2025年上海中考物理二轮复习专题8： 电功率 练习 （含答案+解析）

这是一份2025年上海中考物理二轮复习专题8： 电功率 练习 （含答案+解析），共21页。试卷主要包含了单选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.下列家用电器中，正常工作时电功率最小的是( )
A. 空调B. 洗衣机C. 电视机D. 节能台灯
2.家用电能表抄表示数所用的单位是( )
A. 千瓦B. 千瓦时C. 库仑D. 伏特
3.分别标有“220 V 25 W”、“110 V 25 W”、“36 V 25 W”字样的三盏白炽灯，它们各自在额定电压下工作时( )
A. “220 V 25 W”最亮B. “110 V 25 W”最亮
C. “36 V 25 W”最亮D. 三盏白炽灯一样亮
4.以下说法正确的是( )
A. 电流表和电压表都不能直接接在电源的两端
B. 电阻线越长，电阻越大
C. 在串联电路中，灯泡越亮通过的电流越大
D. 电路中有电流，则一定有电压
5.关于电功，下列说法中正确的是( )
A. 电流做的功多，一定是用电器的通电时间较长
B. 电流做的功多，一定是通过用电器的电流较大
C. 电流做的功多，一定是用电器两端的电压较高
D. 电流做的功多，用电器消耗的电能一定多
6.下列情况，属于防止电热产生危害的是( )
A. 电脑机箱里装有小风扇B. 阴雨天家电通电除潮
C. 用电熨斗熨衣服D. 冬天用电取暖器取暖
7.如图所示是电烙铁工作的原理图。它正常工作时，两端的电压为220伏。在预热状态时，通过它的电流较小；在加热状态时，通过它的电流较大，则下列选项中正确的是( )
A. 闭合开关S，此时小灯熄灭，处于预热状态
B. 断开开关S，此时小灯发光，处于加热状态
C. 闭合开关S，此时小灯发光，处于预热状态
D. 闭合开关S，此时小灯熄灭，处于加热状态
8.在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关时，采用了如图所示的实验装置。下列分析中不正确的是( )
A. 该实验中应用了“转换法”
B. 该实验装置是为了探究电流产生的热量与电流的关系
C. 通电一段时间后，B管中液而比A 管中低
D. R1中电流产生的热量是 R2中的2倍
9.将一台“220V100W”的电风扇、一个“220V100W”的充电器、一把“220V100W”的电烙铁分别接到220V的电源上，在相同的时间内，电流通过它们产生的热量最多的是( )
A. 电烙铁B. 充电器C. 电风扇D. 一样多
二、非选择题
10.某空调铭牌上标有“220V 2000W”字样，它的额定功率为______，正常工作2小时消耗的电能是______度，消耗的电能可用______表来测量。
11.某款家用茶具煮茶时的电阻为55Ω，正常情况下通过茶具的电流是______A，煮一壶茶用了5min，产生的热量为______J。
12.家庭电路中，空调与电视机是 的(选填“串联”或“并联”)，且它们使用时的额定电压为 伏，若一台电视机的功率为110瓦特，其工作2小时，消耗的电能为 度。
13.某导体两端的电压为3V时，10s通过导体横截面的电荷量大小为5C，此时通过导体的电流为______A，电流做的功为______J；当导体两端的电压为6V时，它的电阻为______Ω。
14.在10秒内通过某导体的电荷量为3库，某导体两端的电压为6伏，通过该导体的电流为 安，该导体的电阻为 欧。铭牌上标有“220V 1000W”的电水壶正常工作0.1小时，其消耗的电能为 度。
15.测量家庭中消耗电能多少的仪表是 。当标有“220V 11W”字样的节能灯正常工作时，两端的电压为 伏，通电8小时消耗的电能为 度。
16.标有“3.8V，0.2A”字样的小灯，正常工作时的电压应为______。若该小灯正常工作10秒，通过灯丝横截面的电荷量为______库，电流做功为______焦。若将小灯两端的电压增大为4伏，可以直接观察到的现象是______。
17.某豆浆机铭牌上的部分技术参数如下表。
(1)豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，它的额定电压为____伏。
(2)豆浆机的机头主要由一个电热器(电热丝)和一个电动机带动的打浆器构成。制作豆浆的过程是先加热，再打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的。由此可知，豆浆机中的电动机和电热器的连接方式是________。
(3)当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味。这一现象可以说明：分子在不停地做___________________________运动。
