（人教版）九年级物理上册期中复习阶段性测试卷（基础卷）（2份，原卷版+解析版）

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第Ⅰ卷 选择题
一、选择题（本题共16小题，每小题2分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1．（2022秋•长汀县期中）下列实例中不属于利用水的比热容较大特性的是（ ）
A．让流动的热水流过散热器取暖B．春季，晚上向稻田里放水，以防冻坏秧苗
C．汽车发动机用循环水冷却 D．夏天，往室内地面上洒水降温
【答案】D。
【解答】解：A、让流动的热水流过散热器取暖，由于水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，可以放出更多的热量，故A不合题意；
B、春季，晚上向稻田里放水，由于水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，可以放出更多的热量，可防冻坏秧苗，故B不合题意；
C、汽车发动机用循环水冷却，由于水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，可以吸收更多的热量，故C不合题意；
D、夏天，往室内地面上洒水降温，是利用了水的蒸发吸热，与比热容大小无关，故D符合题意。
故选：D。
2．（2022秋•硚口区期中）2022年2月27日长征八号遥二运载火箭搭载着22颗卫星，如图甲所示，在我国文昌航天发射场一飞冲天，创造了我国“一箭多星”即单次发射卫星数量最多的纪录。火箭发动机的能流图可简化为如图乙所示。在火箭加速上升过程中有关能量转化分析正确的是（ ）
A．燃料燃烧的化学能直接转化为火箭的机械能
B．图乙中问号所表示的内容是废气带走的能量
C．火箭的机械能增大，内能减小
D．火箭的机械能减小，内能增大
【答案】B。
【解答】解：A、火箭发射时，燃料燃烧将化学能转化为内能，再转化为火箭的机械能，故A错误；
B、由火箭内部的能流图可知，图中问号所表示的内容是废气带走的内能，故B正确；
CD、火箭上升过程中，速度增大、高度增大，则火箭的动能增大，重力势能增大，机械能增大；火箭从地面向上发射过程中，火箭外壳和大气摩擦后温度越来越高，其内能增大，故CD错误。
故选：B。
3．（2022秋•绥江县期中）通常情况下，下列材料属于导体的是（ ）
A．干木柴B．铅笔芯
C．塑料瓶D．玻璃
【答案】B。
【解答】解：干木柴、塑料瓶、玻璃不容易导电，属于绝缘体；铅笔芯容易导电，属于导体。故ACD错误，B正确。
故选：B。
4．（2022秋•郯城县期中）以下是小明的估测，其中符合实际的是（ ）
A．我县夏季最高气温约为24℃
B．家用电冰箱正常工作的电流约为10mA
C．一节干电池的电压为2V
D．家用电暖器（1000W）正常工作时的电阻约为48.4Ω
【答案】D。
【解答】解：A、我县夏季气温炎热，最高温度能够达到35℃，故A不符合实际；
B、家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作的电流在I＝＝＝1A左右，故B不符合实际；
C、一节干电池的电压为1.5V，一节蓄电池的电压为2V，故C不符合实际；
D、1000W电暖气正常工作时电阻约为R＝＝＝48.4Ω，故D符合实际。
故选：D。
5．（2022秋•海门市期中）如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，只有一盏灯发光且只有一个电表有示数，其故障可能是（ ）
A．L1短路B．L2短路C．L1断路D．L2断路
【答案】D。
【解答】解：A、若灯L1短路，L2也同时被短路，电源被断路，电流表和电压表无示数，故A不符合题意；
B、若L2短路，灯L1也同时被短路，两灯都不发光，电源短路，故B不符合题意；
C、若L1断路，只有L2发光，电流表测量通过L2的电流，电流表有示数，电压表有示数，故C不符合题意。
D、若L2断路，灯L1发光，电流表没有示数，电压表有示数，故D符合题意；
故选：D。
6．（2022秋•文登区期中）两盏电灯分别标有“36V 40W”和“220V 30W”的字样，当它们都正常发光时，比较它们的亮度，可知（ ）
A．“36V 40W”灯较亮B．“220V 30W”灯较亮
C．两盏灯一样亮D．条件不足无法比较
【答案】A。
