湖北省武汉市2024_2025学年高一生物上学期10月月考试题含解析

这是一份湖北省武汉市2024_2025学年高一生物上学期10月月考试题含解析，共19页。试卷主要包含了 下列有关脂质的叙述不正确的是等内容，欢迎下载使用。
A. 罗伯特·胡克用显微镜观察到的木栓组织为死的植物细胞
B. 施莱登和施旺认为，自然界中一切生物都由细胞发育而来
C. 细胞是生命活动的基本单位，且每个细胞都能相对独立地生活
D. 细胞在结构和组成上基本相似，且遗传物质都是DNA
【答案】B
【解析】
【分析】细胞学说由德国植物学家施莱登 和动物学家施旺提出，内容包括：1、细胞是有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成。2、细胞作为一个相对独立的基本单位，既有它们“自己的”生命，又对与其他细胞共同构成的整体的生命起作用。3、新的细胞可以从老细胞产生。细胞学说揭示了细胞的统一性和生物体结构的统一性。
【详解】A、英国科学家罗伯特·胡克用显微镜观察植物的木栓组织，发现并命名了细胞，该组织细胞为死细胞，A正确；
B、施菜登和施旺认为一切动植物都由细胞发育而来，B错误；
C、细胞是生命活动的基本单位，且每个细胞都能相对独立地生活，同时也从属于有机体的整体功能，C正确；
D、细胞具有统一性，有相似的结构和组成，都以DNA作为遗传物质，D正确。
故选B。
2. “小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”，池塘中动植物种类繁多。下列相关叙述错误的是（）
A. 荷花和蜻蜓都含有细胞、组织、器官、个体等结构层次
B. “蜻蜓立在小荷上”这一生命活动需要多种细胞的协调配合
C. 荷花和蜻蜓的生命系统最基本的结构层次存在差异
D. 池塘是一个生态系统，其中的小荷、蜻蜓和其他生物一起共同形成了群落
【答案】C
【解析】
【分析】生命系统的结构层次包括：细胞→组织→器官→系统→个体→种群→生态系统→生物圈。
【详解】A、荷花是植物，具有细胞、组织、器官、个体等结构层次；蜻蜓是动物，也具有细胞、组织、器官、系统、个体等结构层次，A正确；
B、蜻蜓是多细胞动物，“蜻蜓立在小荷上”这一生命活动需要多种细胞的协调配合，B正确；
C、荷花和蜻蜓的生命系统最基本的结构层次都是细胞，没有差异，但细胞在结构和成分上存在不同，这体现在结构层次的基本组成上，C错误；
D、生态系统是生物群落与他的无机环境相互形成的统一整体，在一定的自然区域内，所有的种群组成一个群落，池塘是一个生态系统，其中的小荷、蜻蜓和其他生物一起共同形成了群落，D正确。
故选C。
3. 李斯特氏菌的致死食源性细菌会在人类的细胞之间快速传递，使人患脑膜炎。其原因是该菌的一种InIC蛋白可通过阻碍人类细胞中的Tuba蛋白的活性，使细胞膜更易变形而有利于细菌的转移。下列叙述正确的是（）
A. 李斯特氏菌的染色体会被碱性染料染成深色，在高倍显微镜下清晰可见
B. 李斯特氏菌和乳酸菌在细胞结构上的主要区别是有无以核膜为界限的细胞核
C. 李斯特氏菌在生命系统结构层次中属于细胞层次和个体层次
D. Tuba蛋白和InIC蛋白的形成过程均需要内质网的加工
【答案】C
【解析】
【分析】1、原核生物仅含有核糖体一种细胞器。
2、原核生物没有核膜包被的细胞核，遗传物质是DNA，没有染色体。
【详解】A、李斯特氏菌是细菌，属于原核生物，没有染色体，A错误；
B、李斯特氏菌和乳酸菌都是原核生物，二者都无以核膜为界限的细胞核，B错误；
C、李斯特氏菌是单细胞生物，故李斯特氏菌在生命系统结构层次中属于细胞层次和个体层次，C正确；
D、李斯特氏菌是细菌，属于原核生物，没有内质网，D错误。
故选C。
4. 下列是关于几类生物的特点的叙述，正确的是（ ）
A. 细菌和蓝细菌在结构上有统一性，具体体现在它们都有细胞壁、细胞膜、核糖体及相同类型的遗传物质等
B. 硝化细菌与变形虫结构上的主要区别是前者有细胞壁，营养方式为自养型，后者无细胞壁，营养方式为异养型
C. 颤蓝细菌与发菜的共同点是都能进行光合作用，但颤蓝细菌中含光合色素，而发菜细胞中含叶绿体
D. 不同生物的细胞形态和功能有多样性，但这些细胞的遗传物质中储存的遗传信息是相同的
【答案】A
【解析】
【分析】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核（没有核膜、核仁和染色体）；原核细胞只有核糖体一种细胞器，但原核生物含有细胞膜、细胞质等结构，也含有核酸和蛋白质等物质。
