2025-2026学年贵州省贵阳市第一中学高三上学期高考模拟预测物理试卷（学生版）

这是一份2025-2026学年贵州省贵阳市第一中学高三上学期高考模拟预测物理试卷（学生版），共18页。
1．答题前，考生先将自己的姓名、班级、考场号/座位号填写在答题卡上，如有条形码，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整，笔迹清楚。
3．请按照题号在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 高空跳伞是一项勇敢者的运动。在某次训练中，一跳伞运动员在时刻离开悬停在空中的直升机自由下落；时刻打开降落伞，此时运动员的速度大小为；时刻后速度几乎不变，大小近似为，直到落地。将跳伞运动员在空中的运动简化为只沿竖直方向的运动，图像如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 时间内，跳伞运动员的速度和加速度均增大
B. 时间内，跳伞运动员的速度和加速度均减小
C. 时间内，跳伞运动员所受阻力不断增大
D. 时间内，跳伞运动员的平均速度大小为
2. “金星凌日”时，从地球上看，金星就像镶嵌在太阳表面的小黑点。在地球上间距为d的两点同时观测，测得金星在太阳表面的小黑点相距为L，如图所示。地球和金星绕太阳的运动均视为匀速圆周运动，太阳直径远小于金星的轨道半径，则地球和金星绕太阳运动的（ ）
A. 轨道半径之比为B. 周期之比为
C. 线速度大小之比为D. 向心加速度大小之比为
3. 老花镜可以看作厚度很薄的透镜，其前后表面可以看作半径分别为和的球面（），过两球面球心的连线称为主光轴，与主光轴距离为（）靠近光轴的光线为近轴光线。一束平行近轴光线通过透镜后与主光轴的交点到透镜（厚度不计）的距离称为焦距。则该老花镜（透镜）的焦距为（已知透镜折射率为n，当很小时，有，）（ ）
A. B.
C. D.
4. 某款可调节角度的磁吸式车载手机支架简化图如图所示，手机放在支架上被磁力吸住后，调节支架使手机与竖直方向成一定角度，开始时手机处于竖直状态。已知手机受到的磁力垂直于手机屏幕、大小恒定，且手机和支架始终不发生相对滑动。下列说法正确的是（ ）
A. 若汽车静止，手机只受到重力、磁力和摩擦力
B. 若汽车加速行驶，手机和吸盘之间的弹力变小
C. 若汽车匀速行驶，将手机和支架吸盘如简化图箭头方向顺时针缓慢旋转一小角度，手机受到的合力增大
D. 若汽车匀速行驶，将手机和支架吸盘如简化图箭头方向顺时针缓慢旋转一小角度，手机和吸盘之间的弹力变大
5. 如图甲所示为安装在某特高压输电线路上的一个六分导线间隔棒，图乙为其截面图。间隔棒将6条输电导线分别固定在一个正六边形的顶点a、b、c、d、e、f上，O为正六边形的中心。已知通电导线在周围形成磁场的磁感应强度与电流大小成正比，与到导线的距离成反比。当6条输电导线中通垂直纸面向外，大小相等的电流，a、b导线之间的安培力大小为F，此时（ ）
A. O点的磁感应强度最大
B. f导线所受安培力方向沿Of水平向左
C. b、e导线之间的安培力大小为2F
D. a导线所受安培力大小为2.5F
6. 如图甲所示，质量为的物块静止在粗糙水平地面上，物块与地面之间的动摩擦因数。某时刻对物块施加水平向右的拉力F，F随时间变化的规律如图乙所示，g取。以下说法正确的是（ ）
A. 2s时拉力F的瞬时功率为40W
B. 0∼5s合力做功的平均功率为7.225W
C. 0∼5s物块的动量变化量为
D. 0∼2s物块运动的位移为4m
7. 两点电荷形成电场的电场线分布如图所示，A、B是电场线上的两点，下列说法正确的是（ ）
A.两点电荷的电性相同B.两点电荷所带的电荷量相等
C.A点的电场强度比B点的电场强度大D.A点的电场强度比B点的电场强度小
二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8. 图甲所示实验装置中阴极K由金属M制成，由此装置测出金属M的遏止电压与入射光的频率关系如图乙所示。已知普朗克常量。下列说法正确的是（ ）
