2026年上海市松江区中考物理一模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年上海市松江区中考物理一模试卷（含答案+解析），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.优秀诗词是我国文化的瑰宝之一。许多诗句中，涉及到物态变化，下列分析正确的是( )
A. “风泉尽结冰”——水结成冰是凝固现象，其过程需要吸热
B. “夕露沾我衣”——露的形成是汽化现象，其过程需要吸热
C. “疑是地上霜”——霜的形成是凝华现象，其过程需要放热
D. “风雪夜归人”——雪的形成是熔化现象，其过程需要放热
2.小明在探究某种物质熔化规律的实验中，绘制了该物质熔化时的温度变化曲线，如图1所示。下列说法正确的是( )
A. 该物质熔化过程持续了14min
B. 在第8min该物质处于固液共存态
C. 该物质在B、C两点的内能相等
D. 该物质熔化过程中温度先升高再不变又升高
3.静电现象在我们的生产生活中广泛发生，下列属于利用静电的是( )
A. 静电拖把上的静电除尘纸将地面上的毛发、碎屑吸走
B. 运输易燃品的车辆尾部挂有一条铁链是为了把产生的静电导走
C. 飞机在滑行过程中，容易产生静电，导电橡胶做的轮子能将静电导入地面
D. 加油站设置静电释放器将人在运动过程中产生的静电释放出去
二、填空题：本大题共7小题，共25分。
4.空调是家庭中常用电器。
(1)空调和其他用电器的连接方式是 (选涂“A.串联”或“B.并联”)的。
(2)若空调的铭牌上标有“220V 1100W”的字样，其正常工作时的电流为 A；正常工作2h用电 kW⋅h。
5.古代劳动人民巧妙地利用水来开山采石。在冬季，自天给石头打一个洞，往洞里灌满水并封实，待晚上降温后水结成冰石头就裂开了(ρ冰=900kg/m3)。这是因为水结成冰后，质量 、体积 (均选涂“A.变大”“B.不变”或“C.变小”)的缘故。
6.厨房中蕴含着很多物理知识。
(1)能稳稳挂住沥水篮的吸盘是利用了 的知识。
(2)厨房下水管道中的U形“返水管”是利用了 原理隔味。
(3)炒菜时的菜香可以飘到客厅，这是因为分子在做 运动。
7.汽车给我们的生活提供了便利。
(1)汽车发动机常用乙二醇水溶液作冷却剂，这是利用了水的 大的特点。
(2)行驶过程中，闻到尾气有汽油味，说明此时汽油没有完全燃烧，则汽油的热值 (选涂“A.变大”“B.不变”或“C.变小”)。
(3)关于汽车发动机的热机效率，下列说法正确的是 。
A.热机效率越高，热机做功越快
B.热机效率越高，热机做的有用功越多
C.热机效率越高，消耗的燃料越少
D.减少机械摩擦和热损失可以提高热机效率
8.2025年春晚的创意融合舞蹈《秧BOT》中，机器人身穿花棉袄，与真人舞蹈演员同台表演。
(1)若某个机器人的质量为50kg，每只脚与舞台的接触面积为0.01m2。则机器人站立时，如图所示，对舞台的压强为 Pa。
(2)当它行走时，对舞台的压力将 ；压强将 (均选涂“A.变大”“B.不变”或“C.变小”)。
9.动画电影《哪吒2》在全球范围内掀起了一股中华文化热潮。
(1)破“天元鼎”时，水蒸气的内能转化为“鼎盖”的机械能，相当于热机中的 冲程。
(2)“天雷滚滚我好怕怕，劈得我浑身掉渣渣”，这里的“天雷”是云层所累积的大量静电引发的“强放电”现象。若云层带的是负电，天雷劈下的电流方向是从 (选涂“A.哪吒流向云层”或“B.云层流向哪吒”)。
10.如图所示，小明设计了一个身高测量仪，电源电压为U0且保持不变，R2的阻值为R0。
(1)当被测者的身高越高时，电压表的示数将______(选涂“A.变大”“B.不变”或“C.变小”)。
(2)为了增大身高测量仪的测量范围，下列方案可行的是______。
A.电压表的量程改为0∼3V
B.把R2换成阻值更小的定值电阻
C.适当减小电源电压
(3)移动滑片，若观察到两电表示数均不变，且至少有一个不为0，已知电路中出现一处故障，且只发生在滑动变阻器R1或电阻R2上，请写出两电表的示数及对应的故障______。
