广东省2025年高中学业水平考试综合测评卷(二)物理试卷（解析版）

这是一份广东省2025年高中学业水平考试综合测评卷(二)物理试卷（解析版），共28页。
1. 正在匀加速行驶的汽车，如果作用在汽车上的一切外力突然消失，那么汽车将（ ）
A. 做匀速直线运动
B. 立即停下来
C. 先慢下来，然后停止
【答案】A
【解析】根据牛顿第一定律，正在匀加速行驶的汽车，如果作用在汽车上的一切外力突然消失，汽车仍保持原来的运动状态不变，做匀速直线运动。
故选A。
2. 下列情形中，可以把人或物体看成质点的是（ ）
A. 研究汽车运动时车轮的转动情况
B. 研究跳水运动员的空中姿态
C. 测量马拉松运动员的比赛时间
【答案】C
【解析】A．研究汽车运动时车轮的转动情况，此时车轮的大小不能忽略，不能把汽车看成质点，故A错误；
B．研究跳水运动员的空中姿态时，需要考虑运动员的大小和形状，不能把运动员看成质点，故B错误；
C．测量马拉松运动员的比赛时间时，可以忽略运动员的大小和形状，可以把运动员看成质点，故C正确。
故选C。
3. 下列属于力的单位的是（ ）
A. kg·m/s2B. kg·m/sC. kg·m2·s
【答案】A
【解析】根据牛顿第二定律，质量m的单位是kg，加速度a的单位是，则力的单位的是。
4. 如图，手握住圆柱形玻璃杯使其竖直静止于空中，玻璃杯所受的摩擦力（ ）
A. 方向竖直向上
B. 方向竖直向下
C. 大小为零
【答案】A
【解析】对玻璃杯受力分析，竖直方向根据平衡条件可知摩擦力的大小与重力大小相等，方向相反，重力方向竖直向下，则摩擦力方向竖直向上。
故选A。
5. 几个同学交流对离心现象的认识。下列选项中属于利用离心运动的是（ ）
A. 汽车转弯时要减速慢行
B. 磨刀时砂轮外侧安装防护罩
C. 运动员投掷链球时加速旋转后松开链条
【答案】C
【解析】A．汽车转弯时要减速慢行，是为了防止离心运动带来的危害，故A错误；
B．磨刀时砂轮外侧安装防护罩，是为了防止离心运动带来的危害，故B错误；
C．运动员投掷链球时加速旋转后松开链条，是利用离心运动，故C正确。
故选C。
6. 下列有关相对论时空观和牛顿力学的说法中不正确的是（ ）
A. 相对论没有否定牛顿力学，只是认为牛顿力学是在一定条件下的特殊情形
B. 真空中光速在不同的惯性参考系中是不相同的
C. 牛顿力学有自身的局限性，不适用于微观领域
【答案】B
【解析】A．相对论没有否定牛顿力学，只是认为牛顿力学是在一定条件下的特殊情形，故A正确；
B．真空中光速在不同的惯性参考系中是相同的，故B错误；
C．牛顿力学只适用于宏观、低速运动问题，不适用于微观、高速运动问题，故C正确。
7. 真空中有两个带异种电荷的点电荷，它们之间的静电力大小为F。如果把它们接触后再放回原处，则关于它们之间的静电力的说法正确的是（ ）
A. 可能为0B. 一定大于FC. 一定为斥力
【答案】A
【解析】若两电荷带等量异种电荷，接触后，电荷中和，带电量为0，再次放回原处，它们之间的库仑力为0，若两电荷是不等量异种电荷，接触后，带同种电荷，再次放回原处，它们之间的库仑力为斥力，根据上述分析，两点电荷之间的库仑力可能为0，可能为斥力。
故选A。
8. 专门用来运输柴油、汽油的油罐车，在它的尾部都有一条拖在地上的铁链。铁链的作用是（ ）
A. 将罐体上的静电荷导入大地，从而避免意外发生
B. 发出声音，以引起行人及其他车辆的注意
C. 与路面摩擦产生静电，使油罐车积累一定的静电荷
【答案】A
【解析】由于罐体和油的摩擦容易产生静电，如果电荷不及时放掉，积累过多，电压过高，会击穿空气出现火花放电，容易引起火灾甚至爆炸，在车尾部都有一条拖在地上的铁链，作用及时用铁链将罐体上的静电荷导入大地，从而避免意外发生。
