还剩17页未读，
继续阅读
2023-2024学年初中下学期八年级物理期末模拟卷（全解全析）（上海沪教版）
展开
这是一份2023-2024学年初中下学期八年级物理期末模拟卷（全解全析）（上海沪教版），共20页。试卷主要包含了本试卷分第Ⅰ卷两部分，测试范围等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．测试范围：八年级第二学期。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题
1．人体的正常体温为（ ）
A．0℃B．20℃C．37℃D．45℃
【答案】C
【详解】人体的正常体温为37℃，若高于37.3℃，则视为发烧，故C符合题意。
故选C。
2．下列单位中，不属于功率的单位的是（ ）
A．kWB．J/sC．WD．J
【答案】D
【详解】ABC．在国际单位制中，功率的单位是W，据知，1W=1J/s，常用单位：kW；故ABC不符合题意；
D．焦耳（J）是功、能量、热量的国际单位，不是功率的单位，故D符合题意。
故选D。
3．分子在不停地做无规则运动，能体现此规律的现象是（ ）
A．灰尘飞扬B．雨滴飘落C．花香四溢D．树叶凋落
【答案】C
【详解】A．灰尘飞扬是机械运动，故A不符合题意；
B．雨滴飘落是机械运动，故B不符合题意；
C．花香四溢是扩散现象，是由于分子不停地做无规则运动造成的，故C符合题意。
D．树叶凋落是机械运动，故D不符合题意。
故选C。
4．不同的物理量具有不同的意义，下列物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．内能B．比热容C．热量D．温度
【答案】B
【详解】A ．内能是物体内部所有分子具有的能量，与温度、质量有关。所以内能不是物质的特性，故A不符合题意；
B ．比热是物质的一种特性，同种物质（状态一定）比热容相同；不同物质比热容一般不同；故B符合题意；
C ．热量是内能变化的度量，与质量、温度差等有关。所以热量不是物质的特性；故C不符合题意；
D． 温度是物体的冷热程度，一个物体可以有不同的温度值。所以温度不是物质的特性。故D不符合题意。
故选B。
5．如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是（ ）
A．搓手取暖B．热水袋取暖
C．冷毛巾降温D．煤气烧水
【答案】A
【详解】A．搓手取暖，克服摩擦做功，内能增加，属于做功改变物体内能；
B．热水袋取暖，属于热传递是改变物体内能；
C．冷毛巾降温，属于热传递是改变物体内能；
D．煤气烧水，属于热传递是改变物体内能。
综上所述，改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是A，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6．如图所示的杠杆，，为使杠杆平衡，需施加一个力，其中力最小的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【详解】为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应垂直OA向上，由图可知，为使杠杆平衡，只有作用在A点时力臂最长，且方向向上，故A符合题意、BCD不符合题意。
故选A。
7．2024年2月17日，我国自主研制的大飞机C919飞往新加坡樟宜国际机场，准备参加2024年新加坡航展。飞机加速起飞离开机场的过程中（短时间内不考虑油料质量变化），下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，重力势能减小B．动能减小，重力势能增大
C．动能增大，机械能不变D．重力势能增大，机械能增大
【答案】D
【详解】飞机加速起飞离开机场的过程中，飞机质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，所以机械能增大，故ABC错误，D正确。
故选D。
8．如图所示，用力、和将同一物体竖直匀速提升相同高度。绳子自由端通过距离为、和，拉力做的功为、和若不计滑轮重及摩擦，则（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【详解】ABD．因为使用定滑轮不省力，也不省距离，所以
不计滑轮重及摩擦，使用动滑轮能省一半力，但多移动一倍的距离，所以不计滑轮重及摩擦
因此
故AB错误，D正确。
C．不计滑轮重及摩擦，同一重物，用动滑轮和动滑轮提升的高度相同，拉力做的功分别为
所以
故C错误。
故选D。
9．甲、乙两个铜块吸收相同的热量后，铜块甲升高的温度较多。关于两铜块比热容及质量的大小关系，下列判断正确的是（ ）
A．c甲=c乙，m甲=m乙B．c甲=c乙，m甲C．c甲>c乙，m甲=m乙D．c甲【答案】B
【详解】比热容与物体的种类和状态有关，甲和乙都属于固态铜，故它们的比热容相同；甲和乙比热容相同，吸收热量相同，由知，甲升高温度较多，说明甲的质量较小，故ACD错误，B正确。
故选B。
10．如图所示，甲、乙、丙三个小和尚抬着一根长木头向寺庙走去，甲和尚抬着较粗的一端，乙和尚抬着木头的中间部位，丙和尚抬着较细的一端．则下列判断正确的是
A．当丙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，甲的负担顿时变轻，乙的负担顿时加重
B．当乙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，甲的负担顿时变重，丙的负担顿时变轻
C．当乙的作用力减小时，甲、丙两人的作用力均增加，但
D．当甲的作用力增加时，乙、丙两人的作用力均减小，但
【答案】A
【详解】A、当丙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，如下图
若以A为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F丙去掉，要增大F乙，乙的负担顿时加重；
若以B为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F丙去掉，减小F甲，甲的负担顿时变轻；故A正确；
B、当乙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，如下图
