广东省韶关市2025-2026学年中考物理猜题卷（含答案解析）

这是一份广东省韶关市2025-2026学年中考物理猜题卷（含答案解析），共13页。试卷主要包含了答题时请按要求用笔等内容，欢迎下载使用。
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2．答题时请按要求用笔。
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一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．在探究凸透镜成像规律的实验中，把蜡烛和光屏固定在光具座上，当移动透镜分别距光屏6cm和34cm均可在光屏上得到清晰的像．下列判断正确的是
A．透镜的焦距可能为10cm
B．透镜距光屏6cm时成放大的实像
C．蜡烛和光屏的距离为40cm
D．如果将蜡烛和光屏的位置互换，透镜仍可在上述两位置成像，且像的性质不变
2．历史上许多科学家因其卓越的科学成就而被人们永远铭记，他们的名字被命名为某一物理量的单位.那么，下列哪个物理觉的单位不是以科学家的名字命名的
A．质量B．力C．电压D．能量
3．根据欧姆定律可以得到公式R=，关于这个公式的下列说法中，正确的是
A．同一导体的电阻与加在它两端的电压成正比
B．同一导体的电阻与通过它的电流成反比
C．导体两端电压为零时，导体的电阻也为零
D．同一导体两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电压与电流的比值不变
4．水平面上有两个相同的溢水杯，分别装满不同的液体，将同一个小球A分别放入溢水杯中静止时，如图所示．从甲杯中溢出了0.6N的液体，从乙杯中溢出了0.4N的液体．下列说法不正确的是
A．小球A在甲杯中受到的浮力大于在乙杯中受到的浮力
B．小球A的重力等于0.6N，在乙杯中受到的浮力等于0.4N
C．小球A放入前，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力
D．小球A放入前，液体对甲杯底的压强等于液体对乙杯底的压强
5．在物理实验中，往往要对物理量进行多次测量，有的是为了减小误差，有的是为了寻找规律．下列四个实验中，通过多次测量减小误差的是:
①测小灯泡的电功率时，测量多次灯泡两端的电压和电流
②用刻度尺测量物体的长度时，进行多次测量
③探究光的反射规律实验时，多次改变入射角的大小
④测量某种物质的密度时，测量多组质量与体积
A．①②B．②③
C．②④D．③④
6．如图所示，电源电压保持不变，R1：R1：R3＝1：1：1．闭合开关S1、S1，电压表V1、V1的示数分别为U1、U1，电流表A的示数为I，只闭合开关S1，电压表V1、V1的示数分别为U1′、U1′，电流表A的示数为I′，则下列说法中错误的是
A．U1：U 1＝1：1B．U 1′：U 1′＝1：3
C．I：I′＝4：1D．U 1：U 1′＝1：3
7．某同学在没有电流表的情况下，利用电压表和已知阻值的定值电阻R0， 测量未知电阻Rx的阻值，图中不可实现测量Rx阻值的电路图是
A． B．
C． D．
8．平阴县各中小学都开展了丰富多彩的课外活动，在陶笛兴趣课上，小明用相同的力吹陶笛，手堵住不同的小孔，听到陶笛发出的“声音不同”，根据这一现象，他提出了四个问题，其中最有探究价值且易于探究的科学问题是
A．为什么陶笛会发出不同的声音
B．陶笛发出声音的音调与小孔之间有什么关系
C．声音的音调与哪些因素有关
D．声音的响度与哪些因素有关
9．在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，下列说法正确的是
A．光屏上的像是倒立、放大的实像，投影仪是利用该原理制成的
B．光屏上的像是正立、缩小的实像，照相机是根据该原理制成的
C．若凸透镜的位置不变，将蜡烛和光屏位置互换，可在光屏上得到清晰的像
D．若凸透镜的位置不变，将蜡烛向左移动5 cm，要使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏
