2025年黑龙江、吉林、辽宁、内蒙古高考物理真题（解析版）

这是一份2025年黑龙江、吉林、辽宁、内蒙古高考物理真题（解析版），共17页。试卷主要包含了选择题必须使用2B铅笔填涂， 如图等内容，欢迎下载使用。
物理
本试卷共15题，共100分
注意事项:
1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂:非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整，笔记清楚。
3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。
4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5.保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题:本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分;第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 书法课上，某同学临摹“力”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。笔尖由a点经b点回到a点，则（ ）
A. 该过程位移为0B. 该过程路程为0
C. 两次过a点时速度方向相同D. 两次过a点时摩擦力方向相同
【答案】A
【解析】
【详解】A．笔尖运动的初位置和末位置重合（a点→b点→a点），位移矢量变化量为零，故A正确；
B．笔尖由a点经b点回到a点过程，轨迹为闭合曲线路径，轨迹总长度＞0，则路程不为零，故B错误；
C．曲线运动的速度方向为该点的切线方向，两次过a点时轨迹的切线方向（如图箭头所示），则速度方向不同，故C错误；
D．摩擦力方向与瞬时速度方向相反，则两次过a点时速度方向变化→摩擦力方向同步变化，故D错误。
所以选A 。
2. 某同学冬季乘火车旅行，在寒冷的站台上从气密性良好的糖果瓶中取出糖果后拧紧瓶盖，将糖果瓶带入温暖的车厢内一段时间后，与刚进入车厢时相比，瓶内气体（ ）
A. 内能变小B. 压强变大
C. 分子的数密度变大D. 每个分子动能都变大
【答案】B
【解析】
【详解】A．瓶内气体进入温暖车厢后，温度升高，而理想气体内能只与温度相关，则内能变大，故A错误；
B．将糖果瓶带入温暖的车厢过程，因瓶盖拧紧气体体积恒定，根据查理定律，温度升高，则压强变大，故B正确；
C．由于瓶盖拧紧，瓶子气密性良好，气体分子总数不变，刚性容器气体体积不变，则分子的数密度不变，故C错误；
D．温度升高，气体分子的平均动能增大，但分子运动遵循统计规律，单个分子的动能可能减小、增大或不变，故D错误。
所以选 B。
3. 如图，利用液导激光技术加工器件时，激光在液束流与气体界面发生全反射。若分别用甲、乙两种液体形成液束流，甲的折射率比乙的大，则（ ）
A. 激光在甲中的频率大B. 激光在乙中的频率大
C. 用甲时全反射临界角大D. 用乙时全反射临界角大
【答案】D
【解析】
【详解】AB．激光的频率由光源本身决定，与传播介质无关。因此激光在甲乙两种介质中传播时，其频率保持不变，故AB错误；
CD．根据全反射临界角公式：，其中n为液体的折射率，已知n甲＞n乙，则用乙液体时临界角较大，故C错误，D正确。
所以选D 。
4. 如图，某压力传感器中平行板电容器内的绝缘弹性结构是模仿犰狳设计的，逐渐增大施加于两极板压力F的过程中，F较小时弹性结构易被压缩，极板间距d容易减小；F较大时弹性结构闭合，d难以减小。将该电容器充电后断开电源，极板间电势差U与F的关系曲线可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】根据公式电容的定义式，
电容的决定式，
可得
根据题意F较小时易被压缩，极板间距d减小，可知当F较小时，d在减小，而电容器断开电源后Q不变，故此时极板间的电势差U在减小；当F增大到一定程度时，弹性结构闭合，d基本不变，故此时U保持不变，结合图像，最符合情境的是D选项。
所以选D。
