辽宁省普通高中2024-2025学年高二下学期4月联考物理试题

这是一份辽宁省普通高中2024-2025学年高二下学期4月联考物理试题，文件包含点石联考物理试题docx、点石联考物理答案详解docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共12页， 欢迎下载使用。
说明：
本解答给出的非选择题答案仅供参考，若考生的解法（或回答）与本解答（答案）不同，但只要合理，可参照评分标准酌情给分
一、选择题：本题10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
二、非选择题：本题共5小题，共54分。
11.（1） A（2分） （2）λ=△x1d2L2 （2分） （3） 偶然误差（2分）
12. （1） C（2分） （2） 4π2n2k（2分） bk+r（2分） （3）2π22−1Lg（2分）
13. 解:
（1）光线在AC边发生折射，已知入射角为60°，则由折射定律有 n=sin60∘sinθ（2分）
解得 θ = 30°（2分）
（2）光路图如图所示，
临界角满足 sinC=1n=33（2分）
由几何关系可得AB 边的入射角α=60°, sinα>sinC,
所以在AB边发生全反射（1分）
且 AB=ACcs30∘=103cm
设全反射点为F，. AF=63cm,（1分）
所以 BF=AB−AF=43cm（1分）
设出射点为E, BE=BFsin30°
解得 BE=23cm （1分）
14. 解:
（1）物块A移开前，弹簧弹力 F1=mA+mBg=30N（2分）
物块A移开瞬间，弹簧弹力不变，
根据牛顿第二定律. F1−mBg=mBa（2分）
解得a = 20m/s²（1分）
（2）当B运动到最高点时，C对地面压力最小。
根据简谐运动的对称性，可得B此时的加速度向下，大小a = 20m/s²
根据牛顿第二定律，F2 + mbg = mba（2分）
可得F₂ =10N（1分）
物块C平衡，有 mcg=NC+F2（2分）
得到 Nc = 20N（1分）
根据牛顿第三定律. NC'=NC=20N（1分）
15. 解:
（1） 由图像可知, 波长 λ = 16cm （1分）
质点P再过 T8 会到达最高点，所以 T8=1.5s, 解得T=12s（1分）
故该列波的波速 v=λT=43m/s（2分）
（2）P、Q两质点的平衡位置的中点的坐标为x = 7m（1分）
当该中点的位移等于零时，质点P、Q的速度相等。
又因为该简谐波沿x轴正方向传播，P、Q中点第一次运动到平衡位置所需时间为 t0=xv=5.25s
（1分）
所以质点P、Q的速度相等的时刻为 t=t0+nT2=6n+5.25s （其中n = 0, 1, 2, …） （2分）
（3）波源S₁的振动形式传播到 M点用时为 t1=24mv=18s（1分）
波源S₂的振动形式传播到M用时为 t2=8mv=6s（1分）
又由于两波源距M点的波程差为Δx = 24m-8m = 16m = λ, 故M为振动加强点。 （2分）
在0~6s内，质点M并未振动。
在6~18s内, 只有S₂的振动形式传播到质点 M, 质点M经过的路程s₁=4A=40cm（1分）
在18~30s内，质点M的振动加强，振幅变为2倍，质点M经过的路程. s2=4×2A=80cm（1分）
在30~32s内，质点M只振动 T6，质点M经过的路程 s3=103cm（2分）
故质点M振动32s的总路程 s=s1+s2+s3=120+103cm（2分）
答案详解
1. B【解析】布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，不是悬浮微粒的分子热运动，悬浮微粒越大，温度越低，布朗运动越不明显，故A、C错误，B正确；扩散现象不是外界作用（例如对流、重力作用）引起的，是分子无规则运动产生的，故D错误。
2. D【解析】甲图中衍射现象证明光具有波动性，同一平行单色光照射不同宽度狭缝，上面图片中央亮条纹较宽，衍射现象明显，说明对应狭缝较窄，故A、B错误；乙图中救护车鸣笛并靠近观察者时，观察者听到的鸣笛音调变高，故C错误，D正确。
3. C【解析】甲图线与横轴围成的面积等于乙图线与横轴围成的面积，故B 错误；乙图线速率大的分子比例较多，分子平均动能大，温度高，故C 正确，A错误；气体的温度高，分子运动平均速率大，但不是每一个分子的运动速率都大，故D 错误。
4. D【解析】B摆做受迫振动，其振动频率等于驱动力的频率，所以B摆的振动频率等于A 摆的振动频率，A摆的振动周期 T=2π1g,A摆的振动频率为 12πgl, 故D 正确。
5. C【解析】设木块的横截面积为S，质量为m，水的密度为p，静止时水下长度为x₀，根据平衡条件有ρSgx₀=mg，把木块下压一段距离x，根据牛顿第二定律有F₂=pSg（x₀+x）-mg，解得F∈=pSgx，木块静止时的位置为平衡位置，木块所受合力与其偏离平衡位置的位移大小成正比，且方向相反，因此木块的振动是简谐运动，故A错误；P点为OQ中点，从Q点到达水面开始计时，P点第一次经过水面时，经过 16T=0.2s,则周期T为1.2s，故B错误；木块上的O点第二次与水面平齐时为 34T=0.9s,故C 正确；木块在振动过程中受到重力和浮力，二者合力提供回复力，故D错误。
6. B【解析】由振动图像可知，弹簧振子的周期T=（10-2）×2s=16s，故A错误；图中弹簧振子已经振动 38T,振幅是4cm，周期是16s，所以图中小球的振动方程为 x=4sinπ8t+3π4cm, t=0时刻，小球的位移为2 2cm，故B 正确；图中在t=4s和t=8s两时刻，小球位移相同，速度大小相同，方向相反，故C错误；0~2s内，小球的动能增加，弹簧的弹性势能减小，系统的机械能不变，故D 错误。
7. C【解析】根据图像可知t₁=3s时P点开始向上振动，故此时一列波传播到P点，起振方向向上，t₂=5s时波形开始改变，说明另一列波传播到P点，S₂、S₁到P的距离之差为4m，两列波传到P点的时间差为△t=5s-3s=2s, 根据 v=△x△t,可得波速为 v=42m/s=2m/s,故A 错误；两列波刚传到 P点时均使 P点向上振动，当第二列波传到P点时，P点已经振动了一个周期，因此两列波的起振方向相同，故B 错误；由于波在均匀介质中匀速传播，则 S1P+S2P=vt1+t2=16m,故C 正确；两列波的周期为2s，则两列波的波长λ=vT=4m， 以S₂为坐标原点，S₁S₂间任一点的坐标为x，则两波源到该点的波程差为Δ=x-（16m-x）,0