2026年中考第二次模拟考试：物理二模模拟卷（湖北省卷专用）

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一、选择题（共12题，每题2分，共24分。在每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）
1．垃圾分类，从我做起。下列可回收垃圾属于金属材料的是（ ）
A．铝制易拉罐B．塑料瓶C．玻璃瓶D．旧报纸
【答案】A
【详解】A．铝制易拉罐是由铝制成的，故A正确；
B．塑料瓶是由塑料制成的，属于有机合成材料，故B错误；
C．玻璃瓶是由玻璃制成的，属于无机非金属材料，故C错误；
D．旧报纸中含有天然的纤维素，不属于金属材料，故D错误。
故选A。
2．关于信息与材料，下列说法正确的是（ ）
A．5G手机利用超声波传递信息
B．光纤通信用光波传递信息，光导纤维是导体
C．用超导材料制造输电线可大大降低电能损耗
D．塑料容器对电磁波能起到屏蔽作用
【答案】C
【详解】A．5G手机是利用电磁波传递信息的，故A错误；
B．光导纤维是用绝缘体材料制成的，不是导体，故B错误；
C．如果用超导材料作为输电线，可大大降低输电过程中的电能损耗，所以利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，故C正确；
D．金属物质对电磁波能起到屏蔽作用，塑料容器对电磁波不能起到屏蔽作用，故D错误。
故选C。
3．如图所示，甲、乙两图为电磁联系中的两个实验装置图，丙、丁是甲、乙实验现象的应用，下列关于实验及其应用对应正确的是（ ）
A．甲——丙B．甲——丙、丁C．乙——丙D．乙——丙、丁
【答案】A
【详解】甲图实验可以得到的结论是“通电导体在磁场中受力的作用”，丙是动圈式扬声器：接入变化电流后，通电线圈在永久磁体的磁场中受力振动，带动纸盆发声，原理是通电导体在磁场中受力，和甲实验原理对应；乙图实验是“电磁感应”现象，丁是动圈式话筒：人对着话筒说话，声音使膜片、线圈运动，线圈在永久磁体的磁场中切割磁感线产生感应电流，原理是电磁感应，和乙实验原理对应，故A正确，BCD错误。
故选A。
4．篪（chí），是我国古老的一种底端封闭的横吹竹管乐器，外形与笛子相似，按压不同的孔可发出不同的声音。下列有关篪声的说法正确的是（ ）
A．按压不同孔时，篪声的响度改变
B．能区分篪声和笛声是因为音调不同
C．篪声是由空气振动产生的
D．篪发出的声音在空气中传播的速度约为
【答案】C
【详解】A. 按压不同孔时，篪内振动的空气柱长度发生变化，空气柱振动的频率会改变，对应的是音调改变，而非响度，故A错误；
B. 能区分篪声和笛声，是因为二者的音色不同（不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同），而非音调，故B错误；
C. 篪属于管乐器，其声音是由内部的空气柱振动产生的，故C正确；
D. 声音在的空气中传播速度约为340m/s，是光在真空中的传播速度，故D错误。
故选C。
5．如图是冰壶比赛的场地示意图，水平冰面粗糙程度相同。运动员在点给静止在水平地面的冰壶一个水平方向的力，使其前进，到点时松手，冰壶滑行到点静止，这个过程中，下列说法正确的是（ ）
A．冰壶从点到点的过程中，运动员始终对冰壶做功
B．冰壶从点到点的过程中，冰壶的动能一直减小
C．冰壶在段所受的摩擦力等于在段所受的摩擦力
D．静止在冰道上的冰壶所受的重力与冰壶对冰道的压力是一对平衡力
【答案】C
【详解】A．冰壶从B到C阶段，运动员松手后不对冰壶施加力，不做功，故A错误；
B．A到B阶段，运动员推动冰壶，冰壶速度增大，动能增大；B到C阶段冰壶减速，动能减小，因此全程动能先增大后减小，故B错误；
