2026年安徽省合肥市中考模拟物理练习卷含答案

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考生注意：1.本卷共四大题23 小题，满分90 分。物理与化学的考试时间共120 分钟。
2.本卷试题中g均取10N/kg。
一、填空题（每空2分，共20分）
1．如图所示，2025年郑州黄帝故里拜祖大典上，“恭读拜文”的声音通过空气传遍大典现场；大典演奏的《黄帝颂》中，编钟与古琴的声音辨识度极高，这是因为它们所发声音的________不同，彰显了中华传统乐器的魅力。
【答案】 音色
【详解】[1]声音的传播需要介质，大典现场中，“恭读拜文”的声音是通过空气这种介质传播到现场各处的。
[2]音色是由发声体本身的材料、结构决定的特性，不同发声体发出声音的音色不同，因此人们能轻松区分编钟和古琴的声音，是因为二者发声的音色不同。
2．唐朝诗人杜甫在《月夜忆舍弟》中用“露从今夜白，月是故乡明”表达对故乡的怀念之情。这里的“露”是空气中的水蒸气遇冷______（填物态变化名称）而成的。
【答案】液化
【详解】露是由空气中的水蒸气遇冷变成的小水珠，此过程属于液化。
3．如图所示，足够长的物块A放在水平地面上，物块B放在物块A上，弹簧测力计左端固定在墙壁上，右端与物块B连接且保持水平，现用大小为9N水平向右的拉力F拉动物块A，使其向右做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数为3N，物块B相对于地面保持静止，则物块B所受摩擦力的方向为水平向右，若水平向右加速拉动物块A，则物块B对物块A的摩擦力_____3N（选填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】 等于
【详解】[1] 拉动物块A，使其向右做匀速直线运动时，A与B之间产生的是滑动摩擦力，滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反。B相对于A向左运动，B所受的摩擦力水平向右。
[2]由于物体间力的作用是相互的，A对B的摩擦力是3牛，B对A的摩擦力也是3牛。滑动摩擦力大小与压力大小和接触面粗糙程度有关。压力大小和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变。滑动摩擦力大小与物体运动速度无关，所以加速拉动物块A时，B对A的摩擦力仍然等于3N。
4．如图所示地磁场分布，历史上对地磁场的形成有这样一种看法：我们居住的地球是一个带电星球，由于地球自西向东旋转，会形成许多环形电流，从而产生地磁场，由此猜想地球带的是______电（填“正”或“负”）。
【答案】负
【详解】地磁场是由于地球上电荷的定向移动形成的。由图可知，地磁北极在地理南极附近，根据右手螺旋定则可以判断出电流方向是自东向西环绕的，这与地球自转方向相反。负电荷定向移动的方向是与电流方向相反的，所以地球带的是负电。
5．小文在测量物体质量时，他按照正确的实验步骤进行操作，当天平平衡时，右盘内的砝码情况和游码在标尺上的位置如图所示，则物块的质量为______g。
【答案】97.4
【详解】由图可知，标尺的分度值为0.2g，游码表示的示数为2.4g，则物块的质量为
6．如图所示，光线从空气中斜射到玻璃的界面上发生的现象，则折射角是30°（填度数），玻璃在界面的_______边。
【答案】 左
【详解】[1][2]图中，根据光的反射定律，反射角等于入射角且入射光线和反射光线分居法线的两侧，根据光的折射定律，入射光线和折射光线分居法线的两侧可得，CO是入射光线，OB是反射光线，OA是折射光线，法线是MN，界面是M′N′，折射光线与法线的夹角为折射角，则折射角，小于入射角60°，由光的折射规律可知，当光从空气斜射入玻璃时，折射角小于入射角。则界面的左侧为玻璃，右侧为空气。
