最新人教版九上物理期末全方位培优测评卷（二）【含答案】

这是一份最新人教版九上物理期末全方位培优测评卷（二）【含答案】，共9页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

(考试时间:90分钟 满分:100分 范围：第十三～十八章)
一、选择题(共10小题,每小题3分,共30分)
1.下列物品中,通常情况下属于导体的是( )
A.陶瓷碗B.橡胶手套C.钢尺D.塑料笔杆
2.我国北方的冬季气温很低,到处都是冰天雪地,人们有时会将冰雪融化取水,把冰雪放在水壶里加热取水的过程中,下列说法正确的是( )
A.冰在0℃时,内能为0B.这是通过做功的方式改变物体的内能
C.在加热过程中,壶内的温度一直在上升D.水的温度越高,水分子运动越剧烈
3.下列关于电能消耗的认识正确的是( )
A.电功率小的用电器消耗的电能一定少B.工作时间短的用电器消耗的电能一定少
C.电流大的用电器消耗的电能一定多D.电功率小的用电器消耗电能一定慢
4.如图所示的“吸引现象”由静电引起的是( )

5.如图所示,a、b、c、d为电路中的四个接线点,若用电流表测量通过小灯泡的电流,则电流表的M、N接线柱与电路中各接线点的连接关系为( )
A.M接a、N接bB.M接d、N接cC.M接b、N接aD.M接c、N接d
6.小强同学在探究串联电路电流规律的实验中,按下图连接好了电路,闭合开关S后,观察实验,两灯均不发光。为检测出电路故障,他做了以下操作:将电压表接到b、c两点,观察电压表、电流表均无示数。将电压表接到a、b两点,观察电压表有明显示数,而电流表示数几乎为零,则电路故障可能是( )
A.灯L2断路B.灯L2短路C.电流表烧坏了D.灯L1断路
7.为保证司乘人员的安全,轿车上设有安全带未系提示系统,当乘客坐在座椅上时,座椅的开关S1闭合,若未系安全带(安全带控制开关S2断开)仪表盘上的指示灯将亮起,当系上安全带时,安全带控制开关S2闭合,指示灯熄灭,下列电路图设计最合理的是( )

8.甲、乙两灯为钨丝白炽灯,将它们并联在照明电路里都能正常发光,且甲灯比乙灯亮,那么( )
A.甲灯的额定功率一定比乙灯大B.甲灯消耗的电能一定比乙灯多
C.甲灯的电阻比乙灯大D.甲灯两端的电压比乙灯两端的电压大
9.根据表格中的数据,下列说法中正确的是( )
A.将质量和温度都相等的铜块和铝块放在同一冰面上,铜块熔化的冰会更多一些
B.用同样的酒精灯给质量相等、初温相同的水和煤油加热相同的时间后,发现水中的温度计示数较高
C.煤油和水体积之比为2:1,吸收热量之比为12:5,则升高温度之比为3:1
D.加热质量相同的铜和铝,其吸收热量与升高温度的关系图象如上图右所示,其中图线a表示的是铜
10.如图所示电路,电源电压保持不变,闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P由图示位置逐渐向b端移动的过程中( )
A.电压表 eq \\ac(○,V)示数变小, eq \\ac(○,A1)示数变大B.电压表 eq \\ac(○,V)示数不变, eq \\ac(○,A2)示数变小
C.电压表 eq \\ac(○,V)的示数与 eq \\ac(○,A2)示数的比值变小D.电压表 eq \\ac(○,V)的示数与 eq \\ac(○,A2)示数的比值不变
二、填空题(每空2分,共32分)
11.常见物质是由大量分子组成的,扩散现象是由于分子________形成的；一定量的水和酒精混合总体积变小,是由于分子之间存在________；固体和液体很难被压缩,是由于分子之间存在________
12.汽油机工作时,活塞在气缸内做一次单向运动叫做一个冲程,在压缩冲程中,通过________方式使缸内混合气体内能增加；在做功冲程中,缸内气体的内能转化为________
13.人们用冷水冷却汽车发动机,用热水取暖,主要是因为水的________较大。通常情况下,与同等质量的其他物质构成的物体相比,升高或降低相同温度,水吸收或放出的热量较________(选填“多”或“少”)。因此,炎热的夏天中午,在太阳光的照射下,海滨浴场的海水温度明显________(选填“高于”或“低于”)沙滩的温度。