【解答】解：当灯泡正常发光时，灯泡的实际功率等于其额定功率；
因两灯的额定功率分别为40W和30W，则当它们都正常发光时，它们的实际功率分别为40W和30W，由于灯泡的亮度由实际功率决定，所以“36V 40W”灯泡较亮，故A正确。
故选：A。
7．（2022秋•武功县期中）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A．温度相同的两物体间不会发生热传递 B．温度高的物体，内能一定大
C．0℃的冰块，内能一定为零 D．内能越大的物体，所含热量越多
【答案】A。
【解答】解：A、发生热传递的条件是要有温度差，温度相同的两物体间不会发生热传递，故A正确；
B、内能与物体的质量、温度、状态等因素有关，所以温度高的物体内能不一定大，故B错误；
C、一切物体都有内能，因此0℃的冰块也有内能，故C错误；
D、热量是过程量，不能说所含有多少热量，故D错误。
故选：A。
8．（2022秋•汉阳区校级期中）如图所示，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，把水加热至沸腾一段时间后，塞子受到水蒸气的压力会冲出去。水蒸气将塞子冲出的过程中能量转化形式与下图所示汽油机的四个冲程中能量转化形式相同的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】C。
【解答】解：
用酒精灯加热试管中的水，当水沸腾一段时间以后，橡胶塞被试管内水蒸气推出，该过程中水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能。
A、图中，汽油机进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程，此冲程没有能量转化，故A不符合题意。
B、图中，汽油机两气门都关闭，活塞向上运动，压缩气缸内气体，是压缩冲程，此冲程中机械能转化为内能，故B不符合题意。
C、图中，汽油机两气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程，此冲程中燃气的内能转化为机械能，故C符合题意。
D、图中，汽油机进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程，此冲程没有能量转化，故D不符合题意。
故选：C。
9．（2022秋•津南区校级期中）图中的四个电路图中与如图实物图对应的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A。
【解答】解：由实物图可知，两灯泡并联，开关在干路上，接在灯和电池正极之间。
A、两灯并联，开关在干路上，接在灯和电池正极之间，故A正确；
B、两灯并联，开关在L2支路上，故B错误；
C、两灯并联，开关在L1支路上，故C错误；
D、两灯泡串联，故D错误。
故选：A。
10．（2022秋•鄄城县期中）如图所示，图中的a、b是电流表或电压表，下面关于电表的说法，正确的是（ ）

A．a、b都是电流表B．a、b都是电压表
C．a是电压表，b是电流表D．a是电流表，b是电压表
【答案】C。
【解答】解：在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联测量电路电流，图中的b与灯泡串联，则b为电流表；电压表相当于断路，与用电器并联测量用电器两端电压，图中a并联在电源两端，为电压表。故ABD错误，C正确；
故选C。
11．（2022秋•郯城县期中）如图所示，定值电阻R和小灯泡L的电流随电压变化图像，下列说法不正确的是（ ）
A．甲是小灯泡的I﹣U图象
B．定值电阻的阻值为10Ω
C．定值电阻R和小灯泡L并联接在4V的电源上时，干路中的电流为1.2A
D．定值电阻R和小灯泡L串联接在6V的电源上时，电路中的电流是0.4A
【答案】D。
【解答】解：A、电阻的阻值一定时，通过电阻的电流与它两端的电压正比，由图像可知，乙的I﹣U关系图像是正比例函数图像，即乙的电流与它两端的电压成正比，故乙为定值电阻R的I﹣U图像，甲为小灯泡L的I﹣U图像，故A正确；
B、由图像可知，当乙两端的电压为UR＝4V时，通过它的电流为：IR＝0.4A，
则定值电阻的阻值为：R＝＝＝10Ω，故B正确；
C、定值电阻R和小灯泡L并联在4V的电源上时，根据并联电路的电压规律可知，