7．成都大运会火炬“蓉火”取自成都的简称“蓉”，同时寓有“融合”“包容”之意。在燃料方面，“蓉火”采用了生物质丙烷燃料，已知丙烷的热值是4.6×107J/kg，若完全燃烧21g的丙烷，在加热效率70%的情况下，可使__________ kg的水从20℃升高到66℃．[]
【答案】3.5
【详解】，根据热值公式 得，21g的丙烷完全燃烧放出的热量
加热效率为70%，因此水吸收的热量
水温升高量
根据吸热公式 可得水的质量为
8．如图所示一卡车车厢底板距地面1.5m高，用一块4m长的木板AB搭在车厢底板上，构成斜面。用沿斜面方向的推力F把一个重为800N的木箱由B处匀速推到A处，若斜面的机械效率为75%，则木箱与木板之间的摩擦力为___________N。
【答案】100
【详解】所做的有用功为
若斜面的机械效率为75%，所做的总功为
所做的额外功为
木箱与木板之间的摩擦力为
9．图甲是小灯泡L和电阻R的I-U图像。将小灯泡L和电阻R接入图乙电路中（电源电压保持不变），闭合开关、，小灯泡L实际功率为1W，电源电压为2V，通电1min电阻R产生的热量为________J。
【答案】 24
【详解】[1]小灯泡L的实际功率为，从图甲的图像中找到对应的电压和电流值。当电压为时，电流为，此时，因此电源电压为；
[2]从图甲的图像中找到电阻的电压和电流值，当电压为时，电流为，利用焦耳定律计算热量，其中，。 。
10．如图甲所示电路图，电源电压保持不变。闭合开关后，滑片从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，当滑片在b端时，通电1min电阻产生的热量为______J。
【答案】180
【分析】结合图甲和图乙，明确滑片在a端和b端时电路的状态及对应的电表示数，并结合欧姆定律求解出R0的阻值是解题的关键。
【详解】由图甲可知，定值电阻R与滑动变阻器R0串联，电压表测R两端电压，电流表测电路电流。当滑片滑到端时，电路为R的简单电路，电路电流最大。由图乙可知，电源电压，电路最大电流，根据欧姆定律可知，R的阻值为
当滑片在端时，滑动变阻器接入阻值最大，电路电流最小，由图乙可知，此时电路电流，由欧姆定律可知，电路的总电阻为
由串联电路电阻的特点可知，滑动变阻器R0的最大电阻为
通电时间
R0产生的热量为
二、单选题（每题2分，共14分）
11．2025年我国“翼龙-3”无人机完成海上应急通信试飞（如图），其搭载新型动力系统，可实现超远距离海上作业，下列说法正确的是（ ）
A．无人机导航系统依靠超声波传递海上定位信息
B．无人机匀速上升过程中，机械能变大
C．无人机机翼下表面平直、上表面弯曲，飞行过程中上表面流速较大导致压强较大
D．无人机搭载氢燃料动力系统，选用氢燃料是因为氢的热值小
【答案】B
【详解】A．无人机导航系统依靠电磁波传递定位信息，超声波属于声波，真空不能传声，无法用于卫星导航传递信息，故A错误；
B．机械能为动能与重力势能之和。无人机匀速上升过程中，质量不变、速度不变，因此动能不变；质量不变、高度增大，因此重力势能增大；总机械能等于动能与重力势能之和，因此机械能变大，故B正确；
C．根据流体压强规律：流速越大的位置压强越小。无人机机翼上表面弯曲，飞行时上表面空气流速更大，压强更小，由此获得向上的升力，故C错误；
D．选用氢作为燃料，是因为氢的热值大，相同质量的氢完全燃烧可以放出更多热量，故D错误。
故选B。
12．如图所示的光现象中，与“楼台倒影入池塘”中的“倒影”形成原理相同的是（ ）
A．雨后彩虹B．日晷计时
C．铜镜梳妆D．放大镜聚光
【答案】C
【详解】“楼台倒影入池塘”中的“倒影”形成原理是光的反射。
A．雨后空中出现彩虹，彩虹是色散现象，是由于光的折射形成的，故A不符合题意；
B．日晷计时是利用影子计时，是光沿直线传播的应用，故B不符合题意；
C．铜镜梳妆是平面镜成像，是光的反射，故C符合题意；
D．放大镜聚光是光线经过凸透镜偏折会聚，是光的折射，故D不符合题意。
故选C。
13．如图所示，春晚机器人跳舞表演带给全国观众科技与艺术的震撼，关于表演过程中下列说法中正确的是（ ）
A．当站在地面上时，机器人的重力和对地面的压力是相互作用力