5. 平衡位置在同一水平面上的两个振动完全相同的点波源，在均匀介质中产生两列波。若波峰用实线表示，波谷用虚线表示，P点位于其最大正位移处，曲线ab上的所有点均为振动减弱点，则下列图中可能满足以上描述的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】BD：根据题意P点处于最大正位移处，故可知此时P点为两列波的波峰与波峰相遇处；故排除BD选项；
A：根据干涉规律可知，振动加强点：两列波同相位叠加（波峰-波峰或波谷-波谷），振动减弱点：两列波反相位叠加（波峰-波谷）
。
如图所示，图中虚线为振动减弱区，实线为振动加强区，A图像中的曲线ab上的点与振动加强区存在交点，故曲线ab上存在振动加强点，不符合题意。
所以选C。
6. 如图，趣味运动会的“聚力建高塔”活动中，两长度相等的细绳一端系在同一塔块上，两名同学分别握住绳的另一端，保持手在同一水平面以相同速率v相向运动。为使塔块沿竖直方向匀速下落，则v（ ）
A 一直减小B. 一直增大
C. 先减小后增大D. 先增大后减小
【答案】B
【解析】
【详解】设两边绳与竖直方向的夹角为，塔块下落速度为u。
将手部运动速度v分解为：沿绳分量：vsinθ，垂直绳分量：vcsθ；
将塔块速度u分解为：沿绳分量：ucsθ，垂直绳分量：usinθ，
关联速度关系塔块沿绳速度分量与手部速度沿绳分量相等，即ucsθ=vsinθ，解得v=
由于塔块匀速下落时在减小，故可知v一直增大。
故选B。
7. 如图，光滑绝缘水平面AB与竖直面内光滑绝缘半圆形轨道BC在B点相切，轨道半径为r，圆心为O，O、A间距离为。原长为的轻质绝缘弹簧一端固定于O点，另一端连接一带正电的物块。空间存在水平向右的匀强电场，物块所受的电场力与重力大小相等。物块在A点左侧释放后，依次经过A、B、C三点时的动能分别为，则（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可得A点弹簧伸长量为，B点和C点弹簧压缩量均为，三个位置弹簧弹性势能相等，故A→B→C过程中弹簧净做功为零。
A→B过程：电场力做正功，动能增加，
B→C过程：电场力做功为零，而重力做负功，则动能减小，
由A→B→C全过程则有
因此
所以选C。
8. 某理论研究认为，原子核可能发生双衰变，衰变方程为。处于第二激发态的原子核先后辐射能量分别为和的、两光子后回到基态。下列说法正确的是（ ）
A. B.
C. 的频率比的大D. 的波长比的大
【答案】ABC
【解析】
【详解】AB．由核反应方程质量数守恒可得：,电荷数守恒可得:，解得A=100,y=2，故AB正确；
CD．由光子的能量公式，而光子的能量大于光子的能量，可得的频率大于的频率，由波长，的波长小于的波长，C正确，D错误；
所以选ABC。
9. 如图，“”形导线框置于磁感应强度大小为B、水平向右的匀强磁场中。线框相邻两边均互相垂直，各边长均为l。线框绕b、e所在直线以角速度顺时针匀速转动，be与磁场方向垂直。时，abef与水平面平行，则（ ）
A. 时，电流方向为abcdefa
B. 时，感应电动势
C. 时，感应电动势为0
D. 到过程中，感应电动势平均值为0
【答案】AB
【解析】
【详解】AB．根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化，时刻线框bcde的磁通量减少，根据右手螺旋定则，感应电流的方向为bcde,而线框abef的磁通量在增大，同理感应电流的方向为efab，故电流方向为。线框bcde垂直于磁场，边速度与磁场方向平行，不产生电动势，因此此时线框efab的边切割产生电动势，电动势为，AB正确；
C．时，线框半圈（旋转180°），此时仍然是边有效切割，产生电动势，感应电动势不为零，C错误；
D．到时，线框的磁通量初末时刻磁通量都为零，故线框的磁通量变化量为零，线框的磁通量变化量为
由法拉第电磁感应定律可得平均电动势为，D错误。
故选AB。
10. 如图（a），倾角为的足够长斜面放置在粗糙水平面上。质量相等的小物块甲、乙同时以初速度沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分别为、，整个过程中斜面相对地面静止。甲和乙的位置x与时间t的关系曲线如图（b）所示，两条曲线均为抛物线，乙的曲线在时切线斜率为0，则（ ）
A.
