2024年四川省凉山州中考物理试卷

这是一份2024年四川省凉山州中考物理试卷，共35页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）（2024•凉山州）“估测”是物理学中常用的一种方法，下列数据符合实际情况的是（ ）
A．一个盐源苹果的质量约为20g
B．电热水壶正常工作时的电流约为0.2A
C．中学生双脚站立时对地面的压强约为1.2×105Pa
D．中学生步行的速度约为1.1m/s
2．（2分）（2024•凉山州）如图所示是中国古代雅乐横吹竹制管乐器———篪。其形似于笛，与笛不同的是两端都是封闭的，而且吹孔与孔指不在同一直线上，无孔膜而“有底”。演奏过程中手指按压不同孔时改变的是（ ）
A．音调B．响度
C．音色D．音调、响度和音色
3．（2分）（2024•凉山州）冻雨是过冷雨滴降落过程中，遇到温度低于0℃的物体迅速冻结成冰的现象。关于该现象物态变化名称及吸、放热情况描述正确的是（ ）
A．凝华吸热B．凝固吸热C．凝固放热D．凝华放热
4．（2分）（2024•凉山州）凉山有丰富的旅游资源，吸引大量游客前来游玩。“五一”假期，小明同学一家前往昭觉县谷克德景区游玩。下列关于他们一家在游玩过程中涉及的物理知识说法正确的是（ ）
A．修建盘山公路是利用斜面省力
B．拍摄风景使用的照相机镜头是凹透镜
C．当小明对着山崖大喊一声，0.05s后听见了回声
D．小明利用手机视频通话功能给奶奶观看美景，利用超声波传递信息
5．（2分）（2024•凉山州）下列关于“探究平面镜成像的特点”实验中描述正确的是（ ）
A．该实验应在明亮的环境中进行
B．当物体远离平面镜时，镜中的像变小
C．像与物到平面镜的距离相等
D．平面镜成正立等大的实像
6．（2分）（2024•凉山州）立定跳远是某地初中毕业体育考试项目之一，小强在立定跳远考试中蓄力、起跳、落地的几个阶段如图所示（不考虑空气阻力）。下列说法不正确的是（ ）
A．蹬地起跳时小强对地面有水平向左的摩擦力
B．小强在最高点受非平衡力作用
C．小强能在空中继续运动是受到惯性的作用
D．小强从最高点到落地的过程中，重力势能转化为动能
7．（2分）（2024•凉山州）如图所示，两个完全相同的小球，分别漂浮在装有一定酒精和水的容器中（ρ水＞ρ酒），小球的质量为6g，体积为10cm3，下列描述正确的是（ ）
A．小球的密度为6×103kg/m3
B．小球排开水的质量等于排开酒精的质量
C．用力将图乙的小球向下压的过程中，小球受到的浮力不变
D．将酒精注入乙容器中（不溢出液体），小球浸入液体的体积不变
8．（2分）（2024•凉山州）北京时间2024年4月21日7时45分，我国在西昌卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭，成功将遥感四十二号02星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。下列关于发射过程中描述正确的是（ ）
A．火箭上升过程中，02星的质量变小
B．火箭上升过程中，02星相对于地面是运动的
C．火箭升空的原理与喷气式飞机升空原理相同
D．火箭加速升空过程中机械能不变
9．（2分）（2024•凉山州）小明同学归纳的电学知识中不合理的是（ ）
A．两种电荷——丝绸摩擦过的玻璃棒带正电
B．生活用电——家庭电路中，发生短路时空气开关会跳闸
C．串联与并联——街边的路灯晚上同时亮早上同时灭是并联的
D．电与磁——电磁继电器是利用高电压、强电流来控制低电压、弱电流
10．（2分）（2024•凉山州）学校物理兴趣小组的同学参观水文站后，设计了如图所示监测河水流速变化的装置原理图。机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动。闭合开关S，随着水流速度的变化，下列说法正确的是（ ）
A．电压表测量定值电阻R1两端的电压
B．当滑片P向下运动时，R1消耗的电功率变小
C．当河水流速变大时，电压表示数变大
D．当电流表示数变小时，河水流速变大
11．（2分）（2024•凉山州）如图甲所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R1的规格为“50Ω，0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，测得多组数据。用测得的数据绘制了电流与滑动变阻器阻值的变化关系图（如图乙所示）。在保证电路安全的情况下，下列计算结果中正确的是（ ）
A．电源电压为12V
B．R0的阻值为15Ω
C．滑动变阻器的阻值变化范围是10Ω～50Ω
D．滑动变阻器的最大功率为0.9W
二、填空题（本大题共11小题，每空1分，共24分）
12．（2分）（2024•凉山州）如图所示是四冲程汽油机工作过程中 冲程示意图，实际生活中常用 （选填“密度”“比热容”或“热值”）较大的液体作为汽油机降温的冷却剂。
13．（2分）（2024•凉山州）某同学进行“探究凸透镜成像的规律”实验，凸透镜、蜡烛和光屏的位置如图所示，光屏上恰好呈现了清晰的像（未标出），此时光屏上成倒立、 （选填“放大”“缩小”或“等大”）的实像，支架对光屏的支持力与光屏的重力是一对 （选填“相互作用力”或“平衡力”）。
14．（2分）（2024•凉山州）如图所示是公交车上的安全锤，锤柄上有许多花纹是为了 摩擦力，锤头做得很尖是为了 压强（均选填“增大”或“减小”）。
15．（2分）（2024•凉山州）位于四川省宁南县与云南省巧家县的白鹤滩水电站是世界第二大水电站。水电站发电机的原理是 （填科学家名字）发现的；如图所示， 图是发电机基本构造示意图。
16．（2分）（2024•凉山州）如图所示是我国自主研发的一款高性能处理器，其具有强大的计算能力和低功耗性能。该处理器的成功研制将有助于提升我国在计算机硬件领域的自主创新能力，打破国外技术垄断，推动国内芯片产业的发展。制作该芯片需要 （选填“半导体”或“超导体”）材料，该处理器正常工作时，相当于电路中的 （选填“电源”或“用电器”）。
17．（3分）（2024•凉山州）小灯泡L和定值电阻R接在如图甲所示的电路中，其两者的I﹣U关系图象如图乙所示， （选填“A”或“B”）图象是灯泡的I﹣U关系图象，B图象所代表元件的阻值为 Ω，当电压表示数为8V时，小灯泡L和定值电阻R在10s内消耗的总电能为 J。
18．（2分）（2024•凉山州）如图所示的电路中R1：R2＝1：2，当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，两电压表示数之比为 ；当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，两电流表示数之比为 。
19．（3分）（2024•凉山州）近年来，凉山的山川田野间一座座风力发电机组拔地而起。风力发电机是利用风力带动风轮旋转，把风的动能转变为风轮轴的机械能，风能属于 （“可再生”或“不可再生”）能源。某型号风力发电机转一圈发电量为2kW•h，能让额定功率为50W的灯泡正常工作 h；相当于 kg的煤完全燃烧释放的能量。
20．（2分）（2024•凉山州）小灯泡上标有“6V 3W”的字样，则小灯泡正常发光时的电阻为 Ω；若将小灯泡接在电源电压为9V的电路中，要使小灯泡正常发光，需要串联一个阻值为 Ω的定值电阻。
