江苏省泰州中学附属初级中学2025—2026学年九年级上册第二次月考物理试题【附解析】

这是一份江苏省泰州中学附属初级中学2025—2026学年九年级上册第二次月考物理试题【附解析】，共31页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每小题2分，共24分）
1. 如图所示的器具中，使用时属于省力杠杆的是（ ）
A.
独轮车B. 船桨
C. 筷子D. 扫帚
【答案】A
【解析】
【详解】A．使用独轮车时，动力臂大于阻力臂，因此独轮车是省力杠杆，故A符合题意；
B．使用船桨时，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，因此船桨是费力杠杆，故B不符合题意；
C．使用筷子时，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，因此筷子是费力杠杆，故C不符合题意；
D．使用扫帚时，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，因此扫帚是费力杠杆，故D不符合题意。
故选A。
2. 下列有关电估测数据中，符合实际的是（ ）
A. 家用节能灯中的电流为20AB. 1节干电池的电压为2V
C. 家用空调一小时耗电量为 D. 我国家庭电路的电压值为220V
【答案】D
【解析】
【详解】A．一般来说，家用节能灯中通过的电流较小，在0.1A~0.3A左右，故A不符合题意；
B．一节新的干电池的电压标准值是1.5V，而不是2V，故B不符合题意；
C．家用空调电功率一般约1.1kW，根据W=Pt可知，一小时耗电量约为，故C不符合题意；
D．我国家庭照明电路的电压是220V，380V是工业用电（动力电路）的电压，故D符合题意。
故选D。
3. 在苏超足球联赛泰州队对阵徐州队比赛中，泰州队9号球员樊超在下半场第63分钟头球攻门，将比分扳平，为球队最终通过点球大战晋级四强奠定了基础。下列说法正确的是（ ）
A. 足球飞行时头对足球做功B. 头只有在击球瞬间对足球做功
C. 足球飞行时惯性对足球做功D. 足球飞行时重力对足球不做功
【答案】B
【解析】
【详解】做功的两个必要条件：一是物体要受到力的作用，二是在力的方向通过一定的距离。
A．足球飞行时，头对足球没有力的作用，所以头对足球不做功，故A错误；
B．击球瞬间，头对球有力的作用，足球在力的方向上通过了距离，所以击球瞬间头对足球做功，故B正确；
C．惯性是物体的一种属性，不是作用力，所以足球飞行时惯性不可能对足球做功，故C错误；
D．足球飞行时受到重力的作用，同时在重力方向上通过了一定距离，所以足球飞行时重力对足球做功，故D错误。
故选B。
4. 2025年11月25日，长征二号F火箭搭载神舟十二号无人飞船发射，飞船携带航天物资及空间站备品备件，与空间站快速交接。下列说法正确的是（ ）
A. 火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的比热容
B. 火箭升空时外壳温度升高，所含热量增多
C. 火箭升空时，向下喷气获得推力与内燃机的压缩冲程相似
D. 火箭发射升空的过程中，燃料燃烧产生的内能一部分转化为了火箭的机械能
【答案】D
【解析】
【详解】A．火箭采用液态氢作为燃料是因为其热值高，完全燃烧相同质量的燃料，液态氢能提供更多能量，而不是比热容大（比热容大表示物质温度不易变化），故A错误；
B．热量是热传递过程中转移的能量，是过程量，不能描述为含有热量；火箭外壳与大气摩擦将部分机械能转化为内能，温度升高，内能增多，故B错误；
C．火箭向下喷气，是燃气对外做功，将内能转化为机械能；内燃机的压缩冲程是将机械能转化为内能的过程，靠飞轮的惯性完成，故C错误；
D．火箭升空过程，属于热机工作，其工作原理是燃料燃烧产生的内能通过对外做功，将部分内能转化为火箭的机械能，故D正确。
故选D。
5. 如图为某种吊车的工作示意图.利用伸缩撑杆可使吊臂绕O点转动;伸缩撑杆为圆弧状，伸 缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直.下列关于这个吊车的有关说法正确的是( )
A. 吊臂是一个省力杠杆
B. 使用这种吊车，好处是可以少做功
C. 匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑竿的支持力大小保持不变
D. 匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑竿的支持力逐渐变小
【答案】D
【解析】
【详解】由图可知，伸缩撑杆的阻力臂大于动力臂，所以吊臂是一个费力杠杆，故A错误；机械可以省距离，但不能省功，故Ｂ错误；伸缩撑杆为圆弧状，伸缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直．则动力臂保持不变，在伸缩撑杆匀速顶起吊臂的过程中，重物的阻力臂逐渐减小．由杠杆的平衡条件F1×l1＝F2×l2可知伸缩撑杆受到支持力渐渐变小．所以D对C错.故选D.
