2024~2025学年上海七年级下册期末联考数学试题

这是一份2024~2025学年上海七年级下册期末联考数学试题，共23页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

1.已知a:b=4:5，若a加12，要使比值不变，b应（ ）
A.加10B.加15C.加12D.加20

2.下列调查中，适宜全面调查的是（ ）
A.检测一批LED灯的使用寿命
B.了解全国中学生心理情况
C.调查某品牌汽车的抗撞击能力
D.检查神舟十八号载人飞船的零部件情况

3.如果将一个圆柱的底面半径和母线长都扩大到原来的3倍，那么它的侧面积扩大到原来的（ ）
A.3倍B.6倍C.9倍D.27倍

4.如果x=ay=b 是方程x−3y=−3的一组解，那么代数式−2a+6b+5的值是（ ）
A.8B.5C.11D.−1

5.《孙子算经》中有一道题，原文是：“今有木，不知长短，引绳度之，余绳四尺五寸；屈绳量之，不足一尺，木长几何？”意思是：用一根绳子去量一根长木，绳子还剩余4.5尺，将绳子对折再量木长，长木还剩余1尺，问木长多少尺？若设木长x尺，绳子长y尺，则下列方程组正确的是（ ）
A.x−y=4.512x=y−1 B.y−x=4.512y=x−1
C.x−y=4.512y=x−1 D.y−x=4.512x=y−1

6.一个圆柱的底面半径和高的比是1:2π，将这个圆柱沿着侧面的一条直线剪开，下面哪个图形可能是这个圆柱侧面的展开图（ ）
A.B.
C.D.
二、填空题

7.写出比值：1：23=_________________．

8.已知方程3x−4y=7，用含x的代数式表示y为 ___________________________________．

9.盒子里有10个红球，12个白球，15个黑球（它们除颜色外均相同），每次从中任意摸出一个球，第一次摸出一个黑球后不放回，那么第二次摸出____________球的可能性更大．（填“红”或“白”或“黑”）

10.写出二元一次方程x+3y=7的正整数解____________．

11.如果一个圆锥的高是7.5dm，底面积是3dm2，那么它的体积是____________dm3．

12.若关于x，y的方程组2x+y=1−3kx+2y=2 的解x=●y=−1 被墨水遮挡住了一部分，请你根据已有信息求出k的值是____________．

13.原购买3件甲商品和2件乙商品共需100元，因市场变化，甲商品降价20%，乙商品提价70%，调整后两种商品的单价和比原来的单价和提高了50%，则原购买1件甲商品和1件乙商品共需____________元．

14.小王家今年1∼5月份的用电量情况如图所示，3月和2月相比，月用电量的增长率为____________．（用百分数表示）

15.如图，如果从半径为6cm的圆形纸片剪去圆心角为108∘的一个扇形，将留下的扇形（阴影部分）围成一个圆锥（接缝处不重叠），那么这个圆锥的底面半径为____________cm．

16.已知关于x，y的二元一次方程组ax+by=2024bx+ay=2025 的解为x=1y=2 ，那么关于m，n的二元一次方程组a2m+n+bm−n=2024b2m+n+am−n=2025 的解为____________．

17.如图，分别绕这个直角梯形的上底和下底所在直线旋转一周，所得立体图形的最大体积为____________（用含有a，b的代数式表示，结果保留π）．

18.甲、乙、丙三人各有糖若干粒，要求互相赠送．先由甲给乙、丙，所给的糖数等于乙、丙原来各有的糖数，依同法再由乙给甲、丙现有糖数，后由丙给甲、乙现有糖数，互送后每人恰好各有24粒，原来甲、乙共有糖____________粒．
三、解答题