故选A。
9. 下列几个物理量都有正负，下列选项中可以用正负来表示方向是（ ）
A. 功B. 电势C. 电场强度
【答案】C
【解析】AB．功和电势没有方向，其正负并不表示方向，故AB不符合题意；
C．电场强度是矢量，其正负表示方向，故C符合题意。
10. 导航系统提供了某次行程的两种方案，简化如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 10分钟表示的是时刻
B. 5.4千米表示位移大小
C. 两种方案的位移相同
【答案】C
【解析】A．10分钟指的是一段时间，表示的是时间，不是时刻，故A错误；
B．5.4公里是路程，故B错误；
C．两种方案的初末位置相同，故两种方案的位移相同，故C正确。
故选C。
二、单选题Ⅱ∶本大题共30小题，每小题2分，共 60分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
11. 新型钙钛矿太阳能电池光电转换效率可达25.7%。某型号的钙钛矿太阳能电池可产生1.7 V的电动势，可获得 0.1 A 的电流，则每秒照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量是（ ）
A. 0.64 JB. 0.65 JC. 0.66 JD. 0.68 J
【答案】C
【解析】由电功的定义可知，每秒太阳能电池产生的能量为
设太阳能每秒照射的能量为Q，由能量守恒定律有
故选C。
12. 如图，为甲、乙两物体的v-t图像，根据图像，下列说法错误的是（ ）
A. 甲做匀加速直线运动B. 乙做匀加速直线运动
C. 甲的加速度大于乙的加速度D. 甲和乙都做匀速直线运动
【答案】D
【解析】A．甲做匀加速直线运动，A正确；
B．乙做匀加速直线运动，B正确；
C．甲的加速度大于乙的加速度，C正确；
D．甲和乙都做匀加速直线运动，D错误。
13. 一只可视为质点的蜜蜂沿弯曲轨迹做匀速率运动，蜜蜂在途经M、N、P、Q位置时的速度和所受合力F的大小，方向如图所示，其中可能正确的是（ ）
A. M位置B. N位置C. P位置D. Q位置
【答案】B
【解析】质点做曲线运动，速率不变，合力指向轨迹凹侧，且合力与速度方向垂直，即N位置正确。
14. 一辆汽车以20m/s的速度沿平直路面行驶， 当汽车以5m/s2的加速度刹车时， 其刹车距离为（ ）
A. 4mB. 20m
C. 40mD. 100m
【答案】C
【解析】由匀变速直线运动的位移速度公式可知
15. 如图所示，行车通过长为6m的吊臂，吊着质量为1吨的钢材，以v=3m/s速度沿水平方向匀速行驶，行车突然停车，g取10m/s2。则行车突然停车瞬间，吊钩受到的拉力为（ ）
A. 1.15×104NB. 1.075×104N
C. 1.0×104ND. 0.85×104N
【答案】A
【解析】设刚才质量为m=1000kg，吊臂长L=6m，行车突然停车瞬间，由牛顿第二定律可得
解得
故选A。
16. 质量m=1kg的物体在粗糙水平地面上做匀速直线运动，物体在水平方向受到5.0N的拉力，若物体运动的距离s=0.5m（g取10m/s2），则（ ）
A. 物体与地面间的动摩擦因数=0.05B. 拉力做功为2.5J
C. 合力做功2.5JD. 摩擦力做功2.5J
【答案】B
【解析】A．由于物体做匀速直线运动，水平方向上拉力等于滑动摩擦力，根据滑动摩擦力公式有
代入数据解得μ=0.5，故A错误；
B．拉力做功为
故B正确；
C．由于物体做匀速直线运动，合力为零，故合力做功为0，故C错误；
D．摩擦力做功为
故D错误。
故选B。
