2026年海南省海口市初中学业水平模拟考试（一）物理试卷（含解析）

这是一份2026年海南省海口市初中学业水平模拟考试（一）物理试卷（含解析），共17页。试卷主要包含了答题前请认真阅读试题有关说明等内容，欢迎下载使用。
（全卷满分100分，考试时间60分钟）
特别提醒：
1．答案一律按要求涂或写在答题卡上，写在试题上无效。
2．答题前请认真阅读试题有关说明。
一、选择题（本大题有10小题，每题只有一个正确的选项，每小题3分，共30分）
1. 我国古代把女子一拃长称为“咫”，男子一拃长称为“尺”，实际“咫”与“尺”的长度相差大约为（ ）
A. 4cmB. 10mC. 10dmD. 4mm
【答案】A
【解析】
【详解】“一拃”是张开手后拇指到中指的距离， 普通女子手掌较小，一拃长约16cm，男子手掌更大，一拃长约20cm，二者长度差约为。 故A符合题意，故BCD不符合题意。
故选 A。
2. 为了捕获更多风能，风力发电叶片要变得更长，这对材料的强度和刚性要求极高。碳纤维能帮助叶片做得更长、更轻、更高效。其中“轻”主要是指（ ）
A. 质量小B. 体积小C. 熔点高D. 密度小
【答案】D
【解析】
【详解】由题可知碳纤维材料具有“更轻”的特点，这里的“轻”是指单位体积的碳纤维材料的质量小，即密度小，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
3. “做中学”是一种重要的学习方式，以下用乒乓球做的小实验能说明大气压存在的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．该实验是装满水的瓶子倒置后，乒乓球放在瓶底不会上浮，是由于乒乓球下方没有水，无法产生压强差（浮力），不能说明大气压存在，故A不符合题意；
B．向两个乒乓球中间吹气，两球会向中间靠拢，说明流体流速越大的位置压强越小，反映的是流体压强与流速的关系，不能说明大气压存在，故B不符合题意；
C．该实验是装满水的瓶子倒置后，乒乓球托住瓶中的水不会下落，是外界大气压对乒乓球产生向上的压力，托住了水和乒乓球，能直接说明大气压的存在，故C符合题意；
D．从漏斗向下吹气，乒乓球不会落下，原理是乒乓球上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，产生向上的压强差，说明的是流体压强与流速的关系，不能说明大气压存在，故D不符合题意。
故选C。
4. 如图是《天工开物》记载的舂米脚踏碓，用脚持续踩踏木杠的一端，另一端的碓头便会连续起落。碓头一般制成锥形，底部较尖，其主要目的是（ ）
A. 增大压力，更容易砸碎稻壳
B. 减小压力，保护石臼
C. 增大压强，更容易砸碎稻壳
D. 减小压强，保护碓头
【答案】C
【解析】
【详解】由可知，碓头制成底部较尖的锥形，是在压力大小不变的情况下，通过减小受力面积来增大压强，目的是更容易砸碎稻壳。故选C。
5. 在利用干冰（固态二氧化碳）进行人工降雨时，干冰被发射到云层中后，发生的物态变化是（ ）
A. 升华B. 汽化C. 凝华D. 液化
【答案】A
【解析】
【详解】干冰是固态二氧化碳，被发射到云层后，会直接从固态变为气态二氧化碳，物质由固态直接变为气态，因此干冰发生的物态变化是升华，升华吸热使云层温度降低，最终促成降雨。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6. 畅读经典，传承文化。《小石潭记》中描写到：“日光下澈，影布石上”，意思是阳光照到水底，鱼的影子映在水底的石头上。与“影布石上”中影的成因相同的是（ ）
A. 波光粼粼B. 立竿见影
C. 水中映月D. 海市蜃楼
【答案】B
【解析】
【详解】“影布石上”的成因是光的直线传播，鱼挡住了沿直线传播的阳光，在水底石头上形成影子；波光粼粼和水中映月的成因都是光的反射，海市蜃楼的成因是光的折射，只有立竿见影的成因与“影布石上”相同是光的直线传播。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
