2025年北京市十一学校一分校中考物理零模试卷（中考模拟）

这是一份2025年北京市十一学校一分校中考物理零模试卷（中考模拟），共31页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验解答题，科普阅读题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）如图所示，试电笔的构造元件中通常情况属于绝缘体的是（ ）
A．笔尾金属体B．电阻
C．弹簧D．塑料外壳
2．（2分）能源种类繁多，分类标准也不是唯一的。以下能源形式中，属于不可再生能源的是（ ）
A．核能B．太阳能C．风能D．地热能
3．（2分）如图所示的光现象，由于光的反射形成的是（ ）
A．手在墙上形成的手影
B．日食的形成
C．筷子好像在水面处弯折
D．鸟巢在水中形成的倒影
4．（2分）如图所示的四个物态变化的实例中，属于液化的是（ ）
A．壶口冰瀑
B．黄山雾海
C．天池白雪
D．长城雾凇
5．（2分）如图所示的四种工具中，正常使用时属于省力杠杆的是（ ）
A．食品夹B．天平
C．手动榨汁机D．筷子
6．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．光总是沿直线传播的
B．光在发生漫反射时，不遵循光的反射定律
C．光的色散现象说明白光是由多种色光组成的
D．光是电磁波，在真空中的传播速度约为3×108km/s
7．（2分）关于如图所示的声现象，下列说法正确的是（ ）
A．早期的机械唱片上有一圈圈沟槽，唱针划过沟槽时振动发出声音
B．用等大的力依次敲击装水的玻璃瓶，能发出的声音的响度不同
C．纺织工人工作时佩戴耳罩，是为了在传播过程中减弱噪声
D．汽车用倒车雷达可探测到障碍物，说明超声波能传递能量
8．（2分）如图所示的电路，当开关闭合后，两只小灯泡均发光且L1比L2亮，下列说法中正确的是（ ）
A．金属导线中自由电子定向移动的方向与电流方向相反
B．电路中的电流是由正电荷定向移动形成的
C．干电池对外电路供电时将电能转化为化学能
D．通过L1的电流大于通过L2的电流
9．（2分）如图所示为运动员垫排球时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．垫球时排球对手臂的作用力和手臂对排球的作用力是一对平衡力
B．排球脱离手臂后能继续上升，是由于排球的惯性大于排球所受的重力
C．排球上升到最高点时，排球所受的合力为零
D．排球在下落过程中，排球所受的重力做功
10．（2分）如图所示，关于电和磁的下列说法中正确的是（ ）
A．甲图所示表明磁体周围存在着磁感线
B．乙图所示实验表明导体周围存在着磁场
C．丙图所示实验揭示了电动机的工作原理
D．丁图所示实验表明电能可以转化为机械能
11．（2分）把一薄壁金属管固定在支架上，金属管中装一些酒精，然后用软木塞塞紧。用橡皮条缠绕在金属管上，迅速来回拉动橡皮条，过一会儿会看到软木塞被顶开，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．来回拉动橡皮条，使金属管的温度升高，这是通过热传递方式改变金属管的内能
B．酒精温度升高，这是通过做功方式改变酒精内能
C．酒精蒸汽将木塞顶开的过程，酒精蒸汽的内能减小
D．酒精蒸汽将木塞顶开的过程，酒精蒸汽的机械能转化为木塞的内能
12．（2分）如图所示，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，实验前调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一高度。则根据凸透镜成像规律，下列四个选项中，正确的是（ ）
A．蜡烛放置在35cm刻度线处，光屏上呈现的像是放大、正立的虚像
B．蜡烛放置在15cm刻度线处，光屏上呈现的像与普通照相机成像的性质相同
C．蜡烛放置在20cm刻度线处，光屏上呈现的像是等大、倒立的实像
D．保持凸透镜不动，若要在光屏上得到更大的清晰的像，应将蜡烛右移，光屏左移
13．（2分）如图是某测温仪的工作原理图，其中电源两端电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪相当于电流表或电压表。若测量人的体温时，显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是（ ）
A．显示仪相当于电流表
B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小
C．被测温者体温越高，电路中通过R0的电流越大
D．测相同温度时，将R0更换为阻值更大的电阻，显示仪示数将变小
14．（2分）将甲、乙两个相同的溢水杯放在水平桌面上，分别盛满不同的液体（至溢水口处），把两个完全相同的小球放入溢水杯中，溢出的液体流到了相同的小烧杯中，静止时的状态如图所示。此时，甲图中液体对烧杯底部的压强和乙图中液体对烧杯底部的压强分别为p1和p2，甲溢水杯对桌面的压强和乙溢水杯对桌面的压强分别为p3和p4，则（ ）
A．p1＜p2，p3＜p4B．p1＞p2，p3＞p4
C．p1＜p2，p3＝p4D．p1＞p2，p3＝p4
15．（2分）如图甲所示，将物体A放在水平地面上，它对地面的压强为6×103Pa。把物体A用细绳挂在杠杆的C端，杠杆的D端悬挂重为20N的物体B，如图乙所示，当杠杆在水平位置平衡时，物体A对地面的压强为2×103Pa。已知：OC：OD＝1：3，g取10N/kg，不计杆重与绳重。要使物体A恰好被细绳拉离地面，则下列判断中正确的是（ ）
A．移动支点O的位置，使OC：OD＝1：4
B．物体A对地面的压力需要减少20N
C．杠杆D端所挂物体的质量增加1kg
D．物体A的底面积为300cm2
二、多选题（共10分，每小题2分）
（多选）16．（2分）下列关于功和能的说法中正确的是（ ）
A．机械做功越快，功率就越大
B．作用在物体上的某个力越大，这个力对该物体做的功就越多
C．在平衡力作用下运动的木块，其机械能可能发生变化
D．在空中竖直自由下落的篮球，其增加的动能是由重力势能转化来的
（多选）17．（2分）关于如图所示的几个实验情景，下列说法正确的是（ ）
A．图甲：两个压紧的铅块不会被重物拉开，说明固体分子间只存在引力
B．图乙：从迅速压下活塞到硝化棉燃烧起来的过程中，活塞的机械能转化为筒内气体的内能
C．图丙：抽掉玻璃板，两个瓶中的气体颜色逐渐变得均匀，说明瓶中气体分子在做无规则运动
