贵州省遵义市第四中学2025-2026学年高一上学期开学分班检测物理试卷

这是一份贵州省遵义市第四中学2025-2026学年高一上学期开学分班检测物理试卷，共10页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．小明晚上在书房做功课，把台灯插头插入书桌边的插座，闭合台灯开关，发现家里的空气开关“跳闸”。造成这一现象的原因可能是（）
A．台灯的灯丝断了B．台灯内部短路
C．台灯的功率过大D．插座与台灯插头接触不良
2．1986 年 5 月，在河南舞阳县发掘出 16 支竖吹骨笛，骨笛用鹤的尺骨制成，多为七孔，
取其中保存完整者，用竖吹方法测试，可奏出六声音阶的乐音，音阶指的是声音的（
）
A．音色 B．响度C．音调D．音速 3．关于误差，下列说法中正确的是（ ）
A．采用多次测量取半均值方法能减小误差 B．采用更精密的测量仪器可以消除误差
C．误差是可以避免的D．错误数据就是指测量误差较大的数据 4．在如图的电路中，电源电压保持不变， R0 为定值电阻，滑动变阻器 R 的最大阻值为 RM
，移动滑动变阻器的滑片 P 从 A 端到 B 端，滑动变阻器的电功率随电流表示数变化的完整图线如图，图线中 a、b 两点对应的电功率均为 P1 ，且 c 点对应的是滑动变阻器的最大电功率 P2 ，且 P1 : P2  3 : 4 ，则图线中 b 点对应的电路状态中，滑动变阻器接入电路中的电阻大小（ ）
A． R0
B． R0
C． 2RD． 3R
2300
如图所示是某同学设计的监测河水流速变化的装置原理图．机翼状的探头始终浸没在 水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片 P 上下移动，电源电压保持4.8V 不变，电流表量程为0 ~ 0.6A ,电压表量程为0 ~ 3V ,定值电阻 R1阻值为6 ，滑动变阻器 R2 的规格为“ 20 1A ”．闭合开关 S，随着水流速度的改变，下列说法正确的是（）
①当水流速度增大时，电压表与电流表的示数之比变大
②当水流速度增大时，电流表的示数变大
③滑动变阻器允许接入电路的取值范围为2 ~ 15
④电阻 R1的电功率的变化范围为0.54W ~ 2.16W
①②④B．①④C．②③④D．②④
为了避免驾驶员在汽车行驶时低头看仪表造成事故，人们发明了如图甲所示的抬头显示器（简称 HUD），如图乙所示是 HUD 工作原理图，将水平显示器上的行车数据通过前挡风玻璃呈现在正前方，驾驶员透过挡风玻璃（看作平面镜）往前方观看的时候，能够将车外的景象与竖直呈现的行车数据融合在一起，下列说法正确的是（）
挡风玻璃上所成的像是实像B．挡风玻璃上所成的像是虚像 C．挡风玻璃上所成的像比原物体小D．像和物体关于挡风玻璃不对称
以下现象解释正确的是（）
轮船从河里航行到海里时，浮力保持不变
飞机升力的获得利用了“流体流速越大，压强越大”的原理 C．用起子开啤酒瓶盖，是为了省距离
D．饮料吸管的一端剪成斜的，是为了增大压力
如图所示，把质量分布均匀的圆柱体甲和装有适量某液体的圆柱形容器乙放在同一水平桌面上，在甲物体上，沿水平方向截取一段长为 x 的物体 A，并平稳放入容器乙中，用力使 A 物体刚好浸没在液体中（A 不与容器乙接触，液体无溢出）。截取后，甲、乙对桌面的压强随截取长度 x 的变化关系如图丙所示（图中 p0 未知）。已知甲和乙容器的底面积之比为3 : 4 ，甲的密度为1.2 103 kg/cm3 ，容器乙的壁厚和质量均忽略不计，g 取10N/kg ，则下列说法正确的是（）
圆柱体甲截取前和容器乙中液体的质量之比为16 : 3
甲截取前，用力将甲刚好浸没在液体乙中（甲不与容器接触，液体无溢出），此时乙对桌面的压强为1600Pa
p0  800Pa
乙液体的密度为0.8103 kg/m3
二、填空题（本大题共 3 小题）
如图甲所示，边长为 10cm，密度为 0.6g/cm3 的实心均匀正方体 A，静止放置在重为
10N、底面积为 200cm2、高为 16cm 的薄壁容器底部。底面积 50cm2、高为 10cm、重为
16N 的长方体 B，由轻质细线悬挂于天花板。现往容器中注入某种液体，正方体 A 慢慢上浮并与长方体 B 固定粘合。当液体深度为 15cm 时（图乙），液体对容器底的压强为 1800Pa，且正方体 A 露出液面的高度为 2cm，g 取 10N/kg。则液体的密度为 g/cm3；乙图中，轻质细线对长方体 B 的拉力为N；若轻轻剪断乙图中的细线，待 AB 整体静止后，相较于乙图，容器对桌面的压强变化量为Pa。
