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2023年重庆市忠县拔山片区中考物理联考试卷（4月份）
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这是一份2023年重庆市忠县拔山片区中考物理联考试卷（4月份），共26页。
2023年重庆市忠县拔山片区中考物理联考试卷（4月份）
1. 下列有关物理量描述数据符合实际的是( )
A. 一位初三学生的重力约为50N B. 人感觉舒适的温度约为37℃
C. 电饭煲正常工作时功率约为800W D. 人体的安全电压是36V
2. 沙画是起源于我国的一种民间文化艺术，将沙子洒在平板灯台上做出各种造型，灯台下方射出的光受到沙子的阻挡后，呈现出各种画面。下列图中的光现象与沙画的光学原理相同的是( )
A. 树荫下的“亮斑”
B. 菜园坝大桥的“倒影”
C. 小鸟追车“照相”
D. 雨后的“彩虹”
3. 如图所示，中国的饮食文化蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是( )
A. 重庆——火锅，火锅里冒出的“热气”是汽化现象
B. 天津——麻花，麻花被炸得金黄是因为油的熔点高
C. 北京——烤鸭，香嫩酥脆的烤鸭内能的增加是通过热传递的方式实现的
D. 上海——汤包，露出馅的汤包香气四溢说明分子之间存在相互作用的斥力
4. 新能源电动汽车大大地方便了公众的绿色出行。新能源电动汽车的核心部件是电动机，如图所示中能说明电动机工作原理的实验装置是( )
A. B.
C. D.
5. 某家用电动食品粉碎机有两个开关S1、S2，要合上开关S1，而且要用力下压盖子(会闭合开关S2)，粉碎机才会工作。下列原理图中符合上述要求的是( )
A.
B.
C.
D.
6. 自新型冠状病毒防控工作开展以来，全国多地启用无人机对公共场所进行空中巡视、空中喊话宣传等助力疫情的防控工作，有效降低了病毒传播。如图所示是无人机工作时的情景，下列分析正确的是( )
A. 无人机在空中向上飞行时，相对于地面是静止的
B. 无人机加速运动时，惯性会增大
C. 减速的无人机运动状态一定改变，但匀速圆周运动的无人机运动状态没有改变
D. 无人机直立栖息在树枝上时，树枝对无人机的支持力和无人机对树枝的压力是一对相互作用力
7. 如图甲所示电路中，灯泡L额定电压为6V，滑动变阻器R上标有“40Ω1A”字样，电流表量程为0∼3A。当S闭合时，移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻为其总电阻的14时，灯泡工正常发光，灯泡的IU图象如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 灯泡正常发光时的电阻为5Ω
B. 电源电压为10V
C. 灯泡正常发光时电路总功率为7.4W
D. 用定值电阻R0替换灯泡L，保证在移动滑动变阻器滑片过程中电压表示数的最大值都会出现4V，则R0的取值范围为4Ω∼20Ω
8. 如图甲有一底面积为200cm2的容器放置在水平地面上，里面装有3cm深的水，另一侧有边长分别为5cm、10cm的正方体A、B叠放，如图乙，将叠加体A、B按现有状态竖直放入到容器中(图中未画出)，待稳定后，同时沿竖直方向切去A、B各自总体积相同比例，B对容器底部的压强变为未切去时的2倍，则切去部分的体积与未切去之前的总体积之比为(已知ρA=2×103kg/m3，ρB=0.6×103kg/m3)( )
A. 1：4 B. 5：7 C. 5：3 D. 2：1
9. 唐代诗人李白的诗句“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”中，“玉笛声”是由于笛子的______而产生的，“散入春风”由物理知识可知笛声是通过______传播的。
10. 1644年，伽利略的学生______ 及其同伴通过实验第一次测出了大气压强的大小。大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，大气压强就越______ (选填“大”或“小”)。
11. 中国是世界第一产氢大国，发展氢能具有较好的条件，且目前我国氢能发展较快，在全球新投资的氢能项目中占比较高，发展潜力较大。小越所在的物理兴趣小组用氢能源给40kg的水加热，同时他们绘制了如图所示的水温随时间变化的图像，若在4min内完全燃烧了0.1kg的氢气，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，氢气的热值约为1.4×108J/kg，则经过4min时间加热，水所吸收的热量为______ J；烧水时的热效率约为______ 。
