2025-2026学年湖南省常德市汉寿县第一中学高三上学期11月月考物理试卷（学生版）

这是一份2025-2026学年湖南省常德市汉寿县第一中学高三上学期11月月考物理试卷（学生版），共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1. 如图所示，两箱相同的货物，现要用电梯将它们从一楼运到二楼，其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物，图乙是用履带式自动电梯运送，假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物，下列关于两电梯在运送货物时说法正确的是( )
A. 两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功
B. 图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功
C. 图甲中电梯对货物的支持力对货物不做功
D. 图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功
2. 图甲是北京冬奥会单板滑雪大跳台比赛项目中运动员在空中姿态的合成图。比赛场地分为助滑区、起跳台、着陆坡和终点区域四个部分。运动员进入起跳台后的运动可简化成如图乙所示，先以水平初速度从A点冲上圆心角为的圆弧跳台，从B点离开跳台，C点为运动轨迹最高点，之后落在着陆坡上的E点。若忽略运动过程中受到的一切阻力并将运动员及其装备看成质点，则下列说法正确的是（ ）
A. 运动员离开B点后的上升过程中处于超重状态
B. 运动员在C点速度为0
C. 运动员下降过程中的加速度不变
D. 越大，运动员落在着陆坡上的速度越大
3. 如图所示，光滑绝缘水平面上有质量分别为和的甲、乙两个点电荷，时，乙电荷向甲运动，水平向左的速度大小为，甲的速度为零。之后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的图象分别如图中甲、乙两曲线所示。则由图线可知（ ）
A. 两电荷的电性一定相反
B. 时刻两电荷的电势能最大
C. 时间内，两电荷所受的静电力都是先减小后增大
D.
4. 2021年11月5日，我国用长征六号运载火箭，成功将广目地球科学卫星发射升空。卫星顺利进入预定轨道Ⅰ，假设其轨道是圆形并且介于地球同步轨道Ⅱ和地球之间，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 卫星在轨道Ⅰ上运动的速度大于第一宇宙速度
B. 卫星在轨道Ⅰ上运动的角速度小于在轨道Ⅱ上运动的角速度
C. 卫星在轨道Ⅰ上运动的速度大于在轨道Ⅱ上运动的速度
D. 卫星在轨道Ⅰ上运行的周期大于24小时
5. 如图所示，质量为M的木块放在光滑水平面上，一颗质量为m的子弹以一定速度水平击中木块后留在木块中，此过程木块动能增加了8J，产生的内能可能为（ ）
A. 9JB. 7JC. 5JD. 3J
6. 如图，是某同学利用汽缸设计的汽车加速度传感器示意图，将汽缸水平固定在汽车上且开口向后，内壁光滑，用活塞封闭一定质量气体，通过活塞的移动判断汽车加速和减速的情况。若汽缸和活塞均绝热，汽车由匀速变为加速前进，汽缸内气体（ ）
A. 单位体积内的分子数变多
B. 分子的平均动能变大
C. 单位时间分子撞击活塞的次数减小
D. 内能变大
7. 如图，P、Q是两根固定在水平面内的光滑平行金属导轨，间距为L，导轨足够长且电阻可忽略不计。图中EFGH矩形区域有一方向垂直导轨平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。在时刻，两均匀金属棒a、b分别从磁场边界EF、GH进入磁场，速度大小均为；一段时间后，流经a棒的电流为0，此时，b棒仍位于磁场区域内。已知金属棒a、b由相同材料制成，长度均为L，电阻分别为R和，a棒的质量为m。在运动过程中两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，a、b棒没有相碰，则下列说法不正确的是（ ）
A. 时刻a棒加速度大小为
B. 时刻b棒的速度大小为
C. 时间内，通过a棒横截面的电荷量与通过b棒横截面的电荷量相等
D. 时间内，a棒产生的焦耳热为
二、多选题
8. 某卫星发射过程的情景图如图所示，轨道1为椭圆，轨道2为圆周，两轨道相切于P点，Q点在地面附近，地球的半径为R，卫星的质量为m，卫星经过Q点时的线速度大小为，P点到地球表面的距离为2R。已知卫星的势能，其中r为卫星到地心的距离，M为地球的质量，G为引力常量，则下列说法正确的是（ ）
A.
