【中考数学】2025年上海市真题试卷试卷【附解析】

这是一份【中考数学】2025年上海市真题试卷试卷【附解析】，共10页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本大题共6题，每题4分，满分24分）
1．下列代数式中，计算正确的是（ ）
A．B．
C．D．
2．用代数式表示与差的平方，正确的是（ ）
A．B．C．D．
3．下列函数中，为正比例函数的是（ ）
A．B．C．D．
4．某学校组织了一场体育测试，现抽出60个人的体育考试分数，并对此进行统计，如图所示．关于这60人的分数，下列说法正确的是（ ）
A．中位数是12B．中位数是75C．众数是21D．众数是85
5．在正方形中，的值为（ ）
A．B．1C．D．2
6．在锐角三角形中，，，的外接圆为，且半径为5，边中点为，如果以为圆心的圆与相交，那么的半径可以为（ ）
A．2B．5C．8D．9
二、填空题（本大题共12题，每题4分，满分48分）
7．分解因式： ．
8．不等式组的解集为 ．
9．已知关于的一元二次方程没有实数根，则的取值范围是 ．
10．已知一个反比例函数在各个象限内，随的增大而减小，那么这个反比例函数的解析式可以是 ．（只需写出一个）
11．方程的解为 ．
12．将函数的图像向下平移2个单位后，得到的新函数的解析式为 ．
13．小明与小杰在玩卡牌游戏，已知小明手里有1．2，3，4四张牌，小杰手里有2，4，6，8四张牌，小明从小杰手里抽出一张牌，如果抽到小杰手中四张卡牌中的任意一张概率都相等，那么小明抽出的这张卡牌中，和自己手中某一张卡牌的数字一样的概率为 ．
14．某公司需要员工上班时通过门禁，在门禁上方设置了人脸扫描仪，已知扫描仪（线段）的竖直高度2.7米，某人（线段）身高为1.8米，扫描仪测得，那么该人与扫描仪的水平距离为 米．（备用数据：，，，精确到米）
15．为了解乘客到达高铁站后离开的方式．某地开展问卷调查，共收到有效答复2000张，调查结果如图所示．如果当地每天离开高铁站的人数约为1.8万人，那么当地每天乘坐出租车离开的人数大约为 ．
16．据报道，我国某科研团队近期成功研制出一种新闪存器件，其快速擦写速度全球领先．已知一皮秒等于秒，该器件执行一次擦写需要400皮秒，则该器件一秒可以擦写 次（科学记数法表示）．
17．在矩形中，在边上，关于直线的对称点为，联结，，如果四边形是菱形，那么的值为 ．
18．已知一个圆与一个角的两边各有两个公共点，且在两边上截得的两条弦正好是该圆内接正五边形的两条边，那么这个角的大小是 ．
三、解答题（本大题共7题，满分78分）
19．计算：．
20．解方程：．
21．已知学校热水器有一个可以储200升（）水的储水装置，且水在装满储水装置时会自动停止，如图所示为储水量与加水时间的关系，已知温度（单位：）与的关系为：．

(1)求关于的函数解析式并写出定义域；
(2)当水加满时，储水装置内水的温度为多少？
22．小明正在进行探究活动：分割梯形并将其拼成等腰三角形，请你帮他一起探究．
(1)如图（1）所示，在梯形中，，．设为边中点，将绕点旋转，点旋转至点的位置，得到的是等腰三角形，其中，设，求边的长（用表示）；
(2)如图（2）所示，已知梯形中，，且，．请设计一种方案，用一条或两条直线将梯形分割，并使得分割成的几个部分可以通过图形运动拼成与剩余部分不重叠无缝隙的等腰三角形．请写出两腰的线段，以及这两条或一条直线与梯形的交点的位置．（模仿（1）中的论述语言：为边中点，是梯形的顶点）．