7. 依据《噪声污染防治法》等法规，实时监测工地、交通等噪声源，及时对噪声超标的行为进行干预。下列措施中，与噪声监测仪作用属于同一物理目的的是（ ）
A. 高速公路旁安装隔音板
B. 工厂里的工人佩戴耳罩
C. 在路口安装“禁止鸣笛”标志
D. 使用分贝计检测公园的噪声等级
【答案】D
【解析】
【详解】噪声监测仪的作用是监测噪声的等级（响度大小），属于对噪声的检测，而不是减弱噪声。
A．高速公路旁安装隔音板，是在传播过程中减弱噪声，故A不符合题意；
B．工厂里的工人佩戴耳罩，是在人耳处减弱噪声，故B不符合题意；
C．在路口安装“禁止鸣笛”标志，是在声源处减弱噪声，故C不符合题意；
D．使用分贝计检测公园的噪声等级，和噪声监测仪一样，都是监测噪声的等级，故D符合题意。
故选D。
8. 以下测量，三次测量的目的不是减小测量误差，而是为了观察物理量变化规律的是（ ）
A. 用刻度尺三次测量同一本书的宽度
B. 用体温计测量同一个人早中晚的体温
C. 用量筒三次测量同一石块的体积
D. 用天平三次测量同一块铁块的质量
【答案】B
【解析】
【详解】A．用刻度尺三次测量同一本书的宽度，是为了通过多次测量求平均值来减小误差，故A不符合题意；
B．用体温计测量同一个人早中晚的体温，是为了观察体温在不同时间的变化规律，不是为了减小误差，故B符合题意；
C．用量筒三次测量同一石块的体积，是为了多次测量求平均值减小误差，故C不符合题意；
D．用天平三次测量同一块铁块的质量，是为了多次测量求平均值减小误差，故D不符合题意。
故选B。
9. 如图是在海南“村VA”比赛中，运动员用力扣击排球的激烈场面。不计空气阻力，关于排球在空中的运动，下列说法正确的是（ ）
A. 排球在空中处于平衡状态
B. 排球在空中受到重力和扣球的力
C. 排球在空中做变速运动
D. 排球在空中继续运动是受到惯性作用
【答案】C
【解析】
【详解】A．平衡状态指静止或匀速直线运动状态，排球在空中只受重力，合力不为零，运动状态不断改变，不是平衡状态，故A错误；
B．排球离开手后，运动员不再对它施加扣球的力，不计空气阻力，排球在空中只受重力，故B错误；
C．排球在空中受力不平衡，运动状态（速度大小/方向）不断改变，因此做变速运动，故C正确；
D．惯性是物体本身固有的属性，不能说“受到惯性作用”，正确表述是“排球由于惯性继续运动”，故D错误。
故选C。
10. 某款电热水壶有加热和保温两挡，电源电压不变。其内部简化电路可能存在如图所示的三种情况，定值电阻，。下列有关该电热水壶工作过程的描述正确的是（ ）
A. 图甲中，若开关S接1时为保温挡
B. 图乙中，当闭合、断开时，电热水壶处于加热挡
C. 图丙中，当闭合、断开时，电热水壶处于加热挡
D. 甲、乙、丙图中电热水壶均处于加热挡时，加热功率之比是
【答案】D
【解析】
【详解】根据，U一定时，R越大，P越小，R越小P越大。
A．图甲中，开关S接1时，电路为的简单电路，电路中的总电阻R总=R1=50Ω
开关S接2时，和串联，电路中的总电阻R总'=R1+R2=50Ω+100Ω=150Ω
因为，所以开关接1时为加热挡，故A错误；
B．图乙中，当闭合、断开时，和串联，电路中的总电阻R总'=R1+R2=50Ω+100Ω=150Ω
当、都闭合时，电路为的简单电路，电路中的总电阻R总=R1=50Ω
因为，所以当闭合、断开时，电热水壶为保温挡，故B错误；
C．图丙中，当闭合、断开时，电路为的简单电路，电路中的总电阻R总=R2=100Ω
当、都闭合时，和并联，电路中的总电阻1R总'=1R1+1R2=150Ω+1100Ω
解得R总'=1003Ω ，因为R总>R总' ，所以当闭合、断开时，电热水壶为保温挡，故C错误；
