2026年江苏省镇江市-中考物理模拟练习卷

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注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试范围：苏科版初中物理八年级上下册+九年级上下册；
第一卷
一．选择题（共12小题，每题2分，共24分）
1．在第十五届全国运动会开幕式上，智能机器人敲响了盛行于春秋战国时期的乐器青铜句鑃（gōu dià），如图，一曲《彩云追月》带来一场相隔两千多年的梦幻对话。当机器人用相同的力度敲打不同的句鑃时，改变了声音的（ ）
A．响度B．音调C．音色D．振幅
【解答】解：当机器人用相同的力度敲打不同的句鑺时，不同句鑺的振动幅度相同，发出声音的响度相同；不同句鑺的大小不同，用相同的力度敲打时，不同句鑺的振动频率不同，发出声音的音调不同；句鑺的材料和结构相同，所以句鑺发出声音的音色相同。
故选：B。
2．2022年11月29日神舟十五号飞船发射成功，这次对接成功使得神舟十五号飞船与“天和”核心舱、“问天”实验舱、“梦天”实验舱以及之前的神舟十四号飞船形成了一个“三舱三船”的组合体（如图所示）。形成组合体后，选下列哪个做参照物时，神舟十五号飞船是运动的（ ）
A．“问天”实验舱B．“梦天”实验舱
C．地球D．神舟十四号飞船
【解答】解：如图，形成组合体后，神舟十四号飞船相对于“问天”实验舱、“梦天”实验舱、神舟十四号飞船都没有发生相对变化，是静止的；相对于地球，神舟十五号飞船的位置发生了变化，是运动的，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选：C。
3．“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”的《中国诗词大会》，这一电视节目深受观众的青睐。下列诗词描述的场景中属于液化的是（ ）
A．青青园中葵，朝露待日晞——“露”的形成
B．雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白——“雾凇”的形成
C．千里冰封，万里雪飘——“冰”的形成
D．要知松高洁，待到雪化时——“雪”的形成
【解答】解：A．露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故A正确；
B．雾凇是空气中水蒸气在极低温度中遇冷直接变成的小冰晶，属于凝华，故B不正确；
C．冰是液态的水遇冷放热形成的固态物，属于凝固现象，故C不正确；
D．“雪”的形成：空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态的小冰晶，属于凝华现象。故D不正确。
故选：A。
4．下列成语与其物理知识相符的是（ ）
A．凿壁偷光——光的折射B．井底之蛙——光的反射
C．猴子捞月——光的折射D．杯弓蛇影——光的反射
【解答】解：A、凿壁偷光，是利用光的直线传播，故A错误；
B、“井底之蛙”目光短浅，这是因为光是沿直线传播的，故B错误；
C、水中捞月，水中的月亮是平面镜成像，利用了光的反射，故C错误；
D、杯弓蛇影是弓在液面形成的倒影，利用了光的反射，故D正确。
故选：D。
5．家用汽车的发动机大多是汽油机，它通过四个冲程循环工作为汽车提供动力，其中将内能转化为机械能，为汽车行驶提供动力的冲程是（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
【解答】解：做功冲程内能转化为机械能，为汽车提供动力。
故选：C。
6．小兴用如图所示的装置探究阻力对物体运动的影响时，把小车从斜面某高度处由静止释放，小车沿斜面加速下滑，然后在水平面上做减速运动，最后停止在水平面上某个位置。下列说法正确的是（ ）
A．小车在斜面上运动时，受到的支持力和重力是一对平衡力
B．小车在斜面上运动时，运动状态没有发生变化
C．小车在水平面上做减速运动，是因为受到阻力作用
D．小车在水平面上做减速运动，是因为小车没有惯性
【解答】解：A、小车在斜面上运动时，受到的支持力垂直于斜面向上，重力竖直向下，这两个力不在同一直线上，不满足平衡力“大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上”的条件，不是一对平衡力，故A错误。
B、运动状态改变包括速度大小的改变或者运动方向的改变，小车在斜面上加速下滑，速度不断增大，运动状态发生了变化，故B错误。
