2026年高考考前最后一卷：物理（黑吉辽蒙专用04）（解析版）

这是一份2026年高考考前最后一卷：物理（黑吉辽蒙专用04）（解析版），共11页。试卷主要包含了如图所示，是一等边三角形等内容，欢迎下载使用。
A．该核反应方程为
B．氚核的中子数是3
C．该核反应中质量数不守恒
D．该核反应中氘核和氚核的总质量大于氦核的质量
【答案】D
【解析】A．核反应满足电荷数守恒、质量数守恒。该核反应方程应为
该氘氚聚变反应生成氦核的同时会释放1个中子（），故A错误；
B．氚核的质子数为1，质量数为3，中子数=质量数-质子数=3-1=2，故B错误；
C．所有核反应都遵循质量数守恒、电荷数守恒规律，故C错误；
D．该聚变反应释放能量，根据质能方程可知反应存在质量亏损，即反应前氘核和氚核的总质量大于反应后氦核与中子的总质量。由于中子具有质量，因此氘核和氚核的总质量必然大于氦核的质量，故D正确。故选D。
2．如图所示，A、B两小球从相同高度（足够高）同时水平抛出，经过时间t在空中相遇，若两球抛出的速度都变为原来的一半，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．两球不能相遇B．两球相遇时间不变
C．两球相遇时间为2tD．两球相遇时间为4t
【答案】C
【解析】A．A、B两小球同时抛出，竖直方向上做自由落体运动，相等时间内下降的高度相同，始终在同一水平面上，所以改变平抛的初速度后两球也能相遇，故A错误；
BCD．设A、B间的水平距离为x,当A、B两小球以相同的水平速度v抛出时，则有
若两球抛出的速度都变为原来的一半，则有
联立解得，故C正确，BD错误。故选C。
3．如图所示，是一等边三角形。顶点各放置一根垂直纸面向内的电流大小为的通电长直导线，已知每根通电导线在顶点处磁感应强度的大小为，则下列有关点的合磁感应强度大小、方向的说法正确的有（ ）
A．，平行向右
B．，平行向右
C．，垂直
D．，垂直
【答案】B
【解析】根据安培定则可知，每根通电导线在顶点处磁感应强度方向如图所示
则点的合磁感应强度大小为
方向平行向右。故选B。
4．如图，空间存在水平向右、电场强度大小为E的匀强电场，质量为m的带电微粒恰好沿图中的虚线在竖直平面内做匀速直线运动，虚线与水平方向的夹角θ为（，），微粒受到的空气阻力不能忽略，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（ ）
A．微粒可能带正电
B．微粒可能由M点向N点运动
C．微粒的机械能不断增加
D．微粒所带电荷量的绝对值为
【答案】D
【解析】A．微粒受到的空气阻力与运动方向相反，根据受力分析可知，微粒只能由N点向M点运动才能保持平衡，受力分析如图所示
可知微粒带负电，故AB错误；
C．微粒由N点向M点做匀速直线运动，动能不变，重力势能逐渐减小，故机械能不断减小，故C错误；
D．根据平衡条件有
解得，故D正确。故选D。
5．如图所示，理想变压器的原线圈两端接的交流电源，三个定值电阻阻值相等，理想交流电压表V1、V2的读数之比为9:2。下列说法正确的是（ ）
A．原、副线圈的匝数比为3:1
B．原、副线圈两端的电压比为3:2
C．变压器的输入功率大于输出功率
D．1s的时间内，流过定值电阻R1的电流方向改变50次
【答案】A
【解析】AB．设原副线圈的电压分别为U1、U2，由电路图可知，电压表V2的读数为
又由题意可知，
解得
由变压器的工作原理得
解得，故A正确，B错误；
C．由于理想变压器没有能量损失，所以变压器的输入功率等于输出功率，故C错误；
D．由可知，交流电的周期为
则交流电源的频率为
由于变压器不改变交流电的频率，因此变压器输出电压的频率为50Hz，又1个周期内电流方向改变两次，所以1s的时间内，流过定值电阻R1的电流方向改变100次，故D错误。故选A。
6．如图所示，Ⅰ为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其对地张角为；Ⅱ为地球的近地卫星。已知地球的自转周期为，万有引力常量为G，根据题中条件，可求出（ ）
A．地球的平均密度为
B．卫星Ⅰ和卫星Ⅱ的加速度之比为