C．滑动摩擦力大小由压力大小和接触面粗糙程度决定。冰壶对冰面的压力始终等于自身重力，大小不变，且冰面粗糙程度相同，因此AB段和BC段的摩擦力大小相等，故C正确；
D．平衡力需要作用在同一物体上。冰壶的重力受力物体是冰壶，冰壶对冰面的压力受力物体是冰面，两个力受力物体不同，不是平衡力，故D错误。
故选C。
6．荆州古城东门城墙上的灯光秀，节假日把古城装扮的十分靓丽和壮观，下列说法错误的是（ ）
A．古城墙上正在发光的LED灯带是光源
B．古城墙在水中的“倒影”是由于光的反射形成的正立的虚像
C．在岸边看到护城河水感觉比实际的浅，是由于光从空气射入水中发生折射形成的
D．潜入水中观看岸上的树木比它的实际高度要高
【答案】C
【详解】A．发光的物体是光源，所以正在发光的LED灯带是光源，故A不符合题意；
B．古城墙在水中的“倒影”是平面镜成像现象，是由光的反射形成的正立的虚像，故B不符合题意；
C．在岸边看到护城河水感觉比实际的浅，是由于光从水中斜射入空气中发生折射形成的，折射光线远离法线，故C符合题意；
D．潜入水中观看岸上的树木，是树木反射出的光斜射入水中发生折射形成的，折射光线靠近法线，所以潜入水中观看岸上的树木比它的实际高度要高，故D不符合题意。
故选C。
7．如图所示，三个相同的容器内水面高度相同，甲容器内只有水，乙容器内有木块漂浮在水面上，丙容器中悬浮着一个小球，以下说法正确的是（ ）
A．乙容器对桌面的压强最大
B．甲容器底部受到的液体压强最大
C．如果向乙容器中加入盐水，木块受到的浮力不变
D．如果向丙容器中加入酒精，小球受到的浮力变大
【答案】C
【详解】A．三个水面的高度相同，水对容器底部的压强相同，底面积又相同，所以水对容器底部的压力相同，根据圆柱体容器的特点，水对容器底部的压力等于水及物体的总重力，即三个容器总重相等，故对桌面压力相同，底面积又相同，根据故对桌面压强相同，故A错误；
B．三个容器中水的深度相同，根据p=ρgh水对容器底的压强也相同，故B错误；
C．乙容器中加入盐水后，液体密度将增大，木块依然漂浮，故受浮力不变，故C正确；
D．丙容器中加入酒精，液体密度减小，原来能悬浮的小球将沉底，浮力小于重力，故浮力减小，故D错误。
故选C。
8．如图所示的是《天工开物》中的舂米工具图，图是其结构模型，OB长度为30cm，OA长度为150cm，臼锤所受重力为30N。下列说法正确的是（ ）
A．图中的力是使装置运作起来所需的最小力
B．在使用时该装置是一个省力杠杆，始终为6N
C．臼锤在下落的过程中，是重力在做功
D．将木质臼锤更换为石质臼锤可以减小工作时脚对踏板的压力
【答案】C
【详解】A．根据杠杆的平衡条件可知，在阻力阻力臂不变的情况下，想要动力最小，动力臂应最大，若图中的力是使装置运作起来所需的最小力，方向应垂直于杠杆，故A错误；
B．从图中可知动力臂小于阻力臂，根据杠杆的平衡条件可知动力大于阻力，为费力杠杆，故B错误；
C．臼锤在下落的过程中，在重力的方向上移动了距离，是重力在做功，故C正确；
D．将木质臼锤更换为石质臼锤，重力变大，可以增大工作时脚对踏板的压力，故D错误。
故选C。
9．现在人们的生产和生活离不开计算机。我们常见的计算机主机绝大多数采用的是风冷散热。但是在一些如AI模型训练、有限元分析等高性能计算中，主机必须采用液冷散热才能符合工作要求。图为一款浸没式液冷主机，它将主机整机浸没在冷却液中，从而实现强散热、超静音、高运算的效果。请你结合所学的知识分析，冷却液必须（ ）
A．比热容大，绝缘性好B．比热容小，导电性好
C．比热容小，绝缘性好D．比热容大，导电性好
【答案】A
【详解】为了有效散热，冷却液需要具有较大的比热容，以便在相同温度变化下吸收更多的热量；为了保证主机的安全运行，冷却液必须具有良好的绝缘性，防止短路等事故。
故选A。
