2024-2025学年黑龙江省牡丹江十一中九年级（上）期末物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2024-2025学年黑龙江省牡丹江十一中九年级（上）期末物理试卷(含详细答案解析)，共40页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）在物理学的发展过程中，下列科学家都做出了杰出贡献。其中首先发现了电与磁之间联系的是（ ）
A．法拉第B．奥斯特C．安培D．沈括
2．（2分）某同学利用塑料瓶制作的“水火箭”如图甲所示，其原理是压缩空气使水从“火箭”尾部向下喷出，推动“火箭”飞向空中。下列判断不正确的是（ ）
A．空气使水从“火箭”尾部向下喷出后，空气内能增加
B．水火箭获得升力是因为水向下喷出时产生反作用力，从而推动水火箭
C．从能量转化角度讲，水火箭发射过程与图乙中（3）所示的原理相似
D．从能量转化角度讲，图乙中（2）冲程是把机械能转化为内能
3．（2分）如图所示，2024年4月25日，搭载着神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（ ）
A．火箭的燃料燃烧得越充分，热值越大
B．火箭“体内”的燃料选用液氢是因为液氢的质量大
C．火箭“体内”的液氢燃料温度低至﹣253℃时，内能为零
D．火箭“体内”的液氢燃料在燃烧过程中，质量减少，热值不变
4．（2分）关于电流、电压和电阻，下列说法中正确的是（ ）
A．电流是电荷定向移动形成的，所以电流的方向与电荷定向移动的方向相同
B．通过导体的电流一定与导体两端的电压成正比
C．由欧姆定律可得R，所以导体的电阻是由它两端的电压和流过的电流决定的
D．电压是形成电流的原因，所以电路中有电流就一定有电压
5．（2分）小梦做实验时记录了两个数据：2V和0.2A，但填写表格时不知测的是哪个元件的数据，由于器材收拾完了，小梦的实验接线草图如图，M、N是两个电表。下列判断正确的是（ ）
A．M表是电压表，电源电压是2V
B．N表是电流表，流过L2的电流是0.2A
C．N表是电压表，L1两端的电压是2V
D．M表是电流表，流过L2的电流是0.2A
6．（2分）轿厢是电梯用以承载、运送人员和物资的箱形空间，一般由轿底、轿壁、轿顶、轿门等主要部件构成。通常，在轿门左右两侧轿壁各有一排楼层选择按钮，分别相当于开关S1和开关S2。进入电梯的人无论按下哪一侧轿壁上同一楼层的按钮，都会使该楼层指示灯L亮起，下列设计的电路中符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，灯泡L突然熄灭，电路中只有一个电表示数变小。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中正确的是（ ）
①可能灯泡L断路
②可能灯泡L短路
③可能电阻R断路
④可能电阻R短路
A．只有①②正确B．只有③④正确
C．只有①③正确D．只有①②③正确
8．（2分）“低碳生活，从我做起”。为了节约能源，同学们在不影响书写、阅读的前提下，坚持在教室少开两盏照明灯。当小枫断开教室内一个开关后，有两盏灯同时熄灭。下列判断正确的是（ ）
A．断开开关后，电路中的总电流增大了
B．断开开关后，电路中的总电阻增大了
C．断开开关后，电路两端的总电压降低了
D．同时熄灭的两盏灯是串联的
9．（2分）“伏安法测定值电阻”和“伏安法测小灯泡的电阻”是电学中两个重要的实验，小聪同学对两个实验进行了梳理和对比，下列说法正确的是（ ）
A．两个实验的原理不同
B．滑动变阻器在两个实验中的作用仅是保护电路
C．两个实验进行多次测量的目的不同
D．两个实验都采用了控制变量法
10．（2分）如图所示，若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两表示数之比U甲：U乙＝3：1；若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，下列说法正确的是（ ）
A．两电阻的阻值之比R1：R2＝3：1
B．两电流表的示数之比I甲：I乙＝2：3
C．两电阻两端的电压之比U1：U2＝1：3
D．两电阻消耗的功率之比P1：P2＝2：1
11．（2分）如图所示，灯L1、L2分别标有“3V 0.6W”、“6V 3W”的字样。将开关S闭合，灯L1、L2均发光。下列说法正确的是（ ）
A．灯L1比灯L2亮
B．通过灯L1电流大于灯L2的电流
C．灯L1的实际功率比灯L2的实际功率小
D．灯L1两端的电压等于灯L2两端的电压
12．（2分）下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．电水壶紧靠插线板烧水
B．在电暖器上烘烤衣物
C．电动自行车应在规定位置停放充电
D．插座上的插头长期不拔
13．（2分）如图所示，小李早上想用电热水壶烧开水，将插头插入插座，并闭合开关，发现电热水壶不工作；厨房的灯泡是也不能工作。保持灯泡开关闭合，拔出插头，用试电笔分别接触插座的左右两孔，发现接左、右孔时氖管均发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（ ）
A．CD间电路断路B．ED间电路断路
C．插座短路D．保险丝烧断
14．（2分）心肺机用“电动泵”替代心脏，推动血液循环。“电动泵”的工作原理如图所示，将线圈ab固定在活塞一端，利用其与固定磁铁间的相互作用带动活塞运动，从而使血液定向流动。阀门K1、K2都只能单向开启。当线圈中的电流从a流向b时（ ）
A．线圈周围有磁场和磁感线
B．线圈左端是N极
C．活塞将向左运动
D．此时“电动泵”处于送血状态
15．（2分）如图所示是某同学设计的“温度自动报警器”的电路图，图中金属丝下端与90℃刻度线对齐。下列说法中正确的是（ ）
A．图中的A是电磁铁，它内部的铁芯应该用钢来做
B．控制电路的电源的正负极对调后不会影响自动报警器工作
C．当温度达到85℃就发出报警信号
D．如果要降低报警温度，需要将金属丝往上提
二、多项选择题（每小题3分，共6分，每小题有两个或三个正确选项，选项全部正确的得3分，不全但正确的得2分，有错误选项不得分）
（多选）16．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关，滑片从中点向左移的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．小灯泡亮度变亮
B．电压表V1与电压表V2示数之差变小
C．电路的功率变大
D．电压表V1与电流表A示数之比变大
（多选）17．（3分）如图甲所示的电路中，电源电压为9V不变，两灯的额定电压均为6V，两灯的I﹣U图像如图乙所示。闭合开关S，调节滑动变阻器直至其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡不损坏，此时（ ）
A．L1正常发光
B．电压表示数为8V
C．两灯的总功率为7.2W
D．滑动变阻器的功率为0.3W
三、填空题（每空1分，共10分）
18．（2分）小华在早餐店买油条时能闻到油条的香味，是因为 ，将油条放入塑料袋内，过了一段时间，油条上的油会渗出塑料袋，这说明 。
19．（2分）在空中飞行的飞机，因与空气发生了摩擦发生电子得失的现象，其中空气中氧分子得到电子，则飞机带 电。如果在着陆过程中没有将静电放掉，当地勤人员接近时，可能危及生命，所以飞机的特殊轮胎常用 （选填“导体”或“绝缘体”）材料做成，从而避免造成危害。
20．（2分）LED灯已广泛应用于展示台装饰、居家照明、城市夜景美化等，制作LED灯的材料是 （选填“半导体”或“超导体”）。如图所示为某学校电子屏中滚动播放的标语，其显示屏中的“增”字有一部分未显示出来，其它部分正常发光，由此可知，未发光部分与其它部分之间是 联的。
21．（2分）冬天用来取暖的电暖器，它是利用电流的 效应来工作的；若电暖器的电热丝烧断后，直接将断了的电热丝两端拧在一起，电热丝的长度变短了，则电暖器的实际功率与原来相比 （选填“变大”、“变小”或“一样大”）。
22．（2分）指南针是我国古代四大发明之一，如图所示是我国早期的指南针——司南，用天然磁石琢磨成一个勺子的形状，放在一个光滑的“地盘”上，盘上刻着方位，静止时它的长柄指向南方。司南能指示南北方向，是因为受到 的作用，长柄是它的 极。
四、实验与探究题（每题6分，共30分）
23．（6分）如图所示的三个实验中：