B. 卫星在轨道1上运行经过P点时线速度大小
C. 卫星在轨道2上运行的周期为卫星在轨道1上运行周期的倍
D. 卫星从轨道1上的P点变轨到轨道2的过程中，发动机做的功为
9. 如图甲所示，在某介质中波源、相距，点位于距波源A点处。时两波源同时开始上下振动，两波源的振动图像如图乙和丙所示，只振动了半个周期，连续振动，所形成的波的传播速度都为。下列说法正确的是（ ）

A. 两列波不能相遇
B. 两列波能相遇但不能产生干涉现象
C. 质点，在到内所经过的路程为
D. 在到内从发出的半个波前进过程中所遇到的波峰个数为6个
10. 如图所示，一半圆形光滑轨道固定在竖直平面内，半圆顶点P处固定一大小不计的光滑定滑轮，O为圆心，质量为m的光滑圆环a套在轨道上，一轻绳跨过定滑轮两端分别连接圆环a与物块b。当物块b的质量分别为m和时，平衡后圆环a与圆心O连线与OP的夹角分别为α和β，轨道对圆环a的弹力大小分别为和，下列说法正确的是（ ）
A. B.
C. D.
三、实验题
11. 在“验证机械能守恒定律”实验中：
（1）下列操作正确的是______。
A. B. C.
（2）下列说法正确的是______。
A. 安装打点计时器时，两个限位孔的中心连线必须在同一竖直线上
B. 根据计算重物在t时刻的速度
C. 进行数据处理时，为计算方便，纸带上需要每隔4个打点选取一个计数点
D. 可以利用公式来计算打第n点时重物的速度
（3）某次实验得到如图所示的一条纸带，已知交流电频率为50Hz，重物质量为200g，当地重力加速度，则从O点（O点为纸带上的第一个点）到C点，重物的重力势能变化量的绝对值______J（计算结果保留3位有效数字），C点的动能，比较与的大小，出现这一结果的原因可能是______。
A.工作电压偏高 B.存在空气阻力和摩擦力 C.接通电源前释放了纸带
（4）另一组同学用纸带的数据求出重力加速度，并用此g值计算得出纸带中某段过程重物的重力势能减小值为0.579J，另计算得动能增加值为0.570J，则该结果______（选填“能”或“不能”）验证机械能守恒定律。
12. 某同学为测量表头的内阻，设计了如下图所示电路，其中是标准电流表；的量程略大于的量程，、为电阻箱，实验步骤如下：
①分别将和的阻值调至最大
②保持开关断开，合上开关，调节使的指针达到满偏刻度，记下此时的示数
③合上开关，反复调节和，使的示数仍为，使的指针达到满偏刻度的一半，记下此时电阻箱的示数
（1）由此可知电流表的量程为________，内阻为_________（用所测物理量表示）
（2）根据前述实验过程中的测量结果．要将改装成量程为的电压表，大于电流表能承担的电压．需________（填“串联”或“并联”）一个合适的定值电阻．定值电阻的阻值为___________.
