2026年高考考前最后一卷：物理（黑吉辽蒙专用02）（解析版）

这是一份2026年高考考前最后一卷：物理（黑吉辽蒙专用02）（解析版），共11页。试卷主要包含了选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．内蒙古风力资源十分丰富，2025年底风电装机突破1亿千瓦，在全国率先破亿。某风力发电机的叶片尖端在一段较长的时间内做匀速圆周运动。在这段时间内，下列描述叶片尖端运动的物理量发生变化的是（ ）
A．线速度B．角速度C．转速D．周期
【答案】A
【解析】A．线速度是矢量，方向始终沿圆周切线方向，运动过程中方向时刻改变，因此线速度是变化的，故A正确；
B．匀速圆周运动的角速度均恒定，故B错误；
C．转速是单位时间内转过的圈数，为标量，匀速圆周运动转速恒定不变，故C错误；
D．周期是转动一周的时间，匀速圆周运动周期恒定不变，故D错误。故选A。
2．卢瑟福用α粒子轰击氮原子核发现新核素，核反应方程为核电站反应堆中，一种典型的裂变反应为。下列说法正确的是（ ）
A．卢瑟福发现新核素的核反应属于核聚变B．核反应方程中的X是中子
C．β衰变的实质是Y转化成 X 和电子D．铀235裂变需要吸收能量
【答案】C
【解析】第一个反应中，X的电荷数=7+2-8=1，质量数=14+4-17=1，故X为质子（）；
第二个反应中，Y的电荷数=56+36-92=0，质量数=，故Y为中子（）。
A．核聚变是轻核结合成质量更大的核的反应，卢瑟福的核反应是人工核转变，不属于核聚变，A错误；
B．由上述计算可知，X是质子，不是中子，B错误；
C．β衰变的实质是原子核内的中子（Y）转化为质子（X）和电子，电子作为β粒子释放，C正确；
D．铀235裂变存在质量亏损，会释放大量能量，不需要吸收能量，D错误。
故选C。
3．在2026年央视春晚节目《追影》片段中，演员腾空而起，图为一演员表演简化图，工作人员甲拉着轻绳沿地面水平向左运动时，表演者乙在空中升起，不计轻绳和滑轮之间的摩擦，在乙匀速上升的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．乙的机械能守恒B．甲需加速向左运动
C．悬绳对天花板的拉力大小不变D．甲对地面的压力逐渐增大
【答案】D
【解析】A．乙匀速上升，动能不变，重力势能增加，根据机械能等于动能与重力势能之和可知，乙的机械能增加，故A错误；
B．设绳子与水平方向的夹角为，将甲的速度沿绳子方向和垂直绳子方向分解，沿绳子方向的分速度等于乙的速度，即有
解得
甲向左运动过程中，减小，增大，而不变，所以减小，即甲做减速运动，故B错误；
C．乙匀速上升，绳子拉力，甲向左运动，滑轮两侧的两股绳子的夹角增大，根据平行四边形定则，合力减小，即悬绳对滑轮的拉力减小，根据牛顿第三定律，滑轮对悬绳的拉力减小，故悬绳对天花板的拉力减小，故C错误；
D．对甲，根据平衡条件，可知地面对甲的支持力
甲向左运动，减小，减小，T不变，则支持力增大，根据牛顿第三定律，甲对地面的压力逐渐增大，故D正确。故选D。
4．如图所示，半径为R的半圆形玻璃砖截面上，有一束单色光斜射到圆弧面上的C点，入射光线与竖直方向的夹角为θ=30°，折射光线CD刚好与直径AB垂直，AC弧长是AB弧长的三分之一，光速为c，下列说法正确的是（ ）
A．该玻璃砖的折射率
B．光在玻璃砖中的传播速度为c
C．光在玻璃砖中的传播时间
D．增大θ，入射光线可能在C点发生全反射现象
【答案】C
【解析】A．如图所示
根据几何关系可得，可得折射角为30°，入射角为，根据折射定律可得，故A错误；
B．光在玻璃砖中的传播速度为，故B错误；
C．光在玻璃砖中的传播时间，其中
联立解得，故C正确；
D．光线从光密介质到光疏介质才有可能发生全反射，故D错误。故选C。
5．如图所示，静电除尘掸是利用静电吸附原理去除灰尘的一种家用清洁工具。除尘掸的超细纤维在擦拭物体表面时，因摩擦带负电，进而吸附物体表面带微弱正电的灰尘。灰尘沿虚线靠近除尘掸过程中，下列说法正确的是（ ）
A．点的电势比点低B．灰尘在点的电势能比点高
C．灰尘所受电场力做负功D．灰尘做匀加速曲线运动
【答案】B
【解析】A．除尘掸带负电，则越靠近除尘掸电势越低，所以点的电势比点高，故A错误；
BC．带正电的灰尘由点靠近点过程，电场力对灰尘做正功，其电势能不断减小，所以灰尘在点的电势能比点高，故B正确，C错误；