10．在做“凸透镜成像的规律”实验时，某实验小组所描绘的图象如图所示．图中A、B、C三点分别与蜡烛在光具座上移动过程中的三个位置相对应．下列说法正确的是（ ）
A．凸透镜的焦距是 20cm
B．照相机是利用 A 点的成像原理制成的
C．蜡烛在 C 点时成倒立、缩小的实像
D．将蜡烛从 C 移到 A 的过程中，所成像逐渐变小
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图所示的电路中，闭合开关S，两只灯泡都不亮，且电流表和电压表的指针都不动，现将两灯L1和L2的位置对调，再次闭合开关时，发现两灯仍不亮，电流表指针仍不动，电压表指针却有了明显的偏转，该电路的故障不可能是（ ）
A．从a点经电流表到开关这段电路中出现短路
B．灯泡L1的灯丝断了
C．灯泡L2的灯丝断了
D．电流表和两个灯泡都坏了
12．下列说法中正确的是
A．以行驶的汽车为参照物，路边的树木是运动的
B．只要物体的位置发生变化，物体的速度就发生变化
C．悬浮在盐水中的鸡蛋，受到盐水作用力的合力为零
D．可以用托里拆利实验测量大气压值
13．下列说法中正确的是
A．地球周围存在磁场
B．通电导体周围存在磁场
C．磁感线不是真实存在的
D．只要导体在磁场中运动就会产生感应电流
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图，物体的直径为_____m。
15．某科技小组研究图所示水平掷出的物体落地点远近与什么因素有关．小组同学猜想水平掷出的物体落地点远近可能受下列因素影响：
甲.抛出点的竖直高度h； 乙.水平掷出的速度v； 丙.小球的质量m．
于是设计了实验记录表一，并将一些有关的实验条件及数据记录在表一中：
表一
①根据表一中的信息，你认为可以探究的相关因素是_____，
A．甲 B．乙 C．丙 D．甲和乙 E.甲和丙 F.乙和丙 G.甲、乙、丙 H.与甲、乙、丙无关的其它因素
请说明你选择该选项的依据：_____．
②小组同学随后进行了实验，并把实验结果记录在表二中．
表二
②根据表二中的信息，你认为可以探究的相关因素是_____，
A．甲 B．乙 C．丙 D．甲和乙 E.甲和丙 F.乙和丙 G.甲、乙、丙 H.与甲、乙、丙无关的其它因素
请说明你选择该选项的依据：_____．
16．如图所示，小明用动滑轮把90N的重物匀速提升4m，所用的拉力是60N，则小明做的有用功是______J，动滑轮的机械效率是______．
17．如图所示，是台球比赛中球杆击球后两球相撞的场景，此现象说明力能改变物体的________，台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球________（选择“做功”或“不做功”）．
18．如图所示，闭合S1、S2、S3时，电压表示数为3V，电流表示数为0.5A，R1在10s内产生的热量是_____J；闭合S1、S3，断开S2时，电压表示数为2V，此时R1与R2的功率之比为_____。
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图甲所示， R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源两端电压不变；图乙是滑动变阻器的功率P和电流I的关系图，根据图像信息．求：
（1）滑动变阻器的最大阻值；
（2）R1的阻值和电源电压；
（3）求此电路的最大电功率．
20．水平地面上放着重为200N、边长为0.2m的正方体物块现用斜面将其由底端匀速拉到顶端，如图所示已知平行于斜面的拉力为120N，物体移动的距离为2m，升高1m．求：
物块放在水平地面上时对地面的压强；斜面的机械效率；物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小．
21．下面的图表是从某台电热饮水机说明书上收集到的信息．经分析得知，当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，S断开时，饮水机处于保温状态．为了测量它加热时的实际功率，小明断开其它所有用电器，只将该饮水机接入家庭电路中，闭合开关S，测得热水箱中的水从20℃升高到100℃，所用时间为7.5min，同时观察到家中标有“1200r/kw•h”字样的电能表转盘转过120转（r）．根据以上信息，求：
