖下发现的行星”的海王星
【答案】D
【解析】
【详解】A．电流的磁效应（电流可使周围小磁针偏转）是奥斯特发现的，安培的主要贡献为安培力规律、
分子电流假说等，A 错误；
B．贝克勒尔发现天然放射性现象说明原子核具有复杂结构，原子的核式结构是卢瑟福通过α粒子散射实验
提出的，B 错误；
C．麦克斯韦建立了完整的电磁场理论并预言了电磁波的存在，法拉第的主要贡献是发现电磁感应现象，C
错误；
D．勒维耶依据万有引力定律计算出海王星的轨道位置，伽勒在其预言的位置附近发现了海王星，海王星因
此被称为“笔尖下发现的行星”，D 正确。
故选 D。
2. 2025 年诺贝尔物理学奖授予美国科学家约翰·克拉克（JhnClarke）、米歇尔·H·德沃雷特（MichelH。Devret
）和约翰·M·马蒂尼斯（JhnM。Martinis），以表彰他们“在电路中发现宏观量子隧穿和能量量子化”。能
量子能量 ，式中 是普朗克常量， 的单位用国际单位制的基本单位表示正确的是（ ）
A. B.
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C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】CD．题目要求用国际单位制基本单位表示，焦耳 是导出单位，不是基本单位，CD 错误；
AB．根据
可得
根据 ，
可得
因此可得能量 的单位
频率 的单位
因此 的单位为 ，A 正确，B 错误。
故选 A。
3. 静电透镜是利用静电场使带电粒子束会聚或发散的一种装置。如图，一粒子（带电荷量的绝对值为 e）
仅受电场力的作用，实线描绘出了其运动轨迹，虚线表示等势线，各等势线关于 y 轴对称，a、b、c、d 分
别是轨迹与等势线的交点。已知粒子在经过 a 点时动能为 50eV，各等势线的电势高低标注在图中，则（ ）
A. 该粒子带正电
B. b、c 两点的电场强度相同
C. 粒子在整个运动过程中，电场力一直做负功
D. 粒子在经过 c 点时的动能为 70eV
【答案】D
【解析】
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【详解】A．由图可知，粒子在 轴左侧，受到斜向右下方的电场力，故粒子带负电，A 错误；
B．依题意，各等势线关于 y 轴对称，故 y 轴两侧等势线疏密相同，电场线疏密相同，即 b、c 两点处电场
线疏密相同，则 b、c 两点处电场强度大小相同，但方向不同，B 错误；
C．粒子在 轴左侧，受到斜向右下方的电场力，故粒子在 轴左侧时，电场力做正功，在 轴右侧时，电
场力做负功，C 错误；
D．从 a 点到 c 点，由动能定理有
解得 ，D 正确。
故选 D。
4. 一定质量理想气体体积 随摄氏温度 变化的 图像如图所示，过程为 ，
图线与 图线均与纵轴平行，则下列判断正确的是（ ）
A. 从 到 过程，气体对容器壁单位面积的作用力减小
B. 从 到 过程，气体放出热量等于外界对气体做功
C. 从 到 过程，所有气体分子的动能增大
D. 从 到 过程，气体分子数密度增大
【答案】B
【解析】
【详解】A．从 到 过程为等压过程，气体压强不变，可知气体对容器壁单位面积的作用力不变，A 错误；
B．从 到 过程，气体温度不变，内能不变；体积减小，则外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，
气体放出热量等于外界对气体做功，B 正确；
C．从 到 过程，气体温度升高，气体分子的平均动能变大，但并非所有气体分子的动能都增大，C 错
误；
D．从 到 过程，气体体积变大，则分子数密度减小，D 错误。
故选 B。
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5. 如图所示，一轻绳绕过定滑轮 C（半径可忽略）一端连接小球 A（可视为质点），另一端连接物体 B。物
体 B 放在粗糙水平地面上，受到水平向右的作用力 F 的作用，使得小球 A 沿光滑固定的半球面从图示位置
缓慢向上移动，定滑轮 C 在半球面球心 O 的正上方，已知 OC 的长度为 2R，半球面的半径为 R。小球 A 向
上移动到 D 的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 轻绳的张力 T 增大 B. 光滑半球面对小球 A 的支持力 N 变大