（3）若使用该图测量电源电动势E，断开，记录不同R1对应的电流表示数，记录多组数据，作出图像，其中斜率为k，纵轴截距为b，则电源电动势可表示为___________．
四、解答题
13. 一款温控报警装置的原理图如图所示。固定在水平地面上的导热气缸内，质量横截面积的活塞密封一定质量的理想气体，活塞的上表面涂有导电物质。初始状态下活塞到气缸底部的高度，当环境温度缓慢升至时，活塞开始缓缓上升。温度继续升高，当活塞与两触点接触时，蜂鸣器发出报警声，活塞停止上升，此时活塞到气缸底部的高度。报警后温度开始缓慢降低，活塞先静止不动，然后缓缓下降。已知活塞与气缸之间的滑动摩擦力大小恒为，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，外界大气压强，重力加速度大小，活塞厚度忽略不计。求：
（1）蜂鸣器刚报警时的环境温度；
（2）从最初活塞开始上升到温度再次降至过程中，封闭气体吸收的净热量（扣除放热后净吸收的热量）。
14. 如图所示，半径为R的内壁光滑圆轨道固定在竖直面内，一个质量为m的小球静止在轨道的最低点。现用小锤沿水平方向快速击打小球，使小球沿轨道在竖直面内运动。当小球回到最低点时再次用小锤快速击打小球，通过两次击打，小球恰能运动到轨道的最高点。已知小球在运动过程中始终未脱离轨道，小球可视为质点，重力加速度为g，求∶
（1）第二次击打后小球的速度大小；
（2）若第一次击打后小球刚好能到达圆心O等高处，求第二次击打过程中小锤对小球冲量的最小值。
15. 如图所示，倾角θ=37°、间距L=0.1m足够长金属导轨底端接有阻值R=5.0Ω的电阻，质量m=0.1kg的金属棒ab垂直导轨放置，与导轨间的动摩擦因数μ=0.45。建立原点位于底端、方向沿导轨向上的坐标轴x在0.6m≤x≤1.8m区间有垂直导轨平面向上的匀强磁场。从t=0时刻起，棒ab在沿x轴正方向的外力F作用下，从x=0处由静止开始沿斜面向上运动。当棒ab运动至x=0.6m处时，电阻R消耗的电功率P=1.152W，匀速运动至y=1.8m处时撤去外力F，此后棒ab将继续运动，最终返回至x=0处。棒ab始终保持与导轨垂直，不计其它电阻，求：（sin37°=0.6，cs=s37°=0.8，g=10m/s2）
(1)磁感应强度B的大小；
(2)棒ab到达最高点的坐标；
(3)在棒整个运动过程中，电阻R产生的焦耳热Q。
参考答案
1. 【答案】D
【解析】C．在图甲中，货物随电梯匀速上升时，货物受到的支持力竖直向上，与货物位移方向的夹角小于90°，故此种情况下支持力对货物做正功，C错误；
ABD．图乙中，货物受到的支持力与履带式自动电梯接触面垂直，此时货物受到的支持力与货物位移垂直，故此种情况下支持力对货物不做功，故A、B错误，D正确．
2. 【答案】C
【解析】A．运动员离开B点后的上升过程中，加速度为g，则处于失重状态，选项A错误
B．运动员在C点时具有水平速度，即速度不为0，选项B错误；
C．运动员下降过程中只受重力作用，则加速度不变，选项C正确；
D．从A点到E点，由动能定理
越大时，运动员从B点做斜抛运动的抛射角越大，则落到斜面上时的位置可能在E点上方，则此时hAE变小，则落到斜面的速度变小，选项D错误。故选C。
3. 【答案】B
【解析】A．由图象0-t1段看出，甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同，故A错误；
B．0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近，系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大，故B正确；
C．0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小，故C错误；
D．以甲乙为研究对象，系统动量守恒，所以