电阻R1的阻值（不考虑温度对阻值的影响）；饮水机热水箱中的水从20℃升高到100℃时所吸收的热量[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]；饮水机加热时的实际功率；饮水机此加热过程中的热效率．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．图中，虚线方框内为旋钮开关S的设计图，开关可控制台灯的通断和亮度．请根据安全用电的原则将电路连接完整．
（______）
23．下图中，杠杆OBA在图示位置静止，请画出作用在A点的最小力F及其力臂L．
（____）
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明利用如图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”．甲、乙两瓶中装有质量与初温相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的小．
（1）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，主要是由于_________．
（2）实验中，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此得出的实验结论是__________．
（3）若乙瓶中的温度计示数变化了10℃，其中镍铬合金丝消耗了3.5×10-3kW·h的电能，烧瓶中煤油的质量是________kg．[已知c煤油=2.1×103J／(kg·℃)，不计热损失]
25．小亮为了测量酱油的密度,他找来了天平(配有 100g、50g、20g、10g、5g 砝码各一个)和量筒进行以下实验:
(1)如图甲,将待测酱油倒入烧杯中,用已调好的天平测量烧杯和油的总质量________ g；
(2)将烧杯中的酱油倒入一部分到量筒中,如图乙,量筒中酱油的体积是________ cm1；
(1)用已调好的天平测量剩余酱油和烧杯的总质量,如图丙,则倒出酱油的质量为________ g, 由此可知酱油的密度是________kg/m1；
(4)若该天平的 20g 砝码生锈了,则小亮测得酱油的密度将________ (选填“偏大”、“偏小”、 “不变”)；
(5)小明还想利用可乐瓶、小口径量筒、金属块(密度为ρ)、以及常见生活材料,来测量酱油的密度；
步骤:如图：
a、把可乐瓶放置在水平台上,再把吸管一端水平插入可乐瓶侧壁,另一端开口朝下，往可乐瓶 中缓慢倒入酱油，直至水面升到习惯水平端口，将空的量筒正放在吸管下端开口处，
b、把一泡沫块轻轻放入可乐瓶中，使之漂浮在液面上,量筒中酱油的体积为 V1；
c、用细线拴住金属块轻轻放入可乐瓶中,直至金属块下沉至杯底, 量筒中酱油的体积为 V2；
d、取出金属块并轻轻放置在泡沫块上方,泡沫块和金属块漂浮在液面上, 量筒中酱油的体积为 V1．
根据上述实验过程,请完成下列问题：
①步骤 c 中可乐瓶对水平面的压力______（选填“大于”“小于”或“等于”)步骤 d 中可乐 瓶对水平面的压力；
②测出酱油的密度为_______________(用题目给出的字母表示)；
③在步骤 d 中，将金属块从酱油中取出,放在泡沫上方时,若该金属块沾上了一些酱油，则会导致测得的酱油密度_______（选填“偏大”“偏小”或“不变”)．
26．小强在做测量“小灯泡的电功率”的实验，灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V，电路如图，实验后记下了多组电压和电流值，并绘制成了如图的U﹣I图象．
（1）实验的原理是：_____．
（2）请你用笔画线代替导线，按照电路图将实物电路补充完整．（导线不能交叉）
（_____）
（3）连接电路时，开关应处于_____状态，滑动变阻器的滑片P应置于_____（选填“C”或“D”）端．