21．（2分）（2024•凉山州）如图甲所示，置于水平地面上的物体受到方向不变的水平推力作用，其F﹣t和v﹣t图象分别如图乙和图丙所示。由图象可知10～15s内物体做 直线运动，t＝8s时物体受到的摩擦力为 N。
22．（2分）（2024•凉山州）如图甲所示，不吸水的石块m叠放在浸在水中的木块M上保持静止，石块的重力为4N、体积为200cm3，木块的重力为8N、底面积为200cm2，此时木块M排开液体的体积为 cm3。当按图乙方式连接静止时，木块M底部受到水的压强为 Pa。
三、作图题（23题2分，24题3分，25题1分，26题2分，共8分）
23．（2分）（2024•凉山州）与主光轴平行的光线AB是凹透镜的一条折射光线，经过平面镜反射之后反射光线为BC，请画出折射光线AB的入射光线及平面镜的位置。
24．（3分）（2024•凉山州）科技的发展正在不断地改变着我们的生活，如甲图所示是一款手机支架，其表面采用了纳米微吸材料，用手触碰无粘感，接触到平整光滑的硬质物体时会牢牢吸附在物体上，如图乙是手机静止吸附在支架上的侧视图，请在图乙画出手机的受力示意图。
25．（1分）（2024•凉山州）某运动员利用如图所示的滑轮组进行腿部力量训练，请画出滑轮组的绕线方式。
26．（2分）（2024•凉山州）家庭电路中，灯L1与L2并联，开关同时控制两盏灯，请用笔画代替导线将开关接入电路中使两灯泡正常发光。
四、实验探究题（本大题共3小题，每空1分，共14分）
27．（4分）（2024•凉山州）在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，某同学利用如图甲所示的装置进行了实验。
（1）实验过程中，组装器材应 （选填“自下而上”或“自上而下”）；
（2）他观察发现烧杯中气泡上升过程中逐渐变大，说明水 （选填“已经”或“还未”）沸腾；
（3）他通过测量的数据，绘制了如图乙所示的温度与时间图象，根据图象可知，此地的大气压 （选填“大于”“小于”或“等于”）一个标准大气压；
（4）通过实验他总结液体沸腾的条件：达到沸点，持续 。
28．（4分）（2024•凉山州）在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆位置如甲所示，要使杠杆在水平位置平衡应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节；
（2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆左边B处挂2个相同的钩码（如图乙所示），要使杠杆在水平位置平衡，应在A处挂 个相同的钩码；
（3）如图丙所示，改用弹簧测力计在C处竖直向上拉住杠杆，使杠杆仍然在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为 N，将拉力的方向逐渐向右倾斜如图丁，仍使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
29．（6分）（2024•凉山州）在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时的电阻约为9Ω，按如图甲所示连接好电路。
（1）连接电路时应断开开关，闭合开关之前滑动变阻器的滑片应移到 （选填“A”或“B”）端；
（2）小明试触时，发现电流表指针偏转如图乙所示，电路连接出现的问题为电流表 （选填答案序号）；
A.量程选择过大；
B.量程选择过小；
C.正负接线柱接反；
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时电压表示数为2.1V，为了让灯泡正常发光，滑片应向 （选填“A”或“B”）端移动；
（4）移动滑片使灯泡正常发光，电流表示数如图丙所示，灯泡的额定功率为 W；
（5）小明同学通过计算发现在不同功率下灯泡的电阻不同，主要原因是灯泡的电阻受 的影响；
（6）在测量小灯泡电功率拓展实验中，电流表坏了，老师给同学们提供了一个阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丁所示的实验电路图，下面是某同学的实验步骤：
①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为U额；
②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点1，读出电压表的示数为U；
③小灯泡额定功率的表达式P额＝ （用“U额”“U”和“R0”表示）。
四、计算题（本大题共2小题，每小题6分，共12分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
30．（6分）（2024•凉山州）电动自行车是常见的交通工具，某型号的电动自行车质量为48kg，输出电压48V，电动机的额定功率240W，电池最大储能能量E＝3×106J。
（1）如图所示停放，若整车与水平地面的接触总面积为4×10﹣3m2，求车对水平地面的压强；
（2）若电动自行车以额定功率行驶，求通过电动机的电流；
（3）若电动自行车匀速行驶时受到的阻力为80N，能量转化率为80%，求充满电后能行驶的最远路程。
31．（6分）（2024•凉山州）质量为75kg的建筑工人，想利用如图甲所示的装置将水池底的长方体石料拉出水面。石料的质量为200kg，体积为0.08m3，每个动滑轮的质量均为6kg，石料上表面到水面的距离为1m，不考虑绳重、滑轮的摩擦和水的阻力。
（1）求石料浸没在水中受到的浮力；
（2）工人利用甲图匀速拉动过程中，石料上表面到达水面时，求工人的拉力所做的功；
（3）工人继续利用甲图拉动石料，石料总体积露出水面时因滑轮组上的绳子承受的拉力达到最大而断裂，工地上没有其他型号的绳子替代，工人利用原型号绳子设计了如图乙所示的滑轮组欲将石料全部拉出水面，请你通过计算，判断他能否成功（无推理过程不得分）。
2024年四川省凉山州中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共计22分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）（2024•凉山州）“估测”是物理学中常用的一种方法，下列数据符合实际情况的是（ ）
A．一个盐源苹果的质量约为20g
B．电热水壶正常工作时的电流约为0.2A
C．中学生双脚站立时对地面的压强约为1.2×105Pa
D．中学生步行的速度约为1.1m/s
【答案】D
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A.三个苹果的质量约1斤，而1斤＝500g，所以一个苹果的质量在150g＝0.15kg左右，故A不符合实际；
B.家用电热水壶的功率约为1000W，由P＝UI知，正常工作时的电流I＝＝≈5A，与6A最接近，故B不符合要求；
C.中学生的体重在G＝500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.05m2左右，双脚对水平地面的压强在p＝＝＝＝1.0×104Pa.故C不符合实际；
