2026届吉林省吉林市吉化第一高级中学校高三下学期模拟预测物理试题含答案

这是一份2026届吉林省吉林市吉化第一高级中学校高三下学期模拟预测物理试题含答案，共6页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
物理
一、选择题
1 ．“ 中国天眼”位于贵州的大山深处，是 500m 口径球面射电望远镜。它通过接收来自宇宙深处的电磁波，探索宇宙。下列关于电磁波的说法正确的是( )
A ．电磁波在任何介质中传播速度均为3× 108 m / s
B ．红外线的波长比紫外线大
C ．麦克斯韦认为均匀变化的电场能激发出变化的磁场，空间将产生电磁波
D ．法拉第通过实验捕捉到电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论
2 ．“工夫茶”是潮汕地区的传统饮茶习俗。如图所示，热水倒入茶托上的玻璃盖碗后盖上杯盖，在水面和杯盖间就封闭了一部分空气（可视为理想气体）。下列说法正确的是( )
A ．玻璃盖碗是非晶体
B ．水温越高，每个水分子运动的速率越大
C ．温度降低，玻璃盖碗内壁单位面积所受气体分子的平均作用力变大
D ．水滴落在干净的茶托上会自然摊开，这说明水不能浸润茶托
3．某同学研究雨滴从高空竖直下落，描绘出雨滴的速度随时间变化规律如下图，则( )
A ．雨滴运动越来越慢
B ．雨滴速度变化越来越慢
C ．雨滴运动的加速度与速度方向相反
D ．雨滴所受阻力越来越小
4 ．如图所示光导纤维的长度为 L，对某种频率的光的折射率为 n，若有各种入射方向的该频率的光照射到此光导纤维一端的横截面上，认为自另一端射出的光在此光导纤维传播的过程中都发生全反射，已知光在真空中的传播速度为 c，自另一端射出的光在此光导纤维中的最长传播时间为( )
n2L nL L L
.
A ． B ． C ． D 2
c c nc n c
5 ．如图所示，t ＝0 时刻质点 O 在外力作用下沿竖直方向做简谐运动，在均匀介质中形成一
列简谐横波，该波经过 t ＝0.6s 传播到质点 C。已知该波传播的速度 v ＝1m/s，波峰与波谷之间的竖直距离为 16cm，下列说法正确的是( )
A ．该波不具有偏振现象 B ．该波的波长为 0.6m
C ．该波的振幅为 0. 16m D．A 、C 两质点的振动步调完全相反
6 ．如图所示，探测器及其保护背罩通过弹性轻绳连接降落伞。在接近某行星表面时以 v 的速度竖直匀速下落。此时启动“背罩分离”，探测器与背罩断开连接，背罩与降落伞保持连接。已知探测器质量为 M，背罩质量为 m，该行星的质量和半径分别为地球的 。地球半径为 R，地球表面重力加速度大小为 g，万有引力常量为 G，忽略大气对探测器和背罩的阻力。下列说法正确的有( )
A ．该行星的第一宇宙速度为 5gR
3g
5πGR
B ．该行星的密度为
C ．“背罩分离”后瞬间，背罩的加速度大小为 Mg m
1
D ．“背罩分离”后瞬间，探测器所受重力对其做功的功率为 Mgv 5
7．如图所示，光滑半圆形凹槽 B 静止在光滑水平地面上，圆心为O ，物块 C 静止在 B 右侧。现将小球 A 从距离O 高度为R 的位置静止释放，恰能无碰撞地从凹槽右端进入凹槽，当 A滑至 B 的最低点时，B 恰好与C 发生碰撞并粘连在一起（时间极短）。已知 A、B 、C 的质量均为m ，凹槽半径为 R ，重力加速度为 g ，则( )
A ．初始时，B 右侧与 C 的左侧相距为R
B ．B 与 C 刚要碰撞时，A 的速度大小为2·gR
C ．小球 A 从第一次离开凹槽到再次返回凹槽经历的时间为
D ．小球 A 从凹槽左端飞出后能运动到与释放点等高的位置