19.已知x:y=0.3:0.4，y:z=35:14，求x:y:z的最简整数比．

20.解二元一次方程组．
（1）2x+4y=5x=1−y
（2）82x+y−3x−2y=432x+y2+x−2y4=12

21.解方程组：2x+y+z=73x+2y+3z=16x+3y+2z=13 ．

22.若关于m，n的方程组am+bn=72m−bn=−2 与3m+n=5am−bn=−1 有相同的解，求a、b的值．

23.学校为培育学生的劳动意识和劳动精神，落实“五育并举”，在全校开展了“做好家务劳动”倡议活动，家务劳动包括：扫地、拖地、擦门窗、洗碗、洗衣、做饭、整理收纳、简单维修和其它家务共九项．为了解学生五月份做家务劳动的情况，随机抽取了若干名学生进行了调查，并根据调查结果绘制了如下统计图．
（1）本次被抽取的学生人数为______人；
（2）补全条形统计图，并计算扇形统计图中“4项及以上”部分所对应的扇形的圆心角α=______​∘；
（3）该校有学生1200人，请估计该校五月份参与家务劳动的项目数量不少于3项的学生人数．

24.如图1，有一圆柱形容器，该容器的底面半径为10cm，高为15cm．如图2，有一实心铁圆柱，实心铁圆柱的高为圆柱形容器高的23，实心铁圆柱的底面半径与圆柱形容器的底面半径比是2:5．
（1）求该实心铁圆柱的体积．（结果保留π）
（2）现有一底面半径为15cm的注满水的圆锥容器，如图3，现将实心铁圆柱体放入圆柱形容器，将圆锥容器中的水全部注入圆柱形容器，注入的水刚好将实心铁圆柱体全部浸没，求该圆锥容器的高．

25.如图，某校的饮水机有温水、开水两个按钮，温水和开水共用一个出水口．利用图中信息解决下列问题：（整个接水过程不计热量损失）
（1）王老师拿空水杯先接了14s的温水，又接了8s的开水，刚好接满，且水杯中的水温为t​∘C．①王老师的水杯容量为______ml；②开水放出的热量为______（结果用含t的代数式表示）
（2）小李同学拿空水杯先接了一会儿温水，又接了一会儿开水，得到一杯体积为420ml，温度为40​∘C的水，求小李同学接温水和开水的时间分别为多少秒？

