安徽省淮北市实验高级中学2025-2026学年高三上学期11月期中物理试卷（学生版）

这是一份安徽省淮北市实验高级中学2025-2026学年高三上学期11月期中物理试卷（学生版），共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
考试时间：75分钟 满分：100分
一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。
1. 物理概念的理解对学好物理至关重要，下列说法正确的是（ ）
A. 位移是矢量，路程是标量，路程是位移的大小
B. 平均速率是平均速度的大小
C. 由可知，加速度a与成正比，与成反比
D. 若物体的加速度随时间均匀增大，则物体运动的速度可能在减小
2. “打水漂”是一种常见的娱乐活动，以一定的高度水平扔出的瓦片，会反复在水面上弹跳前进，假设瓦片和水面相撞后，在水平方向，速度没有损失，而在竖直方向，碰撞后并不能原速弹回，而是变小，以下四幅图有可能是瓦片轨迹的是（ ）
A B.
C. D.
3. 如图甲所示，修正带是通过两个齿轮的相互咬合进行工作的，其简化原理图如图乙所示。A、B、C三点位于齿轮不同位置，已知，。以下关于A、B、C三点的线速度大小、角速度大小之间关系的说法正确的是（ ）
A. ，B. ，
C. ，D. ，
4. 将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比。下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
5. 如图所示，某同学用不可伸长的轻绳穿过一段亚克力管制作了一款玩具，绳两端系小球A、B，两球质量关系为，O为管的上端。该同学握住亚克力管，使球A绕管中心轴在水平面内做匀速圆周运动，不计空气和摩擦阻力。下列说法正确的是（ ）
A. 每转一周绳子对球A拉力的冲量都为0
B. 与球A相连的绳与水平方向夹角
C. 间绳长越大，球A的角速度越大
D. 间绳长越大，球A的加速度越小
6. 飞船从圆轨道I，通过变轨后，沿椭圆轨道II由处运动到处，与沿圆轨道III运行的天和核心舱在B处对接，对接后的组合体继续在圆轨道III上运行。在上述过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 飞船由轨道II变轨到轨道III，需在B处减速
B. 飞船在轨道II上B处与在轨道III上B处的加速度相等
C. 飞船在轨道I上A处的速度小于在轨道III上B处的速度
D. 飞船在轨道II上由到的时间大于在轨道III上运行周期的一半
7. 某同学做引体向上运动，在30s内刚好连续做了10个完整的引体向上。若每次完整的引体向上分为身体“上引”（身体由静止开始从最低点升到最高点）和“下放”（身体从最高点回到最低点的初始状态）两个过程，单杠在整个过程中相对地面静止不动。如图所示，在单杠和地面之间安装力传感器，图中呈现的是一段时间内力传感器的示数随时间的变化情况。已知该同学身高1.75m，体重约，“上引”过程重心上升约，“上引”和“下放”的时间相同，重力加速度取。下列说法正确的是（ ）
A. 从到，该同学先“下放”后“上引”
B. 从到，可能显示某“上引”过程力的变化情况
C. 在某次“上引”过程克服重力做功的平均功率约为
D. “下放”过程，该同学的机械能守恒
8. 我国CR450动车组样车已成功下线，该动车组采用8节编组，4动4拖的技术方案，试验时速高达，这一成就标志着我国拥有了全球最快的高铁列车。如图3所示，该高速列车由8节质量相同的车厢组成，从车头开始的第2、3、6、7节车厢为动力车厢，每节动力车厢的牵引力大小相同，其余为非动力车厢。若列车在平直轨道上匀加速行驶，每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则此时第1、2节车厢间的作用力与第5、6节车厢间的作用力大小之比为（ ）