图 a 是实践小组设计的自动储水箱简图，竖直细杆固定在水箱底部，浮筒可沿细杆上下移动，水箱中水深为 0.1m 时，浮筒对水箱底部的压力刚好为零；水深为 0.4m 时，浮筒开始接触进水阀门；水深为 0.6m 时，浮筒使进水阀门完全关闭，浮筒所受浮力和水深关系的图像如图 b，已知ρ  1103 kg / m3 ，g 取10N / kg
水
水深从 0.1m 到 0.4m 的过程中，浮筒排开水的重力，水对箱底产生的压强
（以上两空选填“变大”“变小”或“不变”）；
阀门完全关闭时，求：①水对箱底产生的压强；②浮筒排开水的体积

在学校开展的“走进烹饪”的劳动实践活动中，小明探索到厨房里蕴含着丰富的物理知识。
吸盘挂钩在的作用下，被压在平滑的墙壁上，可以用来悬挂铲子等厨具。
电热水壶是利用电流的 效应工作的。电热水壶具有加热与保温两种功能，其内部简化电路如图所示。开关 S1 闭合、S2 时为加热挡。若电热水壶加热挡的额定功率为 1200W，其正常工作 3min 消耗的电能为J。
三、实验题（本大题共 1 小题）
图甲是某型号电开水器结构简图，图乙是它的电路原理图。控制进水口的浮球阀由不锈钢浮球、绕 O 点转动的金属杆 ABC 、连杆CD 、活塞组成。使用时，将插头插入家庭电路的插座中，电压为220V 。冷水自进水口进入冷水箱，再经连通管进入煮水箱，当冷水箱水位达到设定高度，浮球浮起， AB 水平，连杆CD 水平向右推动活塞堵住进水口，停止进水，同时开关 S2 闭合，开关 S1 与触点 2 接通，煮水箱中的电热管 R1工作，额定煮水功率为3300W ，水沸腾后经出水管溢入贮水箱，冷水再补充入煮水箱，冷水箱中水位下降，
进水口打开进水，同时 S2 断开，重复上述过程，至贮水箱中注满水后，开关 S1 与触点 1
接通，贮水箱中的电热管 R2 工作，进行保温，额定保温功率为660W 。保温时，S3 同时接通，当电磁铁线圈中的电流达到0.02A ，衔铁 P 被吸起（开关断开）；当电磁铁线圈中电流减小到0.01A ，衔铁 P 被释放（开关重新接通），使贮水箱内热水温度维持在90℃ ~ 95℃
R3 是定值电阻。 RT 是热敏电阻，其温度与贮水箱内水温相同，温度每升高1℃，电阻减
小100 ，电磁铁线圈的电阻忽略不计。（ c  4.2 103 J / kg ℃ ， ρ  1.0 103 kg / m3 ，
水水
g 取10N/kg ）
该电开水器正常工作时，熔断器上通过的最大电流为；
A． 3AB．12AC．15AD．18A
该电开水器煮水箱电热管 R1连续正常工作 1 小时能产生33L 的开水，若冷水温度为 22℃，开水温度为100℃，则煮水箱的加热效率为；
冷水箱中的浮球质量为0.55kg ，金属杆 ABC 质量和体积忽略不计，进水口被活塞堵
住不能进水时，若浮球恰好一半体积浸在水中，连杆CD 受到活塞对它水平向左的推力为 30N ；若浮球全部浸没于水中，此时连杆能够承受活塞的水平推力为90N ，则浮球体积为 m3 ，贮水箱中保温控制电路的电压 U 是V。
四、解答题（本大题共 1 小题）
图甲是某款电熨斗，图乙是其电路原理图。已知电源电压为220V ， R1、 R2 为发热体
。该电熨斗两挡功率分别为100W 和500W ，通过开关S 实现温度控制， S 闭合时为高温挡

求 R1的阻值；
在使用过程中，若电熨斗10min 消耗电能1.32 105 J ，请通过计算说明：在这段时间内电熨斗处于何种工作状态，并求出相应状态下的工作时间；
为了适应不同室温和更多衣料，小明对电路做了改进，将 R2 换成滑动变阻器 R3，如图丙所示， R1、 R3均为发热体。假定电熨斗每秒钟散失的热量Q 跟电熨斗表面温度与环境温度的温度差t 关系如图丁所示，则在一个20℃的房间内，要求电熨斗表面保持220℃不变，应将 R3的阻值调为多大？
参考答案
1．【答案】B
【详解】AD．灯丝断了，插座与台灯插头接触不良，都是断路故障，断路故障没有电流，
不会跳闸，AD 错误；
B．台灯内部短路，短路电流太大，空气开关一定“跳闸”，B 正确； C．台灯的功率过大，台灯能正常发光，不会跳闸，C 错误。选 B。 2．【答案】C
【详解】音阶指声音频率的高低，而声音频率的高低叫音调。选 C。 3．【答案】A