D．图丁、戊：用相同的电热器加热质量相等的水和食用油，经过相同时间，发现食用油的温度升高较多，说明食用油的比热容较大
（多选）18．（2分）小莉根据下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是（ ）
A．用铜制成的容器不可以用来熔化铁块
B．体积相等的铝球和铁球，如果它们的质量相等，铁球一定是空心的
C．质量相等的实心铜块和实心铝块，放出相等的热量，铝块温度降低得较多
D．把﹣8℃的冰块投入盛有0℃水的密闭隔热容器中一段时间后，水的质量会减少
（多选）19．（2分）如图所示，工人师傅用150N的力使重为2400N的物体A在1min内沿水平地面匀速移动了12m，此时物体A受到的摩擦力为A受到重力的0.1倍，物体A受到的拉力水平向左。下列说法中正确的是（ ）
A．物体A受到的拉力为150N
B．动滑轮重为60N
C．工人师傅拉力的功率为60W
D．该装置的机械效率为 80%
（多选）20．（2分）图中的物体A重5N，物体B重1N。用轻绳将两物体通过定滑轮连接，放手后，物体A恰能以速度v1沿着水平桌面向右做匀速直线运动，在物体A运动了一段距离s的过程中，所用时间为t1，轻绳的拉力F1做的功为W1，功率为P1；若对物体A施以水平向左的拉力F2，使其恰能以速度v2沿着水平桌面向左做匀速直线运动，在物体A运动了一段距离s的过程中，所用时间为t2，F2做的功为W2，功率为P2。不计定滑轮处摩擦，已知P1＝P2，则下列判断正确的是（ ）
A．v1：v2＝1：2B．t1：t2＝1：2C．F1：F2＝1：2D．W1：W2＝1：2
三、实验解答题（23、24、27、28（3）、30（3）、32（5）、33题每空2分，31题3分，其它每空1分，共48分）
21．（2分）（1）如图1所示体温计的示数为 ℃。
（2）如图2所示的物块A的长度为 cm。
22．（1分）如图所示，根据图中电源的正、负极可判断：通电螺线管左端为 极。
23．（2分）如图所示，杠杆可绕O点转动，请在图中画出力F的力臂L。
24．（6分）为了测量某种液体的密度，小明取适量该液体的样品进行了如下实验。
（1）将天平、量筒放在水平桌面上。将盛有适量液体的烧杯放在调节好的天平左盘内，改变右盘中砝码的个数和游码的位置，使天平横梁在水平位置重新平衡，此时右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图甲所示，则烧杯及杯内液体的总质量为 g。
（2）将烧杯中的一部分液体倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中液体的体积为 cm3；再用天平测出烧杯和剩余液体的总质量为87g。
（3）根据上述实验数据计算此种液体密度的测量值为 g/cm3。
25．（3分）小明探究杠杆的平衡条件，他所使用的杠杆上相邻刻线间的距离相等，弹簧测力计的量程和分度值满足实验要求。
（1）如果杠杆静止时，如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节。
（2）杠杆水平平衡后，在杠杆上的A点悬挂1个重为1N的钩码，如图乙所示，然后可以用弹簧测力计在 （选填“B”或“C”）点竖直向上拉杠杆，使杠杆再次水平平衡，此时弹簧测力计的示数为 N。
26．（3分）小东用如图甲所示的装置，探究“水沸腾前后温度随加热时间变化的关系”。小东选择初温为30℃的水进行实验，当水温加热到90℃时，他开始每隔一分钟记录一次水的温度，记时5min后水沸腾。水沸腾后又持续加热了一段时间，并记录水的温度。小东根据记录的数据绘制了水的温度随加热时间变化的关系图像，如图乙所示。
（1）实验中小东观察到 的现象可以判断水是沸腾的。
（2）由图像可得出的实验结论：水沸腾前随着加热时间的增加，温度升高；水沸腾时 。
（3）若想缩短水沸腾前的加热时间，请你提出一条合理建议。
27．（5分）小军利用如图所示的在实验桌上的实验器材，探究平面镜成像的特点。其中A、B是两段完全相同的蜡烛，C是平整的白纸，E是薄透明平板玻璃。小军将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，观察到玻璃板后有蜡烛A的像A'。
（1）当他将蜡烛A向薄透明平板玻璃E移动过程中，蜡烛的像的大小将 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
（2）蜡烛A位置保持不变，若他将玻璃板向左平移时，蜡烛的像的大小将 （选填“向左移”、“不变”或“向右移”）。
（3）他在玻璃板中看到A的像是因光的 所形成的虚像，眼睛透过玻璃板看见的“蜡烛B”实际上是 （选填“光的反射形成的虚像”、“光的折射形成的虚像”或“蜡烛B本身”）。
（4）若实验过程中无论怎样在水平桌面上调节蜡烛B的位置，发现都不能使之与蜡烛A的像完全重合，发生这种现象的原因可能是 。
28．（2分）某科技小组同学将底部有小孔的空透明矿泉水瓶竖直压入水中形成了“喷泉”，他们发现增加瓶子压入的深度，“喷泉”会喷的更高，如图所示。“喷泉”喷射高度的大小表示液体内部压强的大小，请根据他们观察到的实验现象，提出一个可探究的科学问题 。
29．（5分）小明在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关时，用弹簧测力计沿水平方向拉着长方体木块在水平桌面上做匀速直线运动，如图甲所示；将砝码放在木块上，再次用弹簧测力计水平拉动木块，使木块和砝码沿同一水平桌面做匀速直线运动，如图乙所示。请回答下列问题：
（1）甲、乙两次测力计的示数F甲＜F乙，小明可以得到的结论； 。
（2）将木块沿竖直方向切去一半，用弹簧测力计沿水平方向拉着剩余的木块在同一水平桌面上做匀速直线运动，如图丙所示。比较甲、丙两次实验，发现弹簧测力计的示数不相等，由此他得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是 。
（3）实验后，小明与同学们交流讨论，又设计了如图丁所示的实验装置，弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面垫一块长木板A。请说明利用该装置如何测出木块与长木板A之间的滑动摩擦力。
30．（3分）小阳用如图所示的实验装置进行实验，闭合开关，使金属棒AB向右运动，观察灵敏电流计指针偏转的方向；将蹄形磁铁的N、S极对调，仍使金属棒AB向右运动，观察灵敏电流计指针偏转的方向。
（1）小阳探究的问题是：感应电流的方向与 是否有关。