10．图是一个“感应数字时钟”，按一下开关按钮，屏幕上就能显示当前时间；若环境较暗，小灯泡会发光并照亮屏幕。如图所示的模拟电路图符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【详解】根据题中描述可知，显示时间的元件和发光的灯可以单独工作，它们是并联的；且有一个开关单独控制灯的亮灭而不影响显示时间，所以灯的支路应串联一个光敏开关，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
11．图甲为我国首架自行研制的C919客机，图乙是该客机使用的轴流式涡轮喷气发动机，发动机在工作中，空气流过压气机与燃料混合后在燃烧室中燃烧，燃烧产生的高温高压气流推动涡轮；所受空气阻力与运行速度的关系如图丙所示，涡轮喷气发动机若燃料完全燃烧产生内能的24%用于推力做功（航空燃油热值），若飞机以200m/s的速度水平匀速巡航50min，则下列说法正确的是（ ）
A．燃烧室中，内能转化为化学能
B．涡轮喷气过程的能量转化相当于热机的压缩冲程
C．推力克服空气阻力所做的功是
D．需要消耗1800kg的航空燃油
【答案】D
【详解】A．燃烧室中，燃料燃烧，将燃料的化学能转化为内能，故A错误；
B．涡轮喷气过程中，内能转化为机械能，与热机中做功冲程的能量转化相似，故B错误；
C．如图丙所示，当飞机以200m/s的水平速度匀速巡航时，受到的阻力为
在巡航50min的过程中克服阻力做的功，故C错误；
D．航空燃油完全燃烧放出的热量
需要航空燃油的质量，故D正确。
故选D。
12．如图所示，下列对实验的分析错误的是（ ）
A．甲图覆杯实验说明大气压的存在
B．乙图说明物体间力的作用是相互的
C．丙图中测力计示数小于物体的重力，说明使用斜面能够省力
D．丁图摩擦过的气球能吸引小纸片，是因为气球与小纸片带异种电荷
【答案】D
【详解】A．盖在杯口的纸片能托住倒过来的一满杯水而不洒出，是因为大气对纸片的压力大于杯子里的水对纸片的压力，这个实验可以说明大气压的存在，故A正确，不符合题意；
B．两车由静止向相反方向运动，说明两车都受到了力的作用，即左边车对右边车有排斥力，右边车对左边车同时也有排斥力，说明物体间力的作用是相互的，故B正确，不符合题意；
C．由功的原理可知，使用任何机械，省力必费距离，斜面是简单机械，能省力但是会费距离，故C正确，不符合题意；
D．摩擦过的气球能吸引小纸片，是因为摩擦过的气球带了电，而带电体具有吸引轻小物体的性质，不能证明小纸片与气球带了异种电荷，故D错误，符合题意。
故选D。
二、填空题（共4题，每空1分，共10分）
13．如图所示，在维修中国“天眼”的反射面板时，工程师用一个氦气球将维护人员吊起，从而_____（选填“增大”或“减小”）维护人员对面板的压力，甚至可形成“零压力”效果。当恰好达到“零压力”效果时，维护人员所受拉力_____（选填“大于”“小于”或“等于”）其重力。
【答案】 减小 等于
【详解】[1]维护人员站在反射面板上时，由于重力会对面板产生压力。氦气球通过浮力向上拉维护人员，从而减小了维护人员对面板的压力。若浮力足够大，可完全抵消由于重力而产生的压力，使压力降为零，即“零压力”效果。
[2]当维护人员处于“零压力”状态时，即对面板没有压力，面板对维护人员也无支持力。此时维护人员静止，处于平衡状态，受重力和拉力的作用，其受力平衡，因此，拉力等于重力。
14．如图是某款加装了凸透镜的指甲剪。凸透镜成指甲正立、放大的________像，成人指甲盖的宽度约为________（填“1”或“5”）cm，该凸透镜的焦距可能为________（填“1”或“5”）cm。
【答案】 虚 1 5
【详解】[1]由图可知，指甲离凸透镜很近，小于一倍焦距，所以此时的凸透镜相当于一个放大镜，成正立、放大的虚像。
[2]成人指甲盖的宽度约为1cm。
[3]当物距小于一倍焦距时，是放大镜的原理，实际使用中凸透镜到指甲的距离在1cm左右，所以焦距应选择5cm。