（1）图甲是探究“不同物质吸热情况”的实验，用两个完全相同的酒精灯对其加热，通过 反映水和沙子吸收热量的多少；实验中发现沙子升温快，因此可知 的吸热能力强；
（2）图乙研究“短路引起熔丝熔断”的实验，应将导线接在 （选填“AC”或“BD”）两点间，闭合开关，造成短路，可引起熔丝熔断；
（3）图丙探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，实验中，他们将开关S从a换到b上时，调节滑动变阻器的滑片P，通过 来反映电磁铁磁性强弱。此时调节滑动变阻器的目的是 ，观察到大头针下端是分开的，原因是 。
24．（6分）在做“影响导体电阻大小的因素”的实验时，如图一所示。
（1）实验中，通过 的大小来比较电阻的大小；
（2）金属丝的规格及实验数据如下表所示，为了研究电阻与导体长度的关系，应选用导线 进行对比，得到的结论是 ；
（3）接着有同学想研究电阻与温度的关系，分别做了图二中的两个物理实验，通过对实验现象的分析得出结论。甲实验看到的现象是：随着玻璃珠温度的升高，小灯泡亮度越来越 ，这个实验说明导体和绝缘体之间没有绝对界限；乙实验随着镍铬合金丝温度的升高，灯泡的亮度越来越 ，这个实验说明：在一般情况下，金属导体的电阻随着温度的升高而变 。
25．（6分）如图甲所示是“探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的实验装置，两个相同的透明容器中密封着等质量的空气。
（1）图甲装置中U形管 （选填“是”或“不是”）连通器。实验中，要比较电阻丝产生的热量的多少，只需比较与之相连的U形管中 。
（2）图甲装置通电一段时间后右侧U形管中液面升高得多，说明 。
（3）实验中发现。图乙装置中 （选填“左”或“右”）侧容器中导体产生的热量较多，由此可知，在电阻和通电时间相同时，电流越 （选填“大”或“小”），导体产生的热量越多。该装置 （选填“能”或“不能”）解释“电炉丝热得发红。而连接它的导线几乎不发热”。
26．（6分）小明同学用图甲的电路图探究“电流与电阻的关系”，实验中所用的定值电阻分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω，电源电压为6V不变，滑动变阻器“20Ω 1A”。
（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路；
（2）连接正确后开始实验，实验过程中，需要改变定值电阻，观察电流的变化，为科学地得出实验结论，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时他眼睛应注意观察 （填序号）；
A．电源
B．电流表
C．电压表
D．变阻器滑片
（3）同组的两个同学先后进行实验，并作出I﹣U图象如图丙所示， 图（选填“A”或“B”）实验操作中不符合要求；
（4）分析上述正确的一组数据可得出的实验结论为 ；
（5）小明在实验室中又找到一只30Ω的定值电阻，于是他用这只电阻代替原来的电阻进行实验，发现无论怎样移动滑片，电压表示数都 （选填“大于”或“小于”）3V，为了能够继续完成实验，并能使电压表示数调到3V，他可以 。
27．（6分）小松连接了图甲电路“测定小灯泡额定功率”，电源为3节新干电池，小灯泡额定电压为2.5V（小灯泡额定功率小于1W），滑动变阻器标有“25Ω 1A”字样。
（1）闭合开关S前，滑片P应置于 （选填“A”或“B”）端；
（2）正确接好电路，闭合开关，发现电流表、电压表均有较小示数，但小灯泡不发光，出现这种现象的原因是 ；
（3）小松正确操作，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，通过小灯泡的电流为 A，小灯泡的额定功率是 W；
（4）小北也测量该灯泡额定电功率，实验过程中，电流表坏了，她找来一只阻值合适的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路图，操作步骤如下：
①断开开关S2，闭合开关S1，移动滑片P，使电压表示数等于小灯泡的额定电压U额；
② ，记下此时电压表示数为U；则小灯泡额定电功率表达式：P额＝ （用U额、U和R0表示）。
五、综合与运用题（28题4分，29题5分，30题7分，31题8分，共24分
28．（4分）阅读短文，回答问题。
手机充电
手机充电时，充电器将220V的电压降到5V左右，充电器内部会有电流流过。但充电器插在插座上未接手机时，充电器内部也会有微电流通过。如果手机充满电后不及时与充电器断开，或长期不拔充电器还会加速充电器内元件的老化，从而增加充电器发生短路和电压击穿的概率。有的充电器发热严重，外加居室环境密闭以及夏天天气炎热，就可能会引发充电器自燃自爆。
目前，利用“超级快充”技术不到10分钟就可以把电池电量充达一半以上，极大方便了人们的使用。图是某超级快速充电器在给电池充电过程中，充电器输出的电流和电压与时间的关系。
（1）充电器插在插座上未连接手机时，充电器内部 （选填“有”或“没有”）电流通过，此时充电器相当于 （选填“电源”“开关”或“用电器”）。
（2）充电器不及时拔掉容易产生元件过热的现象，甚至引起火灾，此过程中电能转化为 能。
（3）分析图像可知，超级快速充电器在充电过程中，功率 （选填“是”或“不是”）保持全程不变的。
29．（5分）如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来。这是为什么？
30．（7分）如图所示，小灯泡标有“6V 3W”字样（设灯丝电阻不受温度影响），R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，其最大阻值为40Ω。求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻。
（2）当开关S、S1、S2都闭合时，小灯泡恰好正常发光，电流表示数为0.6A，电路工作50s，求R1的阻值和电流通过R1产生的热量。
31．（8分）图甲为小明同学家新买的电热煮茶壶示意图，它有加热和保温两种功能。图乙是其简化电路图，R1和R2为发热电阻，当S1接1时，煮茶壶加热；当S1接2时，煮茶壶保温，已知：电源电压为220V，R1＝100Ω，电热煮茶壶在保温状态工作时的功率为100W。问：
（1）煮茶壶加热工作的额定功率是多少W？
（2）R2的阻值是多少Ω？
（3）小明同学关闭家中其他电器，单独让煮茶壶接在图丙中的电能表上，煮茶壶在保温状态下正常工作0.5h，电能表转盘转了150转，则电能表上模糊不清的这个参数应该是多少r/（kW•h）？
2024-2025学年黑龙江省牡丹江十一中九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
二．多选题（共2小题）
一、单项选择题（每小题2分，共30分。每小题只有一个正确选项）
1．（2分）在物理学的发展过程中，下列科学家都做出了杰出贡献。其中首先发现了电与磁之间联系的是（ ）
A．法拉第B．奥斯特C．安培D．沈括
【分析】奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，第一次揭示了电和磁的联系。
【解答】解：A．法拉第发现了磁生电，即电磁感应现象，故A不符合题意；
B．奥斯特通过实验发现了电流的磁效应，揭示了电和磁之间的联系，故B符合题意；
C．安培发现了安培定则，是首先总结出通电螺线管的磁极性跟电流方向关系的科学家，故C不符合题意；
D．沈括是第一个发现地磁的两极与地理的两极并不完全重合的中国宋代学者，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查的是电流的磁效应；知道四位科学家在物理学上的重要贡献。
2．（2分）某同学利用塑料瓶制作的“水火箭”如图甲所示，其原理是压缩空气使水从“火箭”尾部向下喷出，推动“火箭”飞向空中。下列判断不正确的是（ ）
A．空气使水从“火箭”尾部向下喷出后，空气内能增加
B．水火箭获得升力是因为水向下喷出时产生反作用力，从而推动水火箭
C．从能量转化角度讲，水火箭发射过程与图乙中（3）所示的原理相似
D．从能量转化角度讲，图乙中（2）冲程是把机械能转化为内能
【分析】（1）工作过程中能量的转化：①压缩冲程：机械能→内能；②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