【详解】A、细菌和蓝细菌均为原核生物，在结构上有统一性，具体体现在它们都有细胞壁、细胞膜、核糖体及相同类型的遗传物质DNA等，A正确；
B、硝化细菌（原核生物）与变形虫（真核生物）结构上的根本区别是有无以核膜为界限的细胞核，前者能将无机物转变成有机物，为自养生物，且有细胞壁；后者不能将无机物合成有机物，为异养生物，细胞结构中没有细胞壁，B错误；
C、颤蓝细菌与发菜的细胞结构中都没有真正的细胞核，为原核生物，均不含叶绿体，二者细胞结构中均有叶绿素和藻蓝素等光合色素，因而都能进行光合作用，C错误；
D、不同生物的细胞形态和功能有多样性，其根本原因是这些细胞的遗传物质中储存的遗传信息有差别，D错误。
故选A。
5. 下列有关脂质的叙述不正确的是（ ）
A. 胆固醇参与动物细胞膜的构成B. 植物蜡可以减少植物细胞水分的散失
C. 油脂中氧原子的相对含量高于葡萄糖D. 磷脂是生物膜的重要组成成分
【答案】C
【解析】
【分析】脂质的种类及其功能：
【详解】胆固醇参与动物细胞膜的构成，A正确；植物叶片表面的植物蜡可以减少植物细胞水分的散失，B正确；油脂中氧原子的相对含量低于葡萄糖，C错误；磷脂是生物膜的重要组成成分，磷脂双分子层是构成生物膜的基本骨架，D正确。故选C。
【点睛】本题考查了组成细胞的化合物的知识，要求学生能够识记脂质的种类、作用，比较糖类和脂肪元素比例，识记脂肪鉴定实验的原理、方法等。
6. 执行下列生物学功能的化合物中含P的是（）
A. 有效促进人和动物肠道对钙吸收B. 所有细胞生物的遗传物质
C. 作为细胞中的重要能源物质D. 参与血液中脂质的运输
【答案】B
【解析】
【分析】脂质的种类及作用：
（1）脂肪：储能、维持体温；
（2）磷脂：构成膜（细胞膜、液泡膜、线粒体膜等）结构的重要成分；
（3）固醇：维持新陈代谢和生殖起重要调节作用，分为胆固醇、性激素、维生素D。
【详解】A、有效促进人和动物肠道对钙吸收的物质是维生素D，维生素D的元素组成为C、H、O，A错误；
B、所有细胞生物的遗传物质均为DNA，DNA的元素组成为C、H、O、N、P，B正确；
C、糖类作为细胞中的重要能源物质，其元素组成为C、H、O，C错误；
D、胆固醇可参与血液中脂质的运输，其元素组成为C、H、O，D错误。
故选B。
7. 显微镜是生物学研究中常用的观察仪器，如图所示，图甲中①②③④表示镜头，⑤⑥表示镜头与载玻片之间的距离，乙和丙分别表示不同物镜下观察到的图像。下列相关叙述正确的是（）
A. 若使物像放大倍数最大，图甲中的组合一般是①③⑤
B. 把视野里的标本从图中的乙转为丙时，应选用③，同时提升镜筒
C. 从乙转为丙，正确的操作顺序是转动转换器→移动标本→调节光圈→转动细准焦螺旋
D. 若将显微镜的放大倍数由100×换成400×，则图丁视野中的64个细胞将变为4个
【答案】D
【解析】
【分析】在图甲中，①②均为目镜；③④均为物镜，⑤⑥表示物镜的镜头与载玻片之间的距离。目镜越长，放大倍数越小；物镜越长，放大倍数越大，镜头与载玻片之间的距离越小。图乙是低倍镜下观察到的物像，图丙是高倍镜下观察到的物像。
【详解】A、物镜越长放大倍数越大，目镜越短放大倍数越大，在图甲中，目镜①的放大倍数比目镜②放大倍数小；物镜③的放大倍数比物镜④的放大倍数大；镜头⑤与载玻片之间的距离比镜头⑥与载玻片之间的距离小，说明物镜⑤的放大倍数大。若使物像放大倍数最大，图甲中的组合一般是②③⑤，A错误；
B、物镜③的放大倍数比物镜④的放大倍数大，图乙是低倍镜下观察到的物像，图丙是高倍镜下观察到的物像，把视野里的标本从图中的乙转为丙时，应选用③所示的高倍物镜，在将要观察的物像移至视野中央后，转动转换器，换用高倍物镜，但不能提升镜筒，B错误；
C、从图中的乙转为丙，即使用高倍镜观察的正确调节顺序是：先在低倍镜下找到要观察的物像，然后将其移至视野中央（移动标本），转动转换器换成高倍物镜，因高倍镜下的视野较暗，要调节光圈，增加进光量，同时，调节细准焦螺旋，使物像清晰，C错误；
D、若将显微镜的放大倍数由100×换成400×，则图丁中充满视野的64个细胞将变为64×（100÷400）2＝4个细胞，D正确。
故选D。
8. 如下图1是细胞中3种化合物含量的扇形图，图2是有活性的细胞中元素含量的柱形图，下列说法不正确的是( )
A. 若图1表示正常细胞，则A、B化合物共有的元素中含量最多的是a
B. 若图1表示细胞完全脱水后化合物含量的扇形图，则A化合物中含量最多的元素为图2中的b
C. 脂肪的组成元素为C、H、O，与糖类相比，其碳和氢元素的比例较高