B．当停止转动手绢时，手绢不会立即停止运动是因为具有惯性
C．机器人表演过程中，以台下观众为参照物，它是静止的
D．加速向上腾空的过程中，机器人的机械能保持不变
【答案】B
【详解】A．机器人的重力和机器人对地球的吸引力是相互作用力，机器人对地面的压力和地面对机器人的支持力是相互作用力，故A错误；
B．手绢原本处于运动状态，停止转动后，由于惯性仍会保持原来的运动状态继续运动，因此不会立即停止，故B正确；
C．机器人表演过程中，以台下观众为参照物，机器人相对于台下观众的位置不断改变，因此机器人是运动的，故C错误；
D．机器人加速向上腾空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度升高，重力势能增大，机械能是动能与势能的总和，因此机器人的机械能增大，故D错误。
故选 B。
14．如图所示，是新型的扑翼式微型无人机，有质量轻、体积小、飞行灵活、隐蔽等特点，控制系统采用了纳米裂纹技术，能实现精准运动控制与环境适应，广泛应用于军事侦察、民用摄影、搜救、监测等领域。下列说法正确的是（ ）
A．当机翼向下扑动时，下方的空气对机翼有向上的作用力，这就是惯性定律
B．选用密度较小的材料制作，是为了增强无人机的稳定性
C．当无人机在空中悬停时，受到的重力与升力是平衡力
D．内部的电子元件由原子构成，原子核由质子和电子构成
【答案】C
【详解】A．当机翼向下扑动时，机翼对下方空气施加向下的力，根据力的作用是相互的，下方空气会对机翼施加向上的反作用力，这是力的作用是相互的，故A错误；
B．选用密度较小的材料制作无人机，根据公式，在体积一定时，密度越小，无人机的质量越小，从而减轻重量，而非增强稳定性，故B错误；
C．无人机在空中悬停时，处于平衡状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的升力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，符合平衡力的条件，故C正确；
D．原子由原子核和核外电子构成，原子核由质子和中子构成，电子位于原子核外，不是原子核的组成部分，故D错误。
故选C。
15．如图所示，下列说法不正确的是（ ）
A．图甲：说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关
B．图乙：该装置可用来研究电动机的工作原理
C．图丙：司南的长柄指南是由于地磁场的作用
D．图丁：闭合电路的一部分导体a按图中方向运动也能产生感应电流
【答案】D
【详解】A．两个线圈串联，电流相同，线圈的匝数不同，匝数越多，吸引的铁钉越多，说明电磁铁的磁性强弱与匝数有关，故A正确，不符合题意；
B．图中有电源，表示通电导体在磁场中受到力的作用，与电动机的原理相同，故B正确，不符合题意；
C．指南针指示南北是因为受到地磁场的影响，故C正确，不符合题意；
D．闭合电路的一部分导体a按图中方向运动时，没有切割磁感线就不会产生感应电流，故D错误，符合题意。
故选D。
16．如图甲为工程师正在检测小渝家燃气是否有泄露，该燃气泄露检测装置的内部简化电路如图乙所示，为气敏电阻，其阻值会随着燃气浓度的增大而减小，电源电压和滑动变阻器的阻值均不变，检测到燃气泄露时下列说法正确的是（ ）
A．电压表和电流表示数的比值不变
B．电压表示数变大，电流表示数变小
C．电压表示数变小，电流表示数变大
D．电压表示数不变，电流表示数变大
【答案】A
【详解】由图乙可知，气敏电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。根据题意，燃气泄露时，燃气浓度增大，阻值减小，则电路中的总阻值减小，根据可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；滑动变阻器的阻值不变，根据可知，两端电压变大，即电压表示数变大；电压表和电流表示数的比值等于滑动变阻器的阻值，即电压表和电流表示数的比值不变。