（4）由如图可求出小灯泡正常工作时的功率为_____W，此时滑动变阻器接入电路的阻值为_____Ω．
（5）在图1中闭合开关，为了使小灯泡实际功率增大，则滑片P向_____（选填“A”或“B”）端移动，
（6）由图2可知，小灯泡的电压增大时，灯丝电阻将_____（选填“变大”、“变小”或“不变”），原因是：_____．
（7）另一组同学由于疏忽，把两表的位置给颠倒了，其他连接正确无误，当开关闭合后，所产生的现象是_____
A．电流表将被烧坏 B．电压表将被烧坏
C．电压表有读数、电流表的读数几乎为1． D．电流表有读数、电压表读数几乎为1
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1、C
【解析】
当移动透镜分别距光屏6cm和34cm（像距）均可在光屏上得到清晰像，根据凸透镜成实像的特点可以得到：距光屏6cm时，物距大于二倍焦距成倒立、缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，即f＜6cm＜2f-------①，
距光屏34cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大实像，像距大于二倍焦距，即34cm＞2f------②，故B错误；
根据①②可得3cm＜f＜6cm，故A错误；
根据成像分析，距光屏6cm和34cm成实像是两个互逆的光路，所以u1=v2，v1=u2，蜡烛和光屏的距离为6cm+34cm=40cm，故C正确；
如将蜡烛和光屏的位置互换，透镜仍可在上述两位置成像，但是成像的性质正好与原先相反，故D错误．
2、A
【解析】
历史上许多科学家因其卓越的科学成就而被人们永远铭记，他们的名字被命名为某一物理量的单位，力的单位为牛顿，电压的单位为伏特，能量的单位为焦耳．所以物理量的单位不是以科学家的名字命名的是A，A符合题意为答案．
3、D
【解析】
导体的阻值是导体本身所具有的性质，其大小决定于导体的长度、材料和横截面积，与通过它的电流、它两端的电压无关，电阻不随着电压和电流的改变而改变，所以A、B、C说法错误，不符合题意．由欧姆定律得出，若知道导体两端的电压和导体中的电流，我们可以计算导体的电阻；导体两端的电压增加几倍，导体中的电流也增加几倍，但电压和电流的比值不变，所以D说法正确，符合题意．
故选D．
4、D
【解析】
由阿基米德原理可知, 小球A在甲杯中受到的浮力等于0.6N，乙杯中球受到的浮力为0.4N，故A正确；小球A在甲杯中漂浮，浮力等于重力，即小球A的重力等于0.6N，故B正确；小球A在甲杯中漂浮，密度小于液体密度，在乙杯中沉底，密度大于液体密度，故甲杯中液体密度大于乙杯中液体密度，小球A放入前，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力，故C正确;根据液体压强公式可知，小球A放入前，液体对甲杯底的压强小于液体对乙杯底的压强，故D错误．故选D.
点睛：（1）浸在液体中物体都要受到浮力作用；根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出甲杯中小球受到的浮力；根据漂浮时浮力等于重力可求得甲杯中小球的重力，然后根据阿基米德原理分析乙杯中球受到的浮力．（2）杯对桌面的压力等于杯、水、小球的总重力，再利用p＝分析其对桌面的压强；（3）根据p＝ρgh分析液体对杯底的压强．
5、C
【解析】
①测小灯泡的电功率时，测量多次灯泡两端的电压和电流,是为了研究功率与电压、电流的关系，因此多次测量是为了寻找普遍规律；
②用刻度尺测量物体的长度时，进行多次测量，其目的是：取平均值，减小测量误差；
③探究光的反射规律实验时，多次改变入射角的大小，其目的是总结规律，防止结论的偶然性；
④在“测量某种物质的密度”时，测量多组对应的质量和体积值，用分别求出密度取平均值的办法来减小误差，提高准确度．
6、C
【解析】
闭合开S1、S1,等效电路图如图1所示;只闭合开关S1，等效电路图如图1所示：
已知R1：R1：R3＝1：1：1，由I＝可得：,故A正确；,故B正确；,故C错误；,故D正确．故选C.
