2025年中考第二次模拟考试卷：物理（上海卷）（解析版）

这是一份2025年中考第二次模拟考试卷：物理（上海卷）（解析版），共15页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，综合题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分，每题只有一个正确选项）
1．拉提琴时，手指在琴弦上面上下移动，这样做主要是为了改变提琴发声的（ ）
A．响度B．音调C．音色D．传播方向
【答案】B
【详解】拉提琴时，手指在琴弦上面上下移动，琴弦振动的频率不同，发出声音的音调不同，所以这样做主要是为了改变提琴发声的音调。
故选B。
2．两个物体接触后不发生热传递现象，说明它们一定具有相同的( )
A．温度B．密度C．质量D．比热容
【答案】A
【详解】由于发生热传递的条件是有温度差，所以，如果两物体没发生热传递，肯定是具有相同的温度。
故选A。
3．如图所示，重为100N的两个完全相同的物体在同一地面，沿水平方向上用20N的力拉动它们做匀速直线运动。若不计空气阻力且v1＜v2，则它们所受拉力F1与F2的关系为（ ）
A．F1＝F2＝100NB．F1＞F2＞20N
C．F1＜F2＜100ND．F1＝F2＝20N
【答案】D
【详解】在水平方向上，每个物体都受拉力F与滑动摩擦力f作用，两个物体都做匀速直线运动，处于平衡状态，所以F1＝f1，F2＝f2；两个完全相同的物体在同一水平面上运动，两物体对水平地面的压力等于自身的重力，相等；接触面的材料与接触面的粗糙程度相同，所以两物体所受的摩擦力大小相等，即f1＝f2，所以
F1＝F2＝20N
故选D。
4．光具座上有凸透镜、光屏及发光源各一个．当光屏和凸透镜的距离为10cm时，此时在光屏上成缩小的像．小申把光屏沿着光具座移动5cm后，再次移动光源的位置使成清晰的像．对于该像的情况，下列选项正确的是（ ）
A．一定成放大的像B．可能成缩小的像
C．成像可能比原来小D．成像一定比原来小
【答案】B
【解析】略
5．在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，有可能使电流表A示数与电流表A1示数的比值不变的是（ ）
A．向右移动R1的滑片
B．用阻值大于R2的电阻替换R2
C．向右移动R1的滑片且用阻值小于R2的电阻替换R2
D．向右移动R1的滑片且用阻值大于R2的电阻替换R2
【答案】D
【详解】A．电源电压保持不变，滑动变阻器R1与定值电阻R2并联，电流表A在干路上测量干路电流，电流表A1在支路R1上测量通过R1的电流，闭合开关S，向右移动R1的滑片，R1接入电路的阻值变大，通过R1的电流变小，即电流表A1示数变小，根据并联电路的电流特点可知，通过定值电阻R2的电流不变时，通过干路的电流变小，即电流表A示数变小，电流表A示数与电流表A1示数的比值为
所以比值变大，故A不符合题意；
B．由于电流表A1示数不变，用阻值大于R2的电阻替换R2，通过R2的电流变小，即电流表A示数变小，根据
可知，比值变小，故B不符合题意；
C．向右移动R1的滑片且用阻值小于R2的电阻替换R2，电流表A1示数变小，通过R2的电流变大，根据
可知，比值变大，故C不符合题意；
D．向右移动R1的滑片且用阻值大于R2的电阻替换R2，电流表A1示数变小，通过R2的电流变小，电流表A示数变小，根据
可知可能不变，即电流表A示数与电流表A1示数的比值可能不变，故D符合题意。
故选D。
6．甲、乙两小车分别从相距12米的P、Q两点出发，沿同一直线同向而行，其s-t图像如图（a）（b）所示。甲车运动30秒后与乙车相距3米，若乙车通过的距离为s，则（ ）
A．米，乙比甲晚出发21秒B．米，乙比甲晚出发3秒
C．米，乙和甲同时出发D．米，乙比甲晚出发3秒
【答案】A
【详解】由左图知道，甲的速度
由右图知道，乙的速度
由知道，甲车运动30s通过的路程
（1）假设原来甲在乙后方，30s后，甲还在乙的后方3m处，则可知乙运动的路程
由知道，乙运动的时间
则乙比甲晚出发的时间为
30s-9s=21s
（2）假设原来甲在乙后方，30s后，甲在乙的前方3m处，则可知乙运动的路程
s2=18m-12m-3m=3m
由知道，乙运动的时间
则乙比甲晚出发的时间为
30s-3s=27s
（3）假设甲在乙的前方，30s后甲还在乙的前方3m处，则可知乙运动的路程
s3=18m+12m-3m=27m
由知道，乙运动的时间
则乙比甲晚出发的时间为
30s-27s=3s