故选A。
17．两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示。现在将甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端，下列分析错误的是（ ）
A．甲的电阻值小于乙的电阻值
B．甲的电流大于乙的电流
C．相同时间里甲消耗的电能小于乙消耗的电能
D．甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率
【答案】C
【详解】AB．甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，则两电阻两端的电压相等，由图像可知，此时通过甲的电流为0.6A，通过乙的电流为0.3A，则通过甲的电流大于乙的电流，且根据可知，甲的电阻值小于乙的电阻值，故AB正确，不符合题意；
CD．根据可知，甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率，且根据可知，相同时间里甲消耗的电能大于乙消耗的电能，故C错误，符合题意，D正确，不符合题意。
故选C。
三、实验题（每空2分，共18分）
18．在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
(1)将凸透镜、点燃的蜡烛和光屏放在上图所示的位置时，在光屏上观察到一个清晰的实像，生活中的_____________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一成像规律工作的。
(2)若保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏位置互换，光屏上将得到一个____________（选填“放大”或“缩小”）的实像。
(3)若在烛焰与透镜之间放置一近视眼镜的镜片，则将光屏适当_____（选填“左”或“右”）移可得一个清晰的像。
【答案】(1)照相机
放大
(3)右
【详解】（1）由图示可知此时物距大于像距，成清晰的像应该是倒立缩小的实像，生活中利用此原理的是照相机；
（2）[1][2]根据光路可逆可知如果此时将蜡烛和光屏调换位置，此时物距小于像距，成的是倒立放大的实像。
（3）近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用，若在烛焰与透镜之间放置一近视眼镜的镜片，则将光屏适当右移可得一个清晰的像。
19．跃跃利用弹簧测力计、溢水杯、小桶、圆柱体物块a、细线和足量水，探究物体所受浮力的大小跟排开液体所受重力的关系。
(1)图甲装置中存在错误，这样会导致测得排开液体所受重力__________（选填“偏小”“不变”或“偏大”）。
(2)改正错误操作后，实验最合理的顺序是__________。
(3)根据上图测得的实验数据，可以求出物块a的密度为__________；若将图乙中的水换成酒精（），浸没时物块a受到的浮力将变小。
【答案】(1) 偏小
(2)丁、甲、乙、丙
(3)
【详解】（1）[1][2]实验前应将溢水杯装满水，物体浸入液体时排开液体的体积等于物体浸入液体的体积；甲图装置中存在的错误是未将溢水杯中水添加至与溢水口齐平，这样会导致测得排开液体的体积小于物体浸入液体的体积，排开液体所受重力偏小。
（2）实验步骤是：先测量空桶重力和物体的重力，再将物体浸没在盛满水的溢水杯中，测量拉力的大小，最后测量小桶和溢出水的重力，所以最佳的顺序是丁、甲、乙、丙。
（3）[1]物块a的质量，物块排开液体的重力，物块a的体积等于它浸没时排开液体的体积，物块a的密度；
[2]若将图乙中的水换成酒精（），由于酒精的密度小于水的密度，根据可知，浸没时物块受到的浮力将变小。
20．悦悦用图甲所示器材测量小灯泡的电功率。待测小灯泡的额定电压为，额定功率小于，电源为两节干电池，滑动变阻器的规格为“”。