15．现阶段我国常用的发电方式主要有火力发电、水力发电和核能发电，但是无论是哪种发电方式，其中最主要的部件是发电机。发电机是根据_________原理制造的；为了减小电能在输电线上的损失，常采用高压输电，若输电功率恒为P，输电线上的电流为I，输电线的总电阻为R，则输电线上损失的功率为_________。
【答案】 电磁感应
【详解】[1]发电机是利用电磁感应原理制造的，即闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流。
[2]已知输电功率为P，输电线上的电流为I，输电线的总电阻为R，由焦耳定律和电功率公式可知，输电线上损失的功率为。
16．我国自主研发的超高速磁悬浮列车已迈入工程化试验阶段。采用___________材料制成的电磁线圈，可实现零电阻通电，大幅降低能耗。车身采用碳纤维复合材料，密度小、强度高，可大大减小车身___________。同时采用再生制动，就是利用制动时将___________能转化为电能回馈电网，实现能量回收。
【答案】 超导 质量 机械
【详解】[1]超导材料的核心特性是电阻为零，通电时不会产生能量损耗。
[2]根据质量公式，相同体积的物体，密度越小质量越小，碳纤维密度小，制成同体积车身时可减小车身质量。
[3]制动时高速运动的列车具有机械能，再生制动通过电磁感应将列车的机械能转化为电能回收。
三、探究实践题（共5题，共21分）
17．图甲是用自制杠杆将稻草装上车厢的情境，虽然稻草较轻，但装上车需要将稻草举得很高，因此设计了这样的杠杆，充分展现了劳动人民的智慧。图乙是杠杆的简化图，为了省更多的距离，请你选择A、B两点中合适的一点挂稻草，画出稻草对杠杆的拉力F的示意图及其力臂l。
【答案】
【详解】动力臂不变，阻力臂越长，杠杆越费力，则越省距离，所以稻草对杠杆的拉力F作用在A点，方向竖直向下，过A点作竖直向下的带箭头的直线，表示稻草对杠杆的拉力F；其力臂l为支点到动力作用线的距离，过支点O做力F的作用线的垂线，支点到垂足间的距离为力臂l，如图所示：
18．图中，AB为光热电站的中心塔。利用镜面可将太阳光反射到塔上某处。POQ为其中一束光线经平面镜反射的路径示意图。试通过作图标出平面镜的位置和入射角的度数。
【答案】
【详解】PO为入射光线，OQ为反射光线，根据反射角等于入射角，作入射光线和反射光线夹角的平分线即为法线，再作出与法线垂直的镜面。入射角
作图如下：
19．小李用图甲所示器材来探究“冰的熔化过程中温度情况”和“水的沸腾过程中温度情况”的实验，小李在试管中放入适量的碎冰，烧杯中装入适量的水，又在碎冰和水中各放了一支温度计。
(1)某时刻温度计B的示数如图乙所示，则物质的温度为________℃。
(2)实验过程中温度计的示数随时间变化的图像如图丙和图丁所示，结合实验过程并分析图像可知：“冰熔化过程中”和“水沸腾过程中”相同点是________。图像AB段和CD段不同，这主要是由于________不同导致的。
(3)试管中的水在第26min________（选填“会”或“不会”）沸腾，做出以上判定，利用的两个主要物理知识是：________。
【答案】(1)-4
(2) 温度不变 水和冰的比热容
(3) 不会 沸腾的条件是达到沸点，继续吸热；热传递的条件是有温度差
【详解】（1）由图乙可知，温度计最小一格为1℃，即分度值为1℃，此时刻度在0刻度线以下，因此读数为-4℃。
（2）[1]冰在熔化的过程中吸热，温度保持不变，水沸腾过程中吸热，温度保持不变。
[2]由图丁可知，AB段与CD段的倾斜程度不同，吸收相同的热量，温度变化不同，由可知，质量和吸收热量相同时，温度变化小的比热容大，故冰的比热容比水的比热容小。