【详解】A．采用多次测量取半均值方法能减小误差，故 A 正确；
B．采用更精密的测量仪器可以减小误差，但不能消除误差，故 B 错误； C．误差是不可比避免的，而错误测量可以避免，故 C 错误；
D．错误数据是测量过程中没有遵守操作规范或读数时粗心造成的，不是指测量误差较大的数据，故 D 错误。
故选 A。 4．【答案】B
【详解】由图知 a 点时电流最小，滑动变阻器的电阻最大，滑片 P 在 A 端，电功率为 P1 ，
U
则 P1   R  R
2
 RM ，滑动变阻器的电功率
 0M 
U
P滑   R  R
2
  R滑 
U 2
R  R
U 2
2R  R2
，当 R
 R 时，滑动变阻器消耗的
 0滑 
 0滑   0滑   4R滑0
0
R滑R滑
U 222
4R R3
功率最大，最大为 P ，所以 P : P  U R : U 3 : 4 ，可得0 M 
24R
12R  R
M 4R
 R  R 24
0 0M 00M
，化简可得3R0  RM  R0  3RM   0 ，根据前面分析可知 RM 大于 R0 ，解得 RM  3R0 ，图线中 b 点对应的电路状态中，设滑动变阻器接入电路中的电阻为 R，且 RM  3R0 ，已知此
U2U2
时变阻器消耗的电功率也为 P1 ，则有 P1   R  R  RM   R  R  R ，因 b 点对应的电路
 0M  0
状态中的电流较大，则变阻器接入电路的阻值较小，解得 R  R0 ，选 B。
3
【答案】D
【详解】由图知，定值电阻 R1 与变阻器 R2 串联，电压表测变阻器 R2 的电压，电流表测电路的电流；①②流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小，当水流速度增大时
，机翼状的探头上下表面受到的压强不同，下表面受到的压强大于上表面受到的压强，R2
的滑片上移，接入电路的阻值减小，由 I  U ，变形 R  U ，可知，电压表与电流表的示
RI
数之比等于 R2
接入电路中的阻值，则其比值变小；根据 I  U
R总
，可知，电流表示数变大
，①错误，②正确；③④当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流
I  U
R1
 4.8 A=0.8A，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为 0～0.6A，所以，
6
电路中的最大电流为 0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，为 R U  R  2
minI1
1
，此时电阻 R1 的电功率最大，为 P  I 2R  2.16 W，当电压表的示数最大为 3V 时，滑动
变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R1 的功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时 R1 的电压U1  U U2  1.8 V，则电路中最小的电流
R
I 
I   U1  0.3 A，则滑动变阻器接入电路中的最大阻值 R U2  10  ，所以，滑动变阻器
max
1
1
允许接入电路的取值范围为 2.5  ～10  ，③错误；电阻 R1 的最小功率 P  I 2 R  0.54 W
，所以，电阻 R1 的电功率的变化范围为 0.54W∼2.16W，④正确。综上可知，②④正确。
选 D。
【答案】B
【详解】（1）平面镜成像的原理是光的反射；
（2）根据平面镜成像特点：成正立等大的虚像、像物大小相等、到平面镜的距离相等、
连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称分析解答。
【解答】A．挡风玻璃相当于平面镜，根据平面镜成像特点可知，挡风玻璃上所成的像是正立的虚像，故 A 错误；
B．挡风玻璃相当于平面镜，所成的像是由于光的反射形成的虚像，故 B 正确；
CD．根据平面镜成像特点，像和物关于镜面对称，所成的像与物体等大，故 CD 错误。故选 B。
【点评】此题主要考查学生对于平面镜成像特点和平面镜在生活中的应用的理解和掌握。
难度不大，属于基础题目。
【答案】A
【详解】A．轮船无论是在河里还是在海里，都处于漂浮状态，浮力等于重力，重力不变
，所以浮力也不变，A 正确；