三、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
11.在跨学科实践课上，某小组同学开展了“探究光敏电阻阻值大小与光照强度关系”的学习活动，实验电路如图1所示，其中RG为光敏电阻。
(1)该小组同学用黑色罩子套住光敏电阻，以模拟 (选涂“A.强光”或“B.弱光”)照射。
(2)二极管具有单向导电性，它是 (选涂“A.导体”“B.半导体”或“C.绝缘体”)。
(3)实验中发现：光照变弱时，二极管变暗；光照变强时，二极管变亮。由此可知：光照变强时，光敏电阻R0的阻值 (选涂“A.变大”“B.不变”或“C.变小”)。
(4)该小组同学利用此光敏电阻设计了一个能自动测定光照强度的装置，如图2所示。R0是定值电阻，电源电压不变。要求：当光照强度增强时，光照强度显示器(由电压表改装而成)示数增大，反之示数减小，则光照强度显示器应接在 (选涂“A.ab”“B.bc”或“C.ac”)两点间。
12.甲、乙两同学分别用完全相同的装置探究“水在沸腾前后温度变化的特点”，如图1所示。根据温度传感器测得的数据得到了水的温度随时间变化的关系图像如图2所示。
(1)由图像可知，水的沸点是______ ∘C，水在沸腾时会产生大量气泡，这些气泡实际上是______。
(2)丙同学发现因为甲、乙同学所用水的质量不同，导致实验的图像存在差异，请判断甲、乙两同学所用水的质量大小关系，并说明理由______。
(3)丙同学做了“针管烧水”的实验，如图3所示。他用注射器吸入适量80∘C左右的水，用牙签将注射口堵住，用力向外拉动活塞，观察到针筒里的水冒泡泡沸腾起来。下列生活现象与其原理一致的是______。
A.打开密封的碳酸饮料瓶时，瓶内迅速冒出大量气泡
B.高海拔地区食物难以煮熟
C.密封包装的薯片带到青藏高原包装袋膨胀
13.小华用电流表、电压表、滑动变阻器等，测量小灯泡正常发光时的电阻，小灯泡上标有“3.8V”字样。他正确连接电路，实验步骤正确。闭合开关，观察到电压表、电流表示数如图所示，发现无法使小灯泡正常发光。经过思考后，他改变了电源电压，重新连接了电路，测得四组实验数据如表1所示。
表1
(1)①本实验的原理是______。
②请分析调整前小灯泡无法正常发光的原因______。
③通过计算说明调整后的电源电压U。
④小灯泡正常发光时的电阻R灯=______Ω。(精确到0.1Ω)
(2)利用现有器材，能否“探究通过导体的电流与电压的关系”，并说出理由______。
四、计算题：本大题共1小题，共7分。
14.如图所示，物理兴趣小组为学校“生物角”设计了一个自动储水水箱模型。浮体A(不吸水)的底面积为0.01m2高为1m，通过一轻质硬细杆与力传感器相连，浮体A底面与水箱底的距离为0.1m，柱形薄壁水箱的底面积为1.2m2。当水箱内水位低于最低水位线h1时，水泵开始注水；当水位到达0.5m时，力传感器示数恰好为0；继续注水到最高水位线h2水泵停止注水，此时力传感器示数为49N(即浮体A所受浮力较水位线在0.5m时增加了49N)。
(1)若水面位于最低水位线h1为0.2m处，求此时水对储水箱底部的压强p1；
(2)求浮体A的密度ρA；
(3)求最高水位线h2。
五、综合题：本大题共3小题，共13分。
15.如图所示，是我国完全自主设计和建造的首艘电磁弹射型航母“福建舰”。
(1)当“福建舰”上的舰载机起飞后，其所受浮力 ；舰底所受海水的压强 (均选涂“A.变大”“B.不变”或“C.变小”)。
(2)大型舰队在海上编队航行的过程中，各舰船之间要保持一定距离，是因为高速同向行驶的舰船若靠得太近，两舰之间水流的流速会较 (选涂“A.大”或“B.小”)；两舰之间的压强 (选涂“A.大于”“B.等于”或“C.小于”)两舰船外侧水流的压强，可能会造成碰撞事故。
16.小华家有一个带插座、亮度可调的台灯，如图1(a)所示。
(1)用底部插座给手机充电时，手机电池相当于______(选涂“A.电源”或“B.用电器”)。