D．灰尘所处的电场不是匀强电场，所以灰尘所受的电场力不为恒力，所以灰尘不会做匀加速曲线运动，故D错误。
故选B。
6．在研究热机效率与微观机制时， 科学家常借助理想气体模型分析热力学过程。如图为一定质量的理想气体经历 循环过程中气体压强 p 与热力学温度 T 的关系图像。已知 AB、BC 分别与横轴和纵轴平行，CA 延长线过坐标原点。下列说法正确的是（ ）
A． 过程，气体的体积将增大
B． 过程，单位时间撞击器壁单位面积的分子数增多
C． 过程，每个气体分子的动能均保持不变
D． 过程，气体放出的热量小于气体内能的减少量
【答案】A
【解析】A．根据理想气体状态方程，有
过程，温度升高，压强不变，气体的体积将增大，故A正确；
B．过程，温度升高，分子的平均动能增大，压强不变，气体的体积将增大，分子数密度减小，单位时间撞击器壁单位面积的分子数减少，故B错误；
C． 过程，温度不变，分子的平均动能不变，并不是每个气体分子的动能均保持不变，故C错误；
D．根据理想气体状态方程，有
变形可得，可知 过程体积不变，气体做功为0，即W=0
温度降低，气体的内能减少,即
根据热力学第一定律，有
可知，即气体放出的热量等于气体内能的减少量，故D错误。
故选A。
7．人造卫星在地球椭圆轨道Ⅰ运行，近地点为，远地点为，、到地心的距离分别为、。为执行深空探测任务，卫星首先在点点火加速，进入圆轨道Ⅱ；此后在圆轨道Ⅱ的点再点火加速，进入椭圆轨道Ⅲ，其近地点为，远地点为，到地心的距离为。忽略卫星质量变化及其他天体影响，只考虑点火加速结束后的运动。关于卫星下列说法正确的是（ ）
A．在轨道Ⅰ的点与轨道Ⅱ的点加速度大小之比为
B．在轨道Ⅲ的运行周期是轨道Ⅱ运行周期的倍
C．在轨道Ⅱ的机械能大于在轨道Ⅲ的机械能
D．在轨道Ⅲ的点的速度小于在轨道Ⅰ的点的速度
【答案】D
【解析】A．由，得加速度
轨道Ⅰ与轨道Ⅱ在点到地心的距离均为，因此加速度大小相等，故A错误；
B．轨道Ⅱ为圆轨道，半径为，轨道Ⅲ为椭圆轨道，半长轴为，根据开普勒第三定律得，故B错误；
C．轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅲ需在点喷气加速，动能增加，而点到地心距离不变，势能不变，因此总机械能增加，即卫星在轨道Ⅱ运行的机械能小于在轨道Ⅲ运行的机械能，故C错误；
D．由，
得、
在点的速度大于半径为圆轨道上的运行速度，在点的速度小于半径为圆轨道上的运行速度，故在轨道Ⅲ的点的速度小于在轨道Ⅰ的点的速度，故D正确。故选D。
8．在均匀介质中，一波源在轴方向做简谐振动，其平衡位置为坐标原点，振幅为，形成的波沿轴正、负两个方向传播。时波源开始振动，时的波形图如图所示，自时至时波沿轴正、负方向传播的距离都是。下列说法正确的是（ ）
A．时刻，波源开始向轴正方向运动
B．形成波的周期为
C．形成波的波长为
D．形成波的波速为
【答案】BD
【解析】A．时刻，波分别传到和处；由“上坡下行”可知，及处质点开始起振方向沿y轴负向，波源的起振方向与波前（刚振动的质点）的振动方向一致，故时刻，波源开始向轴负方向运动，故A错误；
BCD．由波形图可知时，波传播的距离为
可知
波的传播速度满足
可得形成波的周期，故C错误，B、D正确。
故选BD。
9．如图所示，水平桌面上静止着质量分别为2m和m的两滑块A和B，给A一个水平向右的冲量，使得A以v0的速度与B正碰。测得碰后瞬间两滑块的动量相等，若两滑块与水平面间的动摩擦因数相同，则（ ）
A．该碰撞为非弹性碰撞
B．碰后A的速度大小为
C．碰后A、B滑行的最大距离之比为1:2
D．碰后A、B的运动时间之比为1:4
【答案】AB
【解析】AB．两滑块碰后动量相等，根据动量守恒定律可得，，
所以，
由于
由此可知，该碰撞为非弹性碰撞，故AB正确；
CD．根据牛顿第二定律可得
由于两滑块与水平面间的动摩擦因数相同，所以加速度相同，根据和可知，碰后A、B滑行的最大距离之比为
运动时间之比为，故CD错误。
故选AB。
