广东省广州市花都区2026年中考二模物理试卷

这是一份广东省广州市花都区2026年中考二模物理试卷，共18页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．可再生能源是未来理想能源的一个重要发展方向。下列属于可再生能源的是( )
A．煤B．太阳能C．天然气D．核能
2．当吉他的一根琴弦振动变快时，该琴弦( )
A．振动频率变高B．发声音调变低
C．振动幅度变大D．发声响度变小
3．微波炉能产生频率为2.45×109Hz的微波，食物的分子在微波的作用下剧烈振动，使得内能增加，温度升高。结合图，下列表述中正确的是( )
A．微波波长比紫外线短
B．微波属于无线电波
C．微波在真空中的传播速度为 3×106m/s
D．微波在真空中传播速度比红外线慢
4．图为快递分拣机器人工作的场景，机器人M载着快递件P向东匀速行驶，下列关于该过程的说法中正确的是( )
A．机器人 M 相对于快递件 P 是运动的
B．快递件 P 相对于地面是静止的
C．若机器人撞到障碍物，快递件 P 可能会向东掉落
D．电动机是机器人的动力源，其工作原理是电磁感应
5．图是装有静电除尘纸的拖把，拖地时除尘纸与地板摩擦后得到电子，将附近的灰尘、毛发牢牢吸住。下列关于此过程说法中正确的是( )
A．地板失去电子
B．地板带负电
C．除尘纸带正电
D．除尘纸能吸住毛发，说明毛发与除尘纸一定带异种电荷
6．涡轮发动机(内燃机)的工作过程如图所示。空气通过压缩机压缩后进入燃烧室与燃料混合燃烧，产生的高温高压燃气向后高速喷出，推动涡轮机旋转，剩余能量经排气管排出。内能转化为机械能的过程发生在( )
A．进气室B．压缩室C．燃烧室D．排气室
7．图为“门禁”上的电磁锁的结构图，A是电磁铁，B是铁块。A通电时，与B相互吸引，门被锁住；A断电时，A、B互不吸引，门可以被推开。下列说法中正确的是( )
A．B也可以由铜制成
B．闭合开关S后，滑片 P 左右移动，A的磁性强弱不变
C．闭合开关S后，A右端为N极
D．若电源正负极对调，该电磁锁将不能正常工作
8．图是一款电子量角器的实物图和电路图，电源电压U保持不变，AB为均匀半圆弧形电阻，O点为其圆心，OP为金属滑片，可绕O点转动。A、O间连接的角度显示器由电压表改装而成。当滑片P沿逆时针方向转动时，则( )
A．电路中总电阻变小B．电路中的电流变大
C．电压表的示数变大D．电路的总功率不变
9．图是手动擦窗器的实物图和剖面图，手动擦窗器由窗内外甲和乙两部分构成，仅依靠内部磁铁磁力吸附在竖直玻璃两侧，磁铁B 固定，磁铁A可左右移动来调节磁力大小，已知甲、乙的重力均为5N。忽略空气作用力，下列说法中正确的是 ( )
A．擦窗器静止在玻璃上时，甲受到的摩擦力方向竖直向下
B．擦窗器静止在玻璃上时，若A、B间的磁力变大，甲受到的摩擦力变大
C．用竖直向上、大小为8N的力推动甲匀速竖直向上擦玻璃，甲受到摩擦力为13N
D．若取走甲，甲、乙间的磁力消失，乙在竖直方向受到的合力为5N
10．图是某电加热器的简化电路，有高温挡和低温挡两种挡位。电源电压恒为220V，R1和R2为发热电阻，. R2=2200Ω。。闭合开关S后，通过开关S1置于1或2可以选择不同挡位，当S1置于2时，电路总功率为44W。下列说法中正确的是 ( )
A．R1和 R2可以由超导材料制成
B．闭合S后，当S1置于2时，R1与 R2串联
C．闭合S后，当S1置于1时，处于低温挡位
D．R1=1100Ω
二、非选择题：本题共8小题，共60分。按题目要求作答。
11．图为一种健身器械，横梁AOBC可视为一个能绕O点转动的杠杆(自重对杠杆平衡没有影响)，在A 点连接配重。人在C 点施加竖直向下的拉力 Fc。
（1）在图中画出杠杆A 点受到的拉力FA，以及 Fc的力臂 lc ；
（2）当配重刚好被拉离地面时，杠杆A 点受到的拉力 FA=800N,则 Fc为 N；保持 Fc方向不变，若人想用更小的力拉起配重，手应水平向 (选填“左”或“右”)移动，理由是： ；
