2026年山东省临沂市平邑县九年级中考二模物理试题（含解析）

这是一份2026年山东省临沂市平邑县九年级中考二模物理试题（含解析），共8页。
注意事项：
1．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号和座号填写在答题卡和试卷规定的位置上。
2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案写在试卷上无效。
3．非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1. 智能手机的普及方便了我们的学习、工作和生活，手机通信利用的是（ ）
A. 超声波B. 次声波C. 电磁波D. 红外线
【答案】C
【解析】
【详解】超声波和次声波都属于声波，传播需要介质，无法满足远距离无线通信的需求，因此排除A、B；红外线多用于红外遥控、热感应等场景，不是手机移动通信的信号载体，排除D；初中物理范畴中，手机等移动通信设备是利用电磁波传递信息，电磁波可以在真空中传播，适配远距离无线通信的要求，故选C。
2. 2025年9月，教育部开展主题为“预防和减少近视发生率”的活动。要求各地中小学全面落实“一尺、一拳、一寸”的正确读写姿势要求。即：眼离书本一尺远，胸离书桌一拳远，手离笔尖一寸远，如图所示。关于“眼离书本一尺远”的估算最合理的是（ ）
A. 约10 cmB. 约30 cmC. 约60 cmD. 约100 cm
【答案】B
【解析】
【详解】中学生的身高约160cm，上半身的长度约60cm，由图可知，眼离书本的长度约为上半身的长度的一半，接近30cm，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选 B。
3. 音乐社团的同学们用钢琴、古筝和二胡合奏歌曲《我和我的祖国》，乐声悠扬和谐，各具特色。我们能够分辨出这些乐器的声音，是通过声音的（ ）
A. 音调B. 响度C. 音色D. 振幅
【答案】C
【解析】
【详解】钢琴、古筝、二胡即使演奏同一首歌（音调和响度可以相同），但由于乐器本身的材料、结构不同，发出声音的音色不同，因此我们可以分辨它们的声音；振幅是影响响度的物理量，不是声音的特性，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
4. 冬日清晨，蒙山出现绝美雾凇景观，玉树琼枝宛如仙境。雾凇形成过程中发生的物态变化是（ ）
A. 凝华B. 液化C. 凝固D. 升华
【答案】A
【解析】
【详解】雾凇，俗称树挂，是低温时空气中的水蒸气直接在树枝等物体上凝华形成的白色不透明小冰晶，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 如图所示，这是一个水深均为2m 的游泳池，岸上白色救生椅的高度也为2m。以救生椅为参照，目测游泳池中水的深度比其实际深度要浅，造成这个假象的原因是（ ）
A. 光沿直线传播B. 光的反射C. 光的折射D. 光的色散
【答案】C
【解析】
【详解】人看到游泳池底变浅，是因为池底反射的光线从水中斜射入空气中时，发生光的折射：折射角大于入射角，折射光线向水面偏折，人眼逆着折射光线看去，看到的是位置比实际池底更高的虚像，所以目测深度比实际深度浅，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
6. “安全用电，警钟长鸣”，假期在家下列做法符合安全用电要求的是（ ）
A. 将手机充电器长时间插在通电的插座上
B. 洗完头发先擦干水珠再使用电吹风吹干
C. 把电饭煲的电源线缠绕在燃气管上固定
D. 将电动车推进客厅整夜充电
【答案】B
【解析】
【详解】A．将手机充电器长时间插在通电的插座上，充电器会持续发热，可能因过热引发短路或火灾，不符合安全用电要求，故A不符合题意；
B．生活中的水是导体，洗完头发后先擦干水珠再用电吹风吹干，能避免因湿头发导电而发生触电事故，符合安全用电要求，故B符合题意；
C．把电饭煲的电源线缠绕在燃气管上，若电饭煲电源线绝缘老化漏电，会使缠绕在一旁的燃气管带电，极易引发燃气爆炸等危险，故C不符合题意；