10．如图所示，半径为r、间距为2L的光滑圆弧导轨与水平光滑导轨在M、N处相切且平滑连接，水平导轨由两个足够长的宽窄导轨组成，宽导轨的间距为2L，窄导轨的宽度为L，虚线MN右侧存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，两根粗细相同、材质相同的均匀金属棒a、b分别放在宽窄导轨上，长度与导轨宽度相同，a棒的质量为m，电阻为R。a棒从圆弧导轨顶端由静止沿圆弧导轨滑下，到a、b棒运动稳定的整个过程中，两棒始终与导轨接触良好且垂直于导轨，不计导轨的电阻，重力加速度为g。在a、b棒整个运动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．a棒克服安培力做的功大于安培力对b棒做的功
B．b棒的最大加速度大小为
C．b棒上产生的焦耳热为
D．流过b棒的电荷量为
【答案】ABD
【解析】A．a棒克服安培力做功，使得a棒的动能转化为电能，安培力对b棒做正功，使得b棒的动能增加，同时电流流过整个回路还要转化为焦耳热，故A正确；
B．由于金属棒a、b粗细相同、材质相同，则a、b棒质量之比为2:1，电阻之比为2:1，b棒加速度最大时，回路中感应电流最大，对应a棒刚进入磁场时，根据
，，
对b棒，由牛顿第二定律得
解得
故B正确；
C．当a、b棒运动稳定后，回路中没有感应电流，设此时a棒的速度为v1，b棒的速度为v2，则
即
对a棒，根据动量定理有
对b棒，根据动量定理有
解得，
回路中产生的总焦耳热
由于a、b棒电阻之比为2:1，所以b棒产生的焦耳热为，故C错误；
D．对b，根据动量定理得
电荷量
故D正确。
故选ABD。
二、实验题：本题共2小题，共16分。
11．（6分）如图甲所示，小车通过细绳与钩码相连，遮光片固定在小车的最右端，光电门传感器固定在长木板上，小明研究组利用图中装置完成了“验证牛顿第二定律”的实验，小红研究组将长木板放平，并把小车换成木块，完成了“测定长木板与木块间动摩擦因数”的实验。
（1）某同学在研究小车加速度与拉力关系的实验中，把小车所受拉力当作合力，下列说法正确的是（ ）
A．需要平衡摩擦力
B．不需要平衡摩擦力
C．要求钩码的质量远小于小车质量
D．不要求钩码的质量远小于小车质量
（2）在实验操作完全正确的情况下，小明研究组将小车从某一位置由静止释放，测出遮光片的宽度d和它通过光电门的挡光时间Δt，小车静止时的位置到光电门的位移s，小车的质量m，弹簧测力计的示数F，则F与应满足的关系式为_____________。（可用m、d、s、等字母表示）
（3）小红研究组测出木块静止时遮光片右端距光电门左端的位移s，由遮光片宽度d和挡光时间求出滑块的速度大小v，并算出，然后作出的图像如图乙所示，根据图像可求得动摩擦因数_________。（可用a、b、g、s等字母表示）
【答案】（1）AD （2） （3）
【解析】（1）把小车所受拉力当作合力，需要平衡摩擦力，可以根据弹簧测力计直接读出力的大小，不要求钩码的质量远小于小车质量。故选AD。
（2）小车通过光电门的速度
由匀变速直线运动规律
若满足牛顿第二定律则有
解得
（3）根据动能定理可得
解得
结合图像可得、
联立解得
12．（10分）在工业废水排放监测中，经常通过测量液体的电导率来快速评估其离子总浓度，电导率是工业废水过程控制和预警的重要指标。电导率是电阻率的倒数，为了测量某工业废水的电导率，某科技小组设计了如图所示的电路，请回答下列问题：
实验室提供的器材有：
电源E（电动势恒定，内阻不计）；
毫安表A（量程0~15mA，内阻可忽略）；
定值电阻（阻值500Ω）、（阻值500Ω）、（阻值600Ω）和（阻值200Ω）；
开关和；
装有耐腐蚀电极板和温度计的有机玻璃样品池；
导线若干。
（1）实验步骤：
①测量并记录样品池内壁的长度为40.0cm，在样品池中注入2000mL待测工业废水；
②闭合开关，断开开关，毫安表A的读数为10.0mA，则流过样品池的电流________mA；
③闭合开关，毫安表A的读数为15.0mA，则流过样品池的电流________mA；
④断开开关，测量工业废水的温度。
（2）数据分析：根据所测数据，计算得样品池内待测工业废水的电阻为________Ω，电导率________。
（3）误差分析：若考虑毫安表A内阻的影响，电导率的测量值相比真实值________（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1）40.0 60.0 （2）100 0.8 （3）偏小
【解析】（1）②[1]闭合开关，断开开关，毫安表的示数为10.0mA，则通过电阻的电流为