C. 地面对物体 B 的摩擦力增大 D. 地面对半球面的作用力减小
【答案】C
【解析】
【详解】AB．小球 沿光滑半球面缓慢运动过程中，小球 受到重力、轻绳的拉力 、半球面对 的支持
力 的作用，处于三力平衡状态，根据相似三角形法则知
可得轻绳的拉力 逐渐减小，支持力 不变，故 AB 错误。
C．物体 向右运动，受到轻绳的张力 重力、地面的支持力和滑动摩擦力 、水平拉力 的作用。因为
轻绳的张力 减小，轻绳与竖直方向的夹角 增大，知张力的竖直分力 减小，则地面对物体 的支
持力增大，摩擦力 增大，故 C 正确。
D．球 A 对半球面的压力大小不变，其方向与竖直方向夹角变小，则压力与半球面的重力的合力增大，此
合力与地面对半球面的作用力为一对平衡力，故地面对半球面的作用力增大，故 D 错误。
故选 C。
6. 卫星在不同轨道绕地球做圆周运动，卫星速率平方的倒数 与轨道高度 的关系图像如图所示，已知图
线的纵截距为 b，斜率为 k，引力常量为 G，则（ ）
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A. 地球的半径为
B. 地球表面附近的重力加速度为
C. 地球的质量为
D. 地球的平均密度为
【答案】C
【解析】
【详解】A．设地球半径为 R，卫星的轨道高度为 h，由万有引力提供向心力有
又
联立得
所以
求得地球的半径
故 A 错误；
B．对在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的物体，有
结合题图可得
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求得地球表面附近的重力加速度
故 B 错误；
C．地球表面的物体所受重力等于万有引力，即
可得
故 C 正确；
D．由上述分析可得
故 D 错误。
故选 C。
7. 如图所示，质量为 m、带电荷量为＋q 的小圆环套在半径为 R 的光滑绝缘大圆环上，大圆环固定在竖直
平面内，O 为环心，A 为最低点，B 为最高点。在大圆环所在的竖直平面内施加水平向右、场强为 的匀
强电场，并同时给在 A 点的小圆环一个向右的水平初速度 v0，小圆环恰好能够沿大圆环做完整的圆周运动，
则小圆环运动过程中（ ）
A. 动能最小与最大的位置在同一等势面上
B. 电势能最小的位置恰是机械能最大位置
C. 在 A 点获得的初速度为
D. 过 B 点受到大圆环的弹力大小为 mg
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【答案】B
【解析】
【详解】A．由于匀强电场的电场强度为 ，则电场力与重力大小相等，作出小圆环的等效物理最低点 C
与物理最高点 D，如图所示
小圆环在等效物理最低点速度最大，动能最大，在等效物理最高点速度最小，动能最小，根据沿电场线方
向电势降低，可知 ，不在同一等势面上，故 A 错误；
B．小圆环在运动过程中，只有电势能、动能与重力势能的转化，即只有电势能与机械能的转化，则电势能
最小的位置恰是机械能最大的位置，故 B 正确；
C．小圆环恰好能够沿大圆环做完整的圆周运动，即小圆环通过等效物理最高点 D 的速度略大于 0，假设圆
环到 D 点时速度恰好为 0，对圆环分析有
解得
所以圆环在 A 点获得的速度应略大于 ，故 C 错误；
D．小圆环运动到 B 过程中有
在 B 点有
解得
可知小圆环过 B 点受到大环的弹力大小为 ，故 D 错误。
故选 B。
（二）多项选择题：共 3 题，每题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合
题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
8. 如图甲是氢原子的能级结构，图乙是研究光电效应的实验装置，大量处于 激发态的氢原子跃迁时，
发出频率不同的大量光子，照射 K 极，其中 3 条光电流 I 随电压 U 变化的图线如图丙所示，已知可见光光
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子能量范围约为 1.6eV 到 3.1eV 之间。下列说法正确的是（ ）