A. B. C. D.
二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
9. 如图1所示，顺时针转动的传送带倾角，时刻在传送带底端轻放上一个小滑块，在时小滑块刚好滑到顶端。已知滑块受到的摩擦力随时间变化的规律如图2所示，重力加速度g取，，下列说法正确的是（ ）
A. 滑块与传送带间的动摩擦因数是0.8
B. 0~5s内滑块的加速度大小是
C. 0~10s内传送带与滑块之间因摩擦产生的热量是32J
D. 0~10s内传送带与滑块之间因摩擦产生的热量是96J
10. 如甲图所示，质量为的物块，以的初速度在水平地面上向右运动，水平向左的推力随路程变化的图像如图乙所示，已知物体与地面之间的动擦因数为，重力加速度取，忽略空气阻力，则（ ）
A. 物块回到出发点时的速度大小为
B. 整个过程中克服摩擦力做功
C. 时，物块的动能为
D. 物块运动的位移大小为
三、实验题（共2题，每空2分，共16分）
11. 以下是某实验小组探究“两个互成角度的力的合成规律”的过程。首先进行如下操作：
①如图甲，两细绳套拴在橡皮条的一端，另一端固定在水平木板，橡皮条的原长为；
②如图乙，用手通过两个弹簧测力计共同拉动橡皮条。橡皮条和细绳套的连接点在拉力、的共同作用下，位于点，橡皮条伸长的长度为；
③撤去、，改用一个力单独拉住其中一根细绳套，仍使其位于点，如图丙。
④用力的图示画出拉力、和，然后以、为邻边作平行四边形，为平行四边形的对角线，比较与的大小和方向关系。
（1）本实验采用的科学方法是___________。
A. 理想实验法B. 等效替代法
C. 控制变量法D. 建立物理模型法
（2）是以、为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿方向的是___________（选填“”或“”）。
（3）若在图乙中，夹角大于，现保持点位置不变，拉力方向不变，增大与的夹角，将逆时针缓慢转至水平向右的过程中，两弹簧秤示数大小变化为___________。
A. 一直增大，一直增大
B. 先减小后增大，一直增大
C. 一直增大，一直减小
D. 一直增大，先减小后增大
12. 用如图甲所示实验装置验证、组成的系统机械能守恒。从高处由静止开始下落，上拖着的纸带通过打点计时器，打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图乙所示是实验中获取的一条纸带；“0”是打下的第一个点、“1”到“6”为计数点，相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），某些计数点间的距离已标注，打点计时器所接电源频率为。已知、，则（计算结果均保留两位有效数字）。
（1）在纸带上打下计数点“5”时的速度___________；
（2）在打下第“0”点到打下第“5”点的过程中系统动能的增量___________J，系统势能的减少量___________；（取当地的重力加速度）
（3）实验发现重物重力势能的减少量通常略大于动能的增加量，关于这个误差下列说法正确的是___________；
A. 属于偶然误差
B. 属于系统误差
C. 可以通过多次测量取平均值的方法来减小
D. 可以通过减小空气阻力和摩擦阻力来减小
（4）若某同学作出图像如图丙所示，则当地的重力加速度___________。
四、计算题（共3题，共42分。要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
13. 近几年，国家取消了7座及以下小车在部分法定长假期间的高速公路收费，给自驾出行带来了很大的实惠，但车辆的增多也给道路的畅通增加了压力，因此交管部门规定，上述车辆通过收费站口时，在专用车道上可以不停车拿（交）卡而直接减速通过。若某车减速前的速度为72km/h，靠近站口时以大小为的加速度匀减速，通过收费站口时的速度为28.8km/h，然后立即以的加速度加速至原来的速度（假设收费站的前、后都是平直大道）。试问：
（1）该车驾驶员应在距收费站口多远处开始减速？
（2）该车从减速开始到最终恢复到原来速度的过程中，运动的时间是多少？
（3）在（1）（2）问题中，该车因减速和加速过站而耽误的时间为多少？