A. 测量遏止电压时应将图甲中滑片P向a端移动
B. 乙图中直线的斜率为普朗克常量h
C. 由图乙可知金属M的逸出功约为4.27eV
D. 图乙中A点对应的入射光光子动量大小数量级为
9. 如图所示，水平光滑桌面上，轻弹簧的左端固定，右端连接物体A，A和B通过细绳绕过定滑轮连接，已知A的质量为，B的质量为，弹簧的劲度系数为k，不计滑轮摩擦，开始时A位于O点，系统处于静止状态。A在P点时弹簧处于原长，现将A物体由P点静止释放，A物体不会和定滑轮相碰，当B向下运动到最低点时绳子恰好被拉断且弹簧未超过弹性限度。已知弹簧振子的周期公式为，则下列说法正确的是（ ）
A. 绳子能承受的最大拉力小于
B. 弹簧的最大弹性势能是
C. 绳断后A物体回到位置O点时与P点时的速度大小之比为
D. 从绳断后A物体第一次由位置O回到位置P时所用的时间为
10. 如图所示，足够长传送带与水平面的夹角为，速率恒为，宽为的区域存在与传送带平面垂直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。边长为、质量为m、电阻为R的正方形线框置于传送带上，进入磁场前与传送带保持相对静止，线框边刚离开磁场区域时的速率恰为。若线框或边受到安培力，则其安培力大于。线框受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，动摩擦因数，边始终平行于，重力加速度为g。下列选项正确的是（ ）
A. 线框速率的最小值为
B. 线框穿过磁场区域产生的焦耳热为
C. 线框穿过磁场区域的时间为
D. 边从进入到离开磁场区域的时间内，传送带移动距离为
三、非选择题：本题共5小题，共57分。
11. 小义同学用光电计时器研究自由落体运动，实验装置如图甲所示。步骤如下：
①测量小钢球的直径D；
②让电磁铁吸附小钢球；
③安装光电门并调节光电门的位置，使小钢球下落通过光电门时，光电门的激光束可以正对小球的球心；
④用刻度尺测量小钢球球心到光电门的高度h；
⑤断开电磁铁开关，让小钢球由静止释放，记录小钢球通过光电门所用的时间t；
⑥竖直移动光电门的位置，重复步骤④和⑤，记录多组关于h、t的数据。
（1）根据实验步骤可知，小钢球通过光电门时的速度为______（用题中所给的字母表示）；
（2）老师指导小义以h为纵坐标、t n（n=±1，±2）为横坐标在坐标纸上描点作图，图像如图乙所示。为了获得线性的拟合图线，从而更好地观察规律，n应该取______（填“-1”、“+1”、“-2”或“+2”），得到的图像最合理的是______（填“a”、 “b”或“c”）；
（3）根据上述最合理的图像计算出图线的斜率k，由可知重力加速度的表达式为g=______（用题中所给的字母表示）；
（4）小义发现，实验测量出来的重力加速度与本地重力加速度的实际值不符合。经过检查发现，其原因是步骤③光电门的位置没有调节好，导致小钢球通过光电门时，球心略微偏离光电门的激光束。则测量的重力加速的值比实际值______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
12. 某实验小组根据热敏电阻的阻值随温度变化的规律，探测温度控制室内的温度。选用的器材有：
热敏电阻；
电流表G（内阻为，满偏电流为）；
定值电阻R（阻值为）；
电阻箱（阻值）；
电源E（电动势恒定，内阻不计）；
单刀双掷开关、单刀单掷开关；导线若干。
请完成下列步骤：
（1）该小组设计了如图（a）所示的电路图。根据图（a），在答题卡上完成图（b）中的实物图连线。
（2）开关断开，将电阻箱的阻值调到_____（填“最大”或“最小”）。开关接1，调节电阻箱，当电阻箱读数为时，电流表示数为。再将改接2，电流表示数为，断开。得到此时热敏电阻的阻值为_____Ω。