其中v0=6m/s、v1=2m/s，解得m1:m2=2:1，故D错误。故选B。
4. 【答案】C
【解析】A．第一宇宙速度是所有卫星的最大环绕速度，所以卫星在轨道Ⅰ上运动的速度小于第一宇宙速度。故A错误；
B．根据解得
依题意，轨道Ⅰ的半径小于轨道Ⅱ的半径，所以卫星在轨道Ⅰ上运动的角速度大于在轨道Ⅱ上运动的角速度。故B错误；
C．根据解得
依题意，轨道Ⅰ半径小于轨道Ⅱ的半径，所以卫星在轨道Ⅰ上运动的速度大于在轨道Ⅱ上运动的速度。故C正确；
D．根据解得
依题意，轨道Ⅰ的半径小于轨道Ⅱ的半径，所以卫星在轨道Ⅰ上运动的周期小于在轨道Ⅱ上运动的周期，即小于24小时。故D错误。故选C。
5. 【答案】A
【解析】由动量守恒定律得
木块获得的动能
产生的热量，故选A。
6. 【答案】C
【解析】AC．对活塞进行受力分析，如图所示
当汽车匀速时，由平衡关系可知，
当汽车加速时，由平衡关系变为加速运动，且加速度a方向向左，
由牛顿第二定律可得故可知
压强变小，即体积变大。故单位体积内的分子数变少；单位时间内分子撞击活塞的次数减少，故A错误，C正确；
BD．由热学第一定律可知
题中绝热，故可知Q等于0，体积变大，W为负值，故内能减小，分子平均动能也减小，故BD错误；故选C。
7. 【答案】D
【解析】A．由题知，在时刻，a进入磁场的速度方向向右，b的速度方向向左，根据右手定则可知，a产生的感应电流方向是E到F，b产生的感应电流方向是H到G，即两个感应电流方向相同，所以流过a、b的感应电流是两个感应电流之和，
则有
对a，根据牛顿第二定律有
解得，故A正确，与题意不符；
B．根据左手定则，可知a受到的安培力向左，b受到的安培力向右，由于流过a、b的电流一直相等，故两个力大小相等，则a与b组成的系统动量守恒。由题知，时刻流过a的电流为零时，说明a、b之间的磁通量不变，即a、b在时刻达到了共同速度，设为v。由题知，金属棒a、b相同材料制成，长度均为L，电阻分别为R和2R，
根据电阻定律有，，解得
已知a的质量为m，设b的质量为，则有
联立，解得
取向右为正方向，根据系统动量守恒有
解得，故B正确，与题意不符；
C．在时间内，根据，因通过两棒的电流时刻相等，所用时间相同，故通过两棒横截面的电荷量相等。故C正确，与题意不符；
D．在时间内，对a、b组成的系统，根据能量守恒有
解得回路中产生的总热量为
对a、b，根据焦耳定律有
因a、b流过的电流一直相等，所用时间相同，故a、b产生的热量与电阻成正比，
即
又
解得a棒产生的焦耳热为
故D错误，与题意相符。本题选错误的故选D。
8. 【答案】BD
【解析】A．卫星从近地圆轨道上的Q点加速才能进入椭圆轨道1，因此卫星经过Q点时的速度大于第一宇宙速度7.9km/s，A错误；
B．卫星从轨道1上的Q点运动到P点的过程中，卫星的机械能守恒，
有，解得，B正确；
C．轨道1的半长轴为2R，根据开普勒第三定律有，解得，C错误；
D．设卫星经过轨道2上的P点时的线速度大小为，有
卫星从轨道1上的P点变轨到轨道2的过程中，
发动机做的功为，D正确。故选BD。
9. 【答案】BCD
【解析】A．波源振动，波可以向四周传播，所以两列波会相遇，故A错误；
B．根据乙丙图可知两拨的周期分别为，，根据周期和频率的关系可知两列波的频率不同，所以两列波不能发生干涉现象，故B正确；
C．A的振动先到达P点，则质点P先经过的路程为
B波产生的波到P点的时间为
B波产生的波使P振动了
即P振动了1.5个周期，所以B波使P振动的路程为
综上可得在到内所经过的路程为，故C正确；
D．16s内两列波相对运动的长度为
A波的宽度为
B波的波长为
所以在到内从发出的半个波前进过程中所遇到的波峰个数为
故D正确。故选BCD。
10. 【答案】AD
【解析】AB．对圆环a受力分析，如图所示，设圆环所处位置为Q，
根据图示可知
当时
由几何关系可知
当时
由几何关系可知，，A正确，B错误；
CD．因，所以，则
C错误，D正确。