D．将电动车推进客厅整夜充电，电池过热容易引发火灾，且室内通风差，一旦起火后果严重，不符合安全用电要求，故D不符合题意。
故选B。
7. 妈妈用燃气灶烧水时告诉小丽：“液化石油气比天然气更‘经烧’，同样烧开一壶水用的石油气更少。”这里的“经烧”主要是指液化石油气的（ ）
A. 价格更便宜B. 热值更大C. 密度更小D. 火焰温度更高
【答案】B
【解析】
【详解】烧开同样一壶水，需要吸收的热量相同。液化石油气更“经烧”，说明放出相同热量时，需要消耗的液化石油气质量更少，这里的“经烧”指液化石油气的热值更大，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
8. 图1为停车场的电子闸杆，其结构图如图2所示，闸杆和摇杆组成一根可绕转轴O转动的杠杆，闸杆质量分布均匀，摇杆质量不计。当力F作用于A点时，闸杆恰好开始向上转动，下列说法正确的是（ ）
A. 此装置可视为省力杠杆B. 力F的力臂为OA
C. 闸杆重力的力臂为OBD. 当力F垂直于OA向下时，F为最小值
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，闸杆的重力作用点在OB的中点，动力臂小于阻力臂，提杆时需用较大的力，故该杠杆为费力杠杆，故A错误；
B．力F的力臂应为从转轴O到F的作用线之间的垂直距离，只有当F垂直OA时才等于OA，故B错误；
C．闸杆重力作用点在OB的中点，其力臂为OB中点到O点的距离，而非OB，故C错误；
D．由杠杆平衡条件可知，阻力和阻力臂一定时，动力臂越大所需的动力就越小，当F垂直OA时，力臂最大，F最小，故D正确。
故选D。
9. 目前无人机运送货物或者快递已经越来越常见，如图甲所示，四旋翼无人机下方用细绳悬挂一个重物，当无人机B带着重物A匀速直线上升时，无人机和重物的受力情况如图乙所示。下列分析正确的是（ ）
A. FA和GA是一对相互作用力
B. FB和GB是一对平衡力
C. 如果无人机竖直上升时细绳突然断裂，重物会立即竖直下落
D. 如果无人机水平匀速飞行时，悬挂重物的细绳不会偏离竖直方向
【答案】D
【解析】
【详解】A．当无人机带着重物匀速直线上升时，处于平衡状态，细绳对重物的拉力FA和重物受到的重力GA是一对平衡力，故A错误；
B．当无人机带着重物匀速直线上升时，由图可知无人机受到的FB和GB大小不相等，不是一对平衡力，故B错误；
C．如果无人机竖直上升时细绳突然断裂，重物由于惯性会继续向上运动一段距离，又因重物受到竖直向下的重力和空气阻力作用，所以重物减速向上运动，直至重物的速度等于零后，重物在重力的作用下加速下落，故C错误；
D．水平匀速飞行时，重物处于平衡状态，竖直方向合力为0，拉力和重力均在竖直方向上，所以悬挂重物的细绳不会偏离竖直方向，故D正确。
故选D。
10. 载人飞船发射时，图中所示是火箭加速上升和该过程中航天员在舱内的情景，关于该过程下列说法正确的是（ ）
A. 以载人飞船为参照物，航天员是运动的
B. 以地面为参照物，航天员是静止的
C. 载人飞船的动能增大，势能增大，机械能增大
D. 载人飞船的动能增大，势能减小，机械能不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．以载人飞船为参照物，航天员的位置没有发生变化，航天员相对于飞船是静止的，故A错误；
B．以地面为参照物，航天员的位置发生了变化，因为火箭正在加速上升，带着航天员一起上升。航天员相对于地面是运动的，故B错误；
CD．火箭加速上升时，载人飞船的质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，势能增大，机械能增大，故C正确，D错误。
故选C。
11. 如图是某手机的“超级快充”插头，根据输出参数“5V 2A”或“10V 4A”或“11V 6A”可推断，“超级快充”的“快”是指（ ）
A. 电压大B. 电流大C. 电能大D. 电功率大
【答案】D
【解析】
【详解】充电的快慢，指的是单位时间内给电池输入的电能多少，也就是充电功率；功率，功率越大，相同时间内输入的电能越多，充电速度就越快，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