（3）该热敏电阻阻值随温度t变化的曲线如图（c）所示，结合（2）中的结果得到温度控制室内此时的温度约为_____℃。（结果取整数）
（4）开关接1，闭合，调节电阻箱，使电流表示数为。再将改接2，如果电流表示数为，则此时热敏电阻_____（用k表示），根据图（c）即可得到此时温度控制室内的温度。
13. 如图甲所示，一个质量不计的活塞将一定量的理想气体封闭在上端开口的直立圆筒形导热汽缸内，气体温度为，气柱的高度为，在汽缸内壁有固定的小卡环，卡环到汽缸底的高度差为。现在活塞上方缓慢堆放细沙，直至气柱长度减为时停止堆放细沙，如图乙所示。之后对气体缓慢降温，温度降低到，此时活塞已经与卡环接触，降温过程气体放出热量为。已知大气压强为，全过程气体未液化。汽缸的横截面积为。求：
（1）堆放细沙的质量；
（2）温度降为时气体的压强；
（3）降温过程气体内能的变化量。

14. 比较是一种重要的学习方法，通过比较可以加深对知识的理解。电场和磁场有相似的地方，也有很多的不同。
（1）电场的基本性质是对放入其中的电荷有力的作用，磁场的基本性质是对放入其中的磁体、通电导线和运动电荷有力的作用。请写出电场强度和磁感应强度的定义式。
（2）电荷在电场和磁场中受力的特点不同，导致电荷运动性质不同。如图所示，M、N是一对平行金属板，板长为L，板间距离为d。一带电粒子从M、N左侧中央以平行于极板的速度射入。若仅在M、N板加恒定电压，则粒子恰好从M板右侧边沿以速率射出，其运动时间为；若仅在M、N板间加垂直纸面的匀强磁场，则粒子恰好从N板右侧边沿以速率射出，其运动时间为。不计粒子受到的重力。
①可知________，________。（选填“大于”“小于”或“等于”）
②若M、N板间同时存在上述电场和磁场，请通过计算说明该带电粒子能否在M、N板间做匀速直线运动。
（注意：解题过程中需要用到、但题目没有给出的物理量，要在解题时做必要的说明）

15. 如图所示，M、N两个钉子固定于相距a的两点，M的正下方有不可伸长的轻质细绳，一端固定在M上，另一端连接位于M正下方放置于水平地面质量为m的小木块B，绳长与M到地面的距离均为10a，质量为2m的小木块A，沿水平方向于B发生弹性碰撞，碰撞时间极短，A与地面间摩擦因数为，重力加速度为g，忽略空气阻力和钉子直径，不计绳被钉子阻挡和绳断裂时的机械能损失。
（1）若碰后，B在竖直面内做圆周运动，且能经过圆周运动最高点，求B碰后瞬间速度的最小值；
（2）若改变A碰前瞬间速度，碰后A运动到P点停止，B在竖直面圆周运动旋转2圈，经过M正下方时细绳子断开，B也来到P点，求B碰后瞬间的速度大小；
（3）若拉力达到12mg细绳会断，上下移动N的位置，保持N在M正上方，B碰后瞬间的速度与（2）问中的相同，使B旋转n圈。经过M正下的时细绳断开，求MN之间距离的范围，及在n的所有取值中，B落在地面时水平位移的最小值和最大值。
参考答案
1. 【答案】B
【解析】A．由于图线的斜率表示加速度的大小，结合图像可知时间内，速度均匀增大，加速度不变，A错误；
B．时间内，图线的斜率逐渐减小，加速度逐渐减小，结合图像可知，物体的速度逐渐减小，B正确；
C．时间内，运动员减速运动，对运动员受力分析，
由牛顿第二定律可得，解得
由于加速度逐渐减小，故阻力逐渐减小，C错误；
D．根据图像中，图线与坐标轴围成的面积表示位移的大小，如图所示
由于时间内，图线与坐标轴围成的面积小于图中梯形的面积（红线部分），
根据，可知时间内的平均速度大小小于，D错误。故选B。
2. 【答案】D
【解析】A．太阳直径远小于金星的轨道半径，太阳直径忽略不计，根据题意结合几何知识可知地球和金星绕太阳运动的轨道半径之比为，故A错误；
BCD．根据万有引力提供向心力有
解得，，
故可得周期之比为；
线速度大小之比为；
向心加速度大小之比为；
故BC错误，D正确，故选D。
3. 【答案】D
【解析】因，厚度又可不计，对近轴光线，可将视为无限大，即左边近似为平面
根据几何关系有、，可知
解得，故选D。
4. 【答案】B