8 ．如图所示，空间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为 B，质量为 2m且足够 长的绝缘木板静止在水平面上，在木板的右端放质量为 m，电荷量为+q 的滑块，滑块与木 板之间、木板与水平面之间的动摩擦因数均为 0.2，滑块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对木板施加水平向右的拉力为 F，使木板以加速度 a=0. 1g 由静止开始做匀加速运动，重力加速度为 g。下列说法正确的是( )
A ．滑块先做加速度减小的加速运动
B ．滑块最终以 mg 的速度做匀速运动qB
C ．拉力 F 大小恒定
D ．拉力 F 先减小后恒定
9 ．两列简谐横波分别沿 x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于 x=-0.2m 和 x=1.2m 处，两列波的波速均为 0.4m/s，波源的振幅均为 2cm。如图所示为 t=1s 时刻两列波的图像，此
刻平衡位置在 x=0.2m 和 x=0.8m 的 P、Q 两质点刚开始振动。质点 M 的平衡位置处于 x=0.5m处，下列说法正确的是( )
A ．两列波的周期均为 0. 1s B．P 点在 t=1.5s 时刻位于平衡位置
C ．两列波在 t=2.75s 相遇 D ．0~2.75s 内质点 M 运动的路程是 16cm
10 ．如图所示，MN、PQ 是电阻不计的平行金属导轨，导轨间距 L=0.4m，导轨弯曲部分光滑，水平部分粗糙，弯曲部分与水平部分平滑相连，垂直导轨的虚线之间宽度 d=0.4m 内有竖直向上、磁感应强度 B=1T 的匀强磁场。N、Q 两点间接一个阻值 R=0.5Ω 的定值电阻，
将阻值 r=0.3Ω、质量 m=0.5kg 的导体棒从弯曲轨道上 h=0.8m 高处由静止释放，导体棒沿导轨运动，到达磁场右边界处恰好停止。已知导体棒与导轨垂直且接触良好， 导体棒与水平导轨间的动摩擦因数 μ=0.2，重力加速度 g 取 10m/s2 。下列说法正确的是( )
A ．通过定值电阻的最大电流为 2A
B ．定值电阻两端电压的最大值为 0.8V
C ．流过定值电阻的电荷量为 0.2C
D ．定值电阻中产生的焦耳热为 3.6J
二、非选择题
11 ．近年来，哈尔滨冰雪旅游持续火爆，冰雪大世界更是成为标志性打卡地，其中全长 521米的冰滑梯凭借惊险刺激的体验吸引了无数游客。校园电视台的同学们在为家乡拍摄宣传纪录片时，利用无人机在游客从静止开始下滑过程中每隔 1.0 秒拍摄一张照片，照片记录了游客下滑过程中的部分位置如图 1。假设冰滑梯可视为一个粗糙程度处处相同的倾斜斜面如图 2，游客（含装备）可视为质点，下滑过程中不考虑空气阻力。（ sin37° = 0.6 ，cs37° = 0.8 ， g = 10m / s2 ）
(1)通过无人机拍摄的照片可测算出游客沿斜面下滑阶段部分位移AB = 2.90m ，BC = 5. 10m ， CD = 7.00m ，DE = 9.00m
①利用逐差法计算游客在冰滑梯上下滑的加速度大小为 m / s2 （结果保留 2 位有效数字）
②若已知冰滑梯的倾角θ = 37 ，求倾斜冰面与游客（含装备）之间的动摩擦因数 μ =
（结果保留 2 位有效数字）
________
(2)为保障安全，实际游玩中在滑梯底端后的水平面上铺设有固定在地面上的防滑缓冲垫，
且要求在垫上滑行距离不能超过 70m。假设冰滑梯全长 x = 500m ，冰滑梯的倾角 θ = 37 ，若倾斜冰面与游客间的动摩擦因数与第一问所求相同，忽略游客在连接处的能量损失，则防滑缓冲垫与游客（含装备）间的动摩擦因数μ 不小于 （结果保留 2 位有效数字，防滑缓冲垫动摩擦因数通常在 0.8-1.5 之间）