若以A为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F乙去掉，要增大F丙，丙的负担顿时加重；
若以C为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F乙去掉，甲的负担顿时变重；故B错；
C、当乙的作用力减小时，如下图
若以A为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，减小的力和力臂乘积相等，F甲的力臂等于F乙的力臂的2倍，所以
若以C为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，减小的力和力臂乘积相等，F丙的力臂等于F乙的力臂的2倍，所以；所以
故C错误；
D、当甲作用力增加时，如下图
若以B为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F甲增大，F丙也增大，；
若以C为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F甲增大，F乙减小，F甲的力臂等于F乙的力臂的2倍，所以
故D错误。
故选A。
【点睛】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，能画出图帮助解题、利用好杠杆平衡条件是本题的关键。
二、填空题
11．如图所示的体温计，是根据液体的 性质制成的，它的测量范围为 ；由分子动理论可知，物体的温度越高，分子的热运动越 。
【答案】 热胀冷缩 35℃~42℃ 剧烈
【详解】[1]温度计都是根据液体的热胀冷缩性质制成的。
[2]如图所示，体温计的测量范围是35℃~42℃。
[3]分子热运动的剧烈程度与温度有关，物体的温度越高，分子的热运动越剧烈。
12．重为15N的物块，在大小为2N的水平拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，10s内前进了6m。此过程中，重力做功为 J；拉力的功率为 W，其表示的物理意义是 。
【答案】 0 1.2 该拉力1 s做功1.2J
【详解】
[1]物体在水平方向运动，而重力是竖直方向的，力与距离垂直，故重力不做功。
[2]拉力的功率为
[3]拉力功率是70W，其物理意义是：该拉力1 s做功1.2J。
13．冬天人们常用热水袋取暖，主要是利用 改变物体内能。如图是某台汽油机工作的四个冲程（顺序已打乱），其中将内能转化为机械能的冲程是 ，（用字母表示）请按一个工作循环的过程，将四个图重新排序 。（用字母表示）
【答案】 热传递 D BADC
【详解】[1]人们用热水袋取暖时，人体从热水中吸收热量，使人体的内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变人体的内能。
[2][3]汽油机的一个工作循环，包括4个冲程，依次是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。图A中，两个气门都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程；图B中，进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动，因此是吸气冲程；图C中，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，因此是排气冲程；图D中，两气门都关闭，火花塞点火，将汽缸内的混合气体点燃，产生高温高压的燃气，推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，此冲程是做功冲程。按一个工作循环的过程，将四个图重新排序的顺序是BADC。
14．2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱降落伞返回地面。其中一段沿直线下降的s-t图像如图所示，则降落伞的动能 ，重力势能 ，机械能 （后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】 不变 减小 减小
【详解】[1][2][3]飞船返回舱降落伞返回地面过程中，质量不变，由图得，该阶段降落伞速度不变，高度下降，则降落伞的动能不变，重力势能减小，机械能为动能与势能的总和，则机械能减小。
15．在图中，OA是轻质杠杆，已知OB=2BA，B点所挂重物的质量为3千克，力F作用在A点并竖直向上拉，杠杆处于静止状态，则重物所受重力G为 牛，力F的大小为 牛。汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容在常见的物质中比较 。
【答案】 29.4 19.6 大
【详解】[1]重物所受重力
[2]平衡条件得，力F的大小为
[3]汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容较大，在升高相同温度的条件下，比热容较大的水能够从发电机吸收更多的热量。
16．如图所示，重为8N的物体A在水平拉力F的作用下，沿水平面以0.6m/s的速度向右运动了2s，弹簧测力计的示数为5N。则物体A受到的摩擦力为 N，方向 ，绳子自由端通过距离为 m。（不计滑轮重及摩擦）
【答案】 10 水平向左 2.4
【详解】[1][2]弹簧测力计的示数为5N。根据动滑轮的特点，动滑轮对物体的拉力等于A受到的摩擦力，则物体A受到的摩擦力为
A物体向右运动，受到的摩擦力水平向左。
[3]绳子自由端通过距离为
17．如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定在水平面上，钢球从 C 点由静止释放，经过 B 点到达最低点 O ，然后到达另一侧与 B 点等高的点 A 时刚好速度为零。由 O 到 A 点过程中， 能转化为重力势能， 点的动能最大，从 C 点到 B 点的过程中，机械能的总量 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 动 O 变小
【详解】[1]钢球由O点到A点的过程中，高度增大，重力势能增大，而动能减小，到A点刚好为0，所以是动能转化为重力势能的过程。
[2]钢球由C点静止释放，向下运动的过程中，高度减小，重力势能减小，转化为动能，O点时的重力势能最小，则动能最大。
[3]轨道是粗糙的，则钢球由C点到B点的过程中，需要克服摩擦做功，将部分机械能转化为内能，所以机械能的总量变小。