C、力是改变物体运动状态的原因，小车在水平面上做减速运动，是因为受到摩擦力（阻力）的作用，故C正确。
D、惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，小车在水平面上做减速运动具有惯性，故D错误。
故选：C。
7．盛夏时节，百花绽放，花香四溢。我们在远处可以闻到花香是因为（ ）
A．分子在运动B．分子非常小
C．分子间有斥力D．分子间有引力
【解答】解：
盛夏时节，百花绽放，花香四溢，我们在远处可以闻到花香，是由于花香分子在不停地做无规则运动，扩散到空气之中，故A正确。
故选：A。
8．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作一段时间后灯熄灭，故障发生在R或L上某一处，且只有一只电表的示数变大。下列情况符合题意的是（ ）
A．L短路，电流表示数变大
B．R短路，电流表示数变大
C．R断路，电流表示数变小
D．L断路，电压表示数变小
【解答】解：由图知定值电阻R与灯泡L串联，电压表测量灯泡L两端电压，电流表测量电路电流。闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，灯熄灭，一只电表示数变大，若灯和电阻只有一处发生故障，
A、若灯L短路，灯熄灭，电路由串联变为R的简单电路，电路总电阻减小，由欧姆定律可知电路电流变大，电流表示数变大，L被短路，即电压表被短路，电压表示数变小，符合仅一只电表示数变大的条件，故A正确；
B、若电阻R短路，电路由串联变为灯L的简单电路，电路总电阻减小，由欧姆定律可知电路电流变大，电流表示数变大，灯变亮，电压表测量电源电压，示数变大，不符合仅一只电表示数变大的条件，故B错误；
C、若电阻R断路，电路中没有电流，电流表示数为零，由U＝IR可知电压表示数为零，两电表都变小，不符合仅一只电表示数变大的条件，故C错误；
D、若灯L断路，电路中没有电流，电流表示数为零，电压表与电阻R串联，由于电压表的内阻非常大，由串联分压原理可知电压表两端的电压几乎为电源电压，其示数变大，故D错误。
故选：A。
9．如图所示四幅图所涉及的电现象中说法正确的是（ ）
A．甲图：电流的方向确定为向右
B．乙图：两个轻质小球相互吸引，表明它们可能带有异种电荷
C．丙图：验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引
D．丁图：丝绸摩擦的玻璃棒带正电，是因玻璃棒原子核束缚电荷能力较强得到正电荷
【解答】解：A．自由电子带负电，其定向移动的方向与电流方向相反。图中自由电子向右定向移动，因此电流的方向应为向左，故A不符合题意；
B．两个轻质小球相互吸引，存在两种可能：一是两个小球带有异种电荷；二是其中一个带电，另一个不带电（带电体能吸引轻小物体），故B符合题意；
C．验电器的金属箔带同种电荷，同种电荷相互排斥，金属箔张开，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故C不符合题意；
D．用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这是因为玻璃棒原子核束缚电子的能力比丝绸弱，在摩擦过程中，玻璃棒上的一些电子转移到了丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，故D不符合题意。
故选：B。
10．2025年12月27日晚，2025年湖南省湘超足球联赛决赛在长沙贺龙体育馆举行，永州队在决赛中以1﹣0战胜常德队，夺得冠军。球迷入场观赛时可直接刷身份证进场，只有闸机口通过人脸识别系统确保“人”“证”一致，闸机门才会打开通行。若电路中M代表闸门，当人脸识别成功时，开关S1闭合；当身份证识别成功时，开关S2闭合。则下列选项中的电路可实现上述要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：根据题意可知，只有“人”“证”一致的情况下，闸机自动打开，这说明“人脸识别”开关和“身份证识别”开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故B正确。
故选：B。