23．如图，已知，为中的两弦，联结，交弦于点，，且．
(1)求证：；
(2)如果，求证：．
24．在平面直角坐标系中，抛物线过，，与轴交于点，顶点为．
(1)求，的值．
(2)设抛物线过点，，且与轴交于点，顶点为．
①求的值；
②当四边形是直角梯形时，求该直角梯形中最小内角的正弦值．
25．在平行四边形中，，分别为边，上两点．
(1)当是边中点时，
①如图（1），联结，如果，求证：；
②如图（2），如果，联结，交边于点，求的值；
(2)如图（3）所示，联结，，如果，，，．求的长．
1．A
【分析】本题考查代数式的运算，涉及合并同类项、同底数幂相乘、幂的乘方等基本法则；逐一验证各选项的正确性即可．
【详解】解：A：，合并同类项时，系数相加，字母部分不变，的系数为1，故，结果为，计算正确；
B：加法运算中，指数不改变，仅系数相加；正确结果应为，而非，计算错误；
C：同底数幂相乘，底数不变，指数相加；，结果应为，而非，计算错误；
D：幂的乘方运算中，底数不变，指数相乘；，结果应为，而非，计算错误；
故选：A．
2．B
【分析】本题考查了列代数式，理解题中的数量关系是解题的关键； “a与b差的平方”指先求a减b的差，再将这个差整体平方，即．
【详解】解：A. ：这是平方差公式的结果，表示的平方减去的平方，而非差的平方，错误，不符合题意；
B. ：表示先求差再平方，正确，符合题意；
C. ：仅对平方后减去，未对差整体平方，错误，不符合题意；
D. ：表示减去的平方，运算顺序错误，错误，不符合题意；
故选：B．
3．D
【分析】本题考查了正比例函数的定义，形如（为常数且）的函数是正比例函数；根据此定义逐一验证各选项是否符合该形式即可．
【详解】解：A：，该函数含常数项“”，不符合正比例函数的形式，不符合题意；
B：，该函数为二次函数（最高次数为2），而正比例函数为一次函数，不符合题意；
C：，该函数可写为，属于反比例函数，不符合一次函数的形式，不符合题意；
D：，该函数可化简为，符合（）的形式，是正比例函数，符合题意；
故答案为：D．
4．D
【分析】本题考查了众数与中位数，一组数据中出现次数最多的数叫做众数；把一组数据按大小排列，最中间一个（奇数个数据）或两个（偶数个数据）数据的平均数是中位数，按照这两个概念进行求解即可．
【详解】解：从统计图知，85分出现的次数最多，故众数是85；把分数按大小排列，最中间的两个数是第30与31个数，而，故中位数是；故只有选项D正确；
故选：D．
5．C
【分析】本题考查了向量、向量的加法及向量模，理解这些知识是关键；在正方形中，向量相加的模长即为正方形对角线的长，它与边长的比值可通过勾股定理直接计算即可．
【详解】解：设正方形边长为，由勾股定理得：；在正方形中， 表示从A到B再到C的路径，其结果为向量，即；
∴．
故选：C．
6．B
【分析】本题考查了等腰三角形的性质，勾股定理，两圆相交的条件等知识，掌握两圆相交的条件是关键；根据题意，等腰的外接圆半径为5，由等腰三角形的性质、勾股定理求得；当与相交时，圆心距需满足条件，代入数值求解r的范围，进而确定选项．
【详解】解：如图，连接并延长交于点E，
∵，D为中点，
∴，；
∵锐角三角形中，，
∴外接圆心O在上，
连接，由勾股定理得：；

设以D为圆心的圆的半径为，相交应满足：，
即，解得：；
在此范围的半径只有选项B；
故选：B．
7．
【分析】原式提取ab进行分解即可．