（4）假设甲在乙的前方，30s后甲在乙的后方3m处，则可知乙运动的路程
s4=18m+12m+3m=33m
由知道，乙运动的时间
则乙比甲早出发的时间
33s-30s=3s
综合以上分析可知，A正确，BCD错误。
故选A。
二、填空题（1-11题 13题，每空1分，12题4分，共22分）
7．物理知识在生产和生活中有着广泛的应用。图（a）中的拖拉机安装履带后，减小了它对泥地的 ；图（b）中的吸盘式挂钩是利用了 的作用，1654年，著名的 实验有力地证明了它是很大的。
【答案】 压强 大气压 马德堡半球
【详解】[1]在拖拉机对地面的压力大小不变的条件下，安装宽大的履带，增大了受力面积，从而减小拖拉机对地面的压强，不会陷进地里。
[2][3]图（b）中的吸盘式挂钩不掉下去是利用了大气压的作用，1654年，著名的马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在，且证明大气压是很大的。
8．测量家庭消耗电能的仪表是 表，标有“220V，1600W”的电吹风正常工作0.1小时耗电 千瓦时。为减小电能的损耗，远距离输电时必须用 （选填“高压”或“低压”）。
【答案】 电能 0.16 高压
【详解】[1]电能表是测量家庭消耗电能的仪表，接在进户线后面。
[2]电吹风正常工作0.1小时消耗的电能
[3]当输出功率一定时，若提高电压，则由可知，电流降低，由可知，可以使电线上电阻的损失的功率减小，减小电能的损失，所以远距离输电时必须用高压电。
9．“池水映明月”，水中的明月是光的 现象形成的（选填“反射”或“折射”）；“潭清疑水浅”是由于光从水斜射入空气时，折射角 入射角而形成的（选填“大于”“等于”或“小于”）；“飞流直下三千尺”，水下落过程中重力势能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】 反射 大于 减小
【详解】[1]“池水映明月”说的平面镜成像，是由光的反射形成的。
[2]“水浅”是由光的折射形成的，光从水中折射入空气中，空气中的折射角大于水中的入射角导致。
[3]水下落过程中质量不变，高度降低，则重力势能减小。
10．兴趣小组自制“潜水艇”，将其放入一个底面积为：、水深为10cm的薄壁柱形容器内。“潜水艇”放入水中恰好悬浮，如图所示，此时水深为12cm，“潜水艇”受到的重力 （填“大于”“等于”或“小于”）受到的浮力。打开进水阀门，空腔内开始进水，“潜水艇”下沉，最终“潜水艇”沉底且空腔充满水，此时容器底部受到水的压强为 Pa。（“潜水艇”的材料密度）
【答案】 等于 1100
【解析】【小题1】[1] 由题意可知，“潜水艇”放入水中恰好悬浮，由物体的浮沉条件可知，“潜水艇”受到的重力等于受到的浮力。
[2] 由题意可知，“潜水艇”体积为
潜水艇受到的浮力为
由于潜水艇悬浮在水中，根据物体的浮沉条件可知，潜水艇的重力为
潜水艇质量为
潜水艇材料的体积为
潜水艇空腔的体积为
当“潜水艇”沉底且空腔充满水，容器中水下降的高度为
此时容器中水的深度为
容器底部受到水的压强为
11．某导体两端的电压为6伏时，通过它的电流为0.3安，则10秒钟通过该导体横截面的电荷量为 库，导体的电阻为 欧．若导体两端的电压改为8伏时，导体的电阻 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】 3 20 不变
【详解】由I=可得，通过该导体横截面的电荷量：Q=It=0.3A×10s=3C，
由I=可得，导体的电阻：R===20Ω，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以当导体两端的电压为8伏时，该导体的电阻仍为20Ω不变．
12．在图示的电路中，电源电压保持不变，R1=2R2，闭合开关S，电压表示数为U0，电流表示数为I0.一段时间后，电路出现故障，两电表指针向同一方向发生偏转，故障仅发生在电阻R1或R2上，其他元件仍保持完好。请写出两电表示数及相应的故障 。
【答案】若电压表示数为3U0，电流示数为3I0，则R1短路；若电压表示数为0，电流表示数为0，则R1断路
【详解】由图知，两只定值电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V测量电阻R2两端电压；由题知，R1=2R2，电键S闭合后，若电流表的示数为I0，电压表的示数为U0，由串联分压规律可知电源电压为3U0；一段时间后，观察到两电表指针同向偏转，这说明电流表、电压表示数都变大或都变小；
