（人教版）选择性必修二高二物理上册期末复习训练专题7电磁感应中的电路、电荷量问题（2份，原卷版+解析版）

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【核心素养目标】
知识点一 电磁感应中的电路问题
【重难诠释】
处理电磁感应中电路问题的一般方法
1．明确哪部分电路或导体产生感应电动势，该部分电路或导体相当于电源，其他部分是外电路．
2．画等效电路图，分清内、外电路．
3．用法拉第电磁感应定律E＝neq \f(ΔΦ,Δt)或E＝Blvsin θ确定感应电动势的大小，用楞次定律或右手定则确定感应电流的方向．注意在等效电源内部，电流方向从负极流向正极．
4．运用闭合电路的欧姆定律、串并联电路特点、电功率等公式求解．
【典例精析】
例1．如图甲所示，一个圆形线圈匝数n＝1 000匝、面积S＝2×10－2 m2、电阻r＝1 Ω，在线圈外接一阻值为R＝4 Ω的电阻．把线圈放入一个匀强磁场中，磁场方向垂直线圈平面向里，磁场的磁感应强度B随时间变化规律如图乙所示．求：
(1)0～4 s内，回路中的感应电动势；
(2)t＝5 s时，电阻两端的电压U.
【答案】(1)1 V (2)3.2 V
【解析】
(1)根据法拉第电磁感应定律可得E＝neq \f(ΔΦ,Δt)＝neq \f(ΔB,Δt)S
由题图乙可知，0～4 s内，eq \f(ΔB,Δt)＝eq \f(0.4－0.2,4) T/s＝0.05 T/s
解得E＝1 V.
(2)由题图乙知，4～6 s内，eq \f(ΔB′,Δt′)＝eq \f(0.4,2) T/s＝0.2 T/s
根据法拉第电磁感应定律有E′＝neq \f(ΔΦ′,Δt′)＝neq \f(ΔB′,Δt′)S＝4 V
根据闭合电路的欧姆定律有I′＝eq \f(E′,R＋r)＝eq \f(4,4＋1) A＝0.8 A
则电阻两端的电压U＝I′R＝0.8×4 V＝3.2 V.
例2．粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差的绝对值最大的是( )
【答案】 B
【解析】
磁场中切割磁感线的边相当于电源，外电路可看成由三个相同电阻串联形成，A、C、D选项中a、b两点间电势差的绝对值为外电路中一个电阻两端的电压：U＝eq \f(1,4)E＝eq \f(Blv,4)，B选项中a、b两点间电势差的绝对值为路端电压：U′＝eq \f(3,4)E＝eq \f(3Blv,4)，所以a、b两点间电势差的绝对值最大的是B选项．
【规律方法】
1．“电源”的确定方法：“切割”磁感线的导体(或磁通量发生变化的线圈)相当于“电源”，该部分导体(或线圈)的电阻相当于“内电阻”．
2．电流的流向：在“电源”内部电流从负极流向正极，在“电源”外部电流从正极流向负极．
知识点二 电磁感应中的电荷量问题
【重难诠释】
闭合回路中磁通量发生变化时，电荷发生定向移动而形成感应电流，在Δt内通过某一截面的电荷量(感应电荷量)q＝eq \x\t(I)·Δt＝eq \f(\x\t(E),R总)·Δt＝neq \f(ΔΦ,Δt)·eq \f(1,R总)·Δt＝eq \f(nΔΦ,R总).
由上式可知，线圈匝数一定时，通过某一截面的感应电荷量仅由回路电阻和磁通量的变化量决定，与时间无关．
【典例精析】
例3．如图所示，用粗细相同的铜丝做成边长分别为d和2d的单匝闭合线框a和b，以相同的速度将线框从磁感应强度为B的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外．若此过程中流过两线框的电荷量分别为Qa、Qb，则Qa∶Qb为( )
A．1∶4 B．1∶2
C．1∶1 D．不能确定
【答案】
B
【解析】
设闭合线框的边长为L，则流过线框的电荷量为Q＝IΔt＝eq \f(E,R)Δt＝eq \f(ΔΦ,RΔt)Δt＝eq \f(B·ΔS,R)＝eq \f(BL2,R)，R＝ρeq \f(4L,S横)，则Q＝eq \f(BS横L,4ρ)，则eq \f(Qa,Qb)＝eq \f(La,Lb)＝eq \f(d,2d)＝eq \f(1,2)，故选B.