（2）实验中，灵敏电流计的作用是 。
（3）实验中金属棒AB向右运动产生感应电流的过程中能量转化与 （选填：“电动机”或“发电机”）工作时相同。
31．（3分）如图所示，小灯泡L1、L2与滑动变阻器组成串联电路，其中，小灯泡L1、L2两端的电压分别用U1、U2表示，小灯泡L1、L2串联后两端的总电压用U表示。小华想用此电路证明：“小灯泡L1、L2串联后，L1、L2两端的总电压等于每个小灯泡两端电压之和，即U＝U1+U2。”请你根据实验目的完成下列问题：
（1）实验中的因变量是 。
（2）实验中滑动变阻器可以起到保护电路的作用，还可以 。
（3）画出实验数据记录表格。
32．（5分）水平实验桌面上有微小压强计、装有适量水的玻璃杯。小亮进行了如下操作：
①将微小压强计的探头放入玻璃杯的水中，如图甲，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h1；
②保持微小压强计探头与玻璃杯底的距离不变，然后往玻璃杯中倒入一定量水，如图乙，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h2；
小亮发现h1＜h2，于是小亮得出结论“水中某一点的压强与该点所在平面上方的水的体积有关”。
请你选择合适器材，设计一个实验证明小亮的结论是错误的。写出实验步骤和实验现象。
33．（4分）小阳为了测量木块的密度，找到的实验器材有电子秤、装有适量水的烧杯和一根足够长的细钢针，进行了如下实验，请你帮助他补全实验步骤：
（1）将电子秤放在水平桌面上并清零；
（2）将木块置于电子秤上，记录电子秤示数为m1；
（3）将装有适量水的烧杯置于电子秤上，记录电子秤示数为m2；
（4） ，静止后，记录电子秤示数为m3；
（5）计算木块的密度为：ρ木＝ 。（已知水的密度为ρ水）
34．（4分）某同学认为漂浮的物体受到的浮力一定大于沉底的物体受到的浮力。他将樱桃和蓝莓放入水中，当它们都静止时，发现体积较小的蓝莓漂浮在水面上，而体积较大的樱桃却沉在水底，如图所示。
（1）请分析并判断蓝莓受到的浮力F1与樱桃受到的浮力F2的大小关系，说明该同学的想法是否正确；
（2）请分析并判断蓝莓的重力G1与樱桃的重力G2的大小关系（可画受力示意图辅助说明）。
四、科普阅读题（4分）
35．（4分）请阅读《潜水艇》回答问题。
潜水艇
潜水艇是一种能潜入水下活动的舰艇，结构复杂、工艺精细，潜水艇的制造能力代表着一个国家的综合工业水平，现代潜水艇的艇体一般由双层船壳构成，外层与海水接触，内层为坚硬的耐压壳。潜水艇在上浮和下潜时，其体积是一定的。
两层船壳之间有水柜，在控制潜水艇上浮和下潜的过程中，起主要作用的是主水柜，从艇艏（艇头）到艇艉（艇尾）设有许多隔板，把主水柜分成了许多不相通的部分，每一部分的结构都如图所示，顶部分别装有一个接高压空气的阀门和一个与外部相通的阀门1（称作通气阀门），下端还装有一个与外部相通的阀门2（称作通海阀门），利用三个阀门关闭与打开的不同组合，就可以改变水柜中的水量，实现潜水艇的上浮与下潜。例如，打开高压空气阀门（其他阀门处于恰当状态），向水柜内注入高压空气时，可以将水柜内的海水从相关阀门排出，潜水艇将上浮。
请结合上述材料，回答下列问题：
（1）潜水艇是通过改变 来实现上浮或下潜的。
（2）关于水柜的使用，下列说法合理的是 。（多选）
A．欲使漂浮在海面上的潜水艇下潜，则应打开阀门1和阀门2，关闭高压空气阀门
B．欲使漂浮在海面上的潜水艇下潜，则应打开阀门2和高压空气阀门，关闭阀门1
C．欲使悬浮在海面下的潜水艇上浮，则应打开阀门2和高压空气阀门，关闭阀门1
D．欲使悬浮在海面下的潜水艇上浮，则应打开阀门1和高压空气阀门，关闭阀门2
（3）潜水艇两层船壳之间的主水柜，从艇艏到艇艉设有许多隔板，把主水柜分成了许多不相通的部分，这样的设计有什么优点呢？（说出一条即可）
五、计算题（共8分，35题3分，36题5分）
36．（3分）在如图所示的电路中，电源两端电压为3V且保持不变，电阻R1的阻值为5Ω。当开关S闭合后，电流表的示数为0.2A。求：
（1）电压表的示数U1。
（2）电阻R1消耗的电功率P1。
（3）电流在30s内通过电阻R2所做的功W2。
37．（5分）用如图28所示的滑轮组提升水中的物体M，A为动滑轮B、C为定滑轮。物体M的体积为0.06m3，密度为1.5×103kg/m3。物体M完全在水面下以0.1m/s速度匀速竖直上升的过程中，电动机加在绳子自由端的拉力为F，拉力F做功的功率为P。已知物体在水中时，电动机的输出功率为48W。g取10N/kg，绳重、轮与轴的摩擦及水的阻力均可忽略不计，水的密度为1.0×103kg/m3。求：
（1）物体M完全在水面下时的浮力；
（2）动滑轮A的重力；
（3）动滑轮A通过绳子对物体M的拉力的功率PA。
2025年北京市十一学校第一分校中考物理零模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
二．多选题（共5小题）
一、单选题（共30分，每小题2分）
1．【分析】容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。
【解答】解：A、通常情况下，笔尾金属体容易导电，属于导体，故A错误；
B、通常情况下，电阻容易导电，属于导体，故B错误；
C、通常情况下，弹簧容易导电，属于导体，故C错误；
D、通常情况下，塑料外壳不容易导电，属于绝缘体体，故D正确。
故选：D。
2．【分析】从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。
【解答】解：A．核能在短时间内不能再生，是不可再生能源，故A正确；
BCD．太阳能、风能、地热能都可以从自然界源源不断地获得，是可再生能源，故B、C、D不正确。
故选：A。
3．【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的。
【解答】解：AB．手影和日食都是光的直线传播形成的，故AB不合题意；
C．筷子好像在水面处弯折，是因为光从水中射出空气时，发生折射，故C不合题意；
D．鸟巢在水中形成的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D符合题意。
故选：D。
4．【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
【解答】解：A、冰的形成属于凝固，故A错误；
B、雾的形成属于液化，故B正确；
CD、雪和雾凇的形成属于凝华，故CD错误。