17. 质量为0.5kg的篮球在竖直方向上加速下落，若某时刻加速度为，则篮球在该时刻所受空气阻力大小为（取）（ ）
A. 0.2NB. 0.5NC. 1ND. 5N
【答案】C
【解析】篮球在竖直方向上加速下落，加速度方向向下，根据牛顿第二定律
有
代入数据，可得
故选C。
18. 如图所示，将两个斜滑道固定在同一竖直平面内，最下端水平，把两个质量相等的小钢球，从滑道的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板平滑连接，则他将观察到1球击中2球，这说明（ ）
A. 平抛运动在水平方向是匀速运动
B. 平抛运动在竖直方向是自由落体运动
C. 平抛运动在水平方向做匀加速直线运动
D. 平抛运动在竖直方向做匀速运动
【答案】A
【解析】小球1做平抛运动，小球2做匀速运动，小球1在离开轨道末端时的水平速度与小球2的速度相等，小球1能够击中小球2，说明小球1与小球2在水平方向上的运动形式相同，所以这个实验说明平抛运动在水平方向是匀速运动。
故选A。
19. 如图所示，用同样大小的力F1、F2提一桶水沿水平路面做匀速直线运动。已知两个力F1、F2在同一竖直平面内。下列说法中错误的是（ ）
A. 两个力间的夹角小些比大些省力
B. 两个力的合力方向一定竖直向上
C. 两个力间的夹角变大时，F1、F2的合力保持不变
D. 两个力间的夹角变大，F1、F2的合力也变大
【答案】D
【解析】BCD．两个力的合力始终与水及水桶的总重力平衡，所以方向一定竖直向上，并且当两个力间的夹角变大时，F1、F2的合力保持不变，故BC正确，D错误。
A．根据余弦定理可得两个力的合力大小为
当F一定时，θ越小，F1和F2越小，所以两个力间的夹角小些比大些省力，故A正确。
故选D。
20. 一体重500N的同学站在体重计上，下蹲过程中体重计示数如图，则此同学（ ）
A. 1s时处于失重状态B. 2s时加速度方向向上
C. 3s时加速度方向向下D. 4s时处于超重状态
【答案】A
【解析】同学的重力是500N，当体重计的示数大于500N处于超重状态，加速度方向向上，当体重计的示数小于500N处于失重状态，加速度方向向下，故1s、2s、4s处于失重状态，加速度方向向下，3s处于超重状态，加速度方向向上。
21. 如图所示，修正带是通过两个齿轮的相互咬合进行工作的。其原理可简化为图中所示的模型。A、B是转动的齿轮边缘的两点，则下列说法中正确的是（ ）
A. A，B两点的角速度大小相等
B. A点的线速度大小比B点的大
C. A点的周期小于B点的周期
D. A 点的向心加速度小于B 点的向心加速度
【答案】D
【解析】A．两个齿轮在相等时间内通过的弧长相等，A，B两点的线速度相等，因半径不相等，所A，B两点的角速度大小相不等，AB错误；
C．A，B两点的线速度相等，则有
A点的周期大于B点的周期，C错误；
D．根据
A 点的向心加速度小于B 点的向心加速度，D正确。
故选D。
22. 宇宙速度是从地球表面向宇宙空间发射人造地球卫星、行星际和恒星际飞行器所需的最低速度．下列关于宇宙速度的说法正确的是（ ）
A. 第一宇宙速度是人造地球卫星的最小发射速度
B. 若飞行器的发射速度大于第二宇宙速度，则飞行器将绕地球做椭圆运动
C. 若飞行器的发射速度大于第三宇宙速度，则飞行器将绕太阳运动
D. 卫星绕地球做圆周运动的速率可能大于第一宇宙速度
【答案】A
【解析】AD．第一宇宙速度是人造地球卫星的最小发射速度，也是地球卫星绕地球飞行的最大速度，故A正确，D错误；
B．第二宇宙速度是在地面上发射物体，使之成为绕太阳运动或绕其他行星运动的人造卫星所必需的最小发射速度，故B错误；
C．第三宇宙速度是在地面上发射物体，使之飞到太阳系以外的宇宙空间所必需的最小发射速度，故C错误。