12. 两同学分别在底端封闭的两支相同吸管中装入不同质量的细沙，制成了、两支密度计，放入同一个盛有水的烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 密度计B所受浮力较大
B. 两密度计底部所受水的压强相等
C. 两密度计在水面处的刻度值不同
D. 密度计排开水的质量较大
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图可知，密度计B排开水的体积大于密度计A排开水的体积，由，液体密度相同时，密度计B受到的浮力较大，故A正确；
B．由图可知，密度计浸在液体中的深度，由可知，，故B错误；
C．密度计在水面的刻度值为水的密度，因此两密度计在水面处的刻度值相同，故C错误；
D．由A选项分析可知，，根据阿基米德原理可知，，由可得，，故D错误。
故选A。
13. 去超市购物时，手机“碰一碰支付”使得支付更加迅速和便捷。支付时将手机靠近收款设备，收款设备内就会产生感应电流从而识别出相关支付信息。下图中能体现该过程工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】手机 “碰一碰支付” 时，收款设备内产生感应电流，这是电磁感应现象（闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，过程中无电源）。
A．电路中有电源，通电导体在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，不是电磁感应，故A不符合题意；
B．奥斯特实验，说明电流周围存在磁场（电生磁），不是电磁感应，故B不符合题意；
C．电路中无电源，导体棒在磁场中做切割磁感线运动，电流表指针偏转，产生感应电流，这是电磁感应现象，与 “碰一碰支付” 的原理一致，故C符合题意；
D．探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，利用的是电流的磁效应，不是电磁感应，故D不符合题意。
故选C。
14. 在科技晚会上，小明给大家展示了一个“听话”的小瓶子，通过调节滑片，就可以让小瓶子上浮、下沉或悬停在水中，它的原理如图所示磁铁固定在活塞上，闭合开关S后，移动滑片P，使小瓶子悬停在图示位置。对此，以下分析正确的是（ ）
A. 闭合开关，电磁铁周围产生了磁感线
B. 若将滑片P向左移，小瓶子将会下沉
C. 小瓶子下沉时，小瓶子中的气体密度变小
D. 小瓶子上浮时，小瓶子的瓶口处受到水的压强保持不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．磁感线是为了描述磁场引入的假想模型，并不是真实存在的，闭合开关后电磁铁周围只存在磁场，故A错误；
B．滑片P向左移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的电流变大，电磁铁磁性变强；由安培定则可知，电磁铁右端是N极，与磁铁左端是同名磁极，排斥力增大，推动活塞向右移动，密闭气体的压强变大，水被压入小瓶子中，小瓶子总重力变大；原来悬停时浮力等于总重力，现在总重力大于浮力，因此小瓶子将会下沉，故B正确；
C．小瓶子进水后重力大于浮力下沉时，故小瓶子上面的空气的体积会变小，质量不变，由可知气体密度变大，故C错误；
D．小瓶子上浮时，瓶口在水中的深度不断减小，根据可知小瓶子的瓶口处受到水的压强变小，故D错误。
故选B。
15. “体重管理年”掀起全民的健身热潮，为动态监测同学们的体重情况，某科技小组设计了一个体重测量仪，电路如图所示，压敏电阻R的阻值会随秤台上所受压力的增大而减小，G是由理想电流表改装而成的指针式测力显示器，R0是定值电阻，当显示器示数变大时（ ）
A. R变大B. 电压表示数变大
C. 电路的总功率变大D. 电压表与电流表示数的比值变大
【答案】C
【解析】
【详解】A．由题意可知，显示器为电流表改装而成，当示数增大时，即电路中电流增大，在电压一定时，根据欧姆定律得，电路中的电阻减小，而R0为定值电阻，则R减小，故A不符合题意；