（3）[1][2]由图丙可知，BC段是冰的熔化过程，图像是试管中温度计的变化情况，图丁中温度上升到98℃不变，是烧杯中温度计的变化情况，在26min时，水的温度保持98℃不变，说明烧杯中水沸腾，试管中水在第26min虽然能达到沸点，但与烧杯内的水温度相同，无法继续吸热，因此不会沸腾，所以，判定试管中的水在第26min不会沸腾利用的两个主要物理知识是：沸腾的条件是达到沸点，继续吸热；热传递的条件是有温度差。
20．在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，实验装置如图所示。
(1)如图甲，从结构上看，压强计_________（选填“是”或“不是”）连通器。
(2)在烧杯中分别加入相同深度的水和盐水，将压强计的探头放入液体中相同深度处，如图乙、丙所示，可以初步得出结论；深度相同时，_________，压强越大。
(3)在图乙中，增大探头在水中的深度，它受到的浮力将_________；在图丙中，若保持探头的位置不变，往烧杯中再倒入些水（液体不溢出且均匀混合），则U形管两侧液面的高度差将_________。
(4)完成上述实验后，同学们想测量图丙中盐水的密度，于是找来了刻度尺、柱形的薄壁玻璃杯、金属块（密度为金），进行了如图丁所示的实验。由图丁中测得的数据，可求出盐水密度的表达式为盐水=_________。
【答案】(1)不是
(2)液体密度越大
(3) 减小 变大
(4)
【详解】（1）连通器要求底部连通且上端开口，而压强计的U形管与探头相连的一端封闭，另一端开口，不符合连通器的定义。从结构上看，压强计不是连通器。
（2）在烧杯中分别加入相同深度的水和盐水，将压强计的探头放入液体中相同深度处，如图乙、丙所示。丙图中U形管两液面的高度差大于乙，则丙图中盐水的压强大于同深度的水的压强。可以初步得出结论：深度相同时， 液体密度越大 ，压强越大。
（3）[1]浮力与排开液体体积和液体密度的关系，图乙中压强计的金属盒浸没在水中后增大探头在水中的深度，随着深度的增加，液体压强变大，橡皮膜排开水的体积变小，故金属盒受到的浮力将变小。
[2]图丙实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后，若液体不溢出，容器底部受到液体压力增大，压强增大。液体对容器底部的压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下部分液体压强变小，而容器底压强变大，所以金属盒橡皮膜以上的压强变大，即橡皮膜受到液体压强将变大，则U形管两侧液面的高度差将变大。
（4）由图丁可知，先将玻璃杯漂浮在盛有盐水的玻璃水槽中，用刻度尺测出此时水槽中盐水的深度为h1； 再将金属块轻轻放入水槽中，金属块沉底，用刻度尺测出此时水槽中盐水的深度为h2，金属块的体积为V=S容(h2-h1)；最后将金属块从水槽中取出，轻放在玻璃杯中，使玻璃杯和金属块漂浮，用刻度尺测出此时水槽中盐水的深度为h3。物体漂浮，则有F浮=G，由阿基米德原理可知F浮=G排，则可得G=G排， 由G=mg可得，金属块质量m=m排=ρ盐水V排=ρ盐水S容(h3-h1)=ρ金S容(h2-h1)
解得盐水密度表达式为。
21．在“测量小灯泡的电阻”实验中，电源电压恒为，小灯泡的额定电压是，正常发光时灯丝电阻为左右。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（要求：滑片P向右移动时，灯泡变亮）；
(2)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数为，则电路故障可能是___________；
(3)排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示为___________A，此时小灯泡的电阻为___________；