故选A。
23. 如图所示，一小球套在光滑轻杆上，绕着竖直轴OO′匀速转动，下列关于小球的说法中正确的是（ ）
A. 小球受到重力、弹力和摩擦力
B. 小球受到重力、弹力
C. 小球受到一个水平指向圆心的向心力
D. 小球受到重力、弹力的合力是恒力
【答案】B
【解析】ABC．绕着竖直轴OO′匀速转动，小球只受重力和弹力作用（光滑轻杆，无摩擦），合外力提供向心力，指向圆心，故AC错误，B正确；
D．合外力提供向心力，指向圆心，方向时刻改变，故D错误。
故选B。
24. 如图所示，某企鹅以如图所示方向斜向上跳水，它距海面高为h，速度大小为，不计空气阻力，企鹅落水时的速度大小为v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A. 企鹅经过最高点时动能为0
B. 若企鹅以同样大小的速度竖直向上起跳，则落水时速度大小不同
C. 重力做功为
D. 企鹅的速度大小不变，方向不断改变
【答案】C
【解析】A．不计空气阻力，企鹅做斜上抛运动，企鹅经过最高点时动能不为0，A错误；
B．若企鹅以同样大小的速度竖直向上起跳，由动能定理知，重力做功等于动能的增加量，则两种情况落水时速度方向不同，大小相同，B错误；
C．以海面为零势能面，由机械能守恒知
则重力做功为
C正确；
D．企鹅做斜上抛运动，速度方向和大小不断变化，D错误；
故选C。
25. 如图所示，蹦床运动员从蹦床最低点弹起至蹦床平衡位置的过程中，蹦床的弹力一直做正功，这个过程中（ ）

A. 蹦床的弹性势能减少B. 蹦床的弹性势能增加
C. 蹦床的弹性势能先增加后减少D. 运动员的重力势能减少
【答案】A
【解析】ABC．蹦床对运动员的弹力一直做正功，运动员向上弹起，蹦床的形变量减小，弹性势能减少，故A正确、BC错误；
D．运动员向上运动，位置升高，重力势能增大，故D错误。
故选A。
26. 如图，带负电的点电荷Q固定在真空中的M点，将另一带正电的点电荷q从N点沿直线移动到P点在这一过程中（ ）
A. q所受的电场力将不断变大B. q的电势能不断增大
C. 电场力对q做正功D. P点的电势小于N点的电势
【答案】B
【解析】A．根据库仑定律，有
可知，点电荷q从N点沿直线移动到P点在这一过程中r增加，则电场力减小。故A错误；
BC．点电荷q从N点沿直线移动到P点在这一过程中，电场力沿MP指向点电荷Q，与其位移方向相反，所以电场力做负功，根据功能关系，可知q的电势能不断增大。故B正确，C错误；
D．根据电势定义式，有
可知，点电荷q在P点的电势能大于在N点的电势能，所以其在P点的电势大于N点的电势。故D错误。
故选B。
27. 如图所示，真空中有两个点电荷和，都固定在坐标轴上，其中位于处，位于处，在轴上电场强度为零的位置坐标为（ ）
A. 3cmB. 4cmC. 9cmD. 10cm
【答案】B
【解析】电场强度为零的位置处于和之间，设其位置坐标为，则有
解得
故选B。
28. 右图为某种对车辆进行快速称重的电子称重计原理图，以下说法正确的是（ ）
A. 称重计在电路中相当于一个电压表
B. 电路中的是没有作用的
C. 当车辆越重时，流过称重计的电流越大
D. 当车辆越重时，流过称重计的电流越小
【答案】C
【解析】A．称重计串联在电路中，相当于电流表，A错误；
B．当车辆很重，滑片滑到最下端时，如果没有R1，会造成电源短路，烧坏电源和电表，所以电路中的R1具有保持电路的作用，B错误；
C D．当车辆越重时，弹簧的压缩越大，滑片越往下，电路中电阻越小，电流越大，C正确，D错误。
故选C。
29. 如图所示，为研究电容器的充放电实验电路图，实验前，开关是断开的，电容器不带电。下列的操作过程中，正确的说法是（ ）
