2026年山东省淄博市淄川区中考二模物理试题（含解析）

这是一份2026年山东省淄博市淄川区中考二模物理试题（含解析），共12页。试卷主要包含了非选择题必须用0，评分以答题卡上的答案为依据等内容，欢迎下载使用。
1．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将区县、学校、姓名、考试号、座号填写在答题卡和试卷规定位置，并核对条形码。
2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔涂黑答题卡对应题目的答案标号：如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
3．非选择题必须用0．5毫米黑色签字笔作答，字体工整、笔迹清晰，写在答题卡各题目指定区域内；如需改动，先划掉原来答案，然后再写上新答案。严禁使用涂改液、胶带纸、修正带修改。不允许使用计算器。
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5．评分以答题卡上的答案为依据。不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1. 河南省贾湖遗址出图的“贾湖骨笛”（如图）是世界上发现年代最早、至今尚可演奏的乐器之一。它用鹤类尺骨制成，多为七孔。在演奏时，按住不同笛孔，骨笛会发出不同的声音。“不同的声音”是指声音的（ ）
A. 音色B. 音调C. 响度D. 频率
【答案】B
【解析】
【详解】在演奏时，用手指按住不同的孔，改变了骨笛内空气柱的长度，从而改变振动频率，改变声音的音调。所以“不同的声音”是指声音的音调。
故选B。
2. 水的物态变化使自然界有了雨、露、雾、霜、雪等千姿百态的奇观。下列描述水的物态变化中吸、放热情况与其它三个不同的是（ ）
A. 春天，冰雪消融
B. 夏天，从冰箱里拿出的冰棍周围会冒“白气”
C. 秋天，早晨的草地上会有露珠
D. 冬天，树枝上出现雾凇
【答案】A
【解析】
【详解】冰雪消融是熔化现象，熔化吸热；夏天，从冰箱里拿出的冰棍周围会冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热；露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，此过程放热；雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热。因此这几种物态变化中吸、放热情况与其它三个不同的是冰雪消融。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3. 随着生活水平的提高，汽车逐渐成为家庭的重要交通工具。下列有关汽车的说法正确的是（ ）
A. 汽车倾斜的前挡风玻璃只是为了美观
B. 汽车的后视镜是凸面镜可以扩大司机的视野
C. 汽车的倒车雷达是利用电磁波来测距离的
D. 系安全带可以减小汽车行驶中司机的惯性
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据平面镜成像的特征，像与物关于平面镜对称，汽车倾斜的前挡风玻璃可以使车内物体的像成在玻璃的上方，避免干扰司机对车外的观察，故A错误；
B．汽车后视镜是凸面镜，对光线有发散作用，目的是扩大司机的视野，故B正确；
C．汽车的倒车雷达是利用超声波来测距离的，故C错误；
D．惯性只跟质量有关，系安全带不可以减小汽车行驶中司机的惯性，但是可以防止因惯性带来的伤害，故D错误。
故选B。
4. “浮光跃金，静影沉璧”出自范仲淹的名篇《岳阳楼记》。下列光现象与“静影沉璧”原理相同的是（ ）
A. 甲图：放大镜观察邮票B. 乙图：皮影戏
C. 丙图：杯弓蛇影D. 丁图：三棱镜将白光分解为七色光
【答案】C
【解析】
【详解】静影沉璧属于平面镜成像，是由光的反射形成的；
A．放大镜成像是由光的折射形成的，故A不符合题意；
B．皮影戏是光的直线传播形成的，故B不符合题意；
C．杯弓蛇影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C符合题意；
D．白光分解属于光的色散现象，其实质是光的折射，故D不符合题意。
故选 C。
5. 下列四个选项中的科学研究方法与“探究声音的产生条件时，将正在发声的音叉轻轻插入水里，看到水花四溅”科学研究方法相同的是（ ）
A. 甲图：用“真空铃”实验研究声音的传播条件
B. 乙图：用没有点燃的蜡烛B来探究点燃的蜡烛A像的特点
C. 丙图：用“磁感线”描述磁场的特点
D. 丁图：用海绵的凹陷程度来反映压力作用效果的大小
【答案】D
【解析】
【详解】探究声音的产生条件时，将正在发声的音叉轻轻插入水里看到水花四溅运用了转换法；
A．用“真空铃”实验研究声音的传播条件，运用了理想实验法，故A不符合题意；
B．用没有点燃的蜡烛B来探究点燃的蜡烛A像的特点运用了等效替代法，故B不符合题意；