D. 若图1表示正常细胞，则B化合物具有多样性，其必含的元素为C、H、O、N、P
【答案】D
【解析】
【分析】本题考查组成细胞的元素合、化合物的含量和化合物的元素组成，意在考查考生能识记所学知识要点的情况。
【详解】A、根据题意和图示分析可知，图1中A、B化合物分别是水、蛋白质，图2细胞鲜重中a、b、c分别是O、C、H。所以A、B共有的元素中含量最多的是a，即氧元素，A正确；
B、图1表示细胞完全脱水后化合物含量扇形图，则A为蛋白质，含量最多的元素为图2的b，即碳元素，B正确；
C、脂肪的组成元素为C、H、O，与糖类相比，其碳和氢元素的比例较高，而氧元素的含量低，C正确；
D、若图1表示正常细胞，则B化合物为蛋白质，蛋白质具有多样性，其必含的元素为C、H、O、N，有的含有S、Fe等，D错误；
故选D。
【点睛】细胞中含量最多的物质是水，其次是蛋白质；细胞鲜重中含量最多的元素依次是O、C、H、N，干重含量最多的元素依次是C、O、N、H。
9. 尿糖试纸是用来检测尿糖情况的专用试纸，试纸将葡萄糖氧化酶和过氧化氢酶以及显色剂固定在纸条上，根据葡萄糖在葡萄糖氧化酶的催化作用下形成葡萄糖酸和过氧化氢，过氧化氢在过氧化氢酶的催化作用下形成水和原子氧，以及原子氧可以将某种无色的化合物氧化成有色物质的原理，测定尿液中葡萄糖的相对含量。下列叙述正确的是（）
A. 该尿糖试纸的检测原理与斐林试剂检测还原糖的原理相同
B. 显色剂变色的原因是H2O2将无色化合物氧化为有色化合物
C. 尿液中葡萄糖被葡萄糖氧化酶分解后会影响测量的准确性
D. 使用尿糖试纸检测糖尿病患者的尿液一定会产生显色反应
【答案】D
【解析】
【分析】根据葡萄糖在葡萄糖氧化酶的催化作用下形成葡萄糖酸和过氧化氢，过氧化氢在过氧化氢酶的催化作用下形成水和原子氧，以及原子氧可以将某种无色的化合物氧化成有色的化合物的原理，将上述两种酶和无色化合物固定在纸条上，制成测试尿糖含量的酶试纸。
【详解】A、该尿糖试纸的检测原理是根据葡萄糖在葡萄糖氧化酶的催化作用下形成葡萄糖酸和过氧化氢，过氧化氢在过氧化氢酶的催化作用下形成水和原子氧，以及原子氧可以将某种无色的化合物氧化成有色的化合物的原理，与斐林试剂检测还原糖的原理不相同，A错误；
B、显色剂变色的原因是原子氧将无色化合物氧化为有色化合物，B错误；
C、尿液中葡萄糖被葡萄糖氧化酶形成葡萄糖酸和过氧化氢，再进行下一步的反应，不影响测量结果，C错误；
D、糖尿病患者的尿液中含有葡萄糖，使用尿糖试纸检测糖尿病患者的尿液一定会产生显色反应，D正确。
故选D。
10. 电影《热辣滚烫》中贾玲减肥近100斤引起热议，事实上“减肥”减掉的体重中80%左右来自脂肪，20%～25%来自非脂肪。下列叙述正确的是（）
A. 脂肪是人体重要的能源物质，运动一开始就可以为生命活动供能
B. 脂肪的组成元素与葡萄糖相同，两者在机体内可大量进行相互转化
C. 脂肪鉴定实验中被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色的脂肪颗粒的观察需用显微镜才能看到
D. 脂肪的组成元素中氧多氢少，氧化分解时释放的能量比葡萄糖多，是良好的储能物质
【答案】C
【解析】
【分析】脂质分为脂肪、磷脂和固醇。固醇包括胆固醇、性激素和维生素D。与糖类相比，脂肪分子中的氢含量多，氧含量少，氧化分解时产生的能量多，因此是良好的储能物质；磷脂双分子层构成生物膜的基本骨架；固醇中的胆固醇是动物细胞膜的重要组成成分，也参与脂质在血液中的运输。
【详解】A、脂肪是良好的储能物质，运动一开始时由葡萄糖分解供能，A错误；
B、脂肪的组成元素与葡萄糖相同，糖类可以大量转化为脂肪，但脂肪只能在特定条件下少量转化为糖类，B错误；
C、脂肪鉴定实验的原理是利用苏丹Ⅲ染液可将脂肪染成橘黄色来设计的，而被染成橘黄色的脂肪颗粒的观察需用显微镜才能看到，C正确；
D、与糖类相比可以，作为脂肪中含氢多，含氧少，因而可作为良好的储能物质，D错误。
故选C。
11. 关于下列四图的叙述中，正确的是（）
A. 图甲是构成蛋白质的单体，在人体中有8种
B. 图乙小麦种子在晒干和烘烤的过程中失去的水有所不同
C. 图丙一定是由两分子葡萄糖脱水缩合而成
D. 图丁为磷脂分子，是由甘油和脂肪酸构成的
【答案】B
【解析】
【分析】题图分析，甲图是氨基酸的结构通式，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同；乙图是刚收获的小麦种子在晒干或烘烤过程中水分散失的过程；丙图是二糖的分子式，常见的二糖有蔗糖、麦芽糖和乳糖；丁图是磷脂分子。