【解答】解：往“水火箭”里打气时，压缩瓶内空气做功，空气内能增大，温度升高，相当于内燃机的压缩冲程，乙图（1）吸气冲程，（2）压缩冲程，（3）做功冲程，（4）排气冲程。
A、空气使水从“火箭”尾部向下喷出后，空气内能增加，故A正确，不符合题意；
B、水火箭获得升力是因为水向下喷出时产生反作用力，从而推动水火箭，故B正确，不符合题意；
C、从能量转化角度讲，水火箭发射过程与图乙中（2）所示的原理相似，故C不正确，符合题意；
D、从能量转化角度讲，图乙中（2）冲程是把机械能转化为内能，故D正确，不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查四冲程能量转化及做功改变物体的内能，属于基础题。
3．（2分）如图所示，2024年4月25日，搭载着神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（ ）
A．火箭的燃料燃烧得越充分，热值越大
B．火箭“体内”的燃料选用液氢是因为液氢的质量大
C．火箭“体内”的液氢燃料温度低至﹣253℃时，内能为零
D．火箭“体内”的液氢燃料在燃烧过程中，质量减少，热值不变
【分析】（1）1kg的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值，热值是燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况无关；
（2）一切物体在任何情况下都有内能。
【解答】解：A．热值是燃料的特性，与燃烧情况无关，所以火箭的燃料燃烧得越充分，热值不变，故A错误，不符合题意；
B．火箭“体内”的燃料选用液氢是因为液氢的热值较大，燃烧时释放的能量多，故B错误，不符合题意；
C．一切物体在任何情况下都具有内能，所以火箭“体内”的液氢燃料温度低至﹣253℃，内能不为零，故C错误，不符合题意；
D．火箭“体内”的液氢燃料在燃烧过程中，燃料的质量在变小，即质量变小，而热值是燃料的属性，因此热值不变，故D正确，符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了对热值和内能的理解，属于基础题。
4．（2分）关于电流、电压和电阻，下列说法中正确的是（ ）
A．电流是电荷定向移动形成的，所以电流的方向与电荷定向移动的方向相同
B．通过导体的电流一定与导体两端的电压成正比
C．由欧姆定律可得R，所以导体的电阻是由它两端的电压和流过的电流决定的
D．电压是形成电流的原因，所以电路中有电流就一定有电压
【分析】（1）规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反；
（2）电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（3）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关；
（4）电压是使电路形成电流的原因；电路中有电压且电路是通路，电路中才有电流。
【解答】解：A．电荷的定向移动形成电流，规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反，故A错误；
B．电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故B错误。
C．导体的电阻是导体的一种性质，与它两端的电压和流过的电流无关，故C错误；
D．电压是形成电流的原因，所以电路中有电流就一定有电压，故D正确；
故选：D。
【点评】理解电流的形成和方向、电压与电流间的关系、电阻概念，可解答此题。
5．（2分）小梦做实验时记录了两个数据：2V和0.2A，但填写表格时不知测的是哪个元件的数据，由于器材收拾完了，小梦的实验接线草图如图，M、N是两个电表。下列判断正确的是（ ）
A．M表是电压表，电源电压是2V
B．N表是电流表，流过L2的电流是0.2A
C．N表是电压表，L1两端的电压是2V
D．M表是电流表，流过L2的电流是0.2A
【分析】电流表应串联接入电路中，电压表应并联接入电路中；然后根据电表的示数分析。
【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，N表串联在电路中所以是电流表，其示数是0.2A，即电路中的电流是0.2A，M并联接入电路中，为电压表，且测的是灯L1的电压，其示数为2V，即L1的电压为2V。故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的辨别、电流表和电压表的使用，难度不大。
6．（2分）轿厢是电梯用以承载、运送人员和物资的箱形空间，一般由轿底、轿壁、轿顶、轿门等主要部件构成。通常，在轿门左右两侧轿壁各有一排楼层选择按钮，分别相当于开关S1和开关S2。进入电梯的人无论按下哪一侧轿壁上同一楼层的按钮，都会使该楼层指示灯L亮起，下列设计的电路中符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式、灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。
【解答】解：根据题意可知，为了设计满足题目要求的电路，我们需要确保无论按下轿门哪一侧的同一楼层按钮，楼层指示灯L都会亮起。这提示我们，两个开关S1和S2应该并联连接，并且都与指示灯L串联，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题干中的条件分析每一个选项即可得出答案。
7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，灯泡L突然熄灭，电路中只有一个电表示数变小。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中正确的是（ ）
①可能灯泡L断路
②可能灯泡L短路
③可能电阻R断路
④可能电阻R短路
A．只有①②正确B．只有③④正确
C．只有①③正确D．只有①②③正确
【分析】电路正常工作时，电阻R与灯泡L串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯L两端的电压，由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。
【解答】解：由图可知，电路正常工作时，电阻R与灯泡L串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯L两端的电压。
①若灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数变为0，即电流表示数变小，电压表测量电源电压，电压表示数变大，故①正确；
②若灯泡L短路，电路中阻值变小，根据可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，电压表示数为0，电压表示数变小，故②正确；
③若电阻R断路，电路中无电流，电流表和电压表示数都为零，故③错误；
④若电阻R短路，电路中阻值变小，根据可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，电压表测量电源电压，电压表示数变大，故④错误。
综上所述，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】使用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数（一般等于电源电压），说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。
8．（2分）“低碳生活，从我做起”。为了节约能源，同学们在不影响书写、阅读的前提下，坚持在教室少开两盏照明灯。当小枫断开教室内一个开关后，有两盏灯同时熄灭。下列判断正确的是（ ）
A．断开开关后，电路中的总电流增大了
B．断开开关后，电路中的总电阻增大了
C．断开开关后，电路两端的总电压降低了
D．同时熄灭的两盏灯是串联的
【分析】（1）并联电路中干路电流等于各支路电流之和；
（2）并联电路的总电阻比任何一个并联电阻都小，且并联的支路越多，总电阻越小；
（3）并联电路电压各支路两端电压与电源电压都相等；
（4）并联电路中各支路互不影响。
【解答】解：家庭电路中，各用电器是并联的。