A. 开关接1，电容器上极板带负电
B. 开关接1稳定后，再断开，电容器两极板间有电场存在
C. 开关接1稳定后，再将掷向2，通过电流传感器的电流方向向上
D 开关接1稳定后，再将掷向2，通过电阻中电流方向向右
【答案】B
【解析】A．开关接1，相当于给电容器充电，充电后电容器上极板与电源正极相连接，带正电，A错误；
B．开关接1稳定后，充电完毕，电容器两极板间电压等于电源电动势，再断开，电容器两极板间有电场存在，B正确；
C．开关接1稳定后，再将掷向2，此时电容器处于放电过程，放电过程上极板相当于电源的正极，流过电流传感器的电流方向向下，C错误；
D．开关接1稳定后，再将掷向2，此时电容器处于放电过程，放电过程上极板相当于电源的正极，流过电阻中电流方向向左，D错误。
故选B。
30. 一个新型绿色冰箱，其输入总功率是180W，一天的耗电量是1kw·h。若冰箱每次制冷时间为7min，且间隔均匀相等，则该冰箱每小时制冷的次数约是多少次，下列正确的是（ ）
A. 2次B. 3次C. 4次D. 5次
【答案】A
【解析】1小时耗电量为，需要时间
工作次数
故选A。
31. 图为通电螺线管和直线电流的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】A．根据右手定则可知，A图中磁场方向与图中所标的方向相反，故A错误；
B．B图中磁场方向与图中所标的方向相反，故B错误；
C．C图中磁场方向与图中所标的方向相同，故C正确；
D．D图中磁场方向与图中所标的方向相反，故D错误。
故选C。
32. 电子显微镜是冷冻电镜的关键，电子显微镜中利用电场控制电子运动的电场线分布如图所示。a、b、c、d为电场中的四个点，下列有关说法正确的是（ ）
A. 四个点中a点的电场强度最大
B. 四个点中c点的电场强度最大
C. d点电势高于b点电势
D. 电子在a点时电势能最大
【答案】B
【解析】AB．电场线越密，电场强度越大，故四个点中c点的电场强度最大，故A错误，B正确；
C．沿电场线方向电势逐渐降低，则
故C错误；
D．由于电子带负电，根据可知，电子在a点时电势能最低，故D错误。
故选B。
33. 原长为20cm的弹簧在15N拉力的作用下长度变为22cm，把拉力再增大15N的时候弹簧的长度是（在弹性限度内）（ ）
A. 22cmB. 24cmC. 26cmD. 28cm
【答案】B
【解析】拉力为15N时
拉力再增大15N时
解得
故选B。
34. 如图所示，虚线I和Ⅱ之间有垂直于纸面向里的匀强磁场。闭合线圈自高处落下，依次经过a、b、c三个位置。则线圈中有感应电流产生的是（ ）
A. 位置a和位置bB. 位置b和位置c
C. 位置a和位置cD. 三个位置都有
【答案】C
【解析】经过位置a和位置c时通过线圈的磁通量发生变化，由电磁感应定律可知，线圈中有感应电流的产生，经过位置b时，线圈的磁通量不发生变化，无感应电流的产生。
故选C。
35. 下列做法中不符合安全用电原则的是（ ）
A. 发现有人触电迅速切断电源
B. 用湿抹布擦正在发光的灯泡
C. 将电冰箱外壳接地
D. 用电器着火时先断开电源再灭火
【答案】B
【解析】A．发现有人触电时，应先切断电源，避免施救人员触电，故A不符合题意；
B．生活用水是导体，用湿抹布擦正在发光的灯泡，湿抹布与火线接触时会造成触电事故，故B符合题意；
C．使用电冰箱时，金属外壳要与地线相连，避免外壳带电时，造成触电事故，故C不符合题意；
D．用电器起火时，应先断开电源，然后再灭火，可以减缓火势扩大和防止发生触电事故，故D不符合题意。
故选B。
36. 关于电磁波及其应用，下列说法中正确的是（ ）.
