2026年江苏省镇江市中考一模物理试卷（含解析）

这是一份2026年江苏省镇江市中考一模物理试卷（含解析），共13页。
注意事项：
1．答卷前，考生务必用0.5毫米黑色墨水笔将自己的姓名和考试号填写在试卷、答题卷上相应位置。
2．答选择题必须用2B铅笔将答题卷上对应的答案标号涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再涂其他答案。答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后写上新的答案。不按以上要求作答的答案无效。
3．作图题请先用2B铅笔作答，确认无误后请用0.5毫米黑色墨水笔描黑。
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项是正确的）
1. 春晚节目《新春之声》中，提琴与鼓合奏。区分提琴声和鼓声是依据声音的（ ）
A. 音调B. 音色C. 响度D. 声速
【答案】B
【解析】
【详解】音色由发声体材料和结构决定，提琴和鼓材料、结构不同，音色不同，这是区分它们的依据。故选B。
2. 如图是“探究液体压强与哪些因素有关”的实验，微型压强计的金属盒上蒙的物体应具有较好的（ ）
A. 弹性B. 绝缘性C. 硬度D. 延展性
【答案】A
【解析】
【详解】微型压强计的金属盒上蒙的橡皮膜，需要在受到液体压强时能发生明显形变，并在压强变化或撤去后能恢复原状，以准确反映压强大小，这正是对弹性的要求。故选A。
3. 声呐常用于对水下目标的探测、定位、跟踪、识别，以及水下导航、通讯等。声呐工作利用的是（ ）
A. 可见光B. 紫外线C. 超声波D. 次声波
【答案】C
【解析】
【详解】声呐通过发射和接收超声波的回声来探测水下目标，因为超声波方向性好、穿透力强，在水中传播距离远且能精准定位。故选“C”。
4. “打铁花”的过程中，高温铁水四散飞溅，最后变成小铁粒。下列自然现象的形成过程与此相同的是（ ）
A. 积雪初融B. 霜打枝头C. 露凝芳草D. 滴水成冰
【答案】D
【解析】
【详解】打铁花”的过程中，高温铁水（液态）四散飞溅，最后变成小铁粒（固态）。物质由液态变为固态的过程叫做凝固。
A．积雪初融是固态雪变为液态水，属于熔化，故A不符合题意；
B．霜打枝头是气态水蒸气直接变为固态霜，属于凝华，故B不符合题意；
C．露凝芳草是气态水蒸气变为液态露，属于液化，故C不符合题意；
D．滴水成冰是液态水变为固态冰，属于凝固，故D符合题意。
故选D。
5. 如图所示，摩托车手在骑行过程中，头盔顶部的运动相机可以拍摄车手看到的景象。以下列哪个物体为参照物，运动相机一定是静止的（ ）
A. 树木B. 头盔C. 房屋D. 另一车手
【答案】B
【解析】
【详解】AC．以树木、房屋为参照物，运动相机随着摩托车手一起运动，其位置相对于树木、房屋在不断变化，是运动的，故AC不符合题意；
B．运动相机固定在头盔上，它与头盔之间没有发生位置变化，所以以头盔为参照物，运动相机是静止的，故B符合题意；
D．以另一车手为参照物，由于两车手的相对运动状态不确定，运动相机相对于另一车手可能是运动的，也可能是静止的，不满足“一定是静止的”条件，故D不符合题意。
故选B。
6. 将点燃的蜡烛放在玻璃板前，将茶杯放在玻璃板后合适的位置，观众能通过玻璃板观察到如图1所示的现象。在图2的俯视情景中，要能看到图1的现象，应适当向后方移动（ ）
A. 茶杯B. 蜡烛C. 玻璃板D. 茶杯和蜡烛
【答案】C
【解析】
【详解】图1的现象是蜡烛通过玻璃板成的虚像，其位置与茶杯重合。根据平面镜成像特点，像与物到镜面的距离相等。因此，要看到图1现象，必须满足：蜡烛到玻璃板的距离等于茶杯到玻璃板的距离。由图2可知，当前蜡烛到玻璃板的距离（物距）小于茶杯到玻璃板的距离，需调整使两者相等。将玻璃板向后方移动，既能增大物距，又能减小茶杯到玻璃板的距离，当两者相等时，蜡烛的像就会与茶杯重合。
故选C。
7. 停放自行车时，为了将前轮略微提起（后轮不离地），在图示A、B、C、D中选择一点施加竖直向上的力，其中最省力的作用点是（ ）
A. A点B. B点C. C点D. D点
【答案】D
【解析】
【详解】根据杠杆平衡的条件