A、干路中的电流等于各支路电流之和，所以同时工作的用电器越多，干路中的电流越大，当这两盏灯熄灭后，干路中的电流变小，故A错误；
B、并联的电阻就相当于增加了导体的横截面积，并联使用的用电器越多总电阻越小，所以当这两盏灯熄灭后，电路中的总电阻变大，故B正确；
C、家庭电路的电压是220V，当这两盏灯熄灭后，电路两端的电压不变，仍为220V，故C错误；
D、教室里的各灯工作时互不影响，因此它们是并联的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查家庭电路的用电器的连接方式、并联电路的电压、电阻和电流特点的应用，属于一道基础题。
9．（2分）“伏安法测定值电阻”和“伏安法测小灯泡的电阻”是电学中两个重要的实验，小聪同学对两个实验进行了梳理和对比，下列说法正确的是（ ）
A．两个实验的原理不同
B．滑动变阻器在两个实验中的作用仅是保护电路
C．两个实验进行多次测量的目的不同
D．两个实验都采用了控制变量法
【分析】（1）伏安法测电阻”实验原理是；
（2）根据滑动变阻器的作用分析；
（3）根据灯泡的电阻随温度改变分析；
（4）根据测量的目的是计算电阻，不是找规律，不需要控制变量分析。
【解答】解：A．“伏安法测小灯泡的电阻”与“伏安法测定值电阻”实验原理均是，故A错误；
B．两个实验中滑动变阻器的作用是保护电路和改变电压测量多组数据的作用，故B错误；
C．测“定值电阻”时多次测量是为了求取电阻的平均值减小误差，灯泡电阻随温度改变，故测“小灯泡的电阻”时多次测量是为了比较灯泡在不同电压下电阻的关系，两个实验多次测量的目的不同，故C正确；
D．两个实验的目的都是为了测量而不是探究，两实验均没有用到控制变量法，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查测电阻实验的分析，关键是灯泡电阻不是定值。
10．（2分）如图所示，若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两表示数之比U甲：U乙＝3：1；若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，下列说法正确的是（ ）
A．两电阻的阻值之比R1：R2＝3：1
B．两电流表的示数之比I甲：I乙＝2：3
C．两电阻两端的电压之比U1：U2＝1：3
D．两电阻消耗的功率之比P1：P2＝2：1
【分析】A、若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两电阻串联，甲表测量电源电压，乙表测量R2两端的电压。根据串联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压；根据欧姆定律可知两电阻的阻值之比；
BCD、若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，R1与R2并联，乙表测量干路电流，甲表测量通过R2的电流。
并联电路各支路两端的电压相等，据此得出两电阻两端的电压之比；
根据欧姆定律可知通过两支路的电流之比；
根据并联电路的电流特点可知两电流表的示数之比，根据P＝UI可知两电阻消耗的功率之比。
【解答】解：A、若甲、乙两表都是电压表，当开关S闭合时两电阻串联，甲表测量电源电压，乙表测量R2两端的电压。根据串联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压之比：；
根据欧姆定律可知两电阻的阻值之比R1：R2，故A错误；
BCD、若甲、乙两表都是电流表，当开关S断开时，R1与R2并联，乙表测量干路电流，甲表测量通过R2的电流。
并联电路各支路两端的电压相等，故两电阻两端的电压之比U1：U2＝1：1，故C错误；
根据欧姆定律可知通过两支路的电流之比：；
根据并联电路的电流特点可知两电流表的示数之比I甲：I乙，故B正确；
根据P＝UI可知两电阻消耗的功率之比P1：P2；故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。
11．（2分）如图所示，灯L1、L2分别标有“3V 0.6W”、“6V 3W”的字样。将开关S闭合，灯L1、L2均发光。下列说法正确的是（ ）
A．灯L1比灯L2亮
B．通过灯L1电流大于灯L2的电流
C．灯L1的实际功率比灯L2的实际功率小
D．灯L1两端的电压等于灯L2两端的电压
【分析】根据R分别求出灯L1、L2的电阻值；
（2）串联电路中各处的电流都相等；
（1）（3）根据P＝I2R判断出灯L1和灯L2的实际功率大小关系，灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率；
（4）根据U＝IR判断灯L1、L2两端的电压大小关系。
【解答】解：灯泡L1的电阻为：R115Ω；
灯泡L2的电阻为：R212Ω；
ABC、图中灯L1、L2串联在电路中，因为串联电路中各处电流都相等，所以通过灯L1电流等于灯L2的电流，根据P＝I2R可知，灯L1比灯L2的实际功率大，因此灯L1比灯L2亮，故A正确，BC错误；
D、根据U＝IR可知，灯L1两端的电压大于灯L2两端的电压，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了电功率公式的应用、串联电路的特点、欧姆定律，关键是要知道灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。
12．（2分）下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．电水壶紧靠插线板烧水
B．在电暖器上烘烤衣物
C．电动自行车应在规定位置停放充电
D．插座上的插头长期不拔
【分析】（1）生活用水容易导电；
（2）不能在电暖器上烘烤衣物；
（3）电动自行车应在规定位置停放充电；
（4）电动车充电时会产生大量的热量，要防止电热带来的危害。
【解答】解：A．生活用水是导体，容易导电，电水壶紧靠插线板烧水，溅出的水会导致短路和触电，故A不符合题意；
B．在电暖器上烘烤衣物易引发火灾，故B不符合题意；
C．电动车充电时会产生大量的热量，电动自行车应在规定位置停放充电，如随意拉线充电极易造成火灾等事故，故C符合题意；
D．插座上的插头长期不拔会发热，可能引起线路安全事故，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时要多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
13．（2分）如图所示，小李早上想用电热水壶烧开水，将插头插入插座，并闭合开关，发现电热水壶不工作；厨房的灯泡是也不能工作。保持灯泡开关闭合，拔出插头，用试电笔分别接触插座的左右两孔，发现接左、右孔时氖管均发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（ ）
A．CD间电路断路B．ED间电路断路
C．插座短路D．保险丝烧断
【分析】在家庭电路中只有一处故障时，用试电笔检测，氖管发光的接触的是火线，氖管不发光的接触的是零线。
【解答】解：将电热水壶的插头插入插座，闭合开关，发现电热水壶不工作；厨房的灯泡是也不能工作，说明整个电路存在故障；
A．若CD间电路断路，而灯泡所在的电路是通路，则灯泡发光，故A不符合题意；
B．若ED间电路断路，电热水壶不工作、灯泡不能发光，用试电笔分别接触插座的左右两孔，发现接左、右孔时氖管均发光，故B符合题意；
C．若插座短路，则整个电路短路，保险丝会熔断，用试电笔分别接触插座的左右两孔，氖管不会发光，故C不符合题意；
D．若保险丝熔断，用试电笔分别接触插座的左右两孔，氖管不会发光，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】关于家庭电路的故障问题，主要看试电笔的氖管是否发光，若发光说明和火线是通路的。
14．（2分）心肺机用“电动泵”替代心脏，推动血液循环。“电动泵”的工作原理如图所示，将线圈ab固定在活塞一端，利用其与固定磁铁间的相互作用带动活塞运动，从而使血液定向流动。阀门K1、K2都只能单向开启。当线圈中的电流从a流向b时（ ）
A．线圈周围有磁场和磁感线
B．线圈左端是N极
C．活塞将向左运动
D．此时“电动泵”处于送血状态
【分析】（1）磁体周围存在磁场，磁感线是人们为了形象方便的描述磁场而假想的曲线；
（2）由安培定则判断线圈的磁极；