例4．物理实验中，常用一种叫作“冲击电流计”的仪器测定通过电路的电荷量．如图所示，探测线圈与冲击电流计串联后可用来测定磁场的磁感应强度．已知线圈的匝数为n，面积为S，线圈与冲击电流计组成的回路电阻为R.若将线圈放在被测匀强磁场中，开始时线圈平面与磁场垂直，现把探测线圈翻转180°，冲击电流计测出通过线圈的电荷量为q，由上述数据可得出被测磁场的磁感应强度为( )
A.eq \f(qR,S) B.eq \f(qR,nS) C.eq \f(qR,2nS) D.eq \f(qR,2S)
【答案】C
【解析】
由题意知q＝eq \x\t(I)·Δt＝eq \f(\x\t(E),R)·Δt＝eq \f(n\f(ΔΦ,Δt),R)Δt＝neq \f(ΔΦ,R)＝neq \f(2BS,R)，则B＝eq \f(qR,2nS)，故C正确．
针对训练
一、单选题
1．两根足够长的光滑导轨竖直放置，底端接电阻。将金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与匀强磁场垂直，如图所示。现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则（ ）
A．释放瞬间金属棒的加速度小于重力加速度
B．金属棒向下运动时，流过电阻的电流方向为
C．电路产生的总热量等于金属棒重力势能的减少
D．金属棒不会回到初始位置
【答案】D
【解析】A．金属棒释放瞬间，速度为零，感应电流为零，由于弹簧处于原长状态，因此金属棒只受重力作用，故其加速度的大小为g，故A错误；
B．根据右手定则可知，金属棒向下运动时，流过电阻R电流方向为，故B错误；
C．当金属棒下落到最底端时，重力势能转化为弹性势能和焦耳热，所以电路总热量小于金属棒重力势能的减少，故C错误；
D．由于运动过程中，金属棒向下运动和向上运动的过程中，安培力做负功，根据能量守恒定律，最终金属棒静止时，弹簧的拉力等于金属棒的重力，则金属棒不会回到原来的位置，停在初位置的下方，故D正确。
故选D。
2．如图所示，螺线管匝数匝，横截面积，螺线管导线电阻，电阻，磁感应强度B的图像如图所示（以向右为正方向），下列说法正确的是（ ）
A．通过电阻R的电流方向是从A到CB．感应电流的大小保持不变为1.2A
C．电阻R的电压为4.8VD．C点的电势为3.2V
【答案】D
【解析】A．根据楞次定律，结合原磁场的方向向右，且大小增加，可知电阻的电流方向是从C到A，A错误；
B．根据法拉第电磁感应定律
感应电流大小为
即感应电流大小保持不变为0.8A，B错误；
C．根据欧姆定律，电阻两端的电压为
C错误；
D．由上分析知螺线管左端是正极，电阻两端的电压为
C点的电势为，D正确。
故选D。
3．如图所示，闭合矩形导体线圈从静止开始竖直下落，穿过一个匀强磁场区域，此磁场区域竖直方向的长度远大于矩形线圈边的长度，不计空气阻力，则（ ）
A．边刚进入磁场时与边刚穿出磁场时线框中的感应电流的方向相同
B．线框从上端进入磁场的过程和从下端离开磁场的过程中，通过导体横截面的电量数值相等
C．从线圈边进入磁场到边穿出磁场的整个过程中，加速度一直等于重力加速度
D．边刚进入磁场时线圈内感应电流的大小，与边刚穿出磁场时感应电流的大小一定相等
【答案】B
【解析】A．根据右手定则，dc刚进入磁场时线圈内感应电流的方向从d到c，dc边刚穿出磁场时感应电流的方向从c到d，即电流方向相反，故A错误；
B．根据
线框从上端进入磁场的过程和从下端离开磁场的过程中，磁通量变化大小相等，则通过导体横截面的电量数值相等，故B正确；
C．没有感应电流的时候，磁场对线圈没有阻碍作用，此时的加速度等于重力加速度，进入磁场和穿出磁场的过程中，根据楞次定律可知，线圈均受到阻碍下落的安培力，故进入磁场和穿出磁场的过程中加速度小于g，故C错误；