D.正常人步行的速度大约1.1m/s，故D符合实际。
故选：D。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．（2分）（2024•凉山州）如图所示是中国古代雅乐横吹竹制管乐器———篪。其形似于笛，与笛不同的是两端都是封闭的，而且吹孔与孔指不在同一直线上，无孔膜而“有底”。演奏过程中手指按压不同孔时改变的是（ ）
A．音调B．响度
C．音色D．音调、响度和音色
【答案】A
【分析】质量大、体积大的物体难振动，频率低，音调低。
【解答】解：吹奏时是内部的空气振动发生，演奏过程中手指按压不同孔，改变空气柱的长度改变振动频率，从而改变发声的音调。
故选：A。
【点评】本题考查音调有关的因素，属于基础题。
3．（2分）（2024•凉山州）冻雨是过冷雨滴降落过程中，遇到温度低于0℃的物体迅速冻结成冰的现象。关于该现象物态变化名称及吸、放热情况描述正确的是（ ）
A．凝华吸热B．凝固吸热C．凝固放热D．凝华放热
【答案】C
【分析】凝固放热，凝华也放热；液态直接变成固态叫凝固，气态直接变固态叫凝华。
【解答】解：冷雨滴降落过程中，遇到温度低于0℃的物体迅速冻结成冰，是液态直接变为固态属于凝固现象，凝固放热；
故A、B、D错误，C正确；
故选：C。
【点评】本题考查了物态变化，属于基础题。
4．（2分）（2024•凉山州）凉山有丰富的旅游资源，吸引大量游客前来游玩。“五一”假期，小明同学一家前往昭觉县谷克德景区游玩。下列关于他们一家在游玩过程中涉及的物理知识说法正确的是（ ）
A．修建盘山公路是利用斜面省力
B．拍摄风景使用的照相机镜头是凹透镜
C．当小明对着山崖大喊一声，0.05s后听见了回声
D．小明利用手机视频通话功能给奶奶观看美景，利用超声波传递信息
【答案】A
【分析】（1）斜面是一种省力的简单机械。
（2）照相机的镜头是凸透镜。
（3）人能够区分原声和回声的时间间隔是0.1s。
（4）电磁波可以传递信息。
【解答】解：A、修建盘山公路是利用斜面省力，故A正确；
B、拍摄风景使用的照相机镜头是凸透镜，故B错误；
C、当小明对着山崖大喊一声，0.1s后听见了回声，故C错误；
D、小明利用手机视频通话功能给奶奶观看美景，利用电磁波传递信息，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查的是斜面、凸透镜的应用；知道回声和电磁波的应用。
5．（2分）（2024•凉山州）下列关于“探究平面镜成像的特点”实验中描述正确的是（ ）
A．该实验应在明亮的环境中进行
B．当物体远离平面镜时，镜中的像变小
C．像与物到平面镜的距离相等
D．平面镜成正立等大的实像
【答案】C
【分析】（1）“探究平面镜成像的特点”实验应该在较暗的环境中进行。
（2）物体远离平面镜时，镜中的像大小不变。
（3）像与物到平面镜的距离相等。
（4）平面镜成正立等大的虚像。
【解答】解：A、该实验应在较暗的环境中进行，故A错误；
B、当物体远离平面镜时，镜中的像不变，故B错误；
C、像与物到平面镜的距离相等，故C正确；
D、平面镜成正立等大的虚像，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查的是平面镜成像的特点，属于基础性题目。
6．（2分）（2024•凉山州）立定跳远是某地初中毕业体育考试项目之一，小强在立定跳远考试中蓄力、起跳、落地的几个阶段如图所示（不考虑空气阻力）。下列说法不正确的是（ ）
A．蹬地起跳时小强对地面有水平向左的摩擦力
B．小强在最高点受非平衡力作用
C．小强能在空中继续运动是受到惯性的作用
D．小强从最高点到落地的过程中，重力势能转化为动能
【答案】C
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，摩擦力与相对运动或相对运动趋势的方向相反。
（2）小强在最高点只受到重力的作用。
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
（4）小强从高处落地，重力势能转化为动能。
【解答】解：A、蹬地起跳时小强对地面有水平向左的摩擦力，故A正确；
B、小强在最高点受重力的作用，受到非平衡力作用，故B正确；
C、小强能在空中继续运动是由于惯性，故C错误；
D、小强从最高点到落地的过程中，重力势能转化为动能，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查的是摩擦力、重力和惯性的基本概念；知道机械能的转化。
7．（2分）（2024•凉山州）如图所示，两个完全相同的小球，分别漂浮在装有一定酒精和水的容器中（ρ水＞ρ酒），小球的质量为6g，体积为10cm3，下列描述正确的是（ ）
A．小球的密度为6×103kg/m3
B．小球排开水的质量等于排开酒精的质量
C．用力将图乙的小球向下压的过程中，小球受到的浮力不变
D．将酒精注入乙容器中（不溢出液体），小球浸入液体的体积不变
【答案】B
【分析】A.利用进行计算；
B.根据阿基米德原理进行分析；
CD.结合影响浮力大小的因素及阿基米德原理进行分析。
【解答】解：A.已知小球的质量为6g，体积为10cm3，由可得＝＝0.6g/cm3＝0.6×103kg/m3，故A错误；
B.由图甲和乙可知，小球在水和酒精中处于漂浮，根据浮沉条件F浮＝G球，根据阿基米德原理F浮＝G排，即G排＝G球，两小球完全相同，则小球排开水的质量等于排开酒精的质量，故B正确；
C.用力将图乙的小球向下压的过程中，V排变大，由阿基米德原理可知，浮力变大，故C错误；
D.将酒精注入乙容器中（不溢出液体），小球的密度仍然小于液体密度，小球仍处于漂浮，浮力大小不变，液体密度变小，小球浸入液体的体积变大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理及影响浮力大小的因素等知识，难度一般。
8．（2分）（2024•凉山州）北京时间2024年4月21日7时45分，我国在西昌卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭，成功将遥感四十二号02星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。下列关于发射过程中描述正确的是（ ）
A．火箭上升过程中，02星的质量变小
B．火箭上升过程中，02星相对于地面是运动的
C．火箭升空的原理与喷气式飞机升空原理相同
D．火箭加速升空过程中机械能不变
【答案】B
【分析】（1）质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；
（2）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物；研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
（3）火箭升空是由于物体间力的作用是相互的，而喷气式飞机升空是利用流体压强与流速的关系来升空的；
（4）火箭升空过程中，没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，所以机械能＝动能+重力势能；从动能和重力势能大小的变化判断机械能的变化。