C．卫星Ⅱ的周期为
D．卫星Ⅱ运动的线速度为
【答案】C
【解析】BC．静止轨道卫星的周期等于地球的自转周期，设静止轨道卫星的轨道半径为，地球半径为，根据图中几何关系可得
卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力得
可得，
可得卫星Ⅰ和卫星Ⅱ的加速度之比为
卫星Ⅱ的周期为，故B错误，C正确；
A．对于卫星Ⅱ，由万有引力提供向心力得
又
联立可得地球的平均密度为，故A错误；
D．卫星Ⅱ运动的线速度为，故D错误。故选C。
7．如图1所示，一个质量为2kg的物体在水平向右的力F的作用下沿粗糙水平地面做加速直线运动，其运动的a-t图像如图2所示，物体运动中所受的滑动摩擦力大小恒为2N，t=0时刻物体的速度大小为。不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）
A．t=6s时刻，物体的速度为
B．0~6s时间内，合力对物体做的功为400J
C．0~6s时间内，拉力F对物体的冲量为36N∙s
D．t=6s时刻，拉力F的功率为
【答案】D
【解析】A．图像与时间轴围成的面积为物体速度的变化量，可知在0~6 s内，物体速度的变化量为
由于物体的初速度为v0=2 m/s，则t=6 s时物体的速度为
v=20 m/s
故A错误；
B．根据动能定理，合力做的功等于动能的变化，有
B错误；
C．根据冲量定理，拉力的冲量I与摩擦力的冲量之和等于物体动量的变化，有
解得
I=48 N·s
故C错误；
D．根据牛顿第二定律，在t=6 s时刻，有
F-Ff =ma
得拉力
F=10 N
所以瞬时功率
P=Fv=200 W
故D正确。故选D。
8．一列简谐横波沿x轴传播，其在t=0.2s时的波形图如图甲所示，该波上质点A（x=1m）的振动图像如图乙所示。下列判断正确的是（ ）
A．该波的波速为5m/s
B．该波沿x轴负方向传播
C．若某障碍物的尺寸比2m小，则该波遇到这个障碍物时一定能发生明显的衍射现象
D．若该波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为2.5Hz
【答案】ACD
【解析】A．由题图可知，周期，波长，则波速，故A正确；
B．由题图乙可知，时刻，质点正通过平衡位置向上振动，根据波形的平移法可知，该波沿轴正方向传播，故B错误；
C．若该波遇到一障碍物能发生明显的衍射现象，则该障碍物的尺寸与波长差不多或比小，故C正确；
D．发生稳定的干涉现象需要两列波的频率相同，则所遇到的波的频率
代入数据解得
即该波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为，故D正确。
故选ACD。
9．工厂技术人员用下图1所示空气薄膜干涉装置来检查玻璃平面的平整程度。分别用a、b两种单色光从标准样板上方入射后，从上往下看到的部分明暗相间的条纹如图2中的甲、乙（同一视野区域）所示。下列判断正确的是（ ）
A．图2中条纹弯曲处对应着被检查平面处凹陷
B．a光的频率小于b光的频率
C．若将图1中的薄片稍微右移，图2中条纹间距变窄
D．照射同一单缝时，b光发生的衍射现象比a光更明显
【答案】BC
【解析】A．根据薄膜干涉的规律可知，同一条纹对应的空气薄膜的厚度相同，当条纹向薄片一侧弯曲，可知弯曲处对应着被检查平面处凸起，A错误；
B．图2中a的条纹间距宽，说明a的波长大于b的波长，根据知a的频率小于b 的频率，B正确；
C．设空气薄膜的倾角为，根据几何关系可得
可得条纹间距为
若将图1中的薄片向右移动少许，则增大，图2中条纹间距变窄，故C正确;
D．衍射明显程度与波长有关，波长越长，衍射越明显,a光波长较大，因此a光衍射比b光更明显，D错误。
故选BC。
10．如图所示，两根光滑的金属平行导轨放在水平面上，左端向上弯曲，右端连有绝缘弹性障碍物，导轨间距为，电阻不计。水平段导轨所处空间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小。质量为、电阻为的金属棒b垂直导轨放置其上，它与磁场左边界的距离为，现将质量为、电阻为的金属棒a从弯曲导轨上高为处由静止释放，使其沿导轨运动。已知在以后的运动过程中，两金属棒始终不会相撞，且金属棒b撞击障碍物前已经是匀速运动状态，撞击过程中不损耗机械能。设两金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，取则（ ）
