广东省2025年高中学业水平考试综合测评卷(三)物理试卷（解析版）

这是一份广东省2025年高中学业水平考试综合测评卷(三)物理试卷（解析版），共25页。
A. NB. WC. J
【答案】C
【解析】N是力的单位，W是功率的单位，J是功的单位，故AB错误，C正确。
故选C。
2. 中国是掌握空中加油技术的少数国家之一。如图所示是我国的战斗机在空中加油的情境，以下列的哪个物体为参考系时加油机是运动的（ ）
A. 战斗机
B. 加油机中的飞行员
C. 地面上的房屋
【答案】C
【解析】加油机相对于战斗机位置不变，相对于加油机中的飞行员位置不变，则以战斗机或者加油机中的飞行员为参考系，加油机是静止的，而以地面上的房屋为参考系，位置不断变化，加油机是运动的。
故选C。
3. 如图所示，甲同学乘速度为0.9c（c为光速）的宇宙飞船追赶正前方的乙同学，乙同学的飞行速度为0.5c，甲同学向乙同学发出一束光进行联络，则甲同学观测到该光束的传播速度为（ ）
A. cB. 0.4cC. 0.9c
【答案】A
【解析】根据爱因斯坦相对论，在任何参考系中，光速不变，即光速不随光源和观察者所在参考系的相对运动而改变，所以甲同学观测到该光束的传播速度为c。
故选A。
4. 手机是现在必备的通信工具，具有多种功能，下列情况中能把手机看成质点的是（ ）
A. 用手机查阅资料时
B. 带着手机跑100 m记录时间时
C. 对比手机与笔盒的宽度时
【答案】B
【解析】A．用手机查阅资料或拨打视频电话时，要看手机上显示的内容，形状大小不能忽略，显然不能把手机看成质点，故A错误；
B．带着手机跑100 m记录时间时，手机的大小和形状对跑步的时间没有影响，形状大小能忽略，可以把手机看成质点，故B正确；
C．对比手机与笔盒的宽度时，形状大小不能忽略，不能把手机看成质点，故C错误。
故选B。
5. 北京时间2023年12月15日，我国成功发射了“遥感四十一号”卫星。该星主要用于国土普查、农作物估产、环境治理、气象预警预报和综合防灾减灾等领域，可为国民经济建设提供信息服务。该卫星向地面传递信息采用的是（ ）
A. 声波B. 超声波C. 电磁波
【答案】C
【解析】卫星利用电磁波向地面传递信息。
故选C。
6. 下列关于点电荷说法正确的是（ ）
A. 体积很大的电荷不能看成点电荷
B. 一切带电体都可以看成点电荷
C. 当两个带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略时，两个带电体可以看成点电荷
【答案】C
【解析】无论带电体的体积大小，当两个带电体的形状和大小对他们之间的作用力影响可以忽略时，两个带电体可以看成点电荷，故AB错误，C正确。
故选C。
7. 甲、乙两车从A地出发经历不同的时间后都到达B地，甲运动的时间较长，则（ ）
A. 甲、乙通过的路程一定相等
B. 甲的平均速率一定比乙小
C. 甲的平均速度一定比乙小
【答案】C
【解析】A．甲、乙两车初、末位置均相同，则两车位移相同，路程即实际运动轨迹的长度，可能相等，也可能不相等，故A错误；
BC．由于两车位移相等，路程不确定，但甲运动的时间较长，则甲的平均速度较小，而平均速率不能确定，故B错误，C正确。
故选C。
8. 下列关于磁感线的说法正确的是（ ）
A. 磁感线不封闭，从磁体N极出发，终止于S极
B. 磁感线可表示磁场强弱和方向
C. 沿磁感线方向，磁场逐渐减弱
【答案】B
【解析】A．磁感线是闭合曲线，磁体外部磁感线从N极出发，指向S极，在磁体内部，从S极指向N极，故A错误；
B．磁感线可表示磁场的强弱和方向，故B正确；
C．若磁感线变密，则磁场增强，若磁感线变疏，则磁场减弱，故C错误。
9. 把金属片和小羽毛放到长玻璃管里，把玻璃管倒立过来，观察它们下落的情况。然后把玻璃管里的空气抽出，把玻璃管倒立过来，再次观察。下列说法正确的是（ ）
A. 玻璃管充满空气时，金属片和小羽毛下落一样快
B. 玻璃管充满空气时，金属片和小羽毛均做自由落体运动
C. 玻璃管抽出空气后，金属片和小羽毛下落一样快
【答案】C
【解析】AB．玻璃管抽出空气前，金属片和小羽毛受到空气阻力的作用，不是自由落体运动，羽毛受到的空气阻力大，所以加速度小，则下落的慢，故AB错误；