R与L两端的电压均为4V，由图像可知通过L的电流为：IL＝0.8A，
因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，
所以干路中的电流为：I＝IR+IL＝0.4A+0.8A＝1.2A，故C正确；
D、定值电阻R和小灯泡L串联时，通过它们的电流相等，当通过它们的电流为0.4A时，由图像可知，
R与L两端的电压分别为：4V和1V，因为串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，
所以此时电源电压为：U＝UR+UL＝4V+1V＝5V，故D错误。
故选：D。
12．（2022秋•顺义区校级期中）如图所示，两个电饭锅甲和乙，甲的额定功率为1200W，乙的额定功率为800W。在它们正常工作的情况下，下列说法正确的是（ ）
A．电饭煲甲消耗电能多B．电饭煲乙消耗电能少
C．电饭煲甲消耗电能快D．电饭煲乙消耗电能快
【答案】C。
【解答】解：AB．由W＝Pt可知，消耗电能的多少，得考虑时间因素，在不知道工作时间的情况下，不能判断哪个电饭煲消耗的电能多，故AB错误；
CD．甲的额定电功率大于乙的额定电功率，根据物理意义，电饭煲甲消耗电能快，故C正确、D错误；
故选：C。
13．（2022秋•雁塔区校级期中）如图所示为气体打火机中的点火装置——压电点火器。当按下打火按钮时，会使压电材料两端分别出现异种电荷，通过相连的导线，在打火机的排气嘴处放电产生电火花，从而点燃燃料。则关于气体打火机被点燃的过程，下列说法中正确的是（ ）
A．按钮下压压电材料，压电材料将电能转化为机械能
B．电火花出现时，电能转化为内能，使AB间的燃料达到着火点
C．排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，气体的内能逐渐增大
D．燃料使用一半后，热值减少为原来的一半
【答案】B。
【解答】解：A、按钮下压压电材料，压电材料将机械能转化为电能，故A错误；
B、电火花出现时，电能转化为内能，温度升高，使AB间的燃料达到着火点，故B正确；
C、排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，将内能转化为机械能，内能减小，温度降低，故C错误；
D、燃料的热值是燃料一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关，热量燃料使用一半后，热量的热值不变，故D错误。
故选：B。
14．（2022秋•武功县期中）将丝绸与玻璃棒相互摩擦后，用该玻璃棒接触一个不带电的验电器，验电器箔片张开（如图），玻璃棒和验电器之间会形成瞬时电流，下列说法正确的是（ ）

A．电流是由正电荷定向移动形成的
B．该瞬时电流的方向是从玻璃棒到验电器
C．玻璃棒与丝绸相互摩擦时正电荷发生了转移，从而使丝绸带电
D．验电器箔片张开是由于异种电荷相互排斥
【答案】B。
【解答】解：A．电荷的定向移动形成电流，正电荷、负电荷定向移动都能形成电流，故A错误；
BD．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，该玻璃棒去接触验电器A时，验电器A也会带正电；验电器上自由电子向玻璃棒转移，所以金属棒连接瞬间有瞬时电流产生，瞬时电流的方向是从玻璃棒到验电器，箔片张开是由于验电器的金属箔带上了同种电荷，故B正确、D错误；
C．丝绸与玻璃棒摩擦的过程中，玻璃棒失去电子而带正电，电子转移到丝绸，故C错误。
故选：B。
15．（2022秋•阳信县期中）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表A的示数变大 B．电压表V的示数变大
C．电流表A1的示数变小 D．电压流表V与电流表A的比值变大
【答案】D。
【解答】解：由图可知，闭合开关S，该电路为并联电路，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A测量干路的电流，电压表测量电源的电压；
由于电源电压不变，移动滑片时，电压表示数保持不变，故B错误；
当滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I＝可知通过滑动变阻器的电流减小；
并联电路各支路互不影响，通过R1的电流不变，电流表A1示数不变，故C错误；
根据并联电路电流特点可知，干路中的电流减小，即A示数减小，故A错误；