12. 如图所示，在4N的拉力F作用下，质量为2kg的物体A，以0.2m/s的速度匀速移动了0.4m，地面对物体A的摩擦力为物体A重力的0.3倍，不计滑轮重及滑轮与绳之间的摩擦，则拉力所做的功是______ J；动滑轮的机械效率为______ 。
13. 如图甲所示电路，滑动变阻器铭牌上标有“？1A”，电流表所用量程为0∼3A，两个电压表量程均为0∼15V，当只闭合开关S时，滑动变阻器的滑片自最右端逐渐向左调节直至灯泡正常发光，电流表与两电压表示数变化如图乙所示，则灯泡的额定功率为______ W；当滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍时，滑动变阻器与灯泡的电功率恰好相等。闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，电流表示数为0.48A。若任意闭合开关，保证电路中有电流且电路安全，则整个电路的最大功率与最小功率的比值为______ 。
14. 如图所示，一束光线射向凹透镜，请在图中画出折射光线。
15. 请根据如图所示，用箭头标注A点磁感线的方向。
16. 小敏同学在探究液体沸腾实验中，用完全相同的加热方式(如图1甲所示)同时对物质A(150g水)、物质B(200g色拉油)、物质C(200g水)进行加热，直至沸腾，并根据实验数据绘制出如图2乙所示的温度随时间变化图象(c色拉油
②液体沸腾后，撤去酒精灯，液体______ (选填“会”或“不会”)立即停止沸腾。
(2)大川同学利用如图2所示的装置探究凸透镜成像的规律，已知凸透镜的焦距是20cm.
①点燃蜡烛后，应调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心在______ 上；
②将实验器材按如图2甲所示的位置放置后，应用此规律工作的是______ (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)；
③2021年12月9日“天宫课堂”中，航天员王亚平为大家直播演示“神奇的太空小水球”实验，如图2乙图所示是通过水球成______ (选填“实”或“虚”)像的瞬间。
17. 小明同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，如图所示，用到以下器材：额定电压为2.5V的待测小灯泡L1、滑动变阻器R1“50Ω0.5A”、R2“100Ω1A”、R3“800Ω1.5A”各一个、电流表(0∼0.6A、0∼3A)、电压表(0∼3V、0∼15V)、学生电源(电压恒为6V)、开关、导线若干。
(1)用笔画线代替导线将图甲的实物电路补充完整(要求滑片右移灯泡变暗，且导线不交叉)；
(2)连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表示数均为0，经检查电表完好，则故障可能是______；
A.小灯泡断路
B.小灯泡短路
C.滑动变阻器断路
D.滑动变阻器短路
(3)故障排除后，小明移动滑片P，当电压表的示数为2V时，滑动变阻器应向______(选填“左”或“右”)移动；使电压表的示数达到额定电压，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______W。
(4)小明根据实验中获得的6组数据绘制的小灯泡的“I-U”图象如图丙所示，则本实验中小明对滑动变阻器的最佳选择是______(选填“R1”、“R2”或“R3”)。由图象可知小灯泡的电阻随温度的升高而______(选填“增大”、“不变”或“减少”)；
(5)若实验时调节灯泡L1正常发光后，小明再用标有“2V？A”的小灯泡L2替换L1，再次调节滑动变阻器让L2正常发光，若前后两次L1与L2的功率差△PL与滑动变阻器的功率差△P滑相等，则L2的额定功率为______W；
(6)完成上述试验后，小明又找来10Ω、15Ω、20Ω的电阻各一个，重新选择仪器和量程并设计好电路，准备探究“电流与电阻的关系”的实验，他将定值电阻的控制电压设定为2V，接入电阻后，发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的的指针都无法准确指在2V的刻度线上，发生这种现象的原因可能为______。
A.控制电压为2V太低
B.电源电压为6V太高
C.选择了R3接入电路进行实验
18. 在教师引导下，桦桦学会了测量固体密度和液体密度的常规方法，有着强烈好奇心的她邀请同桌婷婷一起尝试测量两种未知液体的密度，她们的实验步骤如下：