C．丙图研究“磁现象”时，利用“磁感线”描述磁场特点利用了模型法，故C不符合题意；
D．用海绵的凹陷程度来反映压力作用效果的大小运用了转换法，故D符合题意。
故选D。
6. “鲲龙”AG600是我国自主研制的大型水陆两栖飞机，它已完成海上首飞以及灭火任务等多个重要阶段的试验，下列有关说法正确的是（ ）
A. 飞机停在水面静止时，它受到的浮力和重力是一对平衡力
B. 飞机的升空原理是机翼上方空气流速慢压强小
C. 飞机在高空所受的大气压强比水面附近的大气压强大
D. 飞机在飞行过程中，剩下的燃油越多，燃油的热值越大
【答案】A
【解析】
【详解】A．飞机停在水面静止时，受到的浮力和重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故A正确；
B．飞机的升空原理是机翼上方空气流速快压强小，故B错误；
C．大气压强随海拔高度的增加而减小，所以飞机在高空所受的大气压强比水面附近的大气压强小，故C错误；
D．热值是燃料的一种特性，与燃料的质量无关，所以飞机在飞行过程中，剩下的燃油越多，燃油的热值不变，故D错误。
故选A。
7. 2024年4月25日，神舟十八号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射，如图所示，火箭在加速上升过程中。下列说法正确的是（ ）
A. 以航天员为参照物、火箭是运动的B. 火箭上升过程中动能不变
C. 火箭上升过程中动能转化为重力势能D. 火箭上升过程中机械能增加
【答案】D
【解析】
【详解】A．以航天员为参照物，火箭位置未发生变化，是静止的，故A错误；
B．火箭加上升过程中动能增大，故B错误；
CD．火箭上升过程中动能和重力势能都增大，内能转化为机械能，机械能增大，故C错误，D正确。
故选D。
8. 如图所示是某同学掷出的实心球的运动轨迹，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 实心球在最高点时，动能为零
B. 实心球从点运动到点时，动能转化为重力势能
C. 实心球从点运动到点的动能先增大后减小
D. 实心球在点的机械能大于在点的机械能
【答案】B
【解析】
【详解】A．实心球斜向上运动，在最高点时仍具有水平方向的速度，速度不为零，因此动能不为零，故A错误；
B．实心球从点运动到点时，质量不变，速度减小，动能减小；高度增加，重力势能增大，因此动能转化为重力势能，故B正确；
C．实心球从点运动到点动能转化为重力势能，动能减小，从点运动到点重力势能转化为动能，动能增大，因此从点运动到点的过程中，动能是先减小后增大，故C错误；
D．由题意可知不计空气阻力，实心球运动过程中机械能守恒，因此实心球在点的机械能等于在点的机械能，故D错误。
故选B。
9. “生命宝贵，安全第一”，下列做法不符合安全用电原则的是（ ）
A. 连接家庭电路时，开关接在火线和用电器之间
B. 若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火
C. 电动车充电在楼梯间进行
D. 使用试电笔时，手指按住笔尾金属体
【答案】C
【解析】
【详解】A． 连接家庭电路时，为保证安全，开关应接在火线和用电器之间，故A不符合题意；
B． 若家用电器着火，一定要先切断电源，再用灭火器灭火，故B不符合题意；
C． 要在指定地点充电，切勿私拉乱接电线在楼梯间进行充电，故C符合题意；
D．使用试电笔时，手指一定要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D不符合题意。
故选C。
10. 如图所示为反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。下图与磁异探测器工作原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】磁异探测器能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在，所以磁异探测器工作原理是电磁感应现象；
A．电流的磁效应，说明通电导线周围存在着磁场，故A不符合题意；
B．闭合开关，闭合电路的部分导体ab做切割磁感线运动时产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意；
C．闭合开关，电路中有电流，磁场对通电导线有力的作用，是电动机的原理，故C不符合题意；
D．图中研究电磁铁磁性强弱的影响因素，故D不符合题意。
故选B。