根据R＝可知；电压表V与电流表A的比值变大，故D正确。
故选：D。
16．（2022•鼓楼区校级模拟）如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器R2最大阻值为10Ω，小灯泡L的阻值为20Ω（忽略温度对灯丝电阻的影响），电阻R1不等于零，闭合开关S，当滑片位于b端时，小灯泡的实际功率为1.8W，当滑片位于a端时，小灯泡的实际功率可能是（ ）
A．1WB．3WC．5WD．7W
【答案】B。
【解答】解：（1）当滑动变阻器滑片P置于b端时，灯泡L和定值电阻R1、滑动变阻器R2的最大阻值串联，根据欧姆定律和电功率的公式P＝I2R可得：；
（2）当滑动变阻器滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，灯泡L与R1串联，根据欧姆定律和电功率的公式P＝I2R可得：；
则；
由上式知，当R1为无穷大时，灯泡有最小值PL'＝PL＝1.8W；
当R1为零时，灯泡有最大值PL'＝PL＝×1.8W＝4.05W。
综上可得：1.8W＜PL＜4.05W。
故B正确，ACD错误。
故选：B。
第Ⅱ卷 非选择题
二、填空题（本题共6小题，每题3分，共18分）
17．（2022秋•明山区校级期中）如图所示，北方冬季的暖气片用水做循环物质，主要是应用了水的 比热容较大 的性质，暖气片中的水温度降低后，其比热容 不变 （填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】比热容较大；不变。
【解答】解：
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；
比热容是物质的属性，与温度变化无关，暖气片中的水温度降低后，水的比热容不变。
故答案为：比热容较大；不变。
18．（2022秋•江都区期中）目前有一种倍受关注的喷气飞行背包。如图，人背上后能通过该设备获得动力，实现人类自由单人飞翔的梦想。该背包发动机将汽油燃烧后的气体通过喷气孔喷出，使人获得飞行动力。该背包每小时消耗5kg汽油，这些汽油完全燃烧放出的热量为 2.3×108 J。（q汽油＝4.6×107J/kg）
【答案】2.3×108。
【解答】解：5kg汽油完全燃烧放出的热量为：Q放＝mq汽油＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×108J。
故答案为：2.3×108。
19．（2022秋•长汀县期中）如图所示，当开关S1闭合，S2、S3都断开，能发光的灯泡是 L1 ；当开关S2闭合，S1、S3都断开，则灯L1、L2的连接方式是 串 联。
【答案】L1；串。
【解答】解：如图所示，当开关S1闭合，S2、S3都断开，电路为L1的简单电路，能发光的灯泡是L1；
当开关S2闭合，S1、S3都断开，该电路为串联电路，灯L1、L2都发光。
故答案为：L1；串。
20．（2022秋•成都校级期中）如图甲所示的电路，当闭合开关后两只电压表的指针偏转均如图乙所示，则R1与R2的阻值之比为 4：1 ，通过R1与R2的电流之比为 1：1 。
【答案】4：1；1：1。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关，电阻R1与R2串联，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量电源电压。
因为串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，且两电压表的指针位置相同，
所以电压表V1所接量程为0～3V，分度值为0.1V，其示数即R2两端的电压为：U2＝1.5V，
电压表V2所接量程为0～15V，分度值为0.5V，其示数即电源电压为：U＝7.5V，
则R1两端的电压为：U1＝U﹣U2＝7.5V﹣1.5V＝6V，
因为串联电路中各处的电流相等，所以通过R1与R2的电流之比为：I1：I2＝1：1，
由R＝可得，R1与R2的阻值之比为：R1：R2＝U1：U2＝6V：1.5V＝4：1。
故答案为：4：1；1：1。
21．（2022秋•中原区校级期中）如图所示，图甲是某款电子拉力计，图乙是它的原理图，表盘是由电压表改装而成的，加在挂钩上的拉力变大时，电路中的电流 不变 ，电压表示数 变大 。（均选填“不变”“变大”或“变小”）