(1)桦桦将天平放在______工作台上，调节天平平衡后才发现游码未归零，将游码重新归零后，应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，才能使天平再次平衡；
(2)调好天平后，桦桦利用石块测量未知液体的密度(已知石块密度为3g/cm3)。
①将石块放在天平______盘，向另一盘中加减砝码并移动游码，天平再次平衡，平衡时砝码和游码如图甲所示，石块的质量为______ g，求得石块的体积为______m3；
②如图乙所示，将石块轻轻放人装有适量液体的烧杯中，再用天平称量m乙=80g，在液面处标记H；
③将石块取出，添加该液体至标记H处，用天平测得质量为m丙=63.8g，如图丙所示。则该液体的密度为______kg/m3；
(3)婷婷还想用台秤、烧杯和同材料的石块圆柱体测量另一未知液体的密度ρ，测量步骤如图丁所示(已知水的密度为ρ水)；
①将圆柱体的一半浸入水中，记下台秤的示数为m1；
②将圆柱体全部没入水中，记下台秤的示数为m2；
③将圆柱体从水中取出，擦干后全部浸入与水等质量的未知液体中，记下台秤的示数m3；
④未知液体的密度ρ=______(用m1、m2、m3、ρ水表示)；
(4)爱思考的小莉同学提出，如图丁所示，如果其他器材不变，仅将台秤换成了弹簧测力计，此时，该实验可以测出哪些物理量？______(写出一个即可)。
19. 如图所示，电动自行车以其轻便、经济、环保倍受消费者青睐，某型号电动自行车的主要技术参数如表所示，请求解：
(1)小明质量为60kg，骑上电动自行车在水平路面行驶时两轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，那么此时车对地面的压强多大？
(2)在某平直路段上，电动自行车以额定功率匀速行驶时，受到的阻力为40N，若行驶速度为7m/s，则10s内牵引力对自行车所做的功是多少J？
型号
TDR0178Z
无刷电机
48V
整车质量
80kg
外包尺寸
1860mm×530mm×1050mm
20. 学校科技节时，某同学设计了一种小鸟孵化器的电路模型，如图所示。在一般情况下，只需灯光照明，气温较低时，就需要发热电阻丝加热。电源电压为60V，R1为定值电阻，R2为发热电阻丝改成的滑动变阻器，其上标有“60Ω3A”的字样，电流表A1的量程为0∼0.6A，电流表A2的量程为0∼3A，灯泡L标有“12V3.6W”的字样。求：
(1)灯泡正常发光时的电流为多大？
(2)若只闭合开关S，灯泡恰好能正常发光，则电阻R1的阻值为多大？
(3)开关S、S1、S2均闭合时，保证电路安全的情况下，滑动变阻器R2允许消耗的电功率的范围是多少？
21. 小明在实验室模拟研究浮箱种植的情境。他将重力为10N、底面积为200cm2的薄壁柱形容器置于水平桌面上，A是边长为10cm密度均匀的正方体浮箱模型，通过一根长为5cm的细线连接着底面积为25cm2的柱形物体B，先将A、B两物体叠放在容器中央，物体B未与容器底紧密接触，然后缓慢向容器中注水，注水过程中正方体A一直保持竖直状态。当水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，如图甲所示，此时物体B对容器底的压力为1.7N；继续向容器中注水，整个注水过程中正方体A所受浮力F与水的深度h的关系图像如图乙所示，水未溢出。(细线不可伸长，且质量、体积不计)求：
(1)图甲所示水对容器底的压强；
(2)物体B的密度；
(3)当注水深度为16cm时，容器对水平桌面的压力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生体重约为500N，故A错误；
B、人感觉舒适的环境温度约为25℃，故B错误；
C、电饭煲正常工作时功率约为800W，符合实际，故C正确；
D、人体的安全电压不高于36V，故D错误。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：A.树荫下的“亮斑”是光的直线传播现象，故A正确；
B、菜园坝大桥的“倒影”，是由光的反射形成的，故B错误；
C、小鸟追车“照相”，属于折射现象，故C错误；
D、雨后的“彩虹”是光的色散，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
灯台下方射出的光透过平板，部分受到沙子的阻挡，形成明暗对比，呈现出一幅栩栩如生的画面，该现象的形成原因是光在同种均匀介质中沿直线传播。
本题考查光沿直线传播的应用，属于基础题。
3.【答案】C
【解析】解：A、吃火锅时冒出来的热气是小水珠，是由水蒸气遇冷液化而成的，故A错误；