若R1短路，电压表测量电源电压，示数增大为3U0，此时只有R2接入电路，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，为3I0；
若R2短路，电压表示数为0，此时只有R1接入电路，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大；
若R1断路，电路中无电流，电流表示数为0，电压表无示数，示数为0，两表同时减小；
若R2断路，电压表测电源电压，电路中无电流，电流表示数减小为0；
综合以上分析可知，R1短路时两表示数同时增大，电压表示数为3U0，电流表示数为3I；若R1断路，两表同时减小，均变为0。
13．小王在观看“天宫课堂”时，观察到宇航员将两端开口的塑料管插入水槽后，管中水面会上升。于是他在实验室中开展研究，过程如下。
①他先将塑料管甲插入水槽，如图（a）所示，管内外水面相平，这是由于塑料管与水槽构成了一个 ；
②他换用塑料管乙、丙进行实验，发现插入水槽后乙、丙两管内水面上升到不同位置，如图（b）所示。比较塑料管乙、丙的粗细和管内水面上升的高度，可得： ，管内外水面高度差越大；
③他在“天宫课堂”中看到的实验现象如图（c）所示，对比图（b）发现：太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。为了探究原因，他查阅资料后得知：（a）液体分子间存在的相互作用力可以形成向上的合力；（b）“天宫课堂”的实验处于微重力环境。请结合上述信息分析造成图（c）所示现象的原因： 。
【答案】 连通器 塑料管越细 见解析
【详解】①[1]上端开口，下端连通的仪器叫连通器。由图（a）中塑料管与水槽上端均开口且底部是连通的，符合连通器的特点，故塑料管与水槽构成了一个连通器。
②[2]由图（b）可知，塑料管乙比塑料管丙粗，而塑料管丙中水面上升的高度大于塑料管乙中水上升的高度，故可以得出结论，塑料管中水面上升的高度与管的粗细有关，且塑料管越细，管内外水面高度差越大。
③[3]由题意可知，液体分子间存在的相互作用力可以形成向上的合力，而“天宫课堂”的实验处于微重力环境，分子重力远小于向上的合力，故太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。
三、作图题（每题2分，共4分）
14．在如图所示中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。
【答案】
【详解】根据入射光线与反射光线分居法线两侧，入射角等于反射角，反射光线与法线之间的夹角为反射角，度数等于入射角为40°，如图所示：
15．在图中，请根据通电螺线管的N、S极，标出小磁针的N、S极及磁感线的方向、电源的+、-极。
【答案】
【详解】由通电螺线管左侧为N极，右侧为S极。根据右手安培定则可知，电源左端为负极，右端为正极，由于此时小磁针处于静止状态，再据磁体间的作用规律可知，此时小磁针的右端是S极，其左端是N极。在磁铁外部，磁感线方向为从N极出发流向S极。如图所示：
四、综合题（共计32分）
16．如图是一款爬绳机，这款爬绳机可以不消耗人的体能，轻松攀爬、下降，可用于消防救援、矿井救援及桥梁检测维修等等。爬绳机的质量为10kg，静止在水平地面上时对地面的压强为1000Pa。在某次爬升中，将一个质量为70kg的工人从地面匀速提升12m高，用时1min。求：
(1)爬绳机上升的速度大小；
(2)爬绳机对工人做功的功率大小。
【答案】(1)0.2m/s
(2)137.2W
【详解】（1）爬绳机上升高度h=12m，所用时间
t=1min=60s
根据可得，爬绳机上升的速度为
（2）爬绳机对工人的作用力为
F=G=mg=70kg×9.8N/kg=686N
由于工人与爬绳机相对静止，故工人上升的速度等于爬绳机的速度，则爬绳机对工人做功的功率为
17．质量为2千克的水温度从10℃升高到60℃，求：
(1)水升高的温度t；
(2)水吸收的热量Q吸。［已知：c水=4.2×103焦/（千克·℃）］
【答案】(1)50℃
(2)4.2×105焦
【详解】（1）根据题意可知，水升高的温度是
（2）水吸收的热量
18．如图所示，薄壁容器甲、乙所受重力、底面积均相同，置于水平面上。甲是柱形容器，盛有水，乙容器中盛有A液体。
(1)若甲容器中水的质量为3千克，求水的体积V水；
(2)现从两容器内分别抽出深度相同的液体。若水的质量为m0，抽出前、后，液体对容器底部压强、容器对水平面压强的部分数据见表；