【答案】不变；变大。
【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器滑片P以上部分两端的电压；加在挂钩上的拉力变大时，滑片向下移动，由于电压表所在电路相当于断路，所以R接入电路的电阻不变，总电阻不变；根据欧姆定律可知，电路中的电流不变；与电压表并联部分的电阻变大，根据U＝IR可知，电压表示数变大。
故答案为：不变；变大。
22．（2022秋•沙坪坝区校级期中）如图甲所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器上标有“30Ω 1A”，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动到a点时，小灯泡电流达到最大值。在图乙中绘制出电流表与两个电压表示数变化关系的图像，则电源电压为 18 V；滑片在a点时，小灯泡的功率为 6.4 W。
【答案】18；6.4。
【解答】解：闭合开关S，灯泡和变阻器串联。电压表V1测量灯泡两端电压，电压表V2测量变阻器两端电压，电流表测量电路电流。
滑片在最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，总电阻最大，根据欧姆定律可知电路中的电流最小，从图乙可知为0.3A，
滑片从最右端向左滑动到a点时，变阻器接入电路中的电阻逐渐变小，根据串联分压特点可知，变阻器两端的电压逐渐变小，灯泡两端电压逐渐变大，
可知图乙中下面的曲线为电流表与电压表V2的示数变化关系的图像，上面的曲线为电流表与电压表V1的示数变化关系的图像。
（1）调节滑动变阻器的滑片在最右端时，从图乙可知为0.3A，根据欧姆定律可得变阻器两端的电压U变＝I右R变＝0.3A×30Ω＝9V，
且从图乙可知灯泡两端的电压和变阻器两端的电压相等，即灯泡两端的电压也为9V，根据串联电路的电压特点可知电源电压为U＝9V+9V＝18V；
（2）调节滑动变阻器的滑片到a点时，小灯泡恰好正常发光，可知此时变阻器两端电压为2V，电路中的电流为0.4A，
则灯泡两端的电压UL＝18V﹣2V＝16V，
灯泡的额定为PL＝ULIL＝16V×0.4A＝6.4W。
故答案为：18；6.4。
三、作图与解答题（本题共2小题，每题2分，共4分）
23．（2022秋•淮北期中）用笔画线代替导线，按照如图的电路图把实物图连接起来。
【解答】解：采用“电流流向法”，电流从电源正极出发，依次串联开关S1、开关S2、灯泡L1回到电源负极，然后进将灯泡L2并联在开关S2和灯泡L1两端。如下图所示：
24．（2022秋•长清区期中）在如图所示电路的“〇”里分别填入电压表、电流表和灯泡的符号，要求：闭合开关S，两灯并联且均能发光。
【解答】解：闭合开关S，两灯并联且均能发光，则通过两个灯泡都有电流；中间的〇不能为电流表，否则电源会被短路；下面的〇与灯泡并联，为灯泡，两个灯泡并联，上面的〇串联接入干路中，为电流表，中间的〇为电压表，如图所示：
四、实验题（本题共3小题，每空1分，共19分）
25．（2022秋•市南区校级期中）小明同学为了“探究物体吸收的热量与物质种类的关系”，利用如图1所示的实验装置进行实验，并记录数据如表所示，请你根据表中的数据回答下列问题：
（1）实验中，除了要在甲、乙两个相同的烧杯中分别加入相同质量的水和食用油，另外还应选择两个完全相同的电加热器，选择电加热器比选用酒精灯加热更好的原因是 A 。
A.相同时间内，两个电加热器对水和食用油放出的热量相同。
B.在相同时间内，使水和食用油升高的温度相同。
（2）若使水和食用油升高相同的温度， 水 需要的加热时间更长， 水 的吸热本领更强。
（3）图像 a （选填a或b）表示食用油温度随时间的变化图像。
（4）根据表格中的数据，可得出食用油的比热容和水的比热容之比是 1：2 。
【答案】（1）A；（2）水；水；（3）a；（4）1：2。
【解答】解：（1）使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强，根据Q＝W＝Pt，选择两个完全相同的电加热器，在相同的时间内放出的热量相同，则水和食用油吸收的热量相同，故A正确；
（2）若使水和食用油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，水吸收的热量多，则水的吸热本领更强；