11. 有一种感应式垃圾桶，启动开关闭合后，指示灯亮起，垃圾桶才能正常使用；扔垃圾时，手伸到感应区，感应开关自动闭合，垃圾桶盖缓慢打开；手离开后，动力装置控制桶盖闭合，然后感应开关自动断开。小明设计的下列电路符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】启动开关闭合后，无论感应开关是否断开/闭合，指示灯都要亮起；只有感应开关闭合时，动力装置才工作，说明指示灯和动力装置并联。启动开关闭合后，垃圾桶才能正常使用，说明启动开关在干路控制整个电路，感应开关只在的支路控制动力装置。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
12. 为了准确记录跳绳的次数，小明设计了一种自动计数器，其简化电路如图所示，电源电压保持不变，是定值电阻，是光敏元件，红外线照射时的电阻会变小，当跳绳挡住了射向的红外线时，下列分析正确的是（ ）
A. 电路中的电流变大B. AB端的电压变大
C. 电阻的功率变小D. 两端的电压与电路中电流的比值变大
【答案】C
【解析】
【详解】红外线照射时R1的电阻会变小，当跳绳挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻变大；
A．电路中电阻变大，电流变小，故A错误；
B．R1电阻变大，根据串联分压，AB间电压变小，故B错误；
C．电流变小，电阻R2的功率变小，故C正确；
D．R2两端的电压与电路中电流的比值即为R2阻值，应保持不变，故D错误。
故选C。
13. 小明用图甲装置探究物质的吸热能力。两个完全相同的烧杯装有“等量”的水和煤油，用两个完全相同的电加热器同时加热，加热过程中（不考虑热量散失），液体的温度随时间变化图象如图乙所示，下列分析正确的是（ ）
A. “等量”指液体的体积相等B. A液体是煤油，B液体是水
C. 相同时间，液体B吸收的热量大于液体AD. A的比热容大于B的比热容
【答案】D
【解析】
【详解】A．“等量”指液体的质量相等，故A错误；
BD．在液体质量相同，吸热相同时，A液体升温慢，则比热容大，因此A液体是水，B液体是煤油，故B错误，D正确
C．本实验中吸热多少看加热时间，在相同时间，液体B吸收的热量等于液体A，故C错误。
故选D。
14. 如图，小明分别用甲、乙滑轮把同一桶沙提升相同高度。用甲滑轮所做的有用功为W1，机械效率；用乙滑轮所做的有用功为W2，机械效率为，若不计绳重与摩擦，则（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】如图甲乙所示，把同一桶沙提升相同高度，有用功为W=Gh，因此W1=W2。图乙中要克服动滑轮重做功，也为额外功，即在有用功相同情况下，乙图中额外功更多，则机械效率更小，即。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
15. 下图是小明设计的身高测量仪示意图，电源电压恒为，保护电阻，R是一个规格为“12Ω，0.5A”的滑动变阻器，电压表量程为0~3V，电流表量程为0~0.6A，闭合开关S后，在不损坏电路元件的前提下，下列说法错误的是（ ）
A. 测量的人身高越高，身高表示数越大
B. 接入电路的阻值变化范围是
C. 电路的最小功率是
D. 保护电阻的最大功率为
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，滑动变阻器与保护电阻串联，电流表测电路总电流，身高表是电压表，测两端电压。
A．被测者身高越高，滑片向上移动，接入电路的阻值越大，根据串联分压规律，分得的电压越大，因此身高表示数越大，故A正确；
B．滑动变阻器允许的最大电流为，电流表量程为，因此电路最大电流。
此时总电阻
滑动变阻器最小阻值
电压表量程为，因此两端最大电压，此时两端电压
电路最小电流
滑动变阻器最大阻值
因此接入电路的阻值范围为，故B正确；
C．根据可知，电源电压不变，电流最小时总功率最小 ，为
故C错误；
D．保护电阻的功率，则电流最大时功率最大
故D正确。
本题选错误的，故选C。
二、理解与应用（本题包括5个小题，每空1分，第20题2分，共15分）
16. 生活中有许多“吸”的现象。 用吸管把敞口玻璃杯中的饮料“吸”入嘴里，是利用__________的作用；腌制咸鸭蛋的过程中， 鸭蛋会“吸”入盐分，这是_________现象。龙卷风能把物体“吸”起卷入空中， 是因为流体流速大的地方 ____________。
【答案】 ①. 大气压 ②. 扩散 ③. 压强小
【解析】
【16题详解】
[1]用吸管喝饮料，是将吸管内的空气吸出后，吸管内气压减小，然后利用了大气压把饮料压入口中。
[2]腌制咸鸭蛋的过程，由于分子在永不停息地做无规则运动，因此食盐分子会浸入到了鸭蛋内部，属于扩散现象。
[3]在流体流速越大的位置，压强越小，龙卷风内部空气流速快，压强小，外部空气压强大，物体在压强差的作用下被“吸”起卷入空中。
17. 我国自主三代“华龙一号”核电站是利用反应堆发生核______（选填“裂变”或“聚变”）获得能量；反应堆用水作为冷却剂是利用了水的______大的特性，利用水冷却的过程是通过______的方式改变反应堆的内能；核能属于______（选填“一次”或“二次”）能源。
【答案】 ①.