(4)豆浆机在额定电压下加热0.1小时，需耗电_________度。
18.如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从最左端移动到最右端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则R2的最大阻值为 Ω，电路的最大总功率为 W，滑动变阻器的最大功率为 W。
19.为了解发电厂发出的电能为什么需要用高压输电线送往各地。小明查阅资料得知：(a)由于电流的热效应，远距离输电的导线很长，导线电阻不能忽略不计，远距离输电时在导线上的电能损耗非常可观。(b)输电线的发热功率损耗P损=I线U线。(c)发电厂到用户的距离确定、输电线电阻阻值一般是确定的。(d)发电站的输出电功率是一定的，它等于输出电压和输出电流的乘积，即P=IU。(e)输出电流和输电线上的电流相等。远距离输电如图6所示。

①结合所学知识及上述信息，分析说明为什么发电厂到用户输电线的电阻阻值一般是确定的。______。
②结合所学知识及上述信息，分析说明高压输电的原因。______。
20.如图所示，电阻丝R1≠R2=R3，甲、乙两个烧瓶中装的是煤油，丙烧瓶中装的是水，且甲、乙、丙三个相同的烧瓶中液体的质量都相等。
(1)在探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”时，可通过______两个圆底烧瓶中液体温度升高情况进行判断；
(2)在探究“水和煤油吸热能力强弱”时，若通电时间相同，______(选填序号)，则说明水的吸热能力强；
A.水的温度升高的快
B.煤油的温度升高的快
(3)利用上述实验装置______(选填“能”或“不能”)探究电流通过导体产生的热量与电流的关系。
21.小阳为了探究电流通过导体产生的热量与电阻是否有关，他连接了如图所示的电路进行实验，图中两个完全相同的烧瓶内分别装有质量和初温都相同的煤油，以及阻值不等的电阻丝R1和R2。主要实验步骤如下：
①如图所示，将装有R1的烧瓶连入电路，闭合开关，同时开始计时，通电时间为2min时，停止计时，断开开关，记录相关数据。
②用装有R2的烧瓶替换装R1的烧瓶连入电路，闭合开关，同时开始计时，通电时间为2min时，停止计时，断开开关，记录相关数据。
(1)该实验中，通过__________ 反映电流通过导体产生热量的多少；
(2)小阳实验步骤中存在的问题是__________；
(3)针对小阳实验步骤中存在的问题，请你写出改进的方法。(可画图辅助说明)_________
22.小明学习电能时，从书本上了解到以下内容：
电能属于二次能源，它不像其它矿产能源，无法从自然界中直接开采或获取，它必须由其它能源转化而来。电能具有便于转化、便于分配、便于输送等优点。
三峡水电站发电时，大坝前后巨大落差形成的高速水流推动水轮机带动发电机匀速转动产生电能。三峡电站获得电能后以远距离高压输电的形式输送到各个用电地区。电能输送过程中，电流通过输电导线时会产生热量。
为了了解电流过导体时产生的热量和哪些因素有关，他又查阅了在相同时间内，不同电流通过同一导体时产生的热量，相关数据如表所示。
根据上述信息，回答下列问题：
(1)水力发电时，电能是由______能转化而来的。
(2)分析表中的数据可得出结论是：______。
(3)试解释远距离采用高压输电的原因。
23.在如图所示电路中，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R2允许通过最大电流为3A。电流表A、A1的表盘均如图所示。变阻器滑片P位于最大阻值处，闭合开关S，电流表A1示数为0.3A。两电流表指针偏离零刻度线角度相同。
(1)求电阻R1的阻值；
(2)求此时经过变阻器R2的电流I2；
(3)移动变阻器滑片P，在电路安全工作的前提下，求变阻器R2消耗的最小电功率与最大电功率之比P2min：P2max。
24.小明家的电饭锅，额定电压220V，简化电路如图甲。发热电阻R1、R2阻值不随温度变化，操作开关S1、S2、S3的通断(S1、S2不会同时闭合)，可实现煮饭、煲汤、保温三个挡位调节，只闭合S3时，为煲汤档，额定功率为440W。求：
(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流；
(2)某天用电高峰，小明关闭其它用电器，只让电饭锅在煮饭挡工作，发现电能表(如图乙)指示灯30s内闪烁11次，电饭锅煮饭挡的实际功率；
(3)若电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，电阻R1的阻值。