B．机翼的上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，B 错误； C．起子开啤酒瓶，起子是一个省力杠杆，是为了省力，不是省距离，C 错误；
D．将饮料吸管的一端剪成斜的，是为了便于插入饮料瓶，是通过减小受力面积，增大压强来实现的，不是增大压力，D 错误。选 A。
【答案】D
【详解】A．由图可知，截取前圆柱体甲对桌面的压强为 p甲  4 p0 ，容器乙对桌面的压强
为 p  p ，由 p  F 、m  G 可知，圆柱体甲截取前和容器乙中液体的质量之比为
S
乙0g
m甲  p甲S甲 g 4  3  3 ，A 错误；
m乙gp乙S乙4
BC，根据题意，设截取前圆柱体甲的高度为 h，则由图丙有4 p0  ρ甲gh ，若圆柱体甲截取
x  10cm ，结合图丙有2 p0  ρ甲g h  x ，解得h  20cm  0.2m ，则圆柱体甲截取前对桌
面的压强为 p  4 p  ρ gh  1.2 103 10  0.2Pa  2400Pa ，解得 p  600Pa ，B C 错误；
0甲0
D．容器乙中未放入物体 A 时，结合图丙可知，液体对容器底的压强为 p0  ρ乙gh乙 ，若圆柱体甲截取 x  10cm ，圆柱体甲截取的体积为V甲  S甲x ，液体乙上升的高度为
h  V甲  S甲x  7.5cm ，结合图丙有2 p  ρ g h  Δh ，解得h  7.5cm  0.075m ，则
S乙S乙
0乙乙乙
容器乙中液体的密度为ρ乙 
【答案】1.2；12.4；440
p0 gh乙
 0.8103 kgm3 ，D 正确。选 D。
【详解】根据液体压强公式可得ρ液 
p 1800kg/m3  1.2 103 kg/m3  1.2g/cm3 ，物体
gh10  0.15
A 的重力为G  m g  ρl3 g  0.6 103  0.13 10N  6N ，A 受到的浮力为
AAA A
F  ρ gV  1.2 103 10  0.1 0.1(0.1 0.02)N  9.6N  G ，根据平衡条件可得
浮液排A
FBA  F浮  GA  3.6N ，因为力的作用是相互的，所以 A 对 B 的支持力大小为
FAB  FBA  3.6N ，所以轻质细线对长方体 B 的拉力大小为
F拉  GB  FAB  16N  3.6N  12.4N ，剪断细线前，容器中液体对容器底的压力大小为
F  pS容  1800  0.02N  36N ，容器对桌面的压力大小为 F容  G容  F  46N ，容器对桌面
的压强为 p容
 F容 
S容
46 Pa  2.3103 Pa ，剪断细线后，以 AB 为整体，整体质量为
0.02
m GA  GB  6 16 kg  2.2kg ，整体体积为

ABgg10
V V  V  0.13 m3  0.005 0.1m3  1.5103 m3 ，整体的密度为
ABAB
ρ  mAB 2.2kg/m3  1.47 103 kg/m3  ρ ，则整体将沉底，液体溢出，整体触底时
V
AB
AB1.5103液
3 3
，余下的液体体积为V余  0.02  0.16  0.13  0.005 0.06m3  1.9 10 m ，余下的液体重力
大小为G  ρ V g  1.2 103 1.9 103 10N  22.8N ，容器对桌面的压力大小为
余液 余
F   G  G  G  G  54.8N ，容器对桌面的压强为 p  F容  54.8 Pa  2.74 103 Pa ，
S
容
容容余AB
容0.02
所以容器对桌面的压强变化量为p  p  p  (2.74  2.3) 103 Pa  440Pa 。
容容
【答案】（1）不变；变大；（2） 6 103 Pa ； 7.5104 m3
【详解】（1）根据图 b 可得，在水深从 0.1m 到 0.4m 的过程中，浮筒所受浮力不变，根据阿基米德原理，可得浮筒排开水的重力不变。，在水深从 0.1m 到 0.4m 的过程中，水的深度增大，液体的压强增大，故水对箱底产生的压强变大。
（2）阀门完全关闭时，水深为h  0.6m ，根据 p  ρgh ，代入数据可得水对箱底产生的
压强 p  6 103 Pa ，根据图 b 可得，阀门完全关闭时，浮筒所受浮力为7.5N ，根据
F  ρgV排
，代入数据解得V排
 7.5104 m3 。
【答案】（1）大气压；（2）热；闭合；2.16 × 105