【解答】解：A、火箭上升过程中，02星的空间位置发生变化，其质量不变，故A错误；
B、火箭上升过程中，02星相对于地面的位置在发生变化，是运动的，故B正确；
C、火箭升空是由于物体间力的作用是相互的，而喷气式飞机升空是利用流体压强与流速的关系来升空的，故C错误；
D、火箭升空时，质量不变，速度增大，动能增大；质量不变，高度增大，重力势能增大，由机械能＝动能+重力势能知，机械能增大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了质量及其特性、运动和静止的相对性、力作用的相互性、流体压强与流速的关系和机械能的概念等知识，综合性较强，难度不大。
9．（2分）（2024•凉山州）小明同学归纳的电学知识中不合理的是（ ）
A．两种电荷——丝绸摩擦过的玻璃棒带正电
B．生活用电——家庭电路中，发生短路时空气开关会跳闸
C．串联与并联——街边的路灯晚上同时亮早上同时灭是并联的
D．电与磁——电磁继电器是利用高电压、强电流来控制低电压、弱电流
【答案】D
【分析】（1）根据正电荷和负电荷的定义解答；
（2）空气开关是在出现短路、过载（用电器总功率过大）时，能自动“跳闸”，对人或电路起到保护作用；
（3）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；
（4）电磁继电器的作用是通过低压电路控制高压电路。
【解答】解：A、用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷叫做正电荷；用毛皮摩擦过的橡胶棒带的电荷叫做负电荷，故A正确；
B、若家庭电路发生短路时，电路中的电流过大，空气开关会自动断开，故B正确；
C、街边的路灯晚上同时亮早上同时灭，若一盏路灯损坏，其它路灯仍能正常工作，因此它们是并联的，故C正确；
D、电磁继电器是利用低电压、弱电流的“控制电路”通断，来间接的控制高电压、强电流的“工作电路”的装置，实质是由电磁铁控制开关的一种装置，故D错误。
故选：D。
【点评】本题正电荷与负电荷、家庭电路的故障分析、串、并联电路的概念与辨别、电磁继电器的组成、原理和应用等知识，综合性较强，但难度不大。
10．（2分）（2024•凉山州）学校物理兴趣小组的同学参观水文站后，设计了如图所示监测河水流速变化的装置原理图。机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动。闭合开关S，随着水流速度的变化，下列说法正确的是（ ）
A．电压表测量定值电阻R1两端的电压
B．当滑片P向下运动时，R1消耗的电功率变小
C．当河水流速变大时，电压表示数变大
D．当电流表示数变小时，河水流速变大
【答案】B
【分析】（1）由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压；当滑片向下运动时，R2接入电路的阻值变大，由串联电路的电阻规律和欧姆定律可知电路中的电流变化，根据P＝I2R可知R1消耗的电功率变化；
（2）当河水流速变大时，探头上表面所受河水流速大于下表面河水流速，则上表面所受河水压强小于下表面所受河水的压强，探头向上运动，带动滑处P向上移动，R2接入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律可知电路中的电流变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知R2两端的电压变化，即电压表V2的示数变化；同理可知，当电流表示数变小时，河水流速的变化。
【解答】解：AB、由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压，故A错误；
当滑片向下运动时，R2接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电源电压一定时，电路中的电流变小，由P＝I2R可知，R1消耗的电功率变小，故B正确；
CD、当河水流速变大时，探头上表面所受河水流速大于下表面河水流速，则上表面所受河水压强小于下表面所受河水的压强，探头向上运动，带动滑处P向上移动，R2接入电路的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电源电压一定时，电路中的电流变大，根据U＝IR可知，R1两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，R2两端的电压变小，即电压表示数变小，故C错误。
同理可知，当电流表示数变小时，河水流速变小，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、伯努利原理和电功率公式的应用，综合性强，难度适中。
11．（2分）（2024•凉山州）如图甲所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R1的规格为“50Ω，0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，测得多组数据。用测得的数据绘制了电流与滑动变阻器阻值的变化关系图（如图乙所示）。在保证电路安全的情况下，下列计算结果中正确的是（ ）
A．电源电压为12V
B．R0的阻值为15Ω
C．滑动变阻器的阻值变化范围是10Ω～50Ω
D．滑动变阻器的最大功率为0.9W
【答案】D
【分析】（1）结合图乙滑动变阻器的电压和电流值，根据串联电路的电压规律列式求解；
（2）结合电压表、电流表和滑动变阻器的规格进行分析解答；
（3）根据P＝I2R1＝（）2R1表示出滑动变阻器消耗的电功率，利用数学知识求出滑动变阻器的最大功率；
【解答】解：AB.由图乙，当滑动变阻器的阻值为R1′＝10Ω时，此时电路中的电流I′＝0.3A，则R0两端的电压可表示为U0＝I′R0＝0.3A×R0，滑动变阻器两端的电压为U1′＝I′R1′＝0.3A×10Ω＝3V，利用串联电路电压规律，则电源电压U＝U0′+U1′＝3V+0.3A×R0①，同理，当滑动变阻器的阻值为R1“＝50Ω时，此时电路中的电流I“＝0.1A，则R0两端的电压可表示为U0＝I“R0＝0.1A×R0，滑动变阻器两端的电压为U1“＝I“R1“＝0.1A×50Ω＝5V，利用串联电路电压规律，则电源电压U＝U0“+U1“＝5V+0.1A×R0②，由①②解得电源电压U＝15V，R0的阻值为R0＝10Ω，故AB错误；
C.当电路中的电流最大时，滑动变阻器的阻值最小，电流表的最大测量值为0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，故电路中的最大电流为I大＝0.5A，R0＝10Ω，则R0两端的电压为U0＝0.5A×10Ω＝5V，电源电压U＝15V，则滑动变阻器两端的电压为U滑＝U﹣U0＝15V﹣5V＝10V，则滑动变阻器的小阻值为R滑小＝＝＝20Ω，滑动变阻器的阻值越大电路中的电流越小，电路越安全，因此滑动变阻器的阻值变化范围为20Ω～50Ω，故C错误；