26.现有有序数对a,b,c和x,y，如果ax+by=c，则称a,b,c“关联”了x,y，或x,y被a,b,c“关联”．
例如，5×3+7×−2=1，则称5,7,1“关联”了3,−2
（1）下列数对中被2,1,3“关联”的有______；
①1,1，②−4,6，③−1,3，④5,−7
（2）若p,q同时被5,−9,1和−3,7,1“关联”，请求出p，q；
（3）对于均不为0的a、b、c，数对a,b,c“关联”了m,n、1,2和2,3，且m,n被2027,−2026,−1“关联”，试求数对m,n．
参考答案与试题解析
2024-2025学年上海市附属嘉定洪德中学七年级下学期期末联考数学试题
一、选择题
1.
【答案】
B
【考点】
比的性质
【解析】
本题主要考查了化简比以及求比值知识的掌握情况，解答本题的关键是根据比的基本性质进行解答
a:b=4:5中 a加12，由4变为16，相当于乘4，要使比值不变，根据比的基本性质，b也应乘4；5×4=20，b由5变为20，20−5=15，也就是加15．
【解答】
解：∵a:b=4:5，a加12，
∴4+12÷4，
=16÷4，
=4，
∴5×4−5，
=20−5，
=15，
则要使比值不变，b应加15．
故选：B．
2.
【答案】
D
【考点】
全面调查与抽样调查
【解析】
本题考查全面调查的适用情况．全面调查适用于需要精确结果、调查对象数量较少或对每个个体都至关重要的情形．需逐一分析各选项是否满足这些条件．
【解答】
A．检测LED灯的使用寿命需进行破坏性测试，全面调查会导致所有灯损坏，不实际，适合抽样调查．
B．全国中学生数量庞大，全面调查耗费过大，适合抽样调查．
C．汽车抗撞击测试具有破坏性，无法对所有车辆测试，需抽样调查．
D．载人飞船零部件必须确保绝对安全，每个零件均需检查，必须全面调查．
故选D．
3.
【答案】
C
【考点】
圆柱的侧面积
【解析】
此题考查了求圆柱的侧面积，熟练掌握圆柱侧面积公式是解题的关键；侧面积公式为底面周长乘以母线长．当底面半径和母线长同时扩大3倍时，侧面积的变化由两者的乘积倍数决定，据此进行求解即可．
【解答】
解：原圆柱的侧面积公式为S原=2πr⋅ℎ，其中 r 为底面半径，ℎ 为母线长．
当半径和母线长均扩大到原来的3倍时，新侧面积为：
因此，侧面积扩大到原来的9倍，
故选：C．
4.
【答案】
C
【考点】
已知式子的值，求代数式的值
二元一次方程的解
【解析】
本题考查二元一次方程的解，将x=ay=b 代入方程x−3y=−3，可得a−3b=−3，再将所求代数式变形，整体代入求值即可．
【解答】
解：∵x=ay=b 是方程x−3y=−3的一组解，
由条件可知a−3b=−3，
=−2a−3b+5
=6+5
=11，
故选：C．
5.
【答案】
B
【考点】
由实际问题抽象出二元一次方程组
【解析】
本题主要考查了从实际问题中抽象出二元一次方程组，设木长x尺，绳子长y尺，根据用一根绳子去量一根长木，绳子还剩余4.5尺可得方程y−x=4.5，根据将绳子对折再量木长，长木还剩余1尺，可得方程12y=x−1，由此即可得到答案．
【解答】
解：设木长x尺，绳子长y尺，
由题意得，y−x=4.512y=x−1 ，
故选B．
6.
【答案】
A
【考点】
圆柱的展开图
圆的周长
【解析】
此题考查圆柱的侧面展开图．根据题意：一个圆柱的底面半径和高的比是1:2π，若半径为1份，那么这个圆柱的底面周长为：2π×1=2π，高也是2π，说明圆柱的底面周长和圆柱的高相等，即侧面的展开图的长和高相等，因此答案A正确．
【解答】
解：圆柱的底面周长为：2π×1=2π，圆柱的高也是2π，
说明圆柱的底面周长和圆柱的高相等，即侧面的展开图的长和高相等．
故选：A．
二、填空题
7.
【答案】
【考点】
求比值
【解析】
本题考查求比值；根据比的前项除以后项的商是比值即可求解．
【解答】
解：1:23=1÷23=32；
故答案为：32．
8.
【答案】
【考点】
代入消元法解二元一次方程组
【解析】
将x看成已知数，按解一元一次方程的步骤变形即可．
【解答】
解：移项，得： 4y=3x−7
系数化为1，得： y=3x−74
故答案为：y=3x−74．
9.
【答案】
黑
【考点】
可能性的大小
【解析】
本题考查了可能性大小的判断，解题的关键是掌握可能性大小的判断方法．根据黑球、红球和白球的个数判断可能性大小，求解即可．