11．如图甲所示的折叠床因隐形、节约空间等特点，备受欢迎。将折叠床处于水平位置时的结构进行简化，可途构成如图乙所示的模型。折叠床可围绕O点转动，把床架和床垫看成一个整体，床两侧各装一根液压杆，液压杆连接了床架上B处和墙体上A处，利用液压杆可以在10秒内收起床体，液压杆的拉力沿AB方向。已知床架上B处与O点的距离为0.5m，床体OC长度为2m，整个床体（包含床垫）质量约为100kg，整个床体厚度为0.2m，整个床体可视为质量分布均匀（g取10N/kg），则在收起床体过程中，下列说法正确的是（ ）
A．液压杆和床架构成了省力杠杆
B．克服床体重力做功为900J
C．从当收起床体时，每个液压杆的拉力至少为4000N
D．液压杆收起床的过程中，对床做功的功率至少是80W
【解答】解：A、床体的重力：G床＝mg＝100kg×10N/kg＝1000N，
床的最大长度为L，设每个液压杆的拉力为F，则F的力臂为：L1＝OBsin30°＝0.5m×＝0.25m，阻力G的力臂为：L2＝L＝×2m＝1m，L1＜L2，图乙中液压杆和床架构成了费力杠杆；故A错误；
BD、如下图所示，下面的红点表示床体平放时的重心位置，上面的红点表示床体竖放时（床体收起来）的重心位置，
根据题意和图示可知，平放时重心距底面的高度为：h1＝×0.2m＝0.1m，
竖放时重心距底面的高度为：h2＝×2m＝1m，
则床的重心上升的高度为：h＝h2﹣h1＝1m﹣0.1m＝0.9m；液压杆收起床体过程中，对床体做的功：W＝Gh＝1000N×0.9m＝900J，
液压杆收起床体过程中，对床体做功的功率为：P＝＝＝90W，故B正确、D错误；
C、根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2可知2F×L1＝G床L2，
即2F×0.25m＝1000N×1m，
则每根弹簧的最大拉力：F＝2000N，故C错误。
故选：B。
12．非洲旱季，常用Hipprller（中间有转轴的塑料桶）运水。如图所示，小华分别用背背、手抱、平拉、滚拉的方式运满桶水，在粗糙程度相同的水平地面上匀速行走相同路程，她对满桶水做功最多的是（ ）
A．B．
C．D．
【解答】解：由图可知，AB中小华是用背背、用手抱，即力的方向向上，桶是在水平方向上移动的距离，即沿向上的方向没有移动距离，因此不做功；
C中滑动摩擦力大于D中的滚动摩擦力，所以C中拉力大于D中拉力，由于所移动的距离s相同，由W＝Fs可知C做功最多，故ABD不合题意，C符合题意。
故选：C。
第二卷
二．填空题（共9小题，共28分）
13．在加勒比海红树林中，科学家发现最大的细菌——华丽硫珠菌，形如一根细绳，可用肉眼直接观察，如图所示，刻度尺的分度值是 1mm ，10个华丽硫珠菌长度l为 2.00 cm，其直径是 0.20 cm。
【解答】解：刻度尺分度值为1mm，读数时估读到分度值下一位，华丽硫珠菌左侧与0刻度线对齐，右侧与2.00cm对齐，因此10个华丽硫珠菌长度l为2.00cm，直径为。
故答案为：1mm；2.00；0.20。
14．如图是小蔡同学设计的短跑比赛“抢跑判断器”。电磁铁是利用电流的 磁 效应工作的，其上端为 N （选填“N”或“S”）极。当运动员蹲在起跑器上后，裁判员老师闭合开关S1、S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁将衔铁吸下，抢跑指示灯 2 （选填“1”或“2”）亮，则判定该运动员抢跑。
【解答】解：电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性，是利用电流磁效应工作的；
由图可知，电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极；
工作人员闭合开关S1、S2，发令指示灯L1亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，其电阻变小，根据欧姆定律可知控制电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，将衔铁吸下，灯L2所在电路接通，则抢跑指示灯L2亮。
故答案为：磁；N；2。
15．如图是一小球从A点沿直线运动到F点的频闪照片，若频闪照相机每隔0.2s闪拍一次，分析照片可知：小球在做 变速 （选填“匀速”或“变速”）直线运动。其理由是任意相等的时间内， 小球通过的路程不相等 ；小球从A点到F点的平均速度为 0.125 m/s。