在杠杆中的阻力、阻力臂大小一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，若要从如图四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起，是围绕前轮转轴为支点，力的方向是竖直向上的，所以在D点施加竖直向上的力时，此时的力臂是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时所用的力是最小的。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
8. 如图是中国气象局发布的风云四号03气象卫星在轨运行的示意图。则卫星（ ）
A. 不受力的作用B. 运动状态不变
C. 不具有重力势能D. 利用的太阳能是可再生能源
【答案】D
【解析】
【详解】A．卫星在轨运行受到地球的引力作用，该引力提供其做圆周运动所需的向心力，故A错误；
B．卫星在轨运行时，其速度方向时刻在改变，因此其运动状态是不断变化的，故B错误；
C．卫星在地球上空一定高度处，相对于地球具有重力势能，故C错误；
D．太阳能可以从自然界源源不断地获得，属于可再生能源，卫星利用太阳能是正确的，故D正确。
故选D。
9. 把塑料绳的一端扎紧，然后撕成很多细丝，再用丝绸摩擦塑料细丝，可以看到图示的现象。下列分析正确的是（ ）
A. 摩擦让相邻的细丝带上异种电荷B. 塑料细丝因为带同种电荷而相斥
C. 塑料细丝下方支架材料应选金属D. 该实验在下雨天做更容易成功
【答案】B
【解析】
【详解】AB．用丝绸摩擦塑料细丝，会使所有细丝带上同种电荷，根据同种电荷相互排斥的原理，细丝会相互排斥而散开，故A错误，B正确；
C．为了防止电荷通过支架导入大地，支架应选用绝缘体材料，故C错误；
D．下雨天空气湿度大，电荷容易被导走，不利于静电的积累，实验不易成功，故D错误。
故选B。
10. 如图1所示，将一条长约5米的软导线两端与微电流传感器相连，形成闭合回路。微电流传感器与计算机相连。以软导线作为跳绳，甲、乙同学快速甩动导线，计算机显示出如图2的微电流波形。则该实验中（ ）
A. 产生的电流为直流电B. 将机械能转化为电能
C. 电流方向与甩动方向无关D. 原理是电流的磁效应
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图2可知，电流的大小和方向都随时间做周期性变化，因此产生的电流为交流电，故A错误；
B．该实验是电磁感应现象，其能量转化形式为将甩动导线的机械能转化为电能，故B正确；
C．感应电流的方向与导体切割磁感线的运动方向有关，因此电流方向与甩动方向有关，故C错误；
D．该实验的原理是电磁感应现象，而电流的磁效应是指电流产生磁场，二者原理不同，故D错误。
故选B。
11. 小明利用两种热敏电阻制作简易电子温度计。其中的电阻随温度升高而增大，的电阻随温度升高而减小，为定值电阻。下列电路能够实现温度越高，电表示数越大的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】A．该电路中R负与串联，电压表测两端电压。温度升高时，R负电阻减小，根据串联分压规律可知，两端电压增大，电压表示数变大，故A符合题意；
B．该电路中R正与串联，电流表测电路电流。温度升高时，R正电阻增大，总电阻增大，由知电流减小，电流表示数变小，故B不符合题意；
C．该电路中与R负串联，电压表测R负两端电压。温度升高时，R负电阻减小，根据串联分压规律R负两端电压减小，电压表示数变小，故C不符合题意；
D．该电路中R正与串联，电压表测两端电压。温度升高时，R正电阻增大，根据串联分压规律可知，两端电压减小，电压表示数变小，故D不符合题意。
故选A。
12. 如图所示，粗糙程度均匀且足够长的水平面上有一物块M，在的水平向右拉力和的水平向左拉力的共同作用下，水平向右做匀速直线运动。某时刻将拉力减小到后（ ）
A. M一直向左运动B. M受到的摩擦力方向不变
C. M所受合力不变D. M的动能先减小再增大
【答案】D
【解析】
【详解】物块原来向右匀速直线运动，受力平衡：向右的拉力F1=36N ，向左的拉力，滑动摩擦力向左阻碍相对运动，因此满足 ，得滑动摩擦力f=36N−20N=16N
减小后初期：物块由于惯性保持向右运动，滑动摩擦力方向仍向左，此时合力向左，与运动方向相反，物块向右做减速运动，速度逐渐减小，动能逐渐减小，直到速度减为0。
物块速度减为0后： 此时向左的，向右的，此时有F2−F1=18N>f=16N
物块会开始向左运动：滑动摩擦力方向变为向右，合力向左，与运动方向相同，物块向左做加速运动，速度逐渐增大，动能逐渐增大。
故选D。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共28分）
13.