①求容器乙中A液体的密度A；
②求容器所受重力G容。
【答案】(1)
(2)①；②m0g
【详解】（1）由可得，甲容器中水的体积为
（2）①分析数据表，由p=ρgh可得，容器甲中抽出水后，其压强变化为
容器乙中抽出液体后，其压强变化为
由题意知，甲乙中抽出液体的深度相同，则
由①②③可得A液体的密度
②当甲容器中抽出水之前，水对容器底部的压强为p，由于其为规则圆柱体，则其中水对容器底部的压力等于其中水受到的重力，由可得，甲容器的底面积为
其对水平面的压力等于水受到的重力和容器受到的重力之和，即
由可得，容器甲对水平面的压强
由④⑤可解得容器所受重力为
19．在图（a）所示电路中，电源电压为18伏保持不变，滑动变阻器R1上标有“2A”字样，所用电流表表盘如图（b）所示。闭合开关，移动滑片到某位置时，干路电流为2.5安。
(1)求整个电路通电4秒钟，电流所做的功；
(2)移动滑片，电流表示数最大变化量为ΔI。将电流表改接到变阻器R1所在支路，移动滑片，电流表示数最大变化量为ΔI1。其中一次电流表示数最大变化量为0.9安，另一次电流表示数最大变化量为1.1安。请指出ΔI的值，并说明理由；
(3)求电阻R2的阻值。
【答案】(1)180J
(2)0.9A
(3)15Ω
【详解】（1）由图知道，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流，通电4秒钟，电流所做的功
（2）由于滑动变阻器R1上标有“2A”字样，所以，变阻器R1所在支路的最大电流是2A，又因为定值电阻与滑动变阻器并联，定值电阻所在支路的电流无变化。当定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流时，移动滑片，电流表的示数是两支路电流之和，所以
由于I2不变，若不受电流表量程限制，则
但题中ΔI不等于ΔI1，说明受电流表量程限制，因此测干路电流时电流表先达到量程，所以
即ΔI的值是0.9A，ΔI1的值是1.1A。
（3）依题意得，闭合开关，移动滑片到某位置时，干路电流为2.5安，说明电流表测量干路电流时，使用的量程为0~3A，则干路电流最大为3A。
由于
则
由于
则图a中通过变阻器的最大电流为
此时干路电流最大为3A，由并联电路电流特点得，此时R2的电流为
由欧姆定律得，电阻R2的阻值
20．小明做“测定小灯泡电功率”的实验。现有电源（电压为2伏、4伏、6伏、8伏、四档）、待测小灯（标有“2.5伏”字样、额定功率在0.8瓦以上）、电压表、电流表、滑动变阻器、开关以及导线若干。他选择某档电源电压后，正确串联实验器材，将电压表并联在电路中。闭合开关，移动变阻器的滑片，发现电流表示数变化范围为0.06A~0.2A、电压表示数变化范围为0~1.2V，小灯始终无法正常发光。
（1）画出小明实验的电路图；
（2）分析小灯始终无法正常发光的原因，并说明理由；
（2）经过思考，他对相关实验器材进行了调整，并重新正确连接电路进行实验，闭合开关，移动滑片，当小灯正常发光，电流表示数如图所示，滑片位置在中点附近。请通过计算求出小灯的额定功率，说明小明对相关实验器材所进行的调整；
【答案】 选择的电源电压太低了 见解析
【详解】（1）[1]根据可以测量小灯泡的额定功率，故用电压表并联在小灯泡两端，测量小灯泡的额定电压，用电流表测量小灯泡的电流，滑动变阻器串联在电路中，移动滑片，让小灯泡正常发光，故如图所示：
（2）[2]闭合开关，移动变阻器的滑片，发现电流表示数变化范围为0.06A~0.2A、电压表示数变化范围为0~1.2V，电压表的示数可以为0，说明电压表测量的滑动变阻器的电压，当滑动变阻器接入的阻值为0时，此时的电流最大，当滑动变阻器全部接入时，此时电压表的示数最大，为1.2V，电路中的电流最小，最小电流为0.06A，则滑动变阻器的阻值为
小灯泡的电阻约为
当滑动变阻器接入的阻值为0时，此时的电流最大，最大电流为0.2A，则此时的电源电压为
故此时电源电压选择的为2V，则当滑动变阻器全部接入，小灯泡分担实际电压为
此时小灯泡的实际功率为
小灯泡的实际功率太小，电源电压选得太小了。
（3）[3]如图电流表，其读数为0.34A，小灯泡的额定电功率为
滑动变阻器的最大阻值为20Ω，小灯泡正常发光时，滑片位于中点附近，故此时滑动变阻器接入的阻值约为10Ω，滑动变阻器分担的电压约为
则电源电压为
故所选的电源电压为6V。
压强
容器甲
容器乙
抽出前
抽出后
抽出前
抽出后
液体对容器底部的压强
p
0.5p
p
0.6p
容器对水平面的压强
2p
/
3p
/