A. 氢原子从 能级向低能级跃迁时能辐射出 6 种频率的可见光
B. 若调节滑动变阻器滑片能使光电流为零，则可判断图乙中电源右侧为负极
C. b 光的光子能量小于 a 光的光子能量
D. 氢原子从 能级向低能级跃迁时释放出落在可见光区域的射线，通过相同装置做双缝干涉实验，其
中相邻亮条纹间距最宽的是 n=3 向 n=2 跃迁时释放出的射线。
【答案】BD
【解析】
【详解】A．由 可得氢原子从 能级向低能级跃迁时能辐射出的光子的能量分别为
， ， ， ， ，
，只有从 能级跃迁到 能级，和从 能级跃迁到 能级发出的光在可见光
范围内，A 错误；
B．若调节滑动变阻器滑片能使光电流为零，则光电管所加电压为反向电压，A 端电势低，则可判断图乙中
电源右侧为负极，B 正确；
C．从图丙可看出，b 光的遏止电压大于 a 光，由 知 b 光光子的能量大于 a 光光子的能量，C
错误；
D．由前面分析知从 能级跃迁到 能级发出的可见光的光子能量最小，由 知其光子的波长
最长，由 知，其产生的干涉条纹的宽度最宽，D 正确。
故选 BD。
9. 如图甲为我国海上风力发电简化工作原理模型图，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中转动输出如图乙所示
的交流电，并通过两理想变压器和远距离输电给用户供电，电压表为理想电表。下列说法正确的是（ ）
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A. 用电高峰期相当于滑片向下移动，则电压表的示数变大
B. t=0.015s 时穿过线圈的磁通量为零
C. 将输电电压提高到原来的 10 倍，输电线路上损失的功率变为原来的
D. 若风速增大时，转速增加，输电线上损失的功率增大
【答案】BD
【解析】
【详解】A．用电高峰期用户增加，并联总电阻减小，相当于滑片向下移动，升压变压器两端电压不变，降
压变压器副线圈电流变大，则原线圈电流也增大，输电导线电阻 两端电压增大，降压变压器原线圈两端
电压减小，即电压表示数减小，故 A 错误；
B． 时，电压 ，为最大值，所以线圈平面与磁感线平行，穿过线框的磁通量为 0，
故 B 正确；
C．将输电电压提高到原来的 10 倍，根据 ，可知输电线路上的电流变为原来的 ，根据输电线路
上损失的功率 ，可知输电线路上损失的功率变为原来的 ，故 C 错误；
D．若风速增大，则风轮带动线圈转动更快，发电机转速增大，感应电动势增大，输出电压增大。在变压器
变比不变、用户负载不变的情况下，输电线中的电流增大。由于线路损耗功率为 ，所以输电线上
的损失功率增大，故 D 正确。
故选 BD。
10. 如图甲所示，光滑的水平地面上静置一长木板，木板的左端有一个可视为质点的滑块。现给滑块一水平
向右的初速度 ，此后滑块和木板的动能随各自位移变化的图像如图乙所示，最终滑块恰停在木板的右端。
下列说法正确的是（ ）
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A. 滑块与木板的质量之比为 2∶3
B. 木板的长度为
C. 滑块与木板间的滑动摩擦力大小为
D. 滑块的速度减为 时，木板的速度为
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．最终两者共速，速度 相同，由图得共速时滑块动能
木板动能
因此质量比 ，故 A 正确；
BC．对滑块由动能定理
代入 解得
对木板由动能定理
得 ，木板长度 ，故 B 错误，C 正确；
D．系统任意时刻动量守恒，有
代入 ，解得 ，故 D 正确。
故选 ACD。
二、非选择题：共 5 题，共 57 分。
11. 某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，作出的光路图及测出的相关角度如图甲所示。
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（1）下列措施能够提高实验准确度的是________；
A. 和 之间的距离适当减小
B. 、 连线与玻璃砖分界面法线的夹角适当减小
C. 选用宽度较大的玻璃砖
D. 用入射界面与出射界面平行的玻璃砖
（2）该同学在插 针时不小心插得偏右了一点，则折射率的测量值________（选填“偏大”“偏小”或“不
变”）；
