江苏省南京市秦淮区2025-2026学年九年级（上）期末物理模拟练习卷(有答案及解析)

这是一份江苏省南京市秦淮区2025-2026学年九年级（上）期末物理模拟练习卷(有答案及解析)，共31页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共12小题，共24分。
1.根据生活经验，下列数据符合实际的是( )
A. 教室内一盏日光灯的功率为1000WB. 家用节能灯中电流为20A
C. 电磁波在真空中的传播速度为340m/sD. 我国家庭电路的电压值为220V
2.如图所示，小明用铡刀切甘蔗，若把铡刀视为一根能够绕固定点O转动的杠杆，小明在铡刀右端施加一个始终垂直铡刀向下的动力，若甘蔗对铡刀的阻力始终垂直铡刀向上，且大小不变，则下列说法中正确的是( )
A. 甘蔗放在a点时更省力，是因为阻力臂小B. 甘蔗放在a点时更省力，是因为动力臂大
C. 甘蔗放在b点时更省力，是因为阻力臂小D. 甘蔗放在b点时更省力，是因为动力臂大
3.2024年5月3日17时27分，长征五号遥八运载火箭携带嫦娥六号月球探测器从中国文昌航天发射场成功发射。飞行约37分钟后，将嫦娥六号探测器送入地月转移轨道，由此开启世界首次月背“挖宝”之旅。下列说法正确的是( )
A. 火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的比热容
B. 火箭上升时外壳温度升高，所含热量增多
C. 火箭升空时，向下喷气获得推力与内燃机的压缩冲程相似
D. 火箭发射升空的过程中，燃料燃烧产生的内能一部分转化为了火箭的机械能
4.掉在地上的弹性小球会跳起，但是越跳越低。如图所示是小球弹跳的频闪照片，小球在E、G处的高度一样，则小球( )
A. 在E、G两处的机械能相等
B. 在F处动能大于在G处动能
C. 在F处机械能大于在E处机械能
D. 在弹跳过程中减少的机械能转化为内能
5.如图是课外兴趣小组制作的“蒸汽船”模型，在铜制容器中盛有一定量的水之后安装在“船体”上，用蜡烛对铜质容器底部加热，一段时间后铜质容器内水温升高产生蒸汽，铜管会向右喷出蒸汽，“蒸汽船”就会向左行驶，下列说法正确的是( )
A. 水变热是通过做功来改变内能的
B. “蒸汽船”运动时能量转化与热机做功冲程相同
C. 水在沸腾时会有热量的散失，所以能量不守恒
D. “蒸汽船”在向左运动时主要将机械能转化为内能
6.电脑正常工作时，中央处理器不断发热必须用风扇给予降温。为了保证中央处理器不被烧坏，要求：中央处理器(即CPU)工作之前，带动风扇的电动机要先启动，中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，同学们设计的四个电路图中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
7.如图甲、乙所示，用两个动滑轮分别将物体A、B匀速竖直提升相同高度，已知GA=2GB，两个动滑轮的机械效率相等(忽略绳重和摩擦)。下列说法正确的是( )
A. 两个动滑轮重力的大小关系是G动甲”、“”“IB，由此可得出结论：导体的材料和 相同时，导体的 ，导体的电阻越大。
25.探究“电流与电阻的关系”时，可供实验器材有：三节新的干电池(电源电压为4.5V)、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω2A”字样)、定值电阻5个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、50Ω)，开关一个，导线若干。小明等同学设计了如图甲所示的电路图：
(1)如图甲，闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是：______；
(2)在如图乙所示的电路中，闭合开关，移动滑片，发现电流表示数几乎为零，电压表有示数，经分析有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路；
(3)如图乙排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向______(选填A.左、B.右)适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变；
(4)图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图像，其中阴影部分面积表示的物理量是______，其数值为______；
(5)继续实验中，在接入50Ω的定值电阻后，小明同学无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，小明采取的措施可行的是______；