故选：B。
5．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A不符合题意；
B、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故B不符合题意；
C、手动榨汁机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C符合题意；
D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D不符合题意。
故选：C。
6．【分析】（1）光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
（2）镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律。
（3）白光是由多种色光复合而成的。
（4）光在真空中的传播速度是3×108m/s，即3×105km/s。
【解答】解：A、光在同种均匀介质中是沿直线传播的，故A错误；
B、光发生漫反射时，也遵循光的反射定律，故B错误；
C、光的色散现象说明白光是由多种色光组成的，故C正确；
D、光是电磁波，在真空中的传播速度约为3×105km/s，故D错误。
故选：C。
7．【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的高低可以用音高来描述，物体振动得越快，发出的声音就越高；物体振动得越慢，发出的声音就越低；
（3）减弱噪声的方法有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱；
（4）声波能够传递信息，也能够传递能量。
【解答】解：A、唱针在沟槽上划过时会发生振动，从而发出声，故A正确；
B、用同样的力敲击盛水的玻璃瓶，水越少，振动越快，声音越高，所以从左至右水越来越多，所以发出的声音由高到低，而响度相同，故B错误；
C、机场工作人员要佩戴耳罩，是为了在人耳处减弱噪声，故C错误；
D、倒车雷达利用超声波探测障碍物，说明声可以传递信息，故D错误。
故选：A。
8．【分析】（1）物理学中规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
（2）金属导体中自由电子的定向移动形成电流。
（3）干电池工作时，将化学能转化为电能。
（4）在串联电路中电流处处相等。
【解答】解：A、电子带负电，金属导线中自由电子定向移动的方向与电流方向相反，故A正确；
B、开关闭合后，该电路中的电流是由自由电子定向移动形成的，故B错误；
C、干电池供电时，将化学能转化为电能，故C错误；
D、由图知两灯串联，流过L1的电流与流过L2电流大小相等，故D错误。
故选：A。
9．【分析】（1）二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；
（2）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
（3）处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用所受合力为零；
（4）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
【解答】解：A．垫球时，手臂给排球的作用力和排球给手臂的作用力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B．排球脱离手臂后能继续上升，是由于排球具有惯性，惯性不是力，不能与重力比较大小，故B错误；
C．排球上升到最高点时，只受重力作用，因此排球所受的合力为零，故C错误；
D．排球在下落过程中，受到重力的作用，且在重力的方向上通过了距离，所以排球所受的重力做功，故D正确。
故选：D。
10．【分析】（1）对于磁体来说，磁场虽然看不见，但是存在的；磁感线虽然能看到，但不是真实存在的；
（2）奥斯特实验说明了通电导线周围有磁场；
（3）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
（4）发电机的工作原理是电磁感应现象，是机械能转化为电能的过程。
【解答】解：A、甲图是条形磁体周围磁感线的分布情况，磁场都是真实存在的，但磁感线是不存在的，故A错误；
B、奥斯特实验说明了通电导线周围有磁场，导体不通电，则导体周围无磁场，故B错误；
C、据图可知，通电后，磁场中的导体会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的工作原理，故C正确；
D、丁图所示实验为电磁感应现象的实验，表明机械能可以转化为电能，故D错误。
故选：C。
11．【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；物体吸收热量，内能增大，放出热量，内能减少。
（2）利用内能做功，内能转化为机械能。
【解答】解：A．来回拉动橡皮条，使金属管的温度升高，这是通过做功的方式改变金属管的内能，故A错误；B．人拉动软绳与金属管克服摩擦做功，金属管内能增加，将热量传递给酒精，这是通过热传递方式改变酒精的内能，故B错误；
CD．酒精蒸汽把软木塞顶出去的过程，蒸气对塞子做功，内能减少，蒸气的一部分内能转化为塞子的机械能，故C正确，D错误；
故选：C。
12．【分析】（1）当物距大于二倍焦距时，像距在一倍和二倍焦距之间，此时在光屏上成的像为倒立、缩小的实像；
（2）当物距在一倍和二倍焦距之间时，像距在二倍焦距之外，此时在光屏上成的像为倒立、放大的实像。由凸透镜成实像规律可知，物体离透镜越近，像离透镜越远，像越大。
【解答】解：A．蜡烛放置在35cm刻度线处，此时蜡烛在一倍焦距和二倍焦距之间，成像在二倍焦距以外，成倒立放大的实像，故A错误；
B．蜡烛放置在15cm刻度线处，此时蜡烛在二倍焦距以外，成像在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立缩小的实像，与照相机成像原理相同，故B正确；
C．蜡烛放置在20cm刻度线处，此时蜡烛在三倍焦距处，应成倒立缩小的实像，故C错误；
D．凸透镜不动，若要在光屏上得到更大的清晰的像，应将蜡烛右移，光屏也要右移，故D错误。
故选：B。
13．【分析】（1）分析电路的连接，根据电压表与待测电阻并联分析；
（2）当被测者体温较高时，显示仪的示数也会变大，由串联电路电压的规律和分压原理分析；