C．玻璃管抽出空气后，金属片和小羽毛都不受空气阻力作用，只受重力作用运动，都做加速度为重力加速度的自由落体运动，下落一样快，故C正确。
故选C。
10. 如图所示是研究电磁感应现象的实验装置，将实验装置正确连接好后，在条形磁铁插入或拔出线圈过程中，关于电流计指针偏转情况，下列叙述正确的是（ ）
A. 插入过程指针不偏转，拔出过程指针偏转
B. 插入过程指针偏转，拔出过程指针不偏转
C. 插入或拔出过程指针都偏转
【答案】C
【解析】条形磁铁插入或拔出线圈过程中穿过线圈的磁通量发生变化，线圈产生感应电流，电流计指针都发生偏转。
故选C。
二、单选题Ⅱ∶本大题共30小题，每小题2分，共 60分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
11. 矢量的合成都遵循平行四边形定则，下列物理量在运算时不遵循平行四边形定则的是（ ）
A. 时间B. 位移C. 速度D. 加速度
【答案】A
【解析】A．时间只有大小，没有方向的标量，运算时遵循代数加减法则，不遵循平行四边形定则，A错误，符合题意。
B CD．位移、速度和加速度都是既有大小，又有方向的矢量，运算时遵循平行四边形定则，BCD正确，不符合题意。
故选A。
12. 关于地球静止卫星，下列说法中正确的是（ ）
A. 静止卫星处于平衡状态
B. 静止卫星的周期是一定的
C. 静止卫星的受到的向心力是不变的
D. 静止卫星的速度大于第一宇宙速度
【答案】B
【解析】A．静止卫星做圆周运动，有向心加速度，不处于平衡状态，故A错误；
B．静止卫星做匀速圆周运动，则周期是一定的，故B正确；
C．静止卫星的向心力大小不变，但方向时刻改变，故C错误；
D．第一宇宙速度是最大的环绕速度，静止卫星的速度小于第一宇宙速度，故D错误。
故选 B。
13. 第一个预言电磁波存在的科学家是（ ）
A. 安培B. 麦克斯韦C. 法拉第D. 赫兹
【答案】B
【解析】英国物理学家麦克斯韦，在19世纪中叶对电磁学进行了深入研究，并在总结电学与磁学知识的基础上提出了电磁场理论，成功地将电与磁联系在一起，并预言了电磁波的存在。
故选B。
14. 如图所示，光滑的小球夹在竖直挡板和斜面之间静止，小球受力个数为（ ）
A. 1个B. 2个C. 4个D. 3个
【答案】D
【解析】由于小球光滑，所以小球不受摩擦力；小球受重力、受挡板的弹力和受斜面的弹力三个力作用处于静止状态，故A、B、C错误，D正确；
故选D。
15. 如图所示为一种工程用纤维尺，尺长100m，最小刻度为1cm。下面为测量某一建筑物长度时记录的数据，正确的是（ ）
A. 60.0mB. 60.00m
C. 60.000mD. 60.0000m
【答案】C
【解析】尺长100m，最小刻度为1cm，读到最小分度值下一位，故为60.000m。
故选C。
16. 某质点沿直线运动的v-t图像如图所示，由图像可知（ ）
A. 前2秒物体做匀速直线运动
B. 第5秒时物体的加速度为
C. 前5秒物体的位移为30m
D. 5秒末物体返回出发点
【答案】B
【解析】A．由图像可知，前2s物体做匀加速直线运动，不是匀速直线运动，A错误；
B．物体做匀加速直线运动，此时的加速度为
B正确；
CD．图线与坐标轴围成的面积为位移的大小，前5s物体的位移为
5秒末物体没有返回出发点，CD错误。
17. 2022年11月30日，神舟十五号载人飞船与空间站核心舱成功对接，对接后空间站的运动可看作匀速圆周运动。则对接后空间站运行过程中（ ）
A. 角速度不变B. 线速度不变
C. 向心加速度不变D. 受到的万有引力不变
【答案】A
【解析】根据
依题意对接后空间站的运动可看作匀速圆周运动，则可知对接后空间站运行过程中角速度不变，而线速度、向心加速度、万有引力虽大小不变，但方向在变化。
故选A。
18. 如图，当汽车通过拱桥顶点的速度为10m/s时，车对桥顶的压力为车重的，g取10m/s2，拱桥的半径应为（ ）
A. 50mB. 40mC. 30mD. 20m
【答案】B
【解析】在拱桥顶点，根据牛顿第二定律得
其中
代入数据解得
故选B。