A.调高电源电压 B.更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器
C.再串联一个10Ω的电阻 D.将电压表改接到滑动变阻器两端
(6)根据本实验提供的实验器材，还可以研究“电流与电压的关系”：先固定使用一个5Ω的电阻研究通过的电流及两端电压的关系后，再改换一个其他阻值的电阻重复研究，目的是：__________________________
(7)小明又设计了一种方案，也测出了Rx的阻值。电路如图丁所示，R0为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下：
图丁
①当开关______时，电流表读数为I1； ②当开关S1、S2都闭合时，电流表读数为I2；
③待测电阻Rx=______。(用已知和测出的物理量符号表示)
26.在“伏安法测电阻”实验中，老师准备了阻值未知的定值电阻R、电压表、电流表、两节新干电池、开关、导线若干、滑动变阻器(铭牌上标有“20Ω，1A”)等器材。所有器材均完好。
(1)请用笔画线代替导线把电路连接完整，使滑片向右滑动时电流表示数变小。
(2)闭合开关前，电流表指针如图乙所示，接下来的操作是电流表指针______；闭合开关后，电流表指针为零，电压表指针明显偏转，电路故障可能是______。
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑片到不同的位置，其中第1次电流表示数如图丙，请把下表填写完整：
(4)实验中滑动变阻器的作用是保护电路和______；利用该实验器材还能完成的实验有______(写出一个即可)。
(5)实验中电流表突然损坏不能使用，小组成员找老师更换电流表。老师向他们指出，不用电流表，利用现有器材也能进行测量。操作步骤如下：
①闭合开关，滑片P移至右端，电压表示数为U1；
②再______，电压表示数为U2；
③则Rx= ______(用U1、U2、滑动变阻器最大阻值RP表示)。
27.在学习“电压”内容时，小明做了如下探究：
(1)为了“探究串联电路电压的特点”，小明设计了如图甲所示的电路，按照电路进行连接，闭合开关后，用电压表分别测出A与C、A与B、B与C两点间的电压，并更换不同规格的灯泡，进行了多次测量，实验数据如下表所示：
实验中，小明更换不同规格的灯泡，进行多次测量的目的是 。分析小明所得的实验数据，可以得出串联电路电压的特点是 。
(2)小明还对电池串、并联成电池组后，对用电器所能提供的电压大小做了进一步的探究，他利用若干相同的旧干电池和一只电压表、一只小灯泡、一只开关组成如图乙所示的电路。实验中改变电池的节数和连接方式，读出开关S断开和闭合两种情况下的电压表的示数，得到的数据如下表所示：
分析小明所得的实验数据，下列说法中错误的是 (填字母)。
A.电池节数越多，对用电器所能提供的电压越小
B.为了增加对用电器所能提供的电压，电池可采用串联的方式
C.乙电路中，若将完全相同的4节旧干电池并联使用，灯泡L两端的电压可能为1.19V
D.乙电路中，若将完全相同的4节旧干电池串联使用，灯泡L两端的电压可能为3.4V
五、计算题：本大题共3小题，共24分。
28.随着我国经济的发展，人民生活水平日益提高，我国出现了越来越多的潜水爱好者。为了保障安全，潜水员潜水时会佩戴如图甲所示的水压表和深度表。图乙是某深度表的工作原理简化电路图，电源电压U=6V且恒定不变，定值电阻R0=15Ω，电压表量程为0∼3V，Rp是阻值随水深度变化的电阻，其变化关系图象如图丙所示，Rp允许通过的最大电流为0.24A。求：
(1)深度表在水面上时，电路中的电流(计算结果保留1位小数)；
(2)电压表示数为2V时，潜水员下潜的深度；
(3)在保证电路安全的情况下，该深度表能浸入水中的最大深度。
29.最近，江阴公交公司更换了一批新型混合动力公交车，在进行新车测试时获得一些数据：新型公交车质量为3×103kg，载客量为1×103kg，车匀速行驶时所受阻力是总重的0.3倍。若此时公交车满载，在牵引力作用下沿平直公路匀速行驶4min，共行驶了2400m．
则：(1)该公交车受到的牵引力为多大？
(2)公交车在4min内牵引力所做的功为多少？
(3)公交车这段时间内牵引力做功的功率为多大？
30.如图所示，如图为电路的连接情况，R1=R3=20Ω，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。当S1闭合，S2断开时，若滑片P在a端，则电流表示数为0.6A;若滑片P在b端，则电压表示数为8V.求：
(1)电源电压。
(2)滑动变阻器R2的最大阻值。
(3)当S1、S2均闭合，且滑片P在a端时，求电流表的示数。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】【分析】