(2)图1(b)所示是台灯内部简化电路图。调节亮度主要通过电位器来实现，图1(c)所示是电位器结构示意图。当电位器的N、P两个接线柱接入电路后，要使台灯变亮，应该______(选涂“A.顺时针”或“B.逆时针”)移动滑片。
(3)如果电位器内部的电阻片制作得更厚一些，它的电阻将会______(选涂“A.变大”“B.不变”或“C.变小”)。
(4)若该台灯所受重力为15N，请在图2中用力的示意图画出台灯对桌面的压力F。
17.小明制作了一个具有高温和低温两个挡位的加热器，如图所示。电源电压为20V，且保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω。
(1)当开关S转到位置______(选涂“A.1”或“B.2”)时为高温挡。
(2)加热器处于低温挡时的功率为8W，求定值电阻R2的阻值。
(3)用该加热器在高温挡持续加热5min，求产生的热量Q。
(4)该加热器在高温挡和低温挡的功率之比为______。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、水结成冰是凝固现象，凝固过程需要放热，而非吸热，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，属于液化现象，液化过程需要放热，而非汽化、吸热，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华成的固态小冰晶，属于凝华现象，凝华过程需要放热，故C正确；
D、雪是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的，属于凝华现象，而非熔化现象，熔化需要吸热，凝华需要放热，故D错误。
故选：C。
凝固指物质由液态变为固态的过程，凝固放热；物质由固态变为液态的过程，叫熔化，熔化吸热；物质由液态变为气态的过程，叫汽化，汽化吸热；液化指物质由气态转变成液态，液化要放热；凝华是由气态直接变成固态的过程，凝华过程中需要放出热量。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
2.【答案】B
【解析】解：由图像知，该物质在熔化过程中吸热，但温度保持不变，图像中变化曲线呈水平方向的线段，就是晶体的熔化过程，其温度不变，该物质从第4分钟开始熔化，到第14分钟完全熔化完，所以熔化过程持续了14min−4min=10min，第8min该物质处于熔化过程中，因而该物质处于固液共存态；该物质由B到C需要持续吸热，因此物质的内能是增大的，而熔化过程中温度是保持不变的，故B正确，ACD错误。
故选：B。
(1)根据图像判断熔化过程，从而确定各个阶段的状态；
(2)由图中温度保持不变的时间段得到熔化时长；
(3)晶体熔化过程中，吸收热量，温度保持不变，但内能增加。
本题考查了晶体熔化图像的分析，解答此类试题的关键是从图象中获取相关的信息。
3.【答案】A
【解析】解：A、静电拖把上的静电除尘纸将地面上的毛发、碎屑吸走，是利用静电现象，故A符合题意；
BCD、运输易燃品的车辆尾部挂有一条铁链是为了把产生的静电导走；飞机在滑行过程中，容易产生静电，导电橡胶做的轮子能将静电导入地面；加油站设置静电释放器将人在运动过程中产生的静电释放出去；这三种现象中电荷发生了定向移动，形成了电流，不会有静电的积累，故BCD不符合题意。
故选：A。
用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；
电荷的定向移动形成电流。
本题考查的是静电的应用，属于基础题目。
4.【答案】并联
5
2.2

【解析】解：(1)空调和其他家用电器工作时互不影响，所以它们之间的连接方式是并联。
(2)由P=UI可得，正常工作时电流：
I=P额U额=1100W220V=5A；
由P=Wt可得，正常工作2h消耗的电能：
W=Pt=1.1kW×2h=2.2kW⋅h。
故答案为：(1)并联；(2)5；2.2。
(1)在串联电路中，各个用电器能相互影响，而在并联电路中，各个用电器不能相互影响；