（3）当人双手自然垂下站在水平地面上，双脚与地面的总接触面积为0.04m2，人对水平地面的压强为1.5×104Pa， 则人的重力为 N。
12．如图所示，发光体MN位于平面镜上方，N点发出的一条竖直光线a，经平面镜反射后经过甲凸透镜，甲凸透镜的光心在0cm位置，焦距为4cm。
（1）画出MN在平面镜中的像M'N' ；
（2）画出：①光线a经平面镜反射后的光线b，②b经甲凸透镜后的折射光线c；
（3）若在6cm刻度处竖直放置物体A(未画出)，物体A经甲凸透镜成 (选填“放大”或“缩小”)的像；保持物距不变，将甲凸透镜换成焦距为8cm的乙凸透镜，此时物体A经乙凸透镜成 (选填“虚”或“实”)像。
13．
（1）古代火斗(熨斗)如图所示，可在火斗中加入热水来熨平衣物，这是通过 (选填“热传递”或“做功”)的方式改变衣物内能；用焦炭将水烧热，完全燃烧3kg的焦炭放出的热量为 J。 (q棱锥侧=3×107J/kg)
（2）图的电蒸汽熨斗内的加热元件可将水加热成高温“蒸汽”，这是将 能转化成水的内能；“蒸汽”从熨斗中喷出后迅速变成大量“白气”并放出热量， “白气”是 态(选填“固”“液”或“气”)。若某段时间电蒸汽熨斗内0.3kg、初温为20℃的水，吸收了 6.3×104J 的热量后，水的末温为 ℃ ∘C[c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)].
14．小明将一根简易密度计先后放入甲、乙两杯不同液体中，密度计静止时如图所示(H>h)。
（1）请在图方框内画出甲杯中密度计(以黑点表示)所受力的示意图 ；
（2）甲杯中密度计受到的浮力 (选填“大于”“等于”或“小于”)乙杯中密度计受到的浮力；
（3）甲杯液体对烧杯底的压强 (选填“大于”“等于”或“小于”)乙杯液体对烧杯底的压强。
15．图甲为塔式起重机，图乙为该起重机钢丝绳穿绳简化示意图。使用该起重机将重为1.8×104N的建材沿竖直方向匀速提升10m，用时10s。此过程中起升电动机对钢丝绳的拉力F 做的功为2×105J。求此过程中(忽略空气阻力)
（1）滑轮组的机械效率；
（2）起升电动机对钢绳施加的拉力 F的大小；
（3）下列说法中正确的有____。
A．建材的动能转化为重力势能
B．建材的机械能增大
C．建材的机械能守恒
D．建材的动能不变，重力势能增大，不符合能量守恒定律
E．起升电动机对钢丝绳的拉力 F 做功的功率为2×104W
16．小烨想用55Ω的发热电阻 R一个、“220V 110W”的电动机(带扇叶)一个、开关两个和导线若干，制作一个风干机。风干机要有“吹冷风”和“吹热风”两种模式，吹冷风时只有电动机工作；吹热风时发热电阻和电动机同时工作，但不能出现发热电阻单独工作的情况。
（1）下列符合风干机设计要求且接线正确的是 ；
（2）求风干机正常工作吹热风时通过 R 的电流；
（3）求风干机正常工作吹热风10s消耗的电能；
（4）吹冷风一段时间，风干机消耗的电能为W，电动机线圈产生的热量为Q，则W (选填“>”“=”或“
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）由题知，吹冷风时只有电动机工作；吹热风时发热电阻和电动机同时工作，由此可知，电动机和发热电阻工作时互不影响，即两者并联，由于但不能出现发热电阻单独工作的情况，则需要干路上安装一个总开关，一个只控制发热电阻的开关，开关接在用电器和火线之间。故选：A。
（4） 吹冷风一段时间，风干机消耗的电能即为电动机消耗的电能W，电动机线圈产生的热量为Q，电动机电能转化为机械能和热能Q，即W=Q+W机械能，所以W>Q。
【分析】（1）根据并联电路的工作特点：各用电器独立工作，互不影响，由此可分析电动机和电热丝的连接方式。
（2）R 与 M 并联，结合欧姆定律列式求解；
（3） R与M并联且正常工作，求解电动机电流以及总电流，结合W=UIt求解电能；
