2025_2026学年湖南株洲市醴陵市第二中学高二下学期入学考试物理试卷 [含解析]

这是一份2025_2026学年湖南株洲市醴陵市第二中学高二下学期入学考试物理试卷 [含解析]，共41页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1. 物理知识在生活中有广泛的应用，下列说法正确的是（ ）
A. 如图甲，阳光下观察竖直放置的肥皂膜，看到彩色条纹是光的衍射产生的
B. 如图乙，光纤通信是一种现代通信手段，它是利用光的全反射原理来传递信息的
C. 如图丙，采用红灯图作为各种交通警示，原因是红光产生了多普勒效应
D. 如图丁，立体电影利用了光的干涉现象
【答案】B
【解析】
【详解】A．如图甲，阳光下观察竖直放置的肥皂膜，看到彩色条纹是光的干涉产生的，故A错误；
B．如图乙，光纤通信是一种现代通信手段，它是利用光的全反射原理来传递信息的，故B正确；
C．如图丙，采用红灯图作为各种交通警示，原因是红光波长较长，容易发生明显的衍射，故C错误；
D．如图丁，立体电影就利用了光的偏振现象，故D错误。
故选B。
2. 如图所示，、是两个相干波源，它们振动同步且振幅相同，实线和虚线分别表示在某一时刻它所发出的波峰和波谷，关于图中所标的a、b、c、d四点，下列说法中正确的是（ ）
A. 质点a为振动减弱点，位移始终为零，
B. 质点b为振动加强点，经过半个周期后变为振动减弱点
C. 质点c到两波源的波程差为波长的一半
D. 此时质点d既不是振动加强点也不是振动减弱点
【答案】A
【解析】
【详解】A．质点a是两列波波峰与波谷叠加的地方，由于两列波振幅相同，故位移始终为零，A正确；
B．质点b为振动加强点，经过半个周期后是波谷与波谷叠加的地方，但还是振动加强点，B错误；
C．质点c是两列波波谷与波谷叠加的地方，故到两波源的波程差为波长的整数倍，C错误；
D．d处在两加强点的连线上，故d在振动加强的区域，振动也是加强的，D错误。
故选A。
3. 如图甲所示是一列简谐横波在时的波形图，质点P的平衡位置位于处，其振动图像如图乙所示，下列说法正确的是（ ）

A. 波沿x轴负方向传播B. 再经过0.3s质点P运动至处
C. 0.1~1.1s内，质点P的路程为30cmD. 质点Q的振动方程为
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图乙可知时，质点P沿y轴正方向振动，根据上下坡法，波沿x轴正方向传播，A错误；
B．波传播过程中，质点P在平衡位置附近振动，不会随波迁移，B错误；
C．时，质点P正在向最大位移处运动，在周期内的路程小于一个振幅，在0.1~1.1s内，即周期内，质点P的路程小于五个振幅，即小于30cm，C错误；
D．质点P、Q的相位差
由图乙可知质点P的振动方程为
质点Q的振动方程为
D正确。
故选D。
4. 如图所示，用直流电动机提升质量的重物。电动机输入电压，电流，线圈电阻，忽略摩擦和绳子的重力，重力加速度取。则重物上升的最大速度为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】电动机总功率为
电动机产生的热功率为
电动机提升重物的功率为
解得
故选A。
5. 如图所示，匝闭合矩形线圈静止在通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，线圈的边与导线平行。下列说法正确的是（ ）
A. 线圈内磁感应强度的方向垂直于纸面向里
B. 仅增加线圈匝数，通过线圈的磁通量增大
C. 仅增大通电长直导线的电流，通过线圈的磁通量不变
D. 保持线圈边平行于直导线，在平面内靠近导线时，线圈内将产生感应电流
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据安培定则（右手螺旋定则），通电长直导线电流向下时，导线右侧的磁感应强度方向垂直纸面向外，因此线圈内磁感应强度方向应为垂直纸面向外，故A错误；
B．磁通量是穿过线圈的磁感线条数，与线圈匝数无关，仅增加匝数不会改变磁通量，故B错误；
C．增大通电导线的电流，导线周围的磁感应强度会增强，穿过线圈的磁感线条数增多，磁通量增大，故C错误；
D．导线周围磁感应强度随距离减小而增强，线圈在平面内靠近导线时，穿过线圈的磁通量增大；根据楞次定律，可知线圈内会产生感应电流，故D正确。
故选D。
6. 物块中间用一根轻质弹簧相连，放在光滑水平面上，物块的质量为，如图甲所示。开始时两物块均静止，弹簧处于原长，时对物块施加水平向右的恒力，时撤去，在内两物体的加速度随时间变化的情况如图乙所示。整个运动过程中以下分析正确的是（ ）