(2)根据P=UI求出电饭锅正常工作时的电流；根据W=Pt求出空调消耗的电能。
此题主要考查的是学生对家庭电路的连接方式、电功率、电功计算公式的理解和掌握，基础性题目。
5.【答案】B
A

【解析】解：质量是物体的一种属性，与物体的位置、形状、状态、温度无关；水结成冰后，状态改变，密度减小，质量不变，ρ=mV可知，由于体积变大，所以使石头裂开。
故答案为：B；A。
质量是物体的一种属性，与物体的位置、形状、状态、温度无关，根据公式ρ=mV分析体积变化。
本题考查密度和质量的特性，解答此题的关键是知道密度和质量的特点，属于基础题。
6.【答案】大气压强
连通器
永不停息的无规则

【解析】解：(1)能稳稳挂住水壶的吸盘是利用了大气压强(大气压)的知识；
原理：将吸盘压在墙面时，吸盘内的空气被挤出，外界大气压大于吸盘内的气压，从而将吸盘紧紧压在墙面上，实现挂物。
(2)厨房下水管道中的U形返水管是利用了连通器原理隔味；
原理：连通器的特点是各部分液面始终保持相平，U形管中会留存一部分水，形成水封，阻止下水道的异味返回到室内。
(3)炒菜时的菜香可以飘到客厅，这是因为分子在做无规则(永不停息的无规则)运动；
原理：这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故菜的香味分子会扩散到空气中，进而飘到客厅。
故答案为：(1)大气压强；(2)连通器；(3)永不停息的无规则。
(1)根据吸盘内外的大气压差别分析；
(2)上端开口，底部连通的容器，叫连通器，连通器的特点是：当液体不流动时，各部分液面始终保持相平；
(3)不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现。
本题考查大气压强、连通器原理和扩散现象等知识的应用，属于基础题。
7.【答案】比热容
不变
D

【解析】解：(1)水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同的温度时能吸收更多的热量，因此适合用作发动机的冷却剂；乙二醇溶液目的是降低水的凝固点，防止低温结冰；(2)热值是燃料的固有属性，只与燃料的种类有关，和燃料是否完全燃烧、燃烧情况无关，因此汽油没完全燃烧，其热值不变；(3)A、热机做功快慢是功率的体现，热机效率是有用功与总功的比值，二者无关，A错误；B、热机效率高，仅说明有用功占总功的比例大，不一定有用功的绝对数值多(还和总功多少有关)，B错误；C、热机效率高，是指做相同有用功时消耗的燃料少，若有用功不同，无法直接比较燃料消耗多少，C错误；D、减少机械摩擦和热损失，能让更多的能量转化为有用功，从而提高热机效率，D正确。
故选：D。
故答案为：(1)比热容；(2)不变；(3)D。
(1)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析；
(2)热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关；
(3)热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比。采用先进技术、改善燃烧条件‌、充分利用废气能量‌、减少机械摩擦和热损失可以提高热机效率。
此题主要考查了比热容、热值、热机的效率以及影响热机效率的因素，并且考查了热机效率与功率的区别。
8.【答案】2.5×104
B
A

【解析】解：(1)机器人的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N；
机器人静止在水平地面上时，对地面的压力：F=G=500N；
双脚站立时对舞台的压强：
p=F2S=500N2×0.01m2=2.5×104Pa；
(2)当它行走时，只有一只脚着地，对舞台的压力不变，受力面积变小，由p=FS可知，压强将变大。
故答案为：(1)2.5×104；(2)B；A。
(1)已知机器人的质量，根据公式G=mg求出机器人的重力；机器人静止在水平地面上时，对水平地面的压力等于其的重力，根据p=FS计算压强；