18．小明同学发现，当汽车在平直的公路上匀速行驶时，满载状态下的车速要比空载时的车速要小。为了弄清其原因，他查阅到了如下资料：①汽车行驶时，其输出功率恒定；②汽车在同一平直路面行驶时，受到阻力f随汽车对地面压力的增大而增大；③汽车在恒定功率下行驶时，速度v与所受牵引力F的相关数据如下表所示。
（1）分析比较上表中速度v与所受牵引力F的变化关系，可得出的初步结论是：当汽车在恒定功率下行驶时， ；
（2）请分析汽车在同一平直路面行驶，满载时的行驶速度一般比空载时小的原因。
【答案】 v与F成反比 见解析
【详解】（1）[1]由表中数据可得
所以可得当汽车在恒定功率下行驶时，v与F成反比。
（2）[2]相比空载汽车满载时汽车总重力较大，因为压力F等于重力G，所以汽车所受阻力较大，又因为汽车匀速行驶时，受到的牵引力等于阻力，所以牵引力较大，根据第（1）小题结论可知，满载时行驶速度较小。
三、作图题
19．某天小明用温度计测得当天的气温为﹣3℃，请把如图所示的温度计的液柱部分涂黑。
【答案】
【详解】由图知道，温度计的分度值是1℃，0刻度线下面第3个小刻度对应示数就是-3℃，如下图
20．如图所示，根据动力臂和阻力画出杠杆的动力的示意图和阻力臂。
【答案】
【详解】解：力臂是支点到力的作用线的距离，如L2所示为F2的力臂；过L1的下端点作L1的垂线，与杠杆的交点为动力作用点，根据杠杆平衡，动力F1方向向下，如图所示：
21．滑轮是一种变形杠杆，定滑轮的轴O是杠杆的支点，请在下图中标出该滑轮的力臂、。
【答案】
【详解】悬挂物体的绳子向下的拉力即为阻力，过支点O分别作动力、阻力作用线的垂线段即为动力臂、阻力臂，作图如下：
四、计算题
22．质量为2千克的水温度降低10℃，求水放出的热量Q放。[c水=4.2×103焦/（千克•℃）]
【答案】
【详解】解：水放出的热量为
答：水放出的热量为。
23．如图所示，是某举重运动员在0.5秒内由支撑到起立将杠铃举起的过程中拍摄的两张照片，由照片和表格中所提供的信息，求：
（1）运动员由支撑到起立过程中对杠铃所做的功；
（2）运动员在此过程中对杠铃做功的功率。
【答案】（1）800J；（2）1600W
【详解】解：（1）由题意知，运动员举起杠铃需要用1000N的力，举起的高度为0.8m，则此过程运动员对杠铃所做的功
W=Fs=Gh=1000N×0.8m=800J
（2）运动员对杠铃做功的功率
答：（1）运动员由支撑到起立过程中对杠铃所做的功为800J；
（2）运动员在此过程中对杠铃做功的功率为1600W。
24．工人师傅需要将一直径为60cm、重1500N的圆柱形油桶推上12cm高的台阶（如图所示）。假设油桶重心与横截面圆心重合，解答下列问题：
（1）类比滑轮，通过画图分析计算，工人需要的最小推力是多少N？
（2）使用什么简单机械推油桶，还可以更省力。简述使用方法。
【答案】（1） ，600N；（2）见解析
【详解】解：（1）支点为O，阻力为G，阻力臂为，过支点O，画直径OA，过A做OA的垂线，沿该方向用力最小（最省力），如图所示：
因为直径，所以
所以
因为
因此最小的力
（2）斜面是一种简单机械，可用于克服垂直提升重物之困难，省力但是费距离，因此使用斜面推油桶，可以更省力。使用方法为：将木板斜搭，与水平面成一定角度的倾斜，沿斜面将油桶滚上台阶。
答：（1）见解答图，工人需要的最小推力是600N；
（2）使用斜面推油桶，还可以更省力。使用方法：将木板斜搭，与水平面成一定角度的倾斜，沿斜面将油桶滚上台阶。
25．如图所示的轻质杠杆，OA长为60厘米，AB长为20厘米，在A点处竖直向上施加大小为20牛的拉力时，杠杆恰能水平平衡。
（1）关于重物受到的重力G，小王进行了计算：
请判断小王同学的计算过程是否正确，并说明理由。若小王的计算过程有错误，请写出正确的计算过程。
（2）若将悬挂重物G的细线沿杠杆缓慢从B点移至C点（图中未标出），杠杆保持水平平衡，拉力大小变化了5牛，求BC两点间距离lBC。
【答案】（1）见解析；（2）10cm
【详解】解：（1）小王同学的计算过程错误，计算过程中阻力臂是错误的，阻力臂
l2=OB=OA-AB=60cm-20cm=40cm
正确的过程为
F1l1=F2l2
20N×60cm=F2×40cm
F2=30N
G=F2=30N
（2）若将悬挂重物G的细线沿杠杆缓慢从B点移至C点（图中未标出），杠杆保持水平平衡，拉力大小变化了5N，如果拉力增大5N，此时拉力的大小为
F′1=20N+5N=25N
由杠杆平衡条件得到
F′1×OA=F2×OC
25N×60cm=30N×OC
OC=50cm
BC两点间距离
lBC=OC-OB=50cm-40cm=10cm
如果拉力减小5N，此时拉力的大小为
F′′1=20N-5N=15N
由杠杆平衡条件得到
F′′1×OA=F2×OC′
15N×60cm=30N×OC′
OC′=30cm
BC两点间距离
lBC=OB-OC′=40cm-30cm=10cm
答：（1）见解析；
（2）BC两点间距离是10cm。
五、实验题
26．为了探究物体重力势能的大小与哪些因素有关，小明同学利用带有四只脚的小方桌、沙箱及质量不同的重物（）设计并进行了如图所示的实验。
（1）实验中小明是通过观察 来判断重力势能大小的。
（2）要探究物体重力势能的大小与高度的关系，应选择图 进行分析比较。
（3）图（b）和图（c）探究的问题是 与 的关系。
【答案】 小桌下陷的深度 （a）、（b） 重力势能 质量
【详解】（1）[1]实验中小明是通过观察小桌下陷的深度来判断重力势能大小的，陷入沙子的深度越大，表明重物的重力势能越大，采用了转换法。
（2）[2]要探究物体重力势能的大小与高度的关系，应控制重物的质量不变，改变重物的高度，应选择图（a）、（b）进行分析比较。
（3）[3][4]图（b）和图（c）中，重物的高度相同，质量不同，探究的问题是重力势能与质量的关系。
27．如图所示，小勇利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态，为了便于测量力臂，应使杠杆在 位置平衡。为此，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节；
（2）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在A点挂3个钩码，则应在B点挂 个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡；
