北京市西城区北京师范大学附属实验中学2022_2023学年九年级下学期数学统一练习（一）（含答案）

这是一份北京市西城区北京师范大学附属实验中学2022_2023学年九年级下学期数学统一练习（一）（含答案），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

北京市西城区北京师范大学附属实验中学2022~2023学年九年级下学期数学统一练习（一）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．国家统计局发布2021年国内生产总值达到1140000亿元，比上年增长8.1%．将1140000用科学记数法表示应为（    ）
A． B． C． D．
【答案】C
【分析】用科学记数法表示成的形式，其中，，代入可得结果．
【详解】解：的绝对值大于表示成的形式，
∵，，
∴表示成，
故选C．
【点睛】本题考查了科学记数法．解题的关键在于确定的值．
2．如图，将一块直角三角板的直角顶点放在直尺的一边上．若∠2＝40°，则∠1的度数是（　　）

A．60° B．50° C．40° D．30°
【答案】B
【详解】如图,

∵∠2=40°，
∴∠3=∠2=40°，
∴∠1=90°−40°=50°.
故选B.
3．七巧板是我国古代劳动人民的发明之一，被誉为“东方魔板”．将右图的七巧板的其中几块，拼成一个多边形，为轴对称图形的是（    ）

A． B． C． D．
【答案】C
【分析】根据在平面内，一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够完全重合的图形叫做轴对称图形对各选项进行判断即可．
【详解】解：由题意知，C中图形为轴对称图形；
故选：C．
【点睛】本题考查了轴对称图形的定义．解题的关键在于熟练掌握轴对称图形的定义．
4．五边形的内角和是（    ）
A． B． C． D．
【答案】B
【分析】根据边形的内角和为，将代入，计算求解即可．
【详解】解：由题意知，五边形的内角和为，
故选：B．
【点睛】本题考查了多边形的内角和．解题的关键在于明确边形的内角和为．
5．方程组的解是的解是（　　）
A． B． C． D．
【答案】A
【分析】根据加减消元法解出x,y的值即可．
【详解】解：
①+②得,
解得,
①-②得,
解得,
原方程组的解为．
故选A
【点睛】本题考查了二元一次方程组的解法加减消元法，根据具体的方程组选取合适的方法是解决本类题目的关键．
6．实数a，b在数轴上对应的点的位置如图所示，下列结论正确的是（    ）

A． B． C． D．
【答案】D
【分析】由数轴可知，，可判断A的正误；根据，可判断B的正误；根据，可判断C的正误；根据，，可判断D的正误．
【详解】解：由数轴可知，，
∴，故A错误，不符合题意；
∵，
∴，故B错误，不符合题意；
∵，
∴，故C错误，不符合题意；
∵，，
∴，故D正确，符合题意；
故选D．
【点睛】本题考查了利用数轴比较有理数的大小，根据点在数轴的位置判断式子的正负，不等式的性质等知识．解题的关键在于明确．
7．某班甲、乙、丙三位同学5次数学成绩及班级平均分的折线统计图如下，则下列判断错误的是（   ）

A．甲的数学成绩高于班级平均分 B．乙的数学成绩在班级平均分附近波动 C．丙的数学成绩逐次提高 D．甲、乙、丙三人中，甲的数学成绩最不稳定
【答案】D
【分析】观察折线统计图，然后对各选项进行判断即可．
【详解】解：由折线图可知，甲的数学成绩高于班级平均分；乙的数学成绩在班级平均分附近波动；丙的数学成绩逐次提高；甲、乙、丙三人中，丙的数学成绩最不稳定；
∴A、B、C正确，不符合题意；D错误，符合题意；
故选D．
【点睛】本题考查了折线统计图．解题的关键在于从折线图中获取正确的信息．
8．将一圆柱形小水杯固定在大圆柱形容器底面中央，现用一个注水管沿大容器内壁匀速注水，如图所示，则小水杯水面的高度与注水时间的函数图象大致是（    ）