19. 如图所示，质量为2kg的物块沿水平地面向左运动，水平向右的恒力F的大小为10N，物块与地面间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2．取水平向左为正方向，则物块的加速度为（ ）
A. ﹣7m/s2B. 3m/s2C. ﹣3m/s2D. 5m/s2
【答案】A
【解析】根据物块的受力情况应用牛顿第二定律求出物块的加速度．以向左为正方向，对物块，
由牛顿第二定律得：
﹣F﹣μmg＝ma，
代入数据解得：
a＝﹣7m/s2
故A正确，BCD错误；
故选A．
20. 为描绘小灯泡L的伏安特性曲线，连好图示的电路后闭合开关，通过移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光，则应选用的电路图是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】要求小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，故滑动变阻器应该采用分压式接法。
故选A。
21. 下列属于离心现象的是（ ）
A. 游客在乘坐过山车时需扣好安全带
B. 汽车紧急刹车时，乘客身体向前倾
C. 水平抛出的物体，做平抛运动
D. 锤头松了，将锤柄在石头上磕几下就可以把柄安牢
【答案】A
【解析】A．游客乘坐过山车时需扣好安全带是为了防止离心运动带来的伤害，故A正确；
B．汽车紧急刹车时，乘客身体向前倾，是惯性现象，与圆周运动无关，故不是离心现象，故B错误；
C．水平抛出的物体，做平抛运动，与圆周运动无关，故不是离心现象，故C错误；
D．锤头松了，将锤柄在石头上磕几下就可以把柄安牢，是惯性现象，与圆周运动无关，故不是离心现象，故D错误。
故选A。
22. 一根长为L的导线，电阻为8欧，如将其对折后并联使用，其电阻为（ ）
A. 2欧B. 4欧C. 8欧D. 16欧
【答案】A
【解析】根据电阻定律可知，对折后长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，则电阻变为原来，即2欧，故A正确，BCD错误。
故选A。
23. 图所示电路中，电流表和电压表均为理想电表，R为光敏电阻，其阻值随光照增强而减小，电源内阻不能忽略。闭合开关S后，当光照逐渐增强时，关于电流表示数I和电压表示数U的变化情况，下列说法正确的是（ ）
A. I增大，U增大
B. I增大，U减小
C. I减小，U减小
D. I减小，U增大
【答案】B
【解析】当光照逐渐增强时，R的阻值减小，根据串反并同规律，与光敏电阻串联的电流表的读数增大，与光敏电阻并联的电压表的读数减小。
故选B。
24. 如图所示，小磁针放置在螺线管轴线的左侧，当闭合开关S后，不计其他磁场的影响，小磁针静止时N极的指向是（ ）
A. 向右
B. 向左
C. 向上
D. 向下
【答案】A
【解析】根据右手螺旋定则可判定，开关闭合后通电螺线管右端为N极，左端为S极．根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针静止时N极指向右侧。
故选A。
25. 避雷针能够避免建筑物被雷击的原因是( )
A. 云层中带的电荷被避雷针吸附并贮存在避雷针中
B. 避雷针的尖端向云层放电，中和了云层中的电荷
C. 云层与避雷针发生摩擦，避雷针上产生的电荷被导入大地
D. 以上说法都不对
【答案】B
【解析】当带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，减少建筑物上的感应电荷的积累，使建筑物免遭雷击，其原理为尖端放电，故B正确，ACD错误．
26. 下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A. 电水壶紧靠插线板烧水
B. 在电暖器上烘烤衣物
C. 电动自行车应在规定位置停放充电
D. 插座上的插头长期不拔
【答案】C
【解析】A．生活用水是导体，电水壶紧靠插线板烧水，溅出的水会导致短路和触电，故A错误；
B．在电暖器上烘烤衣物易引发火灾，故B错误；
C．电动自行车应在规定位置停放充电，如随意拉线充电极易造成火灾等事故，故C正确；
D．插座上的插头长期不拔会发热，可能引起线路安全事故，故D错误。
