2025年辽宁省沈阳市铁西区中考物理一模试卷

这是一份2025年辽宁省沈阳市铁西区中考物理一模试卷，共106页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）周末，小明陪妈妈在家里用无线蓝牙话筒唱歌，下列说法正确的是（ ）
A．妈妈唱歌的声音是由话筒振动产生的
B．妈妈的歌声是通过空气传入小明耳朵的
C．为了不打扰邻居，妈妈把门窗都关上了，这是在声源处减弱噪声
D．用话筒将声音音效切换成“魔音”，主要改变了声音的响度
2．（2分）2024年7月5日，沈阳故宫上空出现了绝美的日晕，如图所示。当高空的水蒸气遇冷形成小冰晶，太阳光照射小冰晶后，分解成不同颜色的光，太阳周围就出现一个巨大的彩色光环，称为“日晕”。下列关于此现象的说法中正确的是（ ）
A．水蒸气遇冷形成小冰晶是凝固现象，此过程要放热
B．冰晶在一段时间后消失了，此过程要放热
C．我们看到的太阳的是由于光沿直线传播
D．太阳光照射小冰晶后分解为七色光是光的色散
3．（2分）在2022年北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛中，中国选手任子威荣获金牌。图甲是他正全力通过弯道、图乙是他获胜后站立在水平赛场中央大声欢呼的情形，下列说法正确的是（ ）
A．运动员通过弯道的过程处于平衡状态
B．运动员通过弯道时有惯性，站立时没有惯性
C．站立时他受到的重力和冰面对他的支持力是一对平衡力
D．站立时他对冰面的压力和冰面对他的支持力是一对平衡力
4．（2分）如图所示，下列对实验的分析正确的是（ ）
A．甲图：盖在杯口的纸片能托住倒过来的一满杯水而不洒出，说明分子间存在相互作用力
B．乙图：两小车靠近后同时释放，两车向相反方向运动，说明物体间力的作用是相互的
C．丙图：测力计示数小于物体的重力，说明使用斜面既省力又省距离
D．丁图：摩擦过的气球能吸引小纸片，是因为气球与小纸片带异种电荷
5．（2分）小明在学习了电路之后，自己设计了如图所示的电路，对于该电路下列说法正确的是（ ）
A．只闭合开关S1，此时电路处于短路状态
B．只闭合开关S2、S3，此时灯泡L1和L2串联
C．同时闭合开关S1、S2和S3，会使电源处于短路状态
D．无论怎样闭合开关，灯泡L1和L2都不能组成串联或并联电路
6．（2分）如图所示是小明设计的家庭电路图，下列分析正确的是（ ）
A．保险盒接法正确，保险盒应该安装在零线上
B．两孔插座接法错误，其左端导线应该接在零线上
C．开关和灯泡接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则
D．将一盏落地灯刚接入该三孔插座时，保险丝烧断，原因是插座出现短路
（多选）7．（2分）2024年6月2日，在鹊桥二号中继星的支持下，嫦娥六号着陆器和上升器组合体成功着陆在月球背面，实现了人类首次在月背样品采集。我国积极开展国际合作，嫦娥六号还搭载了激光角反射器（注：其核心原理是通过多次反射将入射光线精确的按原路径返回）等多国的实验装置，下列相关说法正确的是（ ）
A．采集的样品返回地球后质量会不变
B．太阳能电池将光能转化为内能
C．激光角反射器将入射光线方向改变了90°
D．控制中心利用电磁波通过鹊桥二号实现对嫦娥六号的控制
（多选）8．（2分）避险车道是在行车道外侧增设的、供刹车失灵车辆驶离正线并安全减速的专用车道，如图所示。避险车道设计为上坡式的车道，路面上铺有很多小石子，车道尽头安装有废旧轮胎或防撞墙。下列说法正确的是（ ）
A．失控车辆沿避险车道向上运动，动能减小
B．小石子可以增大失控车辆与避险车道之间的摩擦力
C．失控车辆与废旧轮胎撞击过程中，废旧轮胎弹性势能减小
D．失控车辆冲上避险车道，动能全部转化为重力势能
（多选）9．（2分）如图所示的电路中电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。闭合S1和S2，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合S1、断开S2，a表示数为0.4（单位为A或V）。则下列说法正确的是（ ）
A．前一种情况中a、b为电流表
B．R1的电阻为15Ω
C．前一种情况中a表的示数为1V
D．后一种情况中R2的电功率为1.2W
二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分）
10．（2分）电视机的遥控器是利用 来实现遥控的，我们可以从不同的方向看到同一个物体是因为光在物体表面发生了 反射。
11．（2分）如图所示是四冲程汽油机其中一个冲程的示意图，这是 冲程。到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是 现象。
12．（2分）在火车站台边缘一定距离的地方标有一条黄色安全线，人必须站在安全线以外的区域候车，若人离行驶的火车太近容易被“吸”向火车，这是因为在气体和液体中，流速越大的位置，压强 （选填“越大”或“越小”）；小明坐在高速行驶的火车上，他发现铁路旁的青山向后运动是选择 （选填“地面”或“火车”）为参照物的。
13．（2分）小明从小养成了节约能源的良好习惯，经常观察家里面的电能表，提醒父母家里用电情况。上月末他家电能表示数为1959.6kW•h，本月末示数如图所示，则本月他家用电 kW•h；他家里有一台“220V 1100W”的电饭锅，某次小明让该电饭锅单独正常工作6分钟，电能表转盘转动了 转。
14．（2分）如图所示，MN连接电源，闭合开关后，导体棒AB向左运动，若将蹄形磁体的N、S极对调，导体棒AB将向 运动；MN换接灵敏电流计，闭合开关后，当导体棒AB做切割磁感线运动时，能观察到灵敏电流计指针偏转，请举出一个此现象在生活中的应用 。
15．（2分）风电的开发可以有效助力我国实现“碳达峰、碳中和”的战略目标。随着张北一雄安特高压交流输变电工程投运后，实现了“张家口的风点亮雄安的灯”。从能源的视角来看，“张家口的风”属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。我国自主研发的单个陆上风电机组功率可达107W，这样一个风电机组在此功率下稳定工作 min产生的电能，相当于200kg焦炭完全燃烧放出的热量（已知焦炭的热值为3.0×107J/kg）
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
16．（2分）图甲是飞鸟经过无背索斜拉桥的情景。图乙是其简化的模型，用S表示飞鸟，用F表示桥塔上端受到钢索的拉力。请帮助亮亮同学在图乙画出：
（1）飞鸟S经水面反射形成的虚像S′；
（2）拉力F对应的力臂l（O是支点）。
17．（2分）如图所示，用笔画线代替导线将电路连接完整，并在括号中标出小磁针静止时右端的磁极名称（要求：闭合开关，移动滑片P时，螺线管磁性强弱改变）。
四、实验题（本题共4小题，共24分）
18．（6分）小明在做“观察水的沸腾”实验时，用到的器材有铁架台、烧杯、温度计、秒表、硬纸板、石棉网等。
（1）如图甲所示，为小明安装的实验装置，合理的安装顺序是 （填序号）。
①烧杯和水；
②酒精灯；
③铁杆A和温度计（含纸盖）；
④铁圈B和石棉网
（2）实验时用温度计测出不同时刻水的温度，并记录在表中，其中某次温度计的示数如图乙所示，示数为 ℃。
（3）当他观察到烧杯中有大量气泡产生，气泡内应该是 （选填“空气”、“水蒸气”或“小水珠”），且气泡在上升过程中体积逐渐 （选填“变大”或“变小”），升至水面破裂，此时认为水开始沸腾。
（4）在加热条完全相同的情况下进行了两次实验，并绘制丙图，分析图丙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 。
（5）小明又将碘锤放入热水中，如图丁所示，观察到碘锤中固态碘逐渐消失，紫色的碘蒸气充满碘锤。在此实验中，固态碘没有先变成液体，再变成气体，其原因是 （已知碘的熔点是113.5℃，碘的沸点是184.4℃）。
19．（6分）小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣，他认识到熟练掌握物、像联动，并用其规律解决实际问题的意义，于是他进行了如下的探索：
（1）请仔细观察如图甲所示的透镜，平行光线经过该透镜后将会被 （选填“发散”或“会聚”），这样的透镜可用于矫正 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
（2）生活中经常看到的投影灯，其内部结构如图乙所示。图中凸透镜的焦距为50mm，则投影片到凸透镜的距离范围应为 。
（3）在探究照相机原理时，小明将焦距为10.0cm的凸透镜A放置在图丙所示的位置，向左移动光屏，在光屏上看到了清晰的像；他又将凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，其它要素不变，发现光屏上的像变模糊了。他认为此现象与 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因相似，为了使光屏上的像再次清晰，可将光屏向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动。
（4）若保持图丙中凸透镜B和蜡烛的位置不变，继续实验，他将光屏换成凸透镜A，并将凸透镜A移动到光具座66cm刻度处，从A的右侧向左看，在透镜A中也能看到清晰的像，这个像是 （选填“实”或“虚”）像。
20．（6分）小明同学在学校复习了“测量盐水的密度”实验，步骤如下：
（1）将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中线的右侧，向 调节平衡螺母，使天平横梁平衡。
（2）先用调好的天平测出烧杯和盐水的总质量为53.8g。然后将烧杯中部分盐水倒入空量筒中，如图甲所示，则倒出盐水的体积为 cm3。再用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，当天平横梁平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，则盐水的密度为 g/cm3。
（3）小明同学回家后经过思考，发现利用家中现有器材也能测出盐水的密度。已知空柱形容器外部底面积为10cm2，水的密度为1g/cm3，g取10N/kg。步骤如下：
①将金属片固定在空柱形容器底部，测出金属片和柱形容器总质量为108g。将它们放入水中，稳定后处于竖直漂浮状态，如图丙所示，则此时金属片和柱形容器排开水的总体积为 cm3。测出此时柱形容器露出水面的高度为5cm。
②将金属片和柱形容器从水中取出并擦干，再将它们放入在家配制的盐水中，稳定后处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出此时柱形容器露出液面高度为5.8cm。
③根据以上信息，可以求出在家配制盐水的密度为 g/cm3。
21．（6分）小明做“测量小灯泡的电阻”实验，实验器材有：电压恒为4.5V的电源、标有“2.5V”字样的灯泡、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、最大阻值模糊不清的标有“xΩ 1A”的滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整。（要求：滑片向右移动时，电流表示数变大）
（2）连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现灯泡忽亮忽暗，则故障可能是 。
A.滑动变阻器滑片接触不良
B.小灯泡短路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）故障排除后，小明移动滑片P，若电压表的示数如图乙所示，为 V，则要使电压表的示数为灯泡的额定电压，滑动变阻器的滑片应向 （选填“左”或“右”）移动。
（4）小明将实验中获得的数据记录在下表中，根据表中的数据计算灯泡的电阻，发现每组数据计算出的灯泡的电阻相差很大，原因是 ，通过分析数据可知，本次实验使用的滑动变阻器至少为 Ω。
五、综合应用题（本题共3小题，共22分）
22．（7分） 2024年11月4日，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，航天员叶光富、李聪、李广苏身体状态良好，神舟十八号载人飞行任务取得圆满成功。如图所示。若返回舱质量为3t，在着陆的最后过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。（g取10N/kg）
（1）求返回舱在这段时间内的平均速度；
（2）求返回舱在这段时间内重力做的功；
（3）若返回舱静止时与水平地面的接触面积为0.8m2，求它对水平地面的压强。
23．（9分）图甲是具有高温、低温两挡的家用电热饭盒，高温挡电功率为242W，简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻，且R2的阻值是R1的4倍。求：
（1）R1和R2的阻值；
（2）正常工作时，低温挡的功率；
（3）1kg饭菜吸收7.26×104J的热量，升高的温度。[饭菜的比热容取3×103J/（kg•℃）]
24．（6分）大伙房水库是辽宁省最大的水库，总库容约21.87亿立方米，它也是沈阳市重要的水源地。在“绿水青山，就是金山银山”的科学发展理念指导下，某兴趣小组来到水库进行调研。
（1）调研小组发现，水库的拦水坝被建成“上窄下宽”的形状，如图甲所示，原因是液体压强随 的增加而增大。
（2）水的密度是水质的重要指标之一。图乙所为小组成员为测量水的密度所设计的仪器。其探尺由空心软管加铅锤构成，使用时通过调节“提手”高度，使探尺“标记线”与水面齐平，由电表数据可得水的密度。请你分析“a“、“b“两表的类型并在图乙中填上适当的电表（电流表或电压表）符号。
（3）根据你所填的电表，电源电压恒定不变，当水的密度变大时，a电表的示数 ，b电表的示数 。（以上三空均选填“变大”“变小”或“不变”）
（4）水中固体总溶解量（TDS）是水质的另一重要指标。图丙为TDS检测仪原理图（R为检测电阻），图丁为检测电阻R的阻值与水的TDS值之间的关系图，上表为水质标准与TDS值的对应关系。图丙中电源电压为3V，定值电阻R0为50Ω，当电压表示数为2V时，检测电阻R的阻值为 Ω，水质标准为 。
2025年辽宁省沈阳市铁西区中考物理零模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共6小题）
二．多选题（共3小题）
一、选择题（本题共9小题，每小题2分，共18分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，选对的得2分；第7～9题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有错的得0分）
1．（2分）周末，小明陪妈妈在家里用无线蓝牙话筒唱歌，下列说法正确的是（ ）
A．妈妈唱歌的声音是由话筒振动产生的
B．妈妈的歌声是通过空气传入小明耳朵的
C．为了不打扰邻居，妈妈把门窗都关上了，这是在声源处减弱噪声
D．用话筒将声音音效切换成“魔音”，主要改变了声音的响度
【考点】传播过程中减弱噪声；声音产生的原因；声音的传播条件；根据音色辨别发声体．
【专题】声现象；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）声音由物体的振动产生，人唱歌是通过声带振动发声的；
（2）空气能够传声，通常人听到的声音是通过空气传播的；
（3）减弱噪声的方式有：在声源处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声、在人耳处减弱噪声；
（4）音色表示声音的特色，音色常用来区别不同的发声体。
【解答】解：A．声音是由物体的振动产生的，但在这个场景中，妈妈唱歌的声音首先是由妈妈的声带振动产生的，然后这个声音通过空气传播到话筒，故A错误；
B．声音的传播需要介质，在这个场景中，妈妈的歌声就是通过空气这个介质传播到小明耳朵的。故B正确；
C．妈妈把门窗都关上了，这是为了阻断声音的传播路径，即在传播过程中减弱噪声，而不是在声源处减弱噪声。故C错误；
D．声音有三个主要特性：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的强弱或大小，而音色则是指声音的品质或特色。在这个场景中，用话筒将声音音效切换成“魔音”，实际上是改变了声音的音色，而不是响度。故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查声音的产生、减弱噪声的途径、声音的特性等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
2．（2分）2024年7月5日，沈阳故宫上空出现了绝美的日晕，如图所示。当高空的水蒸气遇冷形成小冰晶，太阳光照射小冰晶后，分解成不同颜色的光，太阳周围就出现一个巨大的彩色光环，称为“日晕”。下列关于此现象的说法中正确的是（ ）
A．水蒸气遇冷形成小冰晶是凝固现象，此过程要放热
B．冰晶在一段时间后消失了，此过程要放热
C．我们看到的太阳的是由于光沿直线传播
D．太阳光照射小冰晶后分解为七色光是光的色散
【考点】光的色散及其现象；熔化的吸热特点；凝华的概念及现象；凝华的放热特点；光的折射现象．
【专题】光的折射、光的色散；汽化和液化、升华和凝华；应用能力．
【答案】D
【分析】水蒸气遇冷形成小冰晶是凝华现象，此过程要放热。
冰晶在一段时间后消失了是升华现象，此过程要吸热。‌
光的折射现象‌是指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变的现象。
太阳光照射小冰晶后分解为七色光是光的色散。
【解答】解：A.水蒸气遇冷形成小冰晶是凝华现象，此过程要放热，故A错误；
B.冰晶在一段时间后消失了是升华现象，此过程要吸热，故B错误；
C.我们看到的太阳的是由于不均匀的大气发生光的折射，故C错误；
D.太阳光照射小冰晶后分解为七色光是光的色散，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查升华和凝华现象及光的折射和色散，属于基础题。
3．（2分）在2022年北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛中，中国选手任子威荣获金牌。图甲是他正全力通过弯道、图乙是他获胜后站立在水平赛场中央大声欢呼的情形，下列说法正确的是（ ）
A．运动员通过弯道的过程处于平衡状态
B．运动员通过弯道时有惯性，站立时没有惯性
C．站立时他受到的重力和冰面对他的支持力是一对平衡力
D．站立时他对冰面的压力和冰面对他的支持力是一对平衡力
【考点】平衡力与相互作用力的辨析；惯性的概念；惯性的普遍性；平衡状态的判断．
【专题】运动和力；理解能力．
【答案】C
【分析】物体保持原来状态不变的性质是惯性，惯性只与物体的质量有关，与其它因素无关；
一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：A．运动员过弯道时，其运动状态在发生变化，处于非平衡状态，故A错误；
B：物体保持原来状态不变的性质是惯性，惯性是物体本身具有的性质，物体的惯性一直存在，与物体的运动状态无关，故B错误；
C：运动员站立时，处于平衡状态，受到的重力和冰面对他的支持力大小相等、方向相反，且作用在运动员上，两个力是一对平衡力，故C正确；
D：站立时他对冰面的压力作用在冰面上，冰面对运动员的支持力作用在运动员上，两个力作用在不同的物体上，两个力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查平衡状态的判断、惯性、平衡力的判定，属于常见题。
4．（2分）如图所示，下列对实验的分析正确的是（ ）
A．甲图：盖在杯口的纸片能托住倒过来的一满杯水而不洒出，说明分子间存在相互作用力
B．乙图：两小车靠近后同时释放，两车向相反方向运动，说明物体间力的作用是相互的
C．丙图：测力计示数小于物体的重力，说明使用斜面既省力又省距离
D．丁图：摩擦过的气球能吸引小纸片，是因为气球与小纸片带异种电荷
【考点】物体带电现象；力的相互性；轮轴及其应用；分子间作用力的现象．
【专题】电流和电路；分析、综合能力．
【答案】B
【分析】（1）空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强。
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
（3）任何机械都不能省功。
（4）带电体能吸引轻小物体。
【解答】解：A．盖在杯口的纸片能托住倒过来的一满杯水而不洒出，证明了大气压的存在，故A错误；
B．同名磁极相互排斥，靠近时，左边车对右边车有排斥力，右边车对左边车同时也有排斥力，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；
C．由功的原理可知，使用任何机械，省力必费距离，斜面是简单机械，能省力但是会费距离，故C错误；
D．摩擦过的气球能吸引小纸片，是因为摩擦过的气球带了电，而带电体具有吸引轻小物体的性质，不能证明小纸片与气球带了异种电荷，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了大气压强、做功和磁极间的相互作用，属于基础题。
5．（2分）小明在学习了电路之后，自己设计了如图所示的电路，对于该电路下列说法正确的是（ ）
A．只闭合开关S1，此时电路处于短路状态
B．只闭合开关S2、S3，此时灯泡L1和L2串联
C．同时闭合开关S1、S2和S3，会使电源处于短路状态
D．无论怎样闭合开关，灯泡L1和L2都不能组成串联或并联电路
【考点】串联和并联的概念与辨析；电路的三种状态．
【专题】电流和电路；应用能力．
【答案】C
【分析】各电路元件首尾顺次相连的连接方式是串联；各电路元件并列连接的连接方式是并联；不经过用电器直接把电源两极连接起来，会造成电源短路，电源短路时会烧坏电源，是绝对不允许的。
【解答】解：
A、只闭合开关S1，两个灯泡串联接入电路中，故A错误；
B、只闭合开关S2、S3，电流的路径有两条，为并联电路，故B错误；
C、同时闭合开关S1、S2、S3，电源的两端被导线相连，电源处于短路状态，故C正确；
D、只闭合开关S1，两灯泡串联，只闭合开关S2、S3，两个灯泡并联，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了对串、并联电路和电路三种状态的理解，属于基础题目。