6. 如图所示，滑轮组甲和乙的每个滑轮的质量相同，绳自由端拉力分别为F甲和F乙，相同时间内分别使物体匀速上升相同高度，物重分别为G甲和G乙，F甲和F乙所做功的功率分别为P甲和P乙，机械效率分别为η甲和η乙，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（ ）
A. 若G甲=G乙，则η甲P乙
C. 若F甲=F乙，则η甲P乙
【答案】D
【解析】
【详解】AB．当时，因为不计绳重和摩擦，根据可知，当动滑轮重力相等，甲乙两物体的重力相同时，所以滑轮组的机械效率相等，即；相同时间内分别使物体匀速上升相同高度，拉力做功等于克服动滑轮重力做的额外功加上克服物体重力的有用功，两图中物体的重力相同，动滑轮的重力相同，物体和动滑轮上升高度相同，所以有用功和额外功都相同，即拉力所做的总功相同，做功时间相同，根据可得，拉力做功的功率相同，即，故AB错误；
CD．当时，因为不计绳重和摩擦，根据可知，物重为
由图可知甲图中绳子段数为，乙图中绳子段数为，而拉力与动滑轮重均相等，则物重；根据可知，当，时，可得滑轮组的机械效率；相同时间内使物体匀速升高相同的高度，根据速度公式可知物体上升的速度相同；由图可知，绳子段数分别为，，则两滑轮组绳端移动的速度分别为，，而，则根据可知，拉力做功的功率关系为，故C错误，D正确。
故选D。
7. 图甲中小车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在 B、C、D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则下列说法正确的是（ ）
A. 在D点时一切外力消失，过山车动能为零
B. B点到C点的过程中，过山车的机械能是守恒的
C. D点到E点的过程中，过山车速度越来越快，过山车机械能守恒的
D. 过山车的机械能在B点最大
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图乙可知，在D点时过山车的动能不为零，有一定速度，所以若此时一切外力消失，过山车将做匀速直线运动，故A错误；
BD．整个过程中，小车克服阻力做功，机械能逐渐变小，过山车的机械能在B点最大，故B错误，D正确；
C．D点到E点的过程中，过山车速度越来越快，过山车重力势能转化为动能，克服阻力做功，一部分机械能转化为内能，故C错误。
故选D。
8. 如图所示，用甲、乙两种燃料分别对质量和初温相同的水进行加热，两图装置均相同。燃料的质量用m表示，燃料充分燃尽时水升高的温度用Δt表示（水未沸腾）（ ）
A. 若m相同，Δt越小，燃料的热值越大B. 若Δt相同，m越大，燃料的热值越大
C. 若的值越大，燃料的热值越大D. 若的值越大，燃料的热值越大
【答案】D
【解析】
【详解】我们假定为两套装置的加热水的效率是相同的。燃料的热值大小不能直接测量，需要通过水吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而水吸收热量的多少跟水的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小可以利用Q吸=Q放η，而
Q吸=c水m水Δt
Q放=mq
即
c水m水Δt=mqη
解得
通过这个式子可以做以下推导：
A．若m相同，Δt越小，则燃料的热值越小，故A错误，不符合题意；
B．若Δt相同，m越大，则燃料的热值越小，故B错误，不符合题意；
C．若的值越大，即的值越小，则燃料的热值越小，故C错误，不符合题意；
D．若的值越大，则燃料的热值越大，故D正确，符合题意。
故选D。
9. 电脑正常工作时，中央处理器不断发热必须用风扇给予降温。为了保证中央处理器不被烧坏，要求：中央处理器（即CPU）工作之前，带动风扇的电动机要先启动，中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，下图中设计的四个电路图中符合要求的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．该电路中电动机M 与CPU并联，只有干路开关S1，闭合S1时两者会同时工作，断开S1时两者会同时停止，无法实现CPU工作前电动机先启动、CPU 断电后电动机继续工作，故A不符合题意；
B．该电路中电动机M与CPU并联，干路有开关S1，CPU支路有开关S2。闭合S1时电动机先启动，再闭合S2时CPU才工作；断开S2时CPU停止，电动机仍能通过S1工作，符合要求，故B符合题意；
C．该电路中电动机M与CPU并联，干路有开关S1，电动机支路有开关S2。闭合S1时CPU会先工作，电动机需再闭合S2才启动，不符合“CPU 工作前电动机先启动”的要求，故C不符合题意；
D．该电路中电动机M与CPU 串联，串联电路中两者会同时工作、同时停止，且并联在M两端的开关闭合时M会被短路，无法实现题目要求，故D不符合题意。
故选B。
10. 甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示（小灯泡电阻不变），下列说法中正确的是（ ）
A. 甲灯的实际功率一定是40W