故选C。
27. 如图，“探究自由落体运动规律”实验过程中拍摄的频闪照片的一部分（照片中的数字是小球下落的距离，单位是cm），为了根据照片测得当地重力加速度的值一定要记录的是（ ）
A. 小球的直径B. 小球的质量
C. 小球初速度为零的位置D. 频闪光源的周期
【答案】D
【解析】根据Δx=gT2得重力加速度为，可知需要测量当地的重力加速度，需要测量频闪光源的周期或频率大小，故D正确，ABC错误．
28. 明代徐光启《农政全书》记载了戽斗（hùdu）是一种小型的人力提水灌田农具，如图所示。两人双手执绳牵斗取水，忽略绳子质量，戽斗装满水被提起后平衡时，每人的手相对地面的高度不变，两人之间的距离不变，则此时（ ）
A. 绳子越短，绳子对人的作用力越大
B. 绳子越长，绳子对人的作用力越大
C. 绳子越短，绳子对戽斗的作用力的合力越大
D. 绳子越长，绳子对戽斗的作用力的合力越大
【答案】A
【解析】AB．戽斗保持静止，设绳子与竖直方向的夹角为，根据对称性以及平衡条件可得
人对绳子的拉力为
绳子越短，越大，人对绳子的拉力越大，根据牛顿第三定律绳子对人的作用力越大，故A正确，B错误；
CD．戽斗保持静止，绳子对戽斗的作用力的合力与戽斗的重力平衡，等大反向，故绳子对戽斗的作用力的合力，故CD错误。
故选A。
29. 已知机器人做匀减速直线运动的第1s内经过的位移为1.75m，之后停下，匀减速运动的加速度大小为0.5m/s2，则机器人做匀减速直线运动的初速度大小为（ ）
A. 3.0m/sB. 2.5m/s
C. 2.0m/sD. 1.5m/s
【答案】C
【解析】以初速度方向为正方向，在减速过程中，根据
代入数据可得，机器人做匀减速直线运动的初速度大小
故选C。
30. 电容器是一种重要的电学元件。任何两个彼此绝缘又相距很近的导体，都可以看成一个电容器，它能储存电荷。可用如图所示的电路对电容器充电。电容表征了电容器储存电荷的特性。在电容器充电过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电容器所带的电荷量逐渐增大
B. 电容器所带的电荷量逐渐减小
C. 电容器两极间的电压保持不变
D. 电容器两极间的电压逐渐减小
【答案】A
【解析】电容器充电时，所带的电荷量Q逐渐增大，根据Q=CU
可知，电容器两极间的电压U逐渐变大。
故选A。
31. 电动势E的说法中正确的是（ ）
A. 电动势E的大小就是电源两端的电压
B. 电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积有关
C. 电动势E的单位与电势差的单位相同，故两者在本质上相同
D. 电动势E是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量
【答案】D
【解析】A．电动势等于外电路断开时两极间的电压，但如果有外电路，则其电压为路端电压，小于电源的电动势，故A错误；
B．电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积无关，故B错误；
C．电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，本质不同，是两个不同的物理量，故C错误；
D．电动势E是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，故D正确。
故选D。
32. 某电场三条电场线如图所示（方向未知），A、B为其中两点，下列说法正确的是（ ）
A. A点场强大于B点场强
B. A点场强小于B点场强
C. A点电势高于B点电势
D. A点电势低于B点电势
【答案】A
【解析】AB．电场线密的地方电场的强度大，所以A点场强大于B点场强，A正确，B错误；
CD．沿电场线的方向，电势降低，题中未给出电场线方向，故不能确定A、B两点电势大小关系，CD错误。
故选A。
33. 重力储能的工作原理是利用新能源产生的多余电能来推动复合砖进行“充电”，等到用电高峰时，再卸下复合砖，用重力做功发电。某重力储能项目中所有复合砖一上一下，完成一次充、放电，最大可输出电能100MW·h，最大功率25MW，已知此装置把重力势能转化为电能的效率为80%，设每组复合砖质量为2×104kg，每组复合砖的平均提升高度为120m，g取10m/s2，则共需复合砖的数量为（ ）