B．电压表测R两端电压，是定值电阻，增大，由可知，则增大，电源电压不变，由，所以U减小，即电压表示数减小，故B不符合题意；
C．根据，电源电压不变，电流增大，所以电路的总功率也增大，故C符合题意；
D．电压表与电流表示数的比值是，当显示器示数变大时，电阻R值减小，故电压表与电流表示数的比值减小，故D不符合题意。
故选C。
二、填空与作图题：本题共5小题，填空每空1分，作图2分，共13分。
16. 如图乙为我国自主研发的、位于世界领先水平的多功能大型中远程海洋监察船，当该船从黄浦江驶向东海海域时，其所受浮力将___________（选填“变大”“变小”或“不变”），相对于液面，船身将___________（选填“上浮”或“下沉”）一些。
【答案】 ①. 不变 ②. 上浮
【解析】
【详解】[1]海洋监察船在黄浦江和东海海域行驶时，均处于漂浮状态，受到的浮力均等于海洋监察船的重力，因为在此过程中，海洋监察船受到的重力不变，所以海洋监察船在黄浦江和东海海域行驶时受到的浮力也不变。
[2]根据可得，在浮力大小不变时，液体密度越大，排开液体体积越小，因为海洋监察船在黄浦江和东海海域行驶时受到的浮力不变，且海水的密度大于黄浦江中水的密度，所以海洋监察船在海水中排开的液体体积较小，船身将会上浮一些。
17. 山东平邑大樱桃果肉饱满、酸甜多汁，其种植、管理、收获大樱桃的劳动过程中，蕴含着丰富的物理知识。
（1）果农为优化樱桃树树形，用细绳将枝条拉弯定型，这说明力可以改变物体的____________；
（2）樱桃陆续成熟，满园果香四溢，是因为分子在不停地做____________；
（3）枝叶繁茂的樱桃园里，阳光下地面上出现的圆形光斑，是由光的____________形成的。
【答案】（1）形状 （2）无规则运动
（3）直线传播
【解析】
【小问1详解】
用细绳将枝条拉弯定型，枝条的形状发生了改变，这说明力可以改变物体的形状。
【小问2详解】
满园果香四溢，是因为樱桃中的芳香分子在不停地做无规则运动，扩散到了空气中。
【小问3详解】
枝叶间的缝隙相当于小孔，地面上的圆形光斑是太阳通过小孔形成的像，这是由光的直线传播形成的。
18. 如图所示，擦窗机器人底部装有真空泵和吸盘，当真空泵将吸盘内的空气抽出时，由于___________的作用，它吸附在竖直玻璃上；它工作时带动清洁布擦拭玻璃，选用粗糙清洁布的目的是为了增大___________。
【答案】 ①. 大气压 ②. 摩擦力##滑动摩擦力
【解析】
【详解】[1]当真空泵将吸盘内的空气抽出时，吸盘内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下，擦窗机器人被压在竖直玻璃上。
[2]根据影响滑动摩擦力大小的因素，在压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大。擦窗机器人工作时，选用粗糙清洁布，是为了在压力不变的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大滑动摩擦力，从而更好地擦拭玻璃。
19. 现在很多电动汽车为了节能安装了一套“能量回收装置”。在刹车时该装置可带动发电机发电，将机械能转化为电能储存起来，但轮胎与地面摩擦会产生大量内能，这些内能是无法自动转化成机械能供汽车运动的，这是因为能量的转移和转化具有_____。此种“能量回收装置”工作时_____（选填“遵循”或“不遵循”）能量守恒定律。
【答案】 ①. 方向性 ②. 遵循
【解析】
【详解】[1]在刹车时该装置可带动发电机发电，将机械能转化为电能储存起来，但轮胎与地面摩擦会产生大量内能，这些内能是无法自动转化成机械能供汽车运动的，即能量只能朝一个方向自动转化，而不能反方向进行，这是因为能量的转移和转化具有方向性。
[2]自然界的物理现象都遵循能量守恒定律，所以，此种“能量回收装置”工作时也遵循能量守恒定律。
20. 为了保护视力，学校将教室里的日光灯全部更换成了LED护眼灯。
（1）如果打开护眼灯之后，老师又打开了教室中的多媒体设备，则教室电路中的总电流会____________，相同时间内消耗的电能会____________（均选填“增大”“减小”或“不变”）；