（1）图1中，物块的长度为_____cm；
（2）图2中，弹簧测力计的示数为_____；
（3）本月初电能表的示数为，本月末示数如图3所示，本月使用的电能为_____。
【答案】（1）2.50
（2）3.8 （3）101
【解析】
【小问1详解】
由图1可知，刻度尺的分度值为1mm，物块左端对齐0刻度线，右端对齐2.50cm，所以物块的长度为2.50cm。
【小问2详解】
由图2可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，指针在3以下第8个小格，示数为
【小问3详解】
由图3可知，本月末示数为，本月初电能表的示数为，本月使用的电能
14. 在自制天文望远镜时，若目镜选取焦距为10cm的凸透镜，则物镜应选取焦距_____10cm的_____透镜。我们能通过望远镜清楚地看到远处物体，是因为望远镜增大了_____。
【答案】 ①. 大于 ②. 凸 ③. 视角
【解析】
【详解】天文望远镜的工作原理要求物镜能将远处物体成倒立、缩小的实像，且该实像需落在目镜的一倍焦距范围内，因此物镜焦距必须大于目镜焦距。
自制天文望远镜的物镜和目镜均为凸透镜，物镜负责成实像，目镜将实像放大为虚像。
望远镜通过物镜拉近远处物体的成像距离，再经目镜放大，本质是增大了观察物体的视角。视角越大，物体在视网膜上成的像越大，人眼就越能清晰分辨远处物体。
15. 压缩空气储能电站是一种新型电能存储系统。图示为其原理图：电站在用电低谷时，利用剩余电力驱动压缩机压缩空气，将其储存在高压密封容器内；在用电高峰时，释放压缩空气驱动膨胀机工作，带动发电机发电。电站储能过程是通过_____的方式使空气内能_____。电站运行过程中损失的内能不能自发转化为电能，说明能量的转化和转移具有_____。
【答案】 ①. 做功 ②. 增大 ③. 方向性
【解析】
【详解】储能过程是利用压缩机压缩空气，此过程是外界对空气做功，使空气的内能增加，因此是通过做功的方式改变空气的内能。
内能不能自发地、完全地转化为电能，表明能量的转化和转移过程具有方向性。
16. 如图1是探究水沸腾时温度变化特点的实验。装置中金属杆高度要适当，是为了让温度计的玻璃泡与水______。判断水沸腾的依据是出现图2中______所示的现象。此时温度计的示数如图3，则水的沸点为______℃。水由液态变为气态时分子间距会______。
【答案】 ①. 充分接触 ②. 甲 ③. 98 ④. 增大
【解析】
【详解】为了测温准确，装置中金属杆高度要适当，是为了让温度计的玻璃泡与水充分接触；沸腾前，上方水温低，气泡上升时，内部的气体和少量水蒸气遇冷液化，因而体积变小，气泡变小。沸腾时，水大量汽化，水蒸气不断进入气泡，上升过程中气泡变大。所以判断水沸腾的依据是出现图2中甲所示的现象；如图3，温度计分度值为1℃，示数为98℃，则水的沸点为98℃；同种物质在固态时分子间距最小，在气态时分子间距最大，水由液态变为气态时分子间距会增大。
17. 如图所示，用一盏灯照射两个瓷盘中的沙石和水，主要是利用了该灯发出的_____线具有热效应。沙石和水的质量均为0.1 kg、初温均为。照射后，沙石的温度为，水的温度为。此过程中，水吸热为_____J。若不计热损失，沙石的比热容为_____J/（kg·℃）[已知]。
【答案】 ①. 红外 ②. ##3780 ③.