B、由于食用油的沸点比较高，所以麻花在食用油里面炸的金黄，故B错误；
C、香嫩酥脆的烤鸭内能的增加是通过热传递的方式实现的，故C正确；
D、露出馅的汤包香气四溢，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：C。
(1)物质由气态变为液态叫作液化；
(2)食用油的沸点高，所以炸出来的东西金黄；
(3)改变物体内能的方法有两个：做功和热传递；
(4)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这就是扩散现象。
考查了与热学有关的几个基本的知识点，难度不大，注意了与实际例子的联系，值得我们关注。
4.【答案】B
【解析】解：A.图示是奥斯特实验装置，表明电流周围存在磁场，故A不符合题意；
B.图示是通电导体在磁场中受力运动的实验装置，在此装置中电路中消耗的电能转化为导体的机械能，是电动机工作原理的实验装置，故B符合题意；
C.图示是电磁感应实验装置，这是发电机工作原理实验装置，故C不符合题意；
D.图示是电磁继电器的工作原理图，故D不符合题意。
故选：B。
(1)A选项是奥斯特实验装置，说明通电导体周围存在磁场；
(2)B选项是电动机工作原理的实验装置，说明通电导线在磁场中受到力的作用；
(3)C选项是电磁感应实验装置，是发电机工作原理的实验装置；
(4)D选项是电磁继电器的工作原理图。
本题考查了电磁学部分常见的几种实验装置，要求准确判断每种装置的实验目的和应用。
5.【答案】C
【解析】解：据题意可知，开关S1、S2都闭合，粉碎机才工作，因此S1、S2与电动机串联，其中注意开关与火线相连，故C正确。
故选：C。
家庭电路连接为电路一端接火线，一端接零线，由于题目中说明开关S1、S2都闭合，粉碎机才工作，因此S1、S2与电动机串联，其中注意开关与火线相连。
根据开关对用电器的控制情况判断出开关的连接情况是解决该题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：
A、无人机在空中向上飞行时，相对于地面的位置不断发生变化，故是运动的，故A错误；
B、无人机加速运动时，质量不变，所以惯性大小不变，故B错误；
C、减速的无人机，速度减小，运动状态一定改变，匀速圆周运动的无人机，运动方向不断变化，所以其运动状态也发生改变，故C错误；
D、无人机直立栖息在树枝上时，树枝对无人机的支持力和无人机对树枝的压力同时作用在无人机和树枝上，符合相互作用力的条件，所以是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系；
(3)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变；
(4)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查运动和静止的相对性、平衡力和相互作用力的区分、牛物体运动状态变化的判断以及惯性的影响因素，属于综合性题目。
7.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，灯L与滑动变阻器R串联，电压表V测灯泡两端电压，电流表测电路中的电流；
A、灯泡L额定电压为6V，由图乙可知灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.6A，所以由I=可知，灯泡正常发光时的电阻：RL=ULIL=6V0.6A=10Ω，故A错误；
B、当S闭合时，移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻为其总电阻的14时，灯泡L正常发光，则此时滑动变阻器接入电路的阻值：R'=14R=14×40Ω=10Ω，
因串联电路处处电流相等，所以电路电流：I=IL=0.6A，
因串联电路两端总电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=UL+IR'=6V+0.6A×10Ω=12V，故B错误；
C、灯泡正常发光时电路总功率：P=UI=12V×0.6A=7.2W，故C错误；
D、由电路图可知，用定值电阻R0替换灯泡L，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R0两端电压；
要求移动变阻器的滑片P，使电压表V的示数最大值达到4V，
已知电源电压为12V，且串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压的最小值：U小=U-UV=12V-4V=8V，