(1)据日常生产生活常识对电功率和电流进行估测；
(2)电磁波可以在真空中传播，速度为3×108m/s；
(3)我国家庭电路的电压值为220V。
【解答】
解：A、教室内一盏日光灯的功率约为40W，故A错误；
B、家用节能灯中电流约为100mA=0.1A，故B错误；
C、电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s，故C错误；
D、我国家庭电路的电压值为220V，故D正确。
故选：D。
2.【答案】A
【解析】解：由图可知，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，O点为支点，刀柄是动力F1作用点，动力臂l1不变，切甘蔗处是阻力F2作用点，甘蔗对铡刀的阻力始终垂直铡刀向上，且大小不变，甘蔗放在b点时，阻力臂l2更大，动力F1更大，更费力，放在a点时，阻力臂l2更小，动力F1更小，更省力，故A正确，BCD错误。
故选：A。
先根据动力臂和阻力臂的大小关系判断杠杆类型，再根据杠杆的平衡条件判断其力与力臂之间的关系。
本题利用生活中某一实例(铡刀的应用)，较全面地考查了物理知识的应用，揭示了物理来源于生活又应用于生活的物理意识，是中考的常见题型。
3.【答案】D
【解析】解：A.火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，故A错误，不符合题意；
B.火箭上升时外壳温度升高，内能增大，不能说所含热量增多，热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有或具有多少热量，故B错误，不符合题意；
C.火箭升空时，向下喷气获得推力与内燃机的做功冲程相似，故C错误，不符合题意；
D.火箭发射升空的过程中，燃料燃烧产生的内能有一部分转化为了火箭的机械能，使火箭升空，故D正确，符合题意。
故选：D。
热值是燃料本身的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的形态、质量、体积、是否完全燃烧、放出热值多少均没关系。
热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有或具有多少热量。
做功可以改变物体的内能：对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功，物体内能减少。
此题主要考查了热机的效率以及影响热机效率的因素，内能的利用，燃料热值的概念。
4.【答案】D
【解析】解：AD、小球在弹跳过程中，与空气摩擦，减少的机械能转化为内能，所以小球在E、G两处的机械能不相等，故A错误、D正确；
B、因小球在弹跳的过程中克服摩擦做功，一部分机械能机械能转化内能，机械能逐渐减小，在F处机械能大于在G处机械能，F处的高度较大，重力势能较大，无法判断动能，故B错误；C、因小球在弹跳的过程中克服摩擦做功，一部分机械能机械能转化内能，机械能逐渐减小，在F处机械能小于在E处机械能，故C错误。
故选：D。
(1)克服摩擦做功，机械能转化为内能。
(2)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(3)机械能为动能、势能的和；
(4)小球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以小球的机械能越来越小。
本题考查动能和势能的影响因素，相对比较简单，属于基础题。
5.【答案】B
【解析】解：A.水变热是通过热传递来改变内能的，故A错误；
BD.铜管喷出蒸汽，船体向左运动的过程中，是内能转化为机械能，与热机做功冲程相同，故B正确，D错误；
C.水在沸腾时会有热量的散失，但能量总量不变，是守恒的，故C错误。
故选：B。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程；
(2)内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能；
(3)能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变。
本题是一道跨学科综合性练习题，难度不大，趣味性较强，培养了学生利用知识分析、解决问题的能力。
6.【答案】C
【解析】解：
A、干路开关闭合后，CPU先工作，闭合支路开关后电动机才开始工作，且干路开关断开，CPU与电动机都不工作。无法实现电动机先启动，CPU后工作，且不能使CPU断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故A错误；
B、电动机与CPU并联，开关在干路上，两者同时工作，同时停止工作，不能使CPU断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故B错误；
