2024-2025年新疆各地市中考物理模拟题分类精选5.内能及其利用（Word版附解析）

这是一份2024-2025年新疆各地市中考物理模拟题分类精选5.内能及其利用（Word版附解析），共27页。
B．春风十里扬州路，卷上珠帘总不如
C．迟日江山丽，春风花草香
D．天下三分明月夜，二分无赖是扬州
【解答】解：A．谁知竹西路，歌吹是扬州，说明声音可以在空气中传播，故A不正确；
B．春风十里扬州路，说明风是由空气流动形成的，故B不正确；
C．迟日江山丽，春风花草香，是香气分子的扩散现象，扩散现象表明分子不停地做规则的运动，故C正确；
D．天下三分明月夜，说明光在同种介质中沿直线传播，故D不正确。
故选：C。
6．[2024兵团一中三模]功能饮料上常标有“能量密度（kJ/mL）”的参数，下列物理量中与“能量密度”的含义相似的是（ ）
A．内能B．热量C．热值D．比热容
【解答】解：A.内能：是物体内部所有分子做无规则运动的动能和分子势能的总和，其大小与物体的质量、温度、材料、状态等因素有关，是物体本身具有的一种能量，与能量密度所表示的单位体积内的能量含义不同。故A不符合题意；B.热量：是指在热传递过程中，传递能量的多少，是一个过程量，只有在热传递过程中才有热量的概念，与能量密度的概念不同。故B不符合题意；C.热值：定义是 1kg 某种燃料完全燃烧放出的热量，它反映的是某种物质的一种燃烧特性，体现了不同燃料燃烧过程中，化学能转变成内能的本领大小，与能量密度类似，都是描述物质能量特性的物理量，只不过热值是针对燃料，能量密度是针对功能饮料等物质，且单位不同，但含义相似，都是表示单位量的物质所具有的能量。故C符合题意；D.比热容：是单位质量的某种物质温度升高（降低）1℃所吸收（放出）的热量，它表示的是物质吸热或放热的本领，与能量密度的含义不同。故D不符合题意。故选：C。
4．[2024兵团一中二模]电灯工作一段时间消耗的电能全部转化为光能和内能，描述的物理规律是（ ）
A．欧姆定律B．机械能守恒定律
C．能量守恒定律D．机械能及其转化
【解答】解：电灯工作一段时间消耗的电能全部转化为光能和内能，这一过程中能量的总量不变，只是发生了能量的转化，描述的物理规律是能量守恒定律。
故选：C。
4．[2024克拉玛依二模]如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来，以下实验操作目的与此实验中放入棉絮作用相同的是（ ）
A．在探究平面镜成像特点实验中，用两个相同的棋子探究像与物的大小关系
B．在探究影响动能大小因素实验中，通过小木块移动距离比较动能的大小
C．在做“探究二力平衡条件”实验时，选用质量较小的卡片
D．在研究光的传播现象时，引入光线
【解答】解：棉絮的作用是把内能的增大转换为棉絮的燃烧，是转换法的应用，
A．用两个相同的棋子探究像与物大小关系的方法是等效替代法，故A不正确；
B．通过小木块移动距离比较动能大小的方法是转换法，和题干中棉絮的作用相同，故B正确；
C．选用质量小的卡片，忽略了纸片质量对实验的影响，用到了理想实验法，故C不正确；
D．引入光线表示光是建立模型法，用一条带箭头的直线表示光线。故D不正确。
故选：B。
8．[2025乌鲁木齐三模]2024年10月30日，神舟十九号3名航天员进驻中国空间站，与神舟十八号3名航天员会师，火箭在加速升空过程中（ ）
A．火箭受力平衡
B．随着燃料燃烧，燃料热值逐渐减小
C．内能转化为火箭的机械能
D．燃料燃烧释放的热量越多，热机效率越高
【解答】解：A.火箭在加速升空过程，向上的动力大于火箭的重力，故A错误；
B.热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多少以及是否充分燃烧无关，故B错误；
C.火箭上升，是消耗了燃料化学能，得到了机械能，故能量的转化是：化学能转化为内能，内能又转化为机械能，故C正确；
D.热机效率是有用功和总功的比值，和燃料放热多少无关，故D错误；
故选：C。
5．[2024昌吉九中模拟]以下有关燃油汽车说法中正确的是（ ）
A．随着科技的发展，燃油车的发动机效率可以达到100%
B．汽车行驶过程中对地的压强比静止时的压强大
C．汽车行驶过程中燃油会减少，热值也会随之减小
D．汽车的发动机用水来降温是利用了水的比热容大的特性