故选AD。
11. 【答案】（1）B （2）A （3） 0.547 ； C （4）不能
【解析】【小问1】为了充分利用纸带，并减小阻力影响，释放纸带前应用手拉着纸带的上端，使重锤靠近打点计时器，然后接通打点计时器电源，再松手释放纸带。故选B。
【小问2】A．安装打点计时器时，两个限位孔必须处于同一竖直线上，以减小下落时纸带受到的阻力，A正确；
C．实验中重物下落速度快，记录下的打点少，以真实的打点作为计数点，C错误；
BD．不可以根据和公式来计算速度，应用中间时刻的瞬时速度等于平均速度来计算某时刻的瞬时速度，BD错误。故选A。
【小问3】重物的重力势能变化量的绝对值
工作电压偏高不会影响实验的误差，存在摩擦力会使重力势能的减少量大于动能的增加量，只有提前释放了纸带，纸带的初速度不为零，下落到同一位置的速度偏大才会导致动能的增加量大于重力势能的减少量，故选C。
【小问4】该结果不能验证机械能守恒定律，理由是该同学求出的9.77m/s是重锤受到空气阻力时做匀加速运动的加速度，不是当地的重力加速度，0.579J也不是重力势能的减少量。没有当地的重力加速度的数值，无法求出重力势能的减少量，所以无法验证机械能守恒定律。
12. 【答案】 (1) ； (2)串联 ； （3）
【解析】(1)两只电流表为串联关系，电流相等，则电流表的量程为；
的指针达到满偏刻度的一半，两并联支路的电流相等，则电阻相同，则的电阻为
(2)改装电压表需要串联一个电阻分压达到增大量程的目的；
根据部分电路欧姆定律可知：
(3)根据闭合电路欧姆定律：，
其中为两个电流表电阻之和，则：
由关系式可得斜率的倒数为电动势，即．
13. 【答案】（1）350K （2）7J
【解析】【小问1】气体发生等压变化，解得
【小问2】活塞开始缓缓上升过程中
缓缓下降过程中，解得，
升温结束到刚开始下降为等容变化，解得
下降过程仍为等压变化，解得
温度又回到初始，内能不变，根据热力学第一定律可知，吸收热量等于对外做功
14. 【答案】（1）；（2）
【解析】（1）设小球第二次击打后的速度大小为v2，到达轨道最高点的速度大小为v3。小球通过最高点时，由向心力公式有
第二次击打后到最高点的过程中，由动能定理有
联立解得
（2）小球被第一次击打后，上升的最大高度h=R。设小球回到最低点的速度大小为v1，由动能定理有
当小球回到最低点时，沿小球运动方向第二次击打小球，小锤对小球的冲量最小。取速度v1方向为正，由动量定理有，解得
15. 【答案】(1)10T：(2)2.1m：(3)0.864J
【解析】(1)当棒ab运动至x1=0.6m处时，电阻R消耗的电功率P=1.152W，此时的速度为v，则 …①
棒ab运动至x=0.6m处的过程中，根据动能定理可得Fx-μmgcsθ•x-mgsinθ•x=mv2-0…②
在磁场中运动时，根据平衡条件可得F=μmgcsθ+mgsinθ+BIL=μmgcsθ+mgsinθ+…③
联立①②③解得v=2.4m/s，F=1.44N，B=10T
(2)导体棒匀速运动至x2=1.8m处时撤去外力F，设此后运动的位移为x3时速度为0，根据动能定理可得-（mgsinθ+μmgcsθ）x3=0-mv2，解得x3=0.3m
所以棒运动的最大位移为X=x2+x3=2.1m
棒ab到达最高点的坐标为X=2.1m
(3)导体棒在磁场中匀速向上运动的时间为
此过程中R上产生的焦耳热为Q1=Pt1=0.576J
设导体棒下滑进入磁场的速度为v1，根据动能定理可得（mgsinθ-μmgcsθ）x3=−0
解得v1=1.2m/s
导体棒进入磁场时安培力的大小为FA==0.24N
方向沿导轨平面向上，而mgsinθ-μmgcsθ=0.24N
所以导体棒下滑过程中进入磁场后以v1的速度匀速运动。下滑过程中进入R上产生的焦耳热为Q2=FA（x2-x)=0.24×（1.8-0.6）J=0.288J
在棒整个运动过程中，电阻R产生的焦耳热为Q=Q1+Q2=0.864J