D.滑动变阻器消耗的电功率：P＝I2R1＝（）2R1＝＝＝，所以，当R1＝R0＝1＝Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大；则滑动变阻器消耗电功率的最大值：P最大＝I2R1＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查串、并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，难点是要根据串并联电路的特点和欧姆定律得出电压的表达式。
二、填空题（本大题共11小题，每空1分，共24分）
12．（2分）（2024•凉山州）如图所示是四冲程汽油机工作过程中 压缩 冲程示意图，实际生活中常用 比热容 （选填“密度”“比热容”或“热值”）较大的液体作为汽油机降温的冷却剂。
【答案】压缩，比热容。
【分析】（1）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
（2）水的比热容较大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因。
【解答】解：由图可知，气门都关闭，活塞向上运动，故可以判断这个冲程是压缩冲程；
选择用水作为冷却剂，因为水的比热容相对较大，所以在质量和温度变化量相同的情况下，可以吸收更多的热量。
故答案为：压缩，比热容。
【点评】本题考查内燃机工作时的四个冲程以及用水的比热容较大这一特性来解释现实问题，难度不大。
13．（2分）（2024•凉山州）某同学进行“探究凸透镜成像的规律”实验，凸透镜、蜡烛和光屏的位置如图所示，光屏上恰好呈现了清晰的像（未标出），此时光屏上成倒立、 放大 （选填“放大”“缩小”或“等大”）的实像，支架对光屏的支持力与光屏的重力是一对 平衡力 （选填“相互作用力”或“平衡力”）。
【答案】放大；平衡力。
【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像；
（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。
【解答】解：由图可知，此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像；
光屏的重力与支架对光屏的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。
故答案为：放大；平衡力。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律和对平衡力和相互作用力的理解和辨别，属于基础题，难度不大。
14．（2分）（2024•凉山州）如图所示是公交车上的安全锤，锤柄上有许多花纹是为了 增大 摩擦力，锤头做得很尖是为了 增大 压强（均选填“增大”或“减小”）。
【答案】增大；增大。
【分析】根据影响摩擦力的因素和影响压强的因素分析即可。
【解答】解：锤柄上有许多花纹是通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力；锤头做得很尖是通过减小受力面积，增大压强。
故答案为：增大；增大。
【点评】本题考查了增大摩擦力的方法和增大压强的方法，属于基础题。
15．（2分）（2024•凉山州）位于四川省宁南县与云南省巧家县的白鹤滩水电站是世界第二大水电站。水电站发电机的原理是 法拉第 （填科学家名字）发现的；如图所示， 乙 图是发电机基本构造示意图。
【答案】法拉第；乙。
【分析】法拉第的主要贡献是电磁感应现象；
发电机是利用电磁感应现象的原理制成的。
【解答】解：法拉第的主要贡献是电磁感应现象；
发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，甲图中有电源，乙图是发电机基本构造示意图。
故答案为：法拉第；乙。
【点评】本题考查发电机的原理，电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动，发电机的原理是电磁感应现象。
16．（2分）（2024•凉山州）如图所示是我国自主研发的一款高性能处理器，其具有强大的计算能力和低功耗性能。该处理器的成功研制将有助于提升我国在计算机硬件领域的自主创新能力，打破国外技术垄断，推动国内芯片产业的发展。制作该芯片需要 半导体 （选填“半导体”或“超导体”）材料，该处理器正常工作时，相当于电路中的 用电器 （选填“电源”或“用电器”）。
【答案】半导体；用电器。
【分析】芯片是利用半导体材料制成的；
处理器工作时相当于用电器，电能转化为其他形式的能。
【解答】解：我国自主研发的一款高性能处理器，其具有强大的计算能力和低功耗性能。该处理器的成功研制将有助于提升我国在计算机硬件领域的自主创新能力，打破国外技术垄断，推动国内芯片产业的发展。制作该芯片需要半导体材料，该处理器正常工作时，相当于电路中的用电器。
故答案为：半导体；用电器。
【点评】本题考查了半导体材料性质、电路的组成，属于基础题目。
17．（3分）（2024•凉山州）小灯泡L和定值电阻R接在如图甲所示的电路中，其两者的I﹣U关系图象如图乙所示， A （选填“A”或“B”）图象是灯泡的I﹣U关系图象，B图象所代表元件的阻值为 40 Ω，当电压表示数为8V时，小灯泡L和定值电阻R在10s内消耗的总电能为 48 J。
【答案】A；40；48。
【分析】（1）根据电阻一定时，电流与电压成正比，结合两图线特点得出结论；
（2）根据B图像，利用欧姆定律求出元件阻值的大小；
（3）由图甲可知灯泡与定值电阻并联，根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，根据并联电路的电压特点得出干路电流，计算消耗的电能。
【解答】解：（1）由欧姆定律可知，通过定值电阻的电流与其两端的电压成正比，即定值电阻R的I﹣U关系图象是一条直线，即图线B表示电阻R的I﹣U关系图象，小灯泡的电阻随温度的变化而改变，故图线A表示掉灯泡的I﹣U关系图象；
（2）由图B，电压U1＝4V，对应电流I1＝0.1A，由欧姆定律得R的阻值R＝＝＝40Ω；
（3）由图甲可知灯泡与定值电阻并联，则小灯泡和电阻R两端的电压都为8V，由图乙可知通过小灯泡的电流IL＝0.4A，通过电阻R的电流IR＝0.2A，根据并联电路的电压特点得出干路电流I＝IL+IR＝0.4A+0.2A＝0.6A，U＝8V，时间t＝10s，则消耗的总电能W＝UIt＝8V×0.6A×10s＝48J。
故答案为：A；40；48。
【点评】本题考查了串联和并联电路的特点以及欧姆定律，关键是根据图象得出有用的信息。
18．（2分）（2024•凉山州）如图所示的电路中R1：R2＝1：2，当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，两电压表示数之比为 3：2 ；当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，两电流表示数之比为 1：3 。
【答案】3：2；1：3。
【分析】当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，根据串联电流电流太大结合U＝IR计算两表示数之比U甲：U乙；