B. 时，甲的速度大小为
C. 之前，地面对斜面的摩擦力方向向左
D. 之后，地面对斜面的摩擦力方向向左
【答案】AD
【解析】
【详解】B．在位置-时间图像中的斜率表示速度，由于甲乙两个物块的曲线均为抛物线，可知甲物体做匀加速运动，乙物体做匀减速运动，根据匀变速直线运动平均速度公式，可得在时间内甲乙的位移
解得时刻甲物体的速度为，B错误；
A．甲物体的加速度大小为
乙物体的加速度大小为
由牛顿第二定律可得甲物体
同理可得乙物体
联立可得，A正确
C．设斜面的质量为，取水平向左为正方向，将甲乙和斜面看作整体，由系统牛顿牛顿第二定理可得整体水平方向合力
则之前，甲乙加速度都不变，所以地面和斜面之间摩擦力为零，C错误；
D．之后，乙物体保持静止，甲物体继续沿下面向下加速，由系统牛顿第二定律可得
即地面对斜面的摩擦力向左，D正确。
故选AD。
二、非选择题:本题共5小题，共54分。
11. 在测量某非线性元件的伏安特性时，为研究电表内阻对测量结果的影响，某同学设计了如图（a）所示的电路。选择多用电表的直流电压挡测量电压。实验步骤如下：
①滑动变阻器滑片置于适当位置，闭合开关；
②表笔分别连a、b接点，调节滑片位置，记录电流表示数I和a、b间电压；
③表笔分别连a、c接点，调节滑片位置，使电流表示数仍I，记录a、c间电压；
④表笔分别连b、c接点，调节滑片位置，使电流表示数仍为I，记录b、c间电压，计算；
⑤改变电流，重复步骤②③④，断开开关。
作出、及曲线如图（b）所示。
回答下列问题：
（1）将多用电表的红、黑表笔插入正确的插孔，测量a、b间的电压时，红表笔应连_________接点（填“a”或“b”）；
（2）若多用电表选择开关旋转到直流电压挡“”位置，电表示数如图（c）所示，此时电表读数为________V（结果保留三位小数）；
（3）图（b）中乙是_________（填“”或“”）曲线；
（4）实验结果表明，当此元件阻值较小时，_________（填“甲”或“乙”）曲线与曲线更接近。
【答案】（1）a （2）0.377
（3）
（4）甲
【解析】
【小问1详解】
根据多用电表接线的“红进黑出”原则，红表笔连接"+"插孔（电流流入端），故测量a、b间的电压时，红表笔应连a接点。
【小问2详解】
0.5V的直流电压挡，最小分度值为0.01V，读数时在下一位进行估读，由图可知此时指针位于37.6-37.8小格之间，所以电压表读数为0.377V。
【小问3详解】
电压测量对比分析：
故图（b）中乙是曲线。
【小问4详解】
根据电流表内接法和外接法的“大内大，小外小”选择原则，由题意可知此元件阻值较小时，甲曲线是电流表外接法的图像，所以甲与曲线更接近。
12. 某兴趣小组设计了一个可以测量质量的装置。如图（a），细绳1、2和橡皮筋相连于一点，绳1上端固定在A点，绳2下端与水杯相连，橡皮筋的另一端与绳套相连。
为确定杯中物体质量m与橡皮筋长度x的关系，该小组逐次加入等质量的水，拉动绳套，使绳1每次与竖直方向夹角均为且橡皮筋与绳1垂直，待装置稳定后测量对应的橡皮筋长度。根据测得数据作出关系图线，如图（b）所示。
回答下列问题：
（1）将一芒果放入此空杯，按上述操作测得，由图（b）可知，该芒果的质量_________g（结果保留到个位）。若杯中放入芒果后，绳1与竖直方向夹角为但与橡皮筋不垂直，由图像读出的芒果质量与相比_________（填“偏大”或“偏小”）。
（2）另一组同学利用同样方法得到的图像在后半部分弯曲，下列原因可能的是_________。
A. 水杯质量过小B. 绳套长度过大
C. 橡皮筋伸长量过大，弹力与其伸长量不成正比
（3）写出一条可以使上述装置测量质量范围增大的措施_________。
【答案】（1） ① 106 ②. 偏大 （2）C
（3）减小细线与竖直方向的夹角
【解析】
【小问1详解】
[1]由图（b）的图像：当，对应质量，所以芒果的质量为106g；
[2]由题意可知：芒果的质量不变，绳1与竖直方向夹角为，绳子拉力的方向不变，根据矢量三角形可知（如图），点到直线的距离垂线最短，所以橡皮筋的拉力变大，橡皮筋的形变量变大，若仍然根据图像得到的芒果质量与相比偏大。
【小问2详解】
另一组同学利用同样方法得到的图像在后半部分弯曲，关键原因：橡皮筋的弹性限度，可能是所测物体的质量过大，橡皮筋所受的弹力超过了弹性限度，从而使橡皮筋弹力与其伸长量不成正比。