14. 如图所示，从距地面高度H=3.2m处，将质量为1kg小球以12m/s的初速度水平向右抛出。小球运动中受到恒定的水平向左的风力，风力的大小为5N。重力加速度g取10m/s2，求：
（1）小球落地时的水平距离；
（2）小球落地时的速度大小；
（3）小球抛出后速度的最小值为多大。
【答案】（1）8m （2） （3）
15. 如图所示，质量为、长为的均匀长木板，其上表面光滑，下表面粗糙，静止平放在粗糙的水平地面上，左端安有一厚度不计的竖直挡板。一质量为的小滑块静置在长木板的右端。现给小滑块一个水平向左的瞬时速度，小滑块与长木板发生第一次碰撞后到第二次碰撞前小滑块恰好不会从长木板掉下。假设小滑块与竖直挡板的碰撞为弹性正碰，碰撞时间极短，地面粗糙程度各处相同，小滑块大小不计，重力加速度大小为。求
（1）第一次碰撞后瞬间小滑块和长木板的速度大小；
（2）长木板与地面间的动摩擦因数；
（3）长木板运动的总时间。
参考答案
1. 【答案】D
【解析】A．位移是矢量，路程是标标量，但路程仅在单向直线运动中等于位移的大小，其他情况下路程大于位移的大小，故A错误；
B．平均速率是路程与时间的比值，平均速度是位移与时间的比值，两者大小仅在单向直线运动中相等，故B错误；
C．加速度公式是定义式，不能说加速度与、成正反比关系，故C错误；
D．若加速度方向与速度方向相反，即使加速度均匀增大，速度仍会减小，故D正确。
故选D。
2. 【答案】D
【解析】瓦片和水面相撞后做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做竖直上抛运动，在水平方向，速度没有损失，而在竖直方向，碰撞后并不能原速弹回，而是变小，可知竖直小球上升的高度逐渐减小，
在竖直方向上，利用逆向思维，根据对称性有解得
可知瓦片在空中的时间逐渐减小，水平方向有
可知瓦片在空中通过水平位移逐渐减小，可知，只有第四个选择项符合要求。故选D。
3. 【答案】B
【解析】A、C是同轴转动，有，，
又因，故
B、A是同缘传动，有，又因，所以
ACD错误，B正确。故选B。
4. 【答案】C
【解析】BD．皮球竖直向上抛出，受到重力和向下的空气阻力，
根据牛顿第二定律，有
根据题意，空气阻力的大小与速度的大小成正比，有
联立解得
由于速度不断减小，故加速度不断减小，到最高点速度为零，阻力为零，加速度为g，不为零，故BD错误；
AC．根据有
由于加速度减小，则也减小，也减小，即a-t图象的斜率不断减小，故A错误，C正确。故选C。
5. 【答案】B
【解析】A．每转一周球A的动量不变，由动量定理可知，合力的冲量为0，而重力的冲量竖直向下，可知绳子对球A拉力的冲量，竖直向上为，不为0，A错误；
B.对A球分析可知，解得，B正确；
C．根据
可得可知，间绳长越大，球A的角速度越小，C错误；
D．根据可得
可知球A的加速度与间绳长无关，D错误。故选B。
6. 【答案】B
【解析】A．需在处加速离心，才能由轨道II变轨到轨道III，A错误；
B．根据牛顿第二定律，飞船在轨道II上和轨道III上经过处时的加速度相等，加速度大小为，B正确；
C．根据万有引力提供向心力
解得，轨道半径越小，速度越大，所以在轨道I上处的速度大于在轨道III上处的速度，C错误；
D．根据开普勒第三定律，在轨道II上运行周期小于在轨道III上运行周期，所以在轨道II上由到的时间小于在轨道III上运行周期的一半，D错误。
故选B
7. 【答案】C
【解析】AB．根据传感器示数随时间的变化可知，从到，小明先处于失重状态后处于超重状态，可知小明先向下加速，后向下减速，显示了某“下放”过程力的变化情况，故AB错误；
C．小明在30s内刚好连续做了10个完整的引体向上，“上引”和“下放”的时间相同，可知均为1.5s，每做一次完整的引体向上所做的功约为
在某次“上引”过程克服重力做功的平均功率约，故C正确；
D．“下放”过程，先向下加速后向下减速，向下减速时重力势能减小，动能减小，机械能减小。故D错误。故选C。
8. 【答案】A
【解析】设每节动力车厢的牵引力为，所受摩擦力与空气阻力为，对整体，根据牛顿第二定律有
对第一节车厢，根据牛顿第二定律得
对最后三节车厢，根据牛顿第二定律得解得，故选A。
9. 【答案】AC
【解析】A．根据图像可知，0~5s是滑动摩擦力，5~10s是静摩擦力，联立得小滑块的质量、，选项A正确；
B．0~5s内根据牛顿第二定律得
解得，选项B错误；