【详解】A、甲图表示氨基酸，是构成蛋白质的单体，在人体中有21种，A错误；
B、小麦种子在晒干过程中主要丢失的是自由水，烘烤过程中主要丢失的结合水，B正确；
C、丙图是二糖分子式，不一定是由两个葡萄糖分子形成，可能是一分子葡萄糖和一分子果糖形成的蔗糖，C错误；
D、若图丁为磷脂分子，则是由甘油、脂肪酸和磷酸构成，D错误。
故选B。
12. 某小组采用两种途径处理鸡蛋清溶液的过程如图所示。下列叙述错误的是
A. ①、②所依据的原理不同，过程②破坏了蛋白质的空间结构
B. ③、④所依据的原理不同，过程④破坏了蛋白质的肽键
C. 溶解后的溶液分别加入双缩脲试剂均可变成紫色
D. 过程②产生的蛋白块也可用③的方法进行溶解
【答案】D
【解析】
【分析】1、蛋白质的变性：受热、酸碱、重金属盐、某些有机物（乙醇、甲醛等）、紫外线等作用时蛋白质可发生变性，失去其生理活性；变性是不可逆过程，是化学变化过程。
2、蛋白质盐析：少量的盐（如硫酸铵、硫酸钠等）能促进蛋白质的溶解，但如向蛋白质溶液中加入浓的盐溶液，可使蛋白质的溶解度降低而从溶液中析出，这种作用叫做盐析，析出的蛋白质再继续加水时，仍能溶解，并不影响原来蛋白质的性质，盐析属于物理变化。
3、分析题图：题图是某小组采用两种途径处理鸡蛋清溶液的过程，①和③过程分别属于蛋白质的盐析和溶解，是物理变化，不会破坏蛋白质的空间结构及肽键；②过程中经高温处理使蛋白质的空间结构被破坏而变性，但不破坏肽键；④过程是蛋白质经蛋白酶催化水解为多肽和某些氨基酸的过程。
【详解】A、①和②分别是蛋白质的盐析和加热变性，其原理分别是蛋白质在不同浓度下的溶解度不同和加热破坏蛋白质的空间结构，盐析没有破坏蛋白质的空间结构，加热会破坏蛋白质的空间结构，A正确；
B、③和④分别是蛋白质的溶解和蛋白质经蛋白酶催化水解为多肽和某些氨基酸，其原理分别是蛋白质的溶解性和蛋白质在蛋白酶的催化作用下水解，蛋白质在蛋白酶的催化作用下水解过程中会破坏蛋白质中的肽键，B正确；
C、溶解后的溶液中均含有肽键，加入双缩脲试剂均可变成紫色，C正确；
D、过程②加热过程中产生的蛋白块已经发生变性，不可用③蒸馏水溶解的方法进行溶解，D错误。
故选D。
【点睛】本题重点是区分图中各标号代表的含义，特别是变性和盐析的区别。
13. 某细菌能产生一种环状毒性肽，其分子式是 C55H68O18N10，将它彻底水解后只能得到下列四种氨基酸，分别是甘氨酸 C2H5NO2，丙氨酸 C3H7NO2，苯丙氨酸 C9H11NO2，谷氨酸 C5H9NO4，其结构式如图所示，下列有关叙述错误的是（）
A. 该多肽是十肽化合物，形成该化合物的过程中，相对分子质量减少了 180
B. 该多肽水解后可得到 1 个甘氨酸，2 个丙氨酸，3 个苯丙氨酸和 4 个谷氨酸
C. 经加热、X 射线、强酸、强碱、重金属盐等的作用，会引起蛋白质的变性
D. 四种氨基酸按一定数量混合，脱水缩合后形成的含五个肽键的链状分子最多有 1024 种
【答案】D
【解析】
【分析】分析题图：图示表示分子式为C55H68O18N10的多肽彻底水解后得到的四种氨基酸，这四种氨基酸都只含有一个氨基，根据多肽的分子式中含有十个N可推测出该多肽是由10个氨基酸形成的十肽；四种氨基酸中，只有谷氨酸含有4个O原子，其它三种氨基酸都含有2个O原子，所以以O原子作为突破口，可算出谷氨酸的分子数目。
【详解】A、四种氨基酸分子中都只含有一个N原子，因此根据N原子的数目可知该多肽链是由10个氨基酸脱水缩合形成的十肽化合物；该多肽为环状肽，其合成过程中脱去的水分子数＝氨基酸数＝10个，因此相对分子质量减少了180，A正确；
B、由A选项可知这条环状多肽由10个氨基酸分子脱水缩合形成，四个氨基酸分子中只有谷氨酸含有2个羧基，假设谷氨酸分子数为M，则多肽链中的氧原子数目＝（10−M）×2＋4M−10＝18，计算可知M＝4个；设该多肽中含有甘氨酸、丙氨酸、苯丙氨酸分别为x、y、z个，根据该多肽中含有的氨基酸数、C原子和H原子守恒则有：
x＋y＋z＝10−4
2x＋3y＋9z＋20＝55
5x＋7y＋11z＋36＝68＋20
以上三式联立解得x＝1个、y＝2个、z＝3个，即该多肽中含有甘氨酸1个、丙氨酸2个、苯丙氨酸3个、谷氨酸4个，B正确；
C、经加热、X射线、强酸、强碱、重金属盐等的作用，会引起蛋白质的变性，都正确；