6．（2分）如图所示是小明设计的家庭电路图，下列分析正确的是（ ）
A．保险盒接法正确，保险盒应该安装在零线上
B．两孔插座接法错误，其左端导线应该接在零线上
C．开关和灯泡接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则
D．将一盏落地灯刚接入该三孔插座时，保险丝烧断，原因是插座出现短路
【考点】家庭电路中各元件的连接方式；家庭电路的故障分析；安全用电原则．
【专题】电与热、生活用电；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）保险盒接在总开关的后面，保险丝接在火线上；
（2）两孔插座的正确接法是左零右火；
（3）开关与用电器串联后接在火线上；
（4）根据故障出现的时间点分析。
【解答】解：A．为了起到保护电路的作用，保险盒应该安装在火线上，故A错误；
B．两孔插座应按照左端导线接在零线上，右端导线接在火线上，故两孔插座接法错误，故B正确；
C．开关和灯泡连接时，开关接在火线和用电器之间，所以开关和灯泡接法错误，故C错误；
D．将一盏落地灯刚接入该三孔插座时，保险丝烧断，不可能是插座出现短路，因为插座原来就在电路中，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查的是家庭电路的组成和故障分析，属于基础题。
（多选）7．（2分）2024年6月2日，在鹊桥二号中继星的支持下，嫦娥六号着陆器和上升器组合体成功着陆在月球背面，实现了人类首次在月背样品采集。我国积极开展国际合作，嫦娥六号还搭载了激光角反射器（注：其核心原理是通过多次反射将入射光线精确的按原路径返回）等多国的实验装置，下列相关说法正确的是（ ）
A．采集的样品返回地球后质量会不变
B．太阳能电池将光能转化为内能
C．激光角反射器将入射光线方向改变了90°
D．控制中心利用电磁波通过鹊桥二号实现对嫦娥六号的控制
【考点】太阳能的转化；电磁波的传播；质量的概念与特性；光的反射定律的应用．
【专题】其他综合题；应用能力．
【答案】AD
【分析】（1）质量是物体的一种属性，不随位置、温度、状态和形状的改变而改变。
（2）太阳能电池将光能转化为电能。
（3）激光角反射器是三个平面互成直角的平面镜，可以将任意方向射向它的光平行反射回去，将光路改变180°。
（4）电磁波可以传递信息。
【解答】解：A、质量不随位置的改变而改变，采集的样品返回地球后质量会不变，故A正确；
B、太阳能电池将光能转化为电能，故B错误；
C、激光角反射器将入射光线方向改变了180°，故C错误；
D、电磁波可以传递信息，控制中心利用电磁波通过鹊桥二号实现对嫦娥六号的控制，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查的是太阳能的利用和质量的基本概念；知道激光角反射器的原理和电磁波的特点及应用。
（多选）8．（2分）避险车道是在行车道外侧增设的、供刹车失灵车辆驶离正线并安全减速的专用车道，如图所示。避险车道设计为上坡式的车道，路面上铺有很多小石子，车道尽头安装有废旧轮胎或防撞墙。下列说法正确的是（ ）
A．失控车辆沿避险车道向上运动，动能减小
B．小石子可以增大失控车辆与避险车道之间的摩擦力
C．失控车辆与废旧轮胎撞击过程中，废旧轮胎弹性势能减小
D．失控车辆冲上避险车道，动能全部转化为重力势能
【考点】动能和重力势能的相互转化；增大有益摩擦的方法；动能大小与速度的关系；弹性势能的影响因素．
【专题】重力、弹力、摩擦力；机械能及其转化；应用能力．
【答案】AB
【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关，质量不变时，速度越小，动能越小；
（2）滑动摩擦力的影响因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；
（3）物体发生弹性形变，具有弹性势能。
【解答】解：A、失控车辆沿避险车道向上运动，质量不变，速度减小，动能减小，故A正确；
B、小石子可以增大失控车辆与避险车道之间的粗糙程度，在压力不变的情况下，而增大摩擦力，故B正确；
C、失控车辆与废旧轮胎撞击过程中，废旧轮胎发生形变，弹性势能增大，故C错误；
D、失控车辆冲上避险车道，动能转化为重力势能和内能，故D错误。
故选：AB。
【点评】知道动能和势能大小的影响因素，并能结合其能量的转化解决实际问题是解决该题的关键。
（多选）9．（2分）如图所示的电路中电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。闭合S1和S2，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合S1、断开S2，a表示数为0.4（单位为A或V）。则下列说法正确的是（ ）
A．前一种情况中a、b为电流表
B．R1的电阻为15Ω
C．前一种情况中a表的示数为1V
D．后一种情况中R2的电功率为1.2W
【考点】电功率的综合计算；电流表的使用方法；电压表的使用方法；欧姆定律的应用．
【专题】应用题；推理法；电流和电路；电压和电阻；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．
【答案】BD
【分析】闭合S1和S2，若a、b都为电流表，则会造成电源短路，所以a、b都为电压表，此时两个电阻串联，a表测电源电压，b表测R2两端的电压；由题意可知此时a、b两表示数（即知道电源电压、R2两端的电压），由串联电路的电压特点求出此时R1两端的电压，根据串联分压的规律可知两电阻的阻值之比；
将a、b换为另一种电表，闭合S1、断开S2，若a、b都为电压表，则会造成电路断路，所以此时a、b都为电流表，两个电阻并联，a表测通过R2的电流，b表测干路电流；知道电源电压、此时a表的示数（通过R2的电流），由欧姆定律求出R2的阻值，进一步根据两电阻的阻值之比求出R1的阻值；根据P＝UI求出后一种情况中R2的电功率。
【解答】解：由题知，a、b为同种电表（电流表或电压表）；
ABC、由图知，闭合S1和S2，若a、b都为电流表，则会造成电源短路，所以a、b都为电压表，此时两个电阻串联，a表测电源电压，b表测R2两端的电压；故A错误；
由题意可知此时a、b两表示数分别为3V和1V，即电源电压为3V，R2两端的电压为1V，故C错误；
根据串联电路的电压特点可知，R1两端的电压：U1＝U﹣U2＝3V﹣1V＝2V，
根据串联分压的规律可得U1U2=R1R2，即：2V1V=R1R2，所以，R1＝2R2；
将a、b换为另一种电表，闭合S1、断开S2，若a、b都为电压表，则会造成电路断路，所以a、b都为电流表，此时两个电阻并联，a表测通过R2的电流，b表测干路电流，
根据并联电路的电压特点可知，此时两个电阻的电压都是3V，由题意可知此时a表示数为0.4A，即I2＝0.4A，
则R2的阻值为：R2=UI2=3V0.4A=7.5Ω，
由前面分析可知，R1的阻值：R1＝2R2＝2×7.5Ω＝15Ω，故B正确；
D、后一种情况中R2的电功率为：P2＝UI2＝3V×0.4A＝1.2W，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，属于中档题。
二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分）
10．（2分）电视机的遥控器是利用 红外线 来实现遥控的，我们可以从不同的方向看到同一个物体是因为光在物体表面发生了 漫 反射。
【考点】红外线；漫反射．
【专题】应用题；光的传播和反射、平面镜成像；信息的传递；应用能力．
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）红外线是众多太阳光线中不可见的一种，其特点是：热作用强、穿透云雾的能力强，电视机的遥控器工作时通过红外线来传递的；
（2）漫反射时反射光线射向各个方向，所以我们能从各个不同方向看到本身不发光的物体。
【解答】解：看电视时，人们可以通过遥控器发出的红外线选择电视节目；
我们可以从不同的方向看到同一个物体是因为光在物体表面发生了漫反射，反射光线射向各个方向的缘故。
故答案为：红外线；漫。
【点评】本题主要考查了对红外线、光的反射现象等知识的了解和掌握，是一道基础题。
11．（2分）如图所示是四冲程汽油机其中一个冲程的示意图，这是 做功 冲程。到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是 扩散 现象。
【考点】内燃机的四个冲程；扩散现象．
【专题】比热容、热机、热值；理解能力．
【答案】做功；扩散。
【分析】四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，吸气冲程，进气门打开，排气门关闭；压缩冲程，两个气门都关闭，活塞向上运动；做功冲程，两个气门都关闭，活塞向下运动；排气冲程，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动；组成物质的分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：由图可知，进气门、排气门都关闭，活塞向下运动，为做功冲程；在加油站为汽车加油时，能闻到汽油味，是因为汽油分子在不停地做无规则运动的结果，是扩散现象。
故答案为：做功；扩散。
【点评】本题主要考查热机的工作过程以及扩散现象，属于基础题型。
12．（2分）在火车站台边缘一定距离的地方标有一条黄色安全线，人必须站在安全线以外的区域候车，若人离行驶的火车太近容易被“吸”向火车，这是因为在气体和液体中，流速越大的位置，压强 越小 （选填“越大”或“越小”）；小明坐在高速行驶的火车上，他发现铁路旁的青山向后运动是选择 火车 （选填“地面”或“火车”）为参照物的。
【考点】流体压强与流速的关系；参照物的选择．
【专题】应用题；参照思想；运动和力；气体的压强、流体压强与流速的关系；应用能力．
【答案】越小；火车。
【分析】（1）流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小。从人的内侧和外侧受到的压强进行考虑；
（2）被研究的物体与所选的标准即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：（1）人离高速行驶的列车太近时，人和列车之间的空气流动速度快，压强变小，而人的外侧空气流速较慢，压强较大，人在内外压强差的作用下容易被“吸”向火车，从而造成危险，所以人必须站在安全线以外的区域候车；
（2）小明坐在高速行驶的火车上，他发现铁路旁的青山向后运动，说明青山与所选的参照物之间有位置变化，所以选择的参照物应该是火车。
故答案为：越小；火车。
【点评】本题考查了流体压强与流速的关系、参照物及其选择，属于基础知识考查，难度不大。
13．（2分）小明从小养成了节约能源的良好习惯，经常观察家里面的电能表，提醒父母家里用电情况。上月末他家电能表示数为1959.6kW•h，本月末示数如图所示，则本月他家用电 60 kW•h；他家里有一台“220V 1100W”的电饭锅，某次小明让该电饭锅单独正常工作6分钟，电能表转盘转动了 275 转。
【考点】电功的测量；W＝Pt求电能的大小；电能表的读数；电能表的计算．
【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．
【答案】60；275
【分析】（1）本月用电等于电能表本月末的示数减去上月末的示数；读数时注意：最后一位是小数，单位是kW•h；
（2）根据W＝Pt求出电饭锅单独正常工作6分钟消耗的电能，结合电能表表盘上的参数2500R/（kW•h）求出电能表转盘转动的转数。
【解答】解：电能表显示本月末电能表的示数为2019.6kW•h，本月他家用电：
2019.6kW•h﹣1959.6kW•h＝60kW•h；
电饭锅单独正常工作6分钟消耗的电能为：
W＝Pt＝1100W×6min＝1.1kW×0.1h＝0.11kW•h；
电能表转盘转动的转数为：
2500R/（kW•h）×0.11kW•h＝275转。
故答案为：60；275。
【点评】此题考查了电能表的读数、电能表参数的意义、电能的计算，难度不大，属基础题目。
14．（2分）如图所示，MN连接电源，闭合开关后，导体棒AB向左运动，若将蹄形磁体的N、S极对调，导体棒AB将向 右 运动；MN换接灵敏电流计，闭合开关后，当导体棒AB做切割磁感线运动时，能观察到灵敏电流计指针偏转，请举出一个此现象在生活中的应用 发电机 。
【考点】通电导线在磁场中受到力的作用；电磁感应现象．
【专题】电动机、磁生电；应用能力．
【答案】右；发电机。
【分析】（1）产生的感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关，当其中一个方向改变时，电流方向改变；若导体运动方向和磁场方向同时改变，电流方向不改变；
（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生电流的现象叫电磁感应，产生的电流叫感应电流。
【解答】解：MN连接电源，闭合开关后，导体棒AB 向左运动，若将蹄形磁体的N、S极对调，磁场方向改变，导体棒AB受到的磁力方向改变，导体棒AB将向右运动。
MN换接灵敏电流计，闭合开关后，当导体棒AB做切割磁感线运动时，会产生感应电流，能观察到灵敏电流计指针偏转。
发电机时利用电磁感应现象原理工作的，是利用闭合电路中的部分导体切割磁感线，产生感应电流。
故答案为：右；发电机。
【点评】此题考查了学生分析实验现象得出实验结论的能力，本题关键：一是掌握影响产生的感应电流的方向的因素，二是利用好控制变量法。
15．（2分）风电的开发可以有效助力我国实现“碳达峰、碳中和”的战略目标。随着张北一雄安特高压交流输变电工程投运后，实现了“张家口的风点亮雄安的灯”。从能源的视角来看，“张家口的风”属于 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。我国自主研发的单个陆上风电机组功率可达107W，这样一个风电机组在此功率下稳定工作 10 min产生的电能，相当于200kg焦炭完全燃烧放出的热量（已知焦炭的热值为3.0×107J/kg）
【考点】电功率P＝W/t的简单计算；固体和液体的热值计算；可再生能源和不可再生能源．
【专题】应用题；比热容、热机、热值；电能和电功率；应用能力．
【答案】可再生；10
【分析】（1）可以在自然界里源源不断地得到的能源属于可再生能源，来源于太阳能。
（2）利用热值公式计算完全燃烧200kg焦炭的放出的热量，再根据P=Wt可求时间。
【解答】解：（1）风能可以在自然界里源源不断地得到，属于可再生能源，它实际上来源于太阳能。
（2）200kg焦炭完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝200kg×3.0×107J/kg＝6×109J；
单个陆上风电机组功率可达107W，需要的时间：
t=WP=Q放P=6×109J107W=600s＝10min。
故答案为：可再生；10。
【点评】此题考查了能源的分类、电功与电能的计算、燃料的热值及其计算、电功率的计算等，属基础题目。
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
16．（2分）图甲是飞鸟经过无背索斜拉桥的情景。图乙是其简化的模型，用S表示飞鸟，用F表示桥塔上端受到钢索的拉力。请帮助亮亮同学在图乙画出：
（1）飞鸟S经水面反射形成的虚像S′；
（2）拉力F对应的力臂l（O是支点）。
【考点】力和力臂的画法；平面镜成像的作图．
【专题】作图题；光的传播和反射、平面镜成像；简单机械；应用能力．
【答案】
【分析】（1）先根据平面镜成像特点（像、物关于平面镜对称）作出飞鸟S的像S′；
（2）根据力臂的画法作出F的力臂l。
【解答】解：（1）先作出飞鸟S关于水面的对称点S′，则点S′为飞鸟S经水面反射形成的虚像S′；
（2）过O点作垂直于F作用线的垂线段，即为拉力F对应的力臂l，如图所示：
【点评】本题考查了利用平面镜成像特点作图和力臂的画法，难度不大。
17．（2分）如图所示，用笔画线代替导线将电路连接完整，并在括号中标出小磁针静止时右端的磁极名称（要求：闭合开关，移动滑片P时，螺线管磁性强弱改变）。
【考点】动态电路中的电磁铁．
【专题】磁现象、电生磁；应用能力．
【答案】。
【分析】滑动变阻器遵循一上一下接线原则；分析图中电流方向，根据安培定则即可判断磁极。
【解答】解：滑动变阻器接入电路采用一上一下接法，图中下接线柱已有，故只要接一个上接线柱；
电路从右侧往上流入螺线管，根据安培定则，螺线管左侧为N极，所以小磁针左边为N极，右边为S极。故如图所示。
【点评】本题考查了滑动变阻器的接法和磁极判断，属于基础题。
四、实验题（本题共4小题，共24分）
18．（6分）小明在做“观察水的沸腾”实验时，用到的器材有铁架台、烧杯、温度计、秒表、硬纸板、石棉网等。
（1）如图甲所示，为小明安装的实验装置，合理的安装顺序是 ②④①③ （填序号）。
①烧杯和水；
②酒精灯；
③铁杆A和温度计（含纸盖）；
④铁圈B和石棉网
（2）实验时用温度计测出不同时刻水的温度，并记录在表中，其中某次温度计的示数如图乙所示，示数为 96 ℃。
（3）当他观察到烧杯中有大量气泡产生，气泡内应该是 水蒸气 （选填“空气”、“水蒸气”或“小水珠”），且气泡在上升过程中体积逐渐 变大 （选填“变大”或“变小”），升至水面破裂，此时认为水开始沸腾。
（4）在加热条完全相同的情况下进行了两次实验，并绘制丙图，分析图丙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 5：3 。
（5）小明又将碘锤放入热水中，如图丁所示，观察到碘锤中固态碘逐渐消失，紫色的碘蒸气充满碘锤。在此实验中，固态碘没有先变成液体，再变成气体，其原因是 升华 （已知碘的熔点是113.5℃，碘的沸点是184.4℃）。
【考点】探究水沸腾时温度变化的特点；探究水沸腾时实验器材的组装顺序；探究水沸腾实验沸腾前后气泡的状态；探究水沸腾时温度变化的图像分析和数据处理；温度计玻璃泡的位置．
【专题】汽化和液化、升华和凝华；应用能力．
【答案】（1）②④①③；（2）96；（3）水蒸气；变大；（4）5：3；（5）升华；碘的熔点高于水的沸点，碘的温度没有达到熔点而不能熔化。
【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，由此分析解答；
（2）温度计的读数是看清量程和分度值；
（3）水沸腾后产生的气泡在上升过程中，因为不断的有新的水蒸气加入；
（4）在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，根据Q吸＝cmΔt可得第一次实验和第二次实验所用水的质量之比；
（5）根据物质状态变化及熔化的条件解答。
【解答】解：（1）酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好酒精灯，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，所以接着应放置烧杯，最后安装温度计。即顺序为②④①③；
（3）由图可知，该温度计的分度值为1℃，所以温度计的示数为96℃；
（2）水沸腾后产生的气泡在上升过程中，因为不断的有新的水蒸气加入，所以气泡会变大；
根据Q吸＝cmΔt，在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，则：cm1Δt1＝cm2Δt2，第一次实验和第二次实验水的温度上升之比为（98℃﹣92℃）：（98℃﹣88℃）＝6：10＝3：5，所用水的质量之比与温度上升之比成反比，可得第一次实验和第二次实验所用水的质量之比：5：3；
（4）小王将碘锤放入热水中，如图丙所示，观察到碘锤中固态碘逐渐消失，紫色的碘蒸气充满碘锤，碘由固态直接变为气态，固态碘发生的物态变化是升华，在此实验中，固态碘没有先变成液体，再变成气体，原因是碘的熔点高于水的沸点，碘的温度没有达到熔点而不能熔化。
故答案为：（1）②④①③；（2）96；（3）水蒸气；变大；（4）5：3；（5）升华；碘的熔点高于水的沸点，碘的温度没有达到熔点而不能熔化。
【点评】本题考查了水沸腾前后气泡的变化、沸腾的特点、器材组装、温度计的正确使用和读数等。
19．（6分）小明在光学学习中，对色彩斑斓的光学世界产生了浓厚的兴趣，他认识到熟练掌握物、像联动，并用其规律解决实际问题的意义，于是他进行了如下的探索：
（1）请仔细观察如图甲所示的透镜，平行光线经过该透镜后将会被 发散 （选填“发散”或“会聚”），这样的透镜可用于矫正 近视眼 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
（2）生活中经常看到的投影灯，其内部结构如图乙所示。图中凸透镜的焦距为50mm，则投影片到凸透镜的距离范围应为 50mm﹣100mm 。
（3）在探究照相机原理时，小明将焦距为10.0cm的凸透镜A放置在图丙所示的位置，向左移动光屏，在光屏上看到了清晰的像；他又将凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，其它要素不变，发现光屏上的像变模糊了。他认为此现象与 近视眼 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因相似，为了使光屏上的像再次清晰，可将光屏向 靠近 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动。
（4）若保持图丙中凸透镜B和蜡烛的位置不变，继续实验，他将光屏换成凸透镜A，并将凸透镜A移动到光具座66cm刻度处，从A的右侧向左看，在透镜A中也能看到清晰的像，这个像是 虚 （选填“实”或“虚”）像。
【考点】探究凸透镜成像的规律．
【专题】实验题；探究型实验综合题；实验基本能力．
【答案】（1）发散；近视眼；（2）50mm﹣100mm；（3）近视眼；靠近；（4）虚。
【分析】（1）凹透镜对光线有发散作用，可用于矫正凹透镜；
（2）投影仪是利用凸透镜成倒立、放大的实像原理工作的，此时物距2f＞u＞f，像距v＞2f；
（3）凸透镜焦距越短，会聚光的能力越强；
（4）当u＞2f时，成倒立缩小的实像。
【解答】解：（1）此时透镜是凹透镜，对光线有发散作用，可以用来矫正近视眼；
（3）投影灯与投影仪的成像原理相同，则投影灯工作时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以广告片离镜头的距离取值范围为在50mm～100mm之间；