（3）质量相同的水和食用油，加热相同的时间，吸收相同的热量，煤油的温度升高的快，所以a表示食用油温度随时间的变化图像；
（4）质量和初始温度均相同的水和煤油，加热相同时间，煤油升高的温度为水升高温度的2倍，根据c＝可知，在质量和升高温度相同的情况下，比热容c与Δt成反比，故食用油的比热容和水的比热容之比是1：2。
故答案为：（1）A；（2）水；水；（3）a；（4）1：2。
26．（2022秋•郯城县期中）如图所示，在探究“并联电路的电流特点”的实验中，小明设计了如图甲所示的电路进行实验。
（1）实验中，应该选择规格 不相同 （选填“相同”或“不相同”）两个小灯泡；连接电路时，开关应处于 断开 （选填“闭合”或“断开”）状态；
（2）用笔画线代替导线，按图甲中的电路图把图乙中的实物电路连接完整（电池左端为正极，导线不得交叉）；
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表指针向刻度盘左边没有刻度的地方偏转，原因是电流表 C ；
A.量程选大了 B.量程选小了 C.正负接线柱接反了
（4）小明测得L1的电流I1＝0.8A，接着测得L2的电流I2和干路电流I，结果都如图丙所示，则I2＝ 0.2 A、I＝ 1.0 A；
（5）小明最终得出并联电路中干路电流和各支路电流的关系式： I＝I1+I2 。
【答案】（1）不相同；断开（2）图见解析；（3）C；（4）0.2；1.0；（5）I＝I1+I2。
【解答】解：（1）为避免实验的偶然性，要选择两个不同规格的灯泡多次实验；为保护电路安全，连接电路时，开关应断开；
（2）该电路为并联电路，电流表测量灯泡L1的电流，开关控制整个电路，实物图如图所示：
（3）闭合开关后，电流表指针向刻度盘左边没有刻度的一侧偏转，其原因是电流表正负接线柱接反了，故选C；
（4）（5）L1支路上的电流I1＝0.8A，干路电流要大于支路电流，所以电流表选用的是大量程，分度值为0.1A，示数为I＝1.0A；L2支路为小量程，分度值为0.02A，示数为I2＝0.2A；
分析数据可得：并联电路中干路电流等于各支路电流之和，并联电路中电流规律的表达式是：I＝I1+I2。
故答案为：（1）不相同；断开（2）图见解析；（3）C；（4）0.2；1.0；（5）I＝I1+I2。
27．（2022•金昌模拟）如图甲所示是某兴趣小组“测量小灯泡电功率”的实验电路，电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压是2.5V，灯泡正常发光时的电阻约为9Ω，电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）各有两个量程。
（1）本实验中滑动变阻器的两个作用分别是：① 改变灯泡两端的电压 ，② 保护电路 ；
（2）闭合开关前，发现电流表指针偏转如图乙所示，出现这种情况的原因是 电流表未调零 ；
（3）解决（2）中问题并检查电路连接无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近电源电压，分析故障的原因可能是 灯泡断路 ；
（4）排除故障后继续实验，测量数据如表所示：
小灯泡正常工作时的电流表的指针指示如图丙所示为 0.28 A，则小灯泡的额定功率为 0.7 W；在第1次实验中，小灯泡不亮的原因是 灯的实际功率太小 ；
（5）为了完成上述所有实验数据，兴趣小组所使用的滑动变阻器的最大阻值至少是 40 Ω。
【答案】（1）改变灯泡两端的电压；保护电路；（2）电流表未调零；（3）灯泡断路；（4）0.28；0.7；灯的实际功率太小；（6）40。
【解答】解：（1）（2）此实验中滑动变阻器有两个作用：一是改变灯泡两端的电压；二是保护电路；
（2）由图乙所示电流表可知，电流计表指针没有指在零刻度线上，应对电流表指针调零；
（3）灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此与电压表并联的电路断路，即灯泡断路；
（4）由图可知，电流表示数为0.28A；
小灯泡的额定功率P＝U额I额＝2.5V×0.28A＝0.7W，
第1次实验中，电路在有电流，说明电路是通路，但是小灯泡不发光，灯泡不发光的原因是电路中电流太小，灯的实际功率太小；
（5）由题意可知，电源电压为U＝4.5V，在第一次实验中的电流是最小的，滑动变阻器接入电路的电阻最大；
此时电路中的总电阻为：R＝＝＝45Ω；
灯泡的电阻为：RL＝＝＝5Ω；