【解析】
【详解】[1]温度高于绝对零度的物体都会发出红外线，红外线具有热效应。
[2]水吸收的热量Q水=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×23℃−14℃=3.78×103J
[3]不计热损失，沙石吸收的热量等于水吸收的热量Q沙石=Q水=3.78×103J
沙石的温度变化Δt沙石=56℃−14℃=42℃
沙石的比热容c沙石=Q沙石m沙石Δt沙石=3.78×103J0.1kg×42℃=0.9×103J/(kg⋅℃)
18. 我国自主研制的蛟龙号潜水器，通过改变安装在其两侧的压载铁数量，实现无动力自主下沉与上浮，需要上浮时应_____压载铁；潜水器在海水中上浮过程中，受到海水的压强将_____；当达到最大深度时，海水压强约，面积为的观察窗受到海水的压力约为_____N。
【答案】 ①. 减少 ②. 减小##变小 ③.
【解析】
【详解】潜水器实现上浮时，需要自身重力小于浮力，减少压载铁可减小自身总重力，使重力小于浮力，从而完成上浮。
根据液体压强公式可知，潜水器上浮过程中深度减小，海水密度不变，因此受到海水的压强会变小。
由可得，观察窗受到海水的压力为
19. 如图，将一支铅笔竖直插入盛有半杯水的烧杯中，可以观察到水面上下铅笔“错位”，这是光的_____现象，若将铅笔缓慢移动到烧杯中央，则水面上下铅笔错位的距离会越来越_____；若将铅笔缓慢远离烧杯前表面，水中铅笔的像的直径会越来越_____。
【答案】 ①. 折射 ②. 小 ③. 大
【解析】
【详解】铅笔插入水中后，从侧面观察时，盛水的烧杯相当于一个柱形凸透镜。铅笔在水中部分的反射光经过“水透镜”折射后进入人眼，人眼看到的是铅笔的像，因此这种“错位”是光的折射现象。
当铅笔从烧杯边缘缓慢移动到烧杯中央时，铅笔（物体）到“水透镜”的距离（物距）逐渐减小。根据凸透镜成虚像时“物距减小，像距减小，像变小”的规律，铅笔的像与实际的铅笔（水面以上部分）的错位距离会越来越小。
若将铅笔缓慢远离烧杯前表面，此时铅笔（物体）到“水透镜”的距离（物距）逐渐增大。根据凸透镜成虚像时“物距增大，像距增大，像变大”的规律，水中铅笔的像的直径会越来越大。
20. 图1是某生产线计数设备原理图。电源电压恒定，是定值电阻，为光敏电阻，被光照射时阻值变小；光线被遮挡时，两端电压达到设定值，触发计数系统计数。测试过程中，的阻值和电流表示数随时间做周期性变化，它们的关系图像如图2和图3。则_____，_____，内电路消耗的电能为_____。
【答案】 ①. 6 ②. 10 ③. 84
【解析】
【详解】根据图2和图3可知，电路存在两种稳定状态。
状态一：光线照射，光敏电阻阻值较小，，此时电路电流较大，。
状态二：光线遮挡，光敏电阻阻值较大， ，此时电路电流较小，I2=0.1A 。
电路为串联电路，电源电压恒定。根据欧姆定律可得U=I1(R0+R1） ……①
U=I2(R0+R2) ……②
联立①②可得
代入数据得0.3A×(R0+10Ω)=0.1A×(R0+50Ω)
解得定值电阻；电源电压。
从图3可知，电流变化的周期为。在1分钟（）内，共有60s/1.5s=40 个周期。在每个周期内，电流为的时间为t1=1.0s ，电流为I2=0.1A 的时间为。因此，在1分钟内，电流为的总时间为tI1=40×1.0s=40s
电流为的总时间为tI2=40×0.5s=20s
电路消耗的总电能为W=W1+W2=UI1tI1+UI2tI2=6V×0.3A×40s+6V×0.1A×20s=72J+12J=84J
21. 如图的电路中，电源电压恒定，虚线框内有一定值电阻和规格为“ ”的小灯泡，和以一定的方式与导线A、B、C相连（图中未画出）。正常发光时的电阻_____Ω。闭合开关，当接时，电压表的示数为；当接时，电流表的示数为，则_____，电压表示数为_____。
【答案】 ①. 6 ②. 9 ③. 7.5
【解析】
【详解】由可得，正常发光时的电阻RL=U额2P额=3V21.5W=6Ω
由可得，灯泡正常发光时的电流
当接时，电流表的示数为，等于小灯泡的额定电流，说明和串联，灯泡正常发光，当接时，电压表的示数为，说明电压表测R两端的电压，由可得
当接时，电压表测电源电压，即
三、解答题（本题共7小题，共48分。解答26、27、28题时应有必要的解题过程）
22. 请按题目要求作答。
（1）如图所示，一个快递盒随水平传送带向右做匀速直线运动，为其重心。请在图中画出快递盒受到的重力和支持力的示意图。