【解答】解：A、燃油车的发动机在工作时，不可避免地要克服机械间的摩擦而产生额外功，因此燃油车的发动机效率不可能达到100%，故A错误；
B、汽车静止时，对地面压力大小等于重力大小；汽车在行驶过程中，车子上方空气的流速大于车子下方空气的流速，因而车子上方气体的压强小于车子下方气体的压强，汽车上下方所受到的压力差形成向上的升力，从而使得轿车对地面的压力小于车的重力，所以汽车在行驶过程中对地面的压力比静止时小，而受力面积相同，由p可知汽车静止时对地面压强大，故B错误；
C、热值是燃料的一种特性，与燃料的质量无关，因此汽车行驶过程中虽然燃油会减少，但热值不变，故C错误；
D、水的比热容大，相同质量的水和其他物质升高相同的温度时，水吸收的热量多，因此汽车的发动机用水来降温是利用了水的比热容大的特性，故D正确。
故选：D。
3．[2025新疆克州一模]下列实例中，改变物体内能的方式与其它三个不同的是（ ）
A．物体放在取暖器旁温度升高
B．热鸡蛋放入冷水中，温度降低
C．冬天搓手，手会变暖
D．医生用冰袋给发热的病人降温
【解答】解：A、物体放在取暖器旁，取暖器会放出热量，这些热量通过热传递的方式被物体吸收，从而使物体的内能增加，温度升高；
B、热鸡蛋放入冷水中，鸡蛋的热量会传递给冷水，鸡蛋的内能减少，温度降低。这也是通过热传递的方式改变物体的内能；
C、冬天搓手时，手克服摩擦力做功，使手的内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能；
D、医生用冰袋给发热的病人降温，冰袋会吸收病人的热量，这是通过热传递的方式改变物体的内能。综上所述，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
7．[2023新疆]人类最早发明的热机是（ ）
A．蒸汽机B．内燃机
C．喷气发动机D．火箭发动机
【解答】解：热机是指各种利用内能做功的机械，17世纪人类发明了热机，最早的热机是蒸汽机；内燃机、喷气发动机、火箭发动机都是19世纪后期发明出来的，故A正确。
故选：A。
7．[2025乌鲁木齐三模]下列机器中，不属于热机的是（ ）
A．洗衣机B．柴油机C．火箭D．蒸汽轮机
【解答】解：
A、洗衣机是将电能转化为机械能，不是热机，故A符合题意；
BCD、柴油机、火箭、蒸汽轮机都是利用内能做功的，将内能转化为机械能的装置，属于热机；故BCD不符合题意。
故选：A。
3．[2025喀什一模]下列动力机械不属于热机的是（ ）
A．中国高铁交流异步牵引电动机
B．052D型导弹驱逐舰燃气轮机
C．歼﹣20战机涡扇15煤油发动机
D．长征五号火箭液氢液氧发动机
【解答】解：燃气轮机、煤油发动机和火箭都是热机，工作时把内能转化成机械能，而电动机是把电能转化成机械能，不符合热机的特点，故A正确。
故选：A。
6．[2025和田二模]四冲程汽油机的工作循环中，主要将机械能转化为内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
【解答】解：压缩冲程是将机械能转化为内能，故B正确，ACD错误。
故选：B。
7．[2025乌鲁木齐三模]如图所示，用力下压活塞，将机械能转化为内能，与它原理相同的是内燃机的（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
【解答】解：图中下压活塞时，活塞对筒内空气做功，使空气的内能增大，在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩缸内气体，对气体做功，将机械能转化为内能，与图中下压活塞时增大筒内气体内能的原理相同，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
8．[2025伊犁二模]点火爆炸实验中，电子式火花发生器点燃盒中酒精蒸汽，产生的燃气将塑料盒盖喷出很远。此过程的能量转化方式类似于汽油机的（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
【解答】解：塑料盒相当于一个气缸，塑料盒的盖相当于活塞，酒精在塑料盒内燃烧，产生高温高压的燃气，推动塑料盒盖运动，把内能转化为机械能，这一过程与热机工作时的做功冲程类似。
故选：C。