因串联电路中处处电流相等，所以U0R0=U滑R滑，化简可得：U0R0=U滑R滑=4V8V=12；
①由于电流表量程为0∼3A，变阻器允许通过的最大电流为1A，故电路中允许通过的最大电流为1A，则电路中的最小电阻：R串小=UI大=12V1A=12Ω，
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以定值最电阻最小值：R0小=11+2×12Ω=4Ω；
②当变阻器连入电路中的电阻最大为40Ω，定值最电阻有最大值，
由R0R滑=12可得，定值最电阻有最大值：R0大=12R滑大=12×40Ω=20Ω；
故保证在移动滑动变阻器滑片过程中电压表示数的最大值都会出现4V.R0的取值范围为4Ω∼20Ω，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯L与滑动变阻器R串联，电压表V测灯泡两端电压，电流表测电路中的电流；
(1)已知灯泡的额定电压，根据图乙读出灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)当S闭合时，移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻为其总电阻的14时，灯泡L正常发光，据此求出滑动变阻器接入电路的阻值，根据串联电路电流、电压规律和欧姆定律求出电源电压；
(3)根据P=UI求出灯泡正常发光时电路的总功率；
(4)由电路图可知，用定值电阻R0替换灯泡L，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，根据电压表示数的最大值和串联电路电压规律求出滑动变阻器两端的最小电压，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出定值电阻R0与变阻器连入电路电阻的阻值之比；
①根据电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路最大电流，根据欧姆定律求出电路最小总电阻，再根据串联电路电阻规律和定值电阻与滑动变阻器接入电路的阻值之比求出定值最电阻最小值；
②当变阻器连入电路中的电阻最大为40Ω，结合定值电阻R0与变阻器连入电路中的电阻之比求出定值最电阻有最大值，从而确定R0的取值范围。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，难点是D选项，关键是根据题目条件确定电压表V的最大示数为4V时，根据串联电路的特点和欧姆定律求出定值电阻R0与变阻器连入电路中的电阻的比值。
8.【答案】B
【解析】解：B的底面积：SB=(10cm)2=100cm2=1×10-2m2，
容器的底面积：S容=200cm2=2×10-2m2，
因B的底面积刚好是容器底面积的二分之一，所以将叠加体A、B按现有状态竖直放入到容器中时，水的深度为原来的两倍，即
h=6cm<10cm，故放入水中的A和B不会浸没，此时排开液体的体积：V排=SBh=1×10-2m2×0.06m=6×10-4m3，
B受到的浮力：F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×6×10-4m3×10N/kg=6N，
A和B的总重力：G总=ρAVAg+ρBVBg=2×103kg/m3×1.25×10-4m3×10N/kg+0.6×103kg/m3×1000×10-6m3×10N/kg=8.5N，
可知A和B对容器底的压强为：p=FSB=G总-F浮SB=8.5N-6N100×10-4m2=250Pa，
沿竖直方向切去A、B各自总体积相同比例，B对容器底部的压强变为未切去时的2倍，则此时B对容器底的压强：p'=2p=2×250Pa=500Pa，
容器中的水的体积：V水=S容h0=200cm2×3cm=600cm3，
设竖直切去部分后，剩余部分的A和B的体积分别为kVA和kVB，设此时B浸入水中高度变为h'，因B切去一部分后排开的水的体积减少，则水面会下降，此时水的体积：
V水=(S容-SB剩)×h'=(S容-kVBhB)×h'，
两种情况下容器中水的体积不变，代入数据得：
(200cm2-k×1000cm310cm)×h'=600cm3，
化简得：h'=600200-100kcm=0.62-km，
此时B受到的浮力：
F浮'=ρ水kSBh'g=ρ水kSB⋅0.62-kg，
此时B对容器底部的压强：
p'=kGA+kGB-ρ水kSB×0.62-kkSB=500Pa，代入数据解得，k=27，
则切去部分与总体积的比值：则切去部分与总体积的比值：(1-k)V总V总=(1-27)V总V总=57。
