湖北省2025_2026学年高二物理上学期10月月考试题B含解析

这是一份湖北省2025_2026学年高二物理上学期10月月考试题B含解析，共16页。试卷主要包含了选择题的作答，非选择题的作答，考试结束后，请将答题卡上交等内容，欢迎下载使用。

时长：75 分钟 试卷满分：100 分
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指
定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写
在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸
和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将答题卡上交。
一、选择题：本题共 10 个小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，第 1
~7 题只有一项符合题目要求，第 题有多项符合题目要求，每小题全部选对的得 4 分，选
对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。
1. 下列说法正确的是（ ）
A. 静电计是用来粗略测量电流的装置
B. 导体的电阻跟加在它两端的电压成正比
C. 白炽灯正常发光时，其灯丝材料的电阻率比常温时小
D. 电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置
【答案】D
【解析】
【详解】A．静电计用于测量电势差，而非电流，故 A 错误；
B．导体的电阻由材料、长度、横截面积及温度决定，与电压无关，故 B 错误；
C．金属电阻率随温度升高而增大，灯丝高温时电阻率比常温时大，故 C 错误；
D．电源通过非静电力做功将其他形式的能转化为电势能，故 D 正确。
2. 下列说法正确的是（ ）
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A. 图甲中，在干燥季节，使用加湿器增加室内湿度，可有效减少静电积累
B. 图乙中，学校楼房顶上焊接的钢筋（一起埋入地下）主要作用不是避雷而是为了美观
C. 图丙中，小鸟停在单根高压输电线上不会被电死是因为其脚掌是绝缘的
D. 图丁中，两根优质的话筒线外面包裹着金属外衣是为了增强导电能力
【答案】A
【解析】
【详解】A．使用加湿器增加室内湿度，可有效地释放较多的静电，A 正确；
B．房顶上焊接的钢筋主要作用是避雷，B 错误；
C．小鸟不会被电死是因为两脚间电势差为零，C 错误；
D．优质的话筒线外面包裹着金属外衣是为了静电屏蔽，而不是增强导电能力，D 错误。
故选 A。
3. 目前，我国家用电视机主要类型为液晶电视机，但是在 20 年前，我国家用电视机主要类型为显像管电视
机。真空显像管内有发射电子的电子枪，还有为加速电子而提供电场的金属极板，极板中心有小孔，电子
加速后从小孔飞出，最终轰击显像管荧光屏内表面的荧光粉，荧光粉原子吸收电子能量后跃迁发光形成图
像中的像素点。为了使电子能打到荧光屏内表面各个位置，需要用两组线圈分别提供磁场使电子上下、左
右偏转。如图是其中绕在环形绝缘材料上的一组偏转线圈的原理图，环形材料处在竖直面，左右两边的线
圈关于通过 点的竖直轴对称，假设一电子某时刻通过 点垂直纸面向外运动，此时线圈电流方向如图所
示。下列说法正确的是（ ）
A. 图示时刻 点处合磁感应强度为零
B. 图示时刻 点处合磁感应强度方向竖直向下
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C. 图示时刻电子受到向右的洛伦兹力
D. 若线圈电流方向改为图示方向的反方向，则电子向左偏
【答案】B
【解析】
【详解】ABC．根据右手螺旋定则，图示时刻通电线圈在 点处产生的合磁感应强度方向竖直向下，根据
左手定则，电子受到的洛伦兹力向左，故 AC 错误，B 正确；
D．若线圈电流方向改为图示方向的反方向，则通电线圈在 点处产生的合磁感应强度方向竖直向上，电子
受到的洛伦兹力向右，电子向右偏转，故 D 错误。
故选 B。
4. 如图，梯形 处在匀强电场中，电场方向平行于 所在的平面， 三个顶点的电势分
别为 边长度为 边长度为 点为 边的中点。下列说法正确的是（ ）
A. 顶点 的电势为
B. 一个电子处在中点 时的电势能为
C. 顶点 的电势为
D. 正点电荷沿直线由 运动过程中电场力对该点电荷先做负功，后做正功
【答案】C
【解析】
【详解】AC．因 CD 平行于 AB，且 ，由 可知，
又 ，
解得 ，故 A 错误，C 正确；
B．中点 的电势为
故一个电子处在中点 时的电势能 ，故 B 错误；
D．因
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故 所在直线为等势线，正点电荷沿直线由 运动过程中电场力对该点电荷不做功，故 D 错误。
故选 C。
5. 如图所示，a 和 b 是完全相同的两个电容器，串联接在电动势为 的电池（内阻不可忽略）两端充
电，达到稳定后将一内阻为几千欧姆的直流电压表接到电容器 a 的两端，经过一段时间后电路又重新达到