（3）保持蜡烛和透镜的位置不变，将凸透镜A更换成一个焦距为8.0cm的凸透镜B，透镜会聚光的能力变强，使像提前会聚，此现象与近视眼成像类似，在光具座上向靠近凸透镜移动光屏，光屏上又出现了清晰的像；
（4）保持图丁中凸透镜B和蜡烛的位置不变，根据1u+1v=1f可得，140.0cm+1v=18.0cm，解得v＝10.0cm，所以通过凸透镜B成像在60.0cm处，继续实验，撤掉光屏，换成凸透镜A，并移动到光具座66cm刻度处，此时u＝66.0cm﹣60.0cm＝6.0cm＜f，成正立放大的虚像，从A的右侧向左看，在透镜A中也能看到清晰的像，这个像是虚像。
故答案为：（1）发散；近视眼；（2）50mm﹣100mm；（3）近视眼；靠近；（4）虚。
【点评】本题主要考查了凸透镜成像规律、平面镜成像特点实验，这两个实验时光学中的重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论
20．（6分）小明同学在学校复习了“测量盐水的密度”实验，步骤如下：
（1）将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘中线的右侧，向 左 调节平衡螺母，使天平横梁平衡。
（2）先用调好的天平测出烧杯和盐水的总质量为53.8g。然后将烧杯中部分盐水倒入空量筒中，如图甲所示，则倒出盐水的体积为 20 cm3。再用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，当天平横梁平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，则盐水的密度为 1.1 g/cm3。
（3）小明同学回家后经过思考，发现利用家中现有器材也能测出盐水的密度。已知空柱形容器外部底面积为10cm2，水的密度为1g/cm3，g取10N/kg。步骤如下：
①将金属片固定在空柱形容器底部，测出金属片和柱形容器总质量为108g。将它们放入水中，稳定后处于竖直漂浮状态，如图丙所示，则此时金属片和柱形容器排开水的总体积为 108 cm3。测出此时柱形容器露出水面的高度为5cm。
②将金属片和柱形容器从水中取出并擦干，再将它们放入在家配制的盐水中，稳定后处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出此时柱形容器露出液面高度为5.8cm。
③根据以上信息，可以求出在家配制盐水的密度为 1.08 g/cm3。
【考点】测量液体的密度；设计实验测量密度．
【专题】实验题；测量型实验综合题；分析、综合能力．
【答案】（1）左；（2）20；1.1；（3）①108；③1.08。
【分析】（1）天平使用前的调节：若指针右偏，向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
（2）使用量筒读数时，视线要和液面的凹面底部相平，既不能仰视，也不能俯视；物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；根据天平的两次示数求出盐水的质量；根据ρ=mV求盐水的密度；
（3）①由图得，金属片和柱形容器漂浮在水面上，则金属片和柱形容器受到的浮力等于金属片和柱形容器的总重力，由阿基米德原理计算金属片和柱形容器排开水的总体积；
③依题意得，计算金属片和柱形容器排开水的总体积比金属片和柱形容器排开盐水的总体积的变化量，求得在盐水中排开的体积，利用浮沉条件及阿基米德原理计算盐水的密度。
【解答】解：（1）指针右偏说明右盘质量偏大，则平衡螺母应向左调节，才能使天平水平平衡；
（2）将烧杯中的部分盐水倒入量筒；根据图丙可知，量筒的分度值为2mL，则盐水体积为V＝20mL＝20cm3；
如图乙所示，烧杯和剩余盐水的质量为：m1＝20g+10g+1.8g＝31.8g；
烧杯和盐水的总质量为m＝53.8g，
则倒进量筒的盐水的质量为m2＝m﹣m1＝53.8g﹣31.8g＝22g，
所以盐水的密度为 ρ盐=m2V=22g20cm3=1.1g/cm3；
（3）①由图得，金属片和柱形容器漂浮在水面上，则金属片和柱形容器受到的浮力等于金属片和柱形容器的总重力，
由F浮＝G排＝m排g和G＝mg 得，金属片和柱形容器排开水的质量等于金属片和柱形容器的总质量，为108g，
由ρ=mV得此时金属片和柱形容器排开水的总体积为：V排=m排ρ=108g1g/cm3=108cm3，
依题意得，金属片和柱形容器排开水的总体积比金属片和柱形容器排开盐水的总体积多ΔV排＝SΔh＝10cm2×（5.8cm﹣5cm）＝8cm3，
金属片和柱形容器排开盐水的总体积为V′排＝V排﹣ΔV排＝108cm3﹣8cm3＝100cm3，
将金属片和柱形容器从水中取出并擦干，再将它们放入在家配制的盐水中，稳定后处于竖直漂浮状态，
如图丁所示，漂浮在盐水表面上，则金属片和柱形容器受到的浮力等于金属片和柱形容器的总重力，
由F浮＝G排＝m排g和G＝mg得金属片和柱形容器排开盐水的质量等于金属片和柱形容器的总质量，测出此时柱形容器露出液面高度为5.8cm；
由ρ=mV得，金属片和柱形容器排开盐水的质量m排盐水＝ρ盐水V排＝108g，
则配制盐水的密度为ρ盐水=m排盐水V排=108g100cm3=1.08g/cm3。
故答案为：（1）左；（2）20；1.1；（3）①108；③1.08。
【点评】本题考查了液体密度的测量，用天平和量筒来测液体的密度，是实验室中最常用的方法，重点应掌握天平的调节与使用方法、量筒的读数、密度公式的运用等。
21．（6分）小明做“测量小灯泡的电阻”实验，实验器材有：电压恒为4.5V的电源、标有“2.5V”字样的灯泡、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、最大阻值模糊不清的标有“xΩ 1A”的滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整。（要求：滑片向右移动时，电流表示数变大）
（2）连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现灯泡忽亮忽暗，则故障可能是 A 。
A.滑动变阻器滑片接触不良
B.小灯泡短路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
（3）故障排除后，小明移动滑片P，若电压表的示数如图乙所示，为 2.2 V，则要使电压表的示数为灯泡的额定电压，滑动变阻器的滑片应向 右 （选填“左”或“右”）移动。
（4）小明将实验中获得的数据记录在下表中，根据表中的数据计算灯泡的电阻，发现每组数据计算出的灯泡的电阻相差很大，原因是 灯丝电阻受温度影响 ，通过分析数据可知，本次实验使用的滑动变阻器至少为 40 Ω。
【考点】伏安法测小灯泡的电阻．
【专题】实验题；欧姆定律；实验基本能力．
【答案】（1）；
（2）A；
（3）2.2；右；
（4）灯丝电阻受温度影响；40。
【分析】（1）根据滑片右移动时，电流表示数变大，可天电阻变小，确定变阻器右下接线柱连入电路中；
（2）连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现灯泡忽亮忽暗，电路时通时断；
（3）根据电压表选用的量程确定分度值读数，要使电压表的示数为灯泡的额定电压，根据分压原理回答；
（4）灯丝电阻受温度影响，根据表中第1组数据，由欧姆定律得出变阻器的电阻回答。
【解答】解：（1）滑片向右移动时，电流表示数变大，电阻变小，变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：
（2）连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现灯泡忽亮忽暗，电路时通时断，则故障可能是滑动变阻器滑片接触不良，故选：A；
（3）故障排除后，小明移动滑片P，若电压表的示数如图乙所示，分度值为0.1V，为2.2V，则要使电压表的示数为灯泡的额定电压，滑动变阻器的滑片应向右移动，增大灯的电压；
（4）小明将实验中获得的数据记录在下表中，根据表中的数据计算灯泡的电阻，发现每组数据计算出的灯泡的电阻相差很大，原因是灯丝电阻受温度影响，根据表中第1组数据，由欧姆定律可知，变阻器的电阻为
R=U−U1I1=4.5V−Ω，
通过分析数据可知，本次实验使用的滑动变阻器至少为 40Ω。
故答案为：
（1）；
（2）A；
（3）2.2；右；
（4）灯丝电阻受温度影响；40。
【点评】本题“测量小灯泡的电阻”实验，考查电路连接、操作过程及对器材的要求。
五、综合应用题（本题共3小题，共22分）
22．（7分） 2024年11月4日，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，航天员叶光富、李聪、李广苏身体状态良好，神舟十八号载人飞行任务取得圆满成功。如图所示。若返回舱质量为3t，在着陆的最后过程中，从距地面1m高处竖直向下落地，用时0.4s。（g取10N/kg）
（1）求返回舱在这段时间内的平均速度；
（2）求返回舱在这段时间内重力做的功；
（3）若返回舱静止时与水平地面的接触面积为0.8m2，求它对水平地面的压强。
【考点】功的简单计算；平均速度；压强的公式的应用．
【专题】计算题；长度、时间、速度；压强、液体的压强；功、功率、机械效率；应用能力．
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）根据速度公式v=st计算出平均速度；
（2）根据G＝mg求出返回舱的重力，利用W＝Gh计算出重力所做的功；
（3）根据速度公式p=FS计算返回舱对水平地面的压强。
【解答】解：（1）返回舱在这段时间内的平均速度为v=st=1m0.4s=2.5m/s；
（2）m＝3t＝3×103kg，返回舱的总重力：G＝mg＝3×103kg×10N/kg＝3×104N；
重力所做的功：W＝Gh＝3×104N×1m＝3×104J；
（3）返回舱静止在水平地面时，对水平地面的压力等于其重力，返回舱对水平地面的压强：p=FS=GS=3×104N0.8m2=3.75×104Pa。
故答案为：（1）返回舱在这段时间内的平均速度为2.5m/s；
（2）重力做的功为3×104J；
（3）返回舱静止时对水平地面的压强为3.75×104Pa。
【点评】本题考查速度、功和压强的计算，属于基础题。
23．（9分）图甲是具有高温、低温两挡的家用电热饭盒，高温挡电功率为242W，简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻，且R2的阻值是R1的4倍。求：
（1）R1和R2的阻值；
（2）正常工作时，低温挡的功率；
（3）1kg饭菜吸收7.26×104J的热量，升高的温度。[饭菜的比热容取3×103J/（kg•℃）]
【考点】电热的多挡问题；电功率多档位问题；电功率的综合计算．
【专题】电能和电功率；应用能力．
【答案】（1）R1和R2的阻值分别为200Ω和800Ω；
（2）正常工作时，低温挡的功率为48.4W；
（3）1kg饭菜吸收7.26×104J的热量，升高的温度为24.2℃。
【分析】（1）根据P=UI=U2R可知电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P=UI=U2R
知各挡位时电路的连接；根据P=UI=U2R求出高温挡时电路的电阻即为R1的阻值，根据R2的阻值是R1的4倍求出R2的阻值：
（2）根据串联电路的电阻特点和P=UI=U2R求出低温挡工作时的实际功率
（3）根据Q吸＝cmΔt求出饭菜升高的温度
【解答】解：（1）当开关接1时，两个电阻串联；当开关接2时，只有电阻R1，根据P=UI=U2R可知，当开关S接2时，此时的总电阻最小，总功率最大，为高温挡，
故R1的阻值为：R1=U2P1=(220V)2242W=200Ω
据R2的阻值是R1的4倍，R2的阻值：R2＝4R1＝4×200Ω＝800Ω
（2）当开关接1时，两个电阻串联，此时为低温挡，
正常工作时，低温挡的功率P1=U2R总=(220V)2R1+R2=(220V)2200Ω+800Ω=48.4W
（3）1kg饭菜吸收7.26×104J的热量，升高的温度Δt=Q吸cm=7.26×104J3×103J/(kg⋅℃)×1kg=24.2℃
答：（1）R1和R2的阻值分别为200Ω和800Ω；
（2）正常工作时，低温挡的功率为48.4W；
（3）1kg饭菜吸收7.26×104J的热量，升高的温度为24.2℃。
【点评】本题考查串联电路的特点、电功率公式和热量公式的应用，正确的判断电热饭盒处于不同挡位时电路的连接方式是关键
24．（6分）大伙房水库是辽宁省最大的水库，总库容约21.87亿立方米，它也是沈阳市重要的水源地。在“绿水青山，就是金山银山”的科学发展理念指导下，某兴趣小组来到水库进行调研。
（1）调研小组发现，水库的拦水坝被建成“上窄下宽”的形状，如图甲所示，原因是液体压强随 深度 的增加而增大。
（2）水的密度是水质的重要指标之一。图乙所为小组成员为测量水的密度所设计的仪器。其探尺由空心软管加铅锤构成，使用时通过调节“提手”高度，使探尺“标记线”与水面齐平，由电表数据可得水的密度。请你分析“a“、“b“两表的类型并在图乙中填上适当的电表（电流表或电压表）符号。
（3）根据你所填的电表，电源电压恒定不变，当水的密度变大时，a电表的示数 不变 ，b电表的示数 变小 。（以上三空均选填“变大”“变小”或“不变”）
（4）水中固体总溶解量（TDS）是水质的另一重要指标。图丙为TDS检测仪原理图（R为检测电阻），图丁为检测电阻R的阻值与水的TDS值之间的关系图，上表为水质标准与TDS值的对应关系。图丙中电源电压为3V，定值电阻R0为50Ω，当电压表示数为2V时，检测电阻R的阻值为 25 Ω，水质标准为 不能直接饮用 。
【考点】欧姆定律的应用；液体压强与深度的关系；动态电路的分析．
【专题】定量思想；欧姆定律；应用能力．
【答案】（1）深度；（2）见解答图；（3）不变；变小；（4）25；不能直接饮用。
【分析】（1）液体压强随深度的增加而增大；
（2）（3）电压表并联接入电路，电流表串联接入电路，所以a是电流表，b是电压表；
根据F浮＝ρ液gV排可知判断当水的密度越大时，探尺所受到的浮力的变化；
闭合开关，两电阻串联接入电路，滑片移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻不变，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻不变，根据欧姆定律可知通过电路的电流不变，据此判断a电表的示数变化；
探尺受到重力、浮力的共同作用，其受到的浮力变大，滑片上移，滑动变阻器与电压表并联部分的电阻变小，根据U＝IR可知电压表示数变小，据此判断b电表的示数变化；
（3）图丙中两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，根据串联分压原理可得RR0=URU0，
串联电路总电压等于各部分电压之和，代入数据解方程可得电压表示数为2V时R的值，由丁图可知R的范围，由表格可知此时的水质标准。
【解答】解：（1）水库的拦水坝被建成“上窄下宽”的形状（如图甲），原因是液体压强随深度的增加而增大；
（2）（3）电压表并联接入电路，电流表串联接入电路，所以a是电流表，b是电压表，如图：
探尺排开水的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，当水的密度越大时，探尺所受到的浮力越大；
闭合开关，两电阻串联接入电路，滑片移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻不变，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻不变，根据欧姆定律可知通过电路的电流不变，即a电表的示数不变；
探尺受到重力、浮力的共同作用，其受到的浮力变大，滑片上移，滑动变阻器与电压表并联部分的电阻变小，根据U＝IR可知电压表示数变小，即b电表的示数变小；
（4）图丙中两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，根据串联分压原理可得RR0=URU0，
串联电路总电压等于各部分电压之和，电源电压为3V，定值电阻R0为50Ω，电压表示数为2V，代入数据可得R50Ω=3V−2V2V，解得R＝25Ω，
由丁图可知R在20Ω～30Ω范围内时，TDS值在100mg/L与150mg/L之间，
由表中数据可知，水质标准为不能直接饮用。
故答案为：（1）深度；（2）见解答图；（3）不变；变小；（4）25；不能直接饮用。
【点评】本题考查液体压强公式、阿基米德原理、电压表和电流表的使用、串联电路特点、串联分压原理、欧姆定律的灵活运用。
考点卡片
1．参照物的选择
【知识点认识】
1．参照物的选择：参照物的选择是任意的，既可以选相对地面静止的物体，也可以选运动的物体作为参照物．可本着便于研究的原则，选取合适的参照物，如研究地面上物体的运动，通常选取地面或相对于地面静止的物体作为参照物．被研究的物体本身不能选作参照物，因为以此研究对象为参照物，研究对象永远都是静止的．
2．参照物的判断方法：方法指南：①要明确研究对象；②明确物体的运动情况；③如果研究对象是运动的，哪个物体相对于它的位置发生了改变，哪个物体就是参照物；如果研究对象是静止的，哪个物体相对它的位置没有改变，哪个物体就是参照物．
【命题方向】
参照物的选择是中考的热点．
例：古诗有云：“人从桥上过，桥流水不流。”其中“桥流水不流”这一句中，诗人选择的参照物是（ ）
A.桥
B.河岸
C.水
D.岸上的树
分析：运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
解析：解：“桥流”说明桥处于相对运动状态，那么所选参照物与桥之间的位置应该发生了变化；
诗人在桥上走，以流动的水为参照物，水是相对静止的，桥就是运动的，所以会感觉“桥流水不流”，故C正确，ABD错误。
故选：C。
点评：判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，再判断被研究的物体和参照物之间的位置是否变化。
【解题方法点拨】
参照物的选取是任意的，视研究问题的方便而定．例如：在研究地面上的物体的运动状态时，通常选地面或固定在地面上的物体为参照物；在研究行驶的车辆上的物体的运动时，可以选车厢为参照物．选择的参照物不能是被研究物体本身，否则，研究对象永远是静止的，是没有意义的．。
2．平均速度
【知识点认识】
（1）平均速度是描述物体运动平均快慢程度的物理量；平均速度等于运动物体在一段时间内运动的路程与通过这段路程所用时间的比值；
（2）平均速度：公式v=st（v指平均速度，s是路程，t是时间）。
【命题方向】
平均速度的求法，平均速度不是速度的平均的区别题目是中考的命题方向．
例：小明在跑百米时前50m用时7.5s，后50m用时7s，求：
（1）小明前50m的平均速度。
（2）小明后50m的平均速度。
（3）小明全程的平均速度。
分析：（1）用v1=s1t1计算前50m的平均速度。
（2）用v2=s2t2计算后50m的平均速度。
（3）用v总=s总t总计算全程平均速度。
解析：解：（1）前50m的平均速度是：v1=s1t1=50m7.5s≈6.67m/s；
（2）后50m的平均速度是：v2=s2t2=50m7s≈7.14m/s；
（3）全程时间为：t总＝7.5s+7s＝14.5s，
全程平均速度为：v总=s总t总=100m14.5s≈6.90m/s。
答：（1）前50m的平均速度是6.67m/s。
（2）后50m的平均速度是7.14m/s。
（3）百米全程的平均速度是6.90m/s。
点评：本题考查平均速度的计算问题，难度不大。
【解题方法点拨】
（1）平均速度只能用来粗略地描述做变速直线运动的物体的平均快慢程度，它不能精确描述物体在某一时刻或某一位置的运动快慢．
（2）平均速度是指某段路程或某段时间内物体运动的平均快慢，所以求平均速度时一定要指明是哪一段路程或哪一段时间内的平均速度，路程和时间要一一对应．即平均速度等于这段路程与通过这段路程所用的总时间的比值．
（3）平均速度不是速度的算术平均值，全程的平均速度也不是各段平均速度的算术平均值．这一点在计算时千万要注意．
3．质量的概念与特性
【知识点的认识】
物体所含物质的多少叫质量，通常用字母m表示，是度量物体在同一地点重力势能和动能大小的物理量，是描述物体的惯性的物理量，是决定物体受力时运动状态变化难易程度的唯一因素．
质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关．单位不同于重量．质量大，物体含有物质多；质量小，物体含有物质少．
【命题方向】
命题角度①：质量大小的变化；②质量是物体的一种属性。
例：我国航天事业高速发展！2022年12月4日，神舟十四号载人飞船返回舱成功着陆东风着陆场。神舟十四号航天员穿着的航天服从空间站返回地面后，其质量（ ）
A.变大
B.变小
C.不变
D.无法判断
分析：物体所含物质的多少叫质量。质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度无关。
解析：解：神舟十四号航天员穿着的航天服从空间站返回地面后，位置发生变化，所含物质的多少不变，其质量不变。
故选：C。
点评：理解质量的概念，掌握质量是物质的一种属性，它不随物体的形状、位置、状态、温度的改变而改变是解答此题的关键。
【解题方法点拨】
概念性知识，牢记即可。
4．测量液体的密度
【知识点的认识】
一、常规法
1．主要器材：天平、量筒
2．测量步骤：
（1）在烧杯中装适量的未知液体放在调节好的天平上称出其质量m1；
（2）将烧杯中的未知液体倒一些在量筒中测出其体积V；
（3）将盛有剩下未知液体的烧杯放在天平上，测出它们的质量m2；
3．计算结果：根据ρ=mV得ρ液=m1−m2V
二、密度瓶法
1．主要器材：天平、未知液体、玻璃瓶、水
2．测量步骤：
（1）用调节好的天平测出空瓶的质量m0；
（2）在空瓶中装满水，测出它们的总质量m1；
（3）把水倒出，再将空瓶中装满未知液体，测出它们的质量m2；
3．计算结果：
液体的质量m液＝m2﹣m0
液体的体积：V液＝V水=m1−m0ρ水
液体的密度：ρ液=m2−m0m1−m0ρ水
三、密度计法
1．主要器材：自制密度计、未知液体、量筒
2．测量步骤：
（1）把铁丝缠在细木棍下端制成简易的密度计；
（2）在量筒中放适量的水，让密度计漂浮在水中，测出它在水中的体积V水
（3）在量筒中放适量的未知液体，让密度计漂浮在液体中，测出它在液体中的体积V液
3．计算结果：ρ液=V水V液ρ水
四、浮力法
1．主要器材：弹簧测力计、水、金属块、未知液体