裂变 ②.
比热容 ③.
热传递 ④.
一次
【解析】
【详解】核电站依靠可控的核裂变反应释放能量来发电，核聚变目前还无法实现可控应用于核电站的能量供给；水的比热容大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，能有效带走反应堆产生的大量热量，因此适合作为冷却剂；水冷却反应堆时，热量从反应堆转移到水中，该过程是通过热传递的方式改变反应堆的内能；核能可直接从核原料中获取，属于一次能源。
18. 在野外取火时，可以将烟盒内的锡箔纸撕成一条中间窄、两头宽的纸带，将其两端与电池两极相连，发现锡箔纸较窄处先燃烧起来，这是利用了电流的______。取火时通过锡箔纸较窄处的电流______（选填“大于”“小于”或“等于”）较宽处电流，锡箔纸较窄处先燃烧起来，原因是该处的______较大，产生的热量多。
【答案】 ①. 热效应 ②. 等于 ③. 电阻
【解析】
【详解】电流通过导体时会将电能转化为内能产生热量，这是电流的热效应。
锡箔纸的较窄处和较宽处是串联的，根据串联电路的特点，串联电路中各处电流相等，因此通过较窄处的电流等于较宽处的电流。
材料、长度相同时，导体横截面积越小电阻越大，锡箔纸较窄处横截面积更小，因此电阻更大；根据焦耳定律可知，电流、通电时间相同时，电阻越大产生的热量越多，温度更快达到燃点，因此较窄处先燃烧。
19. 如图是额定电压为3.0V的小灯泡的I-U图线，小灯泡正常工作时电阻为_______Ω。若电源电压为4V，为使灯泡正常发光，需串联一只_________Ω的电阻。若将该灯泡与一只10Ω的电阻串联后接在3.5V 电源两端， 则该灯泡的功率是______W。
【答案】 ①. 12 ②. 4 ③. 0.3
【解析】
【详解】[1]由图得，灯泡正常发光时的电流为0.25A，由欧姆定律得，小灯泡正常工作时电阻为
[2]若电源电压为4V，为使灯泡正常发光，串联的电阻的电压为
串联电路电流处处相等，此时串联的电阻的电流为0.25A，由欧姆定律得，串联的电阻的阻值为
[3]若将该灯泡与一只10Ω的电阻串联后接在3.5V 电源两端，当电路电流为0.20A时，灯泡电压为1.5V，由欧姆定律得，串联的电阻的电压为
电源电压为
符合题意，此时该灯泡的功率是
20. 如图，用细线把一个小球悬挂起来，将小球拉到位置A，松开手后小球在A、B、C点之间来回摆动。画出小球在位置A时的受力示意图。

【答案】
【解析】
【详解】小球在A位置时，受到竖直向下的重力和细线对小球的拉力，如图所示：

三、实验与探究（本题包括3个小题，共19分）
21. 学习了凸透镜成像知识后，小明自制了一个水透镜来探究凸透镜成像情况。
（1）小明向水透镜中注入部分水，光屏下方出现了烛焰清晰的像，为了使像成在光屏中央，应将水透镜向________（选填“上”或“下”）调整。调整好水透镜高度后，在光屏中间位置恰好成一个清晰的像，如图所示，日常生活中________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）是利用此原理来工作的；
（2）继续注水后，小明发现光屏上的像变模糊了。这是因为注水后水透镜变得更凸，会聚能力更强了。要使光屏上再呈现清晰的像，方法一：在蜡烛和水透镜之间放________（选填“凸透镜”或“凹透镜”），这是模拟了________（选填“近视眼”或“远视眼”）的成因及纠正。方法二：移动光屏，将光屏________（选填“远离”或“靠近”）水透镜；
（3）光屏上已经得到烛焰清晰的像，小明不小心用手指的指尖触摸到了水透镜表面，则此时光屏上会出现________（选填“指尖的像”“不完整烛焰的像”或“完整烛焰的像”）；
（4）生活中的经验告诉我们：物体离照相机的镜头远点，成的倒立缩小的实像就小点；物体离投影仪的镜头近点，成的倒立放大的实像就大点；物体离放大镜更近一些，成放大、正立的虚像就小点。请你根据上面三次成像的特点，提出一个可探究的问题________。
【答案】 ①. 下 ②. 照相机 ③. 凹透镜 ④. 近视眼 ⑤. 靠近 ⑥. 完整烛焰的像 ⑦. 凸透镜成像的大小、虚实与物距和像距的关系是什么
【解析】
【详解】（1）[1]光屏下方出现了烛焰清晰的像，为了使像成在光屏中央，应将水透镜向下调整。