【解答】
解：∵盒子里有10个红球，12个白球，15个黑球，第一次摸出一个黑球后，还剩14个黑球，红球和白球的个数不变，
∴剩余的球中黑球个数最多，
∴第二次摸出黑球的可能性更大．
故答案为：黑．
10.
【答案】
x=4y=1 或x=1y=2 ．
【考点】
二元一次方程的解
【解析】
此题主要考查了解二元一次方程，解题的关键是将y看做已知数求出x．把y看做已知数求出x，即可确定出正整数解．
【解答】
解：方程x+3y=7，
变形得：x=7−3y，
当y=1时，x=4；
当y=2时，x=1；
则方程的正整数解为x=4y=1 ，x=1y=2 ．
故答案为：x=4y=1 或x=1y=2 ．
11.
【答案】
【考点】
圆柱与圆锥体积的关系
【解析】
本题主要考查了圆锥的体积计算，圆锥的体积等于底面积乘以高再乘以三分之一，据此求解即可．
【解答】
解：13×3×7.5=7.5dm3，
∴这个圆锥的体积为7.5dm3，
故答案为：7.5．
12.
【答案】
【考点】
已知二元一次方程组的解求参数
【解析】
本题主要考查了二元一次方程组的解、解一元一次方程，由题意可得x+2×−1=2，从而得出x=4，将x=4，y=−1代入2x+y=1−3k可得2×4−1=1−3k，解关于k的一元一次方程即可得解．
【解答】
解：∵关于x，y的方程组2x+y=1−3kx+2y=2 的一个解为的解x=●y=−1 ，
∴x+2×−1=2，
∴x=4，
将x=4，y=−1代入2x+y=1−3k可得2×4−1=1−3k，
解得：k=−2，
故答案为：−2．
13.
【答案】
【考点】
二元一次方程组的应用——销售问题
【解析】
本题考查了二元一次方程组的应用，找准等量关系，正确建立方程组是解题关键．设原购买1件甲商品需x元，原购买1件乙商品需y元，根据题意建立方程组，解方程组可得x,y的值，由此即可得．
【解答】
解：设原购买1件甲商品需x元，原购买1件乙商品需y元，
由题意得：3x+2y=1001−20%x+1+70%y=1+50%x+y ，
整理得：3x+2y=1002y=7x ，
解得x=10y=35 ，
则x+y=10+35=45，
即原购买1件甲商品和1件乙商品共需45元，
故答案为：
14.
【答案】
【考点】
百分数的其他问题
【解析】
本题主要考查了百分数的应用，根据3月和2月的用电量，求出月用电量的增长率即可．
【解答】
解：根据图可知：3月用电量为110度，2月用电量为100度，则月用电量的增长率为：
110−100100×100%=10%．
故答案为：10%．
15.
【答案】
【考点】
圆的周长
弧、圆心角、扇形的认识
【解析】
本题主要考查了求一个圆锥的底面半径，求弧长，先求出圆锥的底面周长为360−108π×6180=8.4πcm，然后求出底面半径即可．
【解答】
解：这个圆锥的底面周长为：360−108360×2π×6=8.4πcm，
则这个圆锥的底面半径为：8.4π2π=4.2cm．
故答案为：4.2．
16.
【答案】
【考点】
已知二元一次方程组的解求参数
【解析】
本题考查二元一次方程组的解，熟练掌握二元一次方程组的解是解题的关键，观察两个二元一次方程组可得2m+n=xm−n=y ，由于x=1y=2 ，得到2m+n=1m−n=2 ，解得即可得到答案．
【解答】
解：∵ax+by=2024bx+ay=2025 与a2m+n+bm−n=2024b2m+n+am−n=2025 的形式相同；
∴2m+n=xm−n=y ，
∵二元一次方程组ax+by=2024bx+ay=2025 的解为x=1y=2 ，
∴2m+n=1m−n=2 ，
解得：m=1n=−1 ，
故答案为：m=1n=−1 ．
17.
【答案】
【考点】
平面图形旋转得到立体图形问题
组合体的体积
【解析】
本题考查了圆柱体和圆锥体体积的计算，解答本题的关键是空间想象力及如何确定圆柱和圆锥的高．由旋转后所得的立体图形的形状及进一步分别求出体积进行比较即可．
【解答】
解：按上底b所在直线旋转的体积为：πb2⋅2b−13πb2⋅b=53πb3，
按下底2b所在直线旋转的体积为：πb2⋅b+13πb2⋅b=43πb3，
∵53πb3>43πb3，
∴所得立体图形的最大体积为：53πb3．
故答案为：53πb3．
18.
【答案】
【考点】