25.如图甲所示为新型电饭锅，它采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。其简化电路如图乙所示，其中R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关。煮饭时，把电饭锅接入电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流I随时间t变化的图像如图丙所示，设电饭锅工作过程中无电能损失。求：
(1)S和S1都闭合时，电饭锅的电功率；
(2)电热丝R2的阻值；
(3)在这30min内电饭锅产生的热量。
26.如图所示的电路中，电源电压恒定，小灯泡L标有“6 V 4.8 W”的字样，电阻R1的阻值为10 Ω，滑动变阻器R2标有“20 Ω 0.5 A”。当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，灯泡正常发光。
(1)求小灯泡的额定电流．
(2)滑片P置于最左端，闭合S1、S2，求10 s内电路消耗的总电能．
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，移动滑片P，使R2的电功率占电路总功率的比值最小，则R2的电功率为多大？
27.物理兴趣小组的同学小徐和小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源(电源电压未知且不变)、滑动变阻器两个分别标有A“5Ω 3A”B“20Ω 2A”字样，待测小灯泡(标有“2.5V”字样)、电流表、电压表、开关及导线若干。小徐选取其中一个滑动变阻器进行实验，将电流表串联在电路中，将电压表并联在待测小灯泡两端，将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；闭合开关S后，此时电压表如图所示，他发现无法继续实验。小王选取另一个变阻器进行实验，并将电压表并联在电路中某处；移动滑片，进行实验，记录数据如下表，并用其中一组数据成功计算出小灯泡的额定电功率。
①测定小灯泡电功率的实验原理是__________；
②请通过以上信息判断，小王同学所选滑动变阻器规格为__________，电压表并联在_________两端(选填“电源”或“待测小灯泡”或“滑动变阻器”)；
③请根据相关信息计算出小灯泡的额定功率P额。(需写出主要推理和计算过程)( )
28.小明学习电能时，从书本上了解到以下内容：电能属于二次能源，它不像其它矿产能源，无法从自然界中直接开采或获取，它必须由其它能源转化而来。电能具有便于转化、便于分配、便于输送等优点。
三峡水电站发电时，大坝前后巨大落差形成的高速水流推动水轮机带动发电机匀速转动产生电能。三峡电站获得电能后以远距离高压输电的形式输送到各个用电地区。电能输送过程中，电流通过输电导线时会产生热量。
为了了解电流过导体时产生的热量和哪些因素有关，他又查阅了在相同时间内，不同电流通过同一导体时产生的热量，相关数据如下表。
根据上述信息，回答下列问题：
(1)水利发电时，电能是由_______能转化而来的；
(2)分析表中的数据可得出结论是：________；
(3)试解释远距离采用高压输电的原因。_________
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
空调的功率一般在1000W以上，属于大功率用电器；
洗衣机的功率在500W左右，功率较大；
电视机正常工作时的功率在150W左右；
节能台灯的功率在40W以下，功率相对较小；
所以，在所给用电器中，正常工作时电功率最小的是节能台灯；
故选：D。
结合生活经验，根据对常见用电器的电功率的了解选择合适选项。
本题主要考查生活中一些常见电器的功率，需要学生注意平时多观察，体现了由物理走入生活的理念。
2.【答案】B
【解析】【分析】
了解家用电能表抄表示数所用的单位，知道电能表是测量电能(或电功)的，同时注意与其它电学物理量单位的区分，难度不大。
电能表是测量家庭用电器消耗电能总量的仪表，其单位是千瓦时，简称度。
【解答】
电能表是测量家庭用电器消耗电能总量的仪表，其示数所用的单位是千瓦时，俗称度，故B正确，ACD错误。
故选B。
3.【答案】D
【解析】【分析】
本题的关键点是理解白炽灯的亮度取决于灯的实际电功率。
灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，额定电压下的实际功率与额定功率相等。
【解答】
因为三个灯泡都在额定电压下工作，所以三个灯泡的实际功率都等于其额定功率；又因为三个灯泡的额定功率相等，所以三个灯泡的实际功率相等，因此三个灯泡的亮度一样。
故选D。
4.【答案】D
【解析】解：
