2020-2021学年贵州省铜仁市印江自治县九年级上学期期末考试物理试题（含答案与解析）

这是一份2020-2021学年贵州省铜仁市印江自治县九年级上学期期末考试物理试题（含答案与解析），共15页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．物体放出热量，它的温度
A．一定降低 B．一定升高 C．一定不变 D．可能降低也可能不变
2．质量和初温都相等的铜和铝（c铜＜c铝），放出相等的热量后相互接触，内能将（ ）
A．一定从铜传给铝B．一定从铝传给铜
C．不会发生热传递D．不能确定是否发生热传递
3．下列情况中不属于防止电热危害的是 （ ）
A．电视机的后盖有许多孔
B．电动机外壳有许多散热片
C．电脑机箱内有小风扇
D．家电长时间停用，隔一段时间应通电一次
4．如果家庭电路中发生短路，那么（ ）
A．保险丝烧断B．灯泡烧坏C．电灯发暗D．用电器仍然正常工作
5．决定导体电阻大小的因素是（ ）
A．加在导体两端的电压B．通过导体的电流强度
C．导体的电功率D．导体的材料、长度、横截面积
6．如图所示，a、b、c表示的是电压表或电流表，当K1、K2都闭合时，下列正确的是（ ）
A．a、b、c都是电流表B．a、b、c都是电压表
C．b、c是电流表，而a是电压表D．a、b是电压表，而c是电流表
7．如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，两灯均发光．一段时间后，一盏灯突然熄灭，而电流表和电压表的示数都不变，出现这一现象的原因可能是（ ）
A．灯L1断路B．灯L2断路C．灯L1短路D．灯L2短路
8．如图所示的电路中，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙为3:1．当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲：I乙为
A．2:1 B．2:3 C．3:1 D．3:2
9．小刚用图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”，在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（ ）
A．保持变阻器滑片不动B．将变阻器滑片适当向左移动
C．将变阻器滑片适当向右移动D．适当增加电池的节数
10．把一个标有“10V 3W”的小灯泡和定值电阻R串联后接在电压为12V的电源上（如图所示），小灯泡恰能正常工作．该电路工作10s定值电阻产生的热量是
A．60JB．36JC．30JD．6J
11．有两只灯泡L1、L2，分别标有“220V 100W”和“220V 40W”的字样．若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是
A．两灯正常发光时，L1的电阻较大
B．两灯并联接入220V的电路，L1、L2消耗功率之比是2:5
C．两灯串联接入220V的电路，L1消耗的功率小于25W
D．两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于100W
二、填空题
12．某段金属丝两端电压为6V时，通过的电流为0.3A；当该金属丝两端电压降为4V时，通过它的电流为_____A；当该金属丝两端电压降为0V时，它的电阻为_____Ω．
13．电路由这些部分组成：电源、______、______和导线等。
14．计算器中的电流很小，大约100μA，也就是_________A 。雷电是一种常见的自然现象，发生雷电时的电流高达2×105A，相当于__________mA。
15．若使一个标有“12V 6W”的小灯泡在电压为18V的电源下正常发光，则需______联一个______Ω的电阻R。
16．如图所示的电路，电源电压恒为3V，闭合开关 S，电流表 A1 示数为 0.5A，A2 示数为 0.3A，则电阻 R1 是______ Ω，通过电阻 R2 的电流是_______ A，电阻 R1 的电功率是_______ W，在 5min 内整个电路消耗的电能是______ J．
17．如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。
（1）图中R是电学中的什么元件______；
（2）R′的作用是______；
（3）油量表是用______表改装的；
（4）当油箱中油箱油面降低，浮标向上运动时，R的电阻值将______，此时电路中的电流将______（变大/减小）。
三、作图题