2．测量步骤：
（1）用弹簧测力计测出金属块在空气中受到的重力G0；
（2）用弹测力计测出金属块浸没在水中受到的重力G1；
（3）用弹簧测力计测出金属块浸没在未知液体中受到的重力G2．
3．计算结果：ρ液=G0−G2G0−G1ρ水
五、浮体法
1．主要器材：刻度尺、未知液体、水、正方体木块
2．测量步骤：
（1）将木块平放在水中漂浮，测出木块浸在水中的深度h1
（2）将木块平放在液体中漂浮，测出木块浸在液体中的深度h2
3．计算结果：ρ液=ℎ1ℎ2ρ水
【命题方向】
考查测量液体的密度的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：如图是小赵测量自制果汁密度的实验：
（1）将天平放在水平桌面上，把游码移到零刻度线处，发现指针位置偏向分度盘左侧，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向 右 移动；
（2）他用已调好的天平测量空烧杯质量时，添加最小砝码后，天平的指针仍略左偏，于是他进行了如图甲的操作，他的错误是 在测量过程中调节平衡螺母 ；
（3）纠正错误后，完成了下列实验步骤：
①测得空烧杯的质量是49.4g；
②取适量的果汁倒入烧杯中，用天平测果汁和烧杯的总质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码的位置如图乙所示；
③将烧杯中的果汁全部倒入量筒中，如图丙所示；
④计算果汁的密度为 1.2 g/cm3；
（4）小组内交流发现：将上述实验步骤①②③④顺序调整为 ②③①④ ，可以减小误差。
分析：（1）调节横梁左右两端的平衡螺母时，遵循“左偏右调”的原则；
（2）在测量过程中不能调节平衡螺母；
（3）用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度。
液体的质量等于液体和烧杯的总质量与烧杯质量之差；
在用量筒测量液体体积时，要注意读数问题，视线要与液面的凹底相平。同时要注意量筒的单位和分度值；
利用密度计算公式ρ=mV求出果汁的密度；
（4）方案中“把烧杯内的果汁全部倒入量筒内”会使得果汁不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差。
解析：解：（1）测量前，发现指针静止时指在分度盘中央刻度线的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；
（2）由图甲可以看出，在测量的过程中，调节平衡螺母，这是错误的；
（3）果汁和烧杯的总质量是m′＝50g+20g+20g+5g+2.4g＝97.4g，
果汁的质量为m＝97.4g﹣49.4g＝48g，
由丙图知，量筒的分度值为2mL，所以果汁的体积为V＝40mL＝40cm3，
果汁的密度为：ρ=mV=48g40cm3=1.2g/cm3。
（4）当把烧杯内的果汁全部倒入量筒内时，不可能把烧杯内的果汁全部倒入量筒内，导致测量的果汁的体积偏小，由公式ρ=mV知，密度测量结果偏大，所以先用天平称出盛有果汁的烧杯的总质量；再把烧杯中的果汁倒入量筒中一部分，记下量筒中果汁体积；最后用天平称出剩余果汁和烧杯的总质量；所以合理的实验顺序是②③①④。
故答案为：（1）右；（2）在测量过程中调节平衡螺母；（3）1.2；（4）②③①④。
点评：本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出果汁的质量与体积，应用密度公式可以求出果汁的密度。
【解题方法点拨】
（1）在没有量筒，液体体积无法直接测量时，往往需要借助于等体积的水，水的密度是已知的，在体积相等时，两种物质的质量之比等于它们的密度之比．
（2）在没有天平，液体质量无法直接测量时，往往需要利用浮力知识间接测量．
（3）测量液体的质量时，是用液体和容器的总质量减去剩余液体和容器的总质量，就是倒入量筒液体的质量．
（4）若先用量筒测出液体的体积，再将液体倒入烧杯测出质量，这种做法会因量筒壁粘液体，而使测出的质量偏小，算出的液体密度偏小。
5．设计实验测量密度
【知识点的认识】
由密度公式ρ=mV可知，要测量某种物质的密度，需要测量由这种物质构成的物体的质量和体积，一般的方法是：先用天平测出该物质的质量，再用量筒（量杯）测出该物质的体积，然后根据密度公式求出它的密度．
【命题方向】
简单实验的设计、实验步骤的补充、实验的原理、以及实验结果的表达式都是命题的关键．
例：物理兴趣活动课上，老师拿来一个民国时期的小玻璃药瓶，如图所示，让同学们测出它的密度。除了小玻璃药瓶，老师还提供的器材有：一个量筒、适量密度为ρ0的水。请你利用上述器材，帮助同学们设计一个实验方案，测出玻璃的密度。（实验器材满足实验需求，ρ玻＞ρ0）要求：
（1）写出主要的实验步骤及所需测量的物理量；
（2）写出玻璃密度ρ玻的数学表达式。（用已知量和测量量表示）
分析：（1）根据测量密度的实验原理ρ=mV可知，要测量玻璃的密度，需要测出玻璃的质量和体积，但题目所给器材中只有一个量筒和适量密度为ρ0的水，先利用玻璃瓶漂浮计算出V排，再利用阿基米德原理F浮＝G排＝ρ液gV排和漂浮条件F浮＝G物，得出玻璃瓶的重力，再利用重力公式计算出玻璃瓶的质量（即玻璃的质量）；让玻璃瓶下沉到量筒底部，求出玻璃的体积；
（2）知道玻璃的质量和体积，利用密度公式，计算玻璃的密度。解析：解：（1）①在量筒内倒入V1的水：
②让小瓶口朝上漂浮在量筒内的水面上，此时水面与V2刻度线相平；
③让小瓶口朝上沉没在水中，这时水面与V3刻度线相平；
（2）根据题意，玻璃瓶漂浮，则V排＝V2﹣V1，
根据阿基米德原理，玻璃瓶受到的浮力为：F浮＝ρ0gv排＝ρ0g（V2﹣V1），
因为F浮＝G，G＝mg，所以玻璃瓶的质量（即玻璃的质量）：m=F浮g=ρ0g(V2−V1)g=ρ0（V2﹣V1）；
玻璃瓶下沉，玻璃的体积：V＝V3﹣V1，
则玻璃的密度：ρ玻=mV=ρ0(V2−V1)V3−V1=V2−V1V3−V1⋅ρ0。点评：本题考查了利用阿基米德原理和物体漂浮的特点设计测量固体密度的实验，是一道密度与浮力的综合性实验设计题，有一定难度。
【解题方法点拨】
测量密度的主要思路是先测量出物体的质量和体积，然后利用体积公式代入计算。
6．力的相互性
【知识点的认识】
相互性（相互作用力）：任何两个物体之间的作用总是相互的，施力物体同时也一定是受力物体。
【命题方向】
通过现象判断力的作用是相互的。
例：赛龙舟是端午节里的传统习俗。当号令一响，各龙舟上的运动员奋力划桨，龙舟向前加速运动。这可说明力的作用是
相互 的。
分析：力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
解析：解：赛龙舟比赛时，向后划桨，桨对水施加向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水会同时对桨施加向前的反作用力，所以龙舟向前运动。
点评：本题以端午节“赛龙舟”为载体考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点题型之一。
【解题方法点拨】
相互作用的力一定是同性质的力。例如，压力和支持力都是弹力，物体和接触面间的摩擦力；两个电荷间的相互作用的电场力，或电流间的磁场力等等
7．惯性的概念
【知识点的认识】
（1）惯性的定义：一切物体保持原有运动状态不变的属性叫做惯性。
（2）惯性的特点
①惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性。
②任何物体在任何时候都是有惯性的，它要保持原有的运动状态。
【命题方向】
考查惯性的概念以及惯性现象。
例：两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，处于竖直静止状态（图甲）；手握玻璃管突然向某一方向运动时，气球突然变大（图乙）。下列对该现象的判断，正确的是（ ）
A.玻璃管是突然向上运动的
B.玻璃管是突然向下运动的
C.该现象的产生是由于水具有惯性
D.该现象的产生是由于玻璃管具有惯性
分析：物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，据此分析即可解答。
解析：解：由于水具有惯性，当手握玻璃管突然向上运动时，玻璃管上升，水保持静止，流入气球，使得气球突然变大。故AC正确、BD错误。
故选：AC。
点评：此题主要考查学生对惯性现象的理解，解释惯性现象时的步骤：①确定研究对象，阐明其原来的运动状态；②说明哪个物体或物体的哪一部分运动状态改变了；③说明哪个物体或物体的哪一部分由于惯性要保持原来的运动状态；④说明结论。
【解题方法点拨】
理解惯性的概念以及惯性的生活现象。
8．惯性的普遍性
【知识点的认识】
（1）惯性的定义：一切物体保持原有运动状态不变的属性叫做惯性。
（2）惯性的特点
①惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性。
②任何物体在任何时候都是有惯性的，它要保持原有的运动状态。
【命题方向】
考查惯性的概念以及惯性现象。
例：关于惯性，下列说法中正确的是（ ）
A.物体在静止时具没有惯性
B.物体只有在受到力的作用时才有惯性
C.物体运动时才有惯性
D.一切物体在任何情况下都具有惯性
分析：一切物体都有惯性。这个结论是题的核心。
解析：解：有牛顿第一定律与惯性知识可知：惯性是物体本身具有的性质。一切物体在任何情况下都具有惯性。故知ABC错。
故选：D。
点评：要明确惯性是物体本身具有的性质。
【解题方法点拨】
“一切物体”包括受力或不受力、运动或静止的所有固体、液体气体。
9．平衡状态的判断
【知识点的认识】
（1）平衡状态：物理学中，物体处于静止或匀速直线运动状态，我们就称物体处于平衡状态
（2）平衡力：如果一个物体在几个力的作用下处于平衡状态，物体受到的力就是平衡力.平衡力包括二力平衡和多力平衡，其中二力平衡是最简单的平衡状态
【命题方向】
考查平衡状态的判断。
例：下列事例中，处于平衡状态的物体是（ ）
A.正在圆形轨道上运动的过山车
B.减速进站的火车
C.匀速直线上升的热气球
D.竖直上抛的石子
分析：平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，据此分析判断。
解析：解：A、正在圆形轨道上匀速运动的过山车，过山车的运动方向一直发生变化，所以不是平衡状态，故A错误；
B、减速进站的火车，其速度越来越慢，所以不是平衡状态，故B错误；
C、匀速直线上升的热气球，速度大小和运动方向都不改变，处于平衡状态，故C正确；
D、竖直上抛的石子，其速度越来越小，所以不是平衡状态，故D错误。
故选：C。
点评：本题主要考查学生对平衡状态的理解和掌握。判断方法：静止状态和匀速直线运动状态都是平衡状态；物体受到的力平衡时，物体处于平衡状态。
【解题方法点拨】
判断方法：静止状态和匀速直线运动状态都是平衡状态；物体受到的力平衡时，物体处于平衡状态。
10．平衡力与相互作用力的辨析
【知识点的认识】
相互作用力的特点：①大小相等（等大）；②方向相反（反向）；③在同一条直线上（共线）；④作用在两个物体上（异物）；⑤同时产生，同时消失（同时）
平衡力的特点：①大小相等（等大）；②方向相反（反向）；③在同一条直线上（共线）；④作用在同一个物体上（同物）；⑤两个力可以单独存在
【命题方向】
判断两个力是否为一对平衡力，还是相互作用力是命题方向，因为学生往往区别不开．。
例：花瓶静止在水平桌面上，下列关于平衡力和相互作用力的说法正确的（ ）
A.花瓶受到的重力与桌面对花瓶的支持力是一对平衡力
B.桌子受到的重力与桌子受到的支持力是一对平衡力
C.花瓶受到的重力与花瓶对桌面的压力是一对相互作用力
D.桌子受到的支持力与花瓶对桌面的压力是一对相互作用力
分析：二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。解析：解：A、花瓶静止在水平桌面上，处于平衡状态，花瓶受到的重力与桌面对花瓶的支持力符合二力平衡条件，是一对平衡力，故A正确。
B、桌子受到的支持力等于桌子和花瓶的总重力，则桌子受到的重力与桌子受到的支持力大小不等，不是一对平衡力，故B错误。
C、花瓶受到的重力与花瓶对桌面的压力方向相同，不是一对相互作用力，故C错误。
D、桌子受到的支持力与花瓶对桌面的压力是作用在同一物体上的两个力，不是一对相互作用力，故D错误。
故选：A。
点评：此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
【解题方法点拨】
“平衡力”和“相互作用力”最大的区别就是：相互作用力作用在两个物体上，平衡力作用在同一个物体上。因此，我们只需要看力的作用点，如果在一个物体上，那就是平衡力，如果在两个物体上，就是相互作用力
11．增大有益摩擦的方法
【知识点的认识】
增大有益摩擦的方法：
（1）增大接触面的粗糙程度，如汽车轮胎做上花纹；
（2）增大压力，如骑自行车捏闸的力越大，摩擦力越大；
（3）变滚动为滑动，如汽车急刹车时车只滑不滚；
（4）变湿摩擦为干摩擦．
【命题方向】
怎样增大摩擦力或减小摩擦力，生活中的现象使用的是增大还是减少摩擦都是命题方向。
例：自行车上应用了很多物理知识，其中属于增大摩擦力的是（ ）
A.把手上刻有花纹
B.车轮做成圆形
C.给链条加润滑油
D.前后轮都安装在滚动轴承上
分析：（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（3）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
解析：解：A、把手上刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A符合题意；
B、车轮做成圆形，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故B不符合题意；
C、给链条加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故C不符合题意；
D、前后轮都安装在滚动轴承上，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故D不符合题意。
故选：A。
点评：本题在考查影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用。
【解题方法点拨】
解答此类题目时，分析操作前后的摩擦力变化即可．例如，锁生锈不好开时，将少量食用油注入锁孔就易开了，起初开锁难说明摩擦力大；操作后，开锁容易说明摩擦力减小．前后对比说明注入食油使摩擦力减小了，或者，直接分析操作符合增大或减小摩擦的哪一项，这需要我们熟练应用增大或减小摩擦的方法与途径．
12．压强的公式的应用
【知识点的认识】
计算公式：P=FS，（适用范围：这是压强的定义式，适用于所有物体间的压强计算，无论气体、固体、液体）
【命题方向】
压强的计算，主要是运用公式及其变形解决有关问题，另外，压强的计算常常与密度公式，重力公式相联系，体现了知识的综合性，所以常成为中考的热点。
例：我国研发的四轮长航程极地漫游机器人，科考队在附近遇控机器人。若机器人质量为500kg，履带与地面的总接触面积为400cm2。求：
（1）机器人对水平冰面的压力；
（2）若南极某处冰面能承受的压强为2×105Pa，该机器人能顺利通过该冰面吗？
分析：（1）已知机器人的质量，利用G＝mg求其重力，机器人对冰面的压力等于本身的重力；
（2）知道履带与冰面的接触总面积（受力面积），利用p=FS求机器人对冰面的压强，与冰面能承受的最大压强比较可知能否通过该冰面。
解析：解：（1）机器人的重力为：G＝mg＝500kg×10N/kg＝5000N，
机器人对冰面的压力等于机器人的重力，即F＝G＝5000N；
（2）机器人对冰面的受压面积S＝400cm2＝0.04m2，
则机器人对冰面的压强为：p=FS=5000N0.04m2=1.25×105Pa＜2×105Pa，机器人可以顺利通过该冰面。
答：（1）机器人对水平冰面的压力是5000N；
（2）该机器人可以顺利通过冰面。
点评：本题考查了重力公式、压强公式的应用，关键是知道物体对冰面的压力等于物体重力。
【解题方法点拨】
压强的计算，需要确定压力、面积．要注意面积的计算与单位，其中压力的确定是难点．正确判断物体间的压力，进行受力分析是关键；物体间接触部分的面积，一般与较小的物体面积相同．
13．液体压强与深度的关系
【知识点的认识】
（1）在同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大。
（2）在同一深度，不同液体密度越大液体该处压强越大。
（3）液体内部的压强只与液体的密度、液体深度有关，而与容器的形状、底面积、液体的体积、液体的总重无关。
【命题方向】
考查影响液体压强大小的因素。
例：为什么深水潜水员必须穿行坚固耐压的潜水服？
分析：由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，液体内部向各个方向都有压强；液体的压强随深度增加而增大；在同一深度处液体向各个方向的压强相等；不同液体的压强还跟密度有关。
解析：答：处于液体内部的物体的所有表面都要受到液体的压强，压强大小与深度有关，越深处压强越大，深水潜水员在潜水时要受到比在水面上大许多倍的压强，如果不穿坚固耐压的潜水服，潜水员是承受不了那么大压强，会有生命危险，所以必须穿上高强度耐压的潜水服才行。
点评：本题的解题关键是知道液体的压强随深度的增加而增大。
【解题方法点拨】
记忆性的知识点，要熟记．
14．流体压强与流速的关系
【知识点的认识】
液体和气体都具有流动性，统称为流体．如：空气、水等．流体流动时的压强称作流体压强．空气和水流动时有快有慢，流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大．
【命题方向】
联系生活实际用流体压强与流速的关系解释现象是命题方向，一般出现选择题、填空题或简答题．
例：下列事例中能够说明流体压强与流速关系的是（ ）
A.拦河坝设计成下宽上窄
B.高压锅容易把食物煮熟
C.用漏斗向下吹气乒乓球不下落
D.飞机飞行时机翼受到升力
分析：（1）液体内部压强随着深度的增加而增大；
（2）气压越大，沸点越高，气压越小，沸点越低；
（3）流体流速越大的位置，压强越小。解析：解：A、液体内部压强随着深度的增加而增大，即越往下面，河水的压强越大，所以拦河坝设计成下宽上窄，故A错误；
B、高压锅是利用了液体的沸点随压强的增大而增大的原理制成的，故B错误；
C、用漏斗向下吹气，乒乓球上方空气流速变快，压强变小，下方空气流速慢，压强较小，产生向上的压强差，所以乒乓球不下落，故C正确；
D、飞机的机翼呈现流线型，故飞机在运动时，其机翼上方的空气流速快，压强小，而机翼下方的空气流速慢，压强大，故机翼受到一个向上的压强，所以飞机能起飞，故D正确。
故选：CD。
点评：本题四个选项考查了多个方面的知识，此类选择题是中考题中最常见的，是能较全面的考查基础知识的综合题。
【解题方法点拨】
流体流速大的位置压强小，流速小的位置压强大。解这些题目的关键是明确哪个地方流速较其他地方快。
15．功的简单计算
【知识点的认识】
功是中学物理中一个重要概念，功能关系是解决力学问题的重要途径之一．因此，正确理解功的内涵和外延，正确把握求功的方法是解决力学问题的基础．
1、公式法：对于恒力的功，通常利用功的定义式W＝FS进行计算．
2、功率法：功跟完成这些功所需时间的比值，叫做功率．对于一段时间内外力的功，有时可以直接利用W＝Pt求出功
【命题方向】
功的计算是中考命题的重点，一般以考查的题型较多，计算题是重点。
例：一名同学用20N的水平推力推重为100N的超市购物车，购物车由静止开始沿水平方向前进了5m，在这个过程中重力做功为 0 J，推力做功为 100 J。
分析：（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；
（2）知道推力大小、购物车在推力方向上移动的距离，利用W＝Fs求推力做的功；
解析：解：购物车在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即做功为0J。
推力做功为：W＝Fs＝20N×5m＝100J。
故答案为：0；100。
点评：本题考查了功的计算和做功的两个必要因素，属于基础题。
【解题方法点拨】
理解计算功的方法，尤其要把握好知识点，熟悉公式的变形求功，然后才能正确运用这些规律和原理进行分析或计算，并通过练习和运用达到对物理知识的进一步理解和掌握．初中物理关于功的计算公式有多个，它们之间有什么区别，如何正确运用是解题关键．
16．动能大小与速度的关系
【知识点的认识】
动能的大小与物体的质量和运动的速度有关：物体质量越大、速度越大，具有的动能越大。
【命题方向】
分析速度和质量的变化，来判断动能的变化。
例：2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱在最后一程中要“刹车”着陆，即要减小返回舱下降速度，返回舱在减速下降过程中（ ）
A.动能增大，重力势能减小
B.动能减小，机械能不变
C.动能增大，重力势能增大
D.动能减小，机械能减小
分析：动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
动能和势能之和称为机械能。
解析：解：返回舱在减速下降过程中，质量不变，速度变小，动能减小，同时高度下降，重力势能减小，机械能等于动能和势能之和，所以，机械能减小。
故选：D。
点评：掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。
【解题方法点拨】
解题的关键是判断物体速度和质量的变化。
17．弹性势能的影响因素
【知识点的认识】
影响弹性势能大小的因素：弹性形变程度．同一物体在弹性形变范围内的弹性形变程度越大，弹性势能就越大．
【命题方向】
分析弹性形变的程度，来判断弹性势能的变化。
例：射箭运动员用力将弓拉弯，此时的弓具有 弹性势 能；松手后箭被射出向前运动，说明力可以改变物体的 运动状态 ；弓拉得越满，箭飞得越远，由此可以推断物体的 弹性形变 越大，它具有的弹性势能越大。由于箭具有 惯性 离开弓后继续向前飞。
分析：物体由于发生弹性形变所具有的能量叫弹性势能；物体的弹性形变越大，弹性势能越大。
力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
解析：解：射箭运动员用力将弓拉弯，此时的弓具有弹性势能；松手后箭被射出向前运动，说明力可以改变物体的运动状态；弓拉得越满，箭飞得越远，由此可以推断物体的弹性形变越大，它具有的弹性势能越大。由于箭具有惯性离开弓后继续向前飞。