CD．0~5s内滑块的位移，传送带的速度，5~10s是静摩擦力不产生热量，0~5s内传送带的位移，滑块与传送带的相对位移，摩擦产生的热量，选项C正确，D错误。
故选AC。
10. 【答案】ABD
【解析】A．物块向右运动时受到水平向左的推力和摩擦力，若物块减速到0，根据动能定理可得
从图像可知
则有
代入可得
代入数据整理
解得或（舍去）
当物块从最右侧向左运动到出发点的过程，受到水平向左的推力与水平向右的摩擦，当时，根据动能定理则有
代入数据解得，故A正确；
B．回到出发点，克服摩擦力做功
之后为0，物体减速至0，克服摩擦力做功
则总功，故B正确；
C．因，说明物块从最右侧向左运动，而时，根据动能定理可得，解得，故C错误；
D．由A选项，可知物块回到出发点时速度大小为，对物块回到出发点再向左运动的过程，根据动能定理可得
解得物块最终的位移大小为，故D正确。故选ABD。
11. 【答案】（1）B （2）F （3）A
【解析】【小问1】在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法为等效替代法。故选B。
【小问2】当一个力作用时，结点受及拉力的作用，二力平衡，与的拉力等大反向，故一定沿GO的方向。
【小问3】在图乙中，保持点位置不变，即与的合力保持不变，拉力方向不变，增大与的夹角，将逆时针缓慢转至水平向右的过程中，与的变化情况如图所示
由图可知，一直增大，一直增大。故选A。
12. 【答案】（1）2.4 （2） 0.58 ；0.59 （3）BD （4）9.7
【解析】【小问1】由题意可知相邻两计数点时间间隔
在纸带上打下计数点5时的速度
【小问2】在打下第“0”点到打下第“5”点的过程中系统动能的增量
系统势能的减少量
【小问3】AB．由于阻力作用，使重物重力势能的减少量略大于动能的增加量，该误差属于系统误差，故A错误，B正确；
CD．可以通过减小空气阻力和摩擦阻力来减小系统误差；通过多次测量取平均值的方法只能减小偶然误差，不能减小系统误差，故C错误，D正确。故选BD。
【小问4】由能量关系可知
整理得
可知丙图斜率，解得
13. 【答案】（1）33.6m （2）5.4s （3）1.62s
【解析】【小问1】以该车初速度方向为正方向，该车进入站口前做匀减速直线运动，设距离收费站处开始减速，则有
其中，，解得
则驾驶员应在距收费站口33.6m处开始减速。
【小问2】该车通过收费站经历匀减速和匀加速两个阶段，设前后两段所用时间分别和，则有，
则该车从减速开始到最终恢复到原来速度的过程中，运动的时间为
【小问3】在加速阶段通过的位移
则总位移
若不减速所需要时间为
该车因减速和加速过站而耽误的时间
14. 【解析】【小问1】小球抛出后受重力，水平向左恒定的风力，沿竖直和水平分解运动
小球竖直方向做自由落体运动由解得
水平方向加速度
小球落地的水平距离，解得
【小问2】小球落地时竖直方向速度
小球落地时水平方向速度
小球落地时速度大小
【小问3】设小球在空间运动经时间t0时速度最小，竖直方向速度
水平方向速度
小球实际速度大小
当时速度最小
由，小球速度最小时仍在空中运动
将代入解得速度最小值
15. 【答案】（1）， （2） （3）
【解析】【小问1】设小滑块的初速度方向为正方向，第一次碰撞后瞬间小滑块和长木板的速度分别为和，碰撞瞬间根据动量守恒定律和机械能守恒定律则有
联立解得，
【小问2】发生第一次碰撞后，长木板做匀减速直线运动，小滑块做匀速直线运动，因为小滑块与长木板发生第一次碰撞后到第二次碰撞前小滑块恰好不会从长木板掉下，所以长木板匀减速到与小滑块速度相等时二者相对位移恰好等于，设第一次碰撞后到二者速度相等所用时间为，长木板匀减速的加速度大小为，则有解得
又因为，解得
对木板，由牛顿第二定律，则有，联立解得
【小问3】方法一：二者速度相等后，长木板继续匀减速至停止通过的位移和所用时间分别为则有，
这段时间内小滑块的位移为
因为
所以小滑块与长木板发生第二次碰撞时长木板已停止运动，小滑块与长木板第二次碰撞瞬间，根据动量守恒定律和机械能守恒定律则有，
联立解得，
同理，小滑块与长木板第次碰撞后瞬间长木板的速度大小
小滑块与长木板发生每次碰撞前长木板均静止，碰后均做加速度相同的匀减速运动，故有
长木板运动的总时间
方法二：分析可知，最终小滑块与长木板均静止，且小滑块停在长木板左侧的挡板处，取水平向左为正方向，对小滑块和长木板系统，由动量定理则有
系统受到的合力为
系统受到的滑动摩擦力大小为
联立解得