（3）被测者体温越高，热敏电阻越大，根据串联电阻的规律及欧姆定律分析电路中通过R0的电流变化；
（4）当温度相同时，热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。
【解答】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻并联，故显示仪相当于电压表，故A错误；
B、当被测者体温较高时，显示仪的示数也会变大，由分压原理，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B错误；
C、被测者体温越高，热敏电阻越大，电路的电阻越大，根据欧姆定律I=UR，电路中通过R0的电流越小，故C错误；
D、温度相同时热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，根据串联电路的电压特点可知，R两端的电压越小，因此显示仪示数会变小，故D正确•。
故选：D。
14．【分析】（1）根据物体的浮沉条件判断小球所受浮力与小球的重力关系，从而可知烧杯内液体的重力关系，液体对烧杯底的压力等于小球排开液体的重力，根据p=FS可知液体对烧杯底的压强关系
（2）根据漂浮和下沉时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系；从图中可知甲杯中液体的体积小于乙杯中液体的体积，根据密度公式的变形式m＝ρV可知甲杯中液体的质量与乙杯中液体的质量的大小关系，两溢水杯和小球相同，杯子对桌面的压力等于溢水杯、小球和液体的重力之和，根据F＝G总＝m总g可知甲杯对桌面的压力与乙杯对桌面的压力的大小关系，根据p=FS可知两溢水杯对桌面的压强关系。
【解答】解：（1）小球在甲中沉底，浮力小于重力；小球在乙中漂浮，浮力等于重力；又因为浮力等于排开液体的重力，所以甲烧杯中水的重力小于乙烧杯中水的重力，水对烧杯底的压力等于水的重力，则F1＜F2，因为两烧杯底面积相同，所以由公式p=FS得：p1＜p2；
（2）因为乙球漂浮，所以乙杯内液体的密度ρ乙＞ρ球，因为甲球下沉，所以甲杯内液体的密度ρ甲＜ρ球，则两种液体的密度：ρ乙＞ρ甲；从图中可知甲杯中液体的体积小于乙杯中液体的体积，根据密度公式的变形式m＝ρV可知甲杯中液体的质量小于乙杯中液体的质量，两溢水杯和小球相同，杯子对桌面的压力等于溢水杯、小球和液体的重力之和，根据F＝G总＝m总g可知甲杯对桌面的压力小于乙杯对桌面的压力，因为受力面积相同，由公式p=FS得：p3＜p4，故A正确、BCD错误。
故选：A。
15．【分析】根据杠杆平衡条件求出细绳对C端的拉力，即等于A减小的对地面的压力，再根据压强公式计算出A物体的重力；根据杠杆的平衡条件判断各选项。
【解答】解：（1）根据杠杆平衡条件FCLOC＝GBLOD，OC：OD＝1：3，则细绳对C端的拉力：FC＝GB×LODLOC=20N×31=60N，
则细绳对A的拉力也为60N，甲对地面的压力ΔF减少了60N，
根据F＝pS可得ΔF＝F1﹣F2＝p1S﹣p2S，代入数据得60N＝6×103PaS﹣2×103PaS，解方程可得：S＝1.5×10﹣2m2＝150cm2，故D错误；
A的重力等于A对地面的压力，则GA＝p1S＝6×103Pa×1.5×10﹣2m2＝90N，
A对地面的压力为F甲＝G甲﹣ΔF＝90N﹣60N＝30N，要使A物体恰好被细绳拉离地面，A物体对地面的压力只需减少30N即可，故B错误；
（2）要使物体恰好被细绳拉离地面，A对地面的压力为0，C端受到的拉力等于A的重力：
根据杠杆平衡条件可得GALOC＝GB′LOD，则GB′=GALOCLOD=90N×13=30N，
杠杆D端所挂物体的质量至少增加Δm=ΔGBg=30N-20N10N/kg=1kg，故C正确；
根据杠杆平衡条件可得GALOC′＝GBLOD′，则LOC'LOD'=GBGA=20N90N=29；故A错误。
故选：C。
二、多选题（共10分，每小题2分）
16．【分析】（1）功率是表示做功快慢的物理量；
（2）做功的多少跟力的大小和移动距离的大小有关系；作用在物体上的力越大，移动的距离越大，做的功就会越多；
（3）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，二者之间可以相互转化；动能和势能统称机械能。
【解答】解：A、功率表示物体做功快慢的物理量，故物体做功越快，功率越大，故A正确；
B、作用在物体上的力越大，力做的功不一定就越多，因为功等于力与距离的乘积，做功多少还要看在力的方向上移动距离的大小，故B错误；
C、在平衡力作用下运动的木块，如果是匀速向上或匀速向下运动时，其动能不变、其重力势能改变，所以其机械能也会改变，故C正确；
D、在空中竖直自由下落的篮球，其质量不变，速度变大，同时高度减小，故动能增加，重力势能减小，所以其增加的动能是由重力势能转化来的，故D正确。
故选：ACD。
17．【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）压缩气体做功，机械能转化为内能；
（3）分子在永不停息地做无规则运动；
（4）根据c=QmΔt和控制变量法进行分析即可。
【解答】解：A、分子间同时存在引力和斥力，图甲：两个压紧的铅块不会被重物拉开，说明固体分子间存在引力，故A错误；
B、图乙：从迅速压下活塞到硝化棉燃烧起来的过程中，活塞的机械能转化为筒内气体的内能，筒内温度高于硝化棉的燃点时，硝化棉开始燃烧，故B正确；
C、图丙：抽掉玻璃板，两个瓶中的气体颜色逐渐变得均匀，说明瓶中气体分子在做无规则运动，故C正确；
D、图丁、戊：用相同的电热器加热质量相等的水和食用油，经过相同时间，即水和食用油吸收热量相同，发现食用油的温度升高较多，由c=QmΔt可知食用油的比热容较小，故D错误。
故选：BC。
18．【分析】（1）从表中找出铁和铜的熔点，比较它们熔点的高低；
（2）根据密度公式ρ=mV判断物质是空心还是实心；
（3）根据Q＝cmΔt，判断温度变化量。
（4）0℃的水放出热量，会凝固。
【解答】解：A、因为铁的熔点比铜的熔点高很多，所以铜制成的容器不可以熔化铁块，故A正确；
B、铝的密度小于铁的密度，体积相等的铝球和铁球，如果质量相等，铁球一定是空心的。故B正确；
C、由表中知道c铜＜c铝，又知道m相同，放出相同的热量相同，根据吸热公式Q放＝cmΔt可知，比热容小的铜温度将低的多，故C错误；