14.如图所示的电路中,L1、L2分别为“220V 15W”和“220V 60W”的白炽灯泡,要使两灯都发光,且L1与L2串联,应闭合的开关为________；要使L2与L1并联,应闭合的开关为________；三个开关都闭合,将发生________现象。
15.如图电路中,电源电压不变,变阻器最大阻值R2=20Ω,闭合开关S,在移动变阻器滑片P的过程中,电流表的最小示数为0.3A,而 eq \\ac(○,V1)的最大示数与最小示数之比为5:3,则电阻R1=______,电源电压为______V,电路中的最大电流为______A
16.可燃冰是一种固态晶体,它的热值约为1.4×1010J/m3,4m3的可燃冰完全燃烧后可放出______J的热量,若这些热量60%被水吸收,可以将______kg的水从50℃加热到100℃[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
三、实验与探究题(共21分)
17.(8分)小明同学探究了“不同物质吸热升温的现象”,同时又探究了“不同燃料燃烧的放热能力”,他设计了两组实验装置如图所示:
(1)你认为研究不同燃料燃烧放热能力应选用______组器材(选填“甲”或“乙”)。
(2)观察甲、乙两图,除了图中相同的器材,还要用到相同的器材是______
(3)秒表是用在______组实验中(选填“甲”或“乙”)。甲组实验是通过______来反映物质吸收热量的多少,乙组是通过______来反映燃料放出热量的多少。
(4)购买一盒薯片,设计实验估测薯片的热值,应选用上述______组(选填“甲”或“乙”)来进行测量,然后将实验结果与包装盒上注明的薯片的热值进行比较是______(选填“偏大”或“偏小”),原因是__________________
________________________________________________
18.(5分)某实验小组探究金属丝电阻大小与长度的关系,他们取一段粗细均匀的金属丝拉直后连接在A、B接线柱上,在金属丝上安装一个可滑动的金属夹P。实验室还提供了下列器材:电压表、电流表、电源(电压3V)、滑动变阻器(20Ω 2A)、刻度尺、开关和导线若干。
(1)为了测量AP段的电阻R,他们连接了如图甲所示的电路,电压表接在接线柱A和金属夹P上。请用笔画线代替
导线,把图中还需要连接的一根导线接上,使电路完整。
(2)闭合开关前,将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最______(选填“左”或“右”)端。
(3)某次实验中测得电压表的读数为2.1V,电流表指针偏转如图乙所示,则电流表的读数为I=______A,此时金属丝的电阻R=______Ω
(4)实验中移动金属夹P,分别测得AP段的长度L和对应的电阻值R,根据实验数据绘制成电阻值与长度的关系图象如图丙所示,分析图象可知,导体的电阻与长度成________
19.(8分)在“测量小灯泡电功率”的实验中,已知电源电压为3V,小灯泡的额定电压为2.5V
(1)连接电路时,开关应________
(2)请你用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整。
(3)闭合开关前,应先将滑动变阻器的滑片移到________端(选填“A”或“B”)。闭合开关后,发现小灯泡不亮,电流表指针偏转,电压表示数为0,产生故障的原因可能是________________________________________
(4)排除故障后,实验得到的数据如下表。在第1次实验中,小灯泡两端电压为2V时,电流表示数如图乙所示,则通过小灯泡的电流为________A,此时小灯泡的实际功率为________W。
(5)由上表可知,小灯泡的额定功率为________W；小灯泡的实际功率随实际电压的增大而________(选填“增大”或“减小”)。
四、计算题(共17分)
20.(6分)如图所示,电源电压为9V且保持不变,R1=30Ω,闭合开关后,电压表示数为3V,则:
(1)电阻R1两端的电压为多少？
(2)电流表的示数为多少？
21.(11分)某型号的电热水壶铭牌如表所示:
求:(1)该电热水壶正常工作时的电流为多大？
(2)将一满壶20℃的水烧开所需时间为382s,该电热水壶对水加热的效率为多少？[c水=4.2×103J/(kg·℃)
(3)小明想把电热壶设计成两挡,并使高挡功率是额定功率的4倍,请你帮他设计电路,并作简要说明。
【参考答案】期末测评卷(二)
1.C
【解析】陶瓷碗、橡胶手套、塑料笔杆都属于绝缘体；钢尺属于导体,故选C。
2.D
【解析】A.一切物体在任何时候都有内能,因此冰在0℃时,内能不为0；B.把冰雪放在水壶里加热取水,是利用热传递的方式改变物体内能的；C.在加热过程中,雪熔化的过程中,温度不变,内能增加；D.分子的运动快慢与温度有关,水的温度越高,水分子运动越剧烈,故选D。
3.D
【解析】A.据W=Pt知,用电器消耗的电能多少与实际功率和工作时间有关,电功率小的用电器消耗电能不一定少；故A错误；B.据W=Pt知,用电器消耗的电能多少与实际功率和工作时间有关,工作时间短的用电器消耗的电能不一定少；故B错误；C.据W=Ut知,用电器消耗的电能多少与电压、电流和通电时间有关,电流大的用电器消耗的电能不一定多；故C错误；D.电功率反应电流做功快慢的物理量,电功率小的用电器,电流做功一定慢(即消耗电能一定慢),故D正确。故选D
4.C
【解析】A.磁铁能够吸引硬币,是由于磁体具有吸引铁钴镍等金属的性质,属于磁体对物体的作用力,是非静电引起的,故A错误；B.两个压紧的铅块能吊起钩码,由于分子间存在相互作用的引力而使两块铅块粘在一起,不易分开,故B错误；C.摩擦后的气球带上了电荷,能吸引不带电的头发,是由静电引起的,故C正确；D.吸盘要固定在墙壁上,需要先用力挤压塑料吸盘,把盘内的空气挤出,然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上,是非静电引起的,故D错误。故选C
5.D
【解析】要使电流表测量灯泡的电流,则电流表应与灯泡串联,故只能接在c、d之间；为保证电流表正常使用,应使电流表的M接c,N接d；故选D
5.D
【解析】要使电流表测量灯泡的电流,则电流表应与灯泡串联,故只能接在c、d之间；为保证电流表正常使用,应使电流表的M接c,N接d；故选D
6.A
【解析】电流表始终无示数,说明电路故障为断路；将电压表并联在b、c两点,电压表无示数,说明电压表的正负接线柱不能与电源两极相连,即L1完好；将电压表接到a、b两点,观察电压表有明显示数,说明电压表的正负接线柱与电源两极相连,说明灯L2断路。故选A。
7.B
【解析】由题意知,指示灯与S1串联,与S2并联,且没有出现短路情况。故选B
8.A
【解析】A.两灯并联在照明电路里都能正常发光,灯的实际功率等于额定功率,甲灯比乙灯亮,明甲灯的额定功率比乙灯大,即P甲>P乙,故A正确；B.由公式W=Pt可知,灯消耗的电能除了与灯的功率有关外,还与通电时间有关,现在知道两灯的功率关系,但不知道通电时间关系,无法确定哪个灯消耗的电能多,甲灯消耗的电能不一定比乙灯多,故B错误；C.两灯并联,两灯电压U相等,已知P甲>P乙,由公式R= eq \f(U2,P) ,可知R甲9.C
【解析】A.由表中数据可知,铜的比热容小于铝的比热容,放在足够大的同一冰面上,降低的温度相同,等质量的铜和铝,铝放出的热量多,熔化的冰会更多些,故A错误；B.由表中实验数据可知,水的比热容大于煤油的比热容,用同样的酒精灯给质量相等、初温相同的水和煤油加热相同的时间后,它们吸收的热量相等,由Q=cm△t可知,煤油升高的温度多,煤油中温度计示数高,故B错误；C.由表中数据可知,煤油和水密度之比ρ煤油∶ρ水=0.8:1=4:5；比热容之比C煤油∶C水=2.1:4.2=1:2；煤油和水体积之比V煤油∶V水=2:1,由m=ρV可得质量之比m煤油∶m水=ρ煤油V煤油∶ρ水V水=(4×2):(5×1)=8:5；因为Q吸=cm△t,吸收热量之比Q煤油:Q水=12:5,所以升高温度之比:△t煤油:△t水＝ eq \f(Q煤油,c煤油m煤油) ∶ eq \f(Q水,c水m水) = eq \f(12,1×8) : eq \f(5,2×5) =3:1,故C正确；D.由Q=cm△t可知,给等质量的铜块和铝块加热,升高相同的温度时,铝块吸收的热量多,故图象a表示的是铝块。故D错误。故选C。