【解析】A．有摩擦力必有弹力，故手机除了受到重力、磁力和摩擦力，还受到弹力作用，故A错误；
B．若汽车加速行驶，根据牛顿第二定律，此时
即手机和吸盘之间的弹力变小，故B正确；
C．若汽车匀速行驶，将手机和支架吸盘如简化图箭头方向顺时针缓慢旋转一小角度，手机受到的合力始终为零，保持不变，故C错误；
D．设手机屏幕与竖直方向的夹角为θ，若汽车匀速行驶，手机处于平衡状态，平行于屏幕方向根据平衡条件有
因为和不变，将手机和支架吸盘如简化图箭头方向顺时针缓慢旋转一小角度，则增大，增大，所以减小，故D错误。故选B。
5. 【答案】D
【解析】A．由题意可知，a与d、b与e、c与f形成的磁场，在O点的磁场大小相等、方向相反，故O点的磁感应强度为零，故A错误；
B．根据安培定则，其他5根输电线在f处产生的磁场方向垂直fc向下，根据左手定则，f导线所受安培力方向沿Of指向O，即水平向右，故B错误；
C．由题意可知，通电导线在周围形成磁场的磁感应强度与电流大小成正比，与到导线的距离成反比，即，为常数。
a、b导线之间的安培力大小为F，则
b、e间的安培力大小为，故C错误；
D．b、c、d、e、f处导线对a施加的安培力如图所示，b、f对a的安培力大小为F，方向分别沿着ab、af方向，合力大小为，方向沿着ad方向，指向d点；
c、e对a的安培力大小为,合力为，方向沿着ad方向，指向d点；
d对a的安培力为，方向沿着ad方向，指向d点；
则a导线所受安培力为2.5F，故D正确。故选D。
6. 【答案】B
【解析】A．在内根据动量定理可得
其中
可得2s时物块的速度大小为
则2s时拉力F的瞬时功率为
故A错误；
B．在内根据动量定理可得
其中
可得5s时物块的速度大小为
根据动能定理可知
则0∼5s合力做功的平均功率为，故B正确；
C．0∼5s物块的动量变化量为，故C错误；
D．若0∼2s内物块做匀加速直线运动，则有
但物块在0∼2s内实际上做加速度逐渐增大的加速运动，所以0∼2s物块运动的位移不等于4m，故D错误。故选B。
7. 【答案】C
【解析】AB．由电场线分布可知，两点电荷为异种电荷，即电性相反，因两边电场线不对称分布，可知两点电荷所带的电荷量不相等，选项AB错误；
CD．因A点电场线较B点密集，可知A点的电场强度比B点的电场强度大，选项C正确，D错误。故选C。
8. 【答案】AD
【解析】A．测量遏止电压时，应接反向电压，则应将图甲中滑片P向a端移动，故A正确
B．根据光电效应方程和动能定理可得，
联立可得
可知乙图中直线斜率为，故B错误；
C．根据题意可知，当时，可得金属M的逸出功为
故C错误；
D．图乙中A点对应的入射光光子动量大小为
故D正确。故选AD。
9. 【答案】ABC
【解析】A．将A、B作为整体，A在P点时弹簧处于原长，
根据牛顿第二定律，有
根据对称性，B到达最低点的加速度与初始位置大小相等，因此
解得绳子能承受的最大拉力，故A正确；
B．A处于O位置时，根据平衡条件
物体B下降到最低位置时，根据对称性，弹簧伸长量为，
因此最大弹性势能，故B正确；
C．绳断后A物体回到位置O时，根据机械能守恒
可得A的速度
绳断后A物体回到位置P时，根据机械能守恒
可得A的速度
绳断后A物体回到位置O点时与P点时的速度大小之比为。故C正确；
D．绳段后，平衡位置为P点，从绳断到A物体第一次回到位置O时所用的时间，故D错误。故选ABC。
10. 【答案】AD
【解析】A．在边进入磁场而边未进入磁场的过程中，线框受到沿传送带平面向上的安培力和沿传送带平面向下的重力分力。若线框相对传送带滑动，则滑动摩擦力为，而，故
已知线框受到的安培力
即
因此线框将相对传送带向上滑动，滑动摩擦力方向沿传送带平面向下。线框在沿传送带平面的安培力、重力分力、摩擦力作用下做减速运动。在边进入磁场到边离开磁场的过程中，因线框速度小于传送带速度，故其所受滑动摩擦力方向沿传送带平面向下。又因线框不受安培力，所以其在沿传送带平面的滑动摩擦力和重力分力作用下做匀加速直线运动。综上分析可知，当边刚进入磁场时，线框有最小速度。设线框加速度为，根据牛顿第二定律有