(2)根据p=FS分析。
本题考查了压强的计算和压强计算公式的应用，属于中档题。
9.【答案】做功
A

【解析】解：(1)热机的做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能，在破鼎过程中，将水蒸气的内能转化为鼎的机械能，相当于热机中的做功冲程；
(2)电流方向与负电荷定向移动方向相反，云层带负电，天雷劈下时，是负电荷从云层流向哪吒，所以电流方向是从哪吒流向云层，故选：A。
故答案为：(1)做功；(2)A。
(1)热机有四个冲程，吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；
(2)物理学上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。
本题考查了热机冲程能量转化以及电流方向等知识，这些都是物理中的基础知识，需要理解并牢记。
10.【答案】A；
C；
如果电压表示数为0，电流表示数不为0，则电路发生短路，是R1短路；如果电流表示数为0，电压表示数不为0，说明R1断路
【解析】解：图中两个电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的电压；
(1)当被测者身高越高时，变阻器连入电路的电阻越大，由分压原理，电压表示数越大，故选A；
(2)要扩大测量仪的测量身高范围，变阻器的电阻变大，根据串联分压规律，电压表的量程改为0∼3V；在所测的最大身高减小，故A错误；
B、若电源电压不变，根据串联分压规律知，变阻器变大，则定值电阻必须变大，故B错误；
C.适当减小电源电压，在电阻不变时，变阻器分得的电压减小，故电阻变大时，仍可以没有超量程，故可以增大测量范围，故C正确；
(3)观察到两电表示数均不变，且至少有一个不为0，如果电压表示数为0，电流表示数不为0，则电路发生短路，是R1短路；如果R2短路，电流表示数会改变，不可能的。
如果电流表示数为0，则断路，电压表示数不为0，说明R1断路，移动滑片示数不变，故可能。R2断路，两个表示数都为0，不可能。
故答案为：(1)A；
(2)C；
(3)如果电压表示数为0，电流表示数不为0，则电路发生短路，是R1短路；如果电流表示数为0，电压表示数不为0，说明R1断路。
(1)两电阻串联，电流表测电路的电流，电压表测变阻器的电压，当被测者身高越高时可知变阻器连入电路的电阻的变化，由分压原理分析；
(2)根据串联分压规律分析解答；
(3)根据电表示数情况分别讨论分析。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律，属于中档题。
11.【答案】B
B
C
A

【解析】解：(1)因黑色物体吸收所有的色光，因此该小组同学用黑色罩子套住光敏电阻，可以模拟弱光照射，故选：B；
(2)发光二极管的主要材料是半导体，故选：B；
(3)光照变弱时，二极管变暗，说明电路中电阻变大，电流变小；光照变强时，二极管变亮，说明说明电路中电阻变小，电流变大，由此可知，光照变强时，光敏电阻RG的阻值变小，故选：C；
(4)由图2可知，光敏电阻RG与定值电阻R0串联连接；由(3)知，光照增强，光敏电阻RG阻值变小，根据串联电路的分压原理可知，阻值变小，其分得的电压也变小，所以光敏电阻RG两端的电压减小，根据串联电路的电压规律可知，定值电阻R0两端的电压增大；结合要求，所以应将电压表并联在定值电阻的两端，即光照强度显示器应接在ab两点间，故选：A。
故答案为：(1)B；(2)B；(3)C；(4)A。
(1)黑色物体吸收所有的色光；
(2)发光二极管是由半导体材料制成的，具有单向导电性；
(3)光照变弱时，二极管变暗，说明电路中电阻变大，光照变强时，二极管变亮，说明说明电路中电阻变小，据此分析；
(4)光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，根据光照强度的变化分析光敏电阻阻值的变化，根据串联电路电压规律和分压原理确定电压表的连接方式。