10.D
【解析】由电路图可知,R1与R2并联, eq \\ac(○,A1)测干路电流, eq \\ac(○,A2)测R1支路的电流, eq \\ac(○,V)测电源两端的电压。因电源的电压保持不变,所以,滑片移动时, eq \\ac(○,V)的示数不变,故A错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,滑片移动时,通过R1支路的电流不变,即 eq \\ac(○,A2)的示数不变,故B错误；则 eq \\ac(○,V)的示数与 eq \\ac(○,A2)示数的比值不变,故D正确；将滑动变阻器的滑片P由图示位置逐渐向b端移动的过程中,变阻器接入电路中的电阻变大,由I= eq \f(U,R) 可知,通过R2的电流变小,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,干路电流变小,即 eq \\ac(○,A1)的示数变小,则 eq \\ac(○,V)的示数与 eq \\ac(○,A1)示数的比值变大,故C错误。故选D
11.无规则运动 间隙 斥力
12.做功 机械能
13.比热容 多 低于
【解析】人们用冷水冷却汽车发动机,是为了在同样的时间从发动机吸收的热量多一些,而用热水取暖,是为了在相同条件下放出较多的热量,我们要考虑的就是要用比热容大的物质,而水的比热容是符合这一要求的；根据水的吸热和放热能力的理解,可以得到:与同等质量的其他物质构成的物体相比,升高或降低相同温度,水吸收或放出的热量较多；因为水的比热容较大,同样受热或冷却的情况下,吸收或放出相同热量,但水的温度变化比沙小,因此,在受太阳照射条件相同时,海水比沙滩的温度低。
14.S2 S1、S3 短路
【解析】要让两灯形成串联,则应将两灯首尾相连接到电源两端,由图可知只要闭合S2,断开S1和S3；要使L1和L2并联,则需让电流从电源流出分别流入两灯中再汇合共同流入电源负极,则需要闭合S1、S3,断开S2；若将三个开关同时闭合,电流不经过任何用电器直接从电源正极流入电源负极,形成短路现象,烧坏电源。
15.30 15 0.5
【解析】(1)两电阻串联, eq \\ac(○,V1)测R1的电压, eq \\ac(○,V2)测R2的电压,当变阻器最大阻值R2=20Ω时,由电阻的串联,电路的电阻最大,由欧姆定律,电路的最小电流为:I小＝ eq \f(U,R1+R2) 即0.3A= eq \f(U,R1+20Ω) ……①由欧姆定律U=IR,此时的 eq \\ac(○,V1)示数最小,U1小=0.3A×R1,当P移动到最左端时,为R1的简单电路,此时 eq \\ac(○,V1)的最大示数为电源电压U；因 eq \\ac(○,V1)的最大示数与最小示数之比为5:3,故有: eq \f(U,0.3A×R1) ＝ eq \f(5,3) ……②,由①②得:R1=30Ω；电源电压为U=15V；
(2)当P移动到最左端时,为R1的简单电路,电路的电阻最小,电路最大电流为:I大= eq \f(U,R1) ＝ eq \f(15V,30Ω) =0.5A
16.5.6×1010 1.6×105
【解析】(1)4m3的可燃冰完全燃烧释放的热量:Q放=Vq=4m3×1.4×1010J/m3=5.6×1010J,由η= eq \f(Q吸,Q放) ×100%可得,水吸收的热量:Q吸=ηQ放=60%×5.6×1010J=3.36×1010J,由Q吸=cm(t－t0)可得,加热水的质量:
m= eq \f(Q吸,cm(t－t0)) = eq \f(3.36×1010J,4.2×103J/(kg·℃)×(100℃-50℃)) =1.6×105kg
17.(1)乙 (2)天平 (3)甲 加热时间的多少 水温升高的度数或水温的变化
(4)乙 偏小 薯片没有完全燃烧且薯片燃烧后有一部分热量散失