（3）如图丙所示，杠杆始终保持在水平位置平衡，小新将弹簧测力计从位置①移动到位置②时，测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 平衡 水平 左 2 变大
【详解】（1）[1]杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态，因此图甲中杠杆处于平衡状态。
[2]当杠杆在水平位置平衡时，力臂恰好沿着杠杆的方向，可以直接从杠杆上读出力臂，因此为了便于测量力臂，应该使杠杆在水平位置平衡。
[3]如图甲所示，杠杆右端下沉，说明右侧重，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节。
（2）[4]设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则
解得n=2，应在B点挂2个钩码。
（3）[5]将弹簧测力计从①位置移动到②位置时，阻力和阻力臂不变，拉力F力臂变小，由杠杆平衡条件可知，测力计的示数将变大。
28．测量两位同学从一楼上到三楼做功快慢的实验：
（1）已提供的器材是体重秤和皮尺，还需要的器材是 ；
下表是两位同学的实验数据：
（2）比较实验次数1和3可得到：当 相同时，做的功越多，做功越快；
（3）比较实验次数 可知：当两位同学做功相同时，所用时间越少，做功越快；
（4）当他们做功多少和做功时间均不相同时， ，做功越快。因此，为了比较两位同学做功的快慢，应该在表格最后一列增加一栏项目，这个项目是 ，为此物理学中引入了一个新的物理量叫 。
【答案】 秒表 所用时间 1和4 单位时间内做的功越多 做功/做功时间（焦/秒） 功率
【详解】（1）[1]人上楼时的功率
实验需要测出人的质量m、楼的高度h、上楼需要的时间t，需要的实验器材是体重秤、皮尺、秒表。
（2）[2]比较实验次数1和3的数据，做功时间都是30s，甲同学做功6000J，乙同学做功4000J，分析数据可知，当所用时间相同时，做的功越多，做功越快。
（3）[3]比较实验次数1和4的数据，甲、乙同学做功都是6000J，甲同学做功时间30s，乙同学做功时间50s，分析数据可知，当两位同学做功相同时，所用时间越少，做功越快。
（4）[4]当做功的多少和时间均不相同时，算出功和时间的比值进行比较，即单位时间内做的功越多，做功越快。
[5][6]为此物理学中引入了一个新的物理量叫功率，功率表示物体做功的快慢，故在表格最后一列增加一栏项目，这个项目是功率。
29．某小组同学通过实验探究液体吸收热量的多少与哪些因素有关，他们用相同的酒精灯对一定质量的水进行加热，并测出水升高的温度和相应的加热时间，实验结果如表一所示。然后他们改变水的质量继续进行探究，水升高的温度和相应的加热时间结果如表二所示。（设水在相等时间内吸收的热量相等）
表一100克水
表二200克水
表三
①分析比较实验序号1、2与3或4、5与6中的相关实验数据，可得出的初步结论是： ；
②分析比较实验序号 中相关实验数据，可以得出的初步结论是：质量不同的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多；
③进一步综合分析实验序号1与4或2与5或3与6中的相关实验数据，可归纳得出的结论：当 时，水吸收的热量相同；
④为了结论更具有普遍性，小张认为还需进一步进行实验，请结合表一的数据在表三中填入拟进行实验的数据，以完善他们的探究实验 。
【答案】 相同质量的同种物质，吸热多少与升高的温度成正比 1、5 同种物质质量与升高的温度之积相同 见解析
【详解】①[1]表一中，相同质量的水加热的时间越长，升高的温度越高，且二者成正比；表二中，加热的时间和升高的温度也成正比关系；根据转换法可知，物质吸热的多少可以用加热时间的长短来表示，即加热的时间越长，物质吸收热量越多；故分析比较实验序号1、2与3或4、5与6中的相关实验数据，可得出的初步结论是：相同质量的同种物质，吸热多少与升高的温度成正比。
②[2]分析比较实验序号1、5中相关实验数据可知，两组实验升高的温度均为5℃；实验序号5中水的质量更大，加热的时间更长，吸收的热量更多；故可以得出的初步结论是：质量不同的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多。
③[3]比较实验序号1与4中水的质量和升高的温度乘积，即
实验序号1与4加热时间相同，吸收的热量相同。
比较实验序号2与5中水的质量和升高的温度乘积，即
实验序号2与5加热时间相同，吸收的热量相同。
比较实验序号3与6中水的质量和升高的温度乘积，即
实验序号3与6加热时间相同，吸收的热量相同。
可归纳得出的结论：当同种物质质量与升高的温度之积相同时，水吸收的热量相同。
④[4]根据可知，液体吸收热量的多少与质量、物质的种类以及温度的变化量有关；为了结论更具有普遍性，还需要探究吸收热量的多少与物质种类的关系，因此还需补充质量相同（与表一比较）的不同液体，因此表三中的数据如下：
表三100g食用油
F（N）
2000
1000
500
400
200
v（m/s）
5
10
20
25
50
杠铃长度
1.4米
杠铃重力
1000牛
运动员质量
80千克
举起高度
0.8米
计算过程
小王
F1l1=F2l2； 20牛×60厘米=F2·20厘米； G=F2=60牛
实验次数
同学
做功时间（秒）
做功（焦）
1
甲
30
6000
2
甲
60
120007
3
乙
30
4000
4
乙
50
6000
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
1
5
1
2
10
2
3
15
3
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
4
2.5
1
5
5
2
6
7.5
3
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
7
______
/
8
______
/
9
______
/
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
7
5
/
8
10
/
9
15
/
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．测试范围：八年级第二学期。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题