D、把﹣8℃的冰块投入盛有0℃水的密闭隔热容器中，因水温高于冰块的温度，则热量会由水传递给冰块；对水来说，温度已达到凝固点（0℃），且水放出热量，所以水会结冰，水的质量会减小，故D正确。
故选：ABD。
19．【分析】（1）根据物体A受到的摩擦力为A受到重力的0.1倍求出A受到的摩擦力，利用二力平衡条件求出A受到的拉力；
（2）由图可知n＝2，利用不计绳重和摩擦时F=1n（f+G动）求动滑轮的重力；
（3）绳子自由端移动的距离s＝nsA，利用W＝Fs求出拉力做的总功，利用P=W总t求拉力的功率；
（4）利用W＝fsA求有用功，利用η=W有W总×100% 求机械效率。
【解答】解：A、因为物体A受到的摩擦力为A受到重力的0.1倍，所以A受到的摩擦力：f＝0.1GA＝0.1×2400N＝240N，又物体做匀速直线运动，所以A受到的拉力：FA＝f＝240N，故A错误；
B、由图可知n＝2，不计绳重和摩擦时F=1n（f+G动），动滑轮的重力：G动＝nF﹣f＝2×150N﹣240N＝60N，而题目中没有不计绳重和摩擦，所以动滑轮的重力不等于60N，故B错误；
C、绳子自由端移动的距离s＝nsA＝2×12m＝24m，则拉力做的总功：W＝Fs＝150N×24m＝3600J，拉力的功率：P=W总t=3600J1×60s=60W，故C正确；
D、有用功：W有＝fsA＝240N×12m＝2880J，所以机械效率：η=W有W总×100%=2880J3600J×100%＝80%，故D正确。
故选：CD。
20．【分析】匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上。
物体A匀速直线向右运动时，水平方向上受到拉力和摩擦力作用，这两个力是一对平衡力；
物体A匀速直线向左运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的摩擦力和水平向右的拉力作用，这三个力平衡。
分析A的受力情况，根据功的计算公式W＝Fs，功率计算公式P=Wt，速度计算公式v=st分析作答。
【解答】解：物体A重5N，物体B重1N时，物体A向右做匀速直线运动，A水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，这两个力是平衡力，大小相等，即f＝F1＝GB＝1N，摩擦力的方向水平向左；
此时F1做的功：W1＝F1s＝1N×s，
功率：P1=W1t1=1N×st1；
物体A匀速直线向左运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的摩擦力和水平向右的拉力作用，这三个力平衡。因为物体A对水平桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以此时摩擦力仍为1N，所以F2＝f′+F1＝1N+1N＝2N，则F1：F2＝1N：2N＝1：2；故C正确；
F2做的功W2＝F2s＝2N×s，则W1：W2＝F1：F2＝1：2，故D正确；
F2做功的功率：P2=W2t2=2N×st2；
已知P1＝P2，即1N×st1=2N×st2，则t1：t2＝1：2，故B正确；
根据v=st可得：v1：v2＝t2：t1＝2：1。故A错误。
故选：BCD。
三、实验解答题（23、24、27、28（3）、30（3）、32（5）、33题每空2分，31题3分，其它每空1分，共48分）
21．【分析】（1）温度计读数时，首先要明确量程和分度值，由此读数。
（2）明确刻度尺的分度值，读出末端刻度值，减去起始刻度值即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：（1）由图可知：体温计的分度值是0.1℃，故体温计的示数为：36℃+3×0.1℃＝36.3℃；
（2）由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm，测量的起始所对刻度值是0.00cm，物体的末端所对的刻度值为3.10cm，所以物体的长度为：L＝3.10cm﹣0.00cm＝3.10cm。
故答案为：36.3；3.10。
22．【分析】利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性。
【解答】解：由图可知，电流从通电螺线管的左侧流入，右侧流出，根据通电螺线管的线圈绕向和线圈中的电流方向，由安培定则可知，用手握住导线，让四指指向电流方向时，大拇指指向右端，即左端为S极。
故答案为：S。
23．【分析】从杠杆的支点作出垂直于力作用线的垂线段，即为力F的力臂。
【解答】解：由支点向动力F的作用线作垂线，垂线段就是F的力臂L，如图所示：
24．【分析】砝码与游码示数之和是天平所测烧杯和全部液体的质量；量筒内的示数表示烧杯中的液体倒入量筒的体积；
根据ρ=mV计算该液体的密度。
【解答】解：（1）如图甲，烧杯及杯内液体的总质量为：m总＝100g+50g+3g＝153g；
（2）如图乙，量筒中液体的体积：V＝60mL＝60cm3；
（3）由题意可知，量筒中液体的质量：m＝m总﹣m总′＝153g﹣87g＝66g，
此种液体的密度为：ρ=mV=66g60cm3=1.1g/cm3。
故答案为：（1）153；（2）60；（3）1.1。
25．【分析】（1）调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡；
（2）设杠杆一格长为L，杠杆水平平衡后，在杠杆上的A点悬挂了重力为1N钩码1个，杠杆会逆时针转动，为使杠杆保持水平平衡，在B处用弹簧测力计竖直向上拉，根据杠杆的平衡条件可得F。
【解答】解：（1）如图，杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
（2）设杠杆一格长为L，杠杆水平平衡后，在杠杆上的A点悬挂了重力均为1N钩码1个，杠杆会逆时针转动，为使杠杆保持水平平衡，在B处用弹簧测力计竖直向上拉，根据杠杆的平衡条件可得1N×5L＝F×2L，
故F＝2.5N。
故答案为：（1）右；（2）B；2.5。
26．【分析】（1）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
（2）分析数据可知，水沸腾时，随着时间的增加，温度不变，据此得出实验结论；
（3）减小加热时间的方法：适当减少水量；适当提高水的初温；给烧杯加盖。
【解答】解：（1）当液体沸腾时，会有大量的气泡在水底产生，气泡在上升的过程中越来越大，直至水面破裂，故可以通过观察现象来判定水是否沸腾；
（2）根据图像中的数据可知，随着时间的增加，温度不变，故结论为：水沸腾时，随加热时间增加，温度不变；