4．[2025阿克苏三模]湿地被称为“地球之肾”，能调节空气的湿度和温度，其中能调节温度主要是因为水的（ ）
A．比热容大B．密度大C．流动性大D．热值大
【解答】解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
故选：A。
5．[2025哈密四中三模]长征五号火箭使用液氢作为燃料是因为液氢具有较大的（ ）
A．体积B．密度C．热值D．比热容
【解答】解：长征五号火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量，故C正确。
故选：C。
4．[2025新疆克州一模]为了节约能源，需要提高热机效率，关于提高热机效率，下列说法正确的是（ ）
A．尽量使用热值大的燃料
B．采用先进的制造技术，能将热机的机械效率提高到100%
C．尽量增加热机工作时间
D．尽量减少废气带走的热量
【解答】解：
A．使用热值大的燃料时，完全燃烧相同质量的燃料，可以产生更多的热量，但是不能提高热机效率，故A错误；
B．由于摩擦等因素的存在，也无法将热机的机械效率提高到 100%，故B错误；
C．增加热机工作时间，可以增加对外做的有用功，但是不能提高热机效率，故C错误；
D．减少废气带走的热量可以增加燃料产生热量的利用率，可以提高热机的效率，故D正确。
故选：D。
2．[2025新疆克州一模]下列关于温度、热量和内能的说法正确的是（ ）
A．物体的内能只和温度有关系，只要温度不变，内能就一定不变
B．热量只能从内能大的物体向内能小的物体转移
C．物体的温度越低，所含的热量越少
D．冬天晒太阳会觉得暖和，这是通过热传递的方式改变物体的内能
【解答】解：A、物体的内能与质量、温度和状态都有关系，温度不变，物体的内能可能改变，故A错误；
B、内能大小与质量、温度和状态有关，内能大的物体温度不一定高，内能小的物体温度不一定低，因此，热量可能从内能小的物体向内能大的物体转移，故B错误；
C、热量是一个过程量，不能用含有来修饰，故C错误；
D、冬天晒太阳会觉得暖和，这是通过热传递的方式改变物体的内能，故D正确。
故选：D。
5．[2025新疆克州一模]下列说法正确的是（ ）
A．一瓶饮料喝了一半，它的比热容减少为原来的一半
B．同一物体温度越高，它的内能越大
C．有的分子之间只有引力，有的分子之间只有斥力
D．燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多
【解答】解：A、比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与物质的质量、体积、温度的变化和吸热多少无关，故A错误；
B、同一物体的温度越高，内能越大，故B正确；
C、分子之间的引力和斥力是同时存在的，故C错误；
D、不知道燃料的质量，燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不一定越多，故D错误。
故选：B。
6．[2025石河子二模]烤全羊是新疆的特色美食，以整只羊为主料，配以多种调料和香料，经过烤制而成，口感外酥里嫩，香气扑鼻。在烤全羊的过程中，下列有关说法正确的是（ ）
A．烤羊肉时主要是通过做功的方式增大羊肉的内能
B．远远就能闻到羊肉的香味，说明分子在不停地做无规则运动
C．刚烤好的全羊很烫，是因为它含有较多的热量
D．烤全羊所用的木炭在燃烧的过程中，其热值变小
【解答】解：A．烤羊肉时，是高温的烤炉将热量传递给羊肉，使羊肉的内能增加，这是通过热传递的方式增大羊肉的内能，而不是做功，故A错误；
B．远远就能闻到羊肉的香味，是羊肉的香味分子扩散到空气中，进入人的鼻腔，使人闻到香味，这说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C．刚烤好的全羊很烫，是因为它的温度高，内能大，不能说它含有较多的热量，故C错误；
D．热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。烤全羊所用的木炭在燃烧的过程中，所以热值不变，故D错误。
故选：B。
4．[2025伊犁二模]冬天。路上的行人一边搓手，一边对手哈气，从而使手感到暖和。“搓手”和“哈气”在改变内能的方式上分别属于（ ）
A．做功、做功B．热传递、做功