【解答】解：如图所示，刻度尺的分度值是：1mm＝0.1cm，由图可知相同时间内小球运动的距离不相同，所以小球从A点到F点做变速直线运动；频闪照相机每隔0.2s闪拍一次，从A点到F点闪拍5次，时间：tAF＝5×0.2s＝1s；
从A点到F点的路程：sAF＝12.50cm﹣0.cm＝12.50cm＝0.1250m；
故平均速度：。
故答案我：变速；小球通过的路程不相等；0.125。
16．小明喜欢喝茶，他在家中用煤气灶烧水泡茶。将初温为20℃．质量为2kg的一壶水加热到100℃，这是通过 热传递 的方式改变水的内能。如果煤气完全燃烧放出的热量只有80%被水吸收，则至少需要燃烧 0.02 kg的煤气；泡好的茶水散发出清香，这是 扩散 现象[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg]
【解答】解：
（1）用煤气灶烧水的过程中，内能发生了转移，是通过热传递的方式使水的内能增加的；
（2）水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J；
由η＝可得煤气完全燃烧放出的热量：
Q放＝＝＝8.4×105J；
由Q放＝mq可得煤气的质量：
m′＝＝＝0.02kg。
（2）用热水泡茶时，茶水散发出清香，这是茶叶分子不停地无规则运动形成的，属于扩散现象。
故答案为：热传递；0.02；扩散。
17．小明用如图装置做“探究凸透镜成像规律”实验。
（1）如图光屏中央呈一清晰的像，由此可知该凸透镜的焦距为 10.0 cm；
（2）保持凸透镜位置不动，将蜡烛移到38cm刻度线处，无论怎样移动光屏，都找不到清晰的像，原因是 像距过大，光具座长度不够 ；
（3）此时小明将一个眼镜片放在烛焰和凸透镜之间，移动光屏，光屏上又能出现了清晰的实像，则小明所放的镜片属于 远视 （选填“近视”或“远视”）眼镜的镜片。
【解答】解：（1）由图可知，此时u＝v＝20.0cm＝2f，光屏上呈一清晰的像，则f＝10.0cm。
（2）当把蜡烛移到38cm刻度线处时，此时的物距为12cm，物距接近焦距，像距会远远大于二倍焦距，像成在了光具座以外，所以无论怎样移动光屏，光屏上也都找不到清晰的像。
（3）此时移动光屏能够得到清晰的像，说明像距变小，所以所放的镜片对光有会聚作用，是远视眼镜。
故答案为：（1）10.0；（2）像距过大，光具座长度不够；（3）远视。
18．如图所示为某种扬声器的原理图，AB间连接一导线，导线置于磁极之间，导线中间固定一薄膜片。当AB间通有方向不断变化的电流时，导线所受的磁场作用力的方向 不断变化 ，薄膜片 振动 发声，声音传入人耳。人耳的鼓膜面积取0.8cm2，大气压强取1×105Pa，则大气对鼓膜的压力为 8 N。
【解答】解：当AB间通有方向不断变化的电流时，导线所受的磁场作用力的方向也会不断变化；
导线所受磁场作用力方向不断变化，因此导线会不断振动，薄膜片与导线相连，也会随之振动，从而发出声音；
已知人耳的鼓膜面积S＝0.8cm2＝0.8×10﹣4m2，大气压强p＝1×105Pa；
根据压强公式p＝，可得大气对鼓膜的压力F＝pS＝1×105Pa×0.8×10﹣4m2＝8N。
故答案为：不断变化；振动；8。
19．某段金属丝两端电压为6V时，通过的电流为0.3A，当该金属丝两端电压降为4V时通过的电流为 0.2 A。当该金属丝拉长到原长2倍时，它的电阻将 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”），若将该金属丝和另外一根电阻丝并联接入原电路中，通过该金属丝的电流将 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【解答】解：根据欧姆定律可知金属丝的电阻为：R＝＝＝20Ω，
因电阻是导体的一种属性，与两端的电压和通过的电流无关，所以当该金属丝两端电压降为4V时，该金属丝的阻值仍为20Ω不变；
当该金属丝两端电压降为4V时通过的电流为：I1＝＝＝0.2A，
该金属丝拉长到原长2倍时，其长度变长，横截面积变小，电阻变大；
若将该金属丝和另外一根电阻丝并联接入原电路中，该金属丝电阻不变，电压不变，根据欧姆定律可知电流不变。
故答案为：0.2；变大；不变。
20．右图是一种测定油箱内油量的装置，油量表是用 电流 表改装而成的，R是滑动变阻器的电阻片，其阻值与长度成正比，a、b为电阻片的两个端点。油箱装满油时，滑片恰好到达a点，此时电路中电流为0.6A；油箱油量为0时，滑片恰好到达b点，此时电路中电流为0.1A。已知电源电压为6V，则R0的电阻是 10 Ω。若汽车匀速行驶时百公里油耗为8L，某次汽车加满油后匀速行驶125km，电路中电流变化了0.3A，则油箱的容积为 50 L。