1．人体的正常体温为（ ）
A．0℃B．20℃C．37℃D．45℃
【答案】C
【详解】人体的正常体温为37℃，若高于37.3℃，则视为发烧，故C符合题意。
故选C。
2．下列单位中，不属于功率的单位的是（ ）
A．kWB．J/sC．WD．J
【答案】D
【详解】ABC．在国际单位制中，功率的单位是W，据知，1W=1J/s，常用单位：kW；故ABC不符合题意；
D．焦耳（J）是功、能量、热量的国际单位，不是功率的单位，故D符合题意。
故选D。
3．分子在不停地做无规则运动，能体现此规律的现象是（ ）
A．灰尘飞扬B．雨滴飘落C．花香四溢D．树叶凋落
【答案】C
【详解】A．灰尘飞扬是机械运动，故A不符合题意；
B．雨滴飘落是机械运动，故B不符合题意；
C．花香四溢是扩散现象，是由于分子不停地做无规则运动造成的，故C符合题意。
D．树叶凋落是机械运动，故D不符合题意。
故选C。
4．不同的物理量具有不同的意义，下列物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．内能B．比热容C．热量D．温度
【答案】B
【详解】A ．内能是物体内部所有分子具有的能量，与温度、质量有关。所以内能不是物质的特性，故A不符合题意；
B ．比热是物质的一种特性，同种物质（状态一定）比热容相同；不同物质比热容一般不同；故B符合题意；
C ．热量是内能变化的度量，与质量、温度差等有关。所以热量不是物质的特性；故C不符合题意；
D． 温度是物体的冷热程度，一个物体可以有不同的温度值。所以温度不是物质的特性。故D不符合题意。
故选B。
5．如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是（ ）
A．搓手取暖B．热水袋取暖
C．冷毛巾降温D．煤气烧水
【答案】A
【详解】A．搓手取暖，克服摩擦做功，内能增加，属于做功改变物体内能；
B．热水袋取暖，属于热传递是改变物体内能；
C．冷毛巾降温，属于热传递是改变物体内能；
D．煤气烧水，属于热传递是改变物体内能。
综上所述，改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是A，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6．如图所示的杠杆，，为使杠杆平衡，需施加一个力，其中力最小的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【详解】为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应垂直OA向上，由图可知，为使杠杆平衡，只有作用在A点时力臂最长，且方向向上，故A符合题意、BCD不符合题意。
故选A。
7．2024年2月17日，我国自主研制的大飞机C919飞往新加坡樟宜国际机场，准备参加2024年新加坡航展。飞机加速起飞离开机场的过程中（短时间内不考虑油料质量变化），下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，重力势能减小B．动能减小，重力势能增大
C．动能增大，机械能不变D．重力势能增大，机械能增大
【答案】D
【详解】飞机加速起飞离开机场的过程中，飞机质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，所以机械能增大，故ABC错误，D正确。
故选D。
8．如图所示，用力、和将同一物体竖直匀速提升相同高度。绳子自由端通过距离为、和，拉力做的功为、和若不计滑轮重及摩擦，则（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【详解】ABD．因为使用定滑轮不省力，也不省距离，所以
不计滑轮重及摩擦，使用动滑轮能省一半力，但多移动一倍的距离，所以不计滑轮重及摩擦
因此
故AB错误，D正确。
C．不计滑轮重及摩擦，同一重物，用动滑轮和动滑轮提升的高度相同，拉力做的功分别为
所以
故C错误。
故选D。
9．甲、乙两个铜块吸收相同的热量后，铜块甲升高的温度较多。关于两铜块比热容及质量的大小关系，下列判断正确的是（ ）
A．c甲=c乙，m甲=m乙B．c甲=c乙，m甲
【详解】比热容与物体的种类和状态有关，甲和乙都属于固态铜，故它们的比热容相同；甲和乙比热容相同，吸收热量相同，由知，甲升高温度较多，说明甲的质量较小，故ACD错误，B正确。
故选B。
10．如图所示，甲、乙、丙三个小和尚抬着一根长木头向寺庙走去，甲和尚抬着较粗的一端，乙和尚抬着木头的中间部位，丙和尚抬着较细的一端．则下列判断正确的是
A．当丙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，甲的负担顿时变轻，乙的负担顿时加重
B．当乙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，甲的负担顿时变重，丙的负担顿时变轻
C．当乙的作用力减小时，甲、丙两人的作用力均增加，但
D．当甲的作用力增加时，乙、丙两人的作用力均减小，但
【答案】A
【详解】A、当丙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，如下图
若以A为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F丙去掉，要增大F乙，乙的负担顿时加重；
若以B为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F丙去掉，减小F甲，甲的负担顿时变轻；故A正确；
B、当乙由于肩膀酸痛而撤掉作用力后，如下图
若以A为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F乙去掉，要增大F丙，丙的负担顿时加重；
若以C为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F乙去掉，甲的负担顿时变重；故B错；
C、当乙的作用力减小时，如下图
若以A为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，减小的力和力臂乘积相等，F甲的力臂等于F乙的力臂的2倍，所以
若以C为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，减小的力和力臂乘积相等，F丙的力臂等于F乙的力臂的2倍，所以；所以