D、含5个肽键的链状化合物是由6个氨基酸形成的六肽，如果提供足量的4种氨基酸，脱水缩合后形成的含4个肽键的链状化合物的最多种类＝4×4×4×4×4×4═4096（或46）种。D错误。
故选D。
【点睛】本题结合某细菌能产生的分子式是C55H68O18N10的一种环状“毒性肽”及其水解产物为题材，考查蛋白质的合成−−氨基酸脱水缩合的知识，考生识记氨基酸的结构通式、明确氨基酸脱水缩合的过程和实质、掌握氨基酸脱水缩合过程中的相关计算是解题的关键。
14. 生物大分子通常都有一定的分子结构规律，即是由一定的基本结构单位，按一定的排列顺序和连接方式形成的多聚体，下列表述正确的是（ ）
A. 若该图为一段肽链的结构模式图，则1表示肽键，2表示中心碳原子，3的种类有21种
B. 若该图为一段RNA 的结构模式图，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3有四种
C. 若该图表示多糖的结构模式图，淀粉、纤维素和糖原是相同的，几丁质的不同
D. 以碳链为骨架的多糖、蛋白质、核苷酸等生物大分子，构成细胞生命大厦的基本框架
【答案】B
【解析】
【分析】1、核糖根据五碳糖不同分为DNA和RNA，DNA与RNA中的五碳糖不同，碱基不完全相同；核酸的基本组成单位是核苷酸，核苷酸的磷酸和五碳糖通过磷酸二酯键连接形成核苷酸链。
2、蛋白质的基本组成单位是氨基酸，一个氨基酸的氨基与另一个氨基酸的羧基反应脱去1分子水，氨基酸残基通过肽键连接形成肽链；
3、淀粉、纤维素、糖原都是由单体葡萄糖聚合形成的多聚体，淀粉、纤维素、糖原中葡萄糖的连接方式不同。
【详解】A、蛋白质是由氨基酸经脱水缩合形成的，氨基酸之间通过肽键链接，如果该图为一段肽链的结构模式图，则1表示中心碳原子，2表示肽键，3表示R基团，其种类约21种，A错误；
B、如果该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3是碱基，RNA中的碱基含有A、U、C、G共4种，B正确；
C、淀粉、糖原和纤维素都属于多糖，基本单位都是葡萄糖，但三者结构不同，C错误；
D、核苷酸是组成核酸的基本单位，不属于生物大分子，D错误。
故选B。
15. 如下图是所示化合物及反应过程，以下说法错误的是（ ）
A. ①代表的碱基可能是T
B. 上图表示脱氧核苷酸脱水缩合的过程
C. 上图所示核苷酸聚合形成的大分子一般以单链形式存在
D. 病毒的核酸中只含有1种五碳糖
【答案】C
【解析】
【分析】核酸的基本单位：核苷酸，是由一分子磷酸、一分子五碳糖(DNA为脱氧核糖、RNA为核糖) 和一分子含氮碱基组成； 组成DNA的核苷酸叫做脱氧核苷酸，组成RNA的核苷酸叫做核糖核苷酸；
【详解】A、由图可知，构成化合物中的糖是脱氧核糖， 图所示化合物是DNA的基本单位， ①代表的碱基可能是 T，A正确；
B、由图可知，构成化合物中的糖是脱氧核糖， 图所示化合物是脱氧核苷酸，上图表示脱氧核苷酸脱水缩合的过程，B正确；
C、 图所示化合物是脱氧核苷酸，聚合形成的大分子为DNA，一般以双链形式存在，C错误；
D、病毒的核酸只有一种（DNA或RNA），故只含有1种五碳糖（脱氧核糖或核糖），D正确。
故选C。
16. 苯丙酮尿症患者早期确诊后，可及时采取严格限制高蛋白食物摄入的饮食策略辅助治疗。为验证该策略的有效性进行了相关研究，下表为研究过程中患者体内几种矿质元素含量的检测结果。下列分析正确的是（）
A. 表中检测的5种元素均为微量元素
B. 实验组不限制高蛋白食物摄入，对照组限制高蛋白食物摄入
C. 表中结果说明高蛋白食物的摄入会影响患者体内矿质元素的含量
D. 人体血液中必须含有一定量的Ca2+，但Ca2+的含量过高会引起抽搐
【答案】C
【解析】
【分析】组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类：（1）大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素；（2）微量元素是指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、M等。
【详解】A、钙、镁是大量元素，不是微量元素，A错误；
B、据题干信息“苯丙酮尿症患者早期确诊后，可及时采取严格限制高蛋白食物摄入的饮食策略辅助治疗”可知，实验组限制高蛋白食物摄入，B错误；
C、对患者进行严格限制高蛋白食物摄入后，据表中数据可知，患者体内矿质元素的含量与对照组相差不大，说明高蛋白食物的摄入会影响患者体内矿质元素的含量，C正确；