（3）由磁极间的相互作用可知活塞的移动方向；
（4）根据阀门的打开或闭合，可知血液的流动方向，从而确定是否是送血状态。
【解答】解：A、通电线圈周围有磁场，不存在磁感线，磁场是真实存在的，磁感线是不存在的，故A错误；
B、当线圈中的电流从a流向b时，由安培定则可知，螺线管右端为N极，左端是S极，故B错误；
C、由异名磁极相互吸引可知，活塞将向左运动，故C正确；
D、由图可知，活塞向左运动时，泵内容积变大，则阀门K1关闭，K2打开，此时“电动泵”处于抽血状态，故D错误。
故选：C。
【点评】本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提取有用信息并结合相关物理知识求解。
15．（2分）如图所示是某同学设计的“温度自动报警器”的电路图，图中金属丝下端与90℃刻度线对齐。下列说法中正确的是（ ）
A．图中的A是电磁铁，它内部的铁芯应该用钢来做
B．控制电路的电源的正负极对调后不会影响自动报警器工作
C．当温度达到85℃就发出报警信号
D．如果要降低报警温度，需要将金属丝往上提
【分析】A．图中的A是电磁铁，根据电磁铁的结构可知：内部的铁芯应该用磁性材料铁来做；
B．报警器中的控制电路的电源的正负极对调后会影响电磁铁的极性，不会影响电磁铁的磁性强弱；
C．水银温度计和电磁铁串联接在电路中，当温度升高到90℃时，控制电路才会接通；
D．若要降低报警温度，即报警的温度低于90℃，需将上端的金属丝向下移，温度较低时接通控制电路。
【解答】解：A．图中的A是电磁铁，根据电磁铁的结构可知：内部的铁芯应该用磁性材料铁来做，故A错误；
B．报警器中的控制电路的电源的正负极对调后会影响电磁铁的极性，不会影响电磁铁的磁性强弱，对控制电路的工作状态不受影响，故B正确；
C．水银温度计和电磁铁串联接在电路中，当温度升高到90℃时，控制电路才会接通，当温度达到85℃，控制电路不工作，故C错误；
D．若要降低报警温度，即报警的温度低于90℃，需将上端的金属丝向下移，温度较低时接通控制电路，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关，解题时结合电磁继电器的原理进行分析。
二、多项选择题（每小题3分，共6分，每小题有两个或三个正确选项，选项全部正确的得3分，不全但正确的得2分，有错误选项不得分）
（多选）16．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关，滑片从中点向左移的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．小灯泡亮度变亮
B．电压表V1与电压表V2示数之差变小
C．电路的功率变大
D．电压表V1与电流表A示数之比变大
【分析】由电路图可知，闭合开关，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；滑片从中点向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中总电阻变大，根据欧姆定律可知电路电流的变化以及电压表V2示数的变化，根据P＝UI可知电路总功率和小灯泡电功率的变化，从而判断灯泡亮度的变化，进一步得出电压表V1与电流表A示数比值的变化和两电压表示数之差的变化。
【解答】解：
由电路图可知，闭合开关，滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
因电源电压不变，所以滑片向左移动时电压表V1示数不变；
当滑片从中点向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；
由U＝IR可知，灯泡两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2示数变大；
由P＝UI可知，电路的总功率和灯泡的实际功率都变小，则小灯泡变暗；
由于电压表V1示数不变，电流表示数变小，所以电压表V1与电流表A示数之比变大；
电压表V1示数不变，电压表V2示数变大，则电压表V1与电压表V2示数之差变小；
综上所述，BD正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断。
（多选）17．（3分）如图甲所示的电路中，电源电压为9V不变，两灯的额定电压均为6V，两灯的I﹣U图像如图乙所示。闭合开关S，调节滑动变阻器直至其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡不损坏，此时（ ）
A．L1正常发光
B．电压表示数为8V
C．两灯的总功率为7.2W
D．滑动变阻器的功率为0.3W
【分析】由电路图可知，灯泡L1与L2、变阻器R串联，电压表测两灯泡两端的电压之和；
由题意可知两灯的额定电压均为6V，根据图象读出两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点结合其中一只灯正常发光、另一只灯不损坏得出电路中的电流，然后判断出正常发光的灯泡，根据图象得出此时两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数，根据P＝UI求出两灯的总功率；由串联电路电压规律算出滑动变阻器两端电压，根据P＝UI算出滑动变阻器的功率。
【解答】解：图中灯泡L1与L2、变阻器R串联，电压表测两灯泡两端的电压之和；
A．从图象可知，两灯泡的额定电流分别为I1＝0.6A，I2＝0.3A；根据串联电路中各处的电流相等，且其中一只灯正常发光，另一只灯不损坏，所以，电路中的电流I＝I2＝0.3A；此时灯泡L2能正常发光，故A错误；
B．由图象可知，此时L1两端的电压U1＝2V；
L2两端的电压U2＝U2额＝6V；电压表示数UV＝U1+U2＝2V+6V＝8V；故B正确；
C．两灯的总功率P＝UVI＝8V×0.3A＝2.4W；故C错误；
D．由串联电路电压规律，可知滑动变阻器两端电压为U滑＝U﹣UV＝9V﹣8V＝1V；
滑动变阻器的功率为P滑＝U滑I＝1V×0.3A＝0.3W；故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查串并联电路的特点和电功率，属于中档题。
三、填空题（每空1分，共10分）
18．（2分）小华在早餐店买油条时能闻到油条的香味，是因为 分子在不停地做无规则运动 ，将油条放入塑料袋内，过了一段时间，油条上的油会渗出塑料袋，这说明 分子间存在间隙 。
【分析】构成物质的分子都在不停地做无规则运动；分子间存在间隙。
【解答】解：买油条时，能闻到油条散发出来的香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
因为分子间存在间隙，所以将油条装入塑料袋内，过了一段时间，油条中的油会渗出塑料袋。
故答案为：分子在不停地做无规则运动；分子间存在间隙。
【点评】本题主要考查学生对分子动理论内容的了解和理解。
19．（2分）在空中飞行的飞机，因与空气发生了摩擦发生电子得失的现象，其中空气中氧分子得到电子，则飞机带 正 电。如果在着陆过程中没有将静电放掉，当地勤人员接近时，可能危及生命，所以飞机的特殊轮胎常用 导体 （选填“导体”或“绝缘体”）材料做成，从而避免造成危害。
【分析】（1）摩擦起电的实质是电荷（电子）的转移。
（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
【解答】解：在空中飞行的飞机，因与空气发生了摩擦发生电子得失的现象，其中空气中氧分子得到电子，飞机失去电子，则飞机带正电。如果在着陆过程中没有将静电放掉，当地勤人员接近时，可能危及生命，所以飞机的特殊轮胎常用导体材料做成。
故答案为：正；导体。
【点评】理解摩擦起电的实质，导体在生活中的应用，可解答此题。
20．（2分）LED灯已广泛应用于展示台装饰、居家照明、城市夜景美化等，制作LED灯的材料是 半导体 （选填“半导体”或“超导体”）。如图所示为某学校电子屏中滚动播放的标语，其显示屏中的“增”字有一部分未显示出来，其它部分正常发光，由此可知，未发光部分与其它部分之间是 并 联的。
【分析】（1）LED是一种发光二极管可以把电能直接转化成光能；
（2）串联电路的特点：各用电器工作时相互影响，有一处有问题则整个电路都处于断路状态；
并联电路的特点：并联电路中的各用电器可以单独工作、互不影响。