B. 若两灯串联在220V的电路中，则甲灯较亮
C. 两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
D. 乙灯接入110V电路，它实际功率为30W
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图可知，甲灯灯泡的额定功率是40W，但实际功率取决于实际电压，只有在额定电压220V下实际功率才是40W，故A错误；
B．根据公式可知，两灯泡的额定电压相同，甲的额定功率小，则甲的电阻大，在串联时，电路中的电流是相等的，根据公式可知，电阻越大，灯泡的实际功率越大，灯泡越亮，因此串联时，甲灯泡亮，故B正确；
C．两灯正常发光时，乙的电功率大于甲，根据公式可知，由于不知道通电时间，则无法比较消耗电能的多少，故C错误；
D．根据公式可知，乙的电阻为
根据公式可知，乙灯接入110V电路，它的实际功率为
故D错误。
故选B。
11. 如图所示是科技小组设计的测定风力值的监测仪，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为压敏电阻，阻值随风力的增大而减小。当电流表的示数达到某一值时，监测仪发出警报声，此时的风力值为警戒风力值。下列说法正确的是（ ）
A. 当风力增大时，电流表示数减小，电压表示数增大
B. 当风力增大时，电流表示数增大，电压表示数减小
C. 若要调小警戒风力值，可减小R1的阻值
D. 若要调小警戒风力值，可减小电源电压
【答案】C
【解析】
【详解】由电路图可知，与串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB．当风力增大时，压敏电阻阻值随风力的增大而减小，电路的总电阻减小，电源电压不变，由可知，电流增大，即电流表示数增大；由可知，两端电压增大，即电压表示数增大。故AB错误；
CD．调小警戒风力值，即风力较小时，压敏电阻的电阻值较大，电路中电流也能达到报警的电流值。电路中报警电流值一定，根据欧姆定律和串联电路电阻的规律可知，可以采用增大电源电压或减小定值电阻的阻值的方法，故C正确，D错误。
故选C。
12. 如图甲，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表的量程为0~15V。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片，得到电压表示数与滑动变阻器接入电路的电阻关系图像，如图乙所示。下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为12V
B. R1的阻值为5Ω
C. 电路中的最大电流为1A
D. 为保证电压表安全，R1的阻值与R2接入电路的最小阻值之比为
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由图知，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，由图乙可知，当滑动变阻器的电阻为10Ω时，定值电阻R1的电压为9V，由欧姆定律和串联电路电流的特点可知，此时电路中的电流为
因此电源电压为……①
由乙图可知，当滑动变阻器的电阻为20Ω时，定值电阻R1的电压为6V，由欧姆定律和串联电路电流的特点可知，此时电路中的电流为
因此电源电压为……②
由①②可得，，，故AB错误；
CD．因为电压表的量程为0~15V，所以当电压表示数为15V时，滑动变阻器阻值最小，定值电阻分担电压最大为15V，根据欧姆定律可知，当电压表示数最大时，电路中的电流最大，滑动变阻器的电阻最小，此时电路中的电流为
由串联电路电压的规律可知，此时滑动变阻器两端分担的电压最小，为
此时滑动变阻器接入电路的最小电阻为
则R1的阻值与R2接入电路的最小阻值之比为，故C错误，D正确。
故选D。
第二部分 非选择题（共 76分）
二、填空题（本题有10小题，每空1分，共25分）
13. 铁丝反复弯折后弯折处温度升高，这种改变物体内能的方式与汽油机_________冲程相似，若该汽油机某时段的转速为，则该时段汽油机每秒对外做功_________次，热机冷却液一般选择“水”是利用水的_________大的物理属性。
【答案】 ①. 压缩 ②. 20 ③. 比热容
【解析】
【详解】[1]汽油机压缩冲程，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能。反复弯折铁丝时，人对铁丝做功，将机械能转化为铁丝的内能，铁丝内能增大，温度升高，这种改变物体内能的方式与汽油机压缩冲程相似。
[2]由题意可知，汽油机飞轮转速为2400r/min=40r/s
一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次，所以该汽油机对外做功20次。
[3]水的比热容大，由Q吸=c水mΔt可知，在质量和升高温度一定时，水吸收的热量多，冷却效果好，故用水作冷却剂，是利用了水的比热容大的特性。
14. 如图是一风景区的盘山公路，之所以要把上山的公路修成这般模样，是因为盘山公路相当于简单机械中的______，使用它可以______。