稳定。下列说法正确的是（ ）
A. 电压表示数为 3V，电压表接入之前电容器 a 和 b 带电量相等
B. 电压表示数为 3V，电压表接入稳定之后电容器 a 带电量为零
C. 电压表示数为 0，电压表接入之前电容器 a 和 b 带电量不相等
D. 电压表示数为 0，电压表接入稳定之后电容器 a 带电量为零
【答案】D
【解析】
【详解】电压表接入之前，由于 a 和 b 是完全相同的两个电容器，所以 a 和 b 两端电压相等，所带电量相
等；因为电压表是由小量程表头串联大电阻改装而成，将电压表接到电容器 a 的两端，稳定后，由于电容
器 b 的存在，使得回路电流为 0，则流过电压表表头的电流为 0，所以电压表示数为 0，则电容器 a 两端电
压为 0，电容器 a 带电量为零。
故选 D。
6. 小强根据所学电磁感应和安培力等知识，设计了一个“电磁天平”，如图所示，等臂天平的左臂挂有砝码
盘，右臂挂有矩形线圈，无磁场时天平平衡。线圈的水平边长 ，匝数 匝。现在向砝码盘
中放质量为 的物体，同时让线圈的下边处于方向垂直线圈平面向里的匀强磁场内，磁感应强度
，线圈上部处在垂直纸面向外的匀强磁场中，且磁感应强度 随时间均匀增大导致线圈中产生了 的
恒定的感应电流，天平依然平衡。重力加速度 ，据以上数据，可求出挂盘中所放物体的质量为
（ ）
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A. 0.8 克 B. 8 克 C. 80 克 D. 800 克
【答案】C
【解析】
【详解】根据楞次定律和右手螺旋定则可知，线圈下边中的电流方向为向左，故线圈所受安培力向下，因
无磁场时天平平衡，在挂盘上放上物体后有
解得
故选 C。
7. 如图所示为水平放置的 匝矩形线圈，其长度为 ，宽度为 ，且 ，线圈内有一直径为 的圆形区
域与矩形线圈相内切。一个匀强磁场穿过该圆形区域，磁感应强度大小为 ，方向与水平方向成 角斜向
上，且整个圆形区域内均有磁场穿过，水平面内其他区域没有磁场穿过。现将该矩形线圈绕过两个切点的
水平轴顺时针转动 。此过程中，穿过矩形线圈磁通量的变化量的绝对值为（）
A. B. C. 0 D.
【答案】B
【解析】
【详解】转动前，穿过线圈的磁通量为
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其中
可得
转动后，穿过线圈的磁通量为
则磁通量的变化量为
故选 B。
8. 2025 年 9 月 3 日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利 80 周年阅兵在北京天安门隆重举行，
我国自主研发的东风-61 陆基洲际战略核导弹等武器首次亮相。导弹内部固定安装有多种类型的传感器，其
中电容式导弹加速度传感器原理如图所示，质量块左、右侧分别连接电介质和轻质弹簧，弹簧与电容器固
定在导弹身体内部，质量块套在光滑且平行于弹簧轴线的固定直杆上，质量块可带动电介质移动从而改变
电容。下列说法正确的是（ ）
A 电介质插入极板间越深（深度不超过极板长度），则电容器电容越大
B. 若导弹沿弹簧轴线方向做变加速度运动，则以上电路中有电流
C. 若导弹沿弹簧轴线方向由向右匀加速运动变为向右匀速运动，弹簧长度会变长
D. 导弹由静止突然沿弹簧轴线方向向右加速时，以上电路中有逆时针方向的电流
【答案】AB
【解析】
【详解】A．根据电容器的电容公式 可知，当电介质插入极板间越深，则电容器电容越大，故 A
正确；
B．若导弹沿弹簧轴线方向做变加速度运动，根据牛顿第二定律可知，弹力大小改变，则导致插入极板间电
介质的深度改变，电容改变，根据 可知，极板间的电量改变，电路中有电流，故 B 正确；
C．若导弹沿弹簧轴线方向做匀加速运动，根据牛顿第二定律可知，弹力大小不变，则弹簧长度不变，故 C
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错误；
D．导弹由静止突然沿弹簧轴线方向向右加速时，质量块要向左运动，导致插入极板间电介质深度变大，因
此电容会增大，由于电压不变，根据 可知，极板间的电量增大，电容器处于充电状态，因此电路
中有顺时针方向电流，故 D 错误。
故选 AB。
9. 2025 年春晚转手绢的机器人表演如图，其供电电源的参数为“24V，40A·h”，假设工作时该电源的输出电
压恒为 ，额定功率为 。根据上述有关数据，下列说法正确的是（ ）
A. 题中“A·h”是能量的单位
B. 电源充满电后总电量为
C. 以额定电流工作时，机器人每秒消耗能量为
D. 若充电电流是 ，经过 可将该电源的电量从 30%充到 80%
【答案】BD
【解析】
【详解】A．题中“A·h”是电量的单位，不是能量的单位，A 错误；
B．电池充满电后总电量 ，B 正确；
C．以额定电流工作时每秒消耗能量 ，C 错误；
D．电量从 30%充到 80%
解得 ，Ｄ正确。
故选 BD。
10. 如图所示电路，电源电动势为 E，内阻为 r，灯泡 、 电阻一定，电阻 、 、 阻值均为 ，
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滑动变阻器 R 的最大阻值为 ，且 ，当滑动变阻器的滑片从最下端向上滑至最上端的过程中，理