A. 时的速度大小等于
B. 恒力大小为
C. 内的动量增加量为
D. 撤去推力后弹簧最长时，的速度大小为
【答案】D
【解析】
【详解】A．图象与坐标轴围成的面积表示速度变化量，若0~1s内Q的加速度均匀增大，则时Q的速度大小等于
由图可得实际Q的图象与坐标轴围成的面积大于Q的加速度均匀增大时图象与坐标轴围成的面积，故t=1s时Q的速度大小大于0.4m /s，故A错误；
B．时，对物块P有
故恒力大小为2N，故B错误；
C．施加水平向右的恒力F的过程中，根据动量定理有
故0~1s内P的动量增加量小于，故C错误；
D．时，对物块P、Q整体有
解得
撤去推力后，P、Q共速时，弹簧最长，有
解得撤去推力后弹簧最长时，Q的速度大小为
故D正确。
故选D。
二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7. 用某种单色光进行双缝干涉实验，在屏上观察到的干涉条纹如图甲所示，改变双缝间的距离或改变双缝到光屏的距离后，干涉条纹变为如图乙所示，图中虚线是亮纹中心的位置。则（ ）
A. 双缝间的距离变大
B. 双缝间的距离变小
C. 增加双缝与光屏间的距离
D. 减少双缝与光屏间的距离
【答案】BC
【解析】
【详解】由题图可知，图乙干涉条纹间距大于图甲干涉条纹间距，根据可知，双缝间的距离变小或增加双缝与光屏间的距离。
故选BC。
8. 如图所示，可视为质点的小球A、B同时从倾角为37°的光滑斜面顶端开始运动，A球水平抛出，初速度大小为，B球沿斜面下滑，初速度大小未知，A球直接落在斜面底端且恰好和B球相遇。重力加速度取，，，不计空气阻力，则（ ）
A. 斜面长B. 斜面长
C. B球初速度大小为D. B球初速度大小为
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．令斜面长为L，对小球A有，
解得，，故A正确，B错误；
CD．对小球B进行分析有
小球B向下做匀加速直线运动
解得，故C正确，D错误；
故选AC。
9. 如图所示，电路中电源的电动势为、内阻，定值电阻、、阻值也均为，为滑动变阻器（最大阻值为），各电表均为理想电表。、分别表示两个电流表示数变化量的绝对值，、、分别表示三个电压表示数变化量的绝对值，闭合开关后在滑动变阻器的滑片从滑到的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 两个电流表的示数均增大B. 三个电压表的示数均减小
C. D.
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．滑动变阻器的滑片从a滑到b的过程中，外电阻一直减小，根据
可知A1变大，由
可知U2减小，则R2两端电流减小，根据并联电路电流规律可知，A2变大，故A正确；
B．根据
可知U1减小，由于A2变大，R3两端电压变大，结合U2减小，可知U3减小，故B正确；
C．根据欧姆定律可知
大小随滑动变阻器的改变而改变，故C错误；
D．根据闭合电路欧姆定律有
则，故D正确。
故选ABD。
10. 如图所示，两个半径均为的圆槽静止放在光滑水平面上，、分别为左右圆槽底端，圆槽与水平面相切于、两点。一可视为质点、质量为的光滑小球从左侧圆槽上端点正上方的点（未画出）由静止释放，从点进入圆槽。已知、两点间的距离也为，初始时、两点间的距离为，圆槽的质量均为，重力加速度为，不计一切摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A. 小球运动到点时对左侧圆槽的压力大小为
B. 小球第一次到点时，、相距
C. 小球冲上右侧圆槽的最大高度为
D. 小球回到水平面后还能冲上左侧圆槽
【答案】BC
【解析】
【详解】A．对左侧圆槽与小球受力分析可知，水平方向系统不受外力，选取向右的方向为正方向，动量守恒定律则有
根据能量守恒定律可得
联立解得，
对小球在A点进行分析，根据牛顿第二定律可得
联立解得
根据牛顿第三定律有
即小球运动到点时对左侧圆槽的压力大小为，方向竖直向上，故A错误；
B．小球在左侧槽运动过程中，设小球到达A点时小球的位移为，槽的位移为，根据上述分析可知
变形可得
整理可得
又因
解得
小球离开A后，小球与左侧槽均做匀速直线运动，小球到B点时则有
则AB相距，故B正确；
C．小球冲上右侧圆弧槽时，假设小球没有脱离圆弧槽，水平方向动量守恒则有
根据能量守恒可得
联立解得，假设成立，故C正确；
D．小球从右侧圆槽回到水平面后，对小球与右侧圆槽则有
由能量守恒定律可得
解得
由于，因此小球回到水平面后不能冲上左圆槽，故D错误。