7、A
【解析】
AB.由电路图可知,开关S接1时,电路为Rx的简单电路,电压表测电源两端的电压U;开关S接2时,Rx与R0串联,电压表测Rx两端的电压Ux,由串联电路中总电压等于各分电压之和可知R0两端的电压U0＝U−Ux,由串联电路中各处的电流相等可知I＝,解得Rx＝，故AB不符合题意；C. 由电路图可知,开关S闭合时,电路为R0的简单电路,电压表测电源两端的电压U;开关S断开时,Rx与R0串联,电压表测R0两端的电压U0,由串联电路中总电压等于各分电压之和可知Rx两端的电压Ux＝U−U0,由串联电路中各处的电流相等可知I＝,解得Rx＝，故C不符合题意；D. 由电路图可知,开关S闭合时,电路为Rx的简单电路,电压表测电源两端的电压;开关S断开时,Rx与R0串联,电压表测电源两端的电压,无法推导出通过Rx的电流,故此电路不能测出Rx阻值，故D符合题意．故选D．
8、C
【解析】
小明用相同的力吹陶笛，手堵住不同的小孔，听到陶笛发出的“声音不同”，是因为不同的空内空气柱的多少不同，振动的频率不同，频率的不同影响了声音的音调．故选C．
9、C
【解析】
AB．由图知，物距大于像距，此时物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像．照相机、摄像机就是根据这个原理制成的．故AB错；
C．光在折射中，光路是可逆的，所以若透镜不动，而将蜡烛和光屏的位置互换，则屏上仍能成清晰的像．故C正确；
D．若凸透镜的位置不变，将蜡烛向左移动5cm，也就是增大物距，要使烛焰在光屏上成一清晰的像，就要减小像距，所以应向左移动光屏，故D错．
10、C
【解析】
A．由图象知道，当u＝20cm，v＝20cm，由凸透镜成像规律知道，当u=v=2f＝20cm时，成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距是：f＝10cm，故A错误；，
B．当蜡烛在A点时，由图象知道，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，是幻灯机和投影仪的原理，故B错误；
C．当蜡烛在C点时，由图象知道，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故C正确；
D．将蜡烛从C移动到A的过程中，物距变小，由凸透镜成像规律知道，此时像距应该变大，同时像变大，故D错误．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11、ABD
【解析】A、从a点经电流表到开关这段电路中出现短路，无论是否对调灯的位置，灯泡始终有电流，灯泡发光电压表始终接在电源上，示数都不为零，故A不可能；B、灯泡L1的灯丝断，如图，电压表能通过灯丝、导线接到电源上，有示数，故B不可能；C、灯泡L2的灯丝断，如图，电压表接不到电源上，无示数；电路中无电流，电流表无示数；
将两灯泡L1和L2的位置对调，再次闭合开关，电压表能通过灯丝、导线接到电源上，有示数；电路中无电流，电流表无示数；故C可能；D、电流表和两个灯泡都坏，无论是否对调灯的位置，电压表始终不能接在电源上，示数为0，故D不可能．故选ABD．
12、AD
【解析】
A、以行驶的汽车为参照物，汽车与树木之间有位置的变化，故路边的树木是运动的，故A正确；
B、物体做匀速直线运动时，物体的位置发生变化，但速度大小没有发生改变，故B错误；
C、物体悬浮时，浮力等于重力，合力为0，受到的盐水的作用力为浮力，不为0，故C错误；
D、托里拆利是历史上第一个测量大气压强的实验，故可以用托里拆利实验测量大气压值，故D正确；
答案选AD。
13、ABC
【解析】
A．地球本身是一个大磁体，周围空间存在磁场．故A正确；
B．由奥斯特实验可知，通电导体周围存在磁场．故B正确；
C．为了形象描述磁场的性质而引入了磁感线，磁感线不是磁场中真实存在的．故C正确；
D．只有闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会有感应电流；如果电路不闭合，或导体没有做切割磁感线运动，或不是闭合电路的一部分导体磁场中做切割磁感线运动，则不会产生感应电流．故D错误．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14、0.0110
【解析】
图中刻度尺的分度值为1mm，测量时起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，即物体长度＝3.10cm﹣2.00cm＝1.10cm＝0.0110m。
15、F 见解析 D 见解析
【解析】
表一：
① 由表一可知，1、2、3；或5、6实验数据的水平抛出去的小球，上抛的高度相同，质量相同，平抛的速度不相同．可探究的因素是速度即乙，1、47实验数据小球上抛的高度相同，运动速度相同，但质量不相同，可探究的因素是质量即丙，所以可探究的因素是乙、丙．即F正确；
