2025-2026学年山东省高二（上）普通高中学业水平合格考试仿真模拟物理试卷（二）（含答案）

这是一份2025-2026学年山东省高二（上）普通高中学业水平合格考试仿真模拟物理试卷（二）（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示是嫦娥六号返回器返回地球轨迹的简略示意图，嫦娥六号返回器由于速度太大，不能直接返回地面，要通过多次调整轨道的方式返回，下列说法正确的是( )
A. 研究返回器返回过程中的姿态时，可以将返回器看作质点
B. 返回过程中，以返回器为参考系，地球是静止不动的
C. 返回器速度在增大时，其加速度有可能在减小
D. 返回器返回过程中的平均速度大小等于其平均速率
2.大桥设计车速为80 km/h，若一辆汽车以4m/s²的加速度从静止开始先匀加速直线运动到72 km/h后保持匀速率行驶通过大桥，则下列说法正确的是
A. 汽车匀加速直线运动的位移大小为50m
B. 80 km/h指的是平均速度的大小
C. 汽车匀加速时间为8s
D. 汽车做匀加速直线运动时，速度与加速度方向相反
3.如图所示，物体A放在水平桌面B上，下列有关叙述正确的是( )
A. 物体A对B的压力是由于B发生弹性形变产生的
B. 物体A对B的压力就是物体A的重力
C. 物体A对B的压力和物体B对A的支持力是一对平衡力
D. 物体A对B的压力和物体B对A的支持力是一对相互作用力
4.关于μ=fN，下列说法正确的是( )
A. 动摩擦因数μ与滑动摩擦力f成正比，f越大，μ越大
B. 动摩擦因数μ与正压力N成反比，N越大，μ越小
C. 相同的条件下，接触面积越大，动摩擦因数越大
D. 动摩擦因数μ的大小由两物体接触面的粗糙程度及材料决定
5.两共点力大小均为6N，当它们夹角为120°时，合力大小为( )
A. 6NB. 12NC. 0ND. 5N
6.甲、乙两个实验小车，在同样的合外力作用下，甲车产生的加速度是1.5 m/s2，乙车产生的加速度是4.5 m/s2，甲车的质量m甲和乙车的质量m乙之比为( )
A. 1∶3B. 3∶1C. 1∶1D. 无法确定
7.动车组在平直轨道上行驶时，受到的空气阻力大小可表示为F=kv2，其中v为动车组的速率，k为比例系数。则k的单位为( )
A. kg/mB. kg⋅m/sC. kg⋅s2/m2D. kg/s
8.一辆汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M向N行驶，速度逐渐增加。图A、B、C、D分别画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，你认为正确的是( )
A. B.
C. D.
9.如图所示，某同学将一纸飞机以某一水平初速度抛出，经过一段时间的平稳滑翔，落在地面上。已知纸飞机由手抛出时的高度约为1.8m，那么纸飞机的落地时间可能为( )
A. 0.3sB. 0.5sC. 0.6sD. 2s
10.质点做匀速圆周运动时，以下说法中正确的是( )
A. 线速度越大，其角速度也一定越大
B. 角速度越大，其转速也一定越大
C. 线速度一定时，半径越小则周期越长
D. 角速度一定时，半径越大则向心加速度越小
11.在人类对自然界的认知过程中，许多科学家大胆猜想、敢于质疑，勇于创新，取得了辉煌成就。下列关于科学家贡献的描述正确的是( )
A. 伽利略用“理想实验”推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的观点
B. 第谷研究了开普勒的行星观测记录总结出了行星按椭圆轨道运行的规律
C. 牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量
D. 法拉第利用油滴实验测出了元电荷的数值
12.为避开太空碎片较集中的区域，中国空间站的航天员让“天宫”的推进器点火约5分钟，让在圆轨道上运行的空间站到达新的圆轨道上运行。已知推进器的喷气方向与空间站的速度方向相反，忽略空间站的质量变化，稳定后在新的圆轨道上与原圆轨道上相比，空间站( )
A. 运行周期变大B. 运行加速度变大
C. 运行速度变大D. 受地球的万有引力变大
13.训练时某运动员采用蹲踞式起跑，在发令枪响后，左脚迅速蹬离起跑器，在向前加速的同时提高身体重心。如图所示，假设该运动员的质量为m，在从静止出发前进距离为s的运动过程中，运动员重心的升高量为h，获得的速度为v，重力加速度为g，忽略空气阻力，则此过程中( )
A. 地面对运动员的支持力做了正功B. 运动员的机械能增加了12mv2
C. 运动员的机械能增加了mghD. 运动员对自身做功为12mv2+mgh
14.如图所示，一固定斜面倾角为30 ∘，一质量为m的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做匀减速运动，加速度大小等于重力加速度的大小g。物块上升的最大高度为H，则此过程中，物块的( )
A. 重力势能增加2mgHB. 动能损失了mgH
C. 机械能损失了mgHD. 摩擦生热12mgH
15.下列关于电场线与等势线的说法正确的是( )
A. 电场线不一定跟等势线垂直
B. 电场线和等势线都是电场中客观存在的线条
C. 等势线越密集的地方，电场强度越小
D. 电场线由电势高的等势线指向电势低的等势线
16.如图所示，水平放置的两块带等量异种电荷的平行金属板M、N之间是匀强电场，P、Q是电场中的两点。下列说法正确的是( )
A. M板带正电，N板带负电
B. M、N两板之间的电场线方向相同，但间隔不一定相等
C. 同一负电荷分别置于P、Q两点，电势能不同
D. P、Q两点的电场强度大小相等，电势相同
17.如图所示的电路中，两个定值电阻的阻值均为6 Ω。开关S断开时，理想电流表示数为1 A，开关S闭合时，理想电流表示数为0.8 A，则该电源的电动势和内阻分别为( )
A. 8 V和2 ΩB. 6 V和2 ΩC. 8 V和1 ΩD. 10 V和2 Ω
18.关于电功、电功率和焦耳定律，下列说法中不正确的是( )
A. 电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多
B. W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=U2Rt只适用于纯电阻电路
C. 在非纯电阻电路中，UI>I2R
D. 焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路
19.在匀强磁场中某处P放一根长度为L=0.2m、通电电流I=0.5A的直导线，测得它受到的磁场力F=1.0N，方向竖直向上．现将该通电导线从磁场中撤走，则P处的磁感应强度为( )
A. 零
B. 一定为10T，方向竖直向上
C. 可能大于10T，方向竖直向下
D. 可能大于10T，方向肯定不沿竖直向上的方向
20.用如图所示装置探究电磁感应现象，闭合开关瞬间，灵敏电流计的指针向右偏转．下列操作也能使电流计指针向右偏转的是
A. 拔出线圈AB. 将闭合的开关断开
C. 将软铁棒插入线圈AD. 将滑动变阻器接入电路的阻值调大
二、实验题：本大题共2小题，共18分。
21.“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB及OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。
(1)本实验采用的科学方法是 。
A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法
(2)图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是 。
(3)下列关于本实验的说法中，正确的有 。
A.拉橡皮筋的细绳不可以用弹性绳代替，而且细绳长一些，实验效果较好
B.拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应与木板靠近且与木板平面平行
C.橡皮筋弹性要好，拉结点到达O点时，拉力要适当大些，且拉力F1和F2的夹角越大越好
D.在同一次实验中，应将结点O拉到同一位置
22.某同学采用图甲所示的电路图测量一节干电池的电动势和内阻。
(1)实验时，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应处在 (填“M”或“N”)端。
(2)按照图甲连接实物图，如图乙所示，闭合开关前检查电路时，发现有一根导线接错，该导线为 (填“a”“b”或“c”)。
(3)根据实验数据作出的U−I图像如图丙所示，则该电池的电动势E= V，内阻r= Ω(结果均保留2位有效数字)。
三、计算题：本大题共3小题，共30分。
23.一辆质量为1000kg汽车，汽车牵引力为1000N，运动中所受阻力为500N，汽车由静止开始做匀加速直线运动。求：
(1)汽车启动时的加速度；
(2)汽车10秒后速度；
(3)汽车10秒后的位移。
24.光滑斜面与长度为L=0.5m粗糙水平地面平滑相连，质量为m=1kg的小球(可视为质点)从斜面上距离地面高H处由静止释放，经A点进入与水平地面平滑连接的光滑圆形轨道(A点为轨道最低点)，恰好能到达圆形轨道的最高点B点。已知小球与地面间的阻力f=2N，圆形轨道半径R=0.1m，取重力加速度g=10m/s2。求：
(1)小球在B点的速度大小；
(2)小球在A点时，其对圆形轨道的压力大小；
(3)小球的释放点离水平地面的高度H。
25.如图所示，质量m=0.1kg的带电小球用绝缘细线悬挂于O点，处在水平向左的匀强电场中，电场范围足够大，电场强度E=500N/C，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ=37 ∘，sin37 ∘=0.6，cs37 ∘=0.8，g=10m/s2。求：
(1)小球静止时细线中的拉力大小；
(2)小球带正电还是负电？并求小球所带电荷量的绝对值；
(3)某时刻将细线剪断，此后2s内小球的位移(小球在2s内未接触地面)。
参考答案
1.C
2.A
3.D
4.D
5.A
6.B
7.A
8.D
9.D
10.B
11.A
12.A
13.D
14.C
15.D
16.C
17.A
18.A
19.D
20.C
21.B
F′
BD