18．小明设计了一种利用“声控”开关（有声时自动闭合，无声音时自动断开）和“光控”开关（有光照时自动断开，无光照时自动闭合）自动控制的楼道灯，使得只有在天黑且有声音时灯才亮，他还在楼道处安装了一个带探险盒的三孔插座，且与楼道灯互不影响，请你根据小明的设计意图，用笔画线代替导线完成如图所示的电路，（导线不得交叉）
（_________）
19．根据如图所示的实物连线图，画出对应的电路图（要求连线要横平竖直，尽量使电路图简洁美观）。
（____）
四、实验题
20．在做“决定电阻大小的因素”实验时，为了便于研究，而采用控制变量法，即每次需挑选两根合适的导线，测出通过它们的电流，然后进行比较，最后得出结论．
（1）为了研究电阻与导体材料有关，应选用的两根导线是_______,
（2）为了研究电阻与导体的长度有关，应选用导线C和导线_______,
（3）为了研究电阻与_______的关系，应选用导线A和导线_______．
21．在“测量电阻”的实验中，设计了如图所示的电路图。
（1）请根据电路图，用笔画线代替导线将图中的器材连接成完整电路______；
（2）按图1所示电路连接器材时，开关要处于______（选填“断开”或“闭合”）状态，滑动变阻器的滑片P应该滑到最______（选填“左端”或“右端”）；
（3）某次测量时，电压表的示数为1.5V，电流表的示数如图2所示，为_____A，根据欧姆定律求出此时这个电阻R的阻值为______欧姆；
（4）以上这种测量电阻的方法叫______；
（5）为减小实验误差，我们应该多次进行正确测量，然后取电阻R的______值。
五、计算题
22．如图所示，电源电压和灯L的电阻保持不变，定值电阻R1=20Ω，灯L标有“6V3W”字样．电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，求：
（1）灯泡L的电阻为多少？
（2）将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，电压表的示数为6V，电流表的示数为0.4A，滑动变阻器R2的最大阻值为多少？
23．某微电脑电热水壶如图甲所示，它具有温度可控、自动抽水等优点，图乙是该电热水壶的铭牌（电热丝电阻不变），已知水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）。求：
(1)小电动机将1.0kg的水从桶中提升0.5m抽到电热水壶中，电动机对水做的功至少是多少？
(2)为了泡绿茶，需要将这些水从20℃加热到90℃，则这些水需吸收热量是多少？
(3)若壶中的水从20℃加热到90℃需用时350s，热水壶热效率为84%，则它实际工作电压是多少？
导线代号
A
B
C
D
E
F
G
长度（米）
1.0
0.5
1.5
1.0
1.2
1.5
0.5
横截面积（毫米2）
3.2
0.8
1.2
0.8
1.2
1.2
1.2
材料
锰铜
钨
镍铬丝
锰铜
钨
锰铜
镍铬丝
参考答案
1．D
【分析】
改变物体的内能有两种方法，做功和热传递．物体内能改变了，可能表现在温度的变化，也可能表现在物态的变化．
【详解】
物体放热时内能减小，温度不一定降低；如晶体在凝固的过程中，虽然继续放热，但温度是不变的．
故选D．
【点睛】
物体放出了热量，内能一定减少；可能表现在温度降低，也可以表现发生物态变化．
2．B
【详解】
热量是在热传递过程中传递能量的多少，且热传递是热量从高温物体传递到低温物体的过程，质量和初温都相等的铜和铝（c铜 ＜ c铝），放出相等的热量，铝的比热容大，根据Q=cmΔt，由温度降低的小，末温高，所以一定从铝传给铜。
故选B。
【点睛】
3．D
【详解】
本题考查电热的危害的防止，电视机的后盖上有小孔、电动机外壳上有散热片、电脑机箱内有小风扇都是为了散热，确保用电器正常工作．A、电视机的机壳上有许多小孔是为把各电器元件产生的热量及时散失掉．不符合题意．B、过多的热量会影响计算机的正常工作，机箱内有风扇，这都是为了散失热量．不符合题意．C、电流通过电机产生的热量是有害的，有许多散热片可以用来散热．不符合题意．D、家电长时间停用，隔一段时间应通电一次防止家电受潮，再次使用时被损坏．符合题意．故选D．
4．A
【详解】
保险丝的作用是当家庭电路中电流过大时自动熔断，达到保护电路的目的。家庭电路中发生短路会导致电路中电流过大，从而烧断保险丝。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5．D
【分析】
决定电阻大小的因素有：导体的长度、材料、横截面积以及温度，其中温度是外部因素。
【详解】