(4)实验中，小明测量了多组数据，并绘制出了图像，如图丙所示。由图可知，小灯泡灯丝的电阻随着电压的升高___________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
(5)在完成这个实验后，小明回忆起在实验过程中，当改变滑片P时，灯泡的亮度、电压表读数、电流表的读数也都相应发生了变化，他想这是否说明灯泡的亮度与电压与电流有关系呢？你认为灯泡的亮度与其两端的电压和通过的电流是否有关？___________（选填“有关”或“无关”）；当小明把实验中所测的电压值与电流值相乘时，他发现这个积的值越大时灯泡越___________（选填“暗”或“亮”）。
【答案】(1)
(2) 灯泡L断路
(3) 0.2 12.5
(4)变大
(5) 有关 亮
【详解】（1）小灯泡正常工作时电流约：
滑动变阻器采用“一上一下”接法，为满足“滑片P向右移动时灯泡变亮”，必须接入B接线柱（右下）。电压表并联在小灯泡两端，电流表串联在电路中，选用0~0.6A量程（因正常工作电流约0.25A）。据此作图。
（2）灯不亮、电流表示数为0、电压表示数为6V（电源电压）,说明电压表到电源两端通路，而无电流通过灯泡 ，故电路故障可能是小灯泡断路。
（3）[1][2]电流表量程0~0.6A，由图乙可知分度值为0.02A，示数为0.2A ；故小灯泡正常工作电阻
（4）由图丙可知，小灯泡的 I-U 图像是一条曲线，且电压升高时，电流的增长速率变慢。因此小灯泡灯丝的电阻随着电压的升高变大。
（5）[1]灯泡的亮度由实际功率决定，实际功率 ，因此灯泡的亮度与其两端的电压和通过的电流有关。
[2]电压与电流的乘积就是实际功率，乘积越大，实际功率越大，灯泡越亮。
四、综合应用题（共2题，共15分）
22．小明为了探究1度电的作用，利用秒表和图甲所示的电能表、图乙铭牌所示的电热水器进行了探究。求：
(1)该电热水器工作的额定电流；
(2)消耗1度电，电热水器内水的温度升高了12℃，则本次加热过程的效率为多少？[电热水器装满水，，]
(3)小明关闭家中其他用电器，仅让电热水器工作，在时间内，电能表转盘转动100转，请通过计算判断该过程中电热水器是否正常工作？
【答案】(1)10A
(2)70%
(3)不是正常工作
【详解】（1）根据电热水器铭牌可知，额定功率，额定电压，由电功率公式可得，电热水器工作的额定电流为
（2）电热水器装满水时，水的体积
根据密度公式 可得，水的质量为
水吸收的热量有用能量为
电热水器消耗的电能总能量为
本次加热过程的效率为
（3）电能表转盘转动100转，电热水器消耗的电能为
电热水器工作的时间为
电热水器的实际功率为
因为电热水器的额定功率，而计算出的实际功率，由于，所以该过程中电热水器不是正常工作。
23．某打捞船利用“潜水钟”进行打捞作业，潜水钟上方放置两个配重和两个气囊，到达水底打捞物体后会扔掉配重并将气囊充满空气。潜水钟总体积为2m3，当潜水钟下表面触碰到水底时（未与水底紧密接触），外界液体压强为1×105Pa，求：（，g取10N/kg，不计气囊质量及潜水钟内空气的质量，不计配重体积，不考虑水的阻力）
(1)打捞物体前，潜水钟在水底受到的浮力为多少；
(2)打捞物体前，当潜水钟下表面触碰到水底时，潜水钟所处水的深度为多少；
(3)已知潜水钟与工作人员总质量200kg，打捞物质量5000kg，配重每个1000kg，每个气囊充满空气后体积均变为1m3，则打捞物体后，从水下匀速提升潜水钟时，打捞船需要施加多大的拉力？
【答案】(1)2×104N
(2)10m
(3)1.2×104N
【详解】（1）潜水钟的体积为，潜水钟在水底排开水的体积
受到的浮力
（2）当潜水钟下表面触碰到水底时，未与水底紧密接触，外界液体压强为，由可得，下表面所处水的深度
（3）打捞物体后，扔掉配重，将人和潜水钟、打捞物看成一个整体，整体重力为
整体排开水的体积为
根据阿基米德原理得到总浮力
整体匀速直线上升，所需拉力