A、使用电流表时，绝不能直接接在电源上，电压表能直接接在电源上(在电压表的量程内)，故A错；
B、电阻线越长，不知道电阻线的粗细和材料种类，无法比较电阻大小，故B错；
C、在串联电路中，电流处处相等，与相串联的灯的亮度没有关系，故C错；
D、电压是电路中形成电流的原因，电路中有电流，则一定有电压，故D正确．
故选D．
利用下列知识分析判断：
(1)在电压表的测量范围之内．电压表可以直接接在电源上；而绝不能将电流表直接接在电源上，否则被烧坏．
(2)导体电阻的大小与导体的长度、横截面积和材料有关；
(3)在串联电路中，电流处处相等；
(4)在电路中得到持续电流的条件：一是有电源提供电压，二是电路是闭合的．
本题综合考查了电流表和电压表的使用、决定电阻大小的因素、串联电路的电流特点和得到持续电流的条件，虽知识点多，但都属于基础，难度不大！
5.【答案】D
【解析】【解答】解：ABC、电压、电流和通电时间的大小都会影响电功的大小，当电流做功多时，可能是电压很高、通电时间很长、电流很大，也可能三个因素都很大，故选项A、B、C错误； D、电流做功就是电能转化为其他形式的能的过程，做的功多，用电器消耗的电能一定多，故D正确。 故选：D。
6.【答案】A
【解析】【分析】
(1)电热的危害：有时候，电热是一种浪费，甚至会造成伤害。像电视机、计算机、电动机等用电器在工作时，将电能转化为其他形式的能的过程，总有一部分电能转化为热，过多的电热如果不能及时散失，会产生许多安全隐患
(2)措施：有时人们防止电热产生的危害，如散热孔、散热片、散热风扇等。
本题主要考查对电热的应用及预防措施的了解，用电器工作时如果温度过高，会造成危害，要考虑如何散热。
【解答】
解：A.电脑主机内装有散热风扇是为把各电器元件产生的热量及时散失掉，故A符合题意。
B.阴雨天家电通电除潮是应用电热来给电器驱潮，故B不符合题意；
CD.用电熨斗熨衣服、用电取暖器取暖，属于应用电热的例子，故CD不符合题意；
故选：A。
7.【答案】D
【解析】由电路图可知，断开开关S时，R与L串联，小灯发光，电路中电阻较大，由P=U2R可知此时电功率较小，电烙铁处于预热状态；闭合开关S，灯泡被短路，灯熄灭，电路为只有R的简单电路，电路中电阻较小，由P=U2R可知此时电功率较大，电烙铁处于加热状态，故ABC错误，D正确。
故选D。
8.【答案】D
【解析】解：A、实验中液体温度的变化是通过液面高度差的变化来反映的，采用的是转换法，故A正确；
BCD、装置甲中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，所以B管中液而比A管中低，故BC正确，D错误。
故选：D。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换法的思想；
(2)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，实验中采用的是控制变量法；
(3)根据焦耳定律分析产生热量的多少。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。
9.【答案】A
【解析】解：3个用电器虽然功率一样，但是电风扇主要把电能转化为机械能，发热量较小，充电器将电能转化为化学能在电池里储存起来，发热量很小，只有电烙铁是利用电热，电能全部变成内能。
故选：A。
解答本题要注意区分电热和电功，明白对于不同的电器二者的关系。
本题考查家用电器的作用，在生活中要注意积累，并体会电功和电热的区别。
10.【答案】2000W；4；电能
【解析】解：“220V 2000W”表示空调的额定电压是220V，额定功率是2000W，
正常工作2小时消耗的电能W=Pt=2kW×2ℎ=4kW⋅ℎ。
在家庭电路中，用电能表来测量用电器消耗的电能。
故答案为：2000W；4；电能。
电能表是测量用电器消耗电能的仪器。
明白空调参数的含义，知道空调的额定功率和通电时间，根据W=Pt计算消耗的电能。
掌握家用电器和电能表铭牌参数的含义，利用家用电器的额定电压和额定功率求电阻是常用的方法，利用电能表的额定电压和最大电流求最大功率。
11.【答案】4 2.64×105
【解析】解：家用茶具正常情况下工作时两端电压为220V，
此时通过茶具的电流I=UR=220V55Ω=4A；
5min产生的热量Q=I2Rt=(4A)2×55Ω×5×60s=2.64×105J。
故答案为：4；2.64×105。
利用欧姆定律和焦耳定律进行简单计算，基础题型。
12.【答案】并联；220；0.22。
【解析】家庭电路中，空调与电视机可以独立工作，两者之间互不影响，是并联的；
我国家庭电路电压为220V，故我国家庭用电器的额定电压为220V；
根据W=Pt可得电视机消耗的电能为：W=Pt=0.11kW×2ℎ=0.22kW·ℎ=0.22度