C．热传递、热传递D．做功、热传递
【解答】解：冬天“搓手”取暖是通过做功的方法把机械能转化为手的内能，手的内能增加，温度升高；
“哈气”是通过热传递的方式改变手的内能，手的内能增加，温度升高。
故选：D。
7．[2024昌吉四中模拟]在学校科技周展示中，物理兴趣小组的同学用塑料瓶自制了一个火箭模型，在瓶子的侧壁安装一个电火花发生器，按下按钮会产生电火花，从瓶口喷入酒精后，盖上锥形纸筒，按下按钮，纸筒立即向上飞出。下列说法正确的是（ ）
A．瓶内酒精燃烧越充分，酒精热值越大
B．纸筒飞出过程中内能转化为机械能
C．纸筒飞出相当于热机工作时的压缩冲程
D．瓶内出现的白雾是由水蒸气汽化而成的
【解答】解：A、热值的大小与燃料的燃烧情况、燃料的质量无关，故A错误；
B、燃气推动纸筒飞出的过程中，将燃气的内能转化为纸筒的机械能，故B正确；
C、热机的做功冲程将内能转化为机械能，纸筒飞出相当于热机工作时的做功冲程，故C错误；
D、瓶内出现的白雾是由水蒸气液化形成的，故D错误。
故选：B。
填空题
15．[2025新疆克州一模]已知天然气的热值为4.0×107J/m3，完全燃烧2.1m3的天然气可以获得 8.4×107 J的热量；不计热量损失，在标准大气压下，这些热量可以使500kg、初温为70℃的水，温度升高 30 ℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【解答】解：（1）完全燃烧2.1m3的天然气放出的热量Q放＝Vq＝2.1m3×4.0×107J/m3＝8.4×107J；
（2）不计热量损失，Q吸＝Q放＝8.4×107J，
根据Q吸＝cmΔt可知升高的温度Δt40℃。
在标准大气压下，水的沸点为100℃，100℃﹣70℃＝30℃＞40℃，
这些热量可以使500kg、初温为70℃的水，温度升高30℃。
故答案为：8.4×107；30。
16．[2025新疆克州一模]一台单缸四冲程汽油机，在压缩冲程中，气体的温度升高，这是通过 做功 的方式增加内能。为了不让汽油机在工作时温度升得太高。在设计制造时，让气缸被水包围着，这是通过 热传递 的方式减少气缸内能。用水来冷却气缸是因为水的 比热容 较大。
若飞轮转速是1800r/min，该汽油机每秒完成 60 个冲程，对外做功 15 次。
【解答】解：在汽油机的压缩冲程中，压缩气体时对气体做功，气体的内能增大，气体的温度升高；
此时如果外面被水包围，这样汽缸和水之间就有温度差，热量会从高温的汽缸传向低温的水，汽缸内能就会减小；
因为水的比热容相对较大，所以在质量相同的情况下可以吸收更多的热量；
汽油机的一个工作循环是由吸气、压缩、做功和排气四个冲程组成，一个工作循环活塞上下往复2次，曲轴转动2周，对外做功一次。
飞轮转速为1800r/min＝30r/s，也就是1s飞轮转动30r，完成60个冲程，对外做功15次。
故答案为：做功；热传递；比热容；60；15。
18．[2025新疆克州一模]如图所示是某单缸四冲程汽油机的 压缩 冲程；把质量为2kg、温度为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量为 4.2×105 J，若这些热量由效率为20%的火炉燃烧焦炭来提供，则需要燃烧 0.07 kg的焦炭。[q焦炭＝3.0×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【解答】解：（1）由图可知，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程；
（2）这些水吸收的热量为：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（75℃﹣25℃）＝4.2×105J；
（3）由题知，Q吸＝Q放×20%，
焦炭完全燃烧放出的热量为：
Q放2.1×106J，
根据Q放＝m焦炭q焦炭得需要焦炭的质量：
m焦炭0.07kg。
故答案为：压缩；4.2×105；0.07。
14．[2025乌鲁木齐三模]水很难被压缩，说明分子间有 斥 （选填“引”或“斥”）力，水分子直径的数量级为10﹣10m，合 0.1 nm；歼20飞机的隐身功能很强，原因是飞机机身对电磁波有较强的 吸收 （吸收/反射）作用；自家雷达若要探测到歼20飞机，需要安装龙勃透镜（球形多面折射透镜），当电磁波通过透镜时，会发生 折射 （反射/折射），传播到涂有特殊金属的反射层再发生 反射 （反射/折射），自家雷达就能发现了。