【答案】 ①. 斜面 ②. 省力
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]斜面加长了运动距离，但可以省力，故盘山公路修成了斜面形。
15. 体重500N的小明在60s内跳绳120个，每次跳离地面的高度约0.05m，则小明跳绳一次做的功为______J，他在跳绳时的功率为______W。小华在60s内跳绳150个，则小华跳绳的功率______（选填“一定小于”“一定大于”或“可能小于”）小明跳绳的功率。
【答案】 ①. 25 ②. 50 ③. 可能小于
【解析】
【详解】[1]小明跳绳一次做的功为
[2]跳绳时的功率为
[3]由于不知道小华每次跳离地的高度和小华的重力，由可知小华做的总功可能小于小明做的总功，由可知小华的功率可能小于小明的功率。
16. 如图所示，许多人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行。离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点。卫星在大气层外运行，不受空气阻力，只有动能和势能的转化。当卫星从远地点向近地点运动时，势能_______、动能_______、机械能______。（填“增大”、“减小”、“不变”）
【答案】 ①. 减小 ②. 增大 ③. 不变
【解析】
【详解】势能与质量和高度有关，质量越大，高度越高，势能越大；动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。
[1][2]卫星从远地点向近地点运动时，质量不变，高度减小，速度增大，所以势能减小，动能增大。
[3]卫星在大气层外运行时，不受空气阻力作用，没有克服摩擦做功，只有动能和势能的转化，所以机械能守恒。
17. 为了保护视力，某校将教室里的日光灯更换成如图所示的LED护眼灯。每个教室里由同一个开关控制的几盏LED护眼灯的连接方式是_________（选填“串联”或“并联”）；如果打开护眼灯之后，老师又打开了教室中的多媒体设备，则教室电路中的总电流会_________（选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】 ①. 并联 ②. 增大
【解析】
【详解】[1]各盏护眼灯能独立工作，连接方式是并联。
[2]打开多媒体设备，电路中用电器增多，支路个数增加，电源电压不变，干路总电流增大。
18. 如图所示是通过甲、乙两种规格灯泡的电流随其两端电压变化的关系图线，若将两只相同的甲灯泡串联接在电压为4V的电源上，每只灯泡的电功率为___________W；若将甲灯和乙灯并联接在某电源两端时，通过干路的电流为1.5A，则此电源电压为___________V。
【答案】 ①. 1 ②. 6
【解析】
【详解】[1]若将两只相同的甲灯泡串联接在电压为4V的电源上，通过灯泡的电流相同，灯泡的电阻相同，由可知，分得的电压相同，每个灯泡两端的电压为2V，由图像可知，通过灯泡的电流为0.5A，每只灯泡的电功率为
[2]由图像可知，当电压为6V时，通过甲灯泡的电流为1.0A，通过乙灯泡的电流为0.5A，若将甲灯和乙灯并联接在6V的电源两端时，通过干路的电流为1.5A，则此电源电压为6V。
19. 小明家电能表上个月底表盘数字是 ，这个月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电 _____ 度，他只让某电水壶工作，发现在10分钟内该电能表转盘转过了600转，则该电水壶的实际功率为 _____ W．
【答案】 ①. 100 ②. 1.2×103
【解析】
【详解】本月用电的度数为1362.5kWh－1262.5kWh=100kWh；电水壶的实际功率为P==1.2×103W．
20. 如图甲是《天工开物》中记载的一种在农业生产中汲水的装置，称为辘轳，图乙是它的示意图。提水时辘轳可以看作杠杆，其支点在________（A/B/C）点，此时辘轳属于_______（省力/费力/等臂）杠杆。如图丙所示，现代家庭中有的水龙头的开关也应用了同样原理，选用转盘________（①/②）作为水龙头的开关效果更好。
【答案】 ①. B ②. 省力 ③. ①
【解析】
【详解】[1][2]提水时辘轳可以看作杠杆，其支点在B点，此时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
[3]水龙头的开关也应用了杠杆原理，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，所以选用转盘①作为水龙头的开关效果更好。
21. 如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，R1、R2都能正常工作，甲、乙为同一电表且两个电表的示数之比是，此时R1、R2的电阻之比是______，若将两个电表都换成另一种电表，开关S断开后，甲、乙两个电表的示数之比是______，R1和R2的电功率之比是_______。
【答案】 ①. ②. ③.