故答案为：弹性势；运动状态；弹性形变；惯性。
点评：本题考查的是惯性和弹性势能的影响因素；知道力的作用效果。
【解题方法点拨】
解题的关键是判断物体弹性形变程度的变化。
18．动能和重力势能的相互转化
【知识点的认识】
动能和重力势能之间可以相互转化．动能和重力势能之间的相互转化一般发生在只受重力作用下的运动过程中，例如滚摆在下降的过程中，越转越快，它的重力势能越来越小，动能越来越大，重力势能转化为动能；滚摆在上升过程中，越转越慢，它的重力势能越来越大，动能越来越小，动能转化为重力势能．
【命题方向】
考查动能和重力势能的相互转化。
例：如图所示，在模拟“蹦极”的实验时，将一根橡皮筋一端系一个小球，另一端固定在A点，B点是橡皮筋不系小球自然下垂时下端所在的位置，C点是小球从A点静止释放后所能达到的最低点，不考虑空气阻力。关于小球从A点到C点运动过程的说法，正确的是（ ）
A.小球从A点下落到B点的过程中，重力势能转化为动能
B.小球从A点下落到B点的过程中，受到重力和弹力的作用
C.小球从A点下落到C点的过程中拉力始终在做功
D.小球在B点时受到平衡力的作用
分析：（1）小球在下落过程中，在AB段，小球只受到重力作用，重力不断改变小球的运动状态，小球加速下落；
在BC段受到橡皮筋的拉力作用：当拉力小于重力时，小球仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小球减速下落。
（2）物体保持静止状态或匀速直线运动状态，即为平衡状态。
解析：解：小球在下落过程中，在AB段，小球只受到重力作用，重力不断改变小球的运动状态，小球加速下落；
在BC段受到橡皮筋的拉力作用，过B点后橡皮筋开始伸长（大于原长），弹力逐渐增大。当拉力小于重力时，小球仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小球减速下落。
A、从A点到B点运动过程中小球的重力势能转化为动能，故A正确；
B、由题B点是橡皮筋自然下垂长度的位置，所以在AB段，橡皮筋对小球没有弹力，故B错误；
C、小球从A点下落到B点的过程中，不受拉力，因此拉力不做功；由B点到C点的过程中，受到橡皮筋的拉力向上，而小球向下运动，因此拉力做负功，故C错误；
D、小球在B点时只受到重力的作用，故D错误。
故选：A。
点评：物体受到的合力方向和物体运动方向相同时，物体处于加速状态；物体受到的合力方向和物体运动方向相反时，物体处于减速状态。
【解题方法点拨】
通过物体的速度、所处高度、弹性形变程度的变化判定物体动能、重力势能、弹性势能的大小变化，能量总是从逐渐减小的那种向逐渐增加的那种转化．
19．力和力臂的画法
【知识点的认识】
力臂的画法：
（1）首先在杠杆的示意图上，确定支点O．
（2）画好动力作用线及阻力作用线，画的时候要用虚线将力的作用线适当延长．
（3）在从支点O向力的作用线作垂线，在垂足处画出直角，从支点到垂足的距离就是力臂．用三角板的一条直角边与力的作用线重合，让另一条直角边通过交点，从支点向力的作用线画垂线，作出动力臂和阻力臂，在旁边标上字母，l1和l2分别表示动力臂和阻力臂．
【命题方向】
力臂的画法，判断是什么力臂都是命题方向。
例：如图是使用螺丝刀撬图钉的示意图，请在图中画出动力F1的力臂l1。
分析：从支点到动力作用线的距离叫动力臂。
解析：解：图中的O点为支点，从O点向力F1的作用线引垂线段l1，如图所示：
。
点评：本题考查的是力臂的作法，属于基础题目。
【解题方法点拨】
画杠杆示意图时应注意：
（1）阻力作用点应画在杠杆上．有部分同学认为阻力由石头的重力产生，所以阻力作用点应画在石头重心上，这是错误的．
（2）确定阻力方向．当动力使杠杆绕支点顺时针转动时，阻力一定使杠杆逆时针转动．
（3）力臂不一定在杠杆上．力臂可用虚线画出并用大括号标明，也可用实线画出．
20．轮轴及其应用
【知识点的认识】
（1）轮轴：由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。通常把大轮叫轮，小轮叫轴。
（2）作用：可以省力和改变力的方向。
（3）实质：是一个可连续转动的杠杆
（4）原理：使用轮轴时，一般情况下作用在轮上的力和轴上的力的作用线都与轮和轴相切，因此，它们的力臂就是对应的轮半径和轴半径、由于轮半径总大于轴半径，因此当动力作用于轮时，轮轴为省力费距离杠杆，实际的例子：有自行车脚踏与轮盘（大齿轮）是省力轮轴．
当动力作用于轴上时，轮轴为费力省距离杠杆，实际的例子有：自行车后轮与轮上的飞盘（小齿轮）、吊扇的扇叶和轴都是费力轮轴的应用．
【命题方向】
考查轮轴及其应用。
例：如图甲是《天工开物》中记载的一种农业生产汲水装置——辘轴，图乙是它提水时的示意图，为方便提水，应按照 省力 （选填“省力”或“费力”）杠杆来设计，支点是 B （选填“A”“B”或“C”）点；图丙中水龙头开关的设计也应用了同样原理，开关选用 ① （选填“①”或“②”）效果更好。
分析：（1）辘轳的实质是轮轴，根据轮轴的作用分析；支点是绕着转动的固定点；
（2）水龙头开关的设计也应用了轮轴，增大轮的半径可以增大动力臂，在阻力和阻力臂一定时，可以省力。
解析：解：（1）辘轳的实质是轮轴，动力作用在轮上，可以省力；支点是绕着转动的固定点，即B点；
（2）水龙头开关的设计也应用了轮轴，增大轮的半径可以增大动力臂，在阻力和阻力臂一定时，可以减小动力，故选择图中的①可以更省力。
故答案为：省力；B；①。
点评：本题考查了轮轴的应用与省力分析，属于综合题，但难度不大。
【解题方法点拨】
掌握轮轴的原理以及作用，学会对轮轴做省力分析。
21．声音产生的原因
【知识点的认识】
（1）声音产生的原因是由物体的振动产生的。
（2）一切正在发声的物体都在振动，振动停止，则发声也停止。
【命题方向】
声音的产生这一知识点比较简单，中考中常围绕“振动”两个字出填空题，近几年以转换法较为热点，如扬声器纸屑实验、乒乓球音叉实验等，考查体现振动的方法、看到的现象、实验的目的、纸屑和乒乓球的作用等。
例：如图所示，将悬挂的乒乓球轻轻接触正在发声的音叉，观察到乒乓球被音叉多次弹开；声音消失，乒乓球也停止运动。此现象表明声音（ ）
A.由物体振动产生
B.可以通过气体传播
C.不能在真空中传播
D.响度越大，声速越大
分析：声音是物体的振动产生的。
解析：解：发声的音叉在振动，所以乒乓球被弹开，音叉停止振动，声音也消失，说明声音是物体的振动产生的。
故选：A。点评：本题考查了声音的产生，属于基础题。
【解题方法点拨】
关于发声与振动的关系理解：
①一切发声都振动，但振动不一定被人们看到．
不论科技多么发达，都没有任何一种不振动就能发声的现象；敲音叉或敲桌面发声时的振动看不到，需要通过转换法来体现；
②一切振动都发声，但声不一定被人们听到．
振动发声有的是超声或次声，不在人的听觉范围内，故听不到；有的声音响度很小，故听不到．
22．声音的传播条件
【知识点的认识】
（1）声音靠介质传播．
能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质．
（2）真空不能传声．
真空罩里面放闹铃的实验、登月的宇航员无法直接交谈的现象都说明真空不能传声．
【命题方向】
考查声音的传播条件，常以概念为主；
例：回归课本，温故而知新。我们在研究声音产生的原因时，将小球放在被用力敲过的音叉旁边，发现小球被弹起，从而证明声音由物体振动产生。若把正在运行的该装置放到月球上，则（ ）
A.小球被弹开，且听到音叉的声音
B.小球未被弹开，听不到音叉的声音
C.小球被弹开，但听不到音叉的声音
D.小球被弹开，仍听到音叉的声音
分析：声音是由物体振动产生的。
声音的传播需要介质，真空不能传声。
解析：解：月球上没有空气，声音不能传播，但是敲击音叉，音叉可以振动，将小球弹起来，故C正确，ABD错误。
故选：C。点评：本题考查的是声音产生和传播的条件；知道真空不能传声。
【解题方法点拨】
（1）判断传声介质的种类：例如，隔墙有耳、土电话说明固体可以传声；电子哺鱼、说话声吓跑鱼说明液体可以传声；人平时交谈说明气体可以传声．
（2）同一声音在不同介质中传播时，频率不变．
23．根据音色辨别发声体
【知识点的认识】
音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志
【命题方向】
中考中常以填空、选择的题型出现．主要考查辨别熟人的声音靠什么，辨别乐器的声音靠什么．
例：天津时调是天津曲艺中最有代表性的曲种之一。观看演出时，人们能分辨出四胡、扬琴的声音是依据声音的（ ）
A.音调
B.响度
C.音色
D.振幅
分析：音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
解析：解：人们能分辨出四胡、扬琴的声音是依据声音的音色不同，故ABD错误，C正确。
故选：C。
点评：本题考查了音色，比较简单。
【解题方法点拨】
音色是区别声音的重要标志．区别声音就是靠音色．辨别熟人的声音、辨别乐器的声音靠的都是音色．模仿赵本山的声音很像就是模仿的音色像，通过敲击瓷器，根据声音判断瓷器是否破损也是靠音色．
24．传播过程中减弱噪声
【知识点的认识】
减弱噪声的途径：
（1）在声源处减弱，防止噪音的产生；
（2）在人耳处减弱，防止噪音进入耳朵；
（3）在传播过程中减弱，阻断噪音的传播。
【命题方向】
主要考查生活中减弱噪声的途径和措施，多以填空、选择题型出现．
例：音乐课上，老师弹拔琴弦能发出琴声，说明声音是由物体的 振动 而产生，为不影响隔壁班上课，要关紧门窗，这是在 传播过程中 控制噪声。
分析：声音是由物体振动产生的。
减弱噪声的方式有三种，分别是在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
解析：解：声音是由物体振动产生的，拨动琴弦时发出琴声，是由于琴弦振动发出声音。
关紧门窗，可以在传播过程中减弱噪声。
故答案为：振动；传播过程中。
点评：此题考查了声音的产生、减弱噪声的途径，属于基础知识。
【解题方法点拨】
明确生活中是采用那种途径减弱噪声的，例如：摩托车安装消声器，在声源处减弱﹣﹣消声；玻璃棉、泡沫塑料通过吸收声播来减弱声音﹣﹣吸声；高架道路两侧建起透明板墙，在传播过程中减弱﹣﹣隔声．
25．光的反射定律的应用
【知识点的认识】
（1）反射光线、入射光线、法线都在同一个平面内；
（2）反射光线、入射光线分居法线两侧；
（3）反射角等于入射角。
（4）光在反射时光路是可逆的
【命题方向】
光的反射定律是中考考查的重点内容，从命题形式来看，选择题、作图题、填空题仍然是主要的三种题型，作图题将更加重视与社会、生活的联系和应用。希望在今后的学习中要多观察，勤思考，灵活运用所学知识解决实际问题。
例：如图所示是一种液面升降监测装置原理图，光源S发出的一束激光与水平液面成50°角射向平静的液面，此时，反射角为 40 度；光经液面反射后射到液面上方水平标尺上的S'点，当液面下降时光点S'将向 右 移动。
分析：（1）根据反射角和入射角的概念可确定入射光线与反射光线的夹角；
（2）根据光的反射定律，当液面发生变化时，由于入射角的大小不变，所以反射光线与原来的反射光线平行。作图可知光点S的移动方向。
解析：解：（1）由“激光与水平液面成50°角射向平静的液面”，可得入射角为90°﹣50°＝40°，因反射角等于入射角，所以反射角也为40°。
（3）当液面发生变化，下降时，入射点向右下方移动，由于入射角的大小不变，所以反射光线与原来的反射光线平行；反射光线向右平移，反射光斑将向右移。
故答案为：40；右。
点评：本题考查光的反射定律的应用，属于中档题。
【解题方法点拨】
由入射光线决定反射光线，叙述时要先叙述入射光线如何变化，再叙述反射光线如何变化。发生反射的条件：两种介质的交界处；发生处：入射点；结果：返回原介质中。
反射角随入射角的增大而增大，减小而减小，当垂直入射时，入射角等于反射角，皆为0度。
26．漫反射
【知识点的认识】
漫反射，是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象．当一束平行的入射光线射到粗糙的表面时，表面会把光线向着四面八方反射，所以入射线虽然互相平行，由于各点的法线方向不一致，造成反射光线向不同的方向无规则地反射，这种反射称之为“漫反射”或“漫射”．这种反射的光称为漫射光．漫反射的每条光线均遵循反射定律．平行光束经漫反射后不再是平行光束．由漫反射形成的物体亮度，一般视光源强度和反射面性质而定．
【命题方向】
漫反射在生活中的应用是命题的关键。
例：小松和小北能同时看到在地上的书，是由于光射到书本上时发生了 漫反射 （选填“镜面反射”或“漫反射”），此反射中每条光线 都 （选填“都”或“不都”）遵循光的反射定律。
分析：平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。它们都遵循光的反射定律。
解析：解：不同位置的人都能看到在地上的书，是由于光射到书本上时发生了漫反射；漫反射中的每条光线都遵循光的反射定律。
故答案为：漫反射；都。
点评：本题考查了对漫反射现象的分析，属基础题，难度不大。
【解题方法点拨】
抓住漫面反射的定义及性质就可以解答此类题目．
27．平面镜成像的作图
【知识点的认识】
平面镜成像的作图主要基于两个基本方法：一种是基于反射定律，另一种是基于平面镜成像的特点。
‌（1）基于反射定律的作图步骤‌：
从光源点引出两条光线，射向平面镜。
分别作两条入射光线的法线。根据反射定律，反射角等于入射角，作反射光线，并将反射光线反向延长。
反射光线的反向延长线交点即为光源点的像点。‌
（2）基于平面镜成像特点的作图步骤‌：
过光源点作平面镜的垂线（像与物体的连线与平面镜垂直）。
截取像点，让像点到平面镜的距离等于光源点到平面镜的距离（像与物体到镜面的距离相等）。
画出像点（像的大小与物体的大小相等）。
在作图时，光线和界面用实线表示，法线和反向延长线用虚线表示。
（3）平面镜成像的特点包括：
像的大小与物体相同（等大）。
像和物体到镜面的距离相等（等距）。
像物连线与镜面垂直（垂直）。
平面镜所成的像是正立的虚像。
28．光的折射现象
【知识点的认识】
‌光的折射现象‌是指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变的现象。这种现象发生在两种介质的交界处，其中折射光线进入到另一种介质中，而反射光线则返回原介质中。光的折射与光的反射不同，反射光的光速与入射光线相同，而折射光线的光速与入射光线不同。在两种介质的交界处，不仅会发生折射，同时也发生反射。这是因为光在不同物质中的传播速度不同，导致在两种介质的交界处传播方向发生变化。
光的折射现象在日常生活中有很多应用和体现，例如：
‌水杯里的秘密‌：当你从杯口向杯中加水时，你会注意到光线似乎在弯曲，这是因为光线从空气进入水时发生了折射。‌
消失的硬币‌：在某些角度下，你会看到水中的硬币似乎消失了，这也是因为光线从空气进入水时发生了折射。‌
海市蜃楼‌：这是一种特殊的光学现象，远处物体的光线经过大气折射，使得人们在视觉上看到物体的像，而实际上物体并不在那里。
29．光的色散及其现象
【知识点的认识】
（1）概念：白光（太阳光）通过三棱镜后被分解成各种颜色的光，这种现象叫光的色散。
（2）实质：光的色散实际上是光的折射，不同色光的偏折程度不同，从而造成色散。白光散开后单色光从上到下依次为“红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫 七种颜色．
【命题方向】
光的色散现象和原因，光的色散属于什么现象﹣﹣﹣﹣﹣光的折射．小知识点都是命题关键．
例：“背日喷乎水，成虹霓之状”是我国唐朝诗人张志和描写的“人工虹”现象，科学家们将该现象称为光的 色散 ，产生这一现象的原因是不同色光穿过水雾时 折射 程度不同。图中空缺位置的色光是 蓝 光。
分析：（1）彩虹的成因是由于光的色散。
（2）红、绿、蓝三种色光，按不同比例混合，可以产生各种颜色的光。因此把红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色。
解析：解：“背日喷乎水，成虹霓之状”描写的是“人工虹”，这是喷出水后，空中有大量的小水滴，太阳光照在这些小水滴上，不同色光穿过水雾时的折射程度不同，被分解为绚丽的七色光，也就是光的色散；
三种色光适当混合能产生其它色光，这三种色光就是光的三原色，它们分别是红光、绿光、蓝光；红光和绿光混合形成黄光，所以空缺位置为蓝光。
故答案为：色散；折射；蓝。
点评：此题考查了学生对光的色散和光的三原色的掌握情况，本章节知识点需要牢固记忆。
【解题方法点拨】
理解概念，记忆性知识，牢记即可。
30．红外线
【知识点的认识】
（1）红外线是一种电磁波，‌位于可见光红光的外侧，‌具有强热作用，‌且是绝对零度以上的物体都会辐射的能量形式。‌
（2）红外线具有以下性质和用途：‌
①军事应用：‌红外线在军事领域中有广泛的应用，‌包括红外制导导弹、‌红外夜视仪、‌红外自动瞄准装置等。‌
②医学应用：‌在医学领域，‌红外线也有其独特的用途，‌如红外线体温计、‌红外线成像技术、‌红外光治疗等。‌
③工业应用：‌在工业领域，‌红外线被用于红外线测温仪、‌红外线干燥设备、‌红外传感器等。‌
④环境监测：‌红外线还被广泛应用于环境监测领域，‌包括红外线气体监测仪、‌红外线水质分析仪、‌红外线大气监测仪等。‌
⑤热成像：‌红外辐射可用于远程确定物体的温度，‌这在温度记录法中非常有用。‌此外，‌红外线还被用于夜视设备，‌当可见光不足时，‌通过将环境光子转换为电子，‌然后通过化学和电子过程放大，‌最后转换回可见光，‌实现夜视功能。‌
⑥遥控制作：‌根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、‌红外线夜视仪、‌红外线体温计等。‌此外，‌根据红外线可以进行遥控，‌如电视、‌空调遥控器
【命题方向】
主要从应用方面考查红外线
例：下列各种应用实例中，利用了红外线的是 AEFH ；利用了紫外线的是 BCG 。
A.体温枪
B.使荧光物质发光验钞
C.杀菌灯
D.医用B超仪
E.电视机的遥控装置
F.军事设施上的夜视镜
G.帮助人体合成维生素
H.热谱仪
分析：（1）红外线的作用和用途：根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计等；红外线可以传递信息，可以进行遥控制成电视、空调遥控器等；
（2）紫外线的作用和用途：紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机；紫外线具有化学效应，能杀菌，制成灭菌灯；能促成维生素D的合成。
解析：解：根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计等；红外线可以传递信息，可以进行遥控制成电视、空调遥控器等，由此可知题干中利用了红外线的是AEFH；
紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机；紫外线具有化学效应，能杀菌，制成灭菌灯；能促成维生素D的合成，据题可知利用了紫外线的是BCG；
医用B超仪利用的是超声波工作的。
故答案为：AEFH；BCG。
点评：本题考查了红外线和紫外线的应用，属于识记知识，难度不大。
【解题方法点拨】
基础性知识，牢记即可。
31．探究凸透镜成像的规律
【知识点的认识】
设计实验：用如图所示的实验装置，将一支点燃的蜡烛作为物体，让其在光具座上从距凸透镜较远的地方开始向凸透镜移动，在测量出不同情况下物距的基础上，通过观察成像情况、测量出像距的大小来探究成像规律。
进行实验与搜集证据：
（1）让凸透镜对着太阳光聚焦，测出凸透镜的焦距
（2）把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛，使烛焰中心、凸透镜光心、光屏的中心大致在同一高度上
（3）把蜡烛放在较远处（u＞2f），调整光屏到凸透镜的距离，直到烛焰能在屏上成清晰的实像，观察实像的大小和正倒，测出物距u 和像距 v。
（4）把蜡烛向凸透镜移近几厘米，让物距等于二倍焦距（u＝2f），放好后重复以上操作。
（5）使蜡烛继续向凸透镜移近，让物距在一倍焦距和二倍焦距之
间（f＜u＜2f），放好后重复以上操作。
（6）使蜡烛继续向凸透镜移近，让物距等于一倍焦距（u＝f），即处于焦点上，移动光屏，观察是否能够成像
（7）使蜡烛继续向凸透镜移近，让物距小于一倍焦距（u＜f），移动光屏，观察在光屏上是否还能看到像。从光屏这一侧透过凸透镜用眼睛直接观察烛焰，可以看到一个正立、放大的像，在这个位置放上光屏，光屏上没有像出现，说明所成像为虚像。
实验结论：
【命题方向】
考查探究凸透镜成像的规律的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：某实验小组探究凸透镜成像的实验，装置如图：
（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上出现一个清晰的烛焰的像，这个凸透镜的焦距可能是 B （填选项字母）；
A.5cm
B.10cm
C.20cm
D.30cm
（2）小庆同学把蜡烛向右移动一小段距离，发现光屏上烛焰的像变模糊了。要在光屏上得到烛焰清晰的像，他可以将光屏向 右 （填“左”或“右”）移动；
（3）完成上述探究后，小庆同学把凸透镜换成一块薄玻璃板，透过玻璃板能看到烛焰正立、 等大 （填“放大”“缩小”或“等大”）的像，把光屏移到像所在的位置，直接观察光屏，光屏上 没有 （填“有”或“没有”）烛焰的像。
分析：（1）u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝15cm＞f，由此可得焦距的范围；
（2）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；
（3）平面镜成的像与物体大小相等；虚像不能成在光屏上。
解析：解：（1）由图可知，u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝15cm＞f，即15cm＞f＞7.5cm，故选：B；
（2）小庆同学把蜡烛向右移动一小段距离，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，要在光屏上得到烛焰清晰的像，他可以将光屏向右移动；
（3）小庆把凸透镜换成一块薄玻璃板，由平面镜成像特点可知，透过玻璃板能看到烛焰正立、等大的虚像；把光屏移到像所在的位置，直接观察光屏，因虚像不能与在光屏上，故光屏上没有烛焰的像。
故答案为：（1）B；（2）右；（3）等大；没有。
点评：本题“探究凸透镜成像规律”，考查了凸透镜成像规律的运用及像距随物距的变化规律和平面镜成像规律的运用。