（3）另一同学操作正确，根据实验记录在白纸上画出光线的径迹，过入射光线上 A 点作法线 的平行线
交折射光线的反向延长线于 B 点，再过 B 点作法线 的垂线，垂足为 C 点，如图乙所示，其中
，则玻璃的折射率 ________。
【答案】（1）C （2）偏大
（3）1.5
【解析】
【小问 1 详解】
A．为减小作图误差， 和 之间的距离应适当增大，故 A 错误；
B． 、 连线与玻璃砖分界面法线的夹角适当增大，折射现象更明显，误差较小，故 B 错误；
C．光在宽度较大的玻璃砖中的传播路程较长，入射点与出射点之间的距离较大，角度测量越准确，误差越
小，故 C 正确；
D．玻璃砖无需平行，故 D 错误。
故选 C。
【小问 2 详解】
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针插得偏右一点会导致出射光线在玻璃砖上的出射点左移，从而导致折射角的测量值偏小，根据
可知折射率的测量值偏大。
【小问 3 详解】
由几何知识得 ，
则玻璃的折射率
12. 某实验小组准备利用表头 设计一个多挡位欧姆表，但不知道其内阻。为了精确测量表头内阻，小组
首先采用“电桥法”进行测量。实验电路如图甲所示，部分所用器材如下：
A.待测表头 ：量程 0~300μA，内阻约为 500Ω
B.灵敏电流计 G
C.定值电阻
D.粗细均匀的电阻丝 AB，总长度
E.滑动变阻器 （最大阻值为 5Ω，额定电流为 2A）
F.电源、开关及导线若干。
（1）闭合开关 S 前，先将滑片 置于______端（选填“a”或“b”）；
（2）将滑片 大致固定在电阻丝的中间位置，接着闭合开关 S，调节滑动变阻器滑片 使表头 示数适
当后保持不动，移动滑片 直至灵敏电流计 G 示数为零，测得此时 段电阻丝长度 ，则表
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头 的内阻 ______ ；
（3）将表头 改装成具有“×100”和“×1k”两个挡位的欧姆表，如图乙所示。电源电动势 ，内
阻忽略不计， 为调节范围足够的滑动变阻器，当开关 S 断开时，对应的倍率为“×1k”，则短接表笔 a、
b 进行欧姆调零时， 应调至______ 。开关 S 闭合时，对应的倍率为“×100”，则定值电阻 应为______
。
【答案】（1）
（2）450 （3） ①. 9.55 ②. 50
【解析】
【小问 1 详解】
本实验中滑动变阻器为分压式接法，闭合开关前，为了保护电路，需要使待测电桥部分的初始电压为 0，因
此滑片 应置于 a。
【小问 2 详解】
粗细均匀的电阻丝 AB，总长度 ，灵敏电流计 G 示数为零，即电桥平衡时，测得此时 段
电阻丝长度 ，有
代入数据解得表头内阻
【小问 3 详解】
[1]短接调零时，满偏电流
当开关 S 断开时，有
得
欧姆表总内阻
符合×1k 挡的中值电阻规律。
[2]×100 挡的中值电阻（欧姆表总内阻）
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短接调零时，总电流
表头仍满偏，电流
因此流过 R2 的电流
根据并联电压相等有
代入得
13. 两列简谐横波分别沿 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于 和 处，两列波的
波速均为 ，波源的振幅均为 。两波源同时从零时刻开始振动，如图所示为 时刻两列波
的波形图，此刻平衡位置在 和 的 、 两质点刚开始振动。质点 的平衡位置位于
处。
（1）如果两波源一直振动，求两列波叠加后两波源之间有几个振动最强的点；
（2）如果两波源均只振动 时间，求 内质点 运动的路程。
【答案】（1）7 （2）4cm
【解析】
【小问 1 详解】
由题图知λ=0.4m
振动加强点到两波源的距离差Δx 应满足Δx=nλ，n 取整数
由题意知：-（0.2+1.2）m=-1.4＜Δx＜（0.2+1.2）m=1.4m
可得 n=0，±1，±2，±3，共 7 个振动加强点。
【小问 2 详解】
波的周期
波源振动经 t1 波传到 M 点，
M 振动时间为Δt=t-t1=2.0s-1.75s=0.25s
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由于 M 是振动加强点，则振幅为 A'=2A，可知 M 振动的路程为