【解析】
【详解】[1]由图可知，如果甲为电流表将会造成电源短路，如果乙为电流表，将被短路不能工作，因此甲、乙均为电压表。开关S闭合后，和串联，甲电压表测电源电压，乙电压表测两端电压，由串联电路电压特点可知，此时、的电压之比是
串联电路中电流处处相等，则此时、的电阻之比是
[2] 若将两个电表换成电流表，开关S断开后，与并联，甲测通过电流，乙测通过干路中的电流，并联电路中，各支路两端电压相同，由可知，通过、的电流之比是
则甲、乙两个电表的示数之比
、的电功率之比
三、解答题（本题有10小题，共53分，解答24、25题时应写出解题过程）
22. 按要求完成作图。
（1）如图所示，杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静止状态，l2是力F2的力臂，请在图中画出力F1力臂l1和力F2。
（2）如图所示，站在地面上的人想用尽可能小的力提升重物，请在图中画出滑轮组的绳子的绕法。
（3）如图所示实物电路，当开关都闭合后，会出现短路现象。只改动一根导线，使两灯并联，开关S控制干路，S1控制灯L2。在需改动的线上打“×”，用笔画出正确接法。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
力臂是支点到力的作用线的距离，因此先画出力所在的这条直线，然后通过支点做直线的垂线段，则可画出力F1的力臂l1，根据力的作用线与力臂垂直这一特点，已知l2是力F2的力臂，则可画出力F2，如下图所示：
【小问2详解】
站在地面上的人用力拉绳子，用力方向只能向下用力，根据滑轮组绕绳方式，由内向外绕，则有两段绳子绕在动滑轮上，故绕绳方式如下图所示：
【小问3详解】
当闭合两个开关，电流会经导线、开关回到电源的负极，会出现短路现象烧坏电源，S1与L2串联后再与L1并联，然后与开关S、电源串联组成电路，所以正确的接法如下图所示：
23. 某太阳能热水器，向其中注入50kg水，阳光照射一段时间后，水温从10℃升高到50℃。（），试求：
（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量；
（2）如果这段时间内该热水器的效率是30%，则热水器接收到太阳辐射的热量是多少？
（3）若用煤燃烧来提供热水器接收到的太阳辐射的热量，需完全燃烧多少千克煤？（煤的热值为）
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
根据已知条件，由热量公式可得，这段时间该热水器中的水吸收的热量为
【小问2详解】
由效率公式
可得，热水器接收到太阳辐射的热量是
【小问3详解】
若用煤燃烧来提供所需的热量，则
由公式可得，需完全燃烧煤的质量为
24. 随着我国经济的发展，人民生活水平日益提高，我国出现了越来越多的潜水爱好者。为了保障安全，潜水员潜水时会佩戴图甲所示的水压表和深度表。图乙是某深度表的工作原理简化电路图，电源电压且恒定不变，定值电阻，电压表量程为0~3V，是阻值随水深度变化的电阻，其变化关系图象如图丙所示，允许通过的最大电流为。求：
（1）深度表在水面上时，电路中的电流（计算结果保留1位小数）；
（2）电压表示数为2V时，潜水员下潜的深度；
（3）在保证电路安全的情况下，该深度表能浸入水中的最大深度。

【答案】（1）0.1A；（2）10m；（3）40m
【解析】
【详解】解：（1）由图乙可知，该电路为和的串联电路，电压表测两端的电压；深度表在水面上时，即时，由图丙可知，此时，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电路中的电流为
（2）电压表示数为2V时，即两端的电压为，电路中的电流为
由串联电路的电压特点可知两端的电压为
则此时的阻值为
由图丙可知，此时潜水员下潜的深度为10m。
（3）由电压表量程可知两端的电压最大为3V，此时电路中电流为
所以为保护电路，电路中允许通过的最大电流为，此时电路总电阻为
由串联电路的电阻特点可知电阻的阻值为
由图丙可知，此时下潜的深度为40m，即该深度表能浸入水中的最大深度为40m。
答：（1）深度表在水面上时，电路中的电流为0.1A；
（2）电压表示数为2V时，潜水员下潜的深度为10m；
（3）在保证电路安全的情况下，该深度表能浸入水中的最大深度为40m。
25. “探究杠杆的平衡条件”的实验中；
（1）实验前，杠杆处于静止状态如图甲所示，此时杠杆______平衡状态（是/不是），为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______调；
（2）如图乙所示，在A点挂2个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为______N；