D．根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律可得
边刚进入磁场时与边刚穿出磁场时，若线圈的速度大小不相等，则边刚进入磁场时与边刚穿出磁场时，感应电流的大小不相等，故D错误。
故选B。
4．如图所示，等边三角形金属框的一个边与有界磁场边界平行，金属框在外力作用下以垂直于边界的速度匀速进入磁场，则线框进入磁场的过程中，线框中的感应电流i、外力大小、线框中电功率的瞬时值、通过导体某横截面的电荷量与时间的关系可能正确的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【解析】A．设为线框原长为L0，则切割磁感线的有效长度为
感应电流为
可知，感应电流随时间均匀减小，A错误；
B．金属框匀速运动，外力与安培力平衡，外力大小为
可知，外力随时间的图像为曲线，B错误；
C．电功率为
可知，电功率随时间减小，且斜率逐渐变小，C正确；
D．根据
，，
得
磁场通过线框的有效面积随时间变化关系为
得
可知，通过导体某横截面的电荷量随时间增大，且斜率逐渐减小，D错误。
故选C。
5．如图所示，平面的第一象限内存在垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁场边界与轴成角，边长为的正方形金属框MNPQ中心位于磁场边界上，电阻为R。现使金属框匀速向右运动至完全进入磁场过程中，下列说法正确的是（ ）
A．金属框中感应电流的大小和方向都不变
B．金属框中磁通量的变化率变大
C．金属框中感应电动势的变化率不变
D．通过金属框的电荷量为
【答案】C
【解析】ABC．金属框运动过程中，根据楞次定律可知金属框磁通量增加，产生的感应电流方向一直为逆时针。只有边和边切割磁感线，若金属框速度为，运动时间为。根据右手定则和电磁感应定律可判断产生的电动势为
根据几何关系可知
整理可得
故感应电动势的变化率为不变。根据
可知随时间变小，故感应电流大小也随时间变小。根据
可知磁通量的变化率也随时间减小，故AB错误、C正确；
D．通过金属框的电荷量为
故D错误。
故选C。
6．abcd是一个用粗细均匀的电阻丝围成的正方形单匝线框，边长为L，每边电阻为R，匀强磁场与线框所在平面垂直，如图所示，磁感应强度大小为B，线框在外力作用下以速度v向右匀速进入磁场，在进入过程中，正确的是（ ）
A．d端电势低于c端电势
B．ad边不受安培力
C．dc两端电压的大小为
D．线框受到的安培力方向向右，且大小为
【答案】C
【解析】A．根据右手定则可知cd中的电流流向是c到d，即d端为正极，则d端电势高于c端电势，故A错误；
B．ad边在磁场中的部分受磁场力，在磁场外的部分不受安培力，故B错误；
C．cd边产生的感应电动势的大小为
E=BLv
则dc两端电压为等效电源的路端电压，大小为
故C正确；
D．根据左手定则可知线框中受到的磁场力向左，感应电流大小
安培力大小为
故D错误。
故选C。
7．如图是某电磁弹射技术的简化模型的等效电路，直流电源电动势，超级电容器的电容。两根固定于同一水平面内的光滑平行金属导轨MN、PQ电阻不计，它们的间距。磁感应强度大小的匀强磁场垂直于导轨平面向上。质量、阻值的金属棒ab，垂直搁放在两导轨上处于静止状态，并与两导轨始终保持良好接触。开关S先接1，使电容器完全充电后再将S接至2，金属棒ab开始向右加速运动。当S金属棒ab切割磁感线产生的感应电动势等于此时电容器两端电压时，金属棒ab达到最大速度，之后便离开导轨。下列说法正确的是（ ）
A．开关S先接1，使电容器完全充电后，其电荷量为
B．开关S接2后，金属棒ab加速运动过程中，加速度保持不变
C．金属棒ab的加速度最大值为14m/s2
D．金属棒ab的最大速度为14m/s
【答案】D
【解析】A．开关S先接1，使电容器完全充电后，其电压等于电源电动势，其电荷量为
故A错误；