A. 手机只能接收电磁波，不能发射电磁波
B. 正在起飞和降落的飞机上允许使用手机
C. 电磁波能被发射
D. 塑料薄膜袋、金属薄膜袋、金属饼干盒等都能屏蔽电磁波
【答案】C
【解析】A．手机能接收电磁波，同时也可发射电磁波，故A错误；
B．飞机上不让用移动电话，是因为怕干扰通讯，电子通讯中最怕相近频率引起的干扰，故B错误；
C．由麦克斯韦电磁场理论可知，电磁波能被发射，故C正确；
D．金属薄膜袋、金属饼干盒等都能屏蔽电磁波，但塑料薄膜袋不能，故D错误
故选C。
37. 在“验证机械能守恒定律”的实验中，通过打点计时器得到的纸带如图所示，在纸带上选取了0~6的计数点，并用刻度尺依次测量出了相邻两点之间的距离。则下列选项正确的是（ ）
A. 纸带中第一个计数点的速度必须为零
B. 可将计数点1~5的瞬时速度利用平均速度直接求出
C. 由于0、6两计数点为纸带的端点，因此不能计算出这两点的速度
D. 由题中的数据计算出的加速度应为当地的重力加速度
【答案】B
【解析】A．在“验证机械能守恒定律”的实验中，计数点可以任意选择，没必要必须从速度为零的起点开始，故A错误；
B．计算瞬时速度是利用平均速度等于中间时刻的瞬间速度求出的，故B正确；
C．根据运动学公式可知
即可求出0点速度，同理可得到6点的速度，故C错误；
D．由题中的数据计算出的加速度已包含了空气阻力的影响，故D错误。
故选B。
38. 小芳同学利用手边的实验器材设计了如图所示的电路，电阻R的阻值以及电源的电动势和内阻均未知，电压表另一端的接线位置待定。通过改变滑动变阻器接入电路的阻值获得多组数据，并描绘出U-I关系图像（U、I分别为电压表和电流表的示数）。不计电表对电路的影响。下列说法正确的是（ ）
A. 若接a，利用该图像可得到电阻R的阻值
B. 若接b，利用该图像可得到电阻R的阻值
C. 若接a，利用该图像可得到电源的电动势和内阻
D. 若接b，利用该图像可得到电源的电动势和内阻
【答案】D
【解析】A．若接a，电压表并联在变阻器的两端，则可得到变阻器的阻值，不可能得到电阻R的阻值，A错误；
C．利用图像可得到电动势与电阻R和电源内阻的和，C错误；
B．若接b，电压表并联在变阻器和电阻R两端，故得到是变阻器和电阻R的阻值，或者利用图像可得到源和内阻，B错误；
D．利用该图像还可得到电源的电动势，D正确。
故选D。
39. 如图所示，小球先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了小球通过第一个光电门的时间为0.30s，通过第二个光电门的时间为0.10s，小球从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间间隔为0.3s．小球通过光电门时挡光处的宽度为0.3cm，则小球的加速度大小为（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】在极短的时间内的平均速度可近似的认为等于瞬时速度，可得小球通过光电门1时的速度
小球通过光电门2时的速度
小球的加速度为
故选A。
40. 在如图电路中，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电压表视为理想电表，下列判断正确的是（ ）
A. V1和V2的示数都变大
B. V1和V2的示数都变小
C. V1的示数都变大，V2的示数都变小
D. V1的示数都变小，V2的示数都变大
【答案】C
【解析】滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电阻R的阻值变大，外电路的电阻变大，总电流变小，路端电压变大，则V1读数变大；R1上的电压变小，则V2读数变小。
故选C。
三、多选题∶本大题共10小题，每小题3分，共 30分。在每小题列出的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求，全部选对得3分，少选且正确得1分，未选、错选均不得分。