本题“探究光敏电阻阻值大小与光照强度关系”实验，考查了串联电路的电压规律、分压原理以及电路的设计能力。
12.【答案】100;水蒸气 乙同学的水质量更大；理由：实验装置完全相同，相同时间内水吸收的热量相同；从图像可知，乙的水从20∘C升温到100∘C所用时间更长，说明乙的水吸收的热量更多；根据公式Q=cmΔt可知，比热容c相同、温度变化量Δt相同，吸收热量Q越多，质量m越大，因此乙的水质量更大 B
【解析】解：(1)水沸腾时吸收热量，温度不变，这时的温度就是水的沸点，由图2可知水的沸点是100∘C，
水在沸腾时会产生大量气泡，这些气泡实际上是水汽化形成的水蒸气。
(2)乙同学的水质量更大。
理由：实验装置完全相同，相同时间内水吸收的热量相同。从图像可知，乙的水从20∘C升温到100∘C所用时间更长，说明乙的水吸收的热量更多。根据公式Q=cmΔt可知，比热容c相同、温度变化量Δt相同，吸收热量Q越多，质量m越大，因此乙的水质量更大
(3)“针管烧水”实验中，向外拉动活塞使针管内气压降低，水的沸点随之降低，因此80∘C的水会沸腾。
A：打开碳酸饮料瓶时，瓶内气压降低，二氧化碳溶解度减小，气泡冒出，这是气体溶解度与气压的关系，与沸点无关。
B：高海拔地区气压低，水的沸点低(低于100∘C)，食物难以煮熟，原理为气压降低，沸点降低，与实验原理一致。
C：薯片包装袋到青藏高原后膨胀，是因为外界气压降低，袋内气压高于外界气压，与沸点变化无关。
故选：B。
故答案为：(1)100；水蒸气；
(2)乙同学的水质量更大。理由：实验装置完全相同，相同时间内水吸收的热量相同。从图像可知，乙的水从20∘C升温到100∘C所用时间更长，说明乙的水吸收的热量更多。根据公式Q=cmΔt可知，比热容c相同、温度变化量Δt相同，吸收热量Q越多，质量m越大，因此乙的水质量更大；
(3)B。
(1)由图2可知水的沸点是100∘C，水在沸腾时会产生大量气泡，这些气泡实际上是水汽化形成的水蒸气。
(2)实验装置完全相同，相同时间内水吸收的热量相同。从图像可知，乙的水吸收的热量更多。根据公式Q=cmΔt可知，乙的水质量更大。
(3)气压降低，水的沸点降低。
本题考查沸点、沸点与气压的关系、汽化、比热容公式的应用，难度中等。
13.【答案】①R=UI；②Ⅰ、小灯泡的额定电压为3.8V，电压表的分度值为0.5V，无法准确读出小灯泡的额定电压；Ⅱ、电源电压太大，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，小灯泡两端的电压仍然超过额定电压；③调整后的电源电压U为6V；④12.7 不能；小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值
【解析】解：(1)①伏安法测量电阻的原理是R=UI，即通过测量小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，计算出电阻。
②小华正确连接电路且实验步骤正确，闭合开关后电压表、电流表有示数，说明电路为通路，但小灯泡无法达到额定电压3.8V，原因为
Ⅰ、小灯泡的额定电压为3.8V，电压表量程为0∼15V，分度值为0.5V，无法准确读出小灯泡的额定电压；
Ⅱ、电源电压太大，实验刚开始时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由图示可知电压表的示数为4.5V，即小灯泡两端的电压超过额定电压；
③根据图示可知调整前小灯泡两端的电压为UL=4.5V，电流表量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，电路中的电流为I=0.34A，
调整后，重新连接电路，电压表选用0∼3V的量程并联在滑动变阻器两端。由序号4数据可知，当电路中电流也为I=0.34A时，滑动变阻器两端的电压为UR=1.5V；
根据串联电路的电压规律可知，调整后的电源电压为U=UL+UR=4.5V+1.5V=6V；