（4）电动机电能转化为机械能和热能。
17．【答案】（1）
（2）A
（3）0.4
（4）B
（5）40；5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）根据图甲电路图，电压表应与定值电阻并联，实验中控制定值电阻R两端电压为2V，故电压表选择0～3V量程，实物电路图如下：
（2）闭合开关后，电流表、电压表均无示数，电路可能出现断路。若故障只出现在Rp或R，则可能是滑动变阻器Rp断路，因为如果R断路，电压表会有示数（测电源电压），而现在两表均无示数，所以是滑动变阻器Rp断路导致整个电路不通，故选：A。
（3）由图可知电流表量程为0-0.6A，结合电流表示数可得电流大小为0.4A；
（4）将定值电阻由5Ω更换为10Ω，根据串联分压原理，定值电阻增大，其两端电压会增大。要使定值电阻两端电压仍为2V，应增大滑动变阻器接入电路的电阻，即向右端调节滑片（因为滑动变阻器左下接线柱接入电路，向右滑电阻变大）。故选：B。
（5） 根据串联分压原理，当R=20Ω，滑动变阻器接入阻值最大，URU滑=2V6V−2V=RR滑，解得R滑=40Ω，所以需要更换一个最大阻值至少为40Ω的滑动变阻器；根据串联分压原理，当R=20Ω，滑动变阻器接入阻值最大，滑动变阻器最大阻值为30Ω，故URU滑大=2VU大−2V=RR滑，解得U大=5V，所以调节电源电压，使其最大不超5V。
【分析】（1）由图甲知，电压表与定值电阻并联；
（2）闭合开关后，电流表、电压表均无示数，电路可能出现断路，逐个分析断路情况；
（3）结合电流表量程和指针示数读数；
（4）将定值电阻由5Ω更换为10Ω，根据串联分压原理，定值电阻增大，其两端电压会增大。要使定值电阻两端电压仍为2V，应增大滑动变阻器接入电路的电阻；
（5）根据串联分压原理，当R=20Ω，滑动变阻器接入阻值最大，根据串联分压原理计算滑动变阻器最大阻值，当R=20Ω，滑动变阻器接入阻值最大，滑动变阻器最大阻值为30Ω，根据串联分压原理，计算最大电压；
18．【答案】（1）密度小
（2）720kg
（3）1000；5×103
（4）840
【知识点】密度公式及其应用；速度公式及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）轻质材料的密度较小，在体积一定时，物体的密度越小，质量越小，因此气囊采用轻质材料制作是为了减小质量；
（2）将气囊充满氦气，此时氦气质量为：
m氦气=ρ氦气V气囊=0.18kg/m3×4000m3=720kg；
（3）由v=st知，飞艇飞行的路程：s=vt=10m/s×100s=1000m；由图乙可知，空气阻力F阻与速度v的图线为一条过原点的斜线，即F阻=kv，当速度为12m/s时，空气阻力为6×103N，解得：k=500N•s/m；飞艇以10m/s的速度水平匀速直线飞行时受到的阻力为：
F阻=kv1=500N•s/m×10m/s=5000N；
（4）将气囊充满氦气，此时飞艇受到的浮力为：
F浮=ρ空gV排=ρ空gV气囊=1.29kg/m3×10N/kg×4000m3=5.16×104N；
此时飞艇空载重力、氦气的重力、乘客的总重之和等于浮力大小，最多能承载的总重力为：
G总=F浮-G飞艇-G氦=F浮-m飞g-m氦气g=5.16×104N-3600kg×10N/kg-720kg×10N/kg=8400N，
则最多能承载总质量：m=G总g=8400N10N/kg=840kg。
【分析】（1）在体积一定时，物体的密度越小，质量越小；
（2）根据m氦气=ρ氦气V气囊可求气囊内装满氦气的质量；
（3）根据v=st求得飞艇飞行的路程；
根据图乙信息求得图像解析式，再求出飞艇所受的阻力；
（4）根据F浮=ρ空gV排求出飞艇受到的浮力；对飞艇进行受力分析，利用力的平衡关系求出最多能承载的总重力，利用m=Gg求出最多能承载总质量；空载质量 (不含氦气)/kg
3600
气囊总容积 /m³
4000
最大速度/ (km/h)
72