D、哺乳动物血液中必须含有一定量的Ca2+，但是Ca2+的含量太低会引起抽搐，D错误。
故选C。
17. 在生物体内，某些重要化合物的元素组成和功能关系如图所示。其中X、Y代表元素，A、B、C是生物大分子。相关叙述不正确的是（）
A. B在细胞中有三种，都能参与蛋白质的合成过程
B. 人体中，单体a的种类有4种，其排列顺序决定了 C中c的种类和排列
C. 同一生物不同细胞中A、B、C均不同，A的多样性决定C的多样性
D. 单体a、b、c在形成A、B、C化合物过程中都会消耗能量
【答案】C
【解析】
【分析】据图中A→B→C可知，A是DNA，B是信使RNA，C是蛋白质；单体a表示脱氧核苷酸，单体b表示核糖核苷酸，单体c表示氨基酸；元素X表示N、P，元素Y表示N。
【详解】A、B表示RNA，细胞中参与蛋白质合成过程的RNA有三种，mRNA、tRNA和rRNA，A正确；
B、单体a为脱氧核苷酸，人体中的脱氧核苷酸根据所含碱基（A、T、G、C）的不同分为4种，其排列顺序决定了 C蛋白质中c氨基酸的种类和排列顺序，B正确；
C、同一生物不同细胞都是由受精卵不断通过有丝分裂而产生的，因此同一生物不同细胞中都含有相同的A，由于基因的选择性表达，RNA和蛋白质不完全相同，C错误；
D、合成大分子物质需要消耗能量，因此，单体a、b、c在形成A、B、C化合物过程中都会消耗能量，D正确。
故选C。
18. 2023年1月，西湖大学施一公团队在阿尔茨海默病领域取得重大原创发现——找到了可能触发阿尔茨海默病记忆衰退的“机关”，为人类对付阿尔茨海默病带来一线曙光。科学家利用基因测序技术发现，APOE4是阿尔茨海默病最大的风险基因。APOE基因主要负责编码APOE蛋白。APOE蛋白在人群中有APOE2、APOE3和APOE4等3种亚型。研究发现，APOE2的携带者，不易患阿尔茨海默病；而APOE4的携带者，患病风险成倍增加。因此，找到APOE4的受体，可能是破解阿尔茨海默病的关键，施一公团队找到了阿尔兹海默症最强风险因子APOE4受体。下列相关叙述不正确的是（ ）
A. 施一公团队从分子水平找到了可能触发阿尔茨海默病记忆衰退的“机关”
B. APOE4的携带者，患病风险成倍增加，可能与细胞膜上的受体蛋白有关
C. APOE蛋白存在不同的亚型只与肽链的空间结构有关
D. 这一发现对理解阿尔茨海默病的发病机制和开展针对性的药物设计具有重要意义
【答案】C
【解析】
【分析】蛋白质结构多样性的直接原因：构成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构千差万别。
【详解】A、施一公团队发现阿尔茨海默症最强风险因子APOE4受体，是破解阿尔茨海默病的关键，找到了可能触发阿尔茨海默病记忆衰退的“机关”，A正确；
B、科学家利用基因测序技术发现，APOE4是阿尔茨海默病最大的风险基因，施一公团队找到了阿尔茨海默症最强风险因子APOE4受体，APOE4的携带者，患病风险成倍增加，可能与细胞膜上的受体蛋白APOE4受体有关，B正确；
C、蛋白质分子的种类与组成它的氨基酸种类、数目、排列顺序以及蛋白质的空间结构有关，C错误；
D、在阿尔茨海默病领域取得重大原创发现对理解阿尔茨海默病的发病机制和开展针对性的药物设计具有重要意义，D正确。
故选C。
二、非选择题（共64分）
19. 以下是湿地中常见的几种单细胞生物，结合生物学知识回答以下问题：
（1）在生命系统的结构层次中，该湿地所有的衣藻属于______层次。
（2）图中属于原核细胞的是______，判断依据是________________________，其能进行光合作用的原因是细胞内含有____________。
（3）图中细胞中都有的细胞结构是__________________（至少写出2个），这体现了细胞的______。
（4）下图的图1是在使用目镜为10×，物镜也为10×的显微镜下观察酵母菌细胞时的视野，图2是更换物镜后的视野，则更换的物镜应为______（填放大倍数）。
【答案】（1）种群 （2） ①. 蓝细菌 ②. 没有以核膜为界限细胞核（没有成形的细胞核/没有以核膜包裹的细胞核） ③. 叶绿素和藻蓝素
（3） ①. 都有细胞膜、细胞质、核糖体 ②. 统一性
（4）40X
【解析】
【分析】根据细胞内有无以核膜为界限的细胞核，将细胞分为原核细胞和真核细胞。原核细胞和真核细胞具有统一性和多样性。原核细胞中的蓝细菌属于单细胞生物，因为含有藻蓝素和叶绿素，所以是能进行光合作用的自养生物。