【解答】解：
（1）水很难被压缩，说明分子间有斥力；因为1nm＝10﹣9m，所以10﹣10m＝10﹣10×109nm＝0.1nm；
（2）隐形战机”可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达；
（3）当电磁波通过龙勃透镜时，龙勃透镜对电磁波有折射作用，折射的电磁波传播到涂有特殊金属的反射层再发生反射，这样雷电就能发现飞机了。
故答案为：斥；0.1；吸收；折射；反射。
13．[2024克拉玛依二模]春节吃饺子是中华民族传统习俗。包饺子时，捏出漂亮的花边，说明力可以改变物体的 形状 ；煮一段时间饺子会上浮，在上浮过程中，饺子受到水的压强会 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；刚出锅的饺子，咬上一口满屋飘香，这是 扩散 现象。
【解答】解：（1）包饺子时，捏出漂亮的花边，这是力可以改变物体的形状；
（2）液体的压强随深度的增加而增加，饺子在上浮过程中，深度越来越小，故饺子受到水的压强会变小；
（3）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象，刚出锅的饺子，咬上一口满屋飘香，这是扩散现象。
故答案为：形状；变小；扩散。
作图题
实验题
13．[2025新疆克州一模]观察如图所示的四个热学实验，回答下列问题：
（1）甲图中，抽掉玻璃板后，两瓶中气体会混合在一起，颜色逐渐变均匀，这属于 扩散 现象。
（2）乙图中，红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子无规则运动快慢与 温度 有关；
（3）丙图中，紧压两铅柱使它们合在一起，下面可以悬挂钩码，这说明固体分子间存在 相互吸引力 。
（4）丁图中，试管内的水沸腾一段时间后，水蒸气将橡胶塞推出，水蒸气的内能转化为橡胶塞的 机械 能。
【解答】（1）二氧化氮气体比空气的密度大，空气要处于二氧化氮气体的上方，所以装二氧化氮气体的应是下方的瓶子，二氧化氮的颜色是红棕色的，作用显示分子的运动（便于观察扩散现象）；扩散现象说明分子在不停地进行无规则运动；
（2）温度越高，分子热运动越剧烈，扩散现象越明显；
（3）两个表面光滑的铅块相互压紧后，可以使它们结合在一起，即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开，说明分子之间存在相互作用的引力；
（4）水蒸气顶开软木塞，是利用水蒸气的内能来做功，把内能转化为机械能。
故答案为：（1）扩散；（2）温度；（3）相互吸引力；（4）机械。
25．[2025新疆克州一模]在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。
（1）实验中应取质量 相同 （选填“相同”或“不同”）的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热；当它们吸收相同热量时，通过比较液体 升高的温度 来判断吸热能力的强弱；这种方法叫 转换法 ；
（2）实验记录数据如上表格所示，从开始加热到末温为42℃时，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲 小于 Q乙（选填“大于”、“等于”或“小于”），你是根据 过加热时间长短 来判断液体吸收热量多少的；
（3）分析实验数据可知液体 甲 （选填“甲”或“乙”）的吸热能力强；
（4）若从甲、乙两种液体中选取一种液体作为暖手袋的工作物质，则应选 甲 （选填“甲”或“乙”）液体比较合适。
【解答】解：（1）要探究不同物质的吸热情况，根据控制变量法，应取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热，当它们吸收相同热量时，通过比较液体升高的温度来判断吸热能力的强弱。
（2）根据转换法，实验中通过加热时间比较吸收热量的多少，由表格数据可知，从开始加热到42℃，甲液体用时3min，乙液体用时4min，则甲吸收的热量小于乙吸收的热量。