C、干路中开关闭合，电动机立刻工作，而CPU在支路开关闭合时才会工作，当断开支路开关时，CPU不工作，电动机仍可工作，做到中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故C正确；
D、只闭合下面开关，CPU和电动机同时工作；两开关同时闭合，电动机被短路，只有CPU工作，不符合要求，故D错误。
故选：C。
由题意可知电动机和灯泡可以独立工作、互不影响，即为并联，然后根据开关的作用使带动风扇的电动机先工作后灯泡才能工作，即开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器；据此进行解答。可理解为电动机要“早来晚走”。
本题综合考查了串并联电路的特点和串并联电路开关的作用，难度中等。
7.【答案】B
【解析】A.由 η=W有W总×100%=GhGh+G动h×100%=GG+G动×100% 可知，两个动滑轮的机械效率分别为 η甲=G甲G甲+G 动甲×100% ， η乙=G乙G乙+G 动乙×100%
已知GA=2GB，两个动滑轮的机械效率相等，则 G甲G甲+G 动甲=G乙G乙+G 动乙 ，即 2GB2GB+G 动甲=GBGB+G 动乙
则G动甲=2G动乙，即G动甲>G动乙，故A错误；
B.拉力做的功为总功，由 η=W有W总×100% 可得， W总=W有η×100%
已知GA=2GB，有用功为W有=Gh，则W有甲=2W有乙
两个动滑轮的机械效率相等，则拉力做功关系为W甲︰W乙=2︰1，故B正确；
C.若用这两个动滑轮提升相同物体，动滑轮由两段绳子承担物重，则 F甲=G+G动甲2=G+2G动乙2 ， F乙=G+G动乙2
故F甲>F乙，所以乙更省力，故C错误；
D.若用这两个动滑轮提升相同物体，甲的机械效率为 η甲=W有W总×100%=G′hG′h+G 动甲h×100%=G′G′+G 动甲×100%
乙的机械效率为 η乙=W有W总×100%=G′hG′h+G动乙h×100%=G′G′+G动乙×100%
因为G动甲>G动乙，所以η甲 >;杠杆自重对实验有影响
【解析】解：(1)若实验前杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向右调节；实验时，要使杠杆在水平位置平衡，主要是为了便于直接读出力臂大小；
(2)根据表中数据可得动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂，可归纳出杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2；
(3)根据F1L1=F2L2可知，F1=F2L2L1=3×0.5N×20cm30cm=1N；
当测力计倾斜拉动时，此力对应力臂变小，所以力变大，则F1F2L2。
故答案为：(1)右；力臂大小；(2)F1L1=F2L2；(3)1；>；(4)>；杠杆自重对实验有影响。
(1)为了便于测量力臂大小，应使杠杆在水平位置平衡，调节平衡时将螺母向上翘的一端移动；
(2)根据表中数据可归纳出杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2；
(3)杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆时，力臂在杠杆上，力臂最大，对应力最小，当力倾斜时，力臂变小，力变大；
(4)若支点不在杠杆中心，此时杠杆的平衡会受杠杆自重的影响，根据杠杆平衡条件判断F1L1与F2L2大小。
本题考查探究杠杆平衡条件实验操作与分析、杠杆的分类，关键是将实验操作原则及结论记忆清楚，仔细分析即可。
23.【答案】同一;初速度 木块被撞击后移动的距离;在质量一定时，物体的速度越大，动能越大 钉子进入木板的深浅;A;可以排除锤子重力对钉子做的功
【解析】解：(1)在“探究动能的大小与质量的关系”的实验中，需要控制小车的质量不同，速度相同，所以应让质量不同的小车从斜面的同一高度由静止释放；其目的就是控制小车到达水平面时的速度是相同的；
(2)根据表可知，小车的质量不变，斜面的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以探究的是动能大小与速度的关系，小车的速度越大，撞击木块移动的距离越大，动能越大；结论为：在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；
(3)敲击过程中锤子对钉子有力的作用，钉子在力的方向上通过了距离，钉子进入木板的深浅，体现了物体对其做功的多少；A图中在横向敲击钉子时，钉子的动能来源于人挥动锤子的动能；B图中在竖向敲击钉子时，钉子的动能来源于人挥动锤子的动能和锤子的重力势能；A图挥动锤子的方式更合理，可以排除可以排除锤子重力对钉子做的功。