A． B． C． D．
【答案】B
【分析】根据注水开始一段时间内，当大容器中书面高度小于h时，小水杯中无水进入，此时小水杯水面的高度h为0cm；当大容器中书面高度大于h时，小水杯先匀速进水，此时小水杯水面的高度不断增加，直到；然后小水杯水面的高度一直保持在h不再发生变化，对各选项进行判断即可．
【详解】解：由题意知，当大容器中书面高度小于h时，小水杯水面的高度h为0cm；
当大容器中书面高度大于h时，小水杯先匀速进水，此时小水杯水面的高度不断增加，直到；然后小水杯水面的高度一直保持在h不再发生变化；
故选：B．
【点睛】本题考查了一次函数的应用，函数的图象．解题的关键在于理解题意，抽象出一次函数．

二、填空题
9．若在实数范围内有意义，则实数的取值范围是______．
【答案】
【分析】根据二次根式有意义的条件：被开方数是非负数，进行求解．
【详解】解：由题意得：，
∴；
故答案为．
【点睛】本题主要考查二次根式有意义的条件，熟练掌握二次根式有意义的条件是解题的关键．
10．分解因式：______________．
【答案】
【分析】根据提公因式法及平方差公式可直接进行求解．
【详解】解：；
故答案为．
【点睛】本题主要考查因式分解，熟练掌握因式分解的方法是解题的关键．
11．分式方程的解为____________.
【答案】x＝3
【分析】方程两边同乘以x(x-1)，然后解整式方程并检验.
【详解】解：，
2x=3(x-1)，
x=3，
经检验，x=3是分式方程的解，
故方程的解为：x=3，
故答案为x=3.
【点睛】此题考查了解分式方程，解分式方程的基本思想是“转化思想”，把分式方程转化为整式方程求解．解分式方程一定注意要验根．
12．请写出一个大于2而小于3的无理数___．
【答案】（答案不唯一）．
【分析】根据算术平方根的定义，即可求解
【详解】解：∵，
∴写出一个大于2而小于3的无理数可以为
故答案为．
【点睛】此题主要考查了无理数大小的估算，熟练掌握算术平方根的意义是解题的关键．
13．北京2022年冬奥会和冬残奥会的吉祥物“冰墩墩”和“雪容融”广受大家的喜爱．即将在2022年9月举行的杭州亚运会的吉祥物“宸宸”“踪踪”“莲莲”也引起了大家的关注．现将五张正面分别印有以上5个吉祥物图案的卡片（卡片的形状、大小、质地都相同）背面朝上并洗匀，随机翻开一张正好是“冰墩墩”的概率是_________．

【答案】
【分析】根据概率公式即可求得．
【详解】解：从5张卡片中，随机翻开一张正好是“冰墩墩”的概率是
故答案为：
【点睛】本题考查了概率公式的应用，熟练掌握和运用概率公式是解决本题的关键．
14．如图，点A，B，C是⊙O上的三点．若∠AOC=90°，∠BAC=30°，则∠AOB的度数为________．

【答案】30°##30度
【分析】由圆周角定理可得∠BOC=2∠BAC=60°，继而∠AOB=∠AOC-∠BOC=90°-60°=30°．
【详解】解：∵∠BAC与∠BOC所对弧为，
由圆周角定理可知：∠BOC=2∠BAC=60°，
又∠AOC=90°，
∴∠AOB=∠AOC-∠BOC=90°-60°=30°．
故答案为：30°．
【点睛】本题主要考查了圆周角定理，熟练运用圆周角定理是解题关键．圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．
15．已知，则代数式________．
【答案】5
【分析】根据，将代数式代入求解即可．
【详解】解：，
将代入得，原式，
故答案为：5．
【点睛】本题考查了代数式求值，平方差公式．解题的关键在于将代数式进行正确的化简．
16．我国古代天文学和数学著作《周髀算经》中提到：一年有二十四个节气，每个节气的��（ɡuǐ）长损益相同（��是按照日影测定时刻的仪器，��长即为所测量影子的长度），二十四节气如图所示．从冬至到夏至��长逐渐变小，从夏至到冬至��长逐渐变大，相邻两个节气��长减少或增加的量均相同，周而复始．若冬至的��长为13.5尺，夏至的��长为1.5尺，则相邻两个节气��长减少或增加的量为________尺，立夏的��长为_______尺．