想电表示数变化的绝对值分别为 、 。下列说法正确的是（ ）
A. 灯泡 变亮， 变暗 B. 滑动变阻器的功率逐渐增大 C. D.
【答案】AC
【解析】
【详解】A．当滑动变阻器的滑片从最下端向上滑至最上端的过程中， 减小，总电阻减小，干路电流增大，
路端电压减小；
与 共分干路电流，故流过灯泡 电流和其两端电压均变大，会变亮；
两端电压等于路端电压减去灯泡 两端电压，故 两端电压变小，会变暗，故 A 正确；
B．当滑动变阻器的滑片从最下端向上滑至最上端时，其功率为零，故滑动变阻器的功率不会一直增大，故
B 错误；
CD．干路电流增大，通过 电流变小，通过 电流变大其两端电压也增大；
由串并联知识： 两端电压减小，通过 电流 变小，流过电流表电流 变大；
又 ，通过 电流变大，故电流表电流增加量 大于通过 电流 的减少量 ；
故 ，故 C 正确 D 错误。
故选 AC。
二、非选择题∶本题共 5 个小题，共 60 分
11. 某物理兴趣小组为了测量一段电阻丝材料的电阻率，如图甲所示。先将一个电流表改装成欧姆表，如图
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乙所示。所用器材有电源（电动势 V，内阻 Ω），电流表（满偏电流 μA，内阻
Ω），定值电阻 Ω，变阻器 （0～10kΩ），螺旋测微器，刻度尺，导线若干。
（1）用螺旋测微器测电阻丝横截面的直径 D 如图丙所示，其读数为______mm。
（2）图乙中 A、B 两接线柱中，A 接______（选填“红表笔”或“黑表笔”）。
（3）先进行欧姆调零，将 A、B 短接，再调节变阻器 ，使电流表的示数为______μA，此时变阻器接入
电路中的阻值为______Ω。
（4）然后，在 A、B 间接入长度为 L 的电阻丝，当电流表示数为 200μA 时，电阻丝的电阻 ______Ω。
（5）电阻丝电阻率的表达式为 ______（用 、L、D 等物理量表示）。
【答案】（1）0.650##0.651##0.649
（2）红表笔 （3） ① 500 ②. 2400
（4）4500 （5）
【解析】
【小问 1 详解】
螺旋测微器的读数为
【小问 2 详解】
欧姆表进行欧姆调零和测电阻时，电流均从红表笔流入表内，故 A 接红表笔
【小问 3 详解】
[1]欧姆调零时，电流表达到满偏电流为
[2]由闭合电路的欧姆定律有
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解得欧姆表总内阻为
故变阻器接入电路中的阻值为
【小问 4 详解】
根据
当 时，
【小问 5 详解】
根据电阻定律
其中
联立解得
12. 某同学要测量微安表内阻，可选用的实验器材有：
电源 E（电动势 3V，内阻很小）
电流表 A（最大量程 60mA，内阻约 20Ω）
待测微安表 G（最大量程 300μA，内阻 待测，约 2kΩ）
滑动变阻器 R（最大阻值 10Ω）
定值电阻 （阻值 10Ω）
单刀单掷开关 S 一个，导线若干。
（1）为了比较准确的测量微安表内阻，在答题卡方框中画出实验电路原理图
（2）待测微安表 G 读数为 ；电流表 A 读数为 I，根据第（1）问电路原理图，用字母 I、 、 、 表
示微安表的内阻，写出微安表内阻的计算公式______。
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【答案】（1） （2）
【解析】
【小问 1 详解】
为了准确测出微安表两端的电压，可以让微安表与定值电阻 并联，再与电流表串联，通过电流表的电流
与微安表的电流之差，可求出流过定值电阻 的电流，从而求出微安表两端的电压，进而求出微安表的内
电阻。因为滑动变阻器最大阻值太小，不能用限流接法，否则烧坏电表。为了测量多组数据，滑动变阻器
采用分压式接法，故实验电路原理图如图所示
【小问 2 详解】
流过定值电阻 的电流为
加在微安表两端的电压等于 两端的电压，故微安表的内电阻
13. 如图所示，水平地面上固定一根竖直的光滑绝缘细杆，一质量为 m、带电荷量为 （未知）的圆环 a
套在竖直杆上，质量为 M、电荷量为 的滑块 b 静置于水平地面上，a、b 均保持静止，两者连线与水平
地面的夹角 ，圆环 a 距地面的高度为 h，静电力常量为 k，重力加速度为 g， ，
。求：
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（1）圆环 a 所受库仑力的大小和所带电荷量。