【解答】解：图中油量表串联在电路中，根据电流表串联在电路中使用知，是用电流表改装而成的。
已知电源电压为6V，油箱装满油时，滑片恰好到达a点，此时电路中电流为0.6A，此时电路为R0的简单电路，电路电流为0.6A。由欧姆定律得，R0的电阻是；
油箱油量为0时，滑片恰好到达b点，此时R0与R的最大电阻串联，电路中电流为0.1A，由欧姆定律得，电路总电阻为；
根据串联电路的特点知，R的最大电阻为R＝R总﹣R0＝60Ω﹣10Ω＝50Ω；
若汽车匀速行驶时百公里油耗为8L，某次汽车加满油后匀速行驶125km，此时汽车消耗的油量为；
汽车的油量减少，滑片向上移动，电阻变大，故电路中的电流减小，则此时电路电流为I″＝I﹣ΔI＝0.6A﹣0.3A＝0.3A；
由欧姆定律得，此时电路总电阻为；
则此时R接入电路中的电阻为R′＝R总′﹣R0＝20Ω﹣10Ω＝10Ω；
由于油量体积与深度成正比，而电阻与长度成正比，故则油箱的容积为。
故答案为：电流；10；50。
21．如图甲所示，用10N的力握住玻璃瓶悬空静止不动，请在图乙代表玻璃瓶的黑点A上，画出其静止时竖直方向受到的力的示意图。
【解答】解：玻璃瓶被握住静止不动，根据静止的物体受力平衡，说明在竖直方向上受到向上的摩擦力与向下的重力平衡，大小相等，竖直方向受力示意图如图所示：
三．解答题（共9小题，共48分）
22．如图所示，请用笔画线代替导线，将三孔插座、开关和电灯分别接入电路。
【解答】解：（1）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；
（2）灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。
如图所示：
。
23．如图，照明灯S发出的一束光射向平面镜，请画出法线和反射光线。
【解答】解：首先过入射点作出法线，法线与镜面是垂直的；根据反射角等于入射角在法线的左侧作出反射光线，如图所示：
24．小龙利用天平和量筒测量一小块矿石的密度。
（1）把天平放在水平台上后，为了让天平平衡，小龙如图甲操作，该操作错误之处是 调节平衡螺母前，游码未归零 ；
改正错误后，指针的位置如图乙所示，此时应向 右 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；
（2）将矿石放入左盘，在右盘中加减砝码，并移动游码使天平重新平衡，所用的砝码和游码的位置如图丙所示，矿石的质量为 58 g；
（3）向量筒中倒入40mL的水，用细线拴住矿石并放入量筒中，量筒中的水面如图丁所示，则所测矿石的密度为 2.9 g/cm'；
（4）小龙同学发现，如果矿石体积略大放不进量筒，则需要另一种测量矿石密度的方案，实验步骤如下：
①用调好的天平测出矿石的质量m1；
②在烧杯中装适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m2；
③将矿石浸没在水中，在烧杯的水面处做一个标记；
④取出矿石， 加水到标记处 ，用天平测出此时烧杯和水的总质量m3；
⑤矿石密度的表达式ρ石＝ （水的密度用ρ水表示）。
【解答】解：（1）由图甲得，调平衡螺母前，没有将游码归零。由图乙得，指针指向分度盘的左端，则此时应向右调节平衡螺母，使天平平衡。
（2）由图丙得，标尺的分度值为0.2g，游码所在位置为3g，矿石的质量为m＝m砝码+m游码＝50g+5g+3g＝58g
（3）由图丁得，量筒的分度值为4mL，示数为60mL，矿石的体积为
矿石的密度为
（4）①用调好的天平测出矿石的质量m1；
②在烧杯中装适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m2；
③将矿石浸没在水中，在烧杯的水面处做一个标记；
④取出矿石，加水到标记处，用天平测出此时烧杯和水的总质量m3；
⑤矿石的体积为再次加入的水的体积，由得，矿石的体积为
矿石密度的表达式。
故答案为：（1）调节平衡螺母前，游码未归零；右；
（2）58；
（3）2.9；
（4）加水到标记处； 。
25．如图甲所示是测量定值电阻Rx阻值的实验电路图，器材可以满足实验要求。
（1）连接实物电路的过程中，开关S应处于 断开 状态；