（3）由表格数据可知，加热4min，甲温度升高16℃，乙温度升高32℃，即相同质量的甲、乙两种液体吸收相同热量时，甲升温比乙慢，所以甲物质的吸热能力强。
（4）由实验可知，甲物质的吸热能力强，则甲的比热容更大，降低相同温度时，放出的热量更多。所以若从甲、乙两种液体中选取一种液体作为暖手袋的工作物质，则应选甲液体比较合适。
故答案为：（1）相同；升高的温度；转换法；（2）小于；通过加热时间长短；（3）甲；（4）甲。
20．[2025伊犁二模]在“比较不同物质吸热的情况”实验中，用两个相同规格的电加热器分别对质量为150g、初温为20℃的食用油和水进行加热，每隔1min记录一次数据，如表所示。
（1）本实验是通过 加热时间 （填“升高温度”或“加热时间”）来反映不同物质吸收热量的多少。分析实验数据可知， 水 （填“水”或“食用油”）的吸热能力更强。
（2）已知水的比热容，若不计热量损失，根据表中记录的数据可知，2min内食用油吸收的热量为 6.3×103J 。
【解答】解：（1）实验中通过加热时间反映吸热多少，加热时间越长，物质吸收热量越多。
由表可知，相同时间内，水升温比食用油慢，说明水的吸热能力更强。
（2）不计热量损失，所以可以认为电加热器提供的热量全部被物质吸收。因为两个加热器是相同规格的，所以在相同时间内提供的热量相同。
水在2分钟内吸收的热量为，则食用油吸收的热量也是6300J。
故答案为：（1）加热时间；水；
（2）6.3×103J
20．[2025伊犁二模]为了比较水和油的吸热能力，某同学用两个规格相同的电加热器来加热水和食用油，实验数据记录如表所示。
（1）实验所用食用油和水的质量应该 相同 （选填“相同”或“不同”）。
（2）加热结束时，食用油吸收的热量 等于 （选填“大于”“小于”或“等于”）水吸收的热量。
（3）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 水 加热更长的时间。
（4）实验表明， 水 （选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强。
【解答】解：（1）根据比较不同物质吸热能力的两种方法，实验所用食用油和水的质量应该相同。
（2）因加热时间相同，由转换法，加热结束时，食用油吸收的热量等于水吸收的热量。
（3）根据表中数据可知，加热相同时间，水升温慢，故在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间。
（4）相同条件下，加热相同时间，吸热相同，水升温慢，实验表明，水吸热的能力更强。
故答案为：（1）相同；（2）等于；（3）水；（4）水。
计算题
27．[2025新疆克州一模]天然气是汕头市民常用的一种能源。某用户用燃气热水器将20kg的水从20℃加热到70℃时消耗的燃气为0.25m3。已知天然气的热值q＝4.0×107J/m3，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求：
（1）这些水吸收的热量是多少？
（2）加热这些水所需要的天然气完全燃烧放出的热量是多少？
（3）该燃气热水器的效率为多少？
【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×106J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝qV＝4.0×107J/m3×0.25m3＝1×107J；
（3）燃气热水器的效率：η100%100%＝42%。
答：（1）这些水吸收的热量是4.2×106J；
（2）加热这些水所需要的天热气完全燃烧放出的热量是1×107J；
（3）该燃气热水器的效率为42%。加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42
物质
加热1min后的温度/℃
加热2min后的温度/℃
加热3min后的温度/℃
加热4min后的温度/℃
食用油
31
42
53
64
水
25
30
35
40
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/s
最后温度/℃
水
200
20
75
45
食用油
*
20
75
68