故选C。
【小问3详解】
设绳1与竖直方向的夹角为θ，根据平衡条件可知，绳2上的拉力为：，相同的橡皮筋的弹性限度相同，即相同，要使测量的质量范围增大（m增大），则θ应减小。所以使上述装置测量质量范围增大的措施为减小绳1与竖直方向的夹角。
13. 如图，一雪块从倾角的屋顶上的点由静止开始下滑，滑到A点后离开屋顶。O、A间距离，A点距地面的高度，雪块与屋顶的动摩擦因数。不计空气阻力，雪块质量不变，取，重力加速度大小。求：
（1）雪块从A点离开屋顶时的速度大小；
（2）雪块落地时的速度大小，及其速度方向与水平方向的夹角。
【答案】（1）5m/s
（2）8m/s，60°
【解析】
【小问1详解】
根据分析可知雪块在屋顶上运动过程为匀加速直线运动，加速度
根据公式
解得
所以雪块从A点离开屋顶时的速度大小5
【小问2详解】
雪块离开屋顶后，做斜下抛运动，由动能定理
代入数据解得雪块到地面速度大小
雪块到地面时水平方向速度等于A点时水平方向速度
速度与水平方向夹角，满足
解得
14. 如图（a），固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框，置于始终竖直向下的匀强磁场中，边与磁场边界平行，边中点位于磁场边界。导体框的质量，电阻、边长。磁感应强度B随时间t连续变化，内图像如图（b）所示。导体框中的感应电流I与时间t关系图像如图（c）所示，其中内的图像未画出，规定顺时针方向为电流正方向。
（1）求时边受到的安培力大小F；
（2）画出图(b)中内图像（无需写出计算过程）；
（3）从开始，磁场不再随时间变化。之后导体框解除固定，给导体框一个向右的初速度，求ad边离开磁场时的速度大小。
【答案】（1）0.015N
（2） （3）0.01m/s
【解析】
【小问1详解】
由法拉第电磁感应定律
解得
根据闭合电路欧姆定律可知，内线框中的感应电流大小为
由图（b）可知，时磁感应强度大小为
所以时边受到的安培力大小为
【小问2详解】
由图（c）可知内线框中的感应电流大小为(逆时针）
根据闭合电路欧姆定律可知，内线框中的感应电动势大小为
根据法拉第电磁感应定律
解得内磁感应强度的变化率为
由于感应电流方向为逆时针方向，根据楞次定律可知
时磁感应强度大小为（垂直于纸面向里）
故的磁场随时间变化图为
【小问3详解】
由动量定理可知
其中
联立解得经过磁场边界的速度大小为
15. 如图，在平面第一、四象限内存在垂直平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一带正电的粒子从点射入磁场，速度方向与y轴正方向夹角，从点射出磁场。已知粒子的电荷量为，质量为m，忽略粒子重力及磁场边缘效应。
（1）求粒子射入磁场的速度大小和在磁场中运动的时间。
（2）若在平面内某点固定一负点电荷，电荷量为，粒子质量取（k为静电力常量），粒子仍沿（1）中的轨迹从M点运动到N点，求射入磁场的速度大小。
（3）在（2）问条件下，粒子从N点射出磁场开始，经时间速度方向首次与N点速度方向相反，求（电荷量为Q的点电荷产生的电场中，取无限远处的电势为0时，与该点电荷距离为r处的电势）。
【答案】（1），
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
M点速度方向的垂线和MN的中垂线的交点确定带电粒子运动轨迹的圆心，作出正电荷在磁场中运动的轨迹，如图所示
由几何关系可知，正电荷在磁场中做匀速圆周运动的半径为
由洛伦兹力提供向心力
解得正电荷的入射速度大小为
运动周期为
所以粒子在磁场中运动的时间为
【小问2详解】
由题意可知，负电荷在平面内的圆心O处
根据分析可知，向心力由洛伦兹力和库仑力的合力提供，得，
其中，
解得（舍去负值）
【小问3详解】
在（2）的条件下，粒子从N点离开磁场后向心力由库仑力提供，因为库仑力不等于粒子做圆周运动的向心力，所以粒子做椭圆运动（O点为焦点）。运动轨迹如图所示
由能量守恒定律得
由开普勒第二定律可知
其中
联立解得
由牛顿第二定律
解得
故正电荷从点离开磁场后到首次速度变为与点的射出速度相反的时间为
解得测量方式
测量对象
电压组成
曲线特征
a-b
元件两端
曲线甲
a-c
元件+电流表
曲线乙（相同电流时，）