当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，两电阻并联，电流表甲测量通过R2的电流，电流表乙测量干路电流，根据并联电路电压特点、并联电路电流规律结合欧姆定律计算两表示数之比为I甲：I乙。
【解答】解：当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，串联电路的电流处处相等，根据U＝IR可知两表示数之比为U甲：U乙＝U：U2＝（R1+R2）：R2＝（1+2）：2＝3：2；
当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，两电阻并联，电流表甲测量通过R2的电流，电流表乙测量干路电流，并联电路各支路两端的电压相等，根据I＝可知两表示数之比为I甲：I乙＝：（+）＝：（+）＝1：3。
故答案为：3：2；1：3。
【点评】本题考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题。
19．（3分）（2024•凉山州）近年来，凉山的山川田野间一座座风力发电机组拔地而起。风力发电机是利用风力带动风轮旋转，把风的动能转变为风轮轴的机械能，风能属于 可再生 （“可再生”或“不可再生”）能源。某型号风力发电机转一圈发电量为2kW•h，能让额定功率为50W的灯泡正常工作 40 h；相当于 0.24 kg的煤完全燃烧释放的能量。
【答案】可再生；40；0.24。
【分析】像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；
根据W＝Pt可求得可供灯泡正常工作时间；
1kW•h＝3.6×106J；根据热量、煤的热值求出煤的质量。
【解答】解：风能可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它属于可再生能源；
由W＝Pt知，可供灯正常工作时间为：t＝＝＝40h；
煤完全燃烧释放的热量与该型号发电机转一圈产生的电能相同，则Q放＝W'＝2kW•h＝7.2×106J；
煤的质量为：m＝＝＝0.24kg。
故答案为：可再生；40；0.24。
【点评】本题考查了电功率公式的灵活应用、电能的计算、热量的计算，可再生能源是将来我们主要的发展方向，也是考试中的热点，应注意多了解。
20．（2分）（2024•凉山州）小灯泡上标有“6V 3W”的字样，则小灯泡正常发光时的电阻为 12 Ω；若将小灯泡接在电源电压为9V的电路中，要使小灯泡正常发光，需要串联一个阻值为 6 Ω的定值电阻。
【答案】12；6
【分析】由灯泡上标有“6V 3W”的参数可知灯泡的额定电压和额定电功率，根据P＝UI计算灯泡正常发光时的电流和电阻，根据串联分压以及串联电路电流处处相等进行分析。
【解答】解：（1）已知灯泡L标有“6V 3W”（灯泡电阻不变），根据P＝可得灯泡L正常发光时的电阻：
RL＝＝＝12Ω；
灯泡正常发光时的电流：I额＝＝＝0.5A；
若将小灯泡接在电源电压为9V的电路中，要使小灯泡正常发光，则定值电阻两端电压U′＝U0﹣U＝9V﹣6V＝3V；
＝＝6Ω。
故答案为：12；6。
【点评】本题考查了串联电路规律的灵活运用，是基础题。
21．（2分）（2024•凉山州）如图甲所示，置于水平地面上的物体受到方向不变的水平推力作用，其F﹣t和v﹣t图象分别如图乙和图丙所示。由图象可知10～15s内物体做 匀速 直线运动，t＝8s时物体受到的摩擦力为 20 N。
【答案】匀速；20。
【分析】根据图像的速度变化确定运动状态，根据做匀速直线运动，受力平衡得出滑动摩擦力大小，根据滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关分析。
【解答】解：由丙图知，可知10～15s内物体的速度为3m/s不变，做匀速直线运动，受力平衡，此时推力等于摩擦力，故滑动摩擦力为20N，t＝8s时物体做加速运动，摩擦力不等于推力，但滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，故摩擦力不变，受到的摩擦力为20N。
故答案为：匀速；20。
【点评】本题考查二力平衡条件的应用与运动状态的分析，属于基础题。
22．（2分）（2024•凉山州）如图甲所示，不吸水的石块m叠放在浸在水中的木块M上保持静止，石块的重力为4N、体积为200cm3，木块的重力为8N、底面积为200cm2，此时木块M排开液体的体积为 1200 cm3。当按图乙方式连接静止时，木块M底部受到水的压强为 500 Pa。
【答案】1200；500。
【分析】（1）根据漂浮状态可得F浮＝GM+Gm＝ρ水gV排，从而得出排开液体的体积，即此时木块M排开液体的体积；
（2）把石块m、木块M看做一个整体，在甲、乙两图中整体都处于漂浮状态，则根据浮沉条件可知两图中整体受到的浮力相等，由F浮＝ρ水gV排可知整体排开水的体积相等，据此可求出乙图中木块M排开水的体积，再根据V＝Sh求出木块M浸入水中的深度，最后根据p＝ρ水gh求此时木块M底部受到水的压强。
【解答】解：（1）石块m叠放在浸在水中的木块M上保持静止，
此时处于漂浮状态，故F浮＝GM+Gm＝ρ水gV排，
则此时木块M排开液体的体积：＝＝1.2×10﹣3m3＝1200cm3；
（2）把石块m、木块M看做一个整体，在甲、乙两图中整体都处于漂浮状态，则根据浮沉条件可知两图中整体受到的浮力相等，由F浮＝ρ水gV排可知整体排开水的体积相等，
所以Vm排+VM排＝V排，且乙图中石块m排开水的体积Vm排＝Vm＝200cm3，
则乙图中木块M排开水的体积：VM排＝V排﹣Vm排＝1200cm3﹣200cm3＝1000cm3，
由V＝Sh可得木块M浸入水中的深度：hM浸＝＝＝5cm＝0.05m，
所以此时木块M底部受到水的压强为：p＝ρ水ghM浸＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m＝500Pa。
故答案为：1200；500。
【点评】本题考查了浮力公式的应用，压强的计算，是一道综合题。
三、作图题（23题2分，24题3分，25题1分，26题2分，共8分）
23．（2分）（2024•凉山州）与主光轴平行的光线AB是凹透镜的一条折射光线，经过平面镜反射之后反射光线为BC，请画出折射光线AB的入射光线及平面镜的位置。
【答案】
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点画出入射光线；
先根据反射角等于入射角确定法线，再根据平面镜过入射点且与法线垂直确定平面镜的位置。
【解答】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，由此画出折射光线AB的入射光线；
过入射点作反射光线与入射光线夹角∠ABC的平分线，即法线，平面镜就在过入射点垂直于法线的位置，由此作出平面镜，如图所示：
【点评】本题综合考查了光的反射和透镜光路图的画法，熟练掌握凹透镜的三条特殊光线是关键。
24．（3分）（2024•凉山州）科技的发展正在不断地改变着我们的生活，如甲图所示是一款手机支架，其表面采用了纳米微吸材料，用手触碰无粘感，接触到平整光滑的硬质物体时会牢牢吸附在物体上，如图乙是手机静止吸附在支架上的侧视图，请在图乙画出手机的受力示意图。
【答案】