故选BC。
三、非选择题：本题共5小题，共56分。
11. 单摆是能够产生往复摆动的一种装置，将无重细杆或不可伸长的细柔绳一端悬于重力场内一定点，另一端固结一个重小球构成单摆。
（1）某小组利用频闪照相的方法研究单摆的运动过程（图），即用在同一张底片上多次曝光的方法，在远处从与单摆摆动平面垂直的视角拍摄单摆在摆动过程中的多个位置的照片。从摆球离开左侧最高点A时开始，每隔相同时间曝光一次，得到了一张记录摆球从A位置由静止运动到右侧最高点B的照片，如图所示，其中摆球运动到最低点O时摆线被一把刻度尺挡住。对照片进行分析可知（ ）
A.A和B位置等高，说明摆球在运动过程中机械能守恒
B.摆球在A点的所受合力大小大于在B点的合力
C.摆球经过O点前后瞬间加速度大小不变
D.摆球从A点到O点的过程中重力做功的功率，等于摆球从O点到B点的过程中克服重力做功的功率
（2）甲乙两位同学利用如图所示的实验器材探究单摆摆长与周期的关系。
（i）关于实验操作，下列说法正确的是_______；
A.摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能适当长一些
B.摆球尽量选择质量大些、体积小些的
C.为了使摆的周期大一些，以方便测量，开始时拉开摆球，使摆角较大
D.用刻度尺测量摆线的长度l，这就是单摆的摆长
E.释放摆球，从摆球经过平衡位置开始计时，记下摆球做50次全振动所用的时间t，则单摆周期T=50t
（ii）如图所示，用游标卡尺测量摆球直径。摆球直径d=_______cm。
（iii）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据，并作出图线，如图所示，图线上A、B两点的坐标分别为（x1，y1），（x2，y2），则可以得重力加速度g=_______；
（iv）同学乙发现计算得到的重力加速度值总是偏大，可能的原因是_______；
A.测摆长时，摆线拉得过紧
B.误将29次全振动记数为30次
C.将摆线长度当着摆长来计算
D.摆动的摆角偏小
E.摆球的质量偏大
【答案】 ①. A ②. AB##BA ③. 2.06 ④. ⑤. AB##BA
【解析】
【详解】（1）[1]A．摆球在A和B位置等高，且速度均零，说明机械能守恒，A正确；
B．设绳与竖直方向夹角为，则摆球静止时合力为
由于则摆球在A点绳与竖直夹角小于摆球在B点绳与竖直夹角，则摆球在A点的所受合力大小小于在B点的合力，B错误；
C．摆球经过O点的向心加速度为
摆球经过O点前后瞬间运动半径减小，则加速度变大，C错误；
D．根据
摆球从A点到O点的过程中摆长较大，则周期较大，运动时间较长，根据
则重力做功的功率较大，D错误。
故选A。
（2）（i）[2]A．为减小实验误差，摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能适当长一些，A正确；
B．为减小空气阻力的影响，摆球尽量选择质量大些、体积小些的，B正确；
C．周期与摆角无关，且摆角过大，不可视为简谐运动，C错误；
D．摆线的长度应等于摆线长于摆球半径之和，D错误；
E．单摆周期为
E错误。
故选AB。
（ii）[3]摆球直径为
（iii）[4]根据
得
图像斜率为
得
（iv）[5]A．测摆长时，摆线拉得过紧，则摆长的测量值大于真实值，根据
则重力加速度值偏大，A正确；
B．误将29次全振动记数为30次，则周期的测量值偏小，重力加速度值偏大，B正确；
C．摆线长度小于摆长，则重力加速度值偏小，C错误；
DE．摆角偏小、质量偏大，不影响实验结果，DE错误。
故选AB。
12. 某物理探究小组的同学测量均匀金属实心圆柱体电阻的电阻率。
（1）使用螺旋测微器测定金属丝直径d，然后用游标卡尺测量其长度L，用欧姆表粗测其电阻，把选择开关置于“”挡，用正确的测量方法，粗测时的读数如图丙所示，该读数为____。
（2）用伏安法测圆柱体电阻的阻值，提供如下器材：
电池组E：电动势，内阻不计；
电流表：量程0～15mA，内阻约；
电流表：量程，内阻为；
滑动变阻器：阻值范围，额定电流为；
电阻箱：阻值范围0～9999Ω，额定电流为；
开关S，导线若干。
要求实验中尽可能准确地测量的阻值，请回答下列问题：
①为了测量待测电阻两端的电压，将电流表____（填写器材字母代号）与电阻箱串联，并将电阻箱阻值调到____，改装成一个量程为3.0V的电压表。
②在方框中画出测量阻值的电路图，并在图中标明器材代号____。
（3）金属丝的电阻率为______（用、d、、L表示）。
【答案】（1）190 （2） ①. A2 ②. 9000 ③.