（3）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度（不考虑杠杆重心位置的变化），如图丙所示，此过程中，弹簧测力计的示数______（变大/变小/不变）；
（4）若要使图丙状态下的弹簧测力计读数减小，可将弹簧测力计绕B点______（顺时针/逆时针）方向转动一个小角度；
（5）如图丁，用支点使一根胡萝卜水平平衡后，沿支点处将胡萝卜切分为A、B两部分，其重力分别为GA、GB，由杠杆原理可知GA______GB（大于/小于/等于）。
【答案】 ①. 是 ②. 左 ③. 1.5 ④. 不变 ⑤. 顺时针 ⑥. 大于
【解析】
【详解】（1）[1][2]杠杆静止或匀速转动时都属于平衡状态，如图杠杆是静止状态，此时杠杆是平衡状态。如图杠杆的左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡。
（2）[3]一钩码重为0.5N，设杠杆的一格长度为L，根据杠杆平衡条件得到
2×0.5N×3L=FB×2L
所以FB=1.5N。
（3）[4]力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，钩码的重力G不变，由杠杆平衡条件得到
所以拉力大小不变。
（4）[5]根据杠杆平衡条件可知要使弹簧测力计读数减小，在阻力和阻力臂不变时，需要增大动力臂，当弹簧测力计与杠杆垂直时，动力臂最长，拉力最小，所以需要将弹簧测力计顺时针转动。
（5）[6]悬挂线处竖直方向将胡萝卜切成A、B两段，如图所示：
左侧的力臂lA小于右侧的力臂lB；根据杠杆的平衡条件可知
GAlA=GBlB
所以
GA>GB
26. 实验小组的同学用如图所示的装置探究“影响物体动能大小的因素”。将钢球A从某一高度由静止释放，钢球滚到水平面撞击水平木板上的木块B，将木块撞出一段距离。
（1）本实验研究的是______（选填“钢球的动能”或“木块的动能”），其大小是通过观察_______来判断的；
（2）实验中，他们让质量不同的钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，目的是_______。
（3）在第3次实验中，木块被撞后滑出木板，需要重做第3次实验，甲同学建议换用同样较长的木板，乙同学建议换一个较重的木块，丙同学建议应当降低钢球的高度。你认为应当采纳______（选填“甲”、“乙”或“丙”）同学的建议；改进实验后，从表中数据探究得出的结论是_______。
（4）小李同学将实验装置改进成图乙所示，用同一小球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，可以研究小球的动能大小与______（选填“质量”、“速度”或“质量和速度”）的关系。
【答案】（1） ①. 钢球的动能 ②. 木块被撞击后移动的距离
（2）使钢球滚到斜面底端时具有相同的速度
（3） ①. 甲 ②. 当物体的速度一定时，物体的质量越大，动能越大。
（4）速度
【解析】
【小问1详解】
[1][2]该实验研究对象是钢球，研究的是钢球的动能。比较木块移动的距离是为了比较钢球具有动能的大小，而通过观察木块被撞击后移动的距离来判断动能大小，这是转换法。
【小问2详解】
让不同质量的钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，是为了使钢球滚到斜面底端时具有相同的速度。
【小问3详解】
[1]探究动能与质量的关系，应控制速度相同，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的，故实验中使用的木块大小不能改变，而高度不同会导致钢球滚到斜面底端时速度不同，故实验中不能降低钢球高度，第3次实验中，钢球的动能较大，因此只能改变木板的长度，故应采用甲的建议。
[2]根据表中的数据可知，钢球的质量不同，在斜面的高度相同，进入水平面时的速度相同，小球推动木块滑行距离不同，则可得出结论为当物体的速度一定时，物体的质量越大，动能越大。
【小问4详解】
同一小球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，结合控制变量法，此时小球质量相同，将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，小球的速度不同，所以可以研究小球的动能大小与速度的关系。
27. 在“比较不同物质吸热能力”的实验中，组装了如图a所示的装置。将甲、乙两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯中，用相同的酒精灯同时加热。记录相关数据，并绘制出如图b的图像。（不计热量损失）
（1）实验装置如图，应该______（选填“由上而下”、“由下而上”）进行安装；
（2）实验中，除了图（a）中所展示的实验器材外，还必须用到的测量工具有秒表和______；
