重庆市第八中学2026届高三下学期3月阶段检测（六）物理试题（Word版附解析）

这是一份重庆市第八中学2026届高三下学期3月阶段检测（六）物理试题（Word版附解析），共20页。试卷主要包含了 如图等内容，欢迎下载使用。
1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。
3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分钟。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 吃重庆火锅烫毛肚讲究“七上八下”。如图，用筷子夹着一片质量为m的毛肚在空中竖直向上做匀速运动时，筷子与竖直方向夹角为，若重力加速度为g，不计空气阻力，则筷子对毛肚作用力的大小为（ ）
A mgB. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】毛肚在空中竖直向上做匀速运动，处于平衡状态，合力为零。 对毛肚受力分析：毛肚仅受两个力，竖直向下的重力，以及筷子对毛肚的总作用力。根据二力平衡条件，筷子对毛肚的总作用力与重力大小相等、方向相反，因此筷子对毛肚作用力的大小为，与筷子夹角无关。
故选A。
2. 关于原子结构，下列说法中正确的是（ ）
A. 枣糕模型能解释卢瑟福散射实验B. 核式结构模型能解释氢原子光谱
C. 玻尔模型能解释所有原子的光谱D. 电子云模型中电子没有确定的轨迹
【答案】D
【解析】
【详解】A．汤姆孙枣糕模型认为正电荷均匀分布在原子内部，α粒子穿过原子时受到的库仑斥力很小，不会发生大角度偏转，无法解释卢瑟福α散射实验的实验现象，故A错误；
B．卢瑟福核式结构模型中，绕核做圆周运动的电子会因向外辐射能量不断减速，最终坠入原子核，且原子光谱应为连续谱，和氢原子线状光谱的事实矛盾，无法解释氢原子光谱，故B错误；
C．玻尔模型引入了轨道量子化、能量量子化假设，仅能解释氢原子等单电子原子的光谱，无法解释多电子原子的光谱，故C错误；
D．电子云模型是量子力学框架下的原子结构模型，电子的空间位置仅能用概率分布描述，没有确定的运动轨迹，故D正确。
故选D。
3. 如图甲图，电流互感器可测量导线a中交变电流的通电情况。让a穿过闭合铁芯，铁芯上绕有多匝线圈，线圈和分析器组成闭合回路，忽略线圈内电流变化对a中电流的影响。分析器可显示流过分析器的电流随时间变化波形。某次测量时，分析器显示的结果如乙图中的正弦波形，则（ ）
A. 分析器中电流的有效值为2AB. 分析器中电流的最大值为
C. a中电流的频率为100HzD. 时a内电流达到极大值
【答案】D
【解析】
【详解】AB．分析器中的电流最大值为2A，有效值为，故AB错误；
C．a和分析器中的电流周期相同，故a中频率为，故C错误；
D．时，分析器中电流为零，线圈内磁通量的变化率为零，a中电流为极大值，故D正确。
故选D。
4. 在真空中有一个固定点电荷，与该电荷共面的某个圆周上电场强度的最大值为，最小值为，且这两处场强的方向相反，则该圆圆心处的场强大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】点电荷的场强满足公式，圆周上场强最大值对应离点电荷最近的点，最小值对应最远的点，两点在点电荷与圆心的连线上；两处场强方向相反，说明两点位于点电荷两侧，即点电荷在圆内部
设圆的半径为，点电荷到圆心的距离为
最近点到点电荷的距离，对应
最远点到点电荷的距离，对应
将两式作比得
开方得
解得
将代入的表达式
整理得
而圆心处到场源点电荷的距离为，故圆心处场强大小为
故选A。
5. 如图，有一条平直等宽的大河，河宽为L，河水流速处处相等，均为v。有一艘小船在静水中的最大速度为，现从河的一边某点P到河对岸再返回。去程要求渡河时间最短，到达对岸后立即返回，返回时要求沿直线回到出发点P，则返程所用时间至少为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】如图所示
去程时，船头正对河对岸，航线与岸边的夹角为
则有
返程时速度矢量图如图所示
速度满足
解得
于返程用时
故选C。