41. 甲、乙两车在同一直线上运动的图像如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 甲车的速度一直不变
B. 时刻两车速度相等
C. 时间内乙车在甲车前面
D. 时间内乙车的速度总是大于甲车的速度
【答案】AC
【解析】A．图像的斜率表示车的运动速度，甲车的斜率没有变化，则甲车的速度一直不变，A正确；
B．时刻两车相遇，斜率不相等，速度不相等，B错误；
C．时间内乙车的位置在甲车正方向前面，C正确；
D．从斜率上看，时间内乙车的速度先大于甲车的速度，然后时间内乙车的速度小于甲车的速度，D错误。
故选AC。
42. 排球颠球训练时，小娜同学以的速度将排球竖直向上击出，忽略空气阻力，取，则（ ）
A. 排球上升的最大高度为
B. 排球在上升过程中处于失重状态
C. 排球在最高点速度为0，处于平衡状态
D. 排球上升和下降过程的加速度方向相同
【答案】BD
【解析】A．排球上升的最大高度为
故A错误；
B．依题意，排球在上升过程中只受重力作用，其加速度为重力加速度，处于完全失重状态。故B正确；
C．排球在最高点速度为0，对其受力分析，受重力作用，处于非平衡状态。故C错误；
D．排球上升和下降过程均只受重力作用，根据牛顿第二定律可知加速度方向相同。故D正确。
故选BD。
43. 如图所示，是一直升机通过软绳打捞河中物体，物体质量为m，由于河水的流动将物体冲击使软绳偏离竖直方向，当直升机相对地面静止时，绳子与竖直方向成θ角度不变，下列说法正确的是（ ）
A. 绳子的拉力为 mg/csθ
B. 绳子的拉力可能少于mg
C. 物体受到河水的作用力等于绳子拉力的水平分力
D. 物体受到河水的作用力大于绳子拉力的水平分力
【答案】BD
【解析】A．设物体受绳子的拉力为F，浮力为F浮，水的水平冲力为Ff，受力图如图所示，由平衡条件可得
Fsinθ＝Ff
Fcsθ＋F浮＝mg
故绳子的拉力F≠mgcsθ，A错误.
B．因F浮未知，故B正确.
CD．物体受河水的作用力为F浮和Ff的合力，一定大于Fsinθ，故C错误，D正确.
故选BD。
44. 如图所示，在竖直平面内，截面为三角形的小积木悬挂在离地足够高处，一玩具枪的枪口与小积木上P点等高且相距为。当玩具子弹以水平速度从枪口向P点射出时，小积木恰好由静止释放，子弹从射出至击中积木所用时间为t。不计空气阻力（）。下列关于子弹的说法正确的是（ ）
A. 将击中P点，t大于0.1s
B. 将击中P点，t等于0.1s
C. 将击中P点上方，t大于0.1s
D. 击中小积木时，小积木下落位移为5cm
【答案】BD
【解析】子弹和积木在竖直方向均为自由落体运动，相同时间内下落高度相同，则子弹将击中P点，子弹在水平方向做匀速直线运动，则有
解得
击中小积木时，小积木下落位移为
故选BD。
45. 火星半径是地球半径的，火星质量大约是地球质量的，下列分析正确的是（ ）
A. 地球与火星表面的重力加速度之比为
B. 地球与火星表面的重力加速度之比为
C. 地球与火星的第一宇宙速度之比为
D. 地球与火星的第一宇宙速度之比为
【答案】AC
【解析】根据万有引力等于重力
得
根据万有引力等于向心力
得
由已知
，
地球与火星表面的重力加速度之比为
地球与火星的第一宇宙速度之比为
故选AC。
46. 一台电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压为220V的电源上（其内阻可忽略不计），均正常工作。用电流表分别测得通过电饭煲的电流是5.0A，通过洗衣机电动机的电流是0.50A，则下列说法正确的是（ ）
A. 电饭煲的电阻为44Ω，洗衣机电动机线圈的电阻为440Ω
B. 电饭煲消耗的电功率为1100W，洗衣机电动机消耗的电功率为110W
C. 1min内电饭煲消耗的电能为6.6×104J，洗衣机电动机消耗的电能为6.6×103J
D. 洗衣机电动机发热功率明显小于110W
【答案】BCD
【解析】A．由于电饭煲是纯电阻用电器，则电饭煲的电阻为