【答案】     1     4.5
【分析】设相邻两个节气��长减少的量为尺，由题意知，，计算求出相邻两个节气��长减少或增加的量；根据立夏到夏至的减少量求解立夏的��长即可．
【详解】解：设相邻两个节气��长减少的量为尺，
由题意知，，
解得，，
∴相邻两个节气��长减少或增加的量为1尺；
∵，
∴立夏的��长为4.5尺；
故答案为：1；4.5．
【点睛】本题考查了一元一次方程的应用．解题的关键在于根据题意列方程．

三、解答题
17．计算：．
【答案】##
【分析】根据二次根式的性质进行化简，计算正弦，零指数幂，绝对值，然后进行加减运算即可．
【详解】解：原式．
【点睛】本题考查了二次根式的性质，正弦，零指数幂，绝对值．解题的关键在于正确的计算．
18．解不等式组．
【答案】
【分析】先分别求出不等式的解集，然后求出不等式组的解集即可．
【详解】解：，
解不等式得，；
解不等式得，；
∴不等式组的解集为．
【点睛】本题考查了解一元一次不等式组．解题的关键在于正确的计算．
19．已知：线段AB．

求作：，使得，．
作法：
①分别以点A和点B为圆心，AB长为半径作弧，两弧交于点D；
②连接BD，在BD的延长线上截取；
③连接AC．
则为所求作的三角形．
(1)使用直尺和圆规，依作法补全图形（保留作图痕迹）；
(2)完成下面的证明．
证明：连接AD．
∵，
∴为等边三角形（              ）．（填推理的依据）
∴．
∵，
∴．
∴__________（              ）．（填推理的依据）
∴．
∴．
在中，
∴．
【答案】(1)见解析
(2)等边三角形的定义；；三角形中等边对等角

【分析】(1)根据题意和作法即可画出图形；
(2) 连接AD，根据等边三角形的定义及性质，可得，再根据三角形中等边对等角，可证得，根据三角形外角的性质即可求得，据此即可证得为所求作的三角形．
【详解】（1）解：如图：
作法：
①分别以点A和点B为圆心，AB长为半径作弧，两弧交于点D；
②连接BD，在BD的延长线上截取；
③连接AC．
则为所求作的三角形．

（2）证明：如图：连接AD．

∵，
∴为等边三角形（等边三角形的定义）．
∴．
∵，
∴．
∴（三角形中等边对等角）．
．
∴．
在中，
∴．
【点睛】本题考查了作直角三角形，等边三角形的判定及性质，等边对等角，三角形内角和定理及外角的性质，按要求作出图形是解决本题的关键．
20．已知关于x的一元二次方程有两个不相等的实数根．
(1)求k的取值范围；
(2)若k为正整数，且方程的两个根均为整数，求k的值及方程的两个根．
【答案】(1)
(2)k=2，方程的两个根为，

【分析】(1)根据题意和一元二次方程根的判别式得到，解不等式即可求得；
(2)首先根据(1)可知，k的值只能是1或2，分别代入方程，解方程，再根据方程的两个根均为整数，即可解答．
【详解】（1）解：关于x的一元二次方程有两个不相等的实数根

解得
故k的取值范围为
（2）解：且k为正整数
k的值只能是1或2
当k=1时，方程为
解得
方程的两个根均为整数
k=1不合题意，舍去
当k=2时，方程为
解得，  
方程的两个根均为整数，符合题意
故k=2，方程的两个根为，
【点睛】本题考查了一元二次方程根的判别式及解一元二次方程的方法，熟练掌握和运用一元二次方程根的判别式及解一元二次方程的方法是解决本题的关键．
21．在平面直角坐标系中，一次函数的图象与x轴交于点A，与反比例函数的图象交于点，点P为反比例函数的图象上一点．
(1)求m，k的值；
(2)连接OP，AP．当时，求点P的坐标．
【答案】(1)m的值为1，k的值为3
(2)或