列代数式
三元一次方程组的应用
【解析】
本题考查了列代数式、三元一次方程组的应用，设甲、乙、丙原来各有糖块x粒、y粒、z粒，根据互赠的规则可得：第三次赠送后甲有4x−y−z粒，乙有2−x+3y−z粒，丙有x−y+7z粒，根据互赠后每人恰好各有24粒，可列三元一次方程组，解方程组求出原来甲、乙分别有39粒和21粒，相加即为原来甲、乙共有糖粒的数量．
【解答】
解：设甲、乙、丙原来各有糖块x粒、y粒、z粒，
第一次赠送后甲有x−y−z粒，乙有2y粒，丙有2z粒，
第二次赠送后甲有2x−y−z粒，乙有2y−x−y−z−2z=−x+3y−z粒，丙有4z粒，
第三次赠送后甲有4x−y−z粒，乙有2−x+3y−z粒，丙有4z−2x−y−z−−x+3y−z=−x−y+7z粒，
∵互送后每人恰好各有24粒，
∴可得：4x−y−z=242−x+3y−z=24−x−y+7z=24 ，
整理可得：x−y−z=6①−x+3y−z=12②−x−y+7z=24③ ，
①+②得：2y−2z=18④，
①+③得：−2y+6z=30⑤，
④+⑤得：4z=48，
解得：z=12，
把z=12代入④，
可得：2y−2×12=18，
解得：y=21，
把y=21，z=12代入①，
可得：x−21−12=6，
解得：x=39，
∴x+y=39+21=60，
∴原来甲、乙共有糖60粒．
故答案为：60．
三、解答题
19.
【答案】
【考点】
比的化简
【解析】
分别将x:y=0.3:0.4，y:z=35:14中的y的比化成相同的值，即可得到x:y:z的最简整数比．
【解答】
解：∵ x:y=0.3:0.4=3:4=9:12，y:z=35:14=12:5
∴ x:y:z=9:12:5
20.
【答案】
（1）x=−12y=32
（2）x=665y=15
【考点】
代入消元法解二元一次方程组
加减消元法解二元一次方程组
【解析】
（1）将第二个方程代入第一个方程，消去x，解方程可得y的值，再将y的值代入第二个方程可得x的值，由此即可得；
（2）先将方程组整理为13x+14y=4①13x+4y=2② ，再将方程①减去方程②可得y的值，然后将y的值代入方程②可得x的值，由此即可得．
【解答】
（1）解：2x+4y=5①x=1−y② ，
将②代入①得：21−y+4y=5，
解得y=32，
将y=32代入②得：x=1−32=−12，
所以方程组的解为x=−12y=32 ．
（2）解：82x+y−3x−2y=432x+y2+x−2y4=12 整理为13x+14y=4①13x+4y=2② ，
由①−②得：14y−4y=4−2，
解得y=15，
将y=15代入②得：13x+4×15=2，
解得x=665，
所以方程组的解为x=665y=15 ．
21.
【答案】
【考点】
三元一次方程组的定义及解
【解析】
利用消元的方法将三元一次方程组化为二元一次方程组，再利用消元的方法将二元一次方程组化为一元一次方程组，再求出未知数的值，将求出的未知数的值代入方程中求出另外两个未知数的值．
【解答】
解：2x+y+z=7①3x+2y+3z=16②x+3y+2z=13③
由①得：z=7−2x−y④
将④代入②和③中整理得：
⑤+⑥得：6x=6
将x=1代入⑤中得：y=2
将x=1，y=2代入④中得：z=3
∴该方程组的解为x=1y=2z=3
22.
【答案】
a=3，b=2
【考点】
加减消元法解二元一次方程组
【解析】
本题考查了同解方程组，解答此题的关键是要弄清题意，准确求解方程组的解．先根据关于m，n的方程组am+bn=72m−bn=−2 与3m+n=5am−bn=−1 有相同的解，得出关于m，n的方程组am+bn=7am−bn=−1 与3m+n=52m−bn=−2 有相同的解，然后解关于m、n的方程组，得出关于a、b的方程组5b−23b+2=3a①163b+2=4b② ，然后解关于a、b的方程组即可．
【解答】
解：∵关于m，n的方程组am+bn=72m−bn=−2 与3m+n=5am−bn=−1 有相同的解，
∴关于m，n的方程组am+bn=7am−bn=−1 与3m+n=52m−bn=−2 有相同的解，
解关于m，n的方程组am+bn=7am−bn=−1 得：m=3an=4b ，
解关于m，n的方程组3m+n=52m−bn=−2 得：m=5b−23b+2n=163b+2 ，