(1)请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整（滑片向右移动时，小灯泡变亮）。
(2)排除故障后，进行正确操作。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为_________。
(3)悦悦进行了三次实验，将三次不同电压下的电功率求平均值，她的做法是错误的。这是因为灯丝电阻随温度的升高而_________。
【答案】(1)
(2)0.7
(3) 变大
【详解】（1）滑片向右移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大、滑动变阻器接入电阻变小，因此应将B 接线柱与小灯泡右端相连，电压表并联在小灯泡两端，如图所示：
（2）电流表示数为0.28 A。小灯泡额定功率：。
（3）[1][2]做法是错误的，因为灯丝电阻随温度的升高而增大，不同电压下小灯泡功率不同，求平均值无意义（额定功率仅指额定电压下的功率）。
四、计算题（3分+4分+4分，共11分。）
21．小明从超市采购归来，手提一袋大米，乘坐电梯回家。已知小明的质量为45kg，大米的质量为5kg，g取10N/kg。求电梯以2m/s的速度匀速上升时：
(1)每上升1m，电梯地板的支持力对小明做的功。
(2)小明对大米的拉力做功的功率。
【答案】(1)500J
(2)100W
【详解】（1）由题意得，小明的质量，大米的质量，；
上升高度，电梯匀速上升时，电梯地板对小明的支持力与小明和大米的总重力是一对平衡力，故支持力；
则支持力对小明做的功。
（2）电梯匀速上升时，小明对大米的拉力与大米的重力是一对平衡力，故拉力；
大米上升速度，则小明对大米的拉力做功的功率。
22．下图所示的电路中，电源电压恒定不变，电阻的阻值为。当开关闭合后，电流表的示数为，电流表的示数为。求：
(1)电阻两端的电压。
(2)电阻的阻值。
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）由电路图可知，与并联，电流表A测干路电流，电流表测支路的电流。
已知的阻值，通过的电流，
根据欧姆定律可得：；
（2）根据并联电路电流规律，干路电流等于各支路电流之和，可得通过的电流：
；
并联电路中各支路两端电压相等，因此两端电压，
根据欧姆定律变形可得的阻值：。
23．如图甲所示，课外兴趣组的同学们自制了一个潜水器，包含圆柱体形的主体和实心压载铁两部分，带有自动吸水、排水、丢弃压载铁等功能。其中主体部分底面积为，高度为48cm，水箱中无水时主体质量为3kg，下方两块相同压载铁每块体积均为，密度为，底面积与主体相同。容器的底面积为，高度为1.5m，容器中原有水的深度为1m，如图乙所示。现将潜水器水箱装满水，放入圆柱体形容器中，最终沉底如图丙所示。潜水器沉底后，先抛掉一块压载铁，处于悬浮状态，模拟深海作业；完成作业后，再丢弃一块压载铁，会上浮至漂浮状态。（整个过程中，潜水器底部能始终保持与液面平行，忽略液体扰动等次要因素）已知水的密度，g取10N/kg。求：
(1)潜水器浸没时受到的浮力；
(2)潜水器抛掉一块压载铁悬浮时，求容器中水对容器底部的压强；
(3)求潜水器上浮至漂浮时，潜水器下表面距容器底部高度h。
【答案】(1)50N
(2)
(3)0.79m
【详解】（1）由题，主体体积
两块压载铁总体积
故潜水器总体积
潜水器浸没，故排开水体积
故潜水器浸没时受到的浮力
（2）由题，容器底面积
故容器中水的体积
抛掉一块压载铁后，由于压载铁为实心，故压载铁仍全部浸没在水中，故此时容器中水及物体的总体积
故此时水深
故水对容器底面压强
（3）抛掉一块压载铁后，潜水器的总体积为
此时潜水器悬浮，则它的重力为
一块压载铁的重力为
抛掉两块压载铁后，剩余潜水器总重力
潜水器漂浮时受到的浮力等于重力
它排开水的体积
两块压载铁都沉底，总浸入体积为两块压载铁体积加潜水器排开体积，因此水面高度
潜水器浸入深度
浸入深度等于水面高度减去潜水器下表面到容器底的高度得