【分析】（1）将代入，可求得，则，将代入，计算求解值即可；
（2）设，则到轴的距离为，将代入，解得，则，，根据，计算求解满足要求的值，进而可求点坐标．
【详解】（1）解：将代入得，，
解得，
∴，
将代入得，，
解得，
∴，
∴的值为1，的值为3．
（2）解：设，则到轴的距离为，
将代入，解得，
∴，
∴，
∴，
解得或，
∴点坐标为或．
【点睛】本题考查了反比例函数与一次函数的综合，反比例函数解析式，反比例函数与几何综合．解题的关键在于对反比例函数的解析式、图象等的熟练掌握与灵活运用．
22．如图，在四边形ABCD中，AC与BD相交于点O，且，点E在BD上，．

(1)求证：四边形AECD是平行四边形；
(2)若，，，，求BE的长．
【答案】(1)证明见解析
(2)3

【分析】（1）由，可知，证明，则，进而结论得证；
（2）由，，可知，由平行四边形的性质可知，，在中，由勾股定理得，求出的值，根据，求解的值，根据，求解的值即可．
【详解】（1）证明：∵，
∴，
在和中，
∵，
∴，
∴，
∴四边形AECD是平行四边形．
（2）解：∵，，
∴，
∵四边形AECD是平行四边形，
∴，，
∵，
∴，
在中，由勾股定理得，
∴，
∴，即，
解得，
∴，
∴的长为3．
【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，平行四边形的判定与性质，等腰三角形的判定与性质，勾股定理，正切等知识．解题的关键在于对知识的熟练掌握与灵活运用．
23．如图，在中，，以AB为直径作，交BC于点D，交AC于点E，过点B作的切线交OD的延长线于点F．

(1)求证：；
(2)若，，求AE的长．
【答案】(1)见解析
(2)

【分析】(1)首先根据等边对等角可证得，再根据平行线的判定与性质，即可证得结论；
(2)首先根据圆周角定理及切线的性质，可证得，即可证得，再根据相似三角形的性质即可求得．
【详解】（1）证明：






（2）解：如图：连接BE

是的直径，AB=4
，
是的切线


又


又
，解得
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质，平行线的判定与性质，圆周角定理，切线的性质，相似三角形的判定与性质，作出辅助线，证得是解决本题的关键．
24．年是中国共产主义青年团建团周年．某校举办了一次关于共青团知识的竞赛，八、九年级各有名学生参加了本次活动，为了解两个年级的答题情况，从两个年级各随机抽取了名学生的成绩进行调查分析．下面给出了部分信息：
．八年级学生的成绩整理如下（单位：分）：
                                      
．九年级成绩的频数分布直方图如下（数据分成四组：，，，）：

期中成绩在的数据如下（单位：分）：                  
．两组样本数据的平均数、中位数、众数如下表所示：
年级
平均数
中位数
众数
八年级



九年级




根据所给信息，解答下列问题：
(1)______，______；
(2)估计______年级学生的成绩高于平均分的人数更多；
(3)若成绩达到分及以上为优秀，估计八年级和九年级此次测试成绩优秀的总人数．
【答案】(1)，
(2)九
(3)人

【分析】（1）根据众数的定义，结合八年级的数据即可求解，根据中位数的定义，得出中位数为第10个和第11个数的平均数，且中位数在内，找到第10个和第11个数据，求得其平均数即可；
（2）分别求出八、九年级的成绩在平均数以上人数的占比，然后乘以总人数可得八、九年级的学生的成绩高于平均分的总人数，然后比较大小即可；
（3）由题意知，八年级成绩优秀的人数占比为；九年级成绩优秀的人数占比为；根据计算求解可得八年级和九年级此次测试成绩优秀的总人数．
【详解】（1）根据八年级的数据，
                                      