[2]调整好水透镜高度后，在光屏中间位置恰好成一个清晰的像，此时物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机是利用此原理来工作的。
（2）[3][4][5]继续注水后，水透镜变得更凸，会聚能力更强了，像距变小，像会成在光屏的前方，为了使光屏上的像重新变得清晰，在蜡烛和水透镜之间放一个凹透镜，对光线有发散作用，使会聚的光线推迟会聚，相当于增大像距，这是模拟了近视眼的成因及纠正；或者移动光屏，将光屏靠近水透镜，就相当于减小了像距。
（3）[6]不小心用手指指尖触摸了凸透镜，凸透镜的其他部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像，只是此时的像比手指指尖触摸前的像要暗一些。
（4）[7]根据题目中提供的信息，结合凸透镜成像的规律，可提出一个可探究的问题：凸透镜成像的大小、虚实与物距和像距的关系是什么？
22. 用图所示装置测量滑轮组的机械效率，部分实验数据如下表：

（1）实验过程中，缓慢竖直拉动弹簧测力计，使钩码向上做________运动。第 1次实验时，钩码上升的时间为 3s，此过程中，绳子自由端上升的速度为________m/s；
（2）第4次实验时所做的有用功为________J， 滑轮组的机械效率是________%；
（3）分析 1、2、4次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越________（选填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高； 分析 2、3次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度________（选填“有关”或“无关”）；
（4）用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是________。
A． 换用更轻的动滑轮B． 加快提升物体的速度
【答案】 ①. 匀速直线 ②. 0.05 ③. 0.3 ④. 80 ⑤. 大 ⑥. 无关 ⑦. A
【解析】
【详解】（1）[1]实验中为使弹簧测力计读数平稳，需要使钩码做匀速直线运动。
[2]第 1次实验中，绳子3s钟的时间，移动的距离为15cm，则绳子移动的速度为
（2）[3]第4次实验时所做的有用功为
[4]第4次实验做的总功为
第4次实验滑轮组的机械效率为
（3）[5]根据1、2、4次实验的数据可知，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高。
[6] 2、3两次实验中，钩码的重力相同，只改变钩码上升的高度，滑轮组的机械效率不变，可知轮组的机械效率与钩码上升的高度无关。
（4）[7]根据效率公式可知，提高机械效率的方法一为：额外功一定时，增加有用功，即增加物重；二为：有用功一定时减少额外功，即换用轻质滑轮，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
23. 法国科学家阿尔贝·费尔和德国科学家彼得·格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了诺贝尔物理学奖。巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧变化的现象，这一发现大大提高了磁电之间信号转换的灵敏度，从而引发了现代硬盘生产的一场革命。实验小组设计了如图所示的电路，来探究某GMR的阻值与磁场的关系。
（1）闭合开关S1，电磁铁的左边是______（选填“N”或“S”）极。滑动变阻器R1的滑片向右端滑动，电磁铁的磁性______（选填“增强”或“减弱”）；
（2）断开开关S1，闭合开关S2，无论怎样移动滑动变阻器R2的滑片，电流表指针几乎不偏转，电压表有示数但不变。请分析电路故障______；
（3）排除电路故障后，闭合开关S1、S2，保持R2滑片位置不变，将滑动变阻器R1的滑片向左端滑动，观察到电流表示数增大，电压表示数______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（4）分析上述实验现象可知：该GMR的阻值随其周围磁场的增强而______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】 ①. S ②. 减弱 ③. 与电压表并联的支路断路 ④. 减小 ⑤. 减小