B．开关S接2后，金属棒ab加速运动过程中，电容器因放电其电压逐渐减小，金属棒的动生电动势逐渐增大，则两者的电压之差逐渐减小，则流过金属棒的电流逐渐减小，所受的安培力逐渐减小，由牛顿第二定律可知则加速度逐渐减小，故B错误；
C．当金属棒刚开始运动时，电容器与金属棒的电压之差最大，则电流最大，安培力最大，加速度最大为
故C错误；
D．金属棒ab达到最大速度时，加速度为零，有
对金属棒运动的全过程，由动量定理有
而电容器放电的电量为
联立解得
故D正确。
故选D。
8．如图所示，匀强磁场中有a、b两个闭合线圈，它们用同样的导线制成，匝数均为10匝，半径ra = 2rb。磁场方向与线圈所在平面垂直，磁感应强度B随时间均匀增大。两线圈中产生的感应电动势分别为Ea和Eb，感应电流分别为Ia和Ib，功率分别为Pa和Pb，相同时间通过线圈的电荷量分别为qa和qb，不考虑两线圈间的相互影响。下列说法正确的是（ ）
A．Ea：Eb = 2：1，感应电流均沿顺时针方向B．Ia：Ib = 4：1，感应电流均沿逆时针方向
C．Pa：Pb = 8：1，感应电流均沿顺时针方向D．qa：qb = 2：1，感应电流均沿逆时针方向
【答案】D
【解析】AB．设磁感应强度随时间的变化为k，线圈半径用r表示，由法拉第电磁感应定律有
可得
Ea = Nkπra2
Eb = Nkπrb2
则
Ea：Eb = ra2：rb2 = 4：1
两线圈的电阻用R表示，则两线圈的电阻之比为
Ra：Rb = 2πra：2πrb = 2：1
由欧姆定律可知
根据楞次定律可知，因磁感应强度B随时间均匀增大，则感应电流均沿逆时针方向，AB错误；
C．由功率公式P = UI，可知
Pa：Pb = EaIa：EbIb = 8：1
由于感应电流沿逆时针方向，C错误；
D．根据公式q = It，可知
qa：qb = Ia：Ib = 2：1
由于感应电流沿逆时针方向，D正确。
故选D。
二、多选题
9．如图所示，在光滑水平面上，有竖直向下的匀强磁场，分布在宽度为L的区域内，两个边长均为a（a < L）的单匝闭合正方形线圈甲和乙，分别用相同材料不同粗细的导线绕制而成，且导线的横截面积S甲：S乙 = 1：3。将线圈置于光滑水平面上且位于磁场的左边界，并使两线圈获得大小相等、方向水平向右的初速度，若甲线圈刚好能滑离磁场，则（ ）
A．乙线圈也刚好能滑离磁场
B．两线圈进入磁场过程中通过导线横截面积电量相同
C．两线圈完全进入磁场后速度相同
D．甲线圈进入磁场过程中产生热量Q1与乙线圈进入磁场过程中产生热量Q2之比为
【答案】ACD
【解析】A．设线圈的密度为ρ1，线圈的质量
m = 4aSρ1
设两线圈的初速度为v0，刚进入磁场时所受的安培力为
根据牛顿定律可知此时的加速度
可知，线圈进入磁场的加速度与线圈的截面积无关，故乙线圈也刚好能滑离磁场，A正确；
B．两线圈进入磁场过程中通过导线横截面积电量
故由于两线圈的横截面积不同，故两线圈进入磁场过程中通过导线横截面积电量不相同，B错误；
C．根据选项A可知a与S无关，则两个线圈进入磁场的过程，任意时刻加速度相同，同理离开磁场的过程任意时刻的加速度也相同，运动情况完全相同，且两个线圈进入磁场过程的初速度相同，则末速度应该分别相等，C正确；
D．由
m = 4aSρ1
S甲：S乙 = 1：3
可知甲乙线圈的质量之比为
m甲：m乙 = 1：3
设甲、乙线圈的初速度为v0，完全进入磁场时的速度为v，根据能量守恒定律，甲线圈进入磁场过程中产生热量
乙线圈进入磁场过程中产生热量
可得
D正确。
故选ACD。