D．甲、乙、丙图中电热水壶均处于加热挡时，P甲:P乙:P丙=U250Ω:U250Ω:U21003Ω=2:2:3 ，故D正确。
故选D。
二、填空题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）
2026年4月20日，北京亦庄人形机器人半程马拉松开跑，赛道包含坡道、弯道等多种地形。机器人此次参赛不仅是争夺冠军，更重要的是测试极限压力，高扭矩一体化关节和液冷散热系统。请运用有关物理知识完成下面小题。
11. 人形机器人腿部关节采用电动机驱动，工作原理是通电线圈在________中受力转动；机器人关节处有液态润滑剂，可以________摩擦使其动作更灵活（选填“增大”或“减小”）。
12. 机器人跑步时，关节电机容易发热是因为电流的________效应；液冷散热系统冷却液的比热容较________（选填“大”或“小”）能更有效地降温。
13. 机器人通过摄像头识别赛道标记线，摄像头的镜头相当于________透镜，拍摄时物体位于镜头的__________（选填“一倍焦距内”“一倍焦距和二倍焦距之间”或“二倍焦距外”）。
14. 机器人头部还搭载了3D激光雷达，能通过发射和接收____________（选填“超声波”或“电磁波”）来侦测障碍物信息，确保跑步安全。在绕行障碍物的过程中，以机器人为参照物，障碍物是______的。
【答案】11. ①. 磁场 ②. 减小
12. ①. 热 ②. 大
13. ①. 凸 ②. 二倍焦距外
14. ①. 电磁波 ②. 运动
【解析】
【11题详解】
电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，将电能转化为机械能。
液态润滑剂可以在关节的接触面之间形成一层油膜，让两个接触面不直接接触，从而减小接触面的粗糙程度，达到减小摩擦的效果，让机器人动作更灵活。
【12题详解】
机器人关节电机工作时，电流通过线圈会产生热量，电能转化为内能，这种现象叫做电流的热效应。
根据，质量相同的不同物质，升高相同的温度时，比热容越大的物质吸收的热量越多，液冷系统用比热容大的冷却液，可以吸收更多电机产生的热量，降温效果更好。
【13题详解】
摄像头的镜头和照相机的镜头原理相同，都是利用凸透镜成像的规律工作的，当物体位于凸透镜的二倍焦距以外时，会成倒立、缩小的实像。
【14题详解】
激光属于电磁波，所以3D激光雷达是通过发射和接收电磁波来侦测障碍物的。
以机器人为参照物，障碍物相对于机器人的位置在不断变化，所以障碍物是运动的。
15. 小海利用废旧材料制作了一台简易风力发电机，将小型直流电机作为发电机，将扇叶固定在电机转轴上。当风吹动叶片旋转时，电机两端输出电能，使一个标有“2.5V；0.3A”的LED灯发光。请运用有关物理知识完成下面小题。
（1）风能属于________（填“可再生”或“不可再生”）能源。该风力发电机工作时，将风能先转化为叶片的________能，再通过直流电机转化为电能。
（2）电机能反向发电，利用了__________现象，该装置中的直流电机相当于电路中的________。
（3）当风速稳定，LED灯正常发光，此时LED灯的功率为______W；当风速变大，LED灯的亮度______（选填“不变”“变亮”或“变暗”）。
【答案】（1） ①. 可再生 ②. 机械##动
（2） ①. 电磁感应 ②. 电源
（3） ①. 0.75 ②. 变亮
【解析】
【小问1详解】
风能可以源源不断地从自然界获取，属于可再生能源。
风吹动叶片旋转时，叶片获得机械能（动能），所以风力发电机工作时，先将风能转化为叶片的机械（动）能，再通过直流电机转化为电能。
【小问2详解】
电机反向发电，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，利用了电磁感应现象。该装置中的直流电机能够提供电能，相当于电路中的电源。
【小问3详解】
LED灯正常发光时的功率为