22.M
c
1.5
1.0

23.(1)根据牛顿第二定律可得F−f=ma
代入数据解得汽车启动时的加速度a=0.5m/s2；
(2)根据速度时间公式可得汽车10秒后速度v1=at1=0.5×10m/s=5m/s；
(3)根据位移时间公式可得汽车10秒后的位移x1=12at 12=12×0.5×102m=25m。

24.(1)根据题意，小球恰好能到达圆形轨道的最高点B，则mg=mvB2R
解得vB=1m/s；
(2)小球由A运动到B的过程中，根据动能定理有−mg⋅2R=12mvB2−12mvA2
解得vA= 5m/s
在A点，轨道对小球的支持力和小球的重力的合力提供向心力，即FN−mg=mvA2R
解得FN=60N
由牛顿第三定律得，小球对轨道的压力大小为60N；
(3)小球从释放到运动到A点的过程，运用动能定理有mgH−fL=12mvA2
代入数据解得H=0.35m。

25.(1)小球受重力、电场力F、细线拉力T作用处于静止状态，其受力分析如图所示
根据共点力的平衡得细线拉力T=mgcsθ=1.25N；
(2)根据平衡知，电场力F=mgtanθ
在电场中F=qE
解得q=mgtanθE=1.5×10−3C
由于小球受到的电场力方向与电场强度方向相反，所以小球带负电；
(3)剪断细线后，小球受重力和电场力作用，由静止做匀加速直线运动，小球所受合力F合=mgcsθ=1.25N
根据牛顿第二定律得a=F合m=12.5m/s2
小球在2s内的位移x=12at2=12×12.5×4m=25m。