故C错误；
D、当甲作用力增加时，如下图
若以B为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F甲增大，F丙也增大，；
若以C为支点，阻力和阻力臂不变，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，F甲增大，F乙减小，F甲的力臂等于F乙的力臂的2倍，所以
故D错误。
故选A。
【点睛】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，能画出图帮助解题、利用好杠杆平衡条件是本题的关键。
二、填空题
11．如图所示的体温计，是根据液体的 性质制成的，它的测量范围为 ；由分子动理论可知，物体的温度越高，分子的热运动越 。
【答案】 热胀冷缩 35℃~42℃ 剧烈
【详解】[1]温度计都是根据液体的热胀冷缩性质制成的。
[2]如图所示，体温计的测量范围是35℃~42℃。
[3]分子热运动的剧烈程度与温度有关，物体的温度越高，分子的热运动越剧烈。
12．重为15N的物块，在大小为2N的水平拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，10s内前进了6m。此过程中，重力做功为 J；拉力的功率为 W，其表示的物理意义是 。
【答案】 0 1.2 该拉力1 s做功1.2J
【详解】
[1]物体在水平方向运动，而重力是竖直方向的，力与距离垂直，故重力不做功。
[2]拉力的功率为
[3]拉力功率是70W，其物理意义是：该拉力1 s做功1.2J。
13．冬天人们常用热水袋取暖，主要是利用 改变物体内能。如图是某台汽油机工作的四个冲程（顺序已打乱），其中将内能转化为机械能的冲程是 ，（用字母表示）请按一个工作循环的过程，将四个图重新排序 。（用字母表示）
【答案】 热传递 D BADC
【详解】[1]人们用热水袋取暖时，人体从热水中吸收热量，使人体的内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变人体的内能。
[2][3]汽油机的一个工作循环，包括4个冲程，依次是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。图A中，两个气门都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程；图B中，进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动，因此是吸气冲程；图C中，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，因此是排气冲程；图D中，两气门都关闭，火花塞点火，将汽缸内的混合气体点燃，产生高温高压的燃气，推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，此冲程是做功冲程。按一个工作循环的过程，将四个图重新排序的顺序是BADC。
14．2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱降落伞返回地面。其中一段沿直线下降的s-t图像如图所示，则降落伞的动能 ，重力势能 ，机械能 （后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】 不变 减小 减小
【详解】[1][2][3]飞船返回舱降落伞返回地面过程中，质量不变，由图得，该阶段降落伞速度不变，高度下降，则降落伞的动能不变，重力势能减小，机械能为动能与势能的总和，则机械能减小。
15．在图中，OA是轻质杠杆，已知OB=2BA，B点所挂重物的质量为3千克，力F作用在A点并竖直向上拉，杠杆处于静止状态，则重物所受重力G为 牛，力F的大小为 牛。汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容在常见的物质中比较 。
【答案】 29.4 19.6 大
【详解】[1]重物所受重力
[2]平衡条件得，力F的大小为
[3]汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容较大，在升高相同温度的条件下，比热容较大的水能够从发电机吸收更多的热量。
16．如图所示，重为8N的物体A在水平拉力F的作用下，沿水平面以0.6m/s的速度向右运动了2s，弹簧测力计的示数为5N。则物体A受到的摩擦力为 N，方向 ，绳子自由端通过距离为 m。（不计滑轮重及摩擦）
【答案】 10 水平向左 2.4
【详解】[1][2]弹簧测力计的示数为5N。根据动滑轮的特点，动滑轮对物体的拉力等于A受到的摩擦力，则物体A受到的摩擦力为
A物体向右运动，受到的摩擦力水平向左。
[3]绳子自由端通过距离为
17．如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定在水平面上，钢球从 C 点由静止释放，经过 B 点到达最低点 O ，然后到达另一侧与 B 点等高的点 A 时刚好速度为零。由 O 到 A 点过程中， 能转化为重力势能， 点的动能最大，从 C 点到 B 点的过程中，机械能的总量 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 动 O 变小
【详解】[1]钢球由O点到A点的过程中，高度增大，重力势能增大，而动能减小，到A点刚好为0，所以是动能转化为重力势能的过程。
[2]钢球由C点静止释放，向下运动的过程中，高度减小，重力势能减小，转化为动能，O点时的重力势能最小，则动能最大。
[3]轨道是粗糙的，则钢球由C点到B点的过程中，需要克服摩擦做功，将部分机械能转化为内能，所以机械能的总量变小。
18．小明同学发现，当汽车在平直的公路上匀速行驶时，满载状态下的车速要比空载时的车速要小。为了弄清其原因，他查阅到了如下资料：①汽车行驶时，其输出功率恒定；②汽车在同一平直路面行驶时，受到阻力f随汽车对地面压力的增大而增大；③汽车在恒定功率下行驶时，速度v与所受牵引力F的相关数据如下表所示。
（1）分析比较上表中速度v与所受牵引力F的变化关系，可得出的初步结论是：当汽车在恒定功率下行驶时， ；
（2）请分析汽车在同一平直路面行驶，满载时的行驶速度一般比空载时小的原因。
【答案】 v与F成反比 见解析
【详解】（1）[1]由表中数据可得
所以可得当汽车在恒定功率下行驶时，v与F成反比。