② 实验序号1与4与7的实验数据可知，小球上抛的竖直高度相同，运动的速度相同，水平抛出的物体落地点远近与小球的质量无关，即与丙无关．由实验序号1与2与3或5与6的实验数据可知，小球上抛的竖直高度相同，质量相同，水平抛出的物体落地点远近与小球的速度有关，抛出的速度越大，水平抛出的物体落地点越远，即与乙有关．
实验序号2与5或3与6的实验数据可知，竖直上抛得高度不同，水平速度相同，所以小球抛出的距离与上抛的高度有关，即水平抛出的物体落地点远近与竖直上抛的高度有关，即与甲有关．
16、360 75%
【解析】
（1）提起物体所做的有用功：W有用＝Gh＝90N×4m＝360J；（2）由图可知，动滑轮有两段绳子承担物体重，s＝2h＝2×4m＝8m，提起物体所做的总功：W总＝Fs＝60N×8m＝480J，动滑轮的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%．
（1）知道物重和提升的高度，利用W有＝Gh求提起重物所做的有用功；（2）知道拉力大小，利用s＝2h求出绳子自由端移动的距离，利用W总＝Fs求总功，再利用机械效率的公式求动滑轮的机械效率．
17、运动状态 不做功
【解析】
力的作用效果是：一是可以改变物体的运动状态，二是可以使物体发生形变．由图中的场景说明力能改变物体的运动状态．做功的两个必要因素是有力作用在物体上，且物体在力的方向上移动一段距离．台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球没有力的作用，故不做功．
18、15 2：1
【解析】
（1）由图知，闭合S1、S2、S3时，只有R1连入电路中，电压表测电源电压，电流表测电路中电流，由Q＝W＝UIt计算R1在10s内产生的热量；（2）闭合S1、S3，断开S2时，两电阻串联，电压表测R1两端电压，由串联电路特点可知R2两端电压，再由P＝UI可得两电阻的功率比。
【详解】
由电路图可知：闭合，，时，只有接入电路，此时电压表示数为3V，电流表示数为0.5A，即：U＝，，10s内电流产生的热量Q＝U； 闭合，，断开时，、串联，电压表测两端电压，示数为2V，则两端电压为：,此时与的功率之比为.
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19、（1）100Ω（2）8Ω（3）10.8V （4）14.58W（14.6W）
【解析】
由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由图乙可知,电路中的最小电流I小=0.1A,滑动变阻器消耗的电功率P2=1.0W，
由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：R2= ==100Ω；
(2)串联电路中总电阻等于各分电阻之和,由I=可得，电源的电压：
U=I小(R1+R2)=0.1A×(R1+100Ω)，
由图乙可知,电路中的电流I=0.6A时,滑动变阻器消耗的电功率P′2=3.6W，
则滑动变阻器接入电路中的电阻：
===10Ω，
则电源的电压：
U=I(R1+R′2)=0.6A×(R1+10Ω)，
电源的电压不变，所以：
0.6A×(R1+10Ω)=0.1A×(R1+100Ω)，
解得：R1=8Ω，
电源的电压：U=I小(R1+R2)=0.1A×(8Ω+100Ω)=10.8V；
(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路消耗的电功率最大，
则P大===14.58W.
20、（1）5×103Pa；（2）83.3%；（3）20N
【解析】
（1）水平地面上放着的物体对支持面的压力等于其重力，由已知条件求出受力面积，根据，计算物块放在水平地面上时对地面的压强；
（2）由计算斜面的机械效率；
（3）由W额外 =W总 -W有计算物体拉上斜面做的额外功，又因为额外功是克服物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力做的功，然后根据W=Fs计算沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小．
【详解】
（1）根据题意知道，正方体物体的重力是200N、边长为0.2m，所以对水平面的压力是：F=G=200N，受力面积是：s=（0.2m）2 =0.04m2 ；
由知道，物块放在水平地面上时对地面的压强是：；
（2）将物体拉上斜面做的总功是：
做的有用功是：
斜面的机械效率：≈83.3%；
（3）将物体拉上斜面做的额外功是：W额外 =W总 -W有 =240J-200J=40J
克服物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力做的功为额外功，故沿斜面向上滑动时，
所受的摩擦力大小是：=20N．
21、 (1) 55 Ω； (2) 3.36×105 J； (3) 800 W. (4) 93.3%.