【详解】解：原式=
故答案为：
【点睛】此题考查了提公因式法的运用，熟练掌握因式分解的提公因式方法是解本题的关键．
8．
【分析】本题考查求不等式组的解集，先求出每一个不等式的解集，找到它们的公共部分，即为不等式组的解集．
【详解】解：
由①，得：；
由②，得：；
∴不等式组的解集为：；
故答案为：．
9．
【分析】本题考查根的判别式，根据方程没有实数根，得到，进行求解即可．熟练掌握根的判别式与根的个数之间的关系，是解题的关键．
【详解】解：由题意，得：，
解得：；
故答案为：．
10．（答案不唯一）
【分析】本题主要考查了反比例函数的增减性，根据增减性可知该反比例函数的比例系数大于0，据此可得答案．
【详解】解：∵一个反比例函数在各个象限内，随的增大而减小，
∴该反比例函数的比例系数大于0，
∴符合题意的反比例函数解析式可以为，
故答案为：（答案不唯一）．
11．
【分析】本题考查解无理方程，利用平方法将方程转化为一元一次方程，进行求解，检验即可．
【详解】解：∵，
∴，
∴；
经检验，是原方程的解，
故答案为：．
12．
【分析】本题考查了二次函数图像的平移，平移法则是：左加右减，上加下减；据此法则即可求解．
【详解】解：∵函数的图像向下平移2个单位，
∴平移后的新函数的解析式为；
故答案为：．
13．
【分析】本题主要考查了简单的概率计算，直接用小杰手中卡牌上的数字与小明手中卡牌上的数字相同的卡牌数除以小杰的卡牌总数即可得到答案．
【详解】解：∵小杰一共有4种卡牌，其中有2张卡牌上的数字与小明手中卡片的数字相同，
∴小明抽出的这张卡牌中，和自己手中某一张卡牌的数字一样的概率为，
故答案为：．
14．
【分析】本题考查解直角三角形的实际应用，过点作于点，由题意，得，线段的和差求出的长，解，求出的长即可．添加辅助线构造直角三角形，是解题的关键．
【详解】解：过点作于点，则：米，
∵米，
∴米，
在中，，
∴米；
故答案为：．
15．1800人
【分析】本题考查利用样本估计总体，扇形统计图，根据扇形统计图求出样本中当地每天乘坐出租车离开的人数所占的比例，再用总人数乘以这个比例，进行计算即可．
【详解】解：（万人）（人）；
故答案为：1800人．
16．
【分析】本题主要考查了科学记数法，根据题意可得1秒等于皮秒，再由该器件执行一次擦写需要400皮秒列式求解即可．
【详解】解：，
∴该器件一秒可以擦写次，
故答案为：．
17．##
【分析】本题主要考查了矩形的性质，菱形的性质，轴对称的性质，勾股定理，由轴对称的性质可得，设，则，由菱形的性质得到，证明，利用勾股定理可得，据此可得答案．
【详解】解；∵关于直线的对称点为，
∴，
设，则，
∵四边形是菱形，
∴，
∵四边形是矩形，
∴，
∴，
∴，
∴，
故答案为：．
18．或
【分析】本题考查正多边形与圆，如图，分两种情况，当角的顶点在圆上时，如，弦为时，此时恰好是正五边形的一个内角，进行求解即可，当角的顶点在圆外部时，即交的两边，截取的两条弦为时，进行求解即可．
【详解】解：如图，当角的顶点在圆上时，如交的两边，截取的两条弦为，此时恰好是正五边形的一个内角，
∴；
当角的顶点在圆外部，即交的两边，截取的两条弦为时，
则：，
∴，
∴；
综上：这个角的大小是或；
故答案为：或．
19．
【分析】本题考查的是实数的混合运算，二次根式的混合运算，分数指数幂的含义，先分母有理化，计算分数指数幂，绝对值，负整数指数幂，再合并即可.
【详解】解：
.