12．如图（a）所示，恒流源输出的电流大小与电流表 G 的满偏电流Ig 相同，电流表 G 的内阻为Rg 。现对一只数字已模糊的电阻箱R1 重新标记，将电阻箱R1 和电流表 G 如图（a）接 入电路，闭合开关S1 、S2 ，调整电阻箱R1 的旋钮到不同位置，分别读出电流表 G 的示数 I，
根据电流表 G 的示数和不同旋钮位置可对电阻箱旋钮刻度进行标定。
(1)请你利用此电路分析出电阻箱接入电路的电阻Rx 与电流表的示数 I 之间的表达式Rx =
。（结果用题中的字母表示）为了获得关于Rx 、I 两个量的相关函数图像为直线，若
1
以 R 为纵坐标，则横坐标应为 。（结果用题中的字母表示）
x
(2)某同学采用如图（b）虚线框中所示结构模拟恒流源，那么在选择电源与滑动变阻器时，电源应尽量选择电动势 （填“偏大”或“偏小”）一些，滑动变阻器应尽量选择总电阻
（填“偏大”或“偏小”）些，可以减少误差，即便如此，Rx 的测量值仍将 （填“偏大”或“偏小”）。
13 ．类似光学中的反射和折射现象，用磁场或电场调控也能实现质子束的“反射”和“折射”。如图所示，在竖直平面内有三个平行区域Ⅰ 、Ⅱ和Ⅲ: Ⅰ区宽度为 d，存在磁感应强度大小为
B、方向垂直平面向外的匀强磁场， Ⅱ区的宽度很小。Ⅰ区和Ⅲ区电势处处相等，分别为φⅠ和
φⅢ , 其电势差U = φⅠ - φⅢ 。一束质量为 m、电荷量大小为 e 的质子从 O 点以入射角θ 射向Ⅰ区，在 P 点以出射角θ 射出，实现“反射”；质子束从 P 点以入射角θ 射入Ⅱ区，经Ⅱ区“折射”进入Ⅲ区，其出射方向与法线夹角为“折射”角。已知质子仅在平面内运动， 初速度为v0 ，不计质子重力，不考虑质子间相互作用以及质子对磁场和电势分布的影响。
(1)若使任意角度进入磁场的质子都能实现“反射”，求 d 的最小值。
若U，求“折射率 n”（即入射角正弦与折射角正弦的比值）。
(3)计算说明Ⅰ区和Ⅲ区的电势差 U 满足什么条件时，可以实现质子束从 P 点进入Ⅱ区后发生“全反射”（即质子束全部返回Ⅰ区）。
14 ．如图所示，质量 M=2kg 的足够长木板静止在光滑水平面上，木板上静置一质量 m=1kg的物块，现对物块施加大小 F1=3N、方向水平向右的拉力， 当物块向右运动 L=1m 时撤去向右的拉力，当物块与木板的速度相同时，立即对物块施加大小 F2=3N、方向水平向左的拉力（图中未画出）。物块与木板间的动摩擦因数 μ=0. 1，取重力加速度大小 g=10m/s2，将物块视为质点。求：
(1)刚撤去向右的拉力时，物块的速度大小 v1；
(2)从刚撤去向右的拉力到物块与木板的速度相同，物块运动的距离 x1；
(3)施加向左的拉力后，物块向右运动的距离 x2。
15．在 xOy 平面内存在垂直于平面向里的匀强磁场，在x ≤ L 范围内有水平向右的匀强电场，将质量为 m、电荷量为 q 的带正电小球，以初速度v0 从坐标原点与 x 轴正方向成 45。角射入，小球恰好在此区域做匀速直线运动，重力加速度为 g。求：
(1)电场强度 E 和磁感应强度 B 的大小；
(2)在x > L 区域，小球的最小速度及速度最小时的位置坐标；
(3)以带电小球过x = L 作为计时零点，经过时间t 时，求小球在轨迹上该位置的曲率半径 r 。（提示：在曲线运动中，某位置的曲率半径等于质点通过该位置速度的平方与向心加速度大小之比，即 r
1 ．B
A ．电磁波仅在真空中的传播速度为3´ 108 m / s ，在介质中传播速度为v n 为介质折射率，n > 1），小于 3´ 108 m / s ，故 A 错误；
B ．按电磁波谱波长从长到短的排序：无线电波、红外线、可见光、紫外线、X 射线、 γ 射线，可知红外线波长比紫外线大，故 B 正确；
C ．根据麦克斯韦电磁场理论，均匀变化的电场会激发出恒定的磁场，恒定磁场无法再激发电场，不能产生电磁波，故 C 错误；