A．金属棒a刚进入磁场时的速度为2m/s
B．金属棒b第一次撞击障碍物前，b棒上产生的焦耳热为0.20J
C．金属棒a刚越过磁场左边界，它两端的电压大小为0.3V
D．金属棒a最终静止在轨道上，离障碍物的距离为0.64m
【答案】BD
【解析】A．对于金属棒a由机械能守恒定律
可得金属棒a刚进入磁场时的速度为
故A错误；
C．由法拉第电磁感应定律有
金属棒两端电压为路端电压，由闭合电路欧姆定律得
联立解得，金属棒刚越过磁场左边界时，它两端的电压大小为
故C错误；
B．金属棒a进入磁场后与金属棒b组成的系统由动量守恒可得
解得a、b共速后做匀速运动的速度大小为
根据能量守恒可得整个回路产生的焦耳热为
则金属棒第一次撞击障碍物前，棒上产生的焦耳热为
故B正确；
D．a进入磁场后，最终停止，由动量定理可得
其中
即
又
联立解得
由分析可知，多次碰撞后，b棒最终停在障碍物旁，而电量是由于磁通量引起的，为a、b的间距变化，且a棒始终是单向直线运动，故金属棒最终静止在轨道上，离障碍物的距离为
故D正确。故选BD。
二、实验题：本题共2小题，共16分。
11．（8分）某同学发现可以利用智能手机的软件直接测量手机运动时的加速度。为测量重力加速度大小，该同学设计了如图甲所示的实验装置。手机与木块固定后，放在木板上。木块通过一根跨过光滑定滑轮的细线悬挂不同个数的相同钩码。
（1）为平衡木块受到的摩擦力，应在___________（填“挂”或“不挂”）钩码的情况下将木板未固定滑轮的一端垫高，直至木块能在木板上做匀速直线运动。
（2）平衡摩擦力后，改变细线上悬挂钩码的个数，释放钩码后测得木块相应的加速度大小，得到多组实验数据后绘制出图像如图乙所示。已知该图像的斜率为，在纵轴的截距为，则当地的重力加速度大小为___________，手机和木块的总质量与单个钩码质量的比值为___________。（均选用、表示）
（3）下列说法正确的是___________。
A．实验时需要确保钩码的总质量远小于手机和木块的总质量
B．实验时应确保木板上方的细线始终与木板平行
C．实验时细线上的拉力与细线下方钩码受到的总重力大小相等
【答案】（1）不挂 （2） （3）B
【解析】（1）为平衡木块受到的摩擦力，应在不挂钩码的情况下将木板未固定滑轮的一端垫高，直至木块能在木板上做匀速直线运动。
（2）[1][2]设手机和木块的总质量为，单个钩码的质量为，根据牛顿第二定律
整理可得
对比题中图像有
解得
（3）A．结合前面分析可知，实验时不需要确保钩码的总质量远小于手机和木块的总质量，A错误；
B．为确保每次实验时手机和木块受到的细线拉力恒定，需要确保木板上方的细线始终与木板平行，B正确；
C．实验时细线下方钩码有向下的加速度，处于失重状态，细线上的拉力小于细线下方钩码受到的总重力,C错误。故选B。
12．（8分）2025年12月2日，《新浪财经》报道，国产光刻机与光刻胶双突破，全球半导体规模首次突破2000亿美元。某实验小组要测量国产光刻机某元件的电阻，实验室现提供以下器材：
A．电流表（量程，内阻）
B．电流表（量程，内阻约为）
C．滑动变阻器（，）
D．电阻箱（，）
E．直流电源E（电动势为，内阻不计）
F．开关一只，导线若干
（1）用螺旋测微器测量该元件的边长d，螺旋测微器示数如图甲所示，则______mm；
（2）某同学设计的实验电路如图乙所示，实验前应将电阻箱的阻值调节到____（选填“50”或“400”）比较合适；
（3）根据图乙电路图正确连接电路，闭合开关，调节，使电流表的示数分别为时，待测电阻的表达式________（用题给的物理量符号表示）；
（4）如果根据测得的电流表的数据作出图像如图丙所示，则待测电阻的阻值_____。
【答案】（1）3.665/3.664/3.666 （2）50 （3） （4）150