当风速变大时，扇叶转速变快，直流电机产生的电压变大，LED灯的实际功率变大，所以亮度变亮。
三、作图与实验题（18题4分，19题8分，20题8分，共20分）
16. 按要求完成下列作图题；
（1）图是用标准砝码校对杆秤的情景，请在图甲中画出力的力臂。
（2）图是光线从空气射入玻璃三棱镜，请补充光再从三棱镜射出空气的大致光路图。
【答案】（1） （2）
【解析】
【小问1详解】
从支点O向的竖直作用线作垂线，标出垂足；将得到的垂线段标注为​，据此作图。
【小问2详解】
光从玻璃斜射入空气时，折射角大于入射角，最终出射光线向三棱镜的底边偏折：过出射点，作垂直于三棱镜出射边的法线；在法线另一侧画出折射光线：折射光线远离法线，向三棱镜底边偏折，标出光线的方向箭头，据此作图。
17. 在探究浮力的大小与哪些因素有关的实验中
（1）如图所示，用手把空瓶子浸入水中，空瓶子浸入水中越深，手会感到越吃力。可以猜想浮力大小可能与__________有关；比较序号__________的三次实验，可以验证此猜想；
（2）由实验丙可知，物体浸没在水中所受的浮力为__________N；
（3）探究浮力的大小与哪些因素有关实验中用到的研究问题的方法是__________法。
【答案】（1） ①. 物体排开液体的体积 ②. 甲乙丙##甲乙丁
（2）4 （3）控制变量
【解析】
【小问1详解】
空瓶子浸入水中越深，排开水的体积越大，手越吃力，说明浮力大小可能与物体排开液体的体积有关，要验证这个猜想，就需要控制液体密度相同，改变物体排开液体的体积，所以比较序号甲、乙、丙（或甲乙丁）的三次实验。
【小问2详解】
根据称重法测浮力，物体浸没在水中所受浮力为
【小问3详解】
探究浮力的大小与多个因素的关系时，控制其他因素不变，只改变一个因素，这种方法是控制变量法。
18. 在测量标有2.5V字样的小灯泡的电功率实验中，小海同学连接了如甲图所示的电路，电源电压恒定。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至______端以保护电路；
（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数。可能原因是__________；
（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图乙所示的图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是________W。
（4）小海还设计了如图丙所示的电路，测出了另一小灯泡的额定功率。已知定值电阻的阻值为，小灯泡的额定电压为。根据实验步骤写出表达式：
①测量时，先闭合开关S和，调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，小灯泡正常发光；
②断开所有开关后，保持滑片P的位置不动，再将开关S和闭合，读出电流表的示数为I，算出小灯泡的额定功率____________。（用已知量和所测物理量符号表示）
【答案】（1）B （2）滑动变阻器接入电路的电阻过大（滑动变阻器的滑片在阻值最大处）
（3）0.5W （4）
【解析】
【小问1详解】
闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器应调到最大阻值处，结合图甲，此时应将滑片移至B（右）端。
【小问2详解】
闭合开关后，电流表、电压表都有示数，说明电路是通路；小灯泡不亮的原因可能是滑动变阻器接入电路中的电阻太大，使电路中电流太小，灯泡实际功率太小。
【小问3详解】
当小灯泡两端电压为2.5V时，由图乙可知，此时电路电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为
【小问4详解】