D ．赫兹通过实验捕捉到电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论，故 D 错误。
故选 B。
2 ．A
A ．玻璃属于典型的非晶体，所以玻璃盖碗是非晶体，故 A 正确；
B．水温越高，水分子运动的平均速率越大，但不是每个水分子运动的速率都越大，故 B 错误；
C ．温度降低，封闭空气的体积不变，根据查理定律可知，空气的压强减小，则玻璃盖碗内壁单位面积所受气体分子的平均作用力变小，故 C 错误；
D ．水滴落在干净的茶托上会自然摊开，这说明水能浸润茶托，故 D 错误。
故选 A。
3 ．B
【分析】v-t 图像的斜率表示加速度，由图可知：雨滴下落过程中速度持续增大、最终趋近匀速，图像斜率（加速度）逐渐减小。
A．速度一直增大，雨滴整体运动越来越快，只是速度增加得越来越慢，故 A 错误；
B ．加速度描述速度变化的快慢，加速度逐渐减小，说明速度变化越来越慢，故 B 正确；
C ．速度一直增大，说明加速度方向与速度方向相同，故 C 错误；
D ．对雨滴受力分析，由牛顿第二定律mg- f = ma
得f = mg - ma ：a 逐渐减小，因此f 逐渐增大（最终趋近于mg ），故 D 错误。
故选 B。
4 ．A
当光在介质的界面处恰好发生全反射时， 光在光导纤维中的传播路程最长，由几何关系可知，最长路程为s nL
传播速度为v
故最长时间t 故选 A。
5 ．D
A ．该波是横波，具有偏振现象，A 错误；
B ．由图可知，t T
则波的周期T s
波长 λ = vT = 1 × 0.4m = 0.4m ，B 错误；
C ．振幅是波峰（谷）到平衡位置的距离，因此应该是 0.08m ，C 错误；
D ．A 、C 两质点之间恰好相隔半个波长，因此它们的振动步调完全相反，D 正确。故选 D。
6 ．B
A ．在星球表面上空，根据万有引力提供向心力G m物 可得星球的第一宇宙速度v
行星的质量和半径分别为地球的 ，可得该行星的第一宇宙速度v行 v地地球的第一宇宙速度为 ·gR ，所以该行星的第一宇宙速度 ，故 A 错误；
B ．根据G m物g可得g
行星的质量和半径分别为地球的 。地球表面重力加速度大小为 g，可得该行星表面的重力加速度大小g行 g
结合黄金代换GM行 = g行REQ \* jc3 \* hps10 \\al(\s\up 5(2),行)
则行星的密度为 r ，故 B 正确；
C ．“背罩分离”前，探测器及其保护背罩和降落伞整体做匀速直线运动，对整体受力分析，
可知整体受到向上的浮力F = g
“背罩分离”后，对背罩，根据牛顿第二定律 g - m g = ma解得a ，故 C 错误；
D ．“背罩分离”后瞬间探测器所受重力对其做功的功率 Mgv ，故 D 错误。
故选 B。
7 ．C
A ．从 A 开始下滑到到达最低点过程，A 、B 组成的系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，设 A 滑至 B 的最低点过程中，A 、B 水平方向移动的距离分别为xA 、xB 。故最初时 B 右侧与 C 的间距为xB ，由水平方向动量守恒得 mvAx - mvB = 0
故m ，又因为 xA + xB = R解得xA = xB ，故 A 错误；
B ．从 A 开始下滑到到达最低点过程，由机械能守恒定律得mg . 2R mv mv 解得vA = vB ，故 B 错误；
C ．当 A 滑至 B 的最低点时，B 恰好与C 发生碰撞并粘连在一起，对 B、C 应用动量守恒有mvB = 2mv1 ，解得v
之后 A 、B 、C 水平方向动量守恒，当A 滑到凹槽左端时，A 、B 、C 水平方向共速，由动量守恒0 = 3mvx ，可知 A 、B 、C 水平方向速度为零，设此时 A 的速度为vA,
由机械能守恒 mvmv mgR mv
解得vA, = gR