10．如图所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ倾斜放置，与水平面夹角α=30°，导轨宽度L=1m，导体棒ab垂直于导轨放置，且接触良好，整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度B=2.0T。已知导体棒ab质量m=0.02kg，电容器电容为C=0.02F，耐压值足够大，定值电阻R=200Ω，重力加速度g=10m/s²，导体棒和导轨电阻不计。t=0时开关接1，导体棒ab由静止释放，t=2s时开关接2，下列说法正确的是（ ）
A．t=2s时，导体棒ab的速度为2.5m/s
B．t=2s时，电容器储存的电场能为0.16J
C．开关接2瞬间，导体棒ab的加速度为3m/s²
D．开关接2至导体棒ab达到最大速度的过程中，通过电阻R的电荷量为0.02C
【答案】BC
【解析】A．设在△t时间内，金属棒速度变化为△v，金属棒产生的感应电动势变化
△E=BL△v
电容器两极板电压变化
△U=BL△v
电容器所带电荷量变化
△q=C△U=CBL△v
金属棒中的电流
对金属棒，由牛顿第二定律有
解得
t=2s时，导体棒ab的速度为
故A错误；
B．t=2s时，电容器储存的电场能
故B正确；
C．开关接2瞬间，对导体棒ab有
， ，
解得
故C正确；
D．ab达到最大速度
， ，
解得
根据能量守恒，如果没有克服安培力做功
解得
通过电阻R的电荷量为
实际上，克服安培力做功，下滑位移更大，则通过的电量更大，故D错误。
故选BC。
11．2022年6月17日，我国第三艘航母福建舰正式下水，如图甲所示，福建舰配备了目前世界上最先进的电磁弹射系统。电磁弹射系统的具体实现方案有多种，并且十分复杂。一种简化的物理模型如图乙所示，电源和一对足够长平行金属导轨M、N分别通过单刀双掷开关K与电容器相连。电源的电动势E＝6V，内阻不计。两条足够长的导轨相距L＝0.2m且水平放置处于磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面且竖直向下，电容器的电容C＝10F。现将一质量为m＝0.1kg，电阻R＝1Ω的金属滑块垂直放置于导轨的滑槽内，分别与两导轨良好接触。将开关K置于a让电容器充电，充电结束后，再将K置于b，金属滑块会在电磁力的驱动下运动。不计导轨和电路其他部分的电阻，不计电容器充、放电过程中电磁辐射和导轨产生的磁场对滑块的作用，忽略金属滑块运动过程中的一切摩擦阻力。下列说法正确的是（ ）
A．开关K置于b后，金属块先做加速运动、后做减速运动
B．开关K置于b的瞬间，金属滑块的加速度大小为6m/s2
C．开关K置于b后，金属滑块获得的最大速度大小为30m/s
D．开关K置于b后，电容器最终带电量为零
【答案】BC
【解析】B．开关K置于b的瞬间，流过金属滑块的电流为
以金属滑块为研究对象，根据牛顿第二定律
解得
故B正确；
AC．金属滑块运动后，切割磁感线产生电动势，当电容器电压与滑块切割磁感线产生电动势相等时，滑块速度不再变化，做匀速直线运动，此时速度达到最大。设金属滑块加速运动到最大速度时两端电压为U，电容器放电过程中的电荷量变化为，放电时间为，流过金属滑块的平均电流为I，在金属块滑动过程中，由动量定理得
由电流的定义
由电容的定义
电容器放电过程的电荷量变化为
且
故
金属滑块运动后速度最大时，根据法拉第电磁感应定律可得
联合解得
故A错误，C正确；
D．由C选项分析可知，当金属滑块运动后速度最大时起飞，其两端电压为
即此时电容器两端电压为，电容极板上依然有电荷，未完全放电，故D错误。
故选BC。
12．如图所示，一根阻值为R的金属导体棒从图示位置ab分别以的速度沿光滑导轨（电阻不计）匀速滑到位置，若，则在这两次过程中说法正确的是（ ）
A．回路电流B．产生的热量
C．通过任一截面的电荷量D．外力的功率
【答案】AC
【解析】A．回路中感应电流为
I∝v
则得
I1：I2=v1：v2=1：2
故A正确；
B．产生的热量为
Q=I2Rt=
Q∝v
则得
Q1：Q2=v1：v2=1：2
故B错误；
C．通过任一截面的电荷量为
q＝It＝
q与v无关，则得