众数为80，
根据九年级成绩中位数在分之间，可知中位数为第10个和第11个数的平均数，
由的数据，                  
第10个数据和第11个数据为80，
∴，
中位数为，
故答案为：，．
（2）解：由题意知，八年级成绩在平均分以上的有10人，占总人数的，
∴估计八年级学生的成绩高于平均分的人数为人；
九年级成绩在平均分以上的有11人，占总人数的，
∴估计九年级学生的成绩高于平均分的人数为人；
∵200<220，
∴估计九年级学生的成绩高于平均分的人数更多；
故答案为：九．
（3）解：由题意知，八年级成绩优秀的人数占比为，九年级成绩优秀的人数占比为
∴估计八年级和九年级此次测试成绩优秀的总人数为（人）
∴估计八年级和九年级此次测试成绩优秀的总人数为人
【点睛】题考查了频数分布直方图，众数，中位数，样本估计总体等知识．解题的关键在于从图表中获取正确的信息．
25．某公园内人工湖上有一座拱桥（横截面如图所示），跨度AB为4米．在距点A水平距离为d米的地点，拱桥距离水面的高度为h米．小红根据学习函数的经验，对d和h之间的关系进行了探究．

下面是小红的探究过程，请补充完整：
(1)经过测量，得出了d和h的几组对应值，如下表．
d/米
0
0.6
1
1.8
2.4
3
3.6
4
h/米
0.88
1.90
2.38
2.86
2.80
2.38
1.60
0.88

在d和h这两个变量中，________是自变量，________是这个变量的函数；
(2)在下面的平面直角坐标系中，画出（1）中所确定的函数的图象；

(3)结合表格数据和函数图象，解决问题：
①桥墩露出水面的高度AE为_______米；
②公园欲开设游船项目，现有长为3.5米，宽为1.5米，露出水面高度为2米的游船．为安全起见，公园要在水面上的C，D两处设置警戒线，并且，要求游船能从C，D两点之间安全通过，则C处距桥墩的距离CE至少为_______米．（精确到0.1米）

【答案】(1)d，h
(2)见解析
(3)①0.88；②则C处距桥墩的距离CE至少为0.7米．

【分析】（1）根据函数的定义即可解答；
（2）描点，连线，画出图象即可；
（3）①观察图象即可得出结论；②求出抛物线的解析式，令h=2解答d的值即可得答案．
【详解】（1）解：根据函数的定义，我们可以确定，在d和h这两个变量中，d是自变量，h是这个变量的函数；
故答案为：d，h；
（2）解：描点，连线，画出图象如图：
；
（3）解：①观察图象，桥墩露出水面的高度AE为0.88米；
故答案为：0.88；
②设根据图象设二次函数的解析式为h=ad2+bd+0.88，
把(1，2.38)，(3，2.38)代入得：，
解得：，
∴二次函数的解析式为h=-0.5d2+2d+0.88，
令h=2得：-0.5d2+2d+0.88=2，
解得d3.3或d0.7，
∴则C处距桥墩的距离CE至少为0.7米．
【点睛】本题考查二次函数的应用，解题的关键是读懂题意，用待定系数法求出二次函数的解析式．
26．在平面直角坐标系中，抛物线与y轴交于点A．点是抛物线上的任意一点，且不与点A重合，直线经过A，B两点．
(1)求抛物线的顶点坐标（用含m的式子表示）；
(2)若点，在抛物线上，则a_______b（用“<”，“=”或“>”填空）；
(3)若对于时，总有，求m的取值范围．
【答案】(1)
(2)
(3)

【分析】（1）由，可得抛物线的顶点坐标；
（2）由（1）可知，抛物线的对称轴为直线，可知关于对称轴对称的点坐标为，进而可知的关系；
（3）将代入，得，则，过A，B两点的直线解析式为，当时，由题意知，当时，随的增大而减小，，即，可得，可得；当时，由题意知，当时，随的增大而减小，点关于直线的对称点为，则，计算求出此时的取值范围；进而可得的取值范围．
【详解】（1）解：∵，
∴抛物线的顶点坐标为．
（2）解：由（1）可知，抛物线的对称轴为直线，
∴关于对称轴对称的点坐标为，
∴，
故答案为：．
（3）解：将代入，得，
∴，
将代入，解得，
∴，
当时，由题意知，当时，随的增大而减小，
∵，
∴，即，
解得，
∴，
∴；
当时，由题意知，当时，随的增大而减小，
点关于直线的对称点为，
∵对于时，总有，
∴，
解得，
∴；
综上所述，的取值范围为．
【点睛】本题考查了二次函数的顶点式，二次函数的图象与性质，二次函数与一次函数的综合等知识．解题的关键在于对知识的熟练掌握与灵活运用．
27．如图，在中，，，点在边上（不与点，重合），连接，以点A为中心，将线段逆时针旋转得到线段，连接．