【解题方法点拨】
口诀：一倍焦距分虚实，二倍焦距分大小，实像倒，居异侧，虚像正，居同侧，物近像远像变大，焦点以内反变化
32．温度计玻璃泡的位置
【知识点的认识】
温度计的玻璃泡应全部浸没在液体中，‌不能接触容器的底和侧壁，‌以确保测量准确性。‌
【命题方向】
围绕错误操作这一方向，考查对温度计玻璃泡的位置的掌握。
例：如图所示是用温度计测量液体温度的示意图，其中温度计使用正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
分析：使用温度计测量液体温度时，要使温度计的玻璃泡与被测液体充分接触，不要接触容器底或容器壁。视线与液柱上表面相平。
解析：解：由图知：
A、温度计的玻璃泡接触了烧杯底部，故A错误；
B、温度计的玻璃泡接触了烧杯侧壁，故B错误；
C、图中视线没有与液柱上表面相平，故C错误；
D、温度计的玻璃泡与被测液体充分接触，没有接触容器底或容器壁，视线与液柱上表面相平，故D正确。
故选：D。
点评：在物理实验和日常生活中经常使用温度计，我们要熟练掌握其使用和读数方法。
【解题方法点拨】
泡全浸入被测液，不碰容器底或壁。
33．熔化的吸热特点
【知识点的认识】
熔化是指物质从固态转变为液态的过程，‌这一过程需要吸收热量。‌
【命题方向】
判断熔化是吸热还是放热。
例：卫星的发射需要火箭来运载，火箭的整流罩外壳涂有一层特殊材料，该材料在高温下熔化 吸热 （填“吸热”或“放热”）起到防止卫星烧坏的作用。
分析：物质由固态变为液态的过程是熔化，熔化需要吸热。
解析：解：火箭头部的特殊材料在熔化时可以吸收大量热量，起到防止卫星烧坏的作用，这是利用了熔化要吸热的原理。
故答案为：吸热。
点评：本题考查熔化吸热，难度不大。
【解题方法点拨】
物态变化，需要知道物质变化前后的状态，再根据物态变化的定义确定物态变化的名称，同时还需要掌握每一种物态变化的吸、放热情况。
34．探究水沸腾时温度变化的特点
【知识点的认识】
（1）探究目的：观察水沸腾时的现象和水沸腾时的温度情况
（2）实验器材：铁架台、酒精灯、火柴、石棉网、烧杯、中间有孔的纸板、温度计、水、秒表．实验装置如图：
（3）实验步骤
①用烧杯装适量热水，按实验装置图组装各器材；
②点燃酒精灯对烧杯加热，水温达90℃后，每隔1min记一次温度值，直到水沸腾5min为止；
③据记录的温度值，作水的沸腾图象．
（4）实验结论
①水沸腾时发生剧烈汽化现象；
②水沸腾时温度不变；
③水沸腾时需要吸热．
【命题方向】
考查探究水沸腾时温度变化的特点的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：观察水的沸腾实验中：
（1）组装器材时，应先固定图中的铁圈 B （选填“A”或“B”）。
（2）当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾并持续5min后停止读数，数据如上表所示。第3min时温度计示数如图所示，为 96 ℃。
（3）根据表中数据分析可知：水沸腾时温度变化情况是 保持不变 。
（4）水沸腾后停止加热，观察到水无法继续沸腾，说明水沸腾时需要 吸热 。
分析：（1）为确保用酒精灯外焰加热，故装置要自下而上组装；
（2）读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下；
（3）分析表格数据得结论；
（4）水沸腾特点吸热，温度保持不变。
解析：解：（1）为确保用酒精灯外焰加热，故装置要自下而上组装，故应先固定图中的铁圈B；
（2）由图可知分度值为1℃，故示数为96℃；
（3）根据表中数据分析可知：水沸腾时温度不变；
（4）水沸腾时特点不断吸热，温度保持不变，故水沸腾后停止加热，观察到水无法继续沸腾。
故答案为：（1）B；（2）96；（3）保持不变；（4）吸热。
点评：此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，难度不大。
【解题方法点拨】
（1）加热过程中，为什么杯口盖一纸板？提示：可以减少热损失，缩短加热时间．
（2）石棉网有什么作用？提示：使烧杯均匀受热．
（3）实验中的测量工具是什么？各有什么作用？
提示：温度计、钟表；温度计用来测量水温，钟表用来计时．
（4）本实验用了什么观察法？请叙述观察到的现象．
提示：用了对比观察法．水沸腾前，水温不断升高，容器底部受热产生气泡，上升变小；水沸腾时，温度不变，水中产生大量气泡，上升变大，到水面破裂放出大量的水蒸气．
（5）实验中为了节约能源、适当缩短实验时间，可以采取的措施有哪些？
提示：适当减少烧杯中水的量，用初温较高的水加热，硬纸板应盖严等．
（6）探究过程中，如果由实验结果发现水的沸点不是100℃，你认为原因是什么？
提示：大气压小于或大于1标准大气压．水的沸点与气压有关，气压减小，沸点降低，气压升高，沸点升高．
35．探究水沸腾时实验器材的组装顺序
【知识点的认识】
为确保用酒精灯外焰加热，故装置要自下而上组装
【命题方向】
考查水沸腾时实验器材的组装顺序，常在实验题中考查。
例：小明用如图所示的装置探究水沸腾前后温度变化的特点。
（1）安装图甲所示实验装置时，应按 自下而上 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行，甲图装置中错误的地方是 温度计的玻璃泡碰到容器底 ；
（2）过一会，烧杯上方有“白气”产生，“白气”是 液化 （填物态变化名称）形成的；
（3）当水温到达90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了如图乙所示水温随时间变化的图象，由图象可知，当前水的沸点为 98 ℃，水沸腾时温度变化的特点是 继续吸热，温度不变 。分析：（1）酒精灯需要用外焰加热，因此先放好酒精灯，再固定好铁圈的高度，故应按照自下而上的顺序进行安装；
温度计在正确使用时要求，玻璃泡全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；
（2）物质由气态变为液态称为液化；
（3）水沸腾过程中，不断吸热，温度不变。
解析：解：（1）因要用酒精灯的外焰加热，同时要保证温度计的玻璃泡完全浸没在被测液体中，不能碰到容器壁和容器底，故应自下而上安装实验器材；
甲图装置错误的地方是温度计的玻璃泡碰到容器底；
（2）“白气”是由水蒸气液化而成的小水滴；
（3）水沸腾时的特点是继续吸热，温度不变，故当前水的沸点是98℃。
故答案为：（1）自下而上；温度计的玻璃泡碰到容器底；（2）液化；（3）98；继续吸热，温度不变。
点评：本题考查了“探究水沸腾前后温度变化的特点”的实验，需要掌握水沸腾的特点，属于基础性题目。
【解题方法点拨】
基础知识，牢记即可。
36．探究水沸腾实验沸腾前后气泡的状态
【知识点的认识】
沸腾前的气泡越变越小，如图b，沸腾时的气泡越变越大，如图a。
【命题方向】
判断烧杯中的气泡状态是沸腾前还是沸腾时，常在实验题中考查。
例：华华利用如图甲所示装置“探究水沸腾前和沸腾时温度变化的特点”。
（1）在安装如图甲所示装置时，要按照 自下而上 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行。
（2）由图乙可知，水的沸点是 99 ℃。
（3）如图丙所示为水沸腾 时 （选填“前”或“时”）的情景。分析：（1）本实验需要用酒精灯的外焰加热，组装实验器材应该自下而上；
（2）根据液体沸腾的特点找到沸点：液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
1标准大气压下水的沸点是100℃，沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高；
（3）根据水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。
解析：解：（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置，因此应按照自下而上的顺序进行；
（2）根据图像可知，水的温度保持98℃不变，因此水的沸点为99℃；
（3）由图丙可知，气泡上升变大，是沸腾时的情景。
故答案为：（1）自下而上；（2）99；（3）时。
点评：本题考查了“探究水的沸腾”的实验，重点掌握器材的安装顺序、沸腾的现象以及沸点等知识点，难度较小，属于基础性题目。
【解题方法点拨】
基础知识，牢记即可。
37．探究水沸腾时温度变化的图像分析和数据处理
【知识点的认识】
根据图象和数据分析水沸腾的规律：水沸腾后，继续吸热而温度保持不变。
【命题方向】
考查水沸腾时温度变化的图像分析和数据处理，常在实验题中结合沸点与气压的关系一起进行考查。
例：在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，a、b两组同学按照图甲的装置分别进行实验。
（1）a组同学安装完实验器材后，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，此时应适当将 A处向上 （选填“A处向上”或“B处向下”）调整。某一时刻b组的温度计的示数如图乙所示，温度为 92 ℃；
（2）实验结束后，a、b两组同学根据实验记录的数据，绘制出了如图丙所示的温度随时间变化的图像，由图可知该地区水的沸点是 98 ℃。据此可以判断出该地区的大气压 低于 （选填“高于”、“等于”或“低于”）1标准大气压；
（3）实验中，温度计上部出现的小水珠是 液化 现象形成的（填写物态变化的名称）。分析图丙中的数据可知，a、b两组的水加热至沸腾所需时间不同的原因是水的 质量 不同。分析：（1）实验过程中要用酒精灯的外焰加热，需要从下往上安装实验器材，先确定好B的位置，再根据温度计调节A的位置；结合温度计的分度值读数；
（2）水沸腾时温度不变；沸点与气压有关，气压越低，沸点越低；
（3）液体加热到沸腾需要的时间的长短与很多因素有关：水量的多少、水温的高低、火力的大小等；物质由气态变为液态是液化过程。
解析：解：（1）实验过程中要用酒精灯的外焰加热，需要从下往上安装实验器材，先确定好B的位置，再根据温度计调节A的位置，由此可知温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整。如图乙所示，温度计分度值为1℃，此时水的温度是92℃；
（2）水沸腾时温度不变，此时水的沸点为100℃，水在1个标准大压下的沸点为100℃，说明此时大压值低于1个标准大气压；
（3）两组同学绘制的图象的加热时间不同，沸点相同，原因可能是所用水的质量不等；“实验中发现温度计上部出现许多小水珠，这是水蒸气遇冷液化形成的。
故答案为：（1）A处向上；92；（2）98；低于；（3）液化；质量。
点评：本题是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，涉及到实验装置的调节、实验注意事项、沸点及沸腾图象的分析等，属于中考常考命题点，难度不大。
【解题方法点拨】
在进行图形分析时，通常也会要求分析两段沸腾图像，图像达到沸点的时间不同，要会分析影响达到沸腾时间的因素：①液体的质量大小；②液体的初温；③加热的方式。
38．凝华的概念及现象
【知识点的认识】
物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。
【命题方向】
根据现象判断物态的变化是中考的热点。
例：哈尔滨一年四季美景如画，下面四幅图中属于凝华现象的是（ ）
A.草叶上的露珠
B.屋檐下的冰锥
C.树叶上的白霜
D.山谷间云雾
分析：物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
解析：解：A、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故A错误；
B、冰锥是水遇冷凝固形成的，属于凝固现象，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故C正确；
D、雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故D错误。
故选：C。
点评：分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
【解题方法点拨】
物质由气态转变成固态有两条途径，一个是直接转变，属于凝华，另一个是先液化成液体后凝固成固体，到底经历哪种物态变化，关键看中间是否出现液体。
39．凝华的放热特点
【知识点的认识】
物质从气态直接变成固态的过程叫凝华，凝华放热。
【命题方向】
判断凝华是吸热还是放热。
例：冬季天气较冷，学校各班早上暂停拖地，这样做的目的是防止水发生 凝固 ，避免使同学们摔倒受伤；小林在家打开冰箱门，发现冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气 凝华 （以上两空均填物态变化名称）形成的，这个过程中水蒸气 放出 （选填“吸收”或“放出”）热量；晚上外面气温骤降，早上小明看到窗户上会结上一层冰花，这层冰花出现在窗户玻璃的 内 （选填“内”或“外”）侧。
分析：（1）凝固是由液态变成固态的过程；凝华是由气态直接变成固态的过程，凝华过程中需要放出热量；
（2）物质直接从气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热；
（3）冰花是固态，它是由空气中的水蒸气遇冷直接变成的；
（4）物质由气态变为液态叫做液化，液化的条件是：气态物质遇冷放热。
解析：解：冬季天气较冷，学校各班早上暂停拖地，这样做的目的是防止水发生凝固在地面形成冰，使地面粗糙程度变小，避免使同学们摔倒受伤。
小林在家打开冰箱门，发现冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气凝华形成的小冰晶，凝华时要放出热量。
晚上外面气温骤降，室内温度较高，室外温度较低，室内空气中温度较高的水蒸气遇到冷的玻璃凝华成小冰晶附在玻璃表面，就形成了冰花，所以，这层冰花出现在窗户玻璃的内侧。
故答案为：凝固；凝华；放出；内。
点评：此题主要考查的知识点有三个：一是凝固的定义﹣﹣由液态变成固态的过程；二是凝华的定义﹣﹣由气态直接变成固态的过程以及液化的条件等知识，通过分析实例考查了学生对所学知识的应用，是一道理论联系实际的好题。
【解题方法点拨】
物态变化，需要知道物质变化前后的状态，再根据物态变化的定义确定物态变化的名称，同时还需要掌握每一种物态变化的吸、放热情况。
40．扩散现象
【知识点的认识】
（1）扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象．进入鲜花店时，香气扑鼻而来，长时间堆放煤的墙角，墙皮内部会变黑，把冰糖放入水中，过段时间水会变甜等现象都是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地运动着．气体、液体、固体之间均能发生扩散现象．
（2）扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显．
在两个相同的烧杯中，分别装半杯凉水和半杯热水，用滴管分别在两个杯底注入一滴红墨水，结果热水中的红墨水扩散得快，这是因为装热水的杯子中水温高，分子运动快，所以水先变红，这实际上说明了分子的运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈．
【命题方向】
理解生活中常见的扩散现象，用扩散知识解释常见现象的成因。
例：爆炒辣椒时，周围的人很快就察觉有辣味，这是 扩散 现象，起锅冷却后闻到的辣味就变淡了很多，说明这种现象的剧烈程度随温度的降低而 减弱 。
分析：不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。
解析：解：爆炒辣椒时，周围的人很快就能闻到辣椒的香味，这是扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
起锅后，辣椒的温度降低了，周围的人闻到的辣味就变淡了很多，说明辣椒分子的无规则运动与温度有关，温度越高辣椒分子的无规则运动越剧烈，温度降低后辣椒分子的无规则运动的剧烈程度减弱。
故答案为：扩散；减弱。
点评：此题考查了分子动理论在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。
【解题方法点拨】
（1）对扩散现象要这样理解，扩散现象只能发生在不同的物质之间，同种物质之间是不能发生扩散现象的，不同物质只有相互接触时，才能发生扩散现象，没有相互接触的物质，是不会发生扩散现象的，扩散现象是两种物质的分子彼此进入对方的现象，而不是单一的一种物质的分子进入另一种物质．气体、液体和固体之间都可以发生扩散，而且不同状态的物质之间也可以发生扩散．
（2）易错点：扩散现象是指分子的运动，但注意将扩散现象与物体颗粒的运动相区分，如在阳光下看到的灰尘飞扬，是固态颗粒运动，而不是分子的无规则运动，故这个现象不是扩散现象．
41．分子间作用力的现象
【知识点的认识】
（1）铅块粘合现象：‌当两个大小不同的铅块表面被锉平、‌刮净后，‌挤压在一起，‌即使手离开后，‌大铅块仍然紧紧粘在小铅块上而不脱落。‌说明分子间存在引力。
（2）利用针筒抽取半筒水，将针筒内空气挤出，堵住筒嘴，然后用力推活塞。‌水不容易被压缩，说明分子间存在斥力。
【命题方向】
考查测量平均速度的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：如图所示，将两个表面光滑的铅块互相紧压，它们会粘在一起，很难被拉开，这说明分子之间存在 引力 ，用针筒抽取半筒水，用手指抵住针筒口，然后用力推入活塞，发现水 不容易 （选填“容易”或“不容易”）被压缩，说明分子间存在 斥力 。
分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，当分子间的距离大于平衡距离时，表现为引力；分子间的距离小于平衡距离时，表现为斥力。
解析：解：表面干净的铅压紧，两块铅表面分子的距离大于平衡距离，表现为引力；
用针筒抽取半筒水，用手指抵住针筒口，然后用力推入活塞，发现水不容易被压缩，此时，水分子间的距离小于平衡距离，表现为斥力。
故答案为：引力；不容易；斥力。
点评：本题考查了分子间的作用力，属于基础题。
【解题方法点拨】
分子之间作用力，引力斥力分彼此。引力斥力同存在，和谐相处皆欢喜。
42．内燃机的四个冲程
汽油机的工作流程：内燃机通过吸气、压缩、做功、排气四个冲程不断循环来保证连续工作的，如图．
①吸气冲程：进气门打开，排气门关闭．活塞由上端向下端运动，汽油和空气组成的燃料混合物从进气门吸入气缸．
②压缩冲程：进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，温度升高．
③做功冲程：在压缩冲程末尾，火花塞产生电火花，使燃料猛烈燃烧，产生高温高压的燃气，高温高压气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功．
④排气冲程：进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，把废气排出气缸．
43．固体和液体的热值计算
【知识点的认识】
固体和液体：q=Qm；Q＝qm。
气体：q=QV；Q＝qV。
【命题方向】
考查固体和液体的热值运算，常考查计算放出的热量。
例：某家庭用燃气热水器将质量为100kg、温度为10℃的自来水加热到60℃，消耗的天然气质量为2kg（假设天然气完全燃烧）。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为3.5×107J/kg，求在此过程中：
（1）自来水吸收的热量；
（2）该热水器工作时的效率。
分析：（1）利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量；
（2）由Q放＝mq可求出天然气完全燃烧放出的热量；水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比等于该热水器工作时的效率。
解析：解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（60℃﹣10℃）＝2.1×107J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝2kg×3.5×107J/m3＝7×107J；
该热水器工作时的效率：η=Q吸Q放×100%=2.1×107J7×107J×100%＝30%。
答：（1）水吸收的热量为2.1×107J；
（2）该热水器工作时的效率是30%。
点评：本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放＝mq、Q吸＝cm（t﹣t0）和效率公式η=Q吸Q放的掌握和运用，要求掌握公式的正确应用。
【解题方法点拨】
只有完全燃烧时，才能用Q＝qm或Q＝qV计算。
44．可再生能源和不可再生能源
【知识点的认识】
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能．
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能．
【命题方向】
考查可再生能源和不可再生能源的区分。
例：自然界存在多种能为人类提供生活、生产所需能量的能源。在下列几组能源中，其中属于可再生能源的一组是（ ）
A.水能、石油、核燃料
B.风能、煤炭、天然气
C.煤炭、石油、天然气
D.风能、水能、太阳能
分析：要解答本题需掌握：可再生能源和不可再生能源的特点，以及常见的可再生能源有哪些。
解析：解：A、水能、石油、核燃料在这三种能源中，水能属于可再生能源，但是石油和核燃料是不可再生能源。故A不正确。
B、风能、煤炭、天然气这三种能源中，风能属于可再生能源，但是煤炭和天然气是不可再生能源。故B不正确
C、煤炭、石油、天然气都是不可再生能源。故C不正确。
D、风能、水能、太阳能都属于可再生能源。故D正确。
故选：D。
点评：本题主要考查学生对：不可再生能源和可再生能源的区别和联系的理解和掌握。
【解题方法点拨】
可再生能源和不可再生能源的主要区别在于它们的可再生性、‌形成时间和来源。‌可再生能源是可持续的，‌不会随着使用而耗尽，‌而非可再生能源则会在人类使用过程中逐渐减少，‌最终可能导致枯竭。‌
45．太阳能的转化
【知识点的认识】
（1）光﹣热能转换
原理：利用太阳辐射加热物体而获得热能