13.【答案】0.5；15；6
【解析】解：通过该导体的电流为；
这段时间内电流做的功为W=UIt=3V×0.5A×10s=15J；
导体的电阻为；
因为导体的电阻与导体两端的电压无关，所以当导体两端的电压为6伏时，导体的电阻仍为6Ω。
故答案为：0.5；15；6。
根据I=Qt求出通过该导体的电流；根据W=UIt求出这段时间内电流做的功；
根据欧姆定律求出导体的电阻；电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压、通过的电流无关，由此可知电压为6V时，其电阻大小。
本题考查电功、电流、电阻的计算等，关键是公式及其变形的应用。
14.【答案】0.3
20
0.1

【解析】【详解】[1] 10s内通过某导体横截面的电荷量为3C，所以通过导体的电流
I=Qt=3C10s=0.3A
[2]由 I=UR 可得导体的电阻
R=UI=6V0.3A=20Ω
[3]由 P=Wt 可知，消耗的电能
W=Pt′=1000×10−3kW×0.1ℎ=0.1kW•ℎ=0.1度
15.【答案】电能表
220
0.088

【解析】【详解】[1]电能表是用来测量电功的仪表，家庭中测量消耗电能多少的仪表是电能表。
[2]由灯泡的铭牌可知，节能灯的额定电压为220V，即正常工作电压。
[3]通电8小时消耗的电能为
W=Pt=0.011kW×8ℎ=0.088kW⋅ℎ
16.【答案】3.8V 2 7.6 小灯泡亮度变亮
【解析】解：小灯正常工作时的电压应为铭牌上标注的额定电压，即为3.8V；小灯正常工作时的电流应为铭牌上标注的额定电流，即为0.2A；
由I=Qt可得，通电10s内通过小灯灯丝横截面的电荷量
Q=It=0.2A×10s=2C；
电流做功为
W=UIt=3.8V×0.2A×10s=7.6J；
若将小灯两端的电压增大为4伏，小灯泡实际电压大于额定电压，实际功率也将大于额定功率，亮度变亮。
故答案为：3.8V；2；7.6；小灯泡亮度变亮。
灯泡正常工作时的电压和额定电压相等，根据I=Qt求出10秒内通过小灯的电量，根据W=UIt求出电流做的功；小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮。
本题考查了电量、电功的计算和电功率的应用，关键是知道灯泡正常工作时的电压和额定电压相等。
17.【答案】(1)220；(2)并联；(3)无规则；(4)0.085
【解析】【分析】
本题以豆浆机为背景考查了额定电压、串并联的辨别、分子热运动、电功公式的应用等，虽然难度不大，但综合性强，只要细心处理即可解答。
【解答】
①我国家庭电路的电压为220V，该豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，说明它的额定电压为220V；
②由题意知，加热和打浆是交替进行的，电动机与电热器能独立工作，互不影响，因此它们是并联的；
③当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味，说明分子在不停地做无规则运动；
④由P= W t可得，加热0.1小时消耗的电能：
W=Pt=850×10−3kW×0.1ℎ=0.085kW⋅ℎ=0.085度。
18.【答案】20
3.6
0.9

【解析】[1]观察图甲，闭合开关后，滑动变阻器的滑片P从最左端移动到最右端的过程中，根据电流的流法可知，这是一个串联电路，两电阻串联，变阻器接入电路的电阻在变大，电路的总电阻在变大，电源电压不变，则电路的电流在变小，观察图乙，图线的方向应该是从左往右，当滑片P移动到最右端时，R2的电压是4V，流过R2的电流是0.2A，根据欧姆定律的变换式可知，这时R2的阻值是
R2=U2I2=4V0.2A=20Ω R2的最大阻值是20Ω。
[2]要求电路的最大总功率，根据电功率的公式 P=UI ，电源电压不变，则需要电路的电流最大，这时电路的总电阻最小，即要求变阻器接入电路的电阻最小，为0，这时变阻器两端的电压也为0，观察图乙，当电压为0时，电路的电流是0.6A，这是电路的最大电流；接下来求电源电压，观察图乙，当电压为0时，电路的电流是0.6A，这时只有电阻R1接入电路，设电源电压是U，根据欧姆定律可知
I1=UR1=0.6A
再观察图乙，当电压为4V时，电路的电流是0.2A，这时两个电阻都接入电路，R2的电压是4V，则R1的电压是 U−4V ，对R1根据欧姆定律可知
I1′=U−4VR1=0.2A
联立上面两条方程，可解得 R1=10Ω 、 U=6V ；那么电路的最大电流是0.6A， U=6V ，根据电功率的公式 P=UI ，电路的最大总功率是
Pmax=UImax=6V×0.6A=3.6W
电路的最大总功率是3.6W。