（3）为了减少加热所用时间，可以适当减少水量、给烧杯加盖或适当提高水温。
故答案为：（1）有大量的气泡在水底产生，气泡在上升的过程中越来越大，直至水面破裂；（2）随加热时间增加，温度不变；（3）适当减少水量。
27．【分析】（1）（2）平面镜所成像与物大小相等，像与物到镜面的距离相等，像与物的连线与镜面垂直，像与物关于镜面对称，据此分析；
（3）平面镜成像的实质是光的反射；眼睛透过玻璃板看见的“蜡烛B”是发生了光的折射；
（4）探究平面镜成像的特点实验中，如果玻璃板与水平桌面不垂直，则成像会偏高或偏低，不利于实验完成。
【解答】解：（1）平面镜所成像与物大小相等，将蜡烛A向薄透明平板玻璃E移动过程中，蜡烛A大小不变，故蜡烛的像的大小将不变；
（2）平面镜所成的像与物关于镜面对称，蜡烛A位置保持不变，若他将玻璃板向左平移时，玻璃板所在的平面没有变化，蜡烛的像的大小将不变，蜡烛的像的位置将不变；
（3）平面镜成像的实质是光的反射，故在玻璃板中看到A的像是因光的反射形成的虚像；眼睛透过玻璃板看见的“蜡烛B”是蜡烛B反射的光通过玻璃进入人的眼睛，发生了光的折射；
（4）实验时玻璃板要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合。
故答案为：（1）不变；（2）不变；（3）反射；光的折射形成的虚像；（4）玻璃板没有与水平桌面垂直。
28．【分析】增加瓶子压入的深度，“喷泉”会喷的更高，说明液体内部的压强大小可能与液体深度有关。
【解答】解：增加瓶子压入的深度，“喷泉”会喷的更高，“喷泉”喷射高度的大小表示液体内部压强的大小，可探究的科学问题是：探究液体内部的压强大小与液体深度是否有关。
故答案为：探究液体内部的压强大小与液体深度是否有关。
29．【分析】一般探究问题时，多采用控制变量法来研究，甲和乙相比较，其它因素都相同，只有压力大小不相等。甲和丙相比较，除了受力面积改变，压力的大小也改变了，所以甲和丙无法比较。丁图的设计既解决了读数难的问题，又解决了操作上不需要匀速拉动长木板A。
【解答】解：（1）甲、乙两次测力计的示数F甲＜F乙，小明可以得到的结论：当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（2）甲和丙相比较，除了受力面积改变，压力的大小也改变了，所以甲和丙无法比较；
（3）长方体木块相对于地面来说处于静止状态，在水平方向收到测力计向左的拉力和A对木块向右的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
故答案为：（1）当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（2）错误；没有控制压力大小不变；（3）长方体木块相对于地面来说处于静止状态，在水平方向受到测力计向左的拉力和A对木块向右的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
30．【分析】（1）感应电流的方向与导体切割磁感线的方向和磁场的方向有关；
（2）灵敏电流计是实验检查直流电路中微弱的电流用的，它是一种高灵敏度的磁电式仪表；
（3）电磁感应是机械能转化为电能。
【解答】解：（1）闭合开关，金属棒AB向右移动时，灵敏电流计指针发生偏转；将蹄形磁铁的N、S极对调，仍使金属棒AB向右运动，观察灵敏电流计偏转方向发生了改变，说明感应电流的方向与磁场方向有关，所以探究的问题是：感应电流的方向与磁场方向是否有关；
（2）在“探究电磁感应现象”的实验中，灵敏电流计的作用是显示感应电流的大小和方向；
（3）在实验过程中，金属棒AB向右运动产生感应电流的过程中能量的转化情况是机械能转化为电能，发电机工作时也是将机械能转化为电能。
故答案为：（1）磁场方向；
（2）显示感应电流的大小和方向；
（3）发电机。
31．【分析】（1）根据实验中改变了各个灯泡的电压会导致变化的量分析；
（2）根据滑动变阻器的作用分析；
（3）根据所测物理量分析解答。
【解答】解：（1）实验中改变了各个灯泡的电压会导致总电压改变，故因变量是L1、L2两端的总电压；
（2）实验中滑动变阻器可以起到保护电路的作用，还可以改变各个灯泡的电压和总电压，进行多次实验；
（3）实验需要记录每个灯泡的电压并计算之和，以及测量的总电压，故表格如下：
故答案为：（1）L1、L2两端的总电压；（2）改变U1和U2大小；（3）见解答。
32．【分析】液体的压强P＝ρgh，与液体的体积无关，取一个底面积为S1 的圆柱形玻璃杯A，倒入适量水，使容器中水深为L．将微小压强计的探头放入水中，记录探头到水面的距离H，记录压强计U形管两侧的液面高度差h1．再取另一个底面积为S2（S2＞S1）的圆柱形玻璃杯B，倒入适量的水，使容器中水深仍为L．将微小压强计放入水中，使探头到水面的距离仍为H，记录压强计U形管两侧的液面高度差h2． 根据实验现象：压强计探头处所在平面上方水的体积V1≠V2，h1＝h2． 由此证明。
【解答】解：实验步骤：
①取一个底面积为S1 的圆柱形玻璃杯A，倒入适量水，使容器中水深为L．将微小压强计的探头放入水中，记录探头到水面的距离为H，记录压强计U形管两侧的液面高度差h1。
②取另一个底面积为S2（S2＞S1）的圆柱形玻璃杯B，倒入适量的水，使容器中水深仍为L．将微小压强计放入水中，使探头到水面的距离仍为H，记录压强计U形管两侧的液面高度差h2。
实验现象：压强计探头处所在平面上方水的体积V1≠V2，h1＝h2。
由此证明水中某一点的压强与该点所在平面上方的水的体积无关，所以小亮的结论是错误的。
故答案为：见解题内容。
33．【分析】计算密度的公式为ρ=mV；木块的质量可以通过电子秤直接称量出来；木块的体积可以通过排水法求出来。
【解答】解：（1）将电子秤放在水平桌面上并清零；
（2）将木块置于电子秤上，记录电子秤示数为m1；即木块的质量为m1；
（3）将装有适量水的烧杯置于电子秤上，记录电子秤示数为m2；
（4）用细钢针将木块压入烧杯内的水中浸没，不与烧杯相接触，静止后，记录电子秤示数为m3；
（5）密度表达式的推导：
在步骤4中木块全部浸入水中，则木块会受到浮力的作用，根据物体间力的作用是相互的，水给木块一个向上的力，木块就会给水一个向下的力，即木块受到的浮力等于木块对水的压力；
比较步骤3、4可知，木块排开水的质量m排＝m3﹣m2；
则木块的体积即排开的水的体积为：V=m排ρ水=m3-m2ρ水；
木块的密度为：ρ=m1V=m1m3-m2ρ水=m1m3-m2ρ水。