应用：太阳能热水器、反射式太阳灶、高温太阳炉、地膜、大棚、温室
（2）光﹣电转换
原理：根据光电效应，利用太阳能直接转换成电能
应用：为无电场所提供电池，包括移动电源和备用电源、太阳能日用电子产品
【命题方向】
考查太阳能的能量转化的过程。
例：神舟十六号载人飞船于2023年5月30日发射，如图所示，飞船与空间站成功对接成功，空间站利用太阳能电池板将太阳能转化为 电 能获得能量；空间站的图像信号是通过 电磁 波传回地面的。
分析：太阳能电池板把太阳能转化为电能；
电磁波可以传递信息。
解析：解：空间站利用太阳能电池板获得能量，太阳能来自于太阳内部的核聚变，空间站的图像信号是通过电磁波传回地面的。
故答案为：电；电磁。
点评：本题考查能量转化和信息的传递，知道电磁波可以传递信息。
【解题方法点拨】
（1）地球上几乎所有的能源都来自太阳能（除：核能、地热能、潮汐能）．
（2）需掌握人类对太阳能的利用主要是将太阳能转化为内能和电能，如太阳能热水器、太阳能电池等．
46．物体带电现象
【知识点的认识】
用摩擦的方法使物体带电，叫摩擦起电，这时物体带的是静电．带电体有了吸引轻小物体的性质，我们就说物体带了电，或者说带了电荷
使物体带电的三种方法：
1、摩擦起电．起电实质：电子从一个物体转移到另一个物体
2、接触起电．起电实质：电子通过直接接触发生转移
3、感应起电．起电实质：物体中的电荷重新排列
【命题方向】
生活中的物体带电现象分析是命题的方向，通常以选择题为主
例：小丽将被毛衣摩擦过的塑料牙刷靠近细小水流时，发现水流发生了弯曲，如图所示。关于这一现象，下列说法正确的是（ ）
A.牙刷和水流一定带同种电荷
B.牙刷和水流一定带异种电荷
C.牙刷和水流的分子间存在引力
D.牙刷带电后能吸引细小水流
分析：用摩擦的方法可以使物体带电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体有吸引轻小物体的性质。
解析：解：A、因同种电荷相互排斥，牙刷和水流不会带同种电荷，故A错误；
BCD、塑料牙刷和毛衣在摩擦过程中带电，由于带电体能够吸引轻小物体，所以牙刷能够吸引水流；由于异种电荷相互吸引，牙刷和水流可能带异种电荷，故BC错误，D正确；
故选：D。
点评：本题主要考查了摩擦起电的实质以及带电体的性质，并能运用摩擦起电现象解释生活中的问题。
【解题方法点拨】
结合摩擦起电的知识分析判断，会利用静电现象进行分析生活现象．
47．电路的三种状态
【知识点的认识】
（1）通路：正常连接的电路，即用电器能够工作的电路．
通路特征：电路中有电流，用电器正常工作．
（2）断路（开路）：断开的电路．
断路特征：电路中无电流，用电器不工作．原因有开关没闭合，接线处松动，导线断了，用电器损坏等
（3）短路：不经过用电器而直接跟电源的两极相连的电路．
短路特征：用电器不工作，电路有很大电流，会损坏电源甚至烧坏导线的绝缘皮，引起火灾
【命题方向】
电路三种状态的理解，电路图的连接分析都是中考的命题方向．
例：如图所示，把两个小灯泡串联起来，闭合开关，两个小灯泡都发光。若把一根导线接在小灯泡L2的两端，则下列说法中正确的是（ ）
A.L2烧毁，断路
B.L2短接，熄灭
C.L1短接，变亮
D.L1断路，熄灭
分析：用电器中有电流通过且不超出其额定电压的情况下，用电器能够工作；将用电器两端用导线直接连接，会造成用电器短路，用电器不能工作。
解析：解：由图知，闭合开关，两只灯泡串联，都发光。
若把一根导线接在小灯泡L2的两端，则L2被短路不能发光，但L1仍然有电流通过，照常发光，故B正确，ACD错误。
故选：B。
点评：本题考查学生对用电器短路现象的判断和分析，用电器短路会造成部分电路短路，被短路的用电器不能工作，其它用电器可以工作（在允许的最大电压范围内）。
【解题方法点拨】
（1）电源短路，导线将电源的正、负极连接起来，发生短路．电路中的电流很大，极有可能将电源也烧坏．电源短路是一种有危害的连接方式，在电路的连接中是不允许出现的；
（2）局部短路，也叫短接．如图所示，开关闭合，灯泡L1被短路，不亮，灯泡L2亮．局部短路没有危害，只是被短路的用电器不能工作．
48．串联和并联的概念与辨析
【知识点的认识】
（1）串联：电路元件逐个首尾顺次连接的电路连接方式，只有一条电流路径，无分叉；
（2）并联：电路元件并列连结在电路中的电路连接方式，至少有两条电流路径，有分叉。
【命题方向】
中考经常考查的知识点，多以选择题和实验题的形式出现，辨别电路是串联还是并联。
例：若用一个开关同时控制两盏电灯，下列说法正确的是（ ）
A.两灯一定是并联
B.两灯一定是串联
C.两灯既是并联也是串联
D.两灯可能并联也可能串联
分析：在串联电路中，开关控制整个电路；在并联电路中，接在干路上的开关可以控制整个电路，接在支路上的开关只控制这个支路。
解析：解：用一个开关同时控制两盏电灯，情况有可能是：
①灯泡串联，开关可以同时控制两盏灯泡；
②灯泡并联，但开关放在干路上，所以开关仍然可以控制两盏灯泡；
所以A、B、C不符合题意，只有D符合题意；
故选：D。
点评：开关在串联电路中可以控制整个电路，开关在并联电路中的作用主要看开关放在干路上还是支路上，作用不一样。
【解题方法点拨】
串并联电路的判断方法：
（1）根据电路图判断：
电流只有一条路径的则是串联电路；有两条或两条以上路径的则是并联电路。
（2）根据电流关系判断：
如果通过两个用电器的电流不相等，这两个用电器一定是并联的；
如果通过两个用电器的电流相等，则可能是串联，也可能是并联；
若是不同的用电器则是串联；若是相同的用电器串联，并联都有可能。
（3）根据电压关系判断：
如果通过两个用电器的电压不相等，这两个用电器一定是串联的；
如果通过两个用电器的电压相等，则可能是串联，也可能是并联；
若是不同的用电器则是并联；若是相同的用电器串联，并联都有可能。
（4）根据用电器的工作情况判断：
用电器只能同时工作的是串联电路，可以独立工作的是并联电路。
49．电流表的使用方法
【知识点的认识】
（1）使用规则：使用电流表前要先调零，在观察电流表的量程与分度值
造成后果：测得电流的大小不准确
（2）使用规则：电流表必须和被测量的用电器串联
造成后果：如果跟被测电路并联会造成短路
（3）使用规则：电流必须从电流表+接线柱流入，﹣接线柱流出
造成后果：如果正负接线柱接反，电流表指针会反偏，也容易损坏电流表
（4）使用规则：被测电流不能超过电流表量程
造成后果：指针偏转角度过大，还可能烧毁电流表
（5）使用规则：绝对不能把电流表直接接到电源的两极上
造成后果：造成短路，损坏电流表以及电源
50．电压表的使用方法
【知识点的认识】
（1）使用前：调零使用前要检查指针是否对准零刻度线。如有偏差需要用平口改锥调节“调零旋钮”使指针指到零位。如果指针不在零刻度线的位置就开始测量会出现两种情况：
①指针在零刻度线左侧：读数偏小。
②指针在零刻度线右侧：读数偏大。
（2）使用时：并联电压表必须与被测用电器并联。
（3）“+”进“﹣”出
电流必须从电压表的“+”接线柱流进，从“﹣”接线柱流出。如果电流从电压表的“﹣”接线柱流进，从“+”接线柱流出，则指针反转，不能测出电压，且容易损坏电压表。
（4）选择合适的量程
被测电压不能超过电压表的量程。测量前先用电压表的大量程，采用“试触法”估计被测电压的大小，试触时，如果指针偏转角度超过满偏角度，则被测电压过大，无法测量且容易损坏电压表。必须换用更大量程的电压表进行测量。如果指针正常偏转，则用该量程进行测量。如果指针的偏转角度非常小，则应该换用较小量程进行测量。在不超过量程的情况下，应选用小量程，读数更精确，减小误差。
（5）可连接在电源两极上电压表可直接接在电源两极上，此时测出的电压为电源电压当然，量程必须合适，如果电压表量程小于电源电压，则可能会烧坏电压表。
51．动态电路的分析
【知识点的认识】
（1）明确引起电路动态变化的原因，即是由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的
（2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化
（3）明确电源的电压是否保持不变
（4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。
【命题方向】
电路的动态分析问题，是中考必出的问题，应加强训练，此类习题规律性较强，一旦掌握很容易得分。
例：闭合如图所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中（ ）
A.灯泡的亮度变小
B.电流表的示数不变
C.电压表的示数变大
D.电路的总功率变小
分析：滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测电源电压，电流表测量灯泡L的电流，滑动变阻器R向左移动，R阻值变小。
解析：解：将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中：
A、对灯泡L没有影响，灯泡的亮度不变，故A错误；
B、电流表示数不变，I=UR，U、RL大小不变，所以电流表示数不变，故B正确；
C、电压表测电源电压，电压表示数不变，故C错误；
D、P＝UI，U不变，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离，R阻值变小，所以R支路电流变大，灯泡L支路电流不变，总电流I总变大，P变大，故D错误；
故选：B。
点评：本题考查了电路的动态分析，难度不大。
【解题方法点拨】
解题方法有两种：
方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U＝IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻＝U总﹣U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。
方法②：串联电路中U1R1=U2R2，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所占比例分数越大，分得的电压比例就越大。
52．欧姆定律的应用
【知识点的认识】
（1）相关基础知识链接：
①电流规律：
串联：I＝I1＝I2．串联电路电流处处相等。
并联：I＝I1+I2．并联电路干路电流等于各支路电流之和。
②电压规律：
串联：U＝U1+U2．串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。
并联：U＝U1＝U2．并联电路各支路两端电压相等，等于总电压。
③电阻规律：
串联：R＝R1+R2．串联电路总电阻等于分电阻之和。
并联：1R=1R1+1R2．并联电路总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和。
④比例规律：
串联：U1R1=U2R2．串联电路中电压与电阻成正比。
并联：I1R1＝I2R2．并联电路中电流与电阻成反比。
⑤欧姆定律：
I=UR．导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。
【命题方向】
欧姆定律的综合应用是电学部分的核心，也是最基础的内容，这一节知识是难点也是中考必考点。常结合日常生活生产中遇到的电路问题考查欧姆定律的应用，计算题多与后面的电功率计算结合在一起，作为中考的压轴题出现。训练时应足够重视。
例：如图甲所示是电阻R和灯泡L的U﹣I图象。由图甲可知，电阻R的阻值为 20 Ω。若电源电压不变，将电阻R和灯泡L接在图乙电路中，S闭合，电流表示数为0.6A，则电源电压为 18 V。
分析：电阻R的U﹣I图象是正比例函数，则R为定值电阻，根据图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R的阻值；
将电阻R和小灯泡L串联在图乙所示的电路中时，通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出R两端的电压，根据图象读出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压。
解析：解：由图象可知，电阻R的I﹣U图象是正比例函数，则R为定值电阻，当R两端的电压UR＝2V时，通过的电流IR＝0.1A，
由欧姆定律可得R的阻值：R=URIR=2V0.1A=20Ω；
由图乙可知，灯泡L与电阻R串联，电流表测电路中的电流，
当电流表示数为0.6A时，R两端的电压：UR′＝IR＝0.6A×20Ω＝12V，
由图象可知，灯泡两端的电压UL＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝UR′+UL＝12V+6V＝18V。
故答案为：20；18。
点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
【解题方法点拨】
（一）比例问题
解决这类问题一要掌握规则，二要弄清是哪两部分相比。
①串联电路电流处处相等，即电流之比为：I1：I2＝1：1；
根据I=UR可知电压与电阻成正比，U1R1=U2R2。
②并联电路各支路电压相等，即电压之比为U1：U2＝1：1；
根据U＝IR可知电流与电阻成反比，I1R1＝I2R2。
（二）电表示数变化问题
（1）解决这类问题最重要的是弄清电路是串联还是并联，不同的连接方式有不同的判断规则。
①串联电路：
电流与电阻的变化相反，即电阻变大时电流变小，电阻变小时电流变大；按电阻的正比例来分配电压。
②并联电路：
各支路的电压都与电源电压相等，所以电压是不变的；阻值变化的支路电流随之变化，阻值不变的支路电流也不变。
③电压表与电流表示数的比值：
根据导出式R=UI可知，电压表与电流表示数的比值代表了某个电阻的大小，只要电阻不变化，两表比值是不变的。
（2）解决这类电表示数变化的问题时，注意不要在第一步判断串并联时出错。
（3）滑动变阻器连入电路的是哪一部分，没有判断清楚，也是解决电表示数变化问题常出现的错误。
53．伏安法测小灯泡的电阻
【知识点的认识】
（1）实验原理：根据欧姆定律的导出式R=UI。
（2）实验器材：电源、开关、导线、滑动变阻器、被测小灯泡、电压表、电流表。
（3）电路图：
（4）滑动变阻器在实验中的作用：保护电路；改变灯泡两端的电压；改变通过灯泡的电流。
（5）实验步骤：
①按电路图连接电路，将滑动变阻器调到阻值最大处；
②闭合开关，移动滑片，使电压表的示数等于小灯泡的正常工作电压，记下此时电流表、电压表示数；
③调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压逐次降低，记下每次读出的电流表、电压表示数；
④计算每次的电阻值，整理器材。
（6）记录数据：
（7）分析与归纳：灯丝的电阻随温度的升高而增大。
【命题方向】
考查伏安法测小灯泡的电阻的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：图甲是“伏安法测小灯泡电阻”的实物电路图，其中小灯泡的额定电压为2.5V，电源由三节干电池串联而成。
（1）图甲中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线。
（2）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 B 端。
（3）闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，画出小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像，如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为 10 Ω。
（4）利用测小灯泡电阻的器材不能探究电流与电压的关系，理由是 灯丝的电阻随温度的升高而增大 。
分析：（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
（3）根据图乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R=UI求出小灯泡正常发光时的电阻；
（4）在探究电流与电压的关系实验中，需控制电阻阻值不变，而灯丝的电阻随温度的升高而增大。
解析：解：（1）原电路图中，电压表选用大量程，而小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表应选小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即B端；
（3）由图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则小灯泡正常发光时的电阻为：
R=UI=Ω；
（4）在探究电流与电压的关系实验中，需控制电阻阻值不变，而灯丝的电阻随温度的升高而增大，不是一定值，故利用测小灯泡电阻的器材不能探究电流与电压的关系。
故答案为：（1）见解答图；（2）B；（3）10；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大。
点评：本题伏安法测小灯泡电阻实验，考查了电路连接、注意事项、电阻的计算和影响电阻大小因素等知识。
【解题方法点拨】
测灯泡电阻时不能求平均值，因为在不同电压下灯泡的温度不同，其电阻是不同的，求平均值没有意义。
54．电能表的读数
【知识点的认识】
电能的求法：
①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；
②测量较小电能时用转盘转数读数：通过记录某段时间内电能表转盘转数，结合电能表转盘每转表示的电能计算出该段时间内消耗的电能．
【命题方向】
考查电能的求法，包括电能表的读数，以及通过转盘数测量电能的大小。
例：如图为家用电能表，此仪表可用在最大功率为 2200 W的家庭电路上，甲为上月抄表时的读数，乙为本月抄表的读数，这期间该用户用电 82.5 度。
分析：根据电能表的铭牌，利用P＝UI可得出最大功率；用电能表本月的示数减去上月的示数，可得出用电度数。
解析：解：从电能表的铭牌“220V 10A”可知，允许通过的最大电流为10A，则电能表的最大功率为：P＝UI＝220V×10A＝2200W。
电能表本月与上月的读数差即为该月所消耗的电能，电能表的末尾是小数位。这期间该用户用电为：1356.8kW•h﹣1274.3kW•h＝82.5kW•h＝82.5度。
故答案为：2200；82.5。
点评：本题考查了对电能表铭牌的认识，对功率公式的应用，以及正确读取电能表的示数，属基础题，难度不大。
【解题方法点拨】
电能表测耗电能，用电等于示数差。
600r/（kW•h），转盘转n圈，耗电n600kW⋅ℎ。
55．电能表的计算
【知识点的认识】
（1）表盘上标有Nr/（kW•h）字样，转盘转n圈，耗电nNkW⋅ℎ。
（2）最大功率＝电能表使用的电压×最大电流
（3）电能W＝Pt
【命题方向】
有关电能表的计算涉及到转盘的圈数，电费的计算，最大功率的计算，消耗电能的计算等。
例：高老师新家的电能表1月初读数为111.6kW•h，2月初读数如图所示，则1月份高老师家用电 120 kW•h。某天，高老师关闭家里其它用电器，只接入额定功率为1800W的空气炸锅，正常工作5min，则这段时间内电能表的转盘转过 450 圈。
分析：（1）上月用电量的计算：本月初示数与上月初示数之差，注意：最后一位是小数，计量是单位kW•h；
（2）3000r/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，根据W＝Pt求出消耗的电能，再求出这段时间内电能表的转盘转过的圈数。解析：解：1月份高老师家用电231.6kW•h﹣111.6kW•h＝120kW•h；
额定功率为1800W的空气炸锅，正常工作5min，消耗的电能为：
W＝Pt＝1800W×5min＝1.8kW×112h＝0.15kW•h；
这段时间内电能表的转盘转过的圈数为：
3000r/（kW•h）×0.15kW•h＝450r。
故答案为：120；450。
点评：本题考查了电能表的读数和有关电能表的计算、电能公式的应用，属于基础题。
【解题方法点拨】
理解电能表的参数，熟练运用公式即可。
56．电功的测量
【知识点的认识】
（1）伏安法测量电功：
伏安法是一种常用的电功测量方法，通过使用‌电压表和电流表分别测量电器两端的电压和通过的电流，然后利用公式P＝UI计算电功率。这种方法适用于直接测量用电器的电功率。‌
（2）伏阻法和安阻法测量电功：
如果只有电压表或电流表，可以使用伏阻法或安阻法进行测量。伏阻法需要使用一个已知阻值的电阻与待测电器串联，通过测量电阻两端的电压和电流计算电功率。安阻法则需要使用一个已知阻值的电阻与待测电器并联，通过测量电阻中的电流计算电功率。
【命题方向】
考查电功的测量的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
例：在验证“电功与电流、电压的关系”活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路。
（1）经过讨论，同学们一致认为不应该选择图 甲 （填“甲”“乙”或“丙”）电路，理由是该图无法利用控制变量法进行探究。
（2）为验证电流做功与电压的关系，应该选择图 丙 所示的电路。
（3）小明发现，按图乙电路实验时L1比L2亮，同时观察到A1示数比A2大，这说明相同时间内 L1 （填“L1”或“L2”的电功大，由此可得出的结论是 电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多 。
分析：（1）电流做功的大小与电压、电流和通电时间三个因素有关，当研究与其中某一个因素的关系时，应控制其余的因素不变；
（2）研究电流做功与电压的关系，应控制电流的大小和通电时间相同，通过比较电压的大小，得出电流做功与电压的关系；
（3）由图乙根据W＝UIt分析相同时间电流做功大的灯泡；灯泡亮度由其实际功率决定，先比较两灯电阻，再由P＝I2R比较两灯亮度。
解析：解：
（1）甲电路中，滑动变阻器滑片移动时，灯泡两端的电压和电流都在变化，无法控制电流或者电压不变，根据控制变量法的思想，不能研究电流做功与电压和电流的关系，因为电路中电压和电流同时改变，不能单独控制其中一个不变；
（2）研究电流与电压的关系，就应该控制电路中的电流不变，通过比较电压，研究电流做功与电压的关系，图丙中两只灯泡串联，控制了电流相同；
（3）乙图中两灯并联，由并联电路的电压特点可知U1＝U2，
A1示数比A2大，即I1＞I2，
根据W＝UIt可知W1＞W2；
由此可得结论：电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多；