（2）同学们发现教室前两盏黑板灯由一个开关同时控制亮灭，用笔划线代替导线请在答题卡上将开关和灯正确连入电路。
【答案】（1） ①. 增大 ②. 增大
（2）
【解析】
【小问1详解】
教室电路中的用电器是并联的，电源电压保持不变。当打开护眼灯后，再打开多媒体设备，相当于并联的用电器增多，电路的总功率增大，根据，总电流I增大；
根据P=Wt⇒W=Pt ，相同时间t内，总功率P增大，消耗的电能W增大。
【小问2详解】
两盏灯是并联关系，因为它们需要独立工作、互不影响；开关要接在火线上，并且在干路中，这样断开开关时，两盏灯都与火线断开，保证安全；两盏灯的另一端共同接在零线上，据此作图。
三、实验探究题：本题共4小题，共34分（第21题每空1分共8分；第22题第（6）题2分，其它每空1分共8分；第23题每空1分共8分；第24题第（1）、（4）题2分，其它每空1分共10分）。
21. 物理兴趣小组在“生活中的热现象”主题研学实践中，开展了“水的沸腾规律”的实验探究。
（1）组装图甲的实验装置时，合理的安装顺序为____________（选填“自上而下”或“自下而上”）。
（2）实验中，在某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为____________；小组同学观察到水沸腾前后气泡的变化如图丙所示，其中____________（选填“A”或“B”）图是水沸腾时气泡变化的情形。
（3）兴趣小组使用完全相同的实验装置，用初温相同的水完成实验，由图丁的图像分析，两组将水加热至沸腾的时间____________（选填“相同”或“不同”），造成该差异的原因可能是____________。
（4）小组同学用图戊装置继续探究：持续加热至大烧杯中的水沸腾后，观察到两支温度计的示数始终相同，此时试管中的水____________（选填“会”或“不会”）沸腾，由此可知水沸腾的条件是____________。
（5）为了让图戊装置中试管内的水也能沸腾，请你设计可行的实验方案____________。
【答案】（1）自下而上
（2） ①. 89 ②. A
（3） ①. 不同 ②. 两组实验所用水的质量不同
（4） ①. 不会 ②. 温度达到沸点，持续吸热
（5）方案1：给大烧杯的杯口加盖密封；方案2：将试管口密封后抽取试管内的空气；方案3：用沸点高于水的液体（如食用油）替换大烧杯中的水
【解析】
【小问1详解】
组装加热装置时，需先根据酒精灯外焰的高度确定铁圈和石棉网的位置，再依次往上安装烧杯、温度计等器材，因此合理顺序为自下而上。
【小问2详解】
温度计的分度值为1℃，示数为89℃；
水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中水压减小，且周围水不断汽化补充水蒸气，气泡体积逐渐变大；沸腾前，下方水温高于上方，气泡上升时遇冷收缩，且水蒸气液化，气泡体积逐渐变小。因此A图是沸腾时的气泡情形。
【小问3详解】
由图丁可知，两组水达到沸点的时间不同（甲在t1，乙在t2），因此加热时间不同；
实验装置和初温相同，差异原因可能是水的质量不同（乙组水的质量更大，需要吸收更多热量才能沸腾，因此耗时更长）。
【小问4详解】
大烧杯中的水沸腾后，温度保持不变，此时试管中的水虽能达到沸点，但与烧杯内水的温度相同，无法继续吸热，因此不会沸腾；
所以水沸腾的条件是：达到沸点，且持续吸热。
【小问5详解】
方案1：给大烧杯的杯口加盖密封，烧杯内气压升高，水的沸点随之升高，烧杯内水的温度高于试管内水的沸点，试管内的水就能继续吸热并沸腾；
方案2：将试管口密封后抽取试管内的空气，试管内气压降低，水的沸点随之降低，烧杯内水的温度高于试管内水的沸点，试管内的水就能继续吸热并沸腾；
方案3：用沸点高于水的液体（如食用油）替换大烧杯中的水，使烧杯内液体的沸点高于试管内水的沸点，试管内的水就能达到沸点并继续吸热。
22. 小明在实验室完成了“光的反射定律”、“凸透镜成像规律”探究实验，实验装置如图所示。

（1）在图甲实验中，小明让光线沿方向逆着原反射光线射向平面镜，反射光线恰好沿方向射出，这一现象说明：在光的反射现象中____________。