故答案为：(1)同一；初速度；(2)木块被撞击后移动的距离；在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；(3)钉子进入木板的深浅；A；可以排除锤子重力对钉子做的功。
(1)小球从同一高度由静止释放，到达斜面底部的速度相同；
(2)实验时用控制变量法探究分析；
(3)敲击过程中锤子对钉子有力的作用，钉子在力的方向上通过了距离，这用到了转换法；分析两种方向锤子对钉子敲击过程中对钉子做功情况进行作答。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
24.【答案】电流表示数
导体材料
横截面积
长度越长

【解析】解：(1)电阻的大小无法直接观察得出，因此实验中运用转换法，通过观察电流表的示数和灯泡的亮度比较导体电阻的大小，灯泡的亮度不易分辨，通过观察电流表的示数能更准确比较导体电阻的大小。
(2)C和D两导体长度和横截面积相同，材料不同，是为了探究导体电阻大小是否与导体材料有关；
(3)A和B两导体横截面积和材料相同，长度不同，且B导体的长度大，发现对应电路中的电流IA>IB，说明A导体的电阻小，则可得结论为：在导体的材料和横截面积相同时，导体长度的越长，电阻越大。
故答案为：(1)电流表示数；(2)导体材料；(3)横截面积；长度越长。
(1)通过观察电流表示数来比较电阻的大小，是将电阻的大小转换为电流表示数的大小，符合转换法的思想；
(2)(3)电阻大小的影响因素：材料、长度、横截面积和温度，根据控制变量法进行解答。
探究影响导体电阻大小的因素的实验中，用到了控制变量法和转换法，需对这两个实验方法有清晰的理解。
25.【答案】(1)定值电阻断路；(2)；(3)A；(4)电阻两端的电压；3V；
(5)BC；(6)寻找普遍规律，避免偶然性；(7)①S1闭合，S2断开；③I2−I1R0I1。
【解析】解：(1)电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数并接近电源电压，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，则故障为与电压表并联的定值电阻断路；
(2)由图乙知，电压表串联在电路中，且滑动变阻器与定值电阻并联，由于电压表自身电阻非常大，所以电流表示数几乎为零，电压表有示数；滑动变阻器应与定值电阻串联，电压表应与定值电阻并联，可以将定值电阻右侧连接滑动变阻器的导线改接到电压表负接线柱上，如图所示：
；
(3)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左即A端移动，使电压表示数保持不变；
(4)根据画出I−R图象(如图丙)知，图中阴影部分为长方形，其面积等于IR，由欧姆定律得，U=IR，所以阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为U=IR=0.3A×10Ω=3V；
(5)A、设电源电压为U，定值电阻两端的电压为UV，当接入50Ω的定值电阻时，则U−UVR滑=UVR，即U−3V20Ω=3V50Ω，解得电源电压为：U=4.2V，所以降低电源电压可以完成这次实验，故A错误；
BC、为了能完成这次实验，滑动变阻器的最大电阻为：
U′−UVR滑大=UVR，即4.5V−3VR滑大=3V50Ω，解得滑动变阻器的最大电阻为：R滑大=25Ω，所以更换一个最大阻值为30Ω的滑动变阻器可以完成这次实验，故B正确；
再串联一个电阻的阻值可以为：30Ω−20Ω=10Ω，故C正确；
D、将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变电阻的分压作用，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故D错误；
故选：BC；
(6)探究电流与电压的关系，先固定使用一个5Ω的电阻研究通过的电流及两端电压的关系后，再改换一个其他阻值的电阻重复研究，目的是为了寻找普遍规律，避免偶然性；
(7)①当开关S1闭合，S2断开时，两电阻串联，电流表读数为I1； ②当开关S1、S2都闭合时，Rx被短路，电流表读数为I2；由于电源电压不变，则有：I1×Rx+R0=I2×R0，Rx=I2−I1R0I1
故答案为：(1)定值电阻断路；(2)；(3)A；(4)电阻两端的电压；3V；(5)BC；(6)寻找普遍规律，避免偶然性；(7)①S1闭合，S2断开；③I2−I1R0I1。
(1)若电流表没有示数，说明电路可能断路；电压表有示数并接近电源电压，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连，据此判断出故障；