故答案为：（4）用细钢针将木块压入烧杯内的水中浸没，不与烧杯相接触；（5）m1m3-m2ρ水。
34．【分析】（1）根据公式F浮＝ρ液gV排判断所受浮力大小；
（2）漂浮的物体，物体密度小于液体的密度；下沉的物体，物体密度大于液体的密度，据此判断出蓝莓的密度与樱桃密度的关系，同时，蓝莓的体积小于樱桃的体积，根据密度公式可比较出它们的质量大小，根据G＝mg可比较出它们的重力的大小。
【解答】答：（1）该同学的想法是错误的；
体积较大的樱桃却沉在水底，体积较小的蓝莓漂浮在水面上，故樱桃排开水的体积较大，由公式F浮＝ρ液gV排知体积较小的蓝莓受到的浮力F1小于体积较大的樱桃受到的浮力F2；
（2）蓝莓漂浮在水面上，其密度小于水的密度；樱桃沉在水底，樱桃的密度大于水的密度；所以，樱桃的密度大于蓝莓的密度，同时，蓝莓的体积小于樱桃的体积，根据密度公式知，蓝莓的质量小于樱桃的质量，根据G＝mg知，蓝莓受到的重力G1小于樱桃的重力G2。
四、科普阅读题（4分）
35．【分析】（1）潜水艇浸没在水中无论是上浮还是下沉，潜水艇的体积不变（排开水的体积不变），受浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，实现上浮或下沉的。
（2）根据液体内部压强随深度的增加而增大分析回答；
（3）根据潜水艇的稳定性分析回答。
【解答】解：（1）在水中，潜水艇受到水的浮力和重力的作用，
F浮＝ρ水V排g，潜水艇的体积不变，上浮或下潜时，排开水的体积不变，
潜水艇受到水的浮力不变；
把压缩空气压入潜水艇的压力舱，将海水排出，潜水艇自重G减小，当F浮＞G时，潜水艇上浮；
打开压力舱的阀门，让海水进入压力舱内，潜水艇自重G增大，当F浮＜G时，潜水艇下沉；
当F浮＝G时，潜水艇悬浮，可以停留在任何深度；
由此可见，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的。
（2）AB、欲使漂浮在海面上的潜水艇下潜，则潜水艇自重G需要增大，则需要让海水进入压力舱内，向柜内注水时应关闭高压空气阀门，因液体内部压强随深度的增大而变大，再打开阀门1，关闭阀门2海水通过阀门1流入水柜内，或再打开阀门1和阀门2，通过阀门2流入水柜内，故A正确，B错误；
CD、欲使悬浮在海面下的潜水艇上浮，则潜水艇自重G需要减小，向柜内注入高压空气时，为防止高压空气溢出，故应关闭阀门1，打开阀门2，通过阀门2将水排出，故C正确、D错误。
（3）潜水艇两层船壳之间的主水柜，从艇艏到艇艉设有许多隔板，把主水柜分成了许多不相通的部分，这样的设计好处是在潜水艇注水或排水的过程中能保持潜水器的重心稳定，不会引起较大的偏移，保持潜水艇的稳定性；
故答案为：（1）自身重力；（2）AC；（3）保持潜水艇的稳定性。
五、计算题（共8分，35题3分，36题5分）
36．【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据欧姆定律求出R1两端的电压，即为电压表的示数；
（2）根据P＝UI求出电阻R1消耗的电功率；
（3）根据W＝UIt可求得，电流在30s内通过电阻R2所做的功。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由I=UR可得，R1两端电压：
U1＝IR1＝0.2A×5Ω＝1V，即电压表示数为1V；
（2）电阻R1消耗的电功率：
P1＝U1I＝1V×0.2A＝0.2W；
（3）电流在30s内通过电阻R2所做的功：
因串联电路中总电压等于各分电压之和，U2＝U﹣U1＝3V﹣1V＝2V；
W2＝U2It＝2V×0.2A×30s＝12J。
答：（1）电压表的示数为1V；
（2）电阻R1消耗的电功率为0.2W；
（3）电流在30s内通过电阻R2所做的功为12J。
37．【分析】（1）物体A完全在水面下时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力；
（2）物体A完全在水面下时被匀速提升，受到绳子的拉力和物体的重力、浮力构成平衡力，据此求出物体A完全在水面下时受到绳子的拉力；
已知电动机的输出功率恒定不变，由P＝Fv即可求出拉力F；以动滑轮A为研究对象，受到竖直向上的3段设绳子的拉力、竖直向下的拉力T′、竖直向下的重力，根据G动＝3F﹣T′算出动滑轮的重力；
（3）根据PA＝Tv求出动滑轮A通过绳子对物体M的拉力的功率。
【解答】解：（1）由于物体A完全在水面下，排开水的体积和自身的体积相等，
即V排＝V＝0.06m3；
则物体M受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m3＝600N；
（2）以物体M为研究对象，受到竖直向下的重力GM、竖直向上的浮力F浮以及竖直向上的拉力T，物体M的重力为：
GM＝ρMgVM＝1.5×103kg/m3×10N/kg×0.06m3＝900N，
拉力T为：
T＝GM﹣F浮＝900N﹣600N＝300N，
由图可知绳子的股数为3股；
则根据P=Wt=Fst=Fv可知：
F=Pv=48W3×0.1m/s=160N，
以动滑轮A为研究对象，受到竖直向上的3段设绳子的拉力、竖直向下的拉力T′、竖直向下的重力，由于物体间力的作用相互的，所以绳子对物体M的拉力T与M对绳子竖直向下的拉力T′大小相等，即T′＝T＝300N，
动滑轮的重力为：
G动＝3F﹣T′＝3×160N﹣300N＝180N；
（3）根据P=Wt=Fst=Fv可知，动滑轮A通过绳子对物体M的拉力的功率为：
PA＝Tv＝300N×0.1m/s＝30W。
答：（1）物体M完全在水面下时的浮力为600N；
（2）动滑轮A受到的重力为180N；
（3）动滑轮A通过绳子对物体M的拉力的功率为30W。物
质
密度ρ/（kg•m﹣3）
（常温常压下）
物
质
熔点t/℃
（标准大气压下）
物
质
比热容
c/[J•（kg•℃）﹣1]
冰
0.9×103
冰
0
水
4.2×103
铝
2.7×103
铝
660
铝
0.88×103
铁
7.9×103
铁
1535
铁
0.46×103
铜
8.9×103
铜
1083
铜
0.39×103
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
D
A
D
B
C
C
A
A
D
C
C
题号
12
13
14
15
答案
B
D
A
C
题号
16
17
18
19
20
答案
ACD
BC
ABD
CD
BCD
U1/V
U2/V
U1+U2/V
U/V