A. 5×103组B. 1.9×104组
C. 5×104组D. 3.4×105组
【答案】B
【解析】根据题意，最大可输出电能为100MW·h，由能量关系知
解得
故选B。
34. 已知河水流速小于小船在静水中的速度，如果用小箭头表示小船及船头的指向，能正确反映小船渡河用时最少的情景图是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】设小船合速度在垂直河岸方向的分量为，则小船的渡河时间为
由题意可知，合速度在垂直河岸方向的分量最大时
即船头需要正对河对岸时，小船渡河时间最短。
故选A。
35. 有两人坐在椅子上休息，他们分别在中国的大连和广州，关于他们具有的线速度和角速度相比较（ ）
A. 在广州的人线速度大，在大连的人角速度大
B. 在大连的人线速度大，在广州的人角速度大
C. 两处人线速度和角速度一样大
D. 两处人的角速度一样大，在广州处人的线速度比在大连处人的线速度大
【答案】D
【解析】AB．除了两极外，地面上静止的人都随地球自转绕地轴做圆周运动，角速度相同，故AB错误；
CD．广州的纬度低于大连的纬度，地面上的人随地球自转的半径较大，由v=ωr知，大连地面上的人随地球自转的线速度较大，故C错误，D正确。
故选D。
36. 如图所示，在光滑的水平面上，一质量为m的小球在细绳的拉力作用下做半径为r的匀速圆周运动，细绳的拉力大小为F，则小球运动的线速度为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】根据
可得
故选B。
37. 如图所示，一质量为m的木块静止在倾角为θ的斜面上．重力加速度为g．下列说法正确的是
A. 斜面对木块的支持力大小为mgsinθ
B. 斜面对木块的摩擦力大小为mgcsθ
C. 木块所受合力方向沿斜面向下
D. 斜面对木块的支持力与摩擦力的合力方向竖直向上
【答案】D
【解析】对物体受力分析，处于三力平衡状态，根据平衡条件，利用正交分解法列式求解支持力和静摩擦力．对物体受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如图所示：
根据平衡条件，有：N=mgcsθ，f=mgsinθ，故AB错误；根据平衡条件，支持力和摩擦力的合力与重力等值、反向、共线，合力为零，所以物体受到的摩擦力与支持力的合力大小为mg，方向竖直向上，故C错误，D正确．所以D正确，ABC错误．
38. 点电荷甲、乙分别固定在A、B两点，当把试探电荷引入A、B连线之间的某处C时，该试探电荷所受的电场力为零，由此可知甲乙两点电荷（ ）
A. 一定都是正电荷B. 一定是异种电荷
C. 一定都是负电荷D. 在C处的合场强必然为零
【答案】D
【解析】ABC．两个电荷如果是同种电荷则两电荷之间某点场强为零，如果是非等量的异种电荷，会在带电量小的电荷的外侧的某点场强为零，因此甲乙两点电荷可以都是正电荷也可以都是负电荷，也可以是异种电荷，ABC错误；
D．由电场强度的定义式可知，电场力为零，即此处场强为零，D正确。
故选D。
39. 如图为“探究金属丝的电阻与长度关系”实验的实物电路图，根据操作要求，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至哪个位置（ ）
A. 图中的位置即可
B. 图中变阻器的最左端
C. 图中变阻器的最右端
D. 任何位置均符合操作要求
【答案】C
【解析】闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于最大阻值处，即图中变阻器的最右端。
故选C。
40. 数字式多用电表使用操作错误的是（ ）
A. 用多用电表测电流时，应将多用电表串联接入电路
B. 用多用电表测电压时，要将红表笔接高电势点
C. 用多用电表测电阻时，待测电阻可以与外电路的电源相连接
D. 多用电表使用完毕后，必须把开关置于“OFF”位置或最大交流电压挡处
【答案】C
【解析】A．用多用电表测电流时，应将多用电表串联接入电路，故A正确，不符合题意；