∵关于m，n的方程组am+bn=7am−bn=−1 与3m+n=52m−bn=−2 有相同的解，
∴5b−23b+2=3a①163b+2=4b② ，
由②得：b=2，
把b=2代入①得：5×2−23×2+2=3a，
解得：a=3，
∴a=3，b=2．
23.
【答案】
条形统计图见解析；36
（3）480人
【考点】
由样本所占百分比估计总体的数量
条形统计图和扇形统计图信息关联
画条形统计图
求扇形统计图的圆心角
【解析】
本题考查了条形统计图和扇形统计图，样本估计总体，看懂统计图是解题的关键．
1用“1项”的学生人数除以其百分比即可求解；
2求出“3项”的学生人数，即可补全条形统计图，用360∘乘以“4项及以上”的学生人数占比可求出所对应的扇形的圆心角度数；
3用1200乘以家务劳动的项目数量不少于3项的学生人数占比即可求解；
【解答】
（1）解：10÷20%=50（人），
∴本次被抽取的学生人数为50人，
故答案为：50；
（2）解：“3项”的学生人数为50−10−20−5=15（人），
∴补全条形图如下：
“4项及以上”部分所对应的扇形的圆心角α=360∘×550=36∘，
故答案为：36；
（3）解：15+550×1200=480（人），
故：估计该校五月份参与家务劳动的项目数量不少于3项的学生人数为480人．
24.
【答案】
（1）160πcm3
（2）11.2cm
【考点】
圆柱与圆锥体积的关系
【解析】
（1）根据题意可求出实心铁圆柱的底面半径和高，再根据圆柱体积计算公式求解即可；
（2）圆柱中水的体积等于圆柱的底面积乘以水高减去实心铁圆柱的体积，据此列式求解即可．
【解答】
（1）解：15×23=10cm，10×25=4cm，
4×4×π×10=160πcm3，
答：该实心铁圆柱的体积为160πcm3；
（2）解：π×10×10×10−π×4×4×10=840πcm3，
840π÷13×π×15×15=11.2cm，
答：该圆锥容器的高为11.2cm．
25.
【答案】
①400②14000−140t
（2）小李同学接温水和开水的时间分别为18秒和4秒
【考点】
一元一次方程的应用——其他问题
列代数式
【解析】
（1）①王老师的水杯容量为14×20+15×8，即可求解；②由热传递关系得15×8100−t，即可求解；
（2）设小李同学接开水的时间分别为x秒，由热传递关系得15x100−40=420−15x40−30，即可求解．
【解答】
（1）解：①王老师的水杯容量为
=400ml，
故答案为：400；
②由题意得
=12000−120t，
故答案为：12000−120t；
（2）解：设小李同学接开水的时间分别为x秒，
15x100−40=420−15x40−30，
解得：x=4，
420−15×4÷20=18（秒），
答：小李同学接温水和开水的时间分别为18秒和4秒．
26.
【答案】
①④
（2）p=2q=1
（3）2025,2026
【考点】
新定义下的实数运算
由实际问题抽象出二元一次方程组
有理数的混合运算
三元一次方程组的应用
【解析】
（1）根据“关联”定义逐项进行判断即可；
（2）根据“关联”定义列出二元一次方程组并求解即可；
（3）根据“关联”定义列出三元一次方程组，找出a,b,c的关系，进而可求出m,n的值．
【解答】
（1）解：①2×1+1×1=3，
∴1,1被2,1,3“关联”；
②2×−4+1×6=−2≠3
∴−4,6未被2,1,3“关联”；
③2×−1+1×3=1≠3
∴−1,3未被2,1,3“关联”；
④2×5+1×−7=3
∴5,−7被2,1,3“关联”；
故答案为：①④；
（2）解：根据题意得，
解方程组得p=2q=1 ；
（3）解：根据题意得，
②−①得a+b=0，即b=−a，
将b=−a代入①得c=−a，
将b=−a和c=−a代入③得，
m−n=−1，
根据题意可得，
2027m−2026n=−1，
整理得2027m−n+n=−1，
将m−n=−1代入得，n=2026，
∴m−2026=−1，
解得m=2025，
所以，数对m,n为2025,2026．物理常识
开水和温水混合时会发生热传递，开水放出的热量等于温水吸收的热量，可以转化为“开水的体积×开水降低的温度＝温水的体积×温水升高的温度”．例：10ml的开水与25ml温水混合至50度，热传递关系为：10×100−50=25×50−30