（2）为得到“反射角等于入射角”的普遍规律，避免实验偶然性，实验中小明多次改变____________的大小，重复实验并记录数据。
（3）小明进行图乙实验时，需先调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在____________，使像成在光屏中央。
（4）调整好装置后，移动光屏，如图所示小明观察到光屏上呈现出清晰的倒立、____________的实像，生活中____________（选填“照相机”“投影仪”“放大镜”）利用了这一成像规律工作。
（5）保持图乙中凸透镜和光屏的位置不变，小明将蜡烛移至10cm刻度线处，若要使光屏上再次呈现清晰的像，需在蜡烛与凸透镜之间放置一个合适的____________（选填“近视”或“远视”）眼镜。
（6）小明在实验时不小心用不透明的便签纸遮挡住了凸透镜下半部分，他发现光屏上仍能呈现烛焰完整的像。请你判断：与遮挡前相比，光屏上像亮度的变化，并简述原因____________。
【答案】（1）光路是可逆的
（2）入射角 （3）同一高度
（4） ①. 缩小 ②. 照相机
（5）近视 （6）像会变暗，凸透镜被遮挡后透光面积减小，会聚到光屏上的光减少，因此像变暗
【解析】
【小问1详解】
让光线逆着原反射光线（BO方向）射向平面镜，反射光线沿原入射光线（OA方向）射出，这说明：在光的反射现象中，光路是可逆的。
【小问2详解】
为了得到“反射角等于入射角”的普遍规律，避免偶然性，需要多次改变入射角的大小，重复实验并记录数据。
【小问3详解】
实验前，需要调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度，目的是使像成在光屏的中央，方便观察。
【小问4详解】
由图乙可知，物距
像距
此时，成倒立、缩小的实像，这是照相机的工作原理。
【小问5详解】
将蜡烛移至10cm刻度线处，物距增大，根据“物远像近像变小”，像会向光屏左侧移动。若保持凸透镜和光屏位置不变，要让像重新成在光屏上，需要让光线发散一些，延迟会聚，因此应在蜡烛与凸透镜之间放置一个近视眼镜（凹透镜）。
【小问6详解】
遮挡凸透镜下半部分后，透过透镜的光减少，会聚到像点的光变少，因此像的亮度变暗，但像仍然是完整的（因为物体上每个点发出的光仍有部分通过透镜上半部分会聚成像）。
23. 在一次物理实验活动中，小明需要测量一种未知液体的密度。他计划用两种不同的方法进行测量，并比较结果：先利用托里拆利实验的原理制作简易气压计进行推算，再使用天平和量筒进行常规测量验证。请你根据他的实验过程，回答下列问题：
（1）小明首先利用托里拆利实验装置进行测量，他利用了____________的原理，同一环境下大气压对两个液槽液面的压强相等，由此可推导出待测液体的密度____________（已知水银的密度为，用、、表示）。
（2）小明同学用天平、量筒再次测量该液体密度，先将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的____________处，调节后发现指针静止时偏向分度盘中央刻度线右侧，此时应将平衡螺母向____________（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁水平平衡。
（3）天平调平后，小明先测出烧杯与液体的总质量，砝码及游码位置如图乙所示，读数为____________g。然后，他将烧杯中的部分液体倒入量筒中，量筒内液面位置如图丙所示，接着他用天平测出烧杯和剩余液体的质量为28g，请根据以上数据，计算出该液体的密度为____________。
（4）对比两次测量结果，小明发现用“简易气压计法”比用“常规测量法”测得的密度值偏大。分析可知，误差原因可能是玻璃管内混入了少量空气，会导致测得的液柱高度h1偏____________（选填“大”或“小”），最终使密度计算值偏大；为提高测量精度，在玻璃管长度足够的前提下，应选用密度更____________（选填“大”或“小”）的待测液体，可减小高度测量的相对误差。
【答案】（1） ①. 大气压强 = 玻璃管内水银柱产生的液体压强 ②.