【解析】
【详解】（1）[1]该电磁铁是条形的，故其产生的磁场与条形磁铁相似。
（2）[2]由电路图知，电源的左侧为正极，闭合开关S1，电流从螺线管的左端流入，根据右手螺旋定则知电磁铁的左边是S极。
[3]由电路图知，滑动变阻器R1的左下端接入电路，滑片向右端滑动，接入电路中电阻变大，根据
得，电路中电流变小，所以电磁铁的磁性减弱。
（3）[4]闭合开关S1、S2，保持R2滑片位置不变，将滑动变阻器R1的滑片向左端滑动，滑动变阻器R1接入电路中电阻变小，根据欧姆定律知，左侧电路中电流变大，电磁铁的磁性增强，观察到右侧电路中，电流表示数增大，保持R2滑片位置不变，即R2的阻值不变，根据
得，R2的两端电压变大，再根据串联电路分压原理，所以电压表示数减小。
（4）[5]分析上述实验现象可知：该GMR的阻值随其周围磁场的增强时，电流表示数增大，电源电压不变，根据
得，电路中电阻变小，而R2的阻值不变，根据串联电路中电阻关系知，该GMR的阻值减小。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共16分）
24. 西宁舰是我国自主研制的新型驱逐舰，其满载时排水量为7500t，吃水深度为6.5m。某次西宁舰满载时以54km/h的速度匀速航行2.5h，此过程中发动机的输出功率为9.6×106W。（海水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）西宁舰此次航行的路程为多少？
（2）西宁舰满载时，舰体底部受到海水的压强为多少？
（3）西宁舰满载时，受到的浮力为多少？
（4）西宁舰满载时以54km/h的速度匀速航行时，发动机的牵引力为多少？
【答案】（1）135km；（2）6.5×104Pa；（3）7.5×107N；（4）6.4×105N
【解析】
【详解】解：（1）西宁舰满载时以54km/h的速度匀速航行2.5h，则西宁舰此次航行的路程为
（2）满载时，西宁舰底部受到海水产生的压强
（3）满载时，西宁舰排开水的质量
由阿基米德原理可得，满载时，西宁舰受到的浮力
（4）西宁舰行驶的速度
因为
行驶过程中发动机的牵引力
答：（1）西宁舰此次航行的路程为135km；
（2）西宁舰满载时，舰体底部受到海水的压强为6.5×104Pa；
（3）西宁舰满载时，受到的浮力为7.5×107N；
（4）西宁舰满载时以54km/h的速度匀速航行时，发动机的牵引力为6.4×105N。
25. 小宁家的电饭煲额定电压为220V，有加热和保温两种工作状态，额定加热功率为2000W。[c水=4.2×103J/(kg·℃)]求：
（1）在正常加热状态下，将2.5kg的水从20℃加热到沸腾，水吸收的热量是多少？（气压为标准大气压）
（2）若此电饭煲的加热效率为84%，则上述过程需要加热多长时间？
（3）小宁想利用家里的电能表测量电饭煲的实际加热功率，于是小宁断开家中其他用电器，让电饭煲单独处于加热状态，观察到电能表转盘在10min内转了180转（电能表如图所示），则此电饭煲的实际加热功率为多少？
【答案】（1）8.4×105J；（2）500s；（3）1800W
【解析】
【详解】解：（1）已知1标准大气压水的沸点为100℃，则水吸收的热量
Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×2.5kg×(100℃﹣20℃)=8.4×105J
（2）根据得，电饭煲消耗的电能
根据得，此电饭煲至少需要加热的时间

（3）“600r/(kW·h)”表示电路中用电器每消耗1kW·h电能，电能表转盘转3000圈，
电饭煲在单独处于加热 状态下工作，转盘在10min内转了180转，消耗的电能

电饭煲在“蒸煮”状态下的实际功率

答：（1）在正常加热状态下，将2.5kg的水从20℃加热到沸腾，水吸收的热量是8.4×105J；
（2）若此电饭煲的加热效率为84%，则上述过程需要加热500s；
（3）电饭煲的实际加热功率为1800W。实验次数
钩码重力 G/N
钩码上升高度h/cm
拉力 F/N
绳子自由端移动距离s/cm
机械效率η
1
2.0
5
1.0
15
66.7%
2
4.0
5
1.8
15
74.1%
3
4.0
10
1.8
30
74.1%
4
6.0
5
2.5
15