（2）调节滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为5V时，电流表的示数如图乙所示为 0.5 A；电阻Rx的阻值为 10 Ω，其电功率为 2.5 W；
（3）小明设计了另一种测电阻的方案，如图丙所示，方案中定值电阻的阻值为R0，电源电压未知，步骤如下：
①断开开关S1，闭合开关S、S2，电压表的示数为U1；
② 断开开关S2，闭合开关S、S1 ，电压表的示数为U2；
③电阻Rx的表达式为Rx＝ 。（用U1、U2、R0表示）
【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
（2）图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A，
则电阻Rx的阻值Rx＝＝＝10Ω；
P＝UI＝5V×0.5A＝2.5W。
（3）根据电路图知：断开开关S1，闭合开关S、S2，电压表测量电源电压，电压表示数为U1；
断开开关S2，闭合开关S、S1，电压表测量电阻Rx两端的电压，电压表示数为U2；
流过电路的电流I′＝，
由欧姆定律得RX的阻值：
RX＝＝＝。
故答案为：（1）断开；（2）0.5；10；2.5；（3）断开开关S2，闭合开关S、S1；。
26．【新定义】热量的单位有两种，一种是国际单位焦耳，简称“焦”；另一种是“卡路里”，简称“卡”，这个单位被广泛使用在营养计量和健身手册上。“卡”是这样规定的：在1个大气压下，将1克水温度升高1摄氏度所需要吸收的热量。
（1）1卡合多少焦耳；
（2）茗茗每天健步走消耗的能量约5.46×105J相当于消耗能量多少卡？
（3）若运动员在长跑训练中汗水蒸发吸收热量，使质量为50kg的运动员体温下降0.1℃，求汗水蒸发吸收的热量。[人体主要成分是水，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]
【解答】解：（1）由题知，1g的水温度升高1℃所吸收的热量为1卡，m水＝1g＝0.001kg，1g的水温度升高1℃所吸收的热量Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.001kg×1℃＝4.2J
故1卡＝4.2J。
（2）茗茗消耗的能量
（3）运动员的体温下降 0.1℃放出的热量Q放＝c水m人Δt′＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×0.1℃＝2.1×104J，运动员汗水蒸发吸收的热量为2.1×104J。
答：（1）1卡合4.2焦耳；
（2）茗茗消耗的能量为1.3×105卡；
（3）运动员汗水蒸发吸收的热量为2.1×104J。
27．如图所示是中国新一代通用型导弹驱逐舰169号（武汉舰），其满载时的排水量约为7×103t，当驱逐舰满载并以60km/h的速度在海面上匀速直线航行时，受到的阻力是自身总重力的0.01倍（海水的密度取1.0×103kg/m3）。求：
（1）在水面下3.5m深处，舰体受到海水的压强是多少？
（2）驱逐舰满载时，受到的浮力是多少？
（3）驱逐舰满载并以60km/h的速度在海面上匀速直线航行1h，驱逐舰牵引力所做的功是多少？
【解答】解：（1）舰体受到海水的压强为：
p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3.5m＝3.5×104Pa；
（2）驱逐舰满载时，受到的浮力为：
F浮＝G排＝m排g＝7×103×103kg×10N/kg＝7×107N；
（3）驱逐舰满载时漂浮在海面上，受到的浮力与重力是一对平衡力，大小相等，则驱逐舰的重力为：G＝F浮＝7×107N，
驱逐舰在海面上匀速直线航行时受到的阻力为：
f＝0.01G＝0.01×7×107N＝7×105N，
由力的平衡条件可知，驱逐舰受到的牵引力为：
F＝f＝7×105N，
驱逐舰以60km/h的速度在海面上匀速直线航行1h航行的路程为：
s＝vt＝60km/h×1h＝60km＝6×104m，
驱逐舰牵引力所做的功为：
W＝Fs＝7×105N×6×104m＝4.2×1010J。
答；（1）在水面下3.5m深处，舰体受到海水的压强是3.5×104Pa；
（2）驱逐舰满载时，受到的浮力是7×107N；
（3）驱逐舰牵引力所做的功是4.2×1010J。