（2）地磁场周围不同位置的磁感线分布如图所示，请在括号内填入地磁的极性，并在点画出磁感线的方向。
（3）请用笔画线代替导线，将开关和电灯正确接入家庭电路。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
在竖直方向上，它受到竖直向下的重力G和传送带对它竖直向上的支持力F，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用点均在重心O。
【小问2详解】
地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近。在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极。
【小问3详解】
为了用电安全，开关应接在火线与电灯之间。火线经开关后再接入电灯，零线直接接入电灯。
23. 小明利用托盘天平、量筒、水、食盐、烧杯、白纸、滴管、勺子等器材配制盐水，步骤如下：
（1）为称量出盐，小明将天平放在水平台面上，将游码移至标尺的零刻度线，先将两张白纸分别放在天平左右托盘上，发现指针如图1，应将平衡螺母向_____调节，直至指针对准分度盘中央的刻度线；接着将如图2的游码移至_____处，再用勺子向左盘的白纸上逐渐加盐，直至天平再次平衡；
（2）如图3所示，用量筒量取_____水；将水全部倒入烧杯中，再将盐倒入水中充分混合，若混合前后液体体积不变，则所配制的盐水密度为_____g/cm；若考虑混合前后总体积的变化，小明算出的盐水密度与真实值相比偏_____。（）
（3）小明利用该天平和两个相同的带刻度的容器（如图4所示），能快速比较所配盐水的密度。用两个容器分别取不同浓度的盐水，分别放在调节好的天平两托盘上，调节游码使天平再次平衡，根据游码位置就能算出两杯盐水的密度差。
①将盛有盐水的两个容器放在天平左右托盘上，发现指针仍然如图1，则_____将两容器交换位置（选填“需要”或“不需要”）；
②该天平能区分的盐水密度差最小为_____。
【答案】（1） ①. 右 ②. 2
（2） ①. 50 ②. 1.04 ③. 大
（3） ①. 不需要 ②. 0.01
【解析】
【23题详解】
天平调平时，指针偏左，说明左盘重，应将平衡螺母向右调节；要称量2g盐，无需砝码，直接将游码移至标尺刻度处，加盐至天平平衡。
【24题详解】
由图3可知，量筒分度值为，液面最低处对应，因此量取水； 水的质量
盐水总质量
体积不变，因此盐水密度
实际上盐溶解后，混合后总体积会大于，小明计算时用的体积偏小，根据​，算出的密度比真实值偏大。
【25题详解】
指针偏左仅说明左盘盐水总质量更大，我们通过移动游码即可得到质量差，因此不需要交换容器位置；由图2可知，天平标尺的分度值为，即天平能分辨的最小质量差，盐水体积
因此最小密度差
24. 如图，在探究A、B两种材料保温的性能时，小芳用这两种材料分别包着装有热水的相同密闭容器，在自然冷却过程中，利用温度计和计时器测量水温随时间变化的情况，如下表所示。
（1）实验中除了选取大小、厚度相同的、材料之外，同时需要保持环境因素相同、水的_____和初温相同。
（2）分析数据可知：实验时室内温度是_____℃。水温随时间变化快慢的规律是_____。
（3）根据水温变化的规律可以推测时，中的水温可能为_____。
A. B. C. D.
（4）A、B两种材料中保温性能较好的是_____，理由是__________________________。
【答案】（1）质量 （2） ①. 20 ②. 先快后慢
（3）C （4） ①. A ②. 相同的时间中水降低的温度少（或降低相同温度需要的时间长）
【解析】
【小问1详解】
本实验用到控制变量法，探究材料保温性能时，除了材料本身、环境温度、初温，还需要控制水的质量相同，避免水的质量不同影响降温规律。
【小问2详解】
当热水温度降低到和室温相同时，温度不再变化，由表格可知，最终水温稳定在20℃，因此室温为20℃；
分析数据可得：相同时间间隔内，水温越高，温度下降量越大，水温越低下降量越小，因此规律是水温下降先快后慢。
【小问3详解】
根据降温先快后慢的规律：A在水温为58℃ ，36min水温为，则到共18分钟降温，所以平均每9min降温8.5℃，因为前9分钟（18min−27min）降温幅度大于后9分钟（27min−36min），则前9分钟（18min−27min）降低的温度应稍高于8.5℃，即T27