【解析】(1)研究不同燃料燃烧放热能力应用不同的燃料,因此选乙组器材；(2)观察甲、乙两图,物质的质量都必须相等,因此还要用天平称量质量,即要用到相同的器材是天平；(3)甲组实验是通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少,因此秒表用在甲装置中；乙组是通过水温升高的度数或水温的变化来反映燃料放出热量的多少；(4)由q= eq \f(Q,m) 可知,要估测薯片的热值,需根据Q=cm△t求出液体吸收的热量,因此应选用上述乙组装置进行测量；在薯片质量一定时,因为薯片没有完全燃烧且薯片燃烧后有一部分热量散失,所以所测热值偏小。
18.(1)如下图所示: (2)右 (3)0.42 5 (4)正比
【解析】(1)因为电池电压为3V,所以电压表的量程选择0～3V的量程,将电压表3V的接线柱与滑片P相连；将电流表与电阻串联,将电流表的负接线柱与接线柱P连接；
(2)闭合开关前,需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大的位置,即将滑片放在最右端；
(3)由图乙可知,电流表的量程为0～06A,分度值为0.02A,示数为0.42A；根据I= eq \f(U,R) 可知,金属丝的电阻R＝ eq \f(U,I) ＝ eq \f(2.1V,0.42A) =5Ω；
(4)由图象知,AP段的长度L增大为原来的几倍,电阻值便增大为原来的几倍,或电阻值与长度的比值是一个常数,所以在导体的材料、横截面积和温度相同时,导体的电阻与长度成正比。
19.(1)断开 (2)见解析 (3)A 灯泡短路 (4)0.20 0.40 (5)0.55 增大
【解析】(1)实验中为保护电路,防止短路,在连接电路时应先把开关断开。(2)如图:DB
(3)滑动变阻器应从最大值开始变化即开始时放在A端；灯泡不亮但有电流说明电路是通的,只能是灯泡短路。(4)由电流表接在0.6A上,说明量程为0.6,则指针指在0.20A,故P=UI=2V×0.20A=0.40W。(5)由表格知,电压为2.5V时,电流为0.22A,功率P=0.55W并且功率随电压的增大而增大。
20.解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流。
(1)因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电阻R1两端的电压:U1=U-U2=9V-3V=6V；
(2)因串联电路中各处的电流相等,所以,电流表的示数:I=I1= eq \f(U1,R1) ＝ eq \f(6V,30Ω) =0.2A
21.解:(1)由P=UI可得,电热水壶正常工作时的电流:I＝ eq \f(P,U) ＝ eq \f(1100W,220V) =5A；
(2)由ρ= eq \f(m,V) 可得,水的质量:m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg,水吸收的热量为:Q吸=cm△t=4.2×103J(kg·℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J,由P= eq \f(W,t) 可得,消耗的电能为:W=Pt=1100W×382s=4.202×105J,加热效率为:
η＝ eq \f(Q吸,W) ×100%= eq \f(3.36×105J,4.202×105J) ×100%≈80%
(3)如图:并联一个电阻R1,且电阻R1的阻值为 eq \f(R,3) ,当开关断开时,电热水壶的功率为额定功率Ρ＝ eq \f(U2,R) ；
闭合开关,电热水壶处于高挡,此时的总电阻 eq \f(1,R总) = eq \f(1,R) + eq \f(1, eq \f(R,3) ) ＝ eq \f(4,R) ,则R总= eq \f(R,4) ,则其功率为Ρ′= eq \f(U2,R总) = eq \f(U2, eq \f(R,4) ) =4 eq \f(U2,R) ,则P′=4P,即高挡功率是额定功率的4倍。

题号
一
二
三
四
五
总分
得分