（3）同时开始加热到第4分钟，这段时间，从图像上可以看到，甲液体升温比乙液体快，那么，这段时间，甲吸收的热量______（选填“大于”、“小于”或“等于”）乙吸收的热量；
（4）实验中，给相同质量的不同物质，加热相同的时间，通过比较______，可以判断它们的吸热能力的强弱。从图像可知，______物质吸热能力更强；
（5）甲、乙两种液体的比热容之比是______；
（6）同时开始加热到第4分钟，这段时间，甲的比热容与升高温度的乘积______（填“大于”“等于”或“小于”）乙的比热容与升高温度的乘积。
【答案】 ①. 由下而上 ②. 天平 ③. 等于 ④. 升高的温度 ⑤. 乙 ⑥. 1∶2 ⑦. 等于
【解析】
【详解】（1）[1]为确保用酒精灯的外焰加热，应该由下而上安装实验装置。
（2）[2]实验中需要控制两种液体的质量相同，所以需要天平测量两种液体的质量。
（3）[3]用相同的酒精灯同时加热，相同时间内两种液体吸热相同。所以同时开始加热到第4分钟，加热时间相同，甲吸收的热量等于乙吸收的热量。
（4）[4][5]实验中，给相同质量的不同物质，加热相同的时间，吸收相同的热量，通过比较温度计示数的变化量可以判断它们的吸热能力的强弱；从图像可知，加热相同时间，吸收相同的热量，乙升高的温度小，则乙物质吸热能力更强。
（5）[6]由图（b）可知，同样加热4min，吸收相同热量，甲升温
乙升温
根据可知，吸热和质量相同时，比热容和温度变化量成反比，所以甲、乙两种液体的比热容之比为
（6）[7]根据可知，比热容与升高温度的乘积为，同时开始加热到第4分钟，两种液体吸热相同，质量也相同，所以甲的比热容与升高温度的乘积等于乙的比热容与升高温度的乘积。
28. “测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有：电压恒为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡（灯丝电阻约为10Ω），电流表、电压表、开关各一个，导线若干，三种规格的滑动变阻器、R1（10Ω 2A）、R2（20Ω 1A）、R3（50Ω 0.2A）可供选择。
（1）请用笔画线表示导线将如图甲所示的电路连接完整。要求：变阻器的滑片P向右端移动时，灯泡变暗________。
（2）实验时，应选择_______（选填字母）滑动变阻器接入电路才能顺利进行实验。
（3）开关闭合后，发现电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，下一步应进行的操作是________。
A. 更换一相同规格的小灯泡
B. 检查电路是否断路
C. 移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
（4）正确连接好电路后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左移动时，当电压表的示数为_______V时小灯泡正常发光，此时电流表指针如图乙所示，其示数为______A，小灯泡的额定功率为______W。若小灯泡两端的实际电压为2.3V，则小灯泡的实际功率______（选填“大于”“等于”或“小于”）额定功率。
（5）小灯泡用久了，钨丝会变细，在电压2.5V下，小灯泡实际功率______（选填“大于”“小于”或“等于”）额定功率。
【答案】（1） （2） （3）C
（4） ①. 2.5 ②. 0.28 ③. 0.7 ④. 小于
（5）小于
【解析】
【小问1详解】
滑动变阻器的滑片P向右端移动时，灯泡变暗，说明电路中电流变小，滑动变阻器的阻值变大，所以滑动变阻器的左下接线柱与开关串联在电路中，已知灯泡的额定电压是2.5V，电压表选择小量程并联在灯泡两端，如图所示：
【小问2详解】
已知灯泡正常发光时的电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律可得灯泡的额定电流约为
电源电压恒为6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则灯正常发光时，滑动变阻器两端的电压为
则灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻为
综上所述，滑动变阻器应选。
【小问3详解】
滑动变阻器的下面接了左接线柱，所以闭合开关前，应将滑片移至最右端，使其接入电路的阻值最大；已知电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，是因为此时电路中电流太小，即小灯泡的实际功率太小，所以应移动滑动变阻器的滑片减小滑动变阻器的阻值，观察灯泡是否发光，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
【小问4详解】