[3]设滑片P在某个位置时，滑动变阻器的功率达到最大，根据 P=I2R 可知
P2=I2′2R2′=6V10Ω+R2′2⋅R2′=36V2⋅R2′10Ω−R2′2+40Ω⋅R2′=36V210Ω−R2′2R2′+40Ω
观察这个上式，可想到当 R2′=10Ω 时，分母的值可以达到最小，是40Ω，那么 P2 的值达到最大，其大小是0.9W，即滑动变阻器的最大功率为0.9W。
19.【答案】因为导体的电阻与材料、长度、粗细有关，发电厂到用户的距离确定，导线长度确定，且导线材料、粗细确定，所以阻值确定 因为P损=I线U线，根据欧姆定律，U线=I线R线，所以P损=I线2R线。由于R线是确定的，要减小P损，只能减小I线。且I=I线，又因为P=IU一定，所以要减小I，必须升高输出电压U
【解析】解：(1)因为导体的电阻与材料、长度、粗细有关，发电厂到用户的距离确定，导线长度确定，且导线材料、粗细确定，所以阻值确定。
(2)因为P损=I线U线，根据欧姆定律，U线=I线R线，所以P损=I线2R线。由于R线是确定的，要减小P损，只能减小I线。且I=I线，又因为P=IU一定，所以要减小I，必须升高输出电压U。
故答案为：(1)因为导体的电阻与材料、长度、粗细有关，发电厂到用户的距离确定，导线长度确定，且导线材料、粗细确定，所以阻值确定；(2)因为P损=I线U线，根据欧姆定律，U线=I线R线，所以P损=I线2R线。由于R线是确定的，要减小P损，只能减小I线。且I=I线，又因为P=IU一定，所以要减小I，必须升高输出电压U。
(1)导体的电阻与长度、材料、横截面积、温度有关。
(2)
本题考查电能的输送及电功率的相关计算，难度一般。
20.【答案】甲、乙 B 能
【解析】解：三个电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，所以通过各个电阻的电流相同。
(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电时间相等，改变电阻丝的阻值。因为R1≠R2=R3，通电后给质量相同的同种液体加热，所以应比较甲、乙两瓶中温度计示数的变化情况；
(2)图乙丙可探究“水和煤油吸热能力强弱”，实验中电阻丝阻值相等，即实验中采用相同的加热装置，在相同时间内放出的热量相同，煤油的温度升高的快，水的温度升高的慢，则说明水的吸热能力强；
(3)要探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，需要控制电阻不变，改变电流，调节滑动变阻器可以改变电路中的电流，所以利用上述实验装置能探究电流通过导体产生的热量与电流的关系。
故答案为：(1)甲、乙；(2)B；(3)能。
(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电相等，改变电阻，由此选择并分析；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)要探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，需要控制电阻不变，改变电流，调节滑动变阻器可以改变电路中的电流。
本题考查了电流通过导体产生热量的影响因素、水和煤油吸热能力情况两个实验，关键是熟练运用控制变量法和转换法。
21.【答案】温度计示数变化 没有控制通过R1和R2的电流大小相等 将两个电阻串联接入电路中
【解析】(1)实验过程中用转换法来表示电阻产生热量的多少，即通过观测温度计的示数反映导体产生热量的多少。
(2)小阳在实验时只更换阻值不同的电阻，根据欧姆定律可知，电路中的电流也发生变化，所以小阳的问题是没有控制前后两次的电流相同。
(3)为了使通过两电阻的电流相同，可以将两电阻丝串联接入电路，闭合开关，通电一段时间后记录温度计示数变化的情况。如图所示：
22.【答案】机械 相同时间，电流通过同一导体时，产生的热量和电流的平方成正比
【解析】解：(1)水力发电时，消耗水的机械能，转化为电能，电能是由机械能转化而来的。
(2)分析表中的数据，电流增大为几倍，热量增大为倍数的平方倍，故可得出结论是：相同时间，电流通过同一导体时，产生的热量和电流的平方成正比。
(3)输送的电能的功率是不变的，根据P=UI，在功率一定时，电压越大，电流越小；根据(2)的结论，远距离输电时，对同一输电线，相同时间内，电流越小，产生的热量越少，电能的损耗就越小。
故答案为：(1)机械；(2)相同时间，电流通过同一导体时，产生的热量和电流的平方成正比；(3)发电机匀速转动时，获得电能的功率是不变的，根据P=UI，在功率一定时，电压越大，电流越小；根据(2)的结论，远距离输电时，对同一输电线，相同时间内，电流越小，产生的热量越少，电能的损耗就越小。