【解答】解：（1）LED是一种半导体发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能；
（2）由图可见当显示屏中的“增”字的土字旁未能显示出来，其它的灯仍能正常发光，由此可知，显示屏的每个小灯泡是互不影响的，所以它们之间能独立工作，一定是并联的。
故答案为：半导体；并联。
【点评】本题考查半导体材料的应用、串并联电路特点的理解，知道并联电路各用电器是可以独立工作的，互不影响。
21．（2分）冬天用来取暖的电暖器，它是利用电流的 热 效应来工作的；若电暖器的电热丝烧断后，直接将断了的电热丝两端拧在一起，电热丝的长度变短了，则电暖器的实际功率与原来相比 变大 （选填“变大”、“变小”或“一样大”）。
【分析】电热器利用电流的热效应工作的；电阻大小与长度和横截面、材料、温度有关，根据P分析电功率的变化。
【解答】解：电暖气，它是利用电流的热效应工作的；若电暖气的电热丝烧断后直接将断了的电热丝两端拧在一起，此时电热丝与原来相比长度变短，电阻变小了，根据P知，电压不变，实际功率变大了。
故答案为：热；变大。
【点评】本题考查电流的热效应、电阻有关因素和额定功率，属于中档题。
22．（2分）指南针是我国古代四大发明之一，如图所示是我国早期的指南针——司南，用天然磁石琢磨成一个勺子的形状，放在一个光滑的“地盘”上，盘上刻着方位，静止时它的长柄指向南方。司南能指示南北方向，是因为受到 地磁场 的作用，长柄是它的 S 极。
【分析】地球本身是一个巨大的磁体，地磁南（S）极在地理北极附近，地磁北（N）极在地理南极附近，由于地磁场的作用，指南针静止时，它的南（S）极指向地理南方，它的北（N）极指向地理北方。
【解答】解：地球本身是一个巨大的磁体，周围存在着地磁场。司南作为天然磁石磨制的磁体，会受到地磁场的磁力作用，因此能够指示南北方向。根据磁体的指向性规律：磁体静止时，S极指向地理南方，N极指向地理北方。由于司南静止时长柄指向南方，因此长柄是司南的S极。故答案为：地磁场；S。
【点评】本题主要考查了地磁场的性质，属于基础知识考查，也是学生易错的内容。
四、实验与探究题（每题6分，共30分）
23．（6分）如图所示的三个实验中：
（1）图甲是探究“不同物质吸热情况”的实验，用两个完全相同的酒精灯对其加热，通过 加热时间的长短 反映水和沙子吸收热量的多少；实验中发现沙子升温快，因此可知 水 的吸热能力强；
（2）图乙研究“短路引起熔丝熔断”的实验，应将导线接在 BD （选填“AC”或“BD”）两点间，闭合开关，造成短路，可引起熔丝熔断；
（3）图丙探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，实验中，他们将开关S从a换到b上时，调节滑动变阻器的滑片P，通过 吸引大头针的数目 来反映电磁铁磁性强弱。此时调节滑动变阻器的目的是 使电流保持不变 ，观察到大头针下端是分开的，原因是 大头针被磁化后，拥有磁性和磁极，被吸引的大头针下端，都是相同的磁极，同名磁极互相排斥 。
【分析】实验中，物质吸收热量的多少是通过加热时间来控制的。
保险丝是利用电阻率大（即其他条件相同时其电阻大）、熔点低的铅锑合金制成的，在电流过大时，保险丝的温度升高，达到保险丝的熔点，保险丝熔断，切断电源，起到保护电路的作用。
电磁铁磁性的强弱受电流的大小、线圈的匝数、以及铁芯的有无等因素的影响，从这一角度。
【解答】解：（1）由题意知，用两个完全相同的酒精灯进行加热，相同的加热时间酒精灯放出的热量相同，因此相同时间内水和沙子吸收的热量相同，实验中可以使水和沙子升高相同的温度，比较加热时间的长短，加热时间越长，吸收的热量越多。
该实验中，根据控制变量法可知，水和沙子的质量相同，实验中加热相同的时间，发现沙子升温快，由可知，水的比热容较大，因此水的吸热能力强。
（2）短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路。研究“短路引起熔丝熔断”的实验，应将导线接在小灯泡的两端，即BD两点间，小灯泡被短路，电路中没有用电器，导线直接将电源两极相连。闭合开关，造成短路，电路中电流过大，可引起熔丝熔断。
（3）探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系时，应控制电流相同，改变线圈匝数。实验中，他们将开关S从a换到b上时，接入电路中的线圈匝数变少，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数不变，观察电磁铁吸引的小铁钉数目。此时调节滑动变阻器目的是为了使电流保持不变。
大头针被磁化后，拥有磁性和磁极，被吸引的大头针下端，都是相同的磁极，同名磁极互相排斥，所以被吸引的大头针下端是分散的。
故答案为：（1）加热时间的长短；水；（2）BD；（3）吸引大头针的数目；使电流保持不变；大头针被磁化后，拥有磁性和磁极，被吸引的大头针下端，都是相同的磁极，同名磁极互相排斥。
【点评】本题考查了不同物质吸热情况，保险丝的作用，电磁铁磁性的影响因素。
24．（6分）在做“影响导体电阻大小的因素”的实验时，如图一所示。
（1）实验中，通过 电流 的大小来比较电阻的大小；
（2）金属丝的规格及实验数据如下表所示，为了研究电阻与导体长度的关系，应选用导线 ADF 进行对比，得到的结论是 在导体的材料、横截面积相同时，导体越长电阻越大 ；
（3）接着有同学想研究电阻与温度的关系，分别做了图二中的两个物理实验，通过对实验现象的分析得出结论。甲实验看到的现象是：随着玻璃珠温度的升高，小灯泡亮度越来越 亮 ，这个实验说明导体和绝缘体之间没有绝对界限；乙实验随着镍铬合金丝温度的升高，灯泡的亮度越来越 暗 ，这个实验说明：在一般情况下，金属导体的电阻随着温度的升高而变 大 。
【分析】（1）根据可知：在电源的电压不变时，导体电阻越大，电流表的示数越小，这里运用的物理研究方法是转换法。
（2）为了研究电阻与导体长度的关系，应可知材料和横截面积相同，长度不同。
在导体的材料、横截面积相同时，导体越长电阻越大。
（3）导体和绝缘体之间没有绝对界限。
在一般情况下，金属导体的电阻随着温度的升高而变大。
【解答】解：（1）根据可知：在电源的电压不变时，导体电阻越大，电流表的示数越小，所以电阻的大小是通过电流的大小来反映的，运用的物理研究方法是转换法。
（2）为了研究电阻与导体长度的关系，应可知材料和横截面积相同，长度不同，故应对比ADF。
可以得到的结论是：在导体的材料、横截面积相同时，导体越长电阻越大。
（3）常温下玻璃是绝缘体，所以将玻璃珠与小灯泡串联接入电路，此时小灯泡不能发光；用酒精灯加热玻璃珠，当玻璃珠温度升高时，小灯泡越来越亮，说明玻璃处于高温时电阻变小，变为导体，使电路连通，这个实验说明导体和绝缘体之间没有绝对界限。
用酒精灯给镍铬合金丝加热，在镍铬合金丝温度升高过程中，观察到小灯泡的亮度逐渐变暗，说明电路中电流变小，说明加热时镍铬合金丝的电阻在增大，可得出结论：镍铬合金丝的电阻随温度升高而增大，这个实验说明：在一般情况下，金属导体的电阻随着温度的升高而变大。
故答案为：（1）电流；（2）ADF；在导体的材料、横截面积相同时，导体越长电阻越大；（3）亮；暗；大。
【点评】在探究影响导体电阻大小因素的实验中，注意转换法和控制变量法的应用。
25．（6分）如图甲所示是“探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的实验装置，两个相同的透明容器中密封着等质量的空气。
（1）图甲装置中U形管 不是 （选填“是”或“不是”）连通器。实验中，要比较电阻丝产生的热量的多少，只需比较与之相连的U形管中 液面高度差 。
（2）图甲装置通电一段时间后右侧U形管中液面升高得多，说明 在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流通过导体产生的热量越多 。
（3）实验中发现。图乙装置中 左 （选填“左”或“右”）侧容器中导体产生的热量较多，由此可知，在电阻和通电时间相同时，电流越 大 （选填“大”或“小”），导体产生的热量越多。该装置 不能 （选填“能”或“不能”）解释“电炉丝热得发红。而连接它的导线几乎不发热”。
【分析】（1）上端开口，底端相连的容器为连通器，U形管不是连通器；实验中通过U形管中液面的高度差反映电阻产生的热量多少；
（2）要探究电热与电阻的关系，需要控制通过电阻的电流与通电时间相同，而电阻的阻值不同，据此分析；探究电热与电流的关系，需要控制电阻和通电时间相同，而通过电阻的电流不同，据此分析；