B．使用多用电表时，电流都是从红表笔流进，黑表笔流出，测电压时电源在外部，红表笔接的是电源正极，所以红表笔的电势更高，故B正确，不符合题意；
C．测电阻时，待测电阻与外电路的其他元件（含电源）断开，故C错误，符合题意；
D．使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到“OFF”位置或最大交流电压挡处，故D正确，不符合题意。
故选C。
三、多选题∶本大题共10小题，每小题3分，共 30分。在每小题列出的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求，全部选对得3分，少选且正确得1分，未选、错选均不得分。
41. 关于弹性势能，下列说法正确的是（ ）
A. 任何发生弹性形变的物体都具有弹性势能
B. 物体只要发生形变，就一定具有弹性势能
C. 在弹性限度内，同一个弹簧形变量越大，弹性势能就越大
D. 弹簧的弹性势能只由弹簧的形变量决定
【答案】AC
【解析】A．由弹性势能的定义和相关因素可知，发生弹性形变的物体的各部分之间，由于弹力作用而具有的势能，叫作弹性势能，所以任何发生弹性形变的物体都具有弹性势能，故A正确；
B．物体发生了形变，若是非弹性形变，无弹力作用，则物体就不具有弹性势能，故B错误；
C．在弹性限度内，同一个弹簧形变量越大，对外做功的本领越大，具有的弹性势能就越大，故C正确；
D．弹簧的弹性势能由弹簧的形变量和劲度系数决定，故D错误。
故选AC。
42. 将一物体以10 m/s的初速度竖直上抛，g取10 m/s2，下列说法正确的是（ ）
A. 物体上升的时间为1 s
B. 物体回到原出发点的时间是2 s
C. 物体上升的最大高度是10 m
D. 物体回到原处的位移大小是10 m
【答案】AB
【解析】A．物体上升的时间为t上= s=1s
故A正确；
B．由对称性可知，物体回到原出发点的时间是t=2t上=2s
故B正确；
C．物体上升的最大高度是h=m=5 m
故C错误；
D．物体回到原处的位移大小是0，故D错误。
故选AB。
43. 投壶是古代“六艺”之一。如图，A、B两位投者在同一高度的不同位置沿水平方向各投出一支完全相同的箭，箭都插入壶中。忽略空气阻力、箭长、壶口大小等因素的影响，则两支箭（ ）

A. 在空中运动时间相同
B. 投出时的初速度相同
C. 在空中运动的加速度不同
D. 插入壶中瞬间竖直分速度相同
【答案】AD
【解析】A．根据平抛运动规律有，解得
所以两支箭在空中运动时间相同，故A正确；
B．水平方向有x=v0t，由于水平位移不同，则水平初速度不同，故B错误；
C．平抛运动的加速度都为重力加速度，故C错误；
D．根据竖直方向的运动规律可知vy=gt，则插入壶中瞬间竖直分速度相同，故D正确。
故选AD。
44. 用如图所示的斜槽轨道做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，为了能较准确的研究平抛运动，下面列出了一些操作要求，正确的是
A. 通过调节使斜槽的末端保持水平
B. 每次释放小球的位置可以不同
C. 每次必须由静止释放小球
D. 实验时需要调节木板使其竖直
【答案】ACD
【解析】A.要保证小球做平抛运动，斜槽末端必须保持水平，抛出速度水平，A正确
BC.要保证每次小球平抛初速度相同，小球每次必须从同一位置由静止释放，B错误C正确
D.实验时，木板如果不竖直，小球在运动过程中可能与纸面摩擦，导致小球不再做平抛运动，所以木板必须竖直，D正确
45. 一汽车在水平公路上行驶，设汽车在行驶过程中所受阻力不变．汽车的发动机始终以额定功率输出，关于牵引力和汽车速度的下列说法中正确的是（ ）
A. 汽车加速行驶时，牵引力不变，速度增大
B. 汽车加速行驶时，牵引力减小，速度增大
C. 汽车加速行驶时，牵引力增大，速度增大
D. 当牵引力等于阻力时，速度达到最大值
【答案】BD
【解析】根据P=Fv知，速度增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律知，加速度减小，由于加速度的方向与速度方向相同，则速度增大．当加速度减小到零，牵引力等于阻力，速度达到最大，然后做匀速直线运动．故BD正确，AC错误．