则滑动变阻器最大电阻的最小值为：R'＝45Ω﹣5Ω＝40Ω。
故答案为：（1）改变灯泡两端的电压；保护电路；（2）电流表未调零；（3）灯泡断路；（4）0.28；0.7；灯的实际功率太小；（6）40。
五、计算题（本题共3小题，共27分）
28．（2022秋•永定区期中）在标准大气压下，将质量为100g的铜块从沸水中取出，迅速放入质量为100g、温度为10℃的某液体中，混合后的共同温度是25℃。若不计热量损失，求：
（1）铜球在这种液体中释放的热量是多少？[c铜＝0.4×103J/（kg•℃）]
（2）这种液体的比热容是多少？
【解答】解：（1）1个标准大气压下，水的沸点是100℃，将铜块从沸水中取出，铜块的温度等于水的沸点的温度，即铜块的温度为100℃，铜块的质量m铜＝100g＝0.1kg，
放入某液体后，铜块放出的热量Q放＝c铜m铜（t0﹣t）＝0.4×103J/（kg•℃）×0.1kg×（100℃﹣25℃）＝3×103J；
（2）不计热量损失，液体吸收的热量Q吸＝Q放＝3×103J，液体的质量m液体＝100g＝0.1kg，
由Q吸＝cm（t﹣t′）可知，这种液体的比热容：c液体＝＝＝2×103J/（kg•℃）。
答：（1）铜球在这种液体中释放的热量是3×103J；
（2）这种液体的比热容是2×103J/（kg•℃）。
29．（2022秋•绥江县期中）如图所示，电阻R1的阻值为30Ω，当开关闭合时，电流表A的示数为0.6A，电流表A1的示数为0.2A，求：
（1）电源电压；
（2）通过电阻R2的电流；
（3）电阻R2的阻值。
【解答】解：（1）由图可知，电阻R1、R2并联接入电路，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量电阻R1的电流，
电阻R1两端的电压U1＝I1R1＝0.2A×30Ω＝6V，
电源电压U＝U1＝6V；
（2）通过电阻R2的电流I2＝I﹣I1＝0.6A﹣0.2A＝0.4A；
（3）电阻R2两端的电压U2＝U1＝6V，电阻R2的阻值R2＝＝＝15Ω。
答：（1）电源电压是6V；
（2）通过电阻R2的电流是0.4A；
（3）电阻R2的阻值是15Ω。
30．（2022•张店区二模）如图甲所示的电热水壶，简化电路如图乙所示，它有加热和保温两种工作状态，电热丝R1和R2的阻值不随温度变化，说明书中关于电热水壶的相关参数如表格所示。求：
（1）电热丝R1的阻值是多少？
（2）电热水壶在加热状态下正常工作，将1L水从20℃加热至100℃，水吸收的热量是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]
（3）在第（2）问加热状态下，电热水壶正常工作了400s，其加热效率是多少？
【解答】解：（1）由电路图可知，当开关S闭合、S1断开时，只有R1工作，当开关S、S1都闭合时，R1、R2并联；
根据并联电路的特点可知，并联电路的总电阻小于任一分电阻，所以当开关S闭合、S1断开时，只有R1工作，电路中电阻较大，根据可知，电路的电功率较小的，因此电热水壶处于保温状态；
由表格数据可知，电热水壶的保温功率为P保温＝200W，
由可得，电热丝R1的阻值为：；
（2）水的体积V水＝1L＝1dm3＝1×10﹣3m3，
由ρ＝可知，1L水的质量为：，
从20℃加热至100℃，水吸收的热量为：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；
（3）由表格数据可知，电热水壶的加热功率为P加热＝1000W，电热水壶正常工作了400s，
根据可得，其消耗的电能为，
因此电热水壶的加热效率是。
答：（1）电热丝R1的阻值是242Ω；
（2）水吸收的热量是3.36×105J；
（3）在第（2）问加热状态下，电热水壶正常工作了400s，其加热效率是84%。加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
水的温度/℃
20
22
24
26
28
30
32
34
食用油的温度/℃
20
24
28
32
36
40
44
48
实验次数
1
2
3
4
5
发光情况
不亮
微光
较亮
明亮
更明亮
电压U/V
0.5
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.1
0.2
0.25
0.3
容积
1.5L
额定电压
220V
保温功率
200W
加热功率
1000W