q1：q2=1：1
故C正确；
D．由于棒匀速运动，外力的功率等于回路中的热功率，即得
P=I2R═（）2R
P∝v2
则得
P1：P2=1：4
故D错误。
故选AC。
三、解答题
13．如图所示，MN、PQ为相距为L的平行导轨（导轨电阻不计）。N、Q间连接一个定值电阻，阻值为R。长直金属杆可以按任意角架在平行导轨上，并以速度v匀速滑动（平移），v的方向与MN平行，金属杆ab单位长度的阻值为。整个空间充满匀强磁场，磁感应强度的大小为B，方向垂直纸面向里。求：
（1）求闭合回路中的感应电流（用角表示）；
（2）当金属杆ab水平移动距离为L时，通过电阻R的电荷量（用角表示）；
（3）求为多大时，金属杆ab上的热功率最大，并求出最大热功率。
【答案】（1）；（2）；（3）90°，
【解析】（1）导体棒切割磁感线产生的电动势
总电阻为
电流
（2）由，，可得
其中
，
解得
（3）感应电动势
电路电流
杆ab消耗的电功率
解得
令
化简得
当且仅当时，最大，为
此时
14．如图甲所示，水平放置的线圈匝数n=200匝，半径，电阻，线圈与阻值的电阻相连。在线圈的中央有一个半径的有界匀强磁场，磁感应强度按图乙所示规律变化。圆周率用π表示，求：
（1）电压表的示数U；
（2）若撤去原磁场，在图中虚线的右侧空间沿相同方向加磁感应强度B=0.8T的匀强磁场，现把整个装置向左完全移出匀强磁场区域，求这一过程中通过电阻R的电荷量q。
【答案】（1）；（2）
【解析】（1）根据法拉第电磁感应定律得
由图乙可知
感应电流为
则电压表的示数为
代入数据解得
（2）根据法拉第电磁感应定律得，平均感应电动势为
则平均感应电流为
通过电阻R的电量为
将线圈拉出磁场，磁通量的变化量为定量，则通过电阻R的电荷量为定值。代入数据得
15．如图所示，MN、PQ为间距L＝0.5m足够长的平行导轨，导轨平面与水平面间的夹角，N、Q间连接有一个阻值R＝0.6Ω的电阻。有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度为，将一根质量为m＝0.5kg、电阻r＝0.4Ω的金属棒ab紧靠NQ放置在导轨上，且与导轨接触良好。现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd处时达到稳定速度。已知金属棒与导轨间的动摩擦因数，金属棒沿导轨下滑过程中始终与NQ平行，不计导轨的电阻，取，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8．
（1）求金属棒沿导轨开始下滑时的加速度大小；
（2）求金属棒到达cd处的速度大小；
（3）已知金属棒从ab运动到cd过程中，通过电阻的电荷量为2.5C，求此过程中整个回路产生的焦耳热。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】（1）金属棒开始下滑的初速为零，摩擦力
重力沿轨道向下的分力
根据牛顿第二定律可得
即
代入数据解得
（2）对金属棒ab受力分析，达到稳定速度时，根据平衡条件有
即
又因为
代入数据解得金属棒达到的稳定速度
（3）根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律，可得金属棒从进入磁场通过电阻的电荷量为
则金属棒在磁场下滑的位移
由动能定理有
此过程中整个回路产生的焦耳热等于克服安培力做的功
物理观念
电磁感应现象 楞次定律 法拉第电磁感应定律 闭合电路欧姆定律
科学思维
掌握电磁感应现象中电路问题的分析方法和基本解题思路.
科学探究
掌握电磁感应现象中感应电荷量求解的基本思路和方法．
科学态度与责任
通过电磁感应和电路部分知识的综合应用的实例，感受物理中科学技术与社会的紧密联系，体会科学知识的应用价值，进一步增强学生的学习动力和科学意识。