显微镜中物镜转换后细胞数目计算类型有：①行细胞数量的变化，可根据放大倍数与视野范围成反比的规律计算；②圆形视野范围中细胞数量的变化，可根据看到的实物范围与放大倍数的平方成反比的规律计算。
【小问1详解】
在一定的自然区域内，同种生物的所有个体是一个种群，在生命系统的结构层次中，该湿地所有的衣藻属于种群层次。
【小问2详解】
蓝细菌无以核膜为界限的细胞核，因此蓝细菌属于原核细胞，蓝细菌含有藻蓝素和叶绿素，所以是能进行光合作用的自养生物。
【小问3详解】
原核细胞和真核细胞具有共同的结构，例如：细胞膜、细胞质、核糖体、DNA等，都以DNA作为遗传物质，这体现了细胞的统一性。
【小问4详解】
图1是在使用目镜为10×，物镜也为10×的显微镜下酵母细胞时的视野，图2是更换物镜后的视野，结果是8个细胞中只能看到2个细胞，即细胞被放大了4倍，因此物镜由10×更换为40×。
20. 生物体内某些有机物的元素组成可表示如下：
（1）a是_____，其结构通式是_____。A具有多样性的原因是_____。
（2）若b是细胞内的“生命燃料”，B是细胞内的储能物质，则在玉米的胚乳细胞中B代表的是_____，在人的肝脏细胞中B代表的是_____。C1和C2组成成分的区别表现在C1含有_____。
（3）大分子C的功能是_____。
【答案】（1） ①. 氨基酸 ②. ③. 组成蛋白质的氨基酸种类、数量、排列顺序以及形成的肽链盘曲折叠的方式以及空间结构具有多样性
（2） ①. 淀粉 ②. 糖原 ③. 含有脱氧核糖和T，而不含核糖和U
（3）细胞内携带遗传信息的物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的作用
【解析】
【分析】 分析图示：A为蛋白质，其中A1～A5分别表示酶、抗体、血红蛋白、肌动蛋白、胰岛素；C为核酸，其中C1、C2分别表示DNA、RNA；B为多糖；小分子的a、b、c分别表示氨基酸、葡萄糖、核苷酸。
【小问1详解】
分析图示可知，A为蛋白质，a是蛋白质的基本组成单位——氨基酸，氨基酸的结构通式为：。A（蛋白质）具有多样性的原因是组成蛋白质的氨基酸种类、数量、排列顺序以及形成的肽链盘曲折叠的方式以及空间结构具有多样性。
【小问2详解】
若b是细胞内的“生命燃料（即葡萄糖）”，B是细胞内的储能物质，则B为多糖，在玉米的胚乳细胞中B代表的是淀粉。在人的肝脏细胞中，B代表的是肝糖原。
C1主要存在于细胞核中，C1是DNA，C2主要存在于细胞质中，C2是RNA，二者组成成分的区别表现在C1含有脱氧核糖和T，而不含核糖和U。
【小问3详解】
大分子C为核酸，核酸是细胞内携带遗传信息的物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的作用。
21. 正常血红蛋白由2条α链（每条链由141个氨基酸组成）、2条β链（每条链由146个氨基酸组成）和血红素构成。
（1）组成血红蛋白的化学元素至少包含_____。
（2）若四条肽链盘曲过程中形成了3个二硫键（由两个半胱氨酸上的-SH缩合而成，即-SH和-SH缩合成-S-S），组成血红蛋白的氨基酸平均分子量为a，血红蛋白的分子量约为_____（不考虑血红素的分子量）。
（3）血红蛋白与肌红蛋白不同，由四条肽链组成，每条链都含有一个血红素辅基，两种蛋白质分子中氨基酸的数目、种类和排列顺序不同，但它们的主要功能却具有相似性，试分析原因：_____。
（4）某蛋白质分子中的一条肽链为156肽，其分子式为CXHyNzOwS（z>156，w>157）CxH2MO6S（Z156，w>157），并且是由下图五种氨基酸组成的，那么，将该156肽彻底水解后将会得到_____个赖氨酸，_____个天冬氨酸（结果可含分子式中的未知数）。
【答案】（1）C、H、O、N、Fe
（2）574a-10266
（3）两者的空间结构相似
（4） ①. z-156 ②. （w-157）/2
【解析】
【分析】1、蛋白质是生命活动是主要承担者，构成蛋白质的基本单位是氨基酸，氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程。
2、氨基酸形成多肽过程中相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数-肽链数，蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量-脱去水分子数×18。
【小问1详解】