20．
【分析】本题主要考查了解分式方程，先把原方程去分母化为整式方程，再解方程并检验即可得到答案．
【详解】解：
方差两边同时乘以得：，
去括号得：，
移项，合并同类项得：，
∴，
∴或，
解得或，
检验，当时，，此时是原方程的增根，
当时，，此时是原方程的解，
∴原方程的解为．
21．(1)
(2)
【分析】本题主要考查了一次函数的实际应用，求分式的值，正确求出对应的函数解析式是解题的关键．
（1）利用待定系数法求出对应的函数解析式，再求出函数值为200时自变量的值即可求出定义域；
（2）根据（1）所求可得加满水时，x的值，据此代值计算即可．
【详解】（1）解：设关于的函数解析式为，
把代入中得，
∴，
∴关于的函数解析式为，
当时，，
∴；
（2）解；由（1）可得当时，，
∴加满水时，，
∴
答：当水加满时，储水装置内水的温度为．
22．(1)
(2)见解析
【分析】本题考查了变换：旋转、平移与轴对称，等腰三角形的性质等知识；
（1）过点D作于H，则由等腰三角形的性质得；证明四边形是矩形，则有；再由旋转知，则可求得的长，最后求得结果；
（2）连接，把通过平移变换，再轴对称变换得到，则为满足条件的等腰三角形．
【详解】（1）解：如图，过点D作于H，
∵，
∴；
∵，，
∴，
∴，
∴四边形是矩形，
∴；
由旋转知，
∴，
∴，
∴；
（2）解：如图（2），连接，把沿平移使M与P对应，得到；再把沿对折，得到，H与N是对应点，则是等腰三角形，其中两腰分别为，点N、Q分别是梯形的顶点．
23．(1)见解析
(2)见解析
【分析】本题主要考查了相似三角形的性质与判定，弧，弦与圆心角之间的关系，全等三角形的性质与判定，等腰三角形的性质与判定等等，正确作出辅助线是解题的关键．
（1）连接，由等边对等角得到，利用证明，得到，证明，得到，则可证明；
（2）连接，由，得到，，证明，得到，则可证明，进而证明，推出；再证明，得到，则可证明．
【详解】（1）证明：如图所示，连接，
∵，
∴，
在和中，
，
∴，
∴，
∵，
∴，
又∵，
∴，
∴，
∴；
（2）证明：如图所示，连接，
∵，
∴，，
又∵，
∴，
∴；
由（1）可得，
∴，
又∵，
∴，
∴，
∴，
∴；
∵，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴．
24．(1)
(2)①3；②或．
【分析】（1）利用待定系数法求解即可；
（2）①先把抛物线的解析式化为顶点式求出点P坐标，再求出点C坐标；把点A和点B坐标代入中可得抛物线的解析式为，据此可求出点P和点D的坐标，再表示出即可得到答案；
②可证明轴，即，则当四边形是直角梯形时，只有或，据此画出对应的示意图，讨论求解即可．
【详解】（1）解：∵抛物线过，，
∴，
∴；
（2）解：①由（1）得抛物线得解析式为，
∴点P的坐标为，
在中，当时，，
∴点C的坐标为；
∵抛物线过点，，
∴，
∴，
∴抛物线的解析式为，
∴抛物线的对称轴为直线，
在中，当时，，
当时，，
∴，，
∴，，
∴；
②∵，，
∴轴，即，
∴当四边形是直角梯形时，只有或，
如图2-1所示，当时，
∵点C的坐标为，，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴，
∵，
∴，
在中，，
∴；
如图2-2所示，当时，
∵，，
∴，
∴，
∴，
∴；
如图所示，过点Q作轴于H，则，
∴，
在中，由勾股定理得，
∴．
综上所述，当四边形是直角梯形时，该直角梯形中最小内角的正弦值为或．
【点睛】本题主要考查了求二次函数解析式，求角的正弦值，二次函数的性质，二次函数与几何综合等等，利用分类讨论的思想求解是解题的关键．
25．(1)①见解析；②
(2)
【分析】（1）①延长交于H，可证明，得到，则可证明，得到，则；
②如图所示，延长交于M，由平行四边形的性质得到，，证明，，得到，，则；设，则，，进而可得，即可得到；可证明，，设，则，则，据此可得答案；
（2）延长交于M，由平行四边形的性质可得，，证明，，再证明，得到，求出，设，则由相似三角形的性质可得，，进而可得；再由，得到，则，解方程即可得到答案．
【详解】（1）解：①如图所示，延长交于H，
∵四边形是平行四边形，
∴，
∴，
∵是边中点，
∴，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴，
∴；
②如图所示，延长交于M，
∵四边形是平行四边形，
∴，，
∴，，
∴，，
∴，
∵是边中点，
∴，
设，则，
∴，
∴，
∵，
∴；
∴，，
设，则，
∴，
∴；
（2）解；如图所示，延长交于M，
∵四边形是平行四边形，
∴，，
∴，
∵，
∴，
又∵，
∴；
∵，，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴，
∵，
∴，
设，
∵，
∴，即
∴，
∵，即，
∴，
∴；
∵，
∴，即，
∴，解得或（舍去），
∴．
【点睛】本题主要考查了平行四边形的性质，全等三角形的性质与判定，相似三角形的性质与判定，等腰三角形的性质与判定，正确作出辅助线构造全等三角形和相似三角形是解题的关键．