（2）[2]相比空载汽车满载时汽车总重力较大，因为压力F等于重力G，所以汽车所受阻力较大，又因为汽车匀速行驶时，受到的牵引力等于阻力，所以牵引力较大，根据第（1）小题结论可知，满载时行驶速度较小。
三、作图题
19．某天小明用温度计测得当天的气温为﹣3℃，请把如图所示的温度计的液柱部分涂黑。
【答案】
【详解】由图知道，温度计的分度值是1℃，0刻度线下面第3个小刻度对应示数就是-3℃，如下图
20．如图所示，根据动力臂和阻力画出杠杆的动力的示意图和阻力臂。
【答案】
【详解】解：力臂是支点到力的作用线的距离，如L2所示为F2的力臂；过L1的下端点作L1的垂线，与杠杆的交点为动力作用点，根据杠杆平衡，动力F1方向向下，如图所示：
21．滑轮是一种变形杠杆，定滑轮的轴O是杠杆的支点，请在下图中标出该滑轮的力臂、。
【答案】
【详解】悬挂物体的绳子向下的拉力即为阻力，过支点O分别作动力、阻力作用线的垂线段即为动力臂、阻力臂，作图如下：
四、计算题
22．质量为2千克的水温度降低10℃，求水放出的热量Q放。[c水=4.2×103焦/（千克•℃）]
【答案】
【详解】解：水放出的热量为
答：水放出的热量为。
23．如图所示，是某举重运动员在0.5秒内由支撑到起立将杠铃举起的过程中拍摄的两张照片，由照片和表格中所提供的信息，求：
（1）运动员由支撑到起立过程中对杠铃所做的功；
（2）运动员在此过程中对杠铃做功的功率。
【答案】（1）800J；（2）1600W
【详解】解：（1）由题意知，运动员举起杠铃需要用1000N的力，举起的高度为0.8m，则此过程运动员对杠铃所做的功
W=Fs=Gh=1000N×0.8m=800J
（2）运动员对杠铃做功的功率
答：（1）运动员由支撑到起立过程中对杠铃所做的功为800J；
（2）运动员在此过程中对杠铃做功的功率为1600W。
24．工人师傅需要将一直径为60cm、重1500N的圆柱形油桶推上12cm高的台阶（如图所示）。假设油桶重心与横截面圆心重合，解答下列问题：
（1）类比滑轮，通过画图分析计算，工人需要的最小推力是多少N？
（2）使用什么简单机械推油桶，还可以更省力。简述使用方法。
【答案】（1） ，600N；（2）见解析
【详解】解：（1）支点为O，阻力为G，阻力臂为，过支点O，画直径OA，过A做OA的垂线，沿该方向用力最小（最省力），如图所示：
因为直径，所以
所以
因为
因此最小的力
（2）斜面是一种简单机械，可用于克服垂直提升重物之困难，省力但是费距离，因此使用斜面推油桶，可以更省力。使用方法为：将木板斜搭，与水平面成一定角度的倾斜，沿斜面将油桶滚上台阶。
答：（1）见解答图，工人需要的最小推力是600N；
（2）使用斜面推油桶，还可以更省力。使用方法：将木板斜搭，与水平面成一定角度的倾斜，沿斜面将油桶滚上台阶。
25．如图所示的轻质杠杆，OA长为60厘米，AB长为20厘米，在A点处竖直向上施加大小为20牛的拉力时，杠杆恰能水平平衡。
（1）关于重物受到的重力G，小王进行了计算：
请判断小王同学的计算过程是否正确，并说明理由。若小王的计算过程有错误，请写出正确的计算过程。
（2）若将悬挂重物G的细线沿杠杆缓慢从B点移至C点（图中未标出），杠杆保持水平平衡，拉力大小变化了5牛，求BC两点间距离lBC。
【答案】（1）见解析；（2）10cm
【详解】解：（1）小王同学的计算过程错误，计算过程中阻力臂是错误的，阻力臂
l2=OB=OA-AB=60cm-20cm=40cm
正确的过程为
F1l1=F2l2
20N×60cm=F2×40cm
F2=30N
G=F2=30N
（2）若将悬挂重物G的细线沿杠杆缓慢从B点移至C点（图中未标出），杠杆保持水平平衡，拉力大小变化了5N，如果拉力增大5N，此时拉力的大小为
F′1=20N+5N=25N
由杠杆平衡条件得到
F′1×OA=F2×OC
25N×60cm=30N×OC
OC=50cm
BC两点间距离
lBC=OC-OB=50cm-40cm=10cm
如果拉力减小5N，此时拉力的大小为
F′′1=20N-5N=15N
由杠杆平衡条件得到
F′′1×OA=F2×OC′
15N×60cm=30N×OC′
OC′=30cm
BC两点间距离
lBC=OB-OC′=40cm-30cm=10cm
答：（1）见解析；
（2）BC两点间距离是10cm。
五、实验题
26．为了探究物体重力势能的大小与哪些因素有关，小明同学利用带有四只脚的小方桌、沙箱及质量不同的重物（）设计并进行了如图所示的实验。
（1）实验中小明是通过观察 来判断重力势能大小的。
（2）要探究物体重力势能的大小与高度的关系，应选择图 进行分析比较。
（3）图（b）和图（c）探究的问题是 与 的关系。
【答案】 小桌下陷的深度 （a）、（b） 重力势能 质量
【详解】（1）[1]实验中小明是通过观察小桌下陷的深度来判断重力势能大小的，陷入沙子的深度越大，表明重物的重力势能越大，采用了转换法。
（2）[2]要探究物体重力势能的大小与高度的关系，应控制重物的质量不变，改变重物的高度，应选择图（a）、（b）进行分析比较。
（3）[3][4]图（b）和图（c）中，重物的高度相同，质量不同，探究的问题是重力势能与质量的关系。
27．如图所示，小勇利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态，为了便于测量力臂，应使杠杆在 位置平衡。为此，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节；
（2）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在A点挂3个钩码，则应在B点挂 个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡；
（3）如图丙所示，杠杆始终保持在水平位置平衡，小新将弹簧测力计从位置①移动到位置②时，测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 平衡 水平 左 2 变大
【详解】（1）[1]杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态，因此图甲中杠杆处于平衡状态。
[2]当杠杆在水平位置平衡时，力臂恰好沿着杠杆的方向，可以直接从杠杆上读出力臂，因此为了便于测量力臂，应该使杠杆在水平位置平衡。
[3]如图甲所示，杠杆右端下沉，说明右侧重，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节。