28．“东风快递，使命必达”2024年9月25日8时44分，中国人民解放军火箭军向太平洋相关公海海域，成功发射东风系列洲际弹道导弹，准确落入预定海域震撼全球。好奇的小明通过上网查询发现：该洲际导弹全程飞行距离约达1.2万公里，于9点11分在南太平洋公海轰然爆炸。导弹的飞行之旅分为上升段、中段与末段，其中发射后上升段内不断加速，最快可达6至8马赫，小明估计导弹上升段大气层以内平均速度约为1000m/s；飞行中段，导弹发动机熄火，于大气层外凭借惯性飞行，此阶段飞行时间相对较长；飞行末段，导弹发动机再次打开，下落时的速度变大，导弹末段飞行速度可达25马赫。（声音在空气中传播速度为340m/s，1马赫＝340m/s）
（1）该洲际导弹末段最快速度是多少m/s？
（2）该洲际导弹全程飞行的平均速度为多少m/s？（保留整数）
（3）根据小明估计导弹上升段大气层以内平均速度约为1000m/s，请计算距发射点5100m处的市民听到导弹发射的巨响时，此时导弹飞行的距离为多少m？
【解答】解：（1）该洲际导弹末端最快速度：v末＝25马赫＝25×340m/s＝8500m/s；
（2）该洲际导弹全程飞行的路程：s＝1.2万公里＝1.2×107m，时间t＝9：11﹣8：44＝27min＝1620s，平均速度：v＝m/s；
（3）声音传播到距发射点5100m处所需的时间为：t′＝＝＝15s，在此段时间内导弹飞行的距离为：s导弹＝v导弹t′＝1000 m/s×15s＝ 15×103m ＝15km。
答：（1）该洲际导弹末端最快速度是8500m/s；（2）该洲际导弹全程飞行的平均速度为7407m/s；（3）市民听到导弹发射的巨响时，导弹飞行的距离为15km。
29．如图所示的电路中，电源电压为18V保持不变，电阻R1阻值为6Ω，滑动变阻器R2上标有“50Ω，1A”字样，电压表接“0～15V”量程。闭合开关S，将滑片P移到某一位置时，电流大小为0.6A。求：
（1）此时R1两端的电压。
（2）为保证电压表安全，滑动变阻器能接入电路的最大阻值。
（3）若用电阻R3来替换R1，不改变电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下。要求：在移动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R3的阻值有哪些。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当电流表示数I＝0.6A时，由I＝可得，R1两端的电压U1＝IR1＝0.6A×6Ω＝3.6V，
（2）为保证电压表安全，最大为15V，定值电阻的电压为U1＝U﹣U2＝18V﹣15V＝3V；
此时电路中的电流I＝＝＝0.5A＜0.6A，电流表安全；
滑动变阻器的最大值，R2＝＝＝30Ω；
（3）用电阻R3来替换R1后，由滑动变阻器的铭牌可知，允许通过的最大电流为1A，
则电路中的最大电流可能为变阻器允许通过的最大电流1A、可能为（即变阻器接入阻值为0时），
电路的最小电流可能为（即变阻器接入阻值最大为50Ω时），也可能为＝（即电压表满偏时），
因电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，则有以下几种情况：
①电路中的最大电流为1A，最小电流为时，则有：
1A＝3×，
解得：R3＝4Ω，
则电压表的最大示数：
U2大＝I小R2大＝A×50Ω≈16.7V＞15V，故此种情况不可能；
②电路中的最大电流为1A，最小电流为时，则有：
1A＝3×，
解得：R3＝9Ω，
则电压表的最大示数：
U2大＝U﹣I小R3＝18V﹣A×9Ω＝15V，此种情况可能；
③电路中的最大电流为，最小电流为时，则有：＝3×；解得：R3＝25Ω，
电路中的最大电流和最小电流分别为：
I大＝＝＝0.72A＜1A，I小＝＝＝A，
则电压表的最大示数：
U2大＝I小R3＝A×50Ω＝12V，此种情况可能；
④电路中的最大电流为，最小电流为时，是6倍关系，此种情况不可能；
综上可知，R3的阻值为9Ω或25Ω。
答：（1）此时R1两端的电压是3.6V；
（2）为保证电压表安全，滑动变阻器能接入电路的最大阻值是30Ω。
（3）若用电阻R3来替换R1，不改变电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下。要求：在移动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍求满足要求的R3的阻值有为9Ω或25Ω。