(1)根据能的转化分析；
(2)根据表格数据分析；
(3)根据P=UI，电功率一定时，电流越小，结合焦耳定律分析。
本题考查焦耳定律与远距输电，属于中档题。
23.【答案】解：(1)闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A测干路电流，电流表A1测通过R1的电流，
并联电路各并联支路两端电压相等，由欧姆定律可得电阻R1的阻值：R1=UI1=6V0.3A=20Ω；
(2)干路电流表A和电流表A1偏角相同，且干路电流大于支路电流，故干路电流为0.3A×5=1.5A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过变阻器R2的电流：I2=I−I1=1.5A−0.3A=1.2A；
(3)变阻器滑片P位于最大阻值处时通过滑动变阻器的电流最小，所以通过滑动变阻器的最小电流为1.2A，
电流表A示数最大时通过滑动变阻器的电流最大，电流表A的最大示数为3A，所以通过滑动变阻器的最大电流为：I2′=I′−I1=3A−0.3A=2.7A，
由电功率公式P=UI可知变阻器R2消耗的最小功率和最大功率的比值等于最小电流和最大电流的比值，即P2minP2max=I2I2′=。
答：(1)电阻R1的阻值为20Ω；
(2)此时经过变阻器R2的电流为1.2A；
(3)变阻器滑片P，在电路安全工作的前提下，求变阻器R2消耗的最小电功率与最大电功率之比P2min：P2max=4:9。
【解析】(1)闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A测干路电流，电流表A1测通过R1的电流，根据并联电路电压特点结合欧姆定律可得电阻R1的阻值；
(2)干路电流表A和电流表A1偏角相同，则干路电流等于支路电流的5倍，根据并联电路电流规律计算通过变阻器R2的电流；
(3)变阻器滑片P位于最大阻值处时通过滑动变阻器的电流最小，电流表A示数最大时通过滑动变阻器的电流最大，明确通过滑动变阻器的最大与最小电流，由电功率公式P=UI可知变阻器R2消耗的最小功率和最大功率的比值等于最小电流和最大电流的比值。
本题考查并联电路特点、欧姆定律、电流表的使用、电功率公式的灵活运用。
24.【答案】解：(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流：；
(2)“1200imp/(kW⋅ℎ)”表示电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表的指示灯闪烁1200次，电饭锅煮饭消耗的电能：，
电饭锅煮饭挡的实际功率：；
(3)闭合S3时，为煲汤档，只有R2的简单电路，R2的阻值：；
当开关S2闭合，两个电阻串联，电路的总电阻较大，由P=U2R可知电路的总功率较小，电饭煲处于保温挡；当闭合开关S1和S3，两个电阻并联，电路的总电阻较小，由P=U2R可知电路的总功率较大，电饭煲处于煮饭挡；电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，即：P保温P煮饭=19，
保温挡的功率：P保温=U12R1，煮饭挡的功率：P煮饭=U2R1，
故U1U=13，根据串联分压原理可知，R1R=U1U=13，
即，
电阻R1的阻值：R1=55Ω。
答：(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流是2A；
(2)电饭锅煮饭挡的实际功率是1100W；
(3)电阻R1的阻值是55Ω。
【解析】(1)根据I=PU得到电饭锅在煲汤挡正常工作时电路中的电流；
(2)“1200imp/(kW⋅ℎ)”表示电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表的指示灯闪烁1200次，据此可求电能表指示灯闪烁11次消耗的电能，再利用P=Wt得到电饭锅煮饭挡的实际功率；
(3)只闭合S3时，为煲汤档，只有R2的简单电路，由R=U2P得到R2的阻值；当只闭合开关S2，两个电阻串联，电路的总电阻较大，由P=U2R可知电路的总功率较小，电饭煲处于保温挡；当闭合开关S1和S3，两个电阻并联，电路的总电阻较小，由P=U2R可知电路的总功率较大，电饭煲处于煮饭挡，电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，根据P=U2R可以得到串联电路的电压之比，再根据串联分压原理得到电阻之比，从而求出电阻R1的阻值。
本题考查了串联电路的特点、电能、电功率公式的应用，是一道较难的计算题。