【详解】（1）由于大气压的作用，吸盘被压在平滑的墙壁上，可以用来悬挂铲子等厨具
；
（2）电热水壶是利用电流的热效应工作的；由图可知，当开关S1 闭合、S2 断开时， R1、
U2
R2 串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，由P，可知电路的总
R
功率最小，电热水壶处于保温挡；当开关S1 、S2 都闭合时，只有 R2 工作，电路的总电阻
最小，总功率最大，电热水壶处于加热挡；由P 
W可知电热水壶加热挡正常工作 3min
t
消耗的电能? = ?? = 1200? × 3 × 60? = 2.16 × 105?。
【答案】C91%2.2×10-310
【详解】（1）[1]由题意可知，开关 S2 闭合，开关 S1 与触点 2 接通，煮水箱中的电热管 R1
工作，额定煮水功率为3300W ，工作电路中功率最大，所以熔断器上通过的最大电流
I P最大  3300W  15A
最大U
故 C 符合题意，ABD 不符合题意。故选 C。
（2）[2] 33L 的开水的质量
220V
m  ρV  1103 kg/m3  33103 m3  33kg
冷水温度为22℃，开水温度为100℃，则水吸收热量
吸
Q  cmΔt  4.2 103 J/ kg ℃ 33kg 100℃-22℃  10810800J
电热管 R1连续正常工作 1 小时，产生热量
Q放  Pt  3300W  3600s  11880000J
则煮水箱的加热效率
η Q吸 100%  10810800J 100%  91%
Q放11880000J
（3）[3]浮球质量为 0.55kg，则浮球的重力
G 球=m 球g=0.55kg×10N/kg=5.5N
若浮球恰好一半体积浸在水中，连杆 CD 受到活塞对它水平向左的推力为 30N，根据杠杆平衡原理可得
(F 浮 1-G)×l1=F 推 1×l2
浮球全部浸没于水中，此时连杆能够承受活塞的水平推力为 90N，根据杠杆平衡原理可得 (F 浮 2-G)×l1=F 推 2×l2
根据阿基米德原理可得
F 浮 2=2F 浮 1
解得一半浮球受到的浮力
F 浮 1=2G=2×5.5N=11N
由阿基米德原理可得，浮球的体积
V  2V
 2  F浮1
 2 
11N
 2.2 103 m3
ρ g
水
球排1103 kg / m3 10N / kg
[4]贮水箱内热水温度维持在90℃ ~ 95℃，则温度在 95℃时，电磁铁线圈中的电流达到 0.02A ，衔铁 P 被吸起， RT 是热敏电阻，其温度与贮水箱内水温相同，温度每升高1℃，电阻减小100 ，设此时电阻为 RT ，则贮水箱中保温控制电路的电压
U1  0.02A R3  RT  ①
温度在 90℃时，电磁铁线圈中电流减小到0.01A ，衔铁 P 被释放，此时 RT 电阻为
RT  500Ω ，则贮水箱中保温控制电路的电压
U1  0.01A R3  RT  500Ω ②
联立①②解得
U1=10V
13．【答案】（1） 96.8 ；（2）电熨斗在 P  100W 下工作了 420s，在 P  500W 下工作了 180s；（3） 24.2
【详解】（1）当S 闭合时，只有 R1接入电路，对应高温挡功率 P  500W ，
U2
由P，
R
U 2
得 R1  P
220V2

500W
 96.8Ω 。
W1.32 105 J
这段时间内电熨斗的平均功率 P  220W ，
t10  60s
因为100W  220W  500W ，所以这段时间内电熨斗在 100W 到 500W 之间切换；
设电熨斗在 P  100W 下工作时间为 t，则有W  P1t  P2 600s  t  ，已知W  1.32 105 J 、 P1  100W 、 P2  500W ，代入可得t  420s ，即电熨斗在 P  100W 下工作了 420s，在 P  500W 下工作了 180s。
由题干可知室温为20C，电熨斗表面为220C，则温差t  220C  20C  200C ，
观察图像丁可知，在温差为200C下电熨斗每秒钟散失的热量为 400J，则损失热量的功率
为 P  W
t
 400J  400W ，
1s
要想保持电熨斗表面温度不变，则电熨斗的加热功率 P  400W ，电路丙中消耗的总功率
U 2
P ，
R1  R3
已知 P  400W 、U  220V 、 R1  96.8 ，
代入可得 R3  24.2 。