6. 如图（a）图，碰撞测试中，每次将甲小球从相同位置由静止自由释放，在不可伸长的细绳牵引下到达最低点时与静止的乙小球发生对心正碰。小球乙有两种选材，一种和甲的碰撞可视为弹性碰撞，另一种和甲的碰撞可视为完全非弹性碰撞。用两种材料进行多次实验，碰后瞬间乙的速度大小v与乙的质量M的关系如（b）图。由图中数据可知甲碰前瞬间的速度大小为（ ）
A. 1m/sB. 1.5m/sC. 2m/sD. 2.5m/s
【答案】B
【解析】
【详解】当甲乙之间为弹性碰撞时，碰后瞬间乙的速度为
当甲乙之间为完全非弹性碰撞时，碰后瞬间乙的速度为
故图中上方曲线为弹性碰撞，下方为完全非弹性碰撞。分别代入图中数据可得、。
故选B。
7. 如图，地球赤道平面内半径为r的圆周上有一空间站在无动力运行。当其运动到某点P时从空间站上发射一小型探测器（探测器发射前与空间站相对静止，发射后轨道图中未画出），发射后该探测器沿圆轨道无动力运行且能经过北极点正上方，半圈后正好与空间站相遇从而被回收。已知探测器从发射到回收之间有三分之一的时间由于地球遮挡无法直接拍摄到空间站。地球质量为M，可视为半径为R的标准球形，引力常量为G，不考虑大气折射的影响，不考虑发射和回收探测器对空间站运动的影响。则下列说法中正确的是（ ）
A. 探测器发射前后速度变化量为
B. 探测器从发射到回收所用时间为
C. 探测器与空间站的最大距离为
D. 探测器刚好拍摄不到空间站时与空间站的距离为
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据万有引力提供向心力有
探测器发射前后速度大小均为
方向相互垂直，故速度变化量为，故A错误；
B．根据万有引力提供向心力有
探测器与空间站分离期间周期为
运动时间为半个周期，即，故B错误；
D．如图所示
作P点和地心O的连线，当探测器刚好拍摄不到空间站时，将探测器和空间站的位置分别记为Q和S，则由题意可知，过Q和S分别向PO作垂线，垂足为K，则
由于，故
由于为等腰三角形，此时QS中点到O点的距离刚好等于地球半径R，即
解得
此时探测器到空间站的距离为，故D错误；
C．当时，探测器和空间站的距离最大，最大距离为，故C正确。
故选C。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。
8. 团体操表演时经常通过队员的下蹲和起立实现波浪效果。如图所示是一些身高大致相同的队员正在表演向右匀速传播的波浪，相邻波峰与波谷之间的水平距离为L，每个队员下蹲起立的周期为T，则下列说法中正确的是（ ）
A. 前排箭头所指队员正在起立B. 前排箭头所指队员正在下蹲
C. 波浪传播的速度大小为D. 波浪传播的速度大小为
【答案】BC
【解析】
【详解】AB．波向右传播，用上下坡法判断质点振动方向，沿波的传播方向（向右），“上坡段质点向下运动，下坡段质点向上运动”。 箭头所指队员处于上坡段（沿向右方向，该位置波形高度升高，属于上坡），因此队员向下运动，即正在下蹲，故B正确，A错误；
CD．相邻波峰与波谷之间的水平距离为半个波长，即
得波长
队员下蹲起立的周期就是波的周期，根据波速公式
得，故C正确，D错误
故选BC。
9. 用甲图所示的装置可以检测微小的温度变化。平凸透镜放在固定框架上，平整玻璃板固定在金属柱上，平凸透镜和玻璃板间留有空气隙。用波长为的激光从上方垂直于玻璃板照射，可观察到“牛顿环”干涉图样如乙图。当环境温度变化时，因为热胀冷缩效应金属柱的高度会有微小变化而其他部分的尺寸变化可忽略不计，于是干涉图样将发生相应变化。下列说法中正确的是（ ）
A. 当环境温度升高时，干涉图样中的环形条纹将向外移动
B. 当环境温度升高时，干涉图样中的环形条纹将向内移动
C. 若从图样中心新产生10个完整亮纹，则金属柱的高度变化了
D. 若从图样中心新产生10个完整亮纹，则金属柱的高度变化了
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．温度升高时，金属柱热胀伸长，带动玻璃板向上移动，空气隙（空气薄膜）的整体厚度减小。所有位置的光程差都减小，条纹向外移动，故B错误，A正确；
CD．薄膜干涉中，反射光的光程差为空气膜往返光程加半波损失，相邻亮纹对应的空气膜厚度差为（光往返一次，总光程差变化对应厚度变化）。 空气膜厚度的变化量等于金属柱高度的变化量。若中心新产生10个完整亮纹，说明总厚度变化满足， 故C错误，D正确。
故选AD。