25.【答案】解：(1)分析电路可知，S和 S1 都闭合时， R1 和 R2 并联，此时电路总电阻较小，根据 I=UR 可知电流较大，根据 P=UI 可知总功率较大；只闭合S时， R1 单独工作，此时电路总电阻较大，根据 I=UR 可知电流较小，根据 P=UI 可知总功率较小。由图丙可知，S和 S1 都闭合时，总电流为3A，则此时电饭锅的电功率为
P大=UI总=220V×3A=660W
(2)根据并联电流规律可知，电热丝 R2 的电流为
I2=I总−I1=3A−2A=1A
则电热丝 R2 的阻值为
R2=UI2=220V1A=220Ω
(3)在这30min内电饭锅产生的热量为
Q=W=W1+W2=UI总t1+UI1t2=220V×3A×15×60s+220V×2A×15×60s=9.9×105J
答：(1)S和 S1 都闭合时，电饭锅的电功率为 660W ；
(2)电热丝 R2 的阻值为 220Ω ；
(3)在这30min内电饭锅产生的热量为 9.9×105J 。

【解析】详细答案和解答过程见答案
26.【答案】(1)小灯泡L正常发光的电流I额=P额U额=4.8W6V=0.8A
(2)当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，电路为只有小灯泡L工作的电路，小灯泡L正常发光，说明小灯泡L两端的电压为电源电压，故U电源=U额=6 V；滑片P置于最左端，闭合S1、S2，电路为小灯泡L和电阻R1并联的电路，通过电阻R1的电流I1=U电源R1=6V10Ω=0.6A，干路的电流I=I额+I1=0.8 A+0.6 A=1.4 A，10 s内电路消耗的总电能W=U电源It=6 V×1.4 A×10 s=84 J (3)滑片P置于最右端，只闭合S2，电路为电阻R1和R2串联的电路，滑动变阻器R2消耗的电功率P2=U2Iˈ，电路消耗的总功率为P总=U电源Iˈ，R2的电功率与电路总功率的比值P2P总=U2I′U电源I′=I′R2I′(R1+R2)=R2R1+R2=1R1R2+1，要想使这个比值最小，则R1R2+1要最大，滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，同时电流不能超过0.5 A，即Imax=0.5 A，此时电路的总电阻R总=U电源Imax=6V0.5A=12Ω，R2的最小电阻R2小=R总−R1=12 Ω−10 Ω=2 Ω；当R2为2 Ω时R2的电功率占电路总功率的比值最小，则R2的电功率P2=Imax2R2=(0.5 A)2×2 Ω=0.5 W
27.【答案】①P=UI；②B；滑动变阻器；③0.7W
【解析】(1)测定小灯泡电功率的实验原理是P=UI。
(2)根据表格中的数据分析可知：电路中的电流越大，电压表的示数越小，所以电压表并联在滑动变阻器两端。由表中数据可知，当电路中的电流为0.22A时，滑动变阻器两端的电压为3V，由欧姆定律可得，实验中变阻器连入电路中的电阻R滑2=U1I1=≈13.6Ω>5Ω
故选择的滑动变阻器B；
(3)因为小徐电路将滑片移至阻值最大处，所以R滑1=5Ω，由电压表示数可得U灯=3V。由小王的序号3数据可知，U3=1.5V，I3=0.3A时，小王电路中R滑2=U3I3=Ω=R滑1
此时小徐所接电路和小王3号电路一致，则电源电压U总=U灯+U3=3V+1.5V=4.5V
由2号数据知U2=2.0V时，U灯=U总−U2=4.5−2.0V=2.5V=U额
所以小灯泡的额定功率为P额=U额I额=2.5V×0.28A=0.7W
28.【答案】(1)机械；
(2)相同时间，电流通过同一导体时，产生的热量和电流的平方成正比；
(3)输送电能的功率是不变的，由P=UI可知，在功率一定时，电压越大，电流越小。由(2)的结论，远距离输电时，对同一输电线，相同时间内，电流越小，产生的热量越少，电能的损耗就越小。
【解析】(1)水利发电时，消耗水的机械能，转化为电能，因此电能是由机械能转化而来的。
(2)分析表中数据可知，电流增大几倍，热量增大为倍数的平方倍，故可得到结论：相同时间，电流通过同一导体时，产生的热量和电流的平方成正比。
(3)输送电能的功率是不变的，由P=UI可知，在功率一定时，电压越大，电流越小。由(2)的结论，远距离输电时，对同一输电线，相同时间内，电流越小，产生的热量越少，电能的损耗就越小。
豆浆机铭牌
额定频率
50Hz
电动机
额定功率
180W
电热器
额定功率
850W
序号
1
2
3
4
5
电流I(×10−3安)
10
20
30
40
50
产生的热量Q(焦)
100
400
900
1600
2500
物理量实验序号
电压U(伏)
电流I(安)
1
3.0
0.22
2
2.0
0.28
3
1.5
0.30
序号
1
2
3
4
5
电流/(×10−3安)
10
20
30
40
50
产生的热量Q(焦)
100
400
900
1600
2500