（2） ①. 零刻度线 ②. 左
（3） ①. 94 ②. ##1100
（4） ①. 小 ②. 小
【解析】
【小问1详解】
托里拆利实验首次测出标准大气压，原理本质：大气压强 = 玻璃管内水银柱产生的液体压强。
对水银柱；对待测液体柱p0=ρ液gℎ1
联立得
【小问2详解】
天平使用前，需将游码移至标尺左端的零刻度线处；
指针偏向分度盘中央右侧，说明右侧重，此时应将平衡螺母向左调节。
【小问3详解】
烧杯与液体总质量：砝码质量
游码在4g刻度线，故总质量
倒出液体的质量：
量筒中液体体积：由图丙可知
液体密度：ρ=mV=66g60cm3=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3
【小问4详解】
若玻璃管内混入少量空气，管内气压会抵消部分大气压，导致测得的液柱高度h1偏小；根据公式，h1偏小会使计算出的密度偏大。
为减小高度测量的相对误差，应选用密度更小的待测液体。根据，ρ液越小，液柱高度h1越大，测量高度的相对误差就越小。
24. 物理兴趣小组开展在“用电流表和电压表测量电阻”的实验中，电源电压恒为3V。
（1）实验小组连接了如图甲所示的电路，闭合开关前发现有一根导线连接错误。请在错误的导线上划“×”，并画出这根导线的正确连接位置。
（2）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数。出现这个现象的原因可能是 （选填序号）。
A. 待测电阻断路B. 待测电阻短路C. 滑动变阻器短路D. 滑动变阻器断路
（3）排除电路故障后，小组同学继续实验，并将记录的数据填写在下表：
①分析表中数据，按照实验次数的先后顺序操作，滑动变阻器滑片的移动方向为____________（选填“从左向右”或“从右向左”）；
②为完成本次全部实验，所选滑动变阻器的最大阻值至少不小于____________。
（4）请根据描点法在图乙中描绘出表格中的六组数据，并作出该电阻的图像；
（5）①由图像可得该电阻的阻值为____________，多次实验的主要目的是____________（选填“寻找普遍规律”或“求平均值减小实验误差”）；
②利用本实验的全部器材，不添加其他任何元件，还可以探究的电学实验是____________。
A.探究电流与电压的关系
B.探究电流与电阻的关系
C.测量小灯泡的额定电功率
【答案】（1） （2）B
（3） ①. 从左向右 ②. 20
（4） （5） ①. 10 ②. 求平均值减小实验误差 ③. A
【解析】
【小问1详解】
滑动变阻器两个下接线柱接入电路，据此修改作图。
【小问2详解】
电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明与电压表并联的部分短路，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【小问3详解】
由表格数据，电压U逐渐增大，电流I也增大，根据串联分压，滑动变阻器两端电压减小，其接入电阻减小，因此滑片移动方向为从左向右；
当待测电阻电压最小时（，），滑动变阻器电压，此时滑动变阻器阻值最大
【小问4详解】
根据表格数据描点，用直线连接，舍去偏差点（1.8V，0.14A），得到过原点的倾斜直线。
【小问5详解】
由，取正常数据计算（或），该电阻阻值为10Ω；
多次实验的目的是求平均值减小实验误差（定值电阻测量中，多次测量取平均值减小误差）；
② 现有器材：电源、开关、电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻，可探究：
A. 探究电流与电压的关系（控制电阻不变，改变电压）；
B. 探究电流与电阻的关系需要多个不同阻值的定值电阻，器材不足；
C. 测量小灯泡的额定电功率需要小灯泡，器材不足。
故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
四、综合应用题：本题共3小题，共23分（第25题8分，第26题9分，第27题6分）。
25. 如图为广汽高域GOVY Air Jet复合翼飞行汽车，兼顾地面行驶和高空飞行的双重性能，常应用于低空旅游和应急救援任务。该飞行汽车整车总重，静止在水平停机坪时与地面的接触总面积为；其飞行器部分在一次应急救援中，将质量为700kg的救援物资，不计空气阻力，在15s内匀速竖直提升至60m的救援高度。取，求：