【解析】
（1）当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，此时电路中只有电阻R1，如图1所示；S断开时，饮水机处于保温状态，此时电路中电阻R1和R2串联，如图2所示；
由题知，U＝220V，P加热＝880W，电阻R1的阻值为：R1＝＝55Ω．（2）热水箱容量，即可装水的体积：V＝1L＝0.001m3，由ρ＝得饮水机内可装入水的质量；m＝ρV＝1×103kg/m3×0.001m3＝1kg；c水＝4.2×103J/（kg•℃），t＝100℃，t0＝20℃，水吸收的热量为：Q吸＝c水m（tt0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃20℃）＝3.36×105J．（3）每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘就转过1200r，电能表的转盘转过120r消耗的电能为：W＝W•h＝0.1kW•h＝3.6×105J，而t＝7.5min＝450s，饮水机的实际功率为：P实际＝＝800W．（4）Q吸＝3.36×105J，消耗电能W＝3.6×105J，饮水机的热效率为：η＝×100%＝×100%93.3%．
（1）当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，此时电路中只有电阻R1；S断开时，饮水机处于保温状态，此时电路中电阻R1和R2串联；知道饮水机的额定电压和加热时的额定功率，可利用公式R＝计算出电阻R1的阻值．（2）知道热水箱的容量，可利用公式m＝ρV计算出水的质量，又知道水的比热容和温度变化，可利用热量公式Q吸＝cm（tt0）计算出水吸收的热量．（3）“1200r/kw•h”的意义为：每消耗1kw•h的电能，电能表的转盘就转过1200r，从而可以计算出电能表的转盘转过120r消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式P＝计算出饮水机的实际功率．（4）已经计算出水吸收热量和饮水机消耗的电能，可利用公式η＝计算出饮水机的热效率．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22、见解析
【解析】
解：根据安全用电的原则，开关应该接到火线和用电器之间，具体接法是：火线先连接开关，滑动变阻器再与灯泡串联（控制灯泡的亮度），最后回到零线，如图所示：
点睛：从安全用电的角度分析，用电器的开关应该接到火线和用电器之间．
23、
【解析】
连接OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力；如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24、煤油的比热容比水的小 当加热时间和通过电阻的电流相同时，电阻越大，产生的热量越多，温度计示数升高的越快 0.6
【解析】
（1）实验中瓶里装的是普通煤油而不是普通的水，原因是：煤油的比热容小，吸收相等的热量，煤油温度变化大，实验现象明显；
（2）实验时，将铜丝和镍铬合金丝串联接入电路中，这是为了控制流过电阻丝的电流与通电时间相同．且镍铬合金丝的电阻大，其所对应的瓶中煤油的温度高，即说明：在电流和通电时间相同时，导体的电阻越大，在导体上所产生的热量就越多；
（3）消耗的电能全部转化为内能，Q=W=3.5×10-3kW•h=1.26×104J，煤油的质量m==0.6kg．
25、72.2 40 45 1.125×101 偏小 大于 ρ酱油= 偏小
【解析】
(1)[1]由甲图知道砝码质量为50g+20g，游码标尺分度值为0.2g，则游码读数为2.2g，所以，烧杯和油的总质量是：
m总=50g+20g+2.2g=72.2g；
(2)[2]由乙图知道，量筒的分度值为2mL，所以，量筒中酱油的体积是：
V= 40mL=40cm1；
(1)[1]由丙图知道，砝码质量为20g+5g，游码读数为2.2g，所以，剩余酱油和烧杯的总质量是：
m剩=20g+5g+2.2g=27.2g，
即倒出的酱油的质量是：