根据电路构造可知，流过样品池的电流为
③[2]闭合开关，毫安表的示数为15.0mA，则流过的电流为
流过样品池的电流，解得
（2）[1]设待测工业废水的电阻为R，根据闭合电路欧姆定律，断开开关时
开关闭合时，解得R=100
[2]根据电阻的决定式，，解得
（3）根据（1）的计算过程，毫安表有内阻时，通过电阻的电流计算偏小，即流过样品池的电流偏小；根据（2）的计算过程，电阻测量值偏大，则电导率的测量值相比真实值偏小。
三、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13．（8分）如图所示为游乐场“旋转飞椅”的简化原理图。处于水平面内的圆形转盘，可绕穿过其中心的竖直轴转动。让转盘由静止开始逐渐加速转动，经过一段时间后，游客与转盘一起做匀速圆周运动，达到稳定状态，此时轻绳与竖直方向夹角为。已知绳长为且不可伸长，悬点与转轴中心的距离为，座椅与游客可视为质点，总质量为，重力加速度为，不计空气阻力，求：
（1）轻绳拉力的大小；
（2）转盘角速度的大小；
（3）从静止到稳定转动，轻绳拉力对座椅与游客做的功。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）在竖直方向受力平衡
解得轻绳拉力的大小
（2）根据牛顿第二定律
解得转盘角速度
（3）稳定转动时，座椅和游客的速度
从静止到稳定转动，根据动能定理
解得从静止到稳定转动，轻绳拉力对座椅与游客做的功
14．（12分）如图，在y轴竖直的直角坐标系xOy中，的区域内有方向沿纸面且与x轴正方向成角斜向上的匀强电场；的区域内有一个半径为R的圆形匀强磁场区域，圆心在x轴上且边界与y轴相切，圆形区域内的磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小。一个质量为m、电荷量为q的带正电小球（视为质点）从x轴负半轴上的A点由静止开始沿AO方向做直线运动，通过O点时的速度大小为v，此时在圆形区域内立刻加上方向竖直向上、电场强度大小的匀强电场，带电小球经圆形磁场偏转后继续运动到磁场右侧的最高点P。已知重力加速度大小为g，空气阻力不计。求：
（1）的区域内的电场强度大小E以及A、O两点间的距离L；
（2）小球在圆形磁场区域内的运动时间；
（3）P点到y轴的距离d。
【答案】（1）， （2） （3）
【解析】（1）如图所示
小球在AO方向做直线运动，则，
根据速度位移关系可得
联立可得，
（2）由于
则小球在圆形区域中做匀速圆周运动，设小球在磁场中的偏转角为α，根据洛伦兹力提供向心力
根据几何关系可得
所以小球在圆形区域中运动的时间
（3）小球离开圆形区域后运动到最高点P，有，，
联立解得
15．（18分）如图所示，圆心角、半径R=3m的光滑圆弧轨道固定在水平地面上，其末端的切线水平，质量为的木板C置于地面上，其上表面与端等高且平滑接触。质量为mB=2kg的物块B静止在C上，至C左端的距离为。水平传送带顺时针转动，现将质量为mA=2kg的物块A轻放在传送带的左端，A离开传送带之前已与传送带相对静止，离开传送带后从点沿切线方向进入轨道，随后A滑上C，之后与B发生弹性碰撞。已知A运动到点时对轨道的压力大小为，A与C、B与C之间的动摩擦因数均为，C与地面之间的动摩擦因数，A、B均可视为质点，碰撞时间忽略不计，A、B均未脱离C，重力加速度g=10m/s2，，。求：
（1）传送带的速度大小；
（2）A与B碰后瞬间B的速度大小；
（3）木板C的最短长度。
【答案】（1）3m/s （2）4.5m/s （3）3.5m
【解析】（1）A经过Q点时所受支持力与压力F大小相等，有
解得
A由点运动到点过程，由动能定理可得
又 ，联立解得
（2）A在C上减速时的加速度大小为
假设B与C之间不发生相对滑动，一起加速的加速度大小为
此时B与C间的摩擦力大小为，故假设成立
A从滑上C到与B发生碰撞之前A和C通过的位移大小分别为，
又
联立解得，（舍去）
故A与B碰前A、B的速度分别为,
设A与B碰后的速度分别为和，由动量守恒定律和机械能守恒定律得
，
联立解得，
（3）A与B碰后A与C共速，此后B向右做匀减速运动，加速度大小为
A与C一起向右做匀加速运动，加速度大小为
三者共速后一起做匀减速运动直到停止，得A与B碰后到三者共速所用时间为，则有
解得
A和B通过的位移大小分别为，
C的最短长度为
联立解得