10. 两根足够长的光滑金属直导轨水平平行放置，它们之间的距离为L，导轨间存在垂直于水平面向下的匀强磁场，磁感应强度为B。导轨上垂直于导轨静止放置一根质量为m、接入电路电阻为r的金属杆，金属杆与导轨接触良好，导轨电阻不计。导轨左端按如图方式连接电容器的充放电路，电容C和电阻R均已知，电容器最初不带电，电源电动势恒定且内阻不计。将单刀双掷开关S置于1处，待电容器电压达到U时立即切换至2处，等电容器电压降至时立即切回1处，待电容器电压达到U时再切换至2处，……，如此往复，发现开关在第n次接通2期间金属杆达到稳定的最大速度。则下列说法中正确的有（ ）
A. S第一次接触触点1期间，流过电阻R的电荷量为
B. S第一次接触触点2期间，安培力对杆做的功为
C. 符合条件的m取值范围为
D. 金属杆的最大速度为
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．S第一次接触触点1期间，电容器电压从0增加至U，相应电荷量增加，这些完全流过电阻R，A错误。
B．S第一次接触触点2期间，流过杆的电荷量为
对杆由动量定理有
安培力对杆做功为
代入得，B正确。
C．开关前次接触2时，流过金属杆的电荷均为
则第次与2接触结束时金属杆的速度满足
此时。若第n次接触2时流过金属杆的电量也为，则，
解得，C正确。
D．开关第n次接触2时，流过金属杆的电荷量设为q，则，，
解得，D正确。
故选BCD。
三、非选择题：本题共5小题，共57分。
11. 某同学用图甲所示装置研究一个组合弹簧体的弹力和伸长量的关系。组合弹簧体由内外两根长度不同的轻质弹簧A和B组合而成，两弹簧在压缩过程中彼此独立互不影响。两弹簧始终保持竖直状态且都在弹性限度内，下端固定在水平桌面上。改变力传感器和桌面的距离d，传感器测得弹簧组合体的弹力F和d的关系如乙图，图中和均已知。由此可知长弹簧A的原长为________，劲度系数为________，短弹簧B的劲度系数为________。
【答案】 ①. ②. ③.
【解析】
【详解】[1] 当弹力F=0时，弹簧未被压缩，此时传感器到桌面距离d=3d0，说明长弹簧A刚好接触力传感器，因此A的原长为。
[2] 当2d0≤d≤3d0时，只有长弹簧A被压缩，短弹簧B未接触力传感器，不产生弹力。压缩量变化
弹力变化，根据胡克定律得A的劲度系数为
[3] 当0≤d≤2d0时，弹簧A的弹力为
B弹簧的弹力为
根据胡克定律得B的劲度系数为
12. 某同学用图甲所示电路进行太阳能电池模拟供电实验。其中元件D是伏安特性曲线如乙图的纯电阻，恒流源E工作时可提供沿箭头方向的恒定电流，R是电阻箱。E提供的电流中部分向右流过元件D，其余流过电阻箱R。虚线框中的组合可以模拟光照恒定情况下太阳能电池的供电特性。
（1）由图乙可知，元件D的电阻随两端电压的增加而变________（填“大”或“小”）。
（2）当流过元件D的电流为10mA时，电阻箱R两端的电压为________V（保留一位小数），电阻箱接入电路的阻值为________（保留整数）。
（3）增大电阻箱接入电路的阻值，流过元件D的电流将变________（填“大”或“小”）。
（4）如丙图，设置电阻箱接入电路的电阻为180，并在电阻箱两端并联一个和元件D完全一样的，元件，用来模拟太阳能电池给非线性纯电阻供电，此时电阻箱R和元件消耗的总功率为________mW（保留整数）。
【答案】（1）小 （2） ①. 4.2 ②. 210
（3）大 （4）90
【解析】
【小问1详解】
根据，可知图像的斜率表示电阻的倒数，由图乙可知电压增加，斜率变大，电阻变小。
【小问2详解】
[1][2]当D中电流为10mA时，由图乙知其两端电压为4.2V，电阻箱两端电压也为4.2V，流过电阻箱的电流为20mA，阻值为
【小问3详解】
若D元件电流变小，则电阻箱电流变大，电压变小，与电阻箱阻值变大矛盾，故D元件电流变大。
【小问4详解】
D和D1的电压相同，均设为U，它们的电流也相同，均设为I，于是电阻箱R的电压和电流分别为U和，于是有
整理为
在图乙中作出如图所示
图像与D元件伏安特性曲线的交点即为D和D1的工作状态。可得此时流过D和D1的电流均为5mA，两端电压均为3.6V。所以流过R的电流为20mA，R和D1的总电流为25mA，则消耗的总功率为