【解析】（1）螺旋测微器的精确值为，由图甲可知
（2）图乙中电流表与串联，相当于改装成大量程的电压表；
若，则改装后的电压表量程为
若，则改装后的电压表量程为
由于直流电源电动势为，所以应将电阻箱的阻值调节到比较合适。
（3）由图乙电路图，根据欧姆定律可得待测电阻的表达式
（4）根据
整理可得
可知图像的斜率为
代入，，解得待测电阻的阻值
三、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13．（8分）玻璃瓶可做成测量水深的简易装置。如图所示，白天潜水员在水面上将100mL水装入容积为400mL的玻璃瓶中，拧紧瓶盖后带入水底，倒置瓶身，打开瓶盖，让水进入瓶中，稳定后测得瓶内水的体积为250mL。将瓶内气体视为理想气体，全程气体不泄漏。已知瓶身长度相对水深可忽略，取大气压强 水的密度 重力加速度g=10m/s2，求：
（1）若气体温度保持不变，求水底的压强p1和水的深度h；
（2）若白天水底温度为27℃，夜晚水底的温度为24 ℃，水底压强不变。求夜晚瓶内气体体积。
【答案】（1）， （2）
【解析】（1）对瓶中所封的气体，由玻意耳定律可知
其中，
解得
根据
解得
（2）根据盖—吕萨克定律有
其中，
解得
14．（14分）如图，倾角的足够长斜面固定在水平地面上，其顶端固定一轻质光滑的定滑轮。劲度系数k=100N/m的轻质弹簧的下端固定在垂直斜面底端的挡板上，上端与质量的小物块A相连。质量的小物块B通过轻绳跨过滑轮与质量的重物C连接。用手将B沿斜面缓慢下压，当弹簧的压缩量时C离地高度，此时释放物块B。已知A、B与斜面间的动摩擦因数均为，取，求：
（1）B与A恰好分离时C下落的高度；
（2） B与A恰好分离时A的速度大小；
（3）B上滑的最大距离。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）B与A恰好分离时，A、B间弹力为0，且此时A与B的加速度大小相等，根据牛顿第二定律，对A有
对B，有
对C，有
可得
B与A恰好分离时C下落高度
解得，
即B与A恰好分离时C下落的高度为
（2）从释放B到A、B分离的过程，弹簧弹力对A做的功
对A、B、C组成的系统，根据能量守恒有
解得
可得B与A恰好分离时A的速度大小为
（3）A、B分离后，B和C继续运动，当C刚要接触地面时B的速度达到最大，设此时速度大小为，则
解得
C落地后，轻绳开始松弛，设B继续上滑时速度为零，对B根据动能定理有
解得
B上滑的最大距离
解得
15．（16分）在国内顶尖肿瘤治疗领域，质子治疗因其精准杀伤肿瘤细胞、对正常组织损伤小的优势，成为恶性肿瘤治疗的重要手段。其核心原理是利用带电粒子在电场和磁场中受力的特点，控制质子的运动轨迹和能量，实现对肿瘤的精准照射。如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、四象限存在匀强磁场，方向如图所示，第二象限内存在沿x轴正方向的匀强电场。一带电量为，质量为m的粒子（不计重力）从x轴上的A点沿y轴正方向以初速度进入第二象限，经电场偏转后从y轴上的M点进入第一象限，然后从x轴上的N点进入第四象限。求：
（1）匀强电场的场强大小；
（2）匀强磁场的磁感应强度大小B；
（3）把原磁场撤去，在第一象限某区域只需要加一磁感应强度为原磁场2倍的矩形磁场，即可使带电粒子与x轴正方向成角斜向下穿过x轴。求该矩形磁场区域的最小面积S。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）粒子在电场中做类平抛运动，在竖直方向，有
在水平方向，有
根据牛顿第二定律，有
联立解得
（2）粒子运动轨迹如图所示
设带电粒子运动到M点时，水平分速度为，则有
设速度方向与x轴正方向的夹角为，则
合速度为
在磁场中，由几何关系
解得
根据牛顿第二定律，有
解得
（3）当磁感应强度为2B时，根据牛顿第二定律，有
解得
如图所示
使带电粒子与x轴正方向成角斜向下经过x轴，即粒子速度偏转，圆弧的圆心角为，由几何关系，矩形的长边
矩形的短边
矩形磁场区域的最小面积
专用04）
物理·全解全析