30．在西川实验学校第7届秋季田径运动会上，西川实验学校全体教师团队和人形机器人一起进行了一场别开生面的“机械舞”表演，其实现在的机器人除了可以跳舞以外，已经能够替代人类做很多的劳务性质的工作。
（1）西川实验学校的学生们查阅人形机器人的参数了解到，人形机器人空载缓慢行走时的工作电流约为5～10A，搬运10～20公斤货物并正常行走的电流约为20～50A，则人形机器人空载缓慢行走时与家用电器 空调 （选填“电视机”“空调”“电吹风”）的工作电流最接近；
（2）人形机器人依靠电力驱动，当电源开关S1闭合时机器人的指示灯亮起，此时机器人处于待机状态，再当人类通过电脑连接机器人时，开关S2自动闭合，电动机才能启动，机器人开始工作。下列电路设计符合上述要求的是（ C ）
A．
B．
C．
D．
（3）如图丙是机器人正在帮助人类搬运货物的情境，此时人形机器人手臂上配置了一个压力传感器，当把货物放入“称重盘”（手臂上）时，压力显示器（电压表）就会显示出相应的质量，已知压力传感器刻度均匀且能够实现质量越大，压力显示器（电压表）示数就越大的目的，则在下列四种电路中，符合设计要求的压力传感器电路是（ C ）
A．
B．
C．
D．
（4）已知压力传感器的电源电压为24V，压力显示器（电压表）量程为0﹣15V，R0的阻值为20Ω，R1是一根长度为10cm的均匀电阻线（电阻值与长度成正比），总阻值为100Ω；称重盘（手臂）不放货物时，金属弹簧相连接的指针P在R1的最上端，称重盘（手臂）每放1kg的货物，金属弹簧收缩1cm，指针P下移1cm。则该压力传感器（手臂）最大能够放 7.5 kg的货物。
【解答】解：（1）人形机器人空载缓慢行走时的工作电流约为5～10A，空调正常工作时的电流约5～10A，电吹风正常工作时的电流约2～5A，电视机正常工作时的电流约0.5～1A，所以人形机器人空载缓慢行走时与家用电器空调工作电流最接近；
（2）由题意知，当电源开关S1闭合时机器人的指示灯亮起，此时机器人处于待机状态，再当人类通过电脑连接机器人时，开关S2自动闭合，电动机才能启动，机器人开始工作，说明指示灯与电动机并联，且开关S2只控制电动机，应在电动机所在的支路；而闭合电源开关S1时，机器人处于待机状态，说明开关S1在干路上。故C可行，ABD不可行。
故选：C。
（3）A．图中，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，当货物的质量增大时，滑动变阻器的滑片向下运动，滑动变阻器接入电路中的电阻减小，根据串联分压可知，滑动变阻器两端的电压变小，电压表的示数减小，与题中要求的压力传感器刻度均匀且能够实现质量越大，压力显示器（电压表）示数就越大不符，故A不可行；
B．图中，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，当货物的质量增大时，滑动变阻器的滑片向下运动，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，根据串联分压可知，定值电阻两端的电压变小，电压表的示数减小，与题中要求的压力传感器刻度均匀且能够实现质量越大，压力显示器（电压表）示数就越大不符，故B不可行；
C．图中，定值电阻与滑动变阻器全部阻值串联，电压表测量滑动变阻器上半部分两端的电压，当货物的质量增大时，滑动变阻器的滑片向下运动，电压表测量的滑动变阻器上半部分的电阻增大，由于电路中的总电阻不变，则电路中的电流不变，根据欧姆定律可知，电压表的示数变大，且示数变化是连续均匀的，与题中要求的压力传感器刻度均匀且能够实现质量越大，压力显示器（电压表）示数就越大相符，故C可行；
D．图中，定值电阻与滑动变阻器全部阻值串联，电压表测量滑动变阻器下半部分两端的电压，当货物的质量增大时，滑动变阻器的滑片向下运动，电压表测量的滑动变阻器下半部分的电阻增大，由于电路中的总电阻不变，则电路中的电流不变，根据欧姆定律可知，电压表的示数变小，与题中要求的压力传感器刻度均匀且能够实现质量越大，压力显示器（电压表）示数就越大不符，故D不可行。
故选：C。
（4）根据欧姆定律和第三问C图可知，电路中的电流为，
压力显示器（电压表）量程为0﹣15V，则电压表示数达到最大时，测量的电阻为，
此时所测量电阻的长度为，
因此该压力传感器（手臂）能够放的最大质量为。
故答案为：（1）空调；（2）C；（3）C；（4）7.5。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
B
C
A
D
C
C
A
A
B
B
B
题号
12
答案
C