AB．导体的电阻与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故AB不符合题意；
C．导体的电阻与导体的电功率也无关，故C不符合题意；
D．导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，故D符合题意。
故选D。
6．C
【详解】
由图可知，电表a与R1并联，为电压表；电表b串联在干路中，为电流表；电表c与R2串联，为电流表。
故选C。
7．A
【详解】
两盏灯为并联电路．灯L2的电流不变，说明灯L2既没有短路使电流增大也没有断路使电流变为0，答案BD错．灯L1短路的话，会造成灯L2也被短路，电流将不经过灯L2从而使灯L2也熄灭，电流变为0，不符合要求，C错．所以是A灯L1断路，电压表测电源电压所以示数不变，电流表测另外一个支路电流，没有影响．
8．B
【详解】
如图电路，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测量总电压，乙测量R2的电压；
两表读数之比U甲：U乙为3:1，即：
，解得：；
串联电路中，电流相等，可得：；
当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，乙测量干路电流，甲测量R2的电流，根据可得：
．
故B正确．
点睛：根据串联电路的分压和电流特点可得：，即串联电路中电压与电阻成正比，此规律在分析电路时很常用，要牢记并能熟练应用．
9．C
【详解】
ABC．要探究“一段电路中电流跟电阻的关系”，需要保持该电阻两端的电压大小不变，从图中可以看到，这是一个串联电路，两电阻是串联的，在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω，即A、B两点间的电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻大小不变，根据串联电路的分压原理可知，电压表的示数也变大，即A、B两点间电阻的电压变大，此时应该增大滑动变阻器的阻值，将滑片适当向右端滑动，使电压表的示数与原来相同；故A、B不符合题意，C符合题意；
D．适当增加电池的节数，这样会使电源电压增大，A、B两点间电阻的电压更加大，不能保持电压不变，不合适；故D不符合题意。
故选C。
10．D
【详解】
灯泡正常发光时的电流：IL==0.3A；因串联电路中总电压等于各分电压之和，且小灯泡正常发光， R两端的电压：UR=U-UL=12V-10V=2V，因串联电路中各处的电流相等，该电路工作10s定值电阻产生的热量：Q=W=URIt=2V×0.3A×10s=6J．
11．C
【详解】
A．由灯的铭牌,根据R=，求出两灯的电阻：R1==484Ω,R2==1210Ω
可见R1R2，故A错误；
B．并接在220V电源上,因为P=P额,实际功率：P1=100W,P2=40W, L1、L2消耗功率之比是: 100W : 40W=5:2，故B错误；
C．串联接在220V的电源上,电路中的电流I= =0.13A,
L1消耗的功率P1=I2R1=(0.13A)2484Ω8.2W25W,故C正确；
D． 两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率P= I2R总=(0.13A)2（484Ω1210Ω）28.6W,故D错误．
12．0.2 20
【详解】
第一空．由可得，该金属丝的电阻：
当该金属丝两端电压降为4V时，通过它的电流：
．
第二空．因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该金属丝两端电压降从4V时或降为0V时，该金属丝的阻值仍为20Ω不变．
13．开关 用电器
【详解】
[1][2]一个最基本的电路由电源、用电器、开关和导线四部分组成。
14．
【详解】
[1][2]电流的单位有安培（符号为A）、毫安（符号为mA）、微安（符号为μA）。1A=1000 mA；1 mA=1000μA；1A=106μA。计算器中的电流很小，大约100μA，也就是1×10-4 A ；雷电是一种常见的自然现象，发生雷电时的电流高达2×105A，相当于2×108mA。
15．串 12
【详解】
[1][2]根据串联电路电压规律可知，额定电压为12V的小灯泡要在电压为18V的电源下正常发光，需要串联一个电阻分压6V。小灯泡正常发光时电路中的电流为
I=I灯=0.5A
则串联的电阻阻值为
R==12Ω
16．10 0.2 0.9 450
【分析】
并联电压相等且等于电源电压，电流表A1测量总电量，A2测量电阻R1
【详解】
因为并联电路，，；并联分流，；电阻R1的电功率；，则5min整个电路消耗的电能．