46. 根据条形磁体的磁场分布情况用塑料制作一个模具，在模具中放入一条形磁铁，如图所示，模具侧边界与条形磁体的磁感线重合。取一柔软的弹性线圈套在模具上保持水平，线圈贴着模具竖直向上平移过程中，则（ ）
A. 线圈所处位置的磁感应强度变小B. 线圈所处位置的磁感应强度不变
C. 通过线圈的磁通量变小D. 通过线圈的磁通量不变
【答案】AD
【解析】线圈贴着模具竖直向上平移过程中，根据磁感线的疏密程度可知，线圈所处位置的磁感应强度变小，穿过线圈的磁感线条数不变，则通过线圈的磁通量不变。
故选AD。
47. 如图所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为Y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况）（ ）
A. 将发射电子改成发射负离子B. 增大加速电压U0
C. 减小偏转极板间距离D. 增大偏转电压U
【答案】CD
【解析】在加速电场中
在偏转电场中
可得
可见增大偏转电压U，减小加速电压U0，减小极板间距离d都可使偏转位移y增大，偏转位移的大小与发射的带电粒子的q、m无关，故AB错误CD正确。
48. 某同学要用多用电表测量一只电阻，已知多用电表电阻挡有4个倍率，分别是×1k、×100、×10、×1，该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量发现指针偏转角太大（指针位置如图中虚线所示），为较准确地进行测量，以下步骤操作正确的是（ ）
A. 调节选择开关旋钮，选择×10倍率
B. 两表笔“短接”，调节欧姆调零旋钮，使指针指在 0 Ω处
C. 重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，则该电阻的阻值为120 Ω
D. 测量完毕，把选择开关旋钮调至交流电流最大挡
【答案】ABC
【解析】A．指针偏转角太大，说明测量电阻过小，应使用小倍率的挡位测量，故选择×10挡，故A正确；
B．在欧姆调零时，需要将两表笔短接，这样相当于被测电阻为零，然后调节欧姆调零旋钮，使指针指在0 Ω处，故B正确；
C．倍率为×10挡，所以读数为
R=12.0×10 Ω=120 Ω
故C正确；
D．测量完毕，把选择开关旋钮调至OFF位置或者调至交流电压最高挡，故D错误。
故选ABC。
49. 如图所示为某品牌的无人机在某活动中从高空拍照的图片，该无人机可以载重，其锂电池容量为，其电机的额定工作电压为，额定功率为，则下列说法正确的是（ ）
A. “”是电容的单位
B. 无人机正常工作时通过电机的电流为
C. 无人机的电机线圈总电阻一定小于
D. 充满一次电后，无人机正常工作时间不超过
【答案】CD
【解析】A．根据公式
可知电池容量中“”是电荷量的单位，故A错误；
B．电机的额定工作电压为，额定功率为，根据公式
可知无人机正常工作时通过电机的电流为
故B错误；
C．无人机的电机不是纯电阻，工作时的热功率一定小于总功率，即
整理得
可知无人机的电机线圈总电阻一定小于，故C正确；
D．根据公式
可知无人机充满一次电后正常工作时间为
故D正确。
故选CD。
50. 如图所示，在竖直平面内有一光滑水平直轨道与半径为R的光滑半圆形轨道在半圆的一个端点B相切，可视为质点的小球从A点通过B点进入半径为R的半圆，恰好能通过半圆的最高点M，从M点飞出后落在水平面上，不计空气阻力，则
A. 小球到达M点时的速度大小为0B. 小球在A点时的速度为
C. 小球落地点离B点的水平距离为2RD. 小球落地时的动能为
【答案】BC
【解析】小球恰好能通过半圆的最高点M，由重力提供向心力，由此求出小球通过M点的速度；由动能定理求出小球在A点时的速度；由平抛运动的规律求小球落地点离B点的水平距离，再由动能定理求小球落地时的动能；A、小球恰好能通过半圆的最高点M，由重力提供向心力，则有，解得，故A错误；
B、从 A到M，由动能定理得：，解得：，故B正确；
C、小球离开M点后做平抛运动，则有， ，得x=2R，故C正确；
D、M到落地，由动能定理得：，解得小球落地时的动能，故D错误；
故选BC．