（3）电炉丝热得发红，电炉丝与它相连的导线串联；结合转换法及串联、并联电路电流的规律分析。
【解答】解：（1）两个相同的透明容器中密封着等质量的空气，连通器是上端开口的，故图甲装置中U形管不是连通器。
电阻丝产生的热量无法直接观察到，但可以通过比较U形管中液面的高度差来反映电阻丝产生的热量的多少，这是采用了转换法的研究方法。
（2）由Q＝I2Rt可知，通电一段时间后，右侧容器中U形管中液面高度差较大，原因是在电流和通电时间相同时，右侧容器中的电阻较大，因此右侧容器中的电阻产生的热量较多。
（3）乙装置中，右侧容器中的电阻与外面的电阻并联后，再与左侧容器中的电阻串联，两容器中的电阻和通电时间相同，而通过两容器中电阻的电流不同，由Q＝I2Rt可知，左侧容器中导体产生的热量较多。由此可知，在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流通过导体产生的热量越多。
“电炉丝热得发红，而与它相连的导线却不热”，根据Q＝I2Rt分析，通电一段时间后，在电流和通电时间相同时，电炉丝电阻大，产生的热量多，导线电阻小，产生的热量少，所以与甲原理相同，与乙原理不同。
故答案为：（1）不是；液面高度差；
（2）在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流通过导体产生的热量越多；
（3）左；大；不能。
【点评】本题是探究电流流过导体产生的热量多少与什么因素有关的实验，注意控制变量法和转换法在该实验中的运用。
26．（6分）小明同学用图甲的电路图探究“电流与电阻的关系”，实验中所用的定值电阻分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω，电源电压为6V不变，滑动变阻器“20Ω 1A”。
（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路；
（2）连接正确后开始实验，实验过程中，需要改变定值电阻，观察电流的变化，为科学地得出实验结论，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时他眼睛应注意观察 C （填序号）；
A．电源
B．电流表
C．电压表
D．变阻器滑片
（3）同组的两个同学先后进行实验，并作出I﹣U图象如图丙所示， A 图（选填“A”或“B”）实验操作中不符合要求；
（4）分析上述正确的一组数据可得出的实验结论为 当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 ；
（5）小明在实验室中又找到一只30Ω的定值电阻，于是他用这只电阻代替原来的电阻进行实验，发现无论怎样移动滑片，电压表示数都 大于 （选填“大于”或“小于”）3V，为了能够继续完成实验，并能使电压表示数调到3V，他可以 换用阻值更大的滑动变阻器（或减小电源电压） 。
【分析】（1）实验中，电压表并联在定值电阻两端；
（2）（3）探究电流与电阻的关系时，应该控制定值电阻两端的电压一定；
（4）根据图线B可知，每组数据中电流和电阻的乘积是定值得出结论；
（5）通过（3）中图甲可知定值电阻两端的电压，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分担的电压，由分压原理得出当定值电阻为30Ω时滑动变阻器的阻值，结合已知条件分析（也可以通过减小电源电压来完成实验）。
【解答】解：（1）实验中，电压表并联在定值电阻两端，因此应把电压表的负接线柱与定值电阻的右端相连，如图所示：
（2）探究电流与电阻的关系时，应该控制定值电阻两端的电压一定，所以当接入不同阻值的电阻后，应该移动滑动变阻器滑片，眼睛注视着电压表，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选：C。
（3）实验中应该控制定值电阻两端的电压一定，图B中电压值为U＝IR＝0.3A×10Ω＝0.2A×15Ω＝3V
图A中电压值U′＝I′R′＝0.4A×10Ω≠0.3A×15Ω
没有控制定值电阻两端的电压不变。所以操作A不符合要求。
（4）分析图丙图线B可知，每组数据中电流和电阻的乘积是定值，因此可得出结论，当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（5）通过（3）中图甲可知，定值电阻两端的电压应该固定为3V不变，又因为电源电压为6V，则滑动变阻器分担的电压为U滑＝U﹣U0＝6V﹣3V＝3V
根据串联电路电压之比等于电阻之比，当定值电阻为30Ω时，要使电压固定3V不变，滑动变阻器的阻值也应该为30Ω，而滑动变阻器的最大阻值是20Ω，分担的电压不足3V，所以，此时电压表的示数要大于3V，要想完成实验可以换用阻值更大的滑动变阻器；也可以通过减小电源电压来完成实验，乙定值电阻两端电压一定，当减小电源电压时，滑动变阻器分担的电压将减小，可以满足实验要求。
故答案为：（1）；
（2）C；
（3）A；
（4）当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（5）大于；换用阻值更大的滑动变阻器（或减小电源电压）。
【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、操作过程、数据分析及对器材的要求。
27．（6分）小松连接了图甲电路“测定小灯泡额定功率”，电源为3节新干电池，小灯泡额定电压为2.5V（小灯泡额定功率小于1W），滑动变阻器标有“25Ω 1A”字样。
（1）闭合开关S前，滑片P应置于 B （选填“A”或“B”）端；
（2）正确接好电路，闭合开关，发现电流表、电压表均有较小示数，但小灯泡不发光，出现这种现象的原因是 滑动变阻器接入电路的阻值太大，电路中电流较小，小灯泡的实际功率较小 ；
（3）小松正确操作，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，通过小灯泡的电流为 0.24 A，小灯泡的额定功率是 0.6 W；
（4）小北也测量该灯泡额定电功率，实验过程中，电流表坏了，她找来一只阻值合适的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路图，操作步骤如下：
①断开开关S2，闭合开关S1，移动滑片P，使电压表示数等于小灯泡的额定电压U额；
② 断开开关S1、闭合开关S2，保持滑动变阻器的滑片位置不变 ，记下此时电压表示数为U；则小灯泡额定电功率表达式：P额＝ （用U额、U和R0表示）。
【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，滑片P应移到阻值最大处；
（2）正确接好电路，闭合开关，发现电流表、电压表均有较小示数，说明电路通路，电路正常，但小灯泡不发光，说明小灯泡实际功率较小，此时滑动变阻器最大电阻接入电路，电路中的电流较小；
（3）小灯泡正常发光时，图乙中电流表的取值范围和分度值已知，读取电流表的示数，小灯泡的额定功率P＝IU；
（4）首先时小灯泡正常发光，保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开的S2，断开开关S1，电压表测量的时灯泡和定值电阻的总电压，根据串联电路中电压的分配规律可求出小灯泡正常发光时的电阻，小灯泡的额定功率P。
【解答】解；（1）为了保护电路，闭合开关前，滑片P应移到阻值最大处的B端。
（2）为了保护电路，闭合开关前滑动变阻器滑片位于阻值最大处，闭合开关，发现电流表、电压表均有较小示数，说明电路是通路，小灯泡不发光，说明的滑动变阻器接入电路的阻值太大，电路中电流较小，小灯泡的实际功率较小；
（3）小灯泡正常发光时，图乙中电流表的取值范围是0～0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数是0.24A，小灯泡的额定电功率是P额＝U额I额＝2.5V×0.24A＝0.6W
（4）①断开开关S2，闭合开关S1，此时电压表测量小灯泡的两端电压，移动滑片P，使电压表示数等于小灯泡的额定电压U额，断开关S1，闭合开关S2，此时依旧是灯泡L与R0、滑动变阻器串联，电压表测量小灯泡和电阻的总电压U，此过程中要保持滑动变阻器的滑片位置不变，此时灯泡依旧正常发光，由串联电路电压特点可知，定值电阻两端的电压为UV＝U﹣U额，
由串联电路中电压的分配规律得：，
R，
小灯泡的额定功率。