（2）滑块 b 所受摩擦力的大小。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问 1 详解】
对圆环 受力分析，圆环静止，受力平衡，圆环与滑块之间为斥力。对圆环，在竖直方向，根据平衡条件
可得
解得，库仑力大小
又因为
其中
联立，解得圆环所带电荷量为
【小问 2 详解】
对滑块，在水平方向，根据平衡条件可得
解得
14. 小明坐在汽车 驾驶室里看到一个现象：当汽车的电动机启动时，汽车的车灯会瞬时变暗。汽车的电源、
电流表、车灯、电动机连接的简化电路如图所示。已知汽车电源电动势为 24V，内阻为 1Ω，电动机 M 的线
圈电阻为 0.5Ω。车灯接通而电动机未启动时（ 断开），电流表示数为 4A，电动机启动的瞬间（ 已闭合），
电流表示数达到 9A，电动机和车灯均正常工作之后电流表示数为 6A，不计电流表内阻，车灯电阻可以认
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为不变。求：
（1）电动机启动前车灯的功率与启动瞬间车灯的功率之差；
（2）电动机启动瞬间其输出功率；
（3）电动机正常工作的效率。
【答案】（1）35W （2）72W
（3）
【解析】
【小问 1 详解】
电动机未启动时，车灯的功率为
车灯的电阻为
电动机启动瞬间，并联部分的电压为
车灯的功率为
则车灯的功率减少量为
【小问 2 详解】
电动机启动时，车灯的电流为
电动机的输入功率为
电动机的输出功率为
联立解得
【小问 3 详解】
电动机正常工作后，电源的路端电压为
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车灯的电流为
电动机输入电流为
电动机的输入功率为
电动机的输出功率为
电动机正常工作的效率为
15. 如图 a 所示，在光滑水平面上有一直角坐标系，在第三象限内有沿水平轴 x 轴正方向的匀强电场，电场
强度的大小为 （未知），坐标原点处有一个带负电的小球甲，其产生的电场只局限在第二象限内。现有一
质量 kg、电荷 C 的小球乙从水平轴 y 轴上的 A 点以大小为 5m/s、方向与 y 轴正方向成 53°角的
初速度射入第三象限，之后从 x 轴上的 B 点以平行于 y 轴方向的速度进入第二象限，小球乙在第二象限做
匀速圆周运动，最终小球乙从 y 轴上的 C 点以平行于 x 轴的方向进入第一象限。以小球乙从 C 点进入第一
象限时刻为计时起点，第一象限有如图 b 所示的周期性变化的电场，其电场强度为 ， 的正方向沿 y 轴
正方向，如图 b 所示，周期为 T。已知 s， m， ， 。求：
（1）第三象限电场强度 大小和小球甲在 B 点产生的电场的电场强度 的大小。
（2）小球乙进入第一象限后，在 时，小球乙的速度大小和方向。
（3）当 （ 、2、3……）时，小球乙的位置坐标。
【答案】（1） ，
（2） ，方向与 x 轴成
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（3） ，
【解析】
【小问 1 详解】
在第三象限内，小球乙由 A 点运动到 B 点过程中，在 x 方向上
其中，根据牛顿第二定律 ，
解得
在第二象限内，小球甲对乙的库仑力提供乙做匀速圆周运动的向心力
其中
解得
【小问 2 详解】
在第一象限内，根据牛顿第二定律
则 ，
小球乙的速度大小
设此时速度方向与 x 轴正方向夹角为 ，则
所以
【小问 3 详解】
根据图 b 中场强的变化规律可判断，小球乙进入第一象限后，在 x 方向上做匀速直线运动，在 y 方向上第一
个 时间内沿 y 轴正方向做匀加速运动，第二个 时间内沿 y 轴正方向做匀减速运动，当 时，乙在 y
方向的速度恰好减为零，之后重复运动过程，其轨迹如图所示
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所以，当 时，小球的横坐标为
第一个 时间内，小球乙沿 y 轴正方向前进的距离为
小球乙进入第一象限后，每半个周期时间内沿 y 轴正方向运动的距离均相等，因为开始计时时，小球乙的
纵坐标为 L，所以在 时其纵坐标为
故在 时，小球乙的坐标为 ，
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