小球 A 从第一次离开凹槽到再次返回凹槽经历的时间为t ，故 C 正确；
D ．小球 A 从凹槽左端飞出后，由机械能守恒 mvmgh
解得h ，故小球 A 从凹槽左端飞出后不能运动到与释放点等高的位置，故 D 错误。故选 C。
8 ．BD
AB ．先分析滑块受力有 μmg = mam
解得加速度最大值am = μg = 0.2g
由am > 0.1g 可知滑块与木板先相对静止，一起以加速度 a=0. 1g 做匀加速运动
当μ(mg- Bqv) = ma = 0.1mg 时,滑块相对木板滑动，滑动后随速度 v 增大，加速度 a 减小当mg = Bqv
解得v
故滑块离开木板做匀速运动，A 错误，B 正确；
CD ．滑块与木板整体受力有F - μ (3mg- Bqv) = 3ma
随速度 v 增大，拉力 F 减小，滑块滑动后分析木板受力有F - μ(3mg - Bqv) - μ(mg - Bqv) = 2ma
随速度 v 增大，拉力 F 减小，当滑块离开木板时，拉力 F 恒定，C 错误，D 正确。
故选 BD。
9 ．BD
A ．根据图像可知波长为 0.4m，则波传播的周期为T s = 1s ，故 A 错误；
B ．由于周期为 1s，P 点再次回到平衡位置需要半个周期，即 0.5s，则t = 1+ 0.5s = 1.5s ，故B 正确；
C．两列波传播速度相同，由图可知，两列波会在 M 点相遇，即两列波还需要传播的距离为
对应时刻为t = 1s s ，故 C 错误；
D．0~1.75s 内，M 点还没有开始振动，M 点总共振动的时间为 1s，即一个周期，两波源与 M点的距离分别为Δs1 = 0.5 + 0.2m = 0.7m ， Δs2 = 1.2 - 0.5m = 0.7m
可知波程差为零，由于两列波振动步调相同，故 M 点为振动加强点，振幅为 2A，可知在剩余的 1T 内，质点运动的路程为s = 4 . 2A = 4 × 2 × 2cm = 16cm ，故 D 正确。
故选 BD。
10 ．AC
A ．导体棒沿弯曲部分下滑到底端由机械能守恒有mgh mv2
解得速度 v=4m/s
导体棒进入磁场受安培力和摩擦力做减速运动，刚进磁场时速度最大，电流最大值I A ，A 正确；
B ．此时定值电阻两端电压最大，电压的最大值Um = IR = 1V ，B 错误；
C ．流过定值电阻的电荷量q = It C ，C 正确；
D ．由能量守恒可得定值电阻中产生的焦耳热Q = 2.25J ，D 错误。故选 AC。
11 ．(1) 2.0 0.50 (2)1.4
（1）[ \l "bkmark1" 1] 已知拍摄间隔 T = 1.0s ，位移 AB = 2.90m ，BC = 5. 10m ，CD = 7.00m ， DE = 9.00m
根据逐差法公式： a
代入数据得：a m / s2
[ \l "bkmark2" 2]对游客受力分析，由牛顿第二定律：mg sinθ - μmg csθ = ma整理得：
代入数据 g = 10m/s2 、sin 37 = 0.6 、cs 37 = 0.8 、a = 2.0m/s （2）对游客从静止下滑到停止的全过程，由动能定理（初末动能均为 0）：
mgx sin θ - μ1mg cs θ . x - μ2mg . s = 0
消去mg ，代入 x = 500m 、s = 70m 、 μ1 = 0.50 ： 500 ´ 0.6 - 0.5 ´ 500 ´ 0.8 = 70μ2解得：
要求滑行距离不超过 70m，因此缓冲垫动摩擦因数不小于1.4 。
IRg 1
I - I I
12 ．(1)
g
(2) 偏大 偏大 偏大（1）[ \l "bkmark3" 1]根据并联分流原理
IRg = (Ig - I )Rx
得
[ \l "bkmark4" 2]整理得
1 可知，横坐标为 。
I