铁参与血红蛋白的合成，蛋白质的组成元素有C、H、O、N，据此可推测，组成血红蛋白的化学元素至少包含C、H、O、N、Fe。
【小问2详解】
正常血红蛋白由2条α链(每条链由141个氨基酸组成)、2条β链(每条链由146个氨基酸组成)和血红素构成，其中含有的氨基酸数目为2×141+2×146=574，四条肽链合成过程中脱去的水分子为574-4=570，脱去的H原子数为2×3=6，则血红蛋白的分子量约为574a-570×18-6=574a-10266。
小问3详解】
蛋白质具有多样性的原因是：氨基酸的种类、数目和排列顺序不同，多肽链的条数不同，蛋白质的空间结构不同；血红蛋白与肌红蛋白中氨基酸的数目、种类和排列顺序不同，但它们的主要功能却具有相似性，原因可能是两者的空间结构相似，因为结构和功能相适应。
【小问4详解】
某蛋白质分子中的一条肽链为156肽，其中含五种氨基酸如图，根据图示可知，这5种氨基酸中只有赖氨酸R基中含有一个氨基-NH2，多肽中N原子数=各氨基酸N原子数，因此赖氨酸个数为z-156。五种氨基酸中只有天冬氨酸的R基中含有-COOH，若不考虑R基中的氧原子，则该156肽中氧原子数目为156×2-155=157，故天冬氨酸个数为（w−157）/2。
22. “糖心”苹果成熟期甜度逐渐提高，为研究相关物质的含量变化，某小组准备了斐林试剂、碘液、清水等试剂开展实验。回答下列问题：
（1）若需确定“糖心”苹果成熟期甜度提高与还原糖含量增加有关，应选用_____（填试剂名称）进行检测。与淀粉、蛋白质的检测不同，检测还原糖需要_____
（2）若已确定果实甜度提高是由还原糖含量增加引起的，但对还原糖的来源存在两种不同的假设。假设1：淀粉转化成了还原糖；假设2：非糖物质转化成了还原糖。
为检验这两种假设，取成熟期第1天和第30天的苹果制成匀浆，分别加入试管A、B，并向两支试管中加入适量碘液，观察并记录A、B试管的颜色。
预测实验现象及结论：
若______，则说明假设1成立；
若______，则说明假设2成立。
（3）淀粉是以_____为基本单位形成的生物大分子，被人体摄入后，被细胞吸收前发生的化学变化是_____（用文字和箭头表示）。
（4）实验小组欲继续通过实验检测苹果中是否存在蛋白质，在现有实验试剂的基础上，应先进行的操作是_____后再用于蛋白质的检测。
【答案】（1） ①. 斐林试剂 ②. 水浴加热
（2） ①. 试管A中的蓝色明显比试管B更深 ②. 试管A与试管B中的蓝色颜色相差不大
（3） ①. 葡萄糖 ②. 淀粉→麦芽糖→葡萄糖
（4）向斐林试剂乙液中加入适量蒸馏水使其稀释，将斐林试剂改造成双缩脲试剂
【解析】
【分析】斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉、蔗糖）。
【小问1详解】
斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。与淀粉、蛋白质的检测不同，检测还原糖需要进行水浴加热。
【小问2详解】
淀粉与碘液变蓝色，试管A、B中分别是成熟期第1天和第30天的苹果制成匀浆，若假设1成立，即淀粉转化成了还原糖，试管B中的淀粉含量更少，则试管A比试管B的蓝色深；若假设2成立，即非糖物质转化成了还原糖，试管A与试管B中的淀粉含量相同，试管A与试管B中的蓝色深度相差不大。
【小问3详解】
淀粉是以葡萄糖为基本单位形成的生物大分子，被人体摄入后，淀粉先水解为麦芽糖，最后水解为葡萄糖，即发生的化学变化是淀粉→麦芽糖→葡萄糖。
【小问4详解】
斐林试剂甲液和双缩脲试剂A液的成分及浓度都相同，斐林试剂乙液和双缩脲试剂B液的成分相同但浓度不同，可以向斐林试剂乙液中加入适量蒸馏水使其稀释，将斐林试剂改造成双缩脲试剂，用来鉴定蛋白质。功能分类
化学本质分类
功能
储藏脂类
脂肪
储藏能量，缓冲压力，减少摩擦，保温作用
结构脂类
磷脂
是细胞膜、细胞器膜和细胞核膜的重要成份
调节脂类
固醇
胆固醇
细胞膜的重要成份，与细胞膜的流动性有关
性激素
促进生殖器官的生长发育，激发和维持第二性征及雌性动物的性周期
维生素D
促进动物肠道对钙磷的吸收，调节钙磷的平衡
组别
锌（μml/L）
铁（μml/L）
钙（mml/L）
镁（mml/L）
铜（μm/L）
实验组
70.58±1.53
7.38±1.20
1.68±0.17
1.65±0.17
21.77±3.97
对照组
78.61±0.90
7.75±0.95
1.72±0.17
1.48±0.20
20.04±5.29