故答案为：（1）甲；（2）丙；（3）L1；电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多。
点评：本题是一道实验探究题，侧重考查了控制变量法应用，要知道灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定。
【解题方法点拨】
电能表（电度表）是一种常用的测量电功的工具。通过记录电器在一定时间内消耗的电能，即电能表的读数变化，可以计算出电器的电功率。这种方法适用于家庭和工业用电的测量。‌
57．电功率P＝W/t的简单计算
【知识点的认识】
电功率的计算：W=Pt，表示电功率等于电功与时间之比。P表示电流做功的功率，单位是W；W表示电流做的功，单位是J；t表示电流做功所用的时间，单位是s。
注意：电能单位用千瓦时（kW•h 度）时，电功率用千瓦（kW），时间用小时（h）
【命题方向】
考查公式P＝W/t的运用，也常考此公式的变形，求工作时间和电流所做的功。
例：小玲家的电视机播放2h共消耗了0.2kW•h的电能，那么这台电视机的功率是（ ）
A.1kW
分析：根据P=Wt求出电视机的功率。
解析：解：这台电视机的功率是：P=Wt=0.2kW⋅ℎ2ℎ=0.1kW。
故选：B。
点评：本题考查了电功率的计算，属于基础题。
【解题方法点拨】
了解电功率与电能、时间的关系，能熟练运用公式P=Wt求解．
58．W＝Pt求电能的大小
【知识点的认识】
公式：W＝Pt。
P表示电流做功的功率，单位是W；W表示电流做的功，单位是J；t表示电流做功所用的时间，单位是s。
注意：电能单位用千瓦时（kW•h 度）时，电功率用千瓦（kW），时间用小时（h）
【命题方向】
考查公式W＝Pt的运用，计算电能的大小。
例：某灯泡接在220V的电路中时，消耗的电功率是40W．求：
（1）通过灯丝的电流是多大？
（2）灯丝的电阻是多少？
（3）工作10min，消耗电能多少J？
分析：（1）由电功率公式P＝UI计算电流；
（2）由P=U2R计算电阻；
（3）由W＝Pt计算消耗电能；
解析：解：（1）由P＝UI变形得I=PU=40W220V=0.18A
答：通过灯丝的电流是0.18A
（2）由P=U2R得R=U2P=(220V)240W=1210Ω
答：灯丝的电阻是1210Ω
（3）W＝Pt＝40W×10min＝40×10×60s＝2.4×104J
答：工作10min，消耗电能为2.4×104。
点评：本题考查了电功率的计算以及电阻的求法。
【解题方法点拨】
了解电功率与电能、时间的关系，能熟练运用公式W＝Pt求解．
59．电功率多档位问题
【知识点的认识】
多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对档位的控制。
高温档：在相同时间内放出的热量最多，热功率最大，电阻R高最小；
中温档：在相同时间内放出的热量低于高温档，热功率低于高温档，电阻R中高于高温档；
低温档：在相同时间内放出的热量最少，热功率最小，电阻R低最大。
【命题方向】
常考查生活中的电热毯、电热水器、电饭锅、电暖气等发热体的档位问题，通常是综合计算，有一定难度。
例：中国茶文化源远流长。图甲是某家用煮茶器的简化电路图，某次煮茶过程中其功率变化如图乙，已知加热5min，可使1kg初温45℃的水升温至100℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
（1）当开关S接a点时，该煮茶器处于 保温 （选填“加热”或“保温”）状态。
（2）加热过程中水吸收的热量是多少。
（3）求R1的阻值。
（4）求该煮茶器加热状态下的工作效率。
分析：（1）根据P=U2R知，U一定时，P与R成反比，当开关S接a点时，两电阻串联在电路中，电阻最大，电功率最小，该煮茶器处于保温状态；当开关S接b点时，电路只是R2的简单，电路电阻最小，电功率最大，该煮茶器处于加热状态；
（2）水吸收的热量根据Q吸＝cm（t﹣t0）计算；
（3）由图甲、图乙可知，开关S接a点，R1、R2串联，处于保温状态，电功率为220W，根据P=U2R计算总电阻；开关S接b点，电路中的仅有R2，处于加热状态，电功率为880W，根据P=U2R可得R2的阻值，由串联电路的电阻规律：R1＝R﹣R2计算R1的电阻；
（4）根据W＝P加热t计算消耗的电能，再根据η=Q吸W×100%计算效率。
解析：解：（1）根据P=U2R知，U一定时，P与R成反比，当开关S接a点时，两电阻串联在电路中，电阻最大，电功率最小，该煮茶器处于保温状态；
（2）水吸收的热量为：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣45℃）＝2.31×105J；
（3）开关S接a点，R1、R2串联，处于保温挡，总电阻为：R=U2P保温=(220V)2220W=220Ω；
开关S接b点，电路中的仅有R2，处于加热挡，R2的电阻为：R2=U2P加热=(220V)2880W=55Ω；
R1的电阻为：R1＝R﹣R2＝220Ω﹣55Ω＝165Ω；
（4）该煮茶器加热状态下的消耗的电能为：W＝P加热t＝880W×5×60s＝2.64×105J；
加热效率为：η=Q吸W×100%=2.31×105J2.64×105J×100%＝87.5%。
答：（1）保温；（2）加热过程水吸收的热量是2.31×105J；（3）R1的阻值是165Ω；（4）该煮茶器加热状态下的工作效率是87.5%。
点评：本题是加热挡位的基本题型，考查电路分析、热量和电热效率的计算。
【解题方法点拨】
注意：并联电路中求解总功率时，可以采用两种方法：
方法一：求出总电阻，然后再求解总功率（此方法计算量大，不推荐）
方法二：根据公式P=U2R1+U2R2求解较为方便。
60．电功率的综合计算
【知识点的认识】
‌电功率的综合计算题型‌主要考查学生对电功率相关知识的综合应用能力，包括电功率的定义、计算方法、以及在实际问题中的应用。这类题型通常涉及电流、电压、电阻之间的关系，以及电功率与电能之间的关系，要求学生能够灵活运用公式进行计算，并解决实际问题。
【命题方向】
考查电功率的总和计算，常在考试中以计算题的形式出现，也会以压轴题的形式出现，计算面广，较为综合。
例：如图所示，电阻R1＝10Ω，R2为滑动变阻器，电源电压为U＝12V且保持不变。闭合开关S，调整滑片P位于R2的中点处，此时电流表的示数为0.3A。求：
（1）滑动变阻器R2的最大阻值；
（2）滑片P位于R2的中点时，电压表的示数；
（3）R1消耗的电功率。
分析：（1）利用欧姆定律公式先计算总电阻，再根据串联电路特点计算R2的电阻；
（2）利用公式U＝IR计算电压表的示数；
（3）利用公式P＝UI计算电功率。
解析：解：（1）总电阻R总＝
UI=12V0.3A=40Ω，R2＝R总﹣R1＝40Ω﹣10Ω＝30Ω；
（2）滑片P位于R2的中点时，电压表的示数U'＝IR'＝0.3A×30Ω＝4.5V；
（3）R1消耗的电功率P＝I2R1＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W。
答：（1）滑动变阻器R2的最大阻值是30Ω；
（2）滑片P位于R2的中点时，电压表的示数为4.5V；
（3）R1消耗的电功率是0.9W。
点评：此题主要是考查学生对欧姆定律和电功率公式的理解和应用。
【解题方法点拨】
①认真审题，确定电路的连接思路
②列出已知条件，根据已知条件选择相应的公式或物理规律
③将已知条件、公式或规律联系起来，进行分析与计算。
61．电热的多挡问题
【知识点的认识】
多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对档位的控制。
高温档：在相同时间内放出的热量最多，热功率最大，电阻R高最小；
中温档：在相同时间内放出的热量低于高温档，热功率低于高温档，电阻R中高于高温档；
低温档：在相同时间内放出的热量最少，热功率最小，电阻R低最大。
【命题方向】
常考查生活中的电热毯、电热水器、电饭锅、电暖气等发热体的档位问题，通常是综合计算，有一定难度。
例：小亮家新买了一辆汽车，车上的座椅垫具有电加热功能，如图甲所示。通过观察和研究，他了解到该座椅垫有“高温”、“低温”和“关”三个挡位，“高温”挡功率为36W，“低温”挡功率为18W。该座椅垫加热部分的电路简图如图乙所示，电源电压为24V，S为挡位切换开关。R1和R2为电热丝。通过计算回答：
（1）当座椅垫处于“高温”挡加热时，座椅垫工作5分钟，R1产生的热量是多少焦？
（2）电热丝R1和R2的阻值是多少？
分析：（1）当座椅垫处于“高温”挡加热时，由图乙可知此时只有R1工作，根据Q＝W＝Pt求出座椅垫工作5分钟，R1产生的热量；
（2）根据P=U2R求出电热丝R1的阻值；由图乙可知，电路处于低温挡时，R1、R2串联，根据P=U2R求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值。
解析：解：（1）当座椅垫处于“高温”挡加热时，由图乙可知，此时只有R1工作，
座椅垫工作10min产生的热量：Q＝W＝P高温t＝36W×5×60s＝10800J；
（2）由P=U2R可知，电热丝R1的阻值：R1=U2P高温=(24V)236W=16Ω；
当电路的座椅垫处于“低温”挡加热时，由图乙可知，R1与R2串联，电路的总电阻：R=U2P低温=(24V)218W=32Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，电热丝R2的阻值：R2＝R﹣R1＝32Ω﹣16Ω＝16Ω。
答：（1）座椅垫工作5分钟R1产生的热量是10800J；
（2）电热丝R1的阻值是16Ω；R2的阻值是16Ω；
点评：本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，难度不大。
【解题方法点拨】
电流通过电动机做功消耗的电能，一部分转化为机械能，另一部分是转化为内能，也就是W≠Q。那么，用来计算电功的公式W＝UIt 不能用来计算电热，电热只能用焦耳定律 Q＝I2Rt来计算。
62．家庭电路中各元件的连接方式
【知识点的认识】
家庭电路中各部分电路及作用：
（1）进户线：连接户外的供电电路的电线，一根是火线，另一根是零线，它们之间有220V的电压．
（2）电能表：测量用户在一段时间内消耗电能的仪器．
（3）总开关：能同时切断火线和零线，方便室内电路的安装和检修．
（4）保险丝：当电路中电流过大时，自动熔断并切断电源，起保护电路的作用．现在家庭多用空气开关来取代保险丝．
（5）插座与用电器：插座给可移动家用电器供电，插座并联在电路中，两孔插座右火左零，三孔插座右火左零上地．用电器是直接利用电能工作的器件，各用电器之间通常是并联的．
（6）开关与灯泡：开关与被控制的灯泡串联．为了安全，开关应接在火线与灯泡的尾部金属体之间．
【命题方向】
根据家庭电路图判断各个元件的作用以及连接方式是否正确。
例：如图所示为小明设计的家庭电路的电路图，下列对此电路图的分析正确的是（ ）
A.保险盒的接法正确，能起到保护的作用
B.两孔插座的接法正确，接入用电器后能正常工作
C.开关和灯泡的接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则
D.三孔插座的接法正确，使用电冰箱时，插头应插在三孔插座上
分析：（1）保险丝采用电阻率大熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源，保险丝应该接在火线上；
（2）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
（3）对于两孔插座：左零右火；对于三孔插座：左零右火上接地。
有金属外壳的家用电器，要接地线，以防漏电时，人不会发生触电事故。解析：解：A．图中保险盒安装在零线上，这是错误的；保险盒应该接在火线上，一旦电流过大时，保险丝熔断后能断开火线，故A错误；
B．图中两孔插座的左端导线接在地线上，这是错误的，应该接在零线上，故B错误；
C．电灯开关安装在零线上，当开关断开时，灯泡与火线是连通的，人接触灯泡时容易发生触电，不符合安全常识，故C错误；
D．三孔插座接法正确，有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全，故D正确；
故选：D。
点评：掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。
【解题方法点拨】
（1）要分析清楚各组成部分的先顺序：
为防止偷电事故，进户线首先要进电能表；为检修电路保险丝时安全，总开关要安装在保险丝前面．
（2）开关与所控制的灯泡是串联的；各用电器之间是并联的．
63．家庭电路的故障分析
1
64．安全用电原则
【知识点的认识】
四不原则：不损坏绝缘层；不弄湿用电器；不接触低压带电体；不靠近高压带电体
【命题方向】
安全用电方法的判断是中考命题热点．。
例：“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识。下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A.家用电器的金属外壳接地
B.使用试电笔时手接触笔尖金属体
C.在电线上晾晒湿衣服
D.不断开开关直接更换灯泡
分析：（1）为了防止触电事故的发生，家用电器的金属外壳要接地；
（2）使用试电笔时，手指按住笔尾金属体；
（3）生活用水是导体；
（4）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。解析：解：A、将家用电器的金属外壳接地，当用电器漏电时，电流就通过接地线流入大地，防止触电事故的发生，故A符合安全用电原则；
B、使用试电笔时，手指按住笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故B不符合安全用电原则；
C、生活用水是导体，在电线上晾衣服容易发生触电事故，故C不符合安全用电原则；
D、不断开开关，直接更换灯泡，由于灯泡上带电，容易引起触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：A。
点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，与学生生活联系密切，体现了物理知识和生活的联系。
【解题方法点拨】
（1）家庭电路的安装要符合安全用电的要求；控制电灯的开关要接在火线上；螺口灯泡的螺旋套一定要接在零线上，其顶部的金属片接火线；有金属外壳的用电器要使用三线插头及对应的三孔插座等。
（2）不接触低压带电体，这里的低压不包括不高于36V的安全电压；不靠近高压带电体，这里的高压通常指1kV或1kV以上的电压。
（3）在用电过程中，要特别警惕本来绝缘的物体变成导体，本来不带电的物体带了电。
65．动态电路中的电磁铁
【知识点的认识】
滑动变阻器在电路中的作用是调节电流，从而改变电磁铁的磁性。
【命题方向】
结合电磁铁与滑动变阻器的变化命题，有一定的综合性。
例：如图所示，是巨磁电阻特性原理的示意图，其中GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小。闭合开关S1、S2，下列说法正确的是（ ）
A.电磁铁的右端为N极
B.当滑片P向右滑动时，电磁铁磁性增强
C.当滑片P向左滑动时，巨磁电阻的阻值增大
D.当滑片P向左滑动时，指示灯变亮
分析：（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；
（2）由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定电磁铁磁性强弱的变化；
（3）（4）当滑片P向左滑动时，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和电磁铁磁性强弱的变化，进而知道巨磁电阻的阻值的变化，根据欧姆定律判定通过灯泡电流的变化和灯泡亮度的变化。解析：解：
A、利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误。
B、当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，左侧电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，故B错误。
CD、当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，GMR的阻值变小，指示灯所在电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，通过指示灯的电流变大，灯泡变亮，故C错误、D正确。
故选：D。
点评：在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流变化的一个隐含条件。
【解题方法点拨】
在解决电路中电磁铁问题时，把握电路变化引起的磁性变化是关键。
66．通电导线在磁场中受到力的作用
【知识点的认识】
通电导线在磁场中要受到力的作用，力的方向跟电流的方向、磁感线的方向都有关系。当电流的方向或者磁感线的方向变得相反时，通电导线受力的方向也变得相反。如果同时改变电流的方向和磁感线的方向，通电导线受力的方向不变。
【命题方向】
考查电动机的原理。
例：我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰——福建舰，配备了全球领先的电磁弹射装置。如图所示，电磁弹射装置的弹射车与舰载机前轮连接，并处于强磁场中。当弹射车内的导体有强大的电流通过时，弹射车就能给舰载机提供强大的推力，使舰载机向前弹射飞出。下列各选项中能正确反映电磁弹射装置工作原理的是（ ）
A.
B.
C.
D.
分析：先分析电磁弹射器的工作原理，再分析各个选项实验图反映的知识，找出符合题意的选项。
解析：解：由题意可知，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强大电流时，即可受到强大的推力，由此可知其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射车的工作原理相同，故A符合题意；
B．图中是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故B不符合题意；
C．图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，是发电机的模型，故C不符合题意；
D．图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，是电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：A。
点评：对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分，属常见题型。
【解题方法点拨】
电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等原理要注意区分
67．电磁感应现象
【知识点的认识】
（1）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
（2）历史意义：英国科学家法拉第首先发现的电磁感应现象，这一发现进一步揭示了电与磁之间的联系，证明了磁可以生电。
【命题方向】
考查电磁感应现象的原理和在实际中的应用。
例：如图是一种手摇发电的手电筒，内有线圈、磁铁等，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能发光，其发电的工作原理是（ ）
A.电磁感应
B.磁场对通电导体有力的作用
C.电流的热效应
D.电流的磁效应
分析：发电机的原理是电磁感应现象，以及电磁感应现象中的能量转化是机械能转化为电能。
解析：解：如图是一种手摇发电的手电筒，内有线圈、磁铁等，当沿图中箭头方向来回摇动时，线圈来回切割磁感线，产生电流，使得灯泡就能发光，其发电的工作原理是电磁感应，故A正确，BCD错误。
故选：A。
点评：本题考查电磁感应的应用，属于基础题。
【解题方法点拨】
（1）电磁感应现象实验和磁场对通电导线的作用实验对比：
被研究对象都是磁场中的导体：电磁感应现象的前提条件是运动，结果是产生电流；磁场对电流的作用的前提是电流，结果是产生运动。
即因动而电的是电磁感应现象，因电而动的是磁场对电流的作用。
68．电磁波的传播
【知识点的认识】
电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
【命题方向】
在电磁波与信息技术这一知识点中，电磁波的传播是中考命题热点，分值不大，常出现的题型是填空题填写“电磁波”。
例：神舟十八号的三名航天员，将一瓶矿泉水从地面带到中国空间站，矿泉水质量将 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”），空间站内航天员利用 电磁波 与地面交流。
分析：（1）质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关。
（2）电磁波的传播不需要介质。
解析：解：飞船进入太空后，虽然位置发生了变化，但航天员携带的物品质量不变；在空间站内航天员利用电磁波与地面交流。
故答案为：不变；电磁波。
点评：本题考查了质量的特征和电磁波的运用，属于基础题。
【解题方法点拨】
广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。注意对比，通常听到的声音是通过空气这种介质传播的。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/4/3 17:09:13；用户：实事求是；邮箱：18347280726；学号：37790395
实验序号
1
2
3
4
5
电压/V
0.5
1
2
2.5
3
电流/A
0.1
0.18
0.26
0.3
0.32
TDS值（mg/L）
0～100
100～300
大于300
水质标准
能直接饮用
不能直接
不能
饮用
饮用
题号
1
2
3
4
5
6
答案
B
D
C
B
C
B
题号
7
8
9
答案
AD
AB
BD
实验序号
1
2
3
4
5
电压/V
0.5
1
2
2.5
3
电流/A
0.1
0.18
0.26
0.3
0.32
TDS值（mg/L）
0～100
100～300
大于300
水质标准
能直接饮用
不能直接
不能
饮用
饮用