（2）[ \l "bkmark5" 1]为提高电路的稳定性，电源应选择电动势偏大一些。
[ \l "bkmark6" 2]总电阻较大的滑动变阻器具有更高的电阻范围和更精细的调节能力，则滑动变阻器应尽量选择总电阻偏大一些。
[ \l "bkmark7" 3] 电阻箱阻值增大时，为了使干路电流不变，滑动变阻器的阻值应调小，则到时电阻箱和电流表的分压偏大，电流表电流偏大，故Rx 的测量值偏大。
mv
13 ．(1)2 0
Be
(2) 2
（1）根据题意可知质子从右侧射出，临界情况为 2r = dmin根据牛顿第二定律有Bev0 = m
解得dmin = 2r
（2）根据动能定理Ue mv mv 解得v1 = 2v0
设折射角为 θ' ，水平方向为 x 方向，竖直方向为y 方向，x 方向速度不变，有v0 sin θ = v1 sin θ'
联立解得n
（3）全反射的临界情况：到达Ⅲ区的时候y 方向速度为零，即Ue 解得U
即应满足U
14 ．(1)2m/s
(2)1.5m
(3)0.25m
（1）设物块受到向右的拉力时，物块的加速度大小为 a1，根据牛顿第二定律有F1 - μmg = ma1
解得a1 = 2m/s2
设向右的拉力作用的时间为 t1，根据匀变速直线运动的规律有 L a1t 解得t1 = 1s
根据速度时间关系可得v1 = a1t1
解得v1 = 2m/s
（2）设物块受到向右的拉力时，木板的加速度大小为 a2，对木板，根据牛顿第二定律有
μmg = Ma2
解得a2 = 0.5m/s2
刚撤去向右的拉力时，木板的速度大小v2 = a2t1
解得v2 = 0.5m/s
设从刚撤去向右的拉力到物块与木板的速度相同，物块的加速度大小为 a3，根据牛顿第二定律有 μmg = ma3
解得a3 = 1m/s2
设从刚撤去向右的拉力到物块与木板的速度相同的时间为 t2，有 v1 - a3t2 = v2 + a2t2解得t2 = 1s
根据匀变速直线运动的规律有x1 = v1t a3t
解得x1 = 1.5m
（3）设从物块刚受到向左的拉力到物块的速度为 0，物块的加速度大小为 a4，根据牛顿第
二定律有F2 - μmg = ma4
解得a4 = 2m/s2
物块刚受到向左的拉力时的速度大小v3 = v1 - a3t2
解得v3 = 1m/s
根据匀变速直线运动的规律有vEQ \* jc3 \* hps12 \\al(\s\up 5(2),3) = 2a4x2
解得x2 = 0.25m
15 ．(1)E = ，B
(2)
（1）小球恰好在x ≤ L 范围内做匀速直线运动，根据平衡条件可得tan
解得E
（2）在 x > L 区域，将小球刚进入该区域的速度分解为沿x 轴方向分速度和沿y 轴方向分速度，则有vx = v0 cs v0 ，vy = v0 sin v0
由于qvxB = mg
可知分运动 1：小球沿x 轴正方向做速度为v1 = vx v0 的匀速直线运动；
分运动 2：小球以速度大小为 v2 = vy v0 做逆时针匀速圆周运动。
当分运动转过 周时，分速度v2 与分速度v1 方向相反，此时小球的速度最小，为vmin = 0 ；
对于分运动 2，有 qv2B = m
2
mv v 2πv
解得r = 2 = 0 ，T = 0 qB 2g g
速度最小时的横坐标为x = L + v1 T - r = L 纵坐标为y = L + r = L
则小球速度最小时的位置坐标为（L
（3）以带电小球过 x = L 作为计时零点，经过时间t T 时，可知x > L 区域，分运动 2 小球转过的角度为
如图所示
根据几何关系可知此时小球合速度大小为v = v1 = v v0此时小球的受力如图所示
可知此时小球的向心力大小为F向 = qvB - mg cs mg则向心加速度大小为ag
小球在轨迹上该位置的曲率半径为 r