故答案为：（1）B；（2）滑动变阻器接入电路的阻值太大，电路中电流较小，小灯泡的实际功率较小；（3）0.24；0.6；（4）断开开关S1、闭合开关S2，保持滑动变阻器的滑片位置不变；。
【点评】本题考查了闭合电路前的注意事项，电流表示数的读取，电功率的计算，根据设计电路求小灯泡额定功率。
五、综合与运用题（28题4分，29题5分，30题7分，31题8分，共24分
28．（4分）阅读短文，回答问题。
手机充电
手机充电时，充电器将220V的电压降到5V左右，充电器内部会有电流流过。但充电器插在插座上未接手机时，充电器内部也会有微电流通过。如果手机充满电后不及时与充电器断开，或长期不拔充电器还会加速充电器内元件的老化，从而增加充电器发生短路和电压击穿的概率。有的充电器发热严重，外加居室环境密闭以及夏天天气炎热，就可能会引发充电器自燃自爆。
目前，利用“超级快充”技术不到10分钟就可以把电池电量充达一半以上，极大方便了人们的使用。图是某超级快速充电器在给电池充电过程中，充电器输出的电流和电压与时间的关系。
（1）充电器插在插座上未连接手机时，充电器内部 有 （选填“有”或“没有”）电流通过，此时充电器相当于 用电器 （选填“电源”“开关”或“用电器”）。
（2）充电器不及时拔掉容易产生元件过热的现象，甚至引起火灾，此过程中电能转化为 内 能。
（3）分析图像可知，超级快速充电器在充电过程中，功率 不是 （选填“是”或“不是”）保持全程不变的。
【分析】（1）手机充电器插在插座上不给手机充电时，充电器内部也会有微电流通过，实际功率约为0.2W，据此可知它在电路中的作用；
（2）根据题意分析其能量转化情况；
（3）根据P＝UI分析判断。
【解答】解：（1）由短文内容可知，充电器插在插座上未接手机时，充电器内部也会有微电流通过，因此此时也消耗电能，充电器相当于用电器；
（2）手机充电器不及时拔掉容易造成元件过热的现象，是电流的热效应，此过程中电能转化为内能；
（3）由两图可知，电压和电流都随时间有变化，不同时间的电压与电流的乘积是不同的，根据P＝UI可知，充电过程功率也不是全程保持不变的。
故答案为：（1）有；用电器；（2）内；（3）不是。
【点评】本题是材料分析题，考查了能量转化问题、电路的组成和电功率计算公式的应用等，属于综合题。
29．（5分）如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来。这是为什么？
【分析】根据通电导体在磁场中受力的原理来对图中的装置进行分析。电动机的制作原理是通电导体在磁场中受力，发电机的原理是电磁感应，电动机工作时消耗电能，得到机械能；发电机工作时将机械能转化为电能。
【解答】答：用手使甲线圈摆动动时，甲线圈做切割磁感应线运动，而甲线圈和乙线圈又构成一个闭合回路，根据电磁感应原理可知，此时会有电流经过乙线圈；而乙线圈又置于U形磁铁产生的磁场中，从而受到磁场的作用而发生摆动。
【点评】本题考查了电与磁之间的两个联系及其应用，注意通电导体在磁场中的受力，易错点。
30．（7分）如图所示，小灯泡标有“6V 3W”字样（设灯丝电阻不受温度影响），R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，其最大阻值为40Ω。求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻。
（2）当开关S、S1、S2都闭合时，小灯泡恰好正常发光，电流表示数为0.6A，电路工作50s，求R1的阻值和电流通过R1产生的热量。
【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的电阻；
（2）当开关S、S1、S2都闭合时，灯泡L与定值电阻R1并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，根据欧姆定律求出此时通过灯泡的电流，利用并联电路的电流特点求出通过R1的电流，利用欧姆定律求出R1的阻值，再利用Q＝I2Rt求出电流通过R1产生的热量。
【解答】解：（1）由P＝UI可得，小灯泡正常发光时的电阻：
RL12Ω；
（2）当开关S、S1、S2都闭合时，灯泡L与定值电阻R1并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且小灯泡恰好正常发光，
所以，电源的电压：U＝UL＝6V，
此时通过灯泡的电流：IL0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R1的电流：I1＝I﹣UL＝0.6A﹣0.5A＝0.1A，
则R1的阻值：R160Ω，
电流通过R1产生的热量：Q1＝I12R1t＝（0.1A）2×60Ω×50s＝30J。
答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为12Ω；
（2）R1的阻值为60Ω，电流通过R1产生的热量为30J。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
31．（8分）图甲为小明同学家新买的电热煮茶壶示意图，它有加热和保温两种功能。图乙是其简化电路图，R1和R2为发热电阻，当S1接1时，煮茶壶加热；当S1接2时，煮茶壶保温，已知：电源电压为220V，R1＝100Ω，电热煮茶壶在保温状态工作时的功率为100W。问：
（1）煮茶壶加热工作的额定功率是多少W？
（2）R2的阻值是多少Ω？
（3）小明同学关闭家中其他电器，单独让煮茶壶接在图丙中的电能表上，煮茶壶在保温状态下正常工作0.5h，电能表转盘转了150转，则电能表上模糊不清的这个参数应该是多少r/（kW•h）？
【分析】（1）开关S闭合、S1置于1时，电路为R1的简单电路，此时总电阻最小，由P可知此时电路消耗的总功率最大，则电热加湿器处于加热挡；根据P＝可知煮茶壶加热工作的额定功率；
（2）开关S闭合、S1置于2时，R1与R2串联，此时总电阻最大，由P可知此时电路消耗的总功率最小，则电热加湿器处于保温挡；R1在保温状态工作时的功率为25W，根据P＝I2R可知R1的阻值，根据欧姆定律可知总电阻，根据电阻串联的特点可知R2的阻值；
（3）知道加湿器在高挡加热状态下的额定功率和工作时间，根据W＝Pt求出消耗的电能，电能表转盘转过的圈数与消耗电能的比值即为这个参数。
【解答】解；（1）开关S闭合，S1置于1时，电路为R1的简单电路，此时总电阻最小，由P可知此时电路消耗的总功率最大，则电热煮茶壶处于加热挡；
根据P可知煮茶壶加热工作的额定功率：P加484W；
（2）开关S闭合、S1置于2时，R1与R2串联，此时总电阻最大，由P可知此时电路消耗的总功率最小，则电热煮茶壶处于保温挡；电热煮茶壶在保温状态工作时的功率为100W，
根据P可知，总电阻R484Ω，
根据电阻串联的特点可知R2＝R﹣R1＝484Ω﹣100Ω＝384Ω；
（3）煮茶壶在保温状㭲下正常工作0.5h消耗的电能：
W＝P保t＝100×10﹣8kW×0.5h＝0.05kW•h，
已知这段时间内电能表转盘转了150转，则电能表上模糊不清的这个参数：
N3000r/（kW•h）。
答：（1）煮茶壶加热工作的额定功率是484W；
（2）R2的阻值是384Ω；
（3）电能表上模糊不清的这个参数应该是3000r/（kW•h）。
【点评】本题为电热综合题，考查了欧姆定律、串联电路的特点、电功率公式和电功公式的运用，关键是明确不同挡位时电路的连接方式。
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A
B
C
D
E
F
G
长度（m）
0.5
0.5
1.5
1.0
0.5
1.5
0.5
横截面积（mm2）
1.2
1.8
1.8
1.2
0.8
1.2
1.2
材料
锰铜
钨
镍铬
锰铜
钨
锰铜
镍铬
电流（A）
0.6
0.5
0.2
0.3
0.4
0.2
0.2
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
B
C
D
D
B
C
A
B
C
B
A
题号
12
13
14
15
答案
C
B
C
B
题号
16
17
答案
BD
BD
导线代号
A
B
C
D
E
F
G
长度（m）
0.5
0.5
1.5
1.0
0.5
1.5
0.5
横截面积（mm2）
1.2
1.8
1.8
1.2
0.8
1.2
1.2
材料
锰铜
钨
镍铬
锰铜
钨
锰铜
镍铬
电流（A）
0.6
0.5
0.2
0.3
0.4
0.2
0.2