但洗衣机不是纯电阻用电器，欧姆定律不适用，由欧姆定律求得的电阻440Ω是错误的，故A错误；
B．电饭煲消耗的电功率
洗衣机电动机消耗的电功率为
故B正确；
C．电饭煲在1min内消耗的电能
洗衣机电动机在1min内消耗的电能为
故C正确；
D．洗衣机电动机是非纯电阻电路，发热功率与机械功率之和为电功率，洗衣机电动机发热功率明显小于电功率110W，故D正确。
故选BCD。
47. “探究小车速度随时间变化的规律”的实验装置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 小车释放前，应停在靠近打点计时器的位置上
B. 实验时，需要用秒表测量小车运动的时间
C. 实验时，应先接通电源后释放小车
D. 测量时，必须以纸带上打出的第一个点作为计时起点
【答案】AC
【解析】A．小车释放前，应使小车停在靠近打点计时器的位置，保证打出足够多的点，A正确；
B．实验时，不需要用秒表测量小车运动的时间，数点就可以知道运动时间，B错误；
C．实验时，应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，C正确；
D．测量时，应从点迹清晰的位置开始取点，作为第一个计时点，D错误。
故选AC。
48. 在“测量金属丝的电阻率”的实验中，某同学测得该金属丝的长度为L，直径为d，两端电压为U，通过的电流为I，则（ ）
A. 该金属丝的阻值为
B. 该金属丝的阻值为
C. 该金属丝的电阻率为
D. 该金属丝的电阻率为
【答案】AD
【解析】AB．根据欧姆定律，该金属丝的阻值为
故A正确，B错误；
CD．根据电阻定律有
联立解得
故C错误，D正确。
故选AD。
49. 把小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A位置，如图甲所示，迅速松手后，球升高至最高位置C（图丙），途中经过位置B时弹簧正处于原长（图乙），忽略弹簧的质量和空气阻力，则小球从A运动到C的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 经过位置B时小球的动能最大
B. 在AB段小球机械能先增大后减小
C. 在AB段小球机械能一直增大
D. 在BC段小球机械能守恒
【答案】CD
【解析】A．A到B的过程中小球要先加速后减速，当加速度为零，即弹力与重力大小相等的位置时，速度最大，动能最大，该位置位于AB之间，不在B点，故A错误；
BCD．小球从A到B的过程中，小球只受重力和弹力做功，由题意知弹簧一直表现为支持力，与小球运动方向相同，所以弹簧做正功，则小球的机械能一直增大，小球在BC段只受重力作用，小球机械能守恒，故CD正确，B错误。
故选CD。
50. 如图所示，电容器充电后与电源断开，一电子由静止开始从该电容器的A板向B板运动，经过时间t0到达B极板，电子到达B板时的速度为v，则下列说法正确的是（ ）
A. 若只增大或减小两板间的距离，则v的大小保持不变
B. 若只将A板竖直向上移动一小距离，则v将增大
C. 若只将A、B两板之间的距离增大到原来的4倍，则v将增大到原来的2倍
D. 若只将A板竖直向上移动一小距离，则电子在两板间运动的时间变长
【答案】BC
【解析】AC．设A、B板间的电压大小为U，对电子从A板到B板的过程，根据动能定理有
解得
电容器充电后与电源断开，两极板所带电荷量Q不变，若只增大或减小两板间的距离，根据可知C将变化，根据可知U将变化，则v将变化，若只将A、B两板之间的距离增大到原来的4倍，则C减小为原来的，U增大为原来的4倍，所以v将增大到原来的2倍，故A错误，C正确；
B．若只将A板竖直向上移动一小距离，则两极板正对面积S减小，根据可知C将减小，根据可知U将增大，则v将增大，故B正确；
D．A、B板间的电场强度大小为
根据牛顿第二定律可知电子在两板间的加速度大小为
根据运动学公式有
解得
若只将A板竖直向上移动一小距离，则S减小，E增大，电子在两板间运动的时间t0将变小，故D错误。
故选BC。