【点睛】
串联分压，并联分流．
17．滑动变阻器 保护电路 电流 变大 减小
【详解】
(1)[1]由图可知：当油箱内的油发生变化时，电路中的电阻会发生变化，所以R的作用相当于滑动变阻器。
(2)[2]如果油箱中的油越来越多的时候，滑动变阻器的阻值就会越来越小，此时电路中的电流就会越来越大，为了防止由于电流过大而烧坏电源，应该给电路中串联一个定值电阻，这样就可以防止电路中的电流过大而烧坏电源。
(3)[3]由图可知油量表串联在电路中，因此是由电流表改装成的。
(4)[4][5]浮标向上运动时，滑动变阻器的阻值变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小。
18．
【分析】
只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，由此判断两开关与灯泡的连接情况；螺丝灯口的接法：火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套．对于三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”．
【详解】
由题意知：只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，说明灯泡与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套；三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如图所示：
19．
【详解】
根据图示可知此电路为并联电路，开关S1控制干路，开关S2控制L2，作图如下
20．CF G 横截面积 D
【详解】
(1)[1]根据控制变量法知，要研究电阻与导体材料有关，应使电阻的长度和横截面积相同，材料不同，所以选用导线C、F；
(2)[2]根据控制变量法知，要研究电阻与导体长度有关，应使电阻的材料和横截面积相同，长度不同，所以选用导线C和导线G；
(3)[3][4]由(1)(2)知本次试验要研究电阻与横截面积的关系，根据控制变量法应使电阻的材料和长度相同，横截面积不同，故应选用导线A和导线D．
21． 断开 左端 0.3 5 伏安法 平均
【详解】
(1)[1]由题干知，电压为1.5V，故电压表选用小量程与R并联，由图2知，电流表选用小量程与电阻串联，变阻器右下接线柱连入电路中，如下图所示：
(2)[2][3]连接器材时，为保护电路，开关要处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应该滑到阻值最大处，即最左端。
(3)[4][5]某次测量时，电压表的示数为1.5V，电流表的示数如图2所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，根据欧姆定律求出此时这个电阻R的阻值为

(4)[6]根据R=可知，测量电阻的方法叫伏安法。
(5)[7]为减小实验误差，我们应该多次进行正确测量，取电阻R的平均值作为结果。
22．（1）12Ω；（2）60Ω
【详解】
(1)由可得，灯泡的电阻
(2)将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，R1与R2的最大阻值并联，L被短路，电压表测量电源电压则
因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，因此通过R2的电流
由可得，R2的最大阻值
答：(1) 灯泡L的电阻为12Ω；
(2) 滑动变阻器R2的最大阻值为60Ω。
23．(1)4.9J；(2)2.94×105J；(3)200V
【详解】
解：水的重力
G=mg=1.0kg×9.8N/kg=9.8N
对水做的功
W=Gh=9.8N×0.5m=4.9J
(2)水吸收的热量
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1.0kg×(90℃﹣20℃)=2.94×105J
(3)热水壶实际消耗的电能为
W电==3.5×105J
热水壶的实际功率为
P实==1000W
电热水壶的电阻为
R==40Ω
则电热水壶的实际电压为
U实===200V
答：(1)小电动机将1.0kg的水从桶中提升0.5m抽到电热水壶中，电动机对水做的功至少是4.9J；
(2)为了泡绿茶，需要将这些水从20℃加热到90℃，则这些水需吸收热量是2.94×105J；
(3)若壶中的水从20℃加热到90℃需用时350s，热水壶热效率为84%，则它实际工作电压是200V。