【分析】手机处于静止状态，受力平衡，对手机受力分析，据此画图。
【解答】解：分析题意可知，支架会对手机施加一个吸引力F，且支架对手机也有支持力的作用（垂直于接触面向上），手机受竖直向下的重力而有下滑的趋势，则支架对手机还有斜向上的摩擦力f，即手机一共受到4个力的作用，作用点画在O点，如图所示：
【点评】本题考查平衡条件的应用与力的示意图，属于中档题。
25．（1分）（2024•凉山州）某运动员利用如图所示的滑轮组进行腿部力量训练，请画出滑轮组的绕线方式。
【答案】
【分析】滑轮组绳子的绕法有两种：
一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；
二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。
【解答】解：由图可知，拉力的方向水平向右，绳子可以先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮，再向上绕过定滑轮，也可以先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再向上绕过定滑轮，如图所示：
【点评】对于滑轮组的组装与绕线方法，要看清题目的每一个要求，灵活运用，不能死记硬背省力的绕线方法。
26．（2分）（2024•凉山州）家庭电路中，灯L1与L2并联，开关同时控制两盏灯，请用笔画代替导线将开关接入电路中使两灯泡正常发光。
【答案】
【分析】家庭电路中灯泡并联，开关接在火线一侧。
【解答】解：图中灯泡的螺旋套与零线相连，把开关与火线相连，再接入灯泡的中央接线柱，如图所示：
【点评】本题考查家庭电路的连接，属于中档题。
四、实验探究题（本大题共3小题，每空1分，共14分）
27．（4分）（2024•凉山州）在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，某同学利用如图甲所示的装置进行了实验。
（1）实验过程中，组装器材应 自下而上 （选填“自下而上”或“自上而下”）；
（2）他观察发现烧杯中气泡上升过程中逐渐变大，说明水 已经 （选填“已经”或“还未”）沸腾；
（3）他通过测量的数据，绘制了如图乙所示的温度与时间图象，根据图象可知，此地的大气压 低于 （选填“大于”“小于”或“等于”）一个标准大气压；
（4）通过实验他总结液体沸腾的条件：达到沸点，持续 吸热 。
【答案】（1）自下而上；（2）已经；（3）低于；（4）吸热。
【分析】（1）组装实验装置时，应先调整烧杯的位置，因为烧杯的位置需要根据外焰的高度来确定。为了保证温度计的液泡不碰到烧杯底部，温度计的位置根据烧杯的位置来确定；
（2）水沸腾时的气泡在上升过程中，由于有水汽化为水蒸气进入气泡；
（3）液体沸腾时的温度叫沸点，液体的沸点受水面上方大气压强的影响，压强越大，沸点越高；
（4）液体沸腾的条件：达到沸点，持续吸热。
【解答】解：（1）组装实验装置时，应先调整烧杯的位置，因为烧杯的位置需要根据外焰的高度来确定。为了保证温度计的液泡不碰到烧杯底部，温度计的位置根据烧杯的位置来确定。所以应该按照自下而上的顺序组装实验器材。
（2）沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小，沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大，则说明水已经沸腾。
（3）水达到沸点后继续吸收热量，温度不变，如图乙所示，水在温度到达96℃后继续吸收热量，温度不变，故沸点为96℃；1个标准大气压下水的沸点是100℃，故此时气压低于，1个标准大气压。
（4）液体沸腾的条件：达到沸点，持续吸热。
故答案为：（1）自下而上；（2）已经；（3）低于；（4）吸热。
【点评】本题综合考查了温度计的使用方法及读数、沸点与气压的关系、液体沸腾的条件，属于热学实验中比较全面的考查，复习时要多关注。
28．（4分）（2024•凉山州）在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆位置如甲所示，要使杠杆在水平位置平衡应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节；
（2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆左边B处挂2个相同的钩码（如图乙所示），要使杠杆在水平位置平衡，应在A处挂 3 个相同的钩码；
（3）如图丙所示，改用弹簧测力计在C处竖直向上拉住杠杆，使杠杆仍然在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为 1.6 N，将拉力的方向逐渐向右倾斜如图丁，仍使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 变大 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】（1）右；（2）3；（3）1.6；变大。
【分析】（1）杠杆在水平位置平衡，好处有二：一是杠杆的重心在支点上，二是两边支点到力的悬挂点距离为力臂，便于力臂的测量；杠杆平衡调节原则是：右低将平衡螺母左调，左低将平衡螺母右调；
（2）根据杠杆平衡条件求出A处挂钩码的个数；
（3）根据弹簧测力计的分度值和指针位置读数；
阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。
【解答】解：（1）杠杆右端高，说明水平时重心在支点左边，所以应将平衡螺母右调，使重心右移，杠杆才能平衡。
（2）设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G，
根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，nG×2L＝2G×3L，解得，n＝3；
（3）图丙中，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.6N；
弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计逐渐向右倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。
故答案为：（1）右；（2）3；（3）1.6；变大。
【点评】当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小，力会变大。同时，本题还考查了利用杠杆的平衡条件来对杠杆的动态平衡情况进行分析，是我们应该掌握的。
29．（6分）（2024•凉山州）在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时的电阻约为9Ω，按如图甲所示连接好电路。
（1）连接电路时应断开开关，闭合开关之前滑动变阻器的滑片应移到 A （选填“A”或“B”）端；
（2）小明试触时，发现电流表指针偏转如图乙所示，电路连接出现的问题为电流表 C （选填答案序号）；
A.量程选择过大；
B.量程选择过小；
C.正负接线柱接反；