④根据串联电路电压规律可知，小灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：UR=U−U额=6V−3.8V=2.2V，
由序号3可知，此时电路中的电流为I′=0.3A，
根据欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻：R灯=U额I′=≈12.7Ω；
(2)探究“通过导体的电流与电压的关系”时，要控制电阻不变。小灯泡的电阻随温度的升高而增大，无法满足“电阻不变”的实验条件，因此，不能利用现有器材探究该关系。
故答案为：(1)①R=UI；②Ⅰ、小灯泡的额定电压为3.8V，电压表的分度值为0.5V，无法准确读出小灯泡的额定电压；Ⅱ、电源电压太大，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，小灯泡两端的电压仍然超过额定电压；③调整后的电源电压U为6V；④12.7；
(2)不能；小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值。
(1)①伏安法测电阻的原理是R=UI；
②Ⅰ、根据电压表的分度值判断能否满足小灯泡的额定电压；
Ⅱ、电源电压太大，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，小灯泡两端的电压仍然超过额定电压。
③根据图示可知调整前小灯泡两端的电压和电路中的电流，相同电流下，根据表中数据可知调整电源电压后滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压规律可知调整后的电源电压；
④根据串联电路电压规律可知，小灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，根据表中数据可知电路中的电流，根据欧姆定律求小灯泡正常发光时的电阻；
(2)根据“探究通过导体的电流与电压的关系”的实验条件判断可行性。
本题考查实验伏安法测电阻，涉及实验原理、电路故障分析、串联电路的特点及实验条件判断，难度一般。
14.【答案】若水面位于最低水位线h1为0.2m处，此时水对储水箱底部的压强为2×103Pa 浮体A的密度ρA为0.4×10kg/m3 最高水位线为1m
【解析】解：(1)水面位于最低水位线h1为0.2m处，求此时水对储水箱底部的压强p1=ρ液gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa；
(2)当水位到达0.5m时，轻质细杆对力传感器的作用力恰好为0，此时浮体A受到的重力和浮力大小相等、方向相反，是一对平衡力，
此时浮体A排开水的体积：V排=SAh=0.01m2×(0.5m−0.1m)=0.004m3；
浮体A受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×10kg/m3×9.8N/kg×0.004m3=39.2N，
则浮体A的重力为：G=F浮=39.2N。
根据G=mg=ρVg可得：G =ρAgV=ρAgSH；
39.2N=ρA×9.8N/kg×0.01m2×1m；
解得ρA=0.4×10kg/m3；
(3)浮体A所受浮力较水位线在0.5m时增加了49N，浮体A受到的浮力F浮′=G+F=49N+39.2N=88.2N；
根据阿基米德原理知F浮=ρ水gV排′=ρ水gS(h2−0.1m)；
代入数据有88.2N=1×10kg/m3×9.8N/kg×0.01m2×(h2−0.1m)，
解得h2=1m。
答：(1)若水面位于最低水位线h1为0.2m处，此时水对储水箱底部的压强为2×103Pa；(2)浮体A的密度ρA为0.4×10kg/m3；(3)最高水位线为1m。
(1)根据p=ρ液gh结合深度计算压强；
(2)利用阿基米德定律求浮力，再由重力和浮力相等求解重力，根据G=mg=ρVg计算密度；
(3)高水位线时，浮力大于重力，再依据力的平衡条件求浮力，进而确定排开水的体积，求出水的实际体积，再由密度公式求水的质量。