(2)此实验中，电流表、滑动变阻器、定值电阻应串联，电压表与定值电阻应并联，由此分析解答；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据画出的I−R图象(如图丙)知图中阴影部分为长方形，由欧姆定律分析；
(5)由欧姆定律求出在接入50Ω的电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻与和电源电压，据此分析；
(6)为得出普遍性的结论，应多次测量；
(7)①当开关S1闭合，S2断开时，两电阻串联，电流表读数为I1； ②当开关S1、S2都闭合时，Rx被短路，电流表读数为I2；根据电源电压不变解答。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、控制变量法的应用。
26.【答案】见解答图； 校零； 0.12；10.3； 改变电阻两端的电压；测量电阻的电功率； 将滑片P移至B端；U1U2−U1⋅RP
【解析】(1)要求滑片向右滑动时，电流表示数变小，故变阻器连入电路的变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
(2)闭合开关前，发现电流表指针在零刻度线左侧，说明电流表指针没有与零刻度线对齐，故接下来应该进行的操作是调零；
闭合开关后，电流表指针为零，说明电路存在断路故障，而电压表有示数，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了；
(3)在第1次测量时，电流表示数如图丙所示，分度值为0.02A，示数为0.12A，
根据欧姆定律可知，第1、2、3次测量的电阻值分别为
R1=U1I1=Ω，R2=U2I2=2V0.2A=10Ω，R3=U3I3=≈10.8Ω，
减小误差，取平均值作为测量结果：
Rx=R1+R2+R33=10Ω+10Ω+10.8Ω3≈10.3Ω；
(4)在“伏安法测电阻”实验中，需要减小误差，多次几次数据，所以此实验中滑动变阻器的作用是保护电路和改变电阻两端的电压；
实验中测量出电阻两端电压和通过电阻的电流，根据P=UI知利用此装置可以测量出电阻的电功率。
(6)①闭合开关，滑片P移至A端，Rx与滑动变阻器串联，电压表示数为U1，为Rx两端的电压；
②再将滑片P移至B端，只有Rx接入，此时电压表示数为U2，即为电源电压；
③根据串联电路电压规律有URx=U2−U1RP；
解得Rx=U1U2−U1⋅RP。
故答案为：(1)见解答图；(2)校零；(3)0.12；10.3；(4)改变电阻两端的电压；测量电阻的电功率；(5)将滑片P移至B端；U1U2−U1⋅RP。
(1)根据滑片向右滑动时，电流表示数变小确定故变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)闭合开关前，需要将电表调零，即检查电流表、电压表的指针是否指在“0”刻度线上；
电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明肯定是电阻断路，此时电压表和电源串联；
(3)根据电流表的分度值读数，根据欧姆定律可知第1次的测量的电阻，同理，得出第2、3次测量的电阻值，为减小误差，取平均值作为测量结果；
(4)根据欧姆定律可知本次测得的待测电阻的阻值；为减小误差，需要多次几次数据；
根据P=UI分析解答。
(5)①闭合开关，滑片P移至A端，Rx与滑动变阻器串联，电压表示数为U1，为Rx两端的电压；
②再将滑片P移至B端，只有Rx接入，此时电压表示数为U2，即为电源电压；
③根据串联电路电压规律可得Rx阻值。
本题为伏安法测电阻实验，考查电路图连接、实验原理、欧姆定律的应用、实验步骤等知识。
27.【答案】避免偶然性
串联电路中总电压等于各部分电压之和
A

【解析】略
28.【答案】解：(1)由图乙可知，该电路为R0和RP的串联电路，电压表测R0两端的电压；
深度表在海面上时，即h=0m时，由图丙可知，此时RP=40Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电路中的电流为：I=UR总=UR0+RP=6V15Ω+40Ω≈0.1A；
(2)已知电压表示数为2V时，即R0两端的电压U0=2V，
通过R0的电流为I0=U0R0=2V15Ω=215A，即电路中的电流为I′=I0=215A，
由串联电路的电压特点可知，RP两端的电压为：UP=U−U0=6V−2V=4V，
则此时RP的阻值为：RP′=UPI ′=4V215A=30Ω，
由图丙可知，此时潜水员下潜的深度为h′=10m；
(3)当电路中电流最大时，由U=IR可知，R0两端的电压最大，
由电压表量程可知，R0两端的电压最大为：U0大=3V，
由此可知电路中电流最大为：I大=U0大R0=3V15Ω=0.2A