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时电压表示数为2.1V，为了让灯泡正常发光，滑片应向 B （选填“A”或“B”）端移动；
（4）移动滑片使灯泡正常发光，电流表示数如图丙所示，灯泡的额定功率为 0.75 W；
（5）小明同学通过计算发现在不同功率下灯泡的电阻不同，主要原因是灯泡的电阻受 温度 的影响；
（6）在测量小灯泡电功率拓展实验中，电流表坏了，老师给同学们提供了一个阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丁所示的实验电路图，下面是某同学的实验步骤：
①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为U额；
②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点1，读出电压表的示数为U；
③小灯泡额定功率的表达式P额＝ （用“U额”“U”和“R0”表示）。
【答案】（1）A；（2）C；（3）B；（4）0.75；（5）温度；（6）。
【分析】（1）闭合开关前滑动变阻器滑片要移到阻值最大处；
（2）电流表接线时必须使电流正入负出；
（3）要想让灯泡正常发光，必须把灯泡两端电压调成2.5V；
（4）根据P＝UI计算灯泡额定功率；
（5）灯丝电阻随温度升高而增大；
（6）灯泡正常发光时的电流，应该等于通过R0的电流。
【解答】解：（1）电学实验普遍要求，闭合开关前滑动变阻器滑片要移到阻值最大处；
（2）电路中电流表接线必须使电流正入负出，否则，表针将向反向偏转；
（3）要想让灯泡正常发光，必须把灯泡两端电压调成2.5V，电压表示数为2.1V时，滑片应向B端移动，才能使灯泡两端电压达到2.5V；
（4）由电流表示数可知，灯泡正常发光时，电流为0.3A，灯泡的额定功率P＝U额I额＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（5）灯丝电阻与温度有关，灯丝电阻随温度升高而增大；
（6）U额是灯泡两端的额定电压，U是灯泡与R0的总电压，灯泡的额定功率：
。
答案为：（1）A；（2）C；（3）B；（4）0.75；（5）温度；（6）。
【点评】最后一问，求灯泡额定功率表达式，是电学实验中常见的问题，一定要确定通过哪种公式形式推导，确定了公式形式，就确定了努力方向。
四、计算题（本大题共2小题，每小题6分，共12分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
30．（6分）（2024•凉山州）电动自行车是常见的交通工具，某型号的电动自行车质量为48kg，输出电压48V，电动机的额定功率240W，电池最大储能能量E＝3×106J。
（1）如图所示停放，若整车与水平地面的接触总面积为4×10﹣3m2，求车对水平地面的压强；
（2）若电动自行车以额定功率行驶，求通过电动机的电流；
（3）若电动自行车匀速行驶时受到的阻力为80N，能量转化率为80%，求充满电后能行驶的最远路程。
【答案】（1）车对水平地面的压强为1.2×105Pa；
（2）通过电动机的电流为5A；
（3）充满电后能行驶的最远路程为3×104m。
【分析】（1）车对水平地面的压力等于车的重力，根据F＝G＝mg计算车对水平地面的压力，根据p＝计算车对水平地面的压强；
（2）根据P＝UI计算通过电动机的电流；
（3）根据题意计算获得的机械能，电动自行车匀速行驶时受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，根据W＝Fs计算充满电后能行驶的最远路程。
【解答】解：（1）车对水平地面的压力：F＝G＝mg＝48kg×10N/kg＝480N，
车对水平地面的压强：p＝＝＝1.2×105Pa；
（2）电动自行车以额定功率行驶时，通过电动机的电流：I＝＝＝5A；
（3）电动自行车匀速行驶时，获得的机械能：W＝80%E＝80%×3×106J＝2.4×106J，
电动自行车匀速行驶时受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，即F牵＝f＝80N，
则充满电后能行驶的最远路程：s＝＝＝3×104m。
答：（1）车对水平地面的压强为1.2×105Pa；
（2）通过电动机的电流为5A；
（3）充满电后能行驶的最远路程为3×104m。
【点评】本题考查压强、电功率和功的相关计算，有一定的综合性，难度适中。
31．（6分）（2024•凉山州）质量为75kg的建筑工人，想利用如图甲所示的装置将水池底的长方体石料拉出水面。石料的质量为200kg，体积为0.08m3，每个动滑轮的质量均为6kg，石料上表面到水面的距离为1m，不考虑绳重、滑轮的摩擦和水的阻力。
（1）求石料浸没在水中受到的浮力；
（2）工人利用甲图匀速拉动过程中，石料上表面到达水面时，求工人的拉力所做的功；
（3）工人继续利用甲图拉动石料，石料总体积露出水面时因滑轮组上的绳子承受的拉力达到最大而断裂，工地上没有其他型号的绳子替代，工人利用原型号绳子设计了如图乙所示的滑轮组欲将石料全部拉出水面，请你通过计算，判断他能否成功（无推理过程不得分）。
【答案】（1）石料浸没在水中受到的浮力为800N；
（2）工人的拉力所做的功为1260J；
（3）他不能否成功，推导过程见解答。
【分析】（1）根据F浮＝ρ水gV排可求出石料浸没在水中受到的浮力；
（2）根据W＝Fs求出石料上表面到达水面时工人的拉力所做的功；
（3）由甲图求出绳子能承受的最大拉力，由乙图求出滑轮组将石料全部拉出水面绳子的拉力，比较即可。
【解答】解：（1）石料浸没在水中受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m3＝800N；
（2）如甲图，石料的重力为：G＝mg＝200kg×10N/kg＝2000N，
动滑轮的重力：G动＝m动g＝6kg×10N/kg＝60N，
由图甲可知n＝2，不考虑绳重、滑轮的摩擦和水的阻力，
则匀速拉动过程中，工人的拉力：F＝（G+G动﹣F浮）＝（2000N+60N﹣800N）＝630N，
石料上表面到达水面时工人的拉力所做的功：W＝Fs＝630N×2×1m＝1260J；
（3）石料总体积露出水面时，浮力的减少量为：ΔF浮＝ρ水gΔV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg××0.08m3＝100N；
滑轮组对石料的拉力为：F'＝F+ΔF浮＝1200N+100N＝1300N，每个动滑轮的质量均为G'＝m动g＝6kg×10N/kg＝60N，
在甲图中，绳子能承受的最大拉力F拉＝（F'+G'）＝（1300N+60N）＝680N，
在乙图中，滑轮组将石料全部拉出水面绳子的拉力F拉'＝（G+G'）＝（2000N+60N）≈686.7N＞680N，滑轮组将石料全部拉出水面时绳子断裂，他不能成功。
答：（1）石料浸没在水中受到的浮力为800N；
（2）工人的拉力所做的功为1260J；
（3）他不能否成功，推导过程见解答。
【点评】本题考查浮力的计算、功的计算、滑轮组中的相关计算等。
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