(1)______°；
(2)取中点，连接，用等式表示线段与的数量关系，并证明．
【答案】(1)
(2)，证明见解析

【分析】（1）根据旋转的性质得到，即可得到答案；
（2）延长至点，使，连接，根据是的中位线得到，通过证明得到，从而得到．
【详解】（1）解：根据题意得，
∴，
故答案为：；
（2）解：如下图所示，延长至点，使，连接，
∵为中点，
∴是的中位线，

∴，
∵，
∴.
∵，
∴，
∴，
∵，
∴.
∵，
∴，
∴，
∴．
【点睛】本题考查旋转和全等三角形的性质，解题的关键是添加适当的辅助线，构造全等三角形．
28．对于平面直角坐标系中的点C及图形G，有如下定义：若图形G上存在A，B两点，使得为等腰直角三角形，且，则称点C为图形G的“友好点”．
(1)已知点，，在点，，中，线段OM的“友好点”是_______；
(2)直线分别交x轴、y轴于P，Q两点，若点为线段PQ的“友好点”，求b的取值范围；
(3)已知直线分别交x轴、y轴于E，F两点，若线段EF上的所有点都是半径为2的的“友好点”，直接写出d的取值范围．
【答案】(1)C1、C3
(2)1≤b<3或b>3
(3)≤d≤

【分析】（1）根据“友好点”的定义逐个判断即可；
（2）分两种情况讨论，直线PQ在点C上方或下方．过B作PQ的垂线，垂足为B，交x轴于H，根据题目中的定义知：BQ或BP的长度要大于或等于BC的长度，求解即可；
（3）首先分析得到E点的运动范围，作出图形知OE≥2，当EH平分∠FEO时，其中H（2，0），是其最大临界值，根据勾股定理求出最大值为，即得结论．
【详解】（1）解：如图所示，

由题意知三角形OC1M为等腰直角三角形，C1符合题意；
过C2作C2A⊥OM于A，则AM=3，C2A=4，三角形AMC2不是等腰三角形，C2不符合题意；
过C3作C3B⊥OM于B，则C3B=AB=1，三角形ABC3是等腰直角三角形，符合题意；
故答案为：C1、C3．
（2）解：分两种情况讨论，当直线PQ在C点上方时，过C作CB⊥PQ于B，延长BC交x轴于H，如图所示，

则△BPH为等腰直角三角形，BP=BH>BC，
故在线段PQ上必存在A点，使得∠ABC=90°，AB=BC，
将x=2，y=1代入y=－x+b得：b=3，
即b>3；
当直线PQ在C点下方时，过C作CB⊥PQ于B，CB延长线交x轴于H，

则当BQ≥BC时，符合题意，
当直线PQ过H点时，BQ=BC，如图所示，

此时，－1+b=0，即b=1，
即1≤b<3，
综上所述，b的取值范围为：1≤b<3或b>3．
（3）解：根据题意，为的弦，根据定义可知，
，当取得最小，点在上，此时
则
则
当取得最大值时，为的直径，当的长度变化时，总能在上找到点使得，则符合题意的点在如图中阴影部分中运动，

通过分析可知，当直线EF在下图中的位置时，d取得最大值，

此时，∠HEO=22.5°，即EH为∠EHF的平分线，
过H作HM⊥EF于M，则HM=OH=2，
∴FM=2，
由勾股定理得：FH=，
即OE=OF=，即d=
∴≤d≤．
【点睛】本题考查了新定义的问题，涉及到一次函数与圆的性质的综合应用，所用到的数学思想方法为数形结合、分类讨论，该题综合性较强．解题关键是读懂题意，借助定义作出符合题意的图形．