闭合开关S和，小灯泡和并联，电流表测支路电流，调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，小灯泡正常发光；保持滑片P的位置不动，闭合开关S和，电流表测干路电流，则通过小灯泡支路电流为
由此可得小灯泡的额定功率为P额=U额IL=U额I−U额R0
四、综合应用题（21题10分，22题12分，共22分。解答时应写出必要的文字说明、公式和具体的计算步骤）
19. 2025年洋浦港集装箱吞吐量突破330万标准箱，国际航运枢纽功能持续增强。如图1为港口起重机吊装集装箱的场景，图2为起重机滑轮组结构示意图（不计绳重及摩擦）。已知动滑轮自重。起重机将质量为的集装箱从A点匀速提升6m至B点，用时10s；再水平匀速移动6m至C点，用时12s。（）
（1）图2中滑轮甲的作用是_____________；
（2）求将集装箱从A点吊起到B点的过程中的速度；
（3）求从A点到C点过程，克服集装箱重力做的功；
（4）从A点到B点过程中，求起重机滑轮组的机械效率；为提高起重机吊装集装箱时的机械效率，请提出至少一条合理的改进措施。
【答案】（1）省力 （2）
（3）
（4）80%
增大吊装的物重##选用较轻的动滑轮##选用较轻的绳子##给滑轮转轴加润滑油
【解析】
【分析】根据滑轮特点先判断滑轮甲的类型并明确作用，再根据速度计算公式计算物体运动的速度；根据功的计算公式分别计算有用功、额外功和总功，最后根据机械效率计算公式计算滑轮组的机械效率，最后结合机械效率影响因素提改进措施。
【19题详解】
由图2可知，滑轮甲的轴随物体一起运动，属于动滑轮，动滑轮的作用是省力。
【20题详解】
集装箱从A点吊起到B点的过程中的速度
【21题详解】
集装箱的重力
从A点到C点过程，只有从A点到B点过程克服重力做功，B到C点没有克服重力做功
从A点到C点过程，克服重力做功
【22题详解】
克服集装箱重力做功为有用功，克服动滑轮做功为额外功
起重机总功
起重机的机械效率为
在安全范围内可以通过增大吊装的物重或选用较轻的动滑轮或选用较轻的绳子或给滑轮转轴加润滑油等措施提高滑轮组的机械效率。
20. 海南地处热带，台风天气频繁。物理兴趣小组设计了一个“台风风力测量仪”，其电路原理如图所示，绝缘轻弹簧的左端固定在压敏电阻上，右端与迎风板相连，套在水平杆上，有风时，迎风板向左运动，当挤压压敏电阻时，压敏电阻的阻值会发生变化，已知风力等级F（单位：级）与的阻值关系为：（且F为整数），风力越大等级越大。电源电压为9V且不变，电压表的量程为0-3V，电流表的量程为0-0.6A，定值电阻的阻值为10Ω。求：
（1）无风时，电流表的示数；
（2）当电压表示数为2V时风力的级别；
（3）如果在电路中再串联一个10Ω的电阻，为了保证电路安全，求该装置能够测量的最大水平风力级别；
（4）如果把图中电压表改为风力表，它的刻度均匀吗？请说明理由。
【答案】（1）
（2）3级 （3）8级
（4）风力表刻度不均匀；理由：由串联分压可得电压表示数和压敏电阻阻值的关系式，由此可知，电压表的示数和压敏电阻阻值不成正比或反比，故改装后的风力表刻度不均匀
【解析】
【分析】先根据风力与压敏电阻的关系，结合欧姆定律和串联电路电流、电压和电阻的特点，计算无风时、指定电压2V和串联电阻后，电流表的示数和风力级别；再分析电压表的示数与风力的函数关系，判断刻度是否均匀。
【20题详解】
由题意可知，无风时，风力等级，代入关系式
可得
与串联，电流表测电路电流，串联电路的总电阻
由此可得无风时电流表的示数
【21题详解】
由题可知，电路电流为I=I2=U2R2=2V10Ω=0.2A
根据串联电路电流和电压特点，可得
由，可得级
【22题详解】
电路安全限制：电压表量程0~3V，电流表量程0~0.6A，因此两端最大电压时，电路电流
，电流未超量程，故以电压表量程为上限，即此时测量的风力最大，由此可得电路中的总电阻
再串联一个10Ω的电阻，则
将代入，可得级
【23题详解】
略