本题考查密度公式的简单应用、压强公式的简单应用、利用阿基米德原理计算浮力、密度公式等。
15.【答案】C
C
A
C

【解析】解：(1)当航母上的飞机起飞之后，航母的重力减小，根据漂浮条件可知浮力变小，航母将会上浮一些，船底所处的深度变小，由p=ρgh可知，船底所受海水的压强变小；
(2)舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，两舰之间水流的流速会较大，因为水的流速越大，压强越小，水的流速越小压强越大，所以两舰之间的压强小于两舰船外侧水流的压强，可能会造成碰撞事故。
故答案为：(1)C；C；
(2)A；C。
(1)当航母上的飞机起飞之后，根据漂浮条件可知浮力的变化，此时航母上浮，根据液体压强特点分析舰底受到压强的变化；
(2)流体压强和流速的关系：流速大的地方压强小。
本题考查液体压强、浮力、流体压强和流速的关系及浮沉条件的应用，属于综合题。
16.【答案】B A C
【解析】解：(1)用底部插座给手机充电时，手机电池消耗电能，在电路中相当于用电器，故选：B；
(2)电位器结构类似于滑动变阻器，接头与滑片相连，另外两个为固定接头；当N、P两个接头接入电路后，要想灯泡变亮，应该使电位器接入电路的电阻变小，则要让滑片与接头之间的电阻变小，因此应该顺时针移动滑片，故选：A；
(3)其他因素相同时，导体的横截面积越大，电阻越小。如果电位器内部的电阻片制作的更厚一些，则横截面积变大，因此它的整体电阻将会变小，故选：C；
(4)压力的大小等于重力，为15N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上，如下图所示：
。
故答案为：(1)B；(2)A；(3)C；(4)。
(1)电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成；
(2)当移动电位器的滑片使接入电路中的电阻变大时，电路中的电流变小，小灯泡变暗；而当移动电位器的滑片使接入电路中的电阻变小时，电路中的电流变大，小灯泡变亮；
(3)导体电阻的大小跟导体的长度、横截面积、材料和温度有关；
(4)已知台灯所受重力为15N，要求画出台灯对桌面的压力，因此，分析时要搞清在此种状态下，重力与压力的关系，明确压力的三要素(大小、方向、作用点)，用带箭头的线段表示。
本题考查了的知识点较多，综合性较强，有一定的难度。
17.【答案】B.2 定值电阻R2的阻值为40Ω 产生的热量为12000J 5：1
【解析】解：(1)由图知当S接1时，R1和R2串联，当S接2时，仅R1接入电路，由串联电路电阻规律、电源电压不变和P=U2R可知接1时电阻大，功率小，为低温挡；接2时电阻小，功率大，为高温挡，所以当开关S转到位置B.2时为高温挡。
(2)低温挡时R1和R2串联，电路总电阻R总=U2P=(20V)28W=50Ω。
定值电阻R2=R总−R1=50Ω−10Ω=40Ω。
(3)高温挡功率P′=U2R1=(20V)210Ω=40W。
该加热器在高温挡持续加热5min产生的热量Q=W=Pt=40W×5×60s=12000J。
(4)该加热器在高温挡和低温挡的功率之比为40W：8W=5：1。
答：(1)B.2。(2)定值电阻R2的阻值为40Ω。
(3)产生的热量为12000J。
(4)5：1。
(1)由图知当S接1时，R1和R2串联，当S接2时，仅R1接入电路，由串联电路电阻规律、电源电压不变和P=U2R可知接1时电阻大，功率小，为低温挡；接2时电阻小，功率大，为高温挡。
(2)低温挡时R1和R2串联，由R=U2P得到电路总电阻，由串联电阻规律得到定值电阻R2的阻值。
(3)由P=U2R得到高温挡功率，由Q=W=Pt得到该加热器在高温挡持续加热5min产生的热量。
(4)该加热器在高温挡和低温挡的功率已知，可得到它们的功率之比。
本题考查电路的识别、欧姆定律公式、电功率公式和串联电路规律的应用，难度中等。实验序号
电压表示数(V)
电流表示数(A)
1
3.0
0.26
2
2.6
0.28
3
2.2
0.30
4
1.5
0.34