（1）救援物资匀速竖直上升过程中的速度；
（2）该飞行汽车静止在水平停机坪时，对地面的压强；
（3）飞行器提升救援物资时对救援物资做功的功率。
【答案】（1）4m/s
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
救援物资匀速竖直上升过程中的速度
【小问2详解】
飞行汽车静止在水平停机坪时，对地面的压力等于整车总重
飞行汽车静止在水平停机坪时，对地面的压强
【小问3详解】
匀速提升时，拉力与物资重力相等
拉力对物资做的功
则飞行器提升救援物资时对救援物资做功的功率
26. 劳动实践小组为温室育苗基地制作了一个保温箱，其电路如图所示。保温箱有高温和低温两个挡位，由保温箱内的温控开关自动切换（内部电路由两个不同的发热电阻R1、R2及两个开关S1，S2组成）。当两个开关S1、S2都闭合时，保温箱处于高温挡；当开关S1闭合、S2断开时，保温箱处于低温挡。保温箱铭牌上的部分参数如下表，求：
（1）请在电路图的虚线框内补画出开关S1，S2，完成保温箱的电路图；
（2）该保温箱处于高温挡时，电路中的总电流；
（3）发热电阻的阻值R2；
（4）该保温箱处于低温挡正常工作10min，此过程中保温箱内质量为9kg的空气温度从升高到，该保温箱的加热效率。[不计热量损失，空气的比热容为1×103J/kg⋅°C]
【答案】（1） （2）5A
（3）
（4）
【解析】
【小问1详解】
高温挡两个电阻并联，需要两开关同时闭合；低温挡R2单独工作，需要干路上开关闭合，R1支路上开关断开，所以在开关S1干路上，据此作图。
【小问2详解】
根据得保温箱处于高温挡时，电路中的总电流
【小问3详解】
保温箱处于低温挡时，只有R2接入电路，根据得
【小问4详解】
低温挡工作
消耗的电能
根据得保温箱内空气吸收的热量Q吸=cm(t−t0)=1×103J/kg⋅℃×9kg×(30°C−20°C)=9×104J
则保温箱的效率
27. 2026年春晚机器人表演的《武BOT》节目燃爆全场。数十台人形智能机器人与武校学员同台竞技，将传统武术与智能科技结合，展示了空翻、耍棍、醉拳及六合拳对练等高难度动作。节目中数十台人形智能机器人通过集群自动控制系统实现一键启动，全自主运行，集群控制同步误差低于。节目展现多项全球首创技术突破，实现高速集群走位与空翻特技，是中国智造与中华传统文化的创新融合。既彰显硬核科技实力，也以科技赋能传统美学，成为本届春晚最具科技感与文化自信的亮点。
（1）电动机是人形智能机器人各关节的核心动力装置，不同关节的电动机之间是____________联的，给人形智能机器人的电池充电时，电池相当于电路中的____________；
（2）人形智能机器人进行图像处理的芯片以及温度感知系统中的热敏元件都是由____________（选填“导体”“绝缘体”或“半导体”）材料制成的；
（3）若某台机器人电动机额定电压为24V，正常工作电流为5A，线圈电阻0.4Ω，求电动机工作1min，线圈产生的热量；
（4）若你是人形智能机器人的设计师，在电池提供的电能不变的情况下，为了让机器人的表演续航时间更长，可以做怎样的改进？请说明理由。
【答案】（1） ①. 并 ②. 用电器
（2）半导体 （3）600J
（4）改进：减小机器人自身质量，优化关节结构减小部件间摩擦；理由：电池总电能不变，根据，减小工作功率即可延长续航时间，该改进可减少能量损耗，降低工作功率，从而延长续航
【解析】
【小问1详解】
并联电路中各用电器可以独立工作、互不影响，机器人不同关节的电动机需要独立控制，互不干扰，因此采用并联；
充电过程中，电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，符合用电器“消耗电能”的特征。
【小问2详解】
半导体的导电性可受温度、光照、杂质等因素控制，是制造芯片、热敏电阻等电子元件的核心材料。
【小问3详解】
电动机工作时间
线圈产生的热量
【小问4详解】
略实验次数
1
2
3
4
5
6
电压
1.0
1.2
1.6
1.8
2.0
2.5
电流
0.10
0.12
0.16
0.14
0.20
0.25
额定电压/V
220
高温挡功率/W
1100
低温挡功率/W
200