m= m总-m剩=72.2g-27.2g=45g，
所以，酱油的密度是：
；
(4)[4]若砝码生锈了，则砝码的实际质量超过了标注的质量，所以可少加砝码便能与左侧平衡，而读数时却仍按标注值读取，即测得得质量会偏小，根据知道，则计算出的密度将偏小；
(5)①[6]由于步骤 d 是在c步骤的基础上，再排出更多的酱油，而瓶、泡沫、金属块的质量是一样的，所以，d步骤中可乐瓶内所有物体的重力小于c步骤中可乐瓶内所有物体的重力，即c步骤中可乐瓶对水平面的压力大于d步骤中可乐瓶对水平面的压力；
②[7]由图②知道，泡沫漂浮在酱油中，其受到的浮力等于其重力，而浮力又等于其排开酱油的重力，则
G泡沫=F浮泡沫=G排泡沫=m排泡沫g=ρ酱油V1g；
由图③知道，金属块的体积是：
V金属=V2-V1，
则金属块的重力是：
G金属=m金属g=ρV金属g=ρ(V2-V1)g；
图④中，将泡沫和金属块看为一个整体，其漂浮在酱油中，所以其受到的总浮力等于其总重力，而浮力又等于其排开酱油的重力，所以，
G泡沫+ G金属=F浮总=G排总=m排总g=ρ酱油V1g，
将G泡沫和G金属代入ρ酱油V1g+ρ(V2-V1)g=ρ酱油V1g，解得
ρ酱油=；
③[8]在步骤d中，若该金属块沾上了一些酱油，则会导致G金属增大，从而G泡沫+ G金属也增大，最终使得排开酱油的总体积V1增大．由ρ酱油=知道，V1增大会导致测得的酱油密度偏小。
26、P＝UI 见解析所示 断开 D 1.625 8 A 变大 灯丝电阻随温度升高而增大 C
【解析】
(1)“测定小灯泡的电功率”的实验原理是：P=UI；
（2）灯泡额定电压是2.5V，则电压表选3V量程，电流表选1.6A量程；
开关、灯泡、电流表、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示；
(3)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；闭合开关前，应将滑动变阻器接入电路的阻值最大，故将滑动变阻器的滑片P应置于D端；
(4)已知灯泡的额定电压为2.5V，由图2可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为1.25A，故小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×1.25A=1.625W；
∵串联电路两端电压等于各部分电压之和，
∴滑动变阻器两端电压：UP=4.5V−2.5V=2V，
又∵串联电路中处处电流相等,且I=
∴此时滑动变阻器接入电路的阻值：R===8Ω；
(5)为了使小灯泡实际功率增大,根据P=可知，需增大灯泡两端电压，减小滑动变阻器两端电压，根据串联电路起分压作用，需减小滑动变阻器接入电路中的电阻，故将滑片向A端移动；
(6)由U−I图象可知，灯泡两端的电压变化量大于通过灯泡电流的变化量，根据欧姆定律可知灯丝的电阻随电流的变大而变大，因为灯泡两端电压变大时，灯丝的温度升高，电阻变大，即灯丝电阻随温度升高而增大．
(7)当把电压表和电流表的位置给颠倒后，由于电压表串联在电路中，且电压表的阻值特别大，所以导致电路中的电流很小，所以电压表有读数，电流表的读数几乎为零，故选C.
实验序号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
竖直高度h（米）
1
1
1
1
2
2
1
3
3
水平速度v（米/秒）
1
2
3
1
2
3
1
2
3
小球质量m（千克）
0.5
0.5
0.5
0.6
0.6
0.6
0.7
0.7
0.7
实验序号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
竖直高度h（米）
1
1
1
1
2
2
1
3
3
水平速度v（米/秒）
1
2
3
1
2
3
1
2
3
小球质量m（千克）
0.5
0.5
0.5
0.6
0.6
0.6
0.7
0.7
0.7
水平距离x（米）
0.45
0.90
1.35
0.45
1.26
1.89
0.45
1.54
2.31
热水箱容量
1L
额定电压
220V
加热时额定功率
880W