[1][2][3]闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；当灯泡两端电压为额定电压，即电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表指针如图乙所示，电流表选用小量程0~0.6A，分度值0.02A，其示数为0.28A，则小灯泡的额定功率为
[4]若小灯泡两端的实际电压为2.3V，小于灯泡额定电压2.5V，由可知，小灯泡的实际功率小于额定功率。
【小问5详解】
小灯泡用久了，钨丝因为升华的缘故，本身会变细，而电阻大小与导体的横截面积有关，在导体的材料和长度一定的情况下，小灯泡的电阻将变大，由可知，在2.5V电压下，小灯泡实际功率小于额定功率。
29. 小聪同学利用图甲中的器材探究导体中电流与电阻的关系，其中电源电压可调。实验室可供使用的定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω和30Ω。
（1）小聪同学连接的实物电路如图甲所示，其中一根导线连接是错误的，请在图甲中将这根线打上“×”，并补画出正确的连线_______；
（2）若电源电压调为5V，滑动变阻器最大阻值为20Ω，电流表量程（0~0.6A），电压表量程（0~3V）。电路连接正确后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，此时电流表的示数如图乙所示；再将5Ω的定值电阻换成10Ω定值电阻进行实验，应把变阻器滑片向_______（选填“左”或“右”）滑动，直至电压表示数为_______V，并记录电流表的示数。要满足所有电阻都能进行实验，滑动变阻器应更换成最大阻值不小于_______Ω的变阻器。
（3）小明同学也利用该器材进行实验，他重新调换电源电压利用不同的定值电阻进行实验，实验中使用的滑动变阻器最大阻值为20Ω，收集的数据如下表（实验并未按照表中序号顺序进行，随机选取电阻测出数据填入表格）。分析表中数据，发现第______组实验的数据存在错误，出现该错误的原因是某次将定值电阻的阻值由______Ω变换为错误数据点对应的阻值时，未调节滑片P就读取电流造成的，滑动变阻器接入电路的阻值为______Ω，电源电压为_______V。
【答案】（1） （2） ①. 右 ②. 2 ③. 45
（3） ①. 4 ②. 5 ③. 2.5 ④. 4.5
【解析】
【小问1详解】
探究电流与电阻关系时，滑动变阻器和电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，所以将定值电阻右端的导线改接到电压表的负接线柱上，如图所示：
【小问2详解】
[1]探究电流与电阻关系时，应控制定值电阻两端电压一定，当更换的定值电阻越来越大，根据串联分压可知，定值电阻两端电压变大，为了控制电阻两端的电压一定，则滑动变阻器接入电路的阻值变大，使滑动变阻器两端电压变大，故应把变阻器滑片向右滑动。
[2]由图乙可知，电流表选择0~0.6A的测量范围，分度值为0.02A，示数为0.4A，而此时定值电阻的阻值为5Ω，所以定值电阻两端电压为
因为要控制定值电阻两端电压不变，所以将5Ω的定值电阻换成10Ω定值电阻进行实验，移动滑片，应使电压表示数为2V。
[3] 要满足所有电阻都能进行实验，则定值电阻阻值最大为30Ω时，滑动变阻器接入的最大阻值最小，此时电路中的电流为
滑动变阻器两端电压
滑动变阻器接入电路中的电阻
所以滑动变阻器应更换成最大阻值不小于45Ω的变阻器。
【小问3详解】
[1]探究电流与电阻关系时应控制定值电阻两端电压不变，由表格中的数据可知控制不变的电压为
所以第4组实验的数据存在错误。
[2][3][4]若出现该错误的原因是某次将定值电阻更换时，未调节滑片P就读取电流造成的，则由题意可知控制不变的电压值为3V，而接入20Ω的电阻时，其两端电压为
根据串联分压可知，此时定值电阻两端电压比设定的电压值大，说明上一次接入的定值电阻的阻值小于20Ω，由表格的中数据可知若上一次接入的是15Ω的电阻，则电路中的电流应该变小，而不会保持0.2A不变，因此上一次不是接入15Ω的电阻；若上一次接入的是10Ω的电阻，则有
代入数值有
解得
此时电源电压为
当接入30Ω的电阻时，滑动变阻器的阻值为
因，与题意不符，因此不可能。若上一次接入的是5Ω的电阻，则有
代入数值有
解得
电源电压为
当接入30Ω的电阻时，滑动变阻器的阻值为
因此出现该错误的原因是某次将定值电阻的阻值由5Ω变换为错误数据点对应的阻值时，未调节滑片P就读取电流造成的，滑动变阻器接入电路的阻值为2.5Ω，电源电压为4.5V。实验次数
钢球质量/g
钢球高度/cm
木块滑行距离/cm
1
20
20
30
2
40
20
58
实验序号
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
30
电流I/A
0.6
0.3
0.2
0.2
0.12
0.1