（3）
【解析】
【小问1详解】
[1]欧姆表的读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以
【小问2详解】
[1][2]根据电表的改装原理可知，应将电流表A2与电阻箱R2串联，改装成一个量程为0∼3.0V的电压表，根据欧姆定律有
代入数据解得；
[3]由于滑动变阻器最大阻值较小，所以滑动变阻器应采用分压式接法，同时电压表由内阻已知的电流表A2和电阻箱R2改装而成，其内阻已知，所以电流表A1应采用外接法，所以实验电路如图所示
【小问3详解】
根据电阻定律表达式
其中
联立可得金属丝电阻率为。
13. 如图所示，一截面为直角三角形透明棱镜ABC，BC边长为a，。现有一细束单色光沿与AB平行的方向从到C点距离为的O点入射，折射后恰好射到AB边上的D点，且。光在真空中的传播速度为c，求：
①棱镜的折射率n；
②单色光从O点入射到第一次从棱镜中射出所用的时间t。
【答案】①；②
【解析】
【分析】
【详解】①单色光在棱镜中的光路如下图所示，由几何关系可知，CD长为、为
等边三角形，故有
根据折射定律有
解得
②由于，故单色光在D点发生全反射，由几何关系可知，反射光垂直BC边从BC边射出棱镜，故有
光在棱镜中的传播速度为
则所用的时间t为
解得
14. 一列简谐横波沿轴传播，时的波形图如图甲所示，图乙为介质中质点A的振动图像。求
（1）波的传播方向及波速；
（2）时，波刚好传播到坐标原点，质点平衡位置的坐标（图中未画出），求质点处于波峰位置的时刻。
【答案】（1）沿x轴负方向，；（2）
【解析】
【详解】（1）由题图乙可知时，质点A正经过平衡位置沿y轴负方向运动，结合题图甲可知，波的传播方向为沿x轴负方向传播。由题图甲可知波长，由题图乙可知，周期为，波速
解得
（2）波从O点传播到B点所需时间
质点B离开平衡位置是向上运动的，到波峰位置所需时间为



质点B处于波峰位置的时刻
解得

15. 如图所示，一轻质弹簧的左端固定在小球B上，右端与小球C接触但未拴接，球B和球C静止在光滑水平台面上（此时弹簧处于原长）。小球A从左侧光滑斜面上距水平台面高度为h处由静止滑下（不计小球A在斜面与水平面衔接处的机械能损失），与球B发生正碰后粘在一起，碰撞时间极短，之后球C脱离弹簧，在水平台面上匀速运动并从其右端点O水平抛出，落入固定放置在水平地面上的竖直四分之一光滑圆弧轨道内，该段圆弧的圆心在O点，半径为。已知三个小球A、B、C均可看成质点，且质量分别为m、2m、m，重力加速度为g，不计空气阻力和一切摩擦。求：
（1）小球A、B碰撞后瞬间的速度大小；
（2）弹簧具有的最大弹性势能；
（3）以O为圆心，水平向右为x正方向，竖直向下为y正方向建立xOy坐标系，小球C从水平台面右端点O抛出后落到圆弧轨道上的P点的位置坐标。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）设A球到达水平台面时速度为，则有
A球与B球发生完全非弹性碰撞，设A、B粘在一起的速度为，根据动量守恒定律有：
解得
（2）此后A、B作为一个整体压缩弹簧，A、B、C三者共速时，设共速的速度为，弹簧具有最大弹性势能，设为，对A、B、C系统：根据动量守恒定律有
根据机械能守恒定律有
解得
故
（3）当弹簧恢复原长时，C与A、B分离，设A、B整体的速度为，的速度为，对系统：
由动量守恒定律有
由机械能守恒定律有
解得
小球C在水平台面右端点O以水平抛出，由平抛运动规律得
结合圆的方程
解得
即落点位置为。