（2）[4]设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则
解得n=2，应在B点挂2个钩码。
（3）[5]将弹簧测力计从①位置移动到②位置时，阻力和阻力臂不变，拉力F力臂变小，由杠杆平衡条件可知，测力计的示数将变大。
28．测量两位同学从一楼上到三楼做功快慢的实验：
（1）已提供的器材是体重秤和皮尺，还需要的器材是 ；
下表是两位同学的实验数据：
（2）比较实验次数1和3可得到：当 相同时，做的功越多，做功越快；
（3）比较实验次数 可知：当两位同学做功相同时，所用时间越少，做功越快；
（4）当他们做功多少和做功时间均不相同时， ，做功越快。因此，为了比较两位同学做功的快慢，应该在表格最后一列增加一栏项目，这个项目是 ，为此物理学中引入了一个新的物理量叫 。
【答案】 秒表 所用时间 1和4 单位时间内做的功越多 做功/做功时间（焦/秒） 功率
【详解】（1）[1]人上楼时的功率
实验需要测出人的质量m、楼的高度h、上楼需要的时间t，需要的实验器材是体重秤、皮尺、秒表。
（2）[2]比较实验次数1和3的数据，做功时间都是30s，甲同学做功6000J，乙同学做功4000J，分析数据可知，当所用时间相同时，做的功越多，做功越快。
（3）[3]比较实验次数1和4的数据，甲、乙同学做功都是6000J，甲同学做功时间30s，乙同学做功时间50s，分析数据可知，当两位同学做功相同时，所用时间越少，做功越快。
（4）[4]当做功的多少和时间均不相同时，算出功和时间的比值进行比较，即单位时间内做的功越多，做功越快。
[5][6]为此物理学中引入了一个新的物理量叫功率，功率表示物体做功的快慢，故在表格最后一列增加一栏项目，这个项目是功率。
29．某小组同学通过实验探究液体吸收热量的多少与哪些因素有关，他们用相同的酒精灯对一定质量的水进行加热，并测出水升高的温度和相应的加热时间，实验结果如表一所示。然后他们改变水的质量继续进行探究，水升高的温度和相应的加热时间结果如表二所示。（设水在相等时间内吸收的热量相等）
表一100克水
表二200克水
表三
①分析比较实验序号1、2与3或4、5与6中的相关实验数据，可得出的初步结论是： ；
②分析比较实验序号 中相关实验数据，可以得出的初步结论是：质量不同的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多；
③进一步综合分析实验序号1与4或2与5或3与6中的相关实验数据，可归纳得出的结论：当 时，水吸收的热量相同；
④为了结论更具有普遍性，小张认为还需进一步进行实验，请结合表一的数据在表三中填入拟进行实验的数据，以完善他们的探究实验 。
【答案】 相同质量的同种物质，吸热多少与升高的温度成正比 1、5 同种物质质量与升高的温度之积相同 见解析
【详解】①[1]表一中，相同质量的水加热的时间越长，升高的温度越高，且二者成正比；表二中，加热的时间和升高的温度也成正比关系；根据转换法可知，物质吸热的多少可以用加热时间的长短来表示，即加热的时间越长，物质吸收热量越多；故分析比较实验序号1、2与3或4、5与6中的相关实验数据，可得出的初步结论是：相同质量的同种物质，吸热多少与升高的温度成正比。
②[2]分析比较实验序号1、5中相关实验数据可知，两组实验升高的温度均为5℃；实验序号5中水的质量更大，加热的时间更长，吸收的热量更多；故可以得出的初步结论是：质量不同的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多。
③[3]比较实验序号1与4中水的质量和升高的温度乘积，即
实验序号1与4加热时间相同，吸收的热量相同。
比较实验序号2与5中水的质量和升高的温度乘积，即
实验序号2与5加热时间相同，吸收的热量相同。
比较实验序号3与6中水的质量和升高的温度乘积，即
实验序号3与6加热时间相同，吸收的热量相同。
可归纳得出的结论：当同种物质质量与升高的温度之积相同时，水吸收的热量相同。
④[4]根据可知，液体吸收热量的多少与质量、物质的种类以及温度的变化量有关；为了结论更具有普遍性，还需要探究吸收热量的多少与物质种类的关系，因此还需补充质量相同（与表一比较）的不同液体，因此表三中的数据如下：
表三100g食用油
F（N）
2000
1000
500
400
200
v（m/s）
5
10
20
25
50
杠铃长度
1.4米
杠铃重力
1000牛
运动员质量
80千克
举起高度
0.8米
计算过程
小王
F1l1=F2l2； 20牛×60厘米=F2·20厘米； G=F2=60牛
实验次数
同学
做功时间（秒）
做功（焦）
1
甲
30
6000
2
甲
60
120007
3
乙
30
4000
4
乙
50
6000
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
1
5
1
2
10
2
3
15
3
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
4
2.5
1
5
5
2
6
7.5
3
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
7
______
/
8
______
/
9
______
/
实验序号
升高温度（℃）
加热时间（分钟）
7
5
/
8
10
/
9
15
/
相关试卷
2023-2024学年初中下学期八下物理期末模拟卷（全解全析）（人教版）： 这是一份2023-2024学年初中下学期八下物理期末模拟卷（全解全析）（人教版），共15页。试卷主要包含了下列实例中，属于减小压强的是，以下关于压强的说法，正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年初中下学期八年级物理期末模拟卷（成都）（全解全析）： 这是一份2023-2024学年初中下学期八年级物理期末模拟卷（成都）（全解全析），共28页。试卷主要包含了全卷答案完成到答题卡上，下列关于功率的说法中，正确的是，生活中物理无处不在，“珍爱生命，安全出行等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年第二学期八年级物理期末模拟卷（全解全析）（沪粤版）： 这是一份2023-2024学年第二学期八年级物理期末模拟卷（全解全析）（沪粤版），共19页。试卷主要包含了考生必须保持答题卡的整洁等内容，欢迎下载使用。