14. 如图甲所示，足够长倾斜导轨与水平面的夹角为 ，上端 间、底端均与阻值为 R 的定值电阻相连，
导轨的宽度为 l。导轨平面内有平行且垂直导轨的虚线 、 ，正方形区域 内存在垂直导轨平面向
下的磁场，磁感应强度的大小随时间的变化规律如图乙所示； 与底端间存在垂直导轨平面向下的匀强磁
场，磁感应强度大小为 。 是长度为 l、质量为 m、阻值为 R 垂直导轨放置的导体棒，其他电阻不计，
不计一切摩擦阻力，重力加速度为 g。若 内 在下方磁场区域的某位置恰能静止， 时刻通过定值
电阻的电流刚好达到稳定值。
（1）求 内通过 的电流大小 I；
（2）求 时刻 的速度大小；
（3）若已知 到 时间内通过 PQ 的电荷量为 q，求此过程 产生的热量 Q。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
由题可知， 时间内， 处于静止状态，根据平衡条件有
解得
【小问 2 详解】
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依题意， 时刻通过定值电阻的电流刚好达到稳定值，导体棒切割磁感线运动，且做匀速运动，则有
此导体棒产生的感应电动势
回路总电阻为
回路中的感应电流
联立解得
【小问 3 详解】
根据法拉第电磁感应定律有
根据闭合电路的欧姆定律有
根据电流的定义式有
联立解得
对 ，由动能定理有
由功能关系可知系统产生的总焦耳热
故 上产生焦耳热为
解得
15. 如图所示，平面直角坐标系 中，虚线段 与 轴正方向的夹角为 ，且 。 点有一
可视为质点的粒子源，能在 平面内向 右侧与 成 角的方向以各种速率发射质量为 、电荷
量为 的带正电粒子。 右侧 区域存在垂直平面向外、磁感应强度大小为 的匀强磁场Ⅰ， 左
侧和边界 之间（含边界）存在沿 轴负方向、场强大小 的匀强电场。第二象限存在另一垂
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直平面向里、磁感应强度大小为 的匀强磁场Ⅱ，磁场边界是半径为 的圆，且刚好与 轴和 轴相
切，边界无磁场。 是一固定在 轴负半轴上、长 的竖直接收屏（不含 点），粒子打在屏上立即被
吸收。不计粒子重力和粒子间的相互作用。
（1）求从 进入电场的粒子的速度大小范围，及其在磁场Ⅰ中运动的时间。
（2）若所有粒子离开电场时的速度大小都相等，求电场左边界 的轨迹方程。
（3）若第三象限存在沿 轴正方向的匀强电场（未画出），且所有经过磁场Ⅱ的粒子最终都能打到接收屏
上，求该匀强电场的电场强度最小值。
【答案】（1）0＜v≤ ，
（2） （y≥0）
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
如图所示
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从 O 点进入电场的粒子速度最大，此时粒子的运动轨迹与 x 轴相切，由几何关系知
由洛伦兹力提供向心力有
解得
即从 OM 进入电场的粒子速度大小范围为 0＜v≤
由分析知，所有粒子从 OM 离开磁场Ⅰ时的速度方向都沿 x 轴负方向，偏转角度
在磁场Ⅰ中运动的时间
且
解得
【小问 2 详解】
取 OP 边界上一点 ，则到达该点的粒子从 OM 离开磁场Ⅰ时的点坐标为 ，如图所示
设该粒子速度大小为 v2，在磁场Ⅰ中运动的半径为 R2，则
且
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由于所有粒子离开电场的速度都为
根据动能定理有
联立解得，OP 的轨迹方程为 （y≥0）
【小问 3 详解】
由题知，粒子进入磁场Ⅱ后，做匀速圆周运动的半径
等于圆形磁场的半径，如图
由分析知，所有粒子都会汇聚于圆形磁场与 x 轴的切点 F，且速度大小都为
设 F 点的速度方向与 y 轴负方向的夹角为α，则
设第三象限中匀强电场的场强大小为 。要使粒子离开 F 点后打在接收屏 OQ 上，应满足
且 ≥
联立解得 ≥
令函数
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要使所有进入磁场Ⅱ的粒子最终都能打在接收屏 OQ 上，则应满足 ≥
当 ，即 时，
因此，电场强度的最小值为