边离开磁场时速度恰好为，则有
联立解得，故A正确；
B．在边进入磁场到边进入磁场的过程中，由动能定理有
则该过程产生的焦耳热
在边离开磁场到边离开磁场的过程中，线框产生的焦耳热也为。因此，线框穿过磁场区域产生的焦耳热为，故B错误；
C．设边进入磁场到边进入磁场的时间为，根据闭合电路欧姆定律得
根据动量定理有
设边进入磁场到边离开磁场的时间为，有
因为边离开磁场到边离开磁场所用时间也为，所以线框穿过磁场区域的总时间
联立解得，故C错误；
D．边从进入到离开磁场区域的时间
该段时间内传送带移动的距离，故D正确。故选AD。
11. 【答案】（1） （2） ；b （3） （4）偏大
【解析】【小问1】小钢球通过光电门时的速度为
【小问2】根据运动学公式可得
整理可得
可知n应该取；得到的图像最合理的是b。
小问3】根据上述最合理的图像计算出图线的斜率k，由可得
解得重力加速度为
【小问4】小钢球通过光电门时，球心略微偏离光电门的激光束，则实际挡光宽度小于小球的直径；即有
根据，可知测量的重力加速的值比实际值偏大。
12. 【答案】（1）见解析 （2） 最大 ； （3）8 （4）
【解析】【小问1】由图（a）所示的电路图，图（b）中的实物图连线如图所示。
【小问2】由图（a）可知，电阻箱起到保护电路的作用，因此开关闭合前，将电阻箱的阻值调到最大。
开关接1时，由欧姆定律可得
接2时，则有
联立解得
【小问3】由图（c）可知，时，对应的温度约为8℃。
【小问4】开关接1，闭合，调节电阻箱，使电流表示数为。由并联电路的分流作用，结合，可得干路电流为，则有并联部分的电阻
由欧姆定律可得
结合，
解得
接2时，电流表示数为，同理可得干路电流可为，由欧姆定律可得
结合
其中
解得
13. 【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】（1）乙状态的平衡方程
从甲状态到乙状态经历等温过程，得
（2）从甲状态到末状态，由理想气体状态方程得得
（3）从乙状态到刚接触卡环，经历等压过程，外界对气体做功
即整个放热过程外界对气体做功，由热力学第一定律
得
14【答案】（1）；（2）①；②见解析
【解析】（1）电场强度和磁感应强度的定义式分别为
（2）①一带电粒子从M、N左侧中央以平行于极板的速度射入。若仅在M、N板加恒定电压，运动时间为
且因为电场力做正功
仅在M、N板间加垂直纸面的匀强磁场，则粒子恰好从N板右侧边沿以速率射出，因为洛伦兹力不做功，所以
水平方向
因为。所以
②在电场中，整理得
在磁场中，根据几何关系，解得
洛伦兹力
因为
所以电场力大于受到的洛伦兹力，则无法平衡，无法匀速直线运动。
15. 【答案】（1） （2）
（3）（n = 1，2，3，…），，
【解析】【小问1】碰后B能在竖直面内做圆周运动，轨迹半径为10a，设碰后B的最小速度大小为v0，最高点速度大小为v，在最高点时由牛顿第二足定律有
B从最低点到最高点由动能定理可得
解得
【小问2】A和B碰撞过程中动量守恒，设碰前A的速度大小为v1碰后A的速度大小为v2。碰后B的速度大小为v3，则有2mv1 = 2mv2＋mv3，
碰后A减速到0，有
碰后B做两周圆周运动，绳子在MN间缠绕2圈，缩短4a，在M点正下方时，离M点6a，离地面4a，此时速度大小为v4，由功能关系得
B随后做平抛运动，有，L = v4t，解得
【小问3】设MN间距离h，B转n圈后到达M正下方速度大小为v5，绳缩短2nh，绳断开时，以M为圆心，由牛顿第二定律得（n = 1，2，3，…）
以N为圆心，由牛顿第二定律得（n = 1，2，3，…）
从碰后到B转n圈后到达M正下方，
由功能关系得（n = 1，2，3，…）
解得（n = 1，2，3，…）
绳断后，B做平抛运动，有（n = 1，2，3，…）
s = v5t
可得（n = 1，2，3，…）
由于（n = 1，2，3，…）
则由数学分析可得当时，
当n = 1时，，