13. 如图，上端封闭下端开口的玻璃管长，保持该管竖直，将下端从水银上方缓慢插入足够深的水银中，直到水银进入管中的长度为时保持管静止。已知环境大气压强为，管内气体温度不变，可视为理想气体，玻璃管粗细均匀，不考虑水银与玻璃管间的毛细效应。
（1）求末态管内气体的压强p。
（2）求末态管下端到管外水银面的高度差H。
（3）判断玻璃管插入过程中水银对管内气体做功的正负以及管内气体从外界吸热还是向外界放热。
【答案】（1）
（2）
（3）水银对管内气体做负功，管内气体向外界放热
【解析】
【小问1详解】
设管内截面积为S，从初态到末态，对管内气体，由玻意耳定律有
解得
【小问2详解】
末态，管内外压强关系为
解得
【小问3详解】
插入过程中管内水银面下降，气体对水银做正功，水银对气体做负功。
由于气体体积缩小，外界整体对气体做正功，管底对气体做正功，即
气体温度不变，即内能不变
由热力学第一定律
解得
即气体向外界放热。
14. 如图，某实验中需要操控质量为m、电荷量为q的带正电粒子依次经过纸平面内九宫格中的三个格点a、b、c，要求经过a、b和经过b、c间的时间相等。且经过b点时速度大小为。实验时可根据需要调整粒子从a点注入时的速度大小和方向，不计粒子重力和所有阻力，九宫格每小格的边长均为L。
（1）若通过平行于纸面的匀强电场实现操控，求粒子从a到b的时间t。
（2）求（1）问中电场强度E的大小和a、b两点的电势差。
（3）若通过垂直于纸面的匀强磁场实现操控，求磁感应强度B的大小和方向。
【答案】（1）
（2），
（3），方向垂直于纸面向外
【解析】
【小问1详解】
带电粒子在匀强电场中做类抛体运动，如图所示，由于对称性可知，电场沿bd方向，即与ac连线垂直指向d点的方向。粒子在ac方向以速度做匀速直线运动，从a到b，在ac方向有
解得
【小问2详解】
从b点到c点做类平抛运动，有
根据牛顿第二定律有
解得
根据电势差与电场强度关系有
【小问3详解】
由对称性，粒子轨迹圆心在过b点且与ac连线垂直的直线bd上，如图所示。设轨迹半径为R，则，，
三角形Oae中，由勾股定理，有
解得
根据洛伦兹力提供其做圆周运动的向心力有
解得
方向垂直于纸面向外。
15. 某快递分拣系统由多个边长为L的正方形区域组成，每个区域内有速度大小恒为v的水平传送带。如图甲图（俯视图）所示，有一质量为m、可视为质点的货物以垂直于传送带侧边的初速度从CD边中点进入传送带。测试发现，若，即将货物无初速度地轻放于CD边中点，货物相对地面运动时与传送带相对静止。重力加速度为g，不计空气阻力。
（1）求货物与传送带间的滑动摩擦因数以及该测试货物加速阶段所用的时间；
（2）若，货物离开传送带前即与传送带相对静止且未到达AB边，求货物进入传送带到离开传送带所用的时间t以及k的取值范围；
（3）若传送带的速度大小恒定，但方向可以反向设置，用三个这样的传送带可以搭建四个出口的货物自动分拣系统如乙图。在货物进入每一个传送带前，电脑已自动设置好该传送带的运动方向，每一个传送带可能的两个运动方向已在图中标示，忽略传送带之间的空隙，忽略除货物与传送带间摩擦生热外的其他能量损失。现有一个前往2号出口的货物以的速度从第一个传送带的侧边中点进入传送系统，求运送该货物所用的总时间T和消耗的总能量E。
【答案】（1），
（2），
（3），
【解析】
【小问1详解】
从测试货物放上传送带到与传送带相对静止，由动能定理，有
解得
由动量定理，有
解得
【小问2详解】
若，货物刚进入传送带时，相对传送带的速度如图所示
货物的相对初速度为
方向与侧边夹角为θ，则，
摩擦力与相对速度方向相反，故货物相对传送带做匀减速直线运动，摩擦力的大小和方向均不变。其大小为
在地面系中，沿传送带速度方向，货物匀加速，由牛顿第二定律，得
由匀变速直线运动速度与位移的关系，得
联立解得
货物进入传送带到离开传送带所用的时间
在垂直于传送带速度方向，货物做匀减速运动，由牛顿第二定律，得
由匀变速直线运动速度与位移的关系，得
解得
由位移关系
解得
取交集即为k的取值范围，则
【小问3详解】
当时，货物在第一个传送带上运动的时间为
垂直于传送带方向的位移为
当其进入第二个传送带时，速度为，即，在第二个传送带上运动的时间为
货物在两个传送带上的总用时为
由牛顿第二定律，得货物的加速度大小为
由匀变速直线运动速度与位移的关系，得货物在传送带上的相对位移为
摩擦生热为
货物在两个传送带上的发热分别为，
从货物进入第一个传送带至到达第2出口，由能量关系，有
解得