故B正确，ACD错误。
故选：B。
根据面积公式求出B的底面积，因B的底面积刚好是容器底面积的二分之一，所以将叠加体A、B按现有状态竖直放入到容器中时，水的深度为原来的两倍，据此求出此时水的深度，进而判断出放入水中的A和B不会浸没，根据体积公式求出此时物体排开液体的体积，根据阿基米德原理求出B受到的浮力，根据G=mg=ρVg求出A、B的总重力，根据力的平衡条件和p=FS求出A和B对容器底的压强，进而求出沿竖直方向切去A、B各自总体积相同比例后B对容器底的压强；根据体积公式求出容器中水的体积，设竖直切去部分后，剩余部分的A和B的体积分别为kVA和kVB，设此时B浸入水中高度变为h'，因B切去一部分后排开的水的体积减少，则水面会下降，根据体积公式表示出此时水的体积，进而表示出此时B浸入水中高度，根据体积公式和阿基米德原理表示出此时B受到的浮力，此时B对容器底部的压力大小等于剩余的A、B的重力减去B受到的浮力，根据p=FS表示出此时B对容器底部的压强，解方程求出k，进而求出切去部分的体积与未切去之前的总体积之比。
本题考查压强定义式、密度公式、重力公式、阿基米德原理的应用，难度较大。
9.【答案】空气柱振动 空气
【解析】解：声音是由物体振动产生的，“玉笛声”是由于笛子的空气柱振动产生的；
“散入春风”由物理知识可知笛声是通过空气传播的。
故答案为：空气柱振动；空气。
声音都是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体和气体中传播。
本题考查了对声音的产生和传播的理解，属于基础题，难度不大。
10.【答案】托里拆利 小
【解析】解：第一次测量出大气压值的是托里拆利做的托里拆利实验；海拔与气压关系为，海拔越高，气压越小。
故答案为：托里拆利；小。
记住关于大气压的两个著名实验，第一次证明大气压存在的是马德堡半球实验；第一次测量出大气压值的是托里拆利实验，同时知道海拔越高，气压越低。
此题考查了，第一次测量大气压的实验，影响气压的因素，属于必须记忆的知识点。
11.【答案】8.4×106 60%
【解析】解：水所吸收的热量：
Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×40kg×(70℃-20℃)=8.4×106J；
氢完全燃烧产生的热量：
Q放=m'q=0.1kg×1.4×108J/kg=1.4×107J；
烧水时的热效率：
η=Q吸Q放×100%=8.4×106J1.4×107J×100%=60%。
故答案为：8.4×106；60%。
由图可知加热4min水的温度变化，利用Q吸=cm(t-t0)计算出水吸收的热量；利用Q放=m'q计算出氢完全燃烧放出的热量；利用效率公式计算出烧水的热效率。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
12.【答案】3.275%
【解析】解：(1)由图可知，使用的是动滑轮，n=2，拉力端移动的距离：s=2s物=2×0.4m=0.8m，
拉力F所做的功：W总=Fs=4N×0.8m=3.2J；
(2)物体的重力：G=mg=2kg×10N/kg=20N，
地面对物体A的摩擦力：f=0.3G=0.3×20N=6N，
动滑轮的机械效率：η=W有W总=fs物Fs=fs物F×ns物=f2F×100%=6N2×4N×100%=75%。
故答案为：3.2；75%。
(1)由图知，使用的是动滑轮，n=2，拉力端移动的距离等于物体移动距离的2倍，利用W=Fs求拉力做的功；
(2)先根据G=mg求出物体的重力，再根据地面对物体A的摩擦力为物体A重力的0.3倍求出摩擦力的大小，最后根据η=W有W总=fs物Fs=fs物F×ns物=fnF求出动滑轮的机械效率。
本题考查了水平使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，注意水平使用滑轮组，克服物体受到摩擦力做的功为有用功，易错点！
13.【答案】3 65：8
【解析】解：(1)只闭合开关S，滑动变阻器与小灯泡串联，电压表V1测小灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测量电路中的电流，
当滑片由最右端向左调节时，接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻减小，由I=UR可知，电路中的电流增大，
由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，灯泡两端的电压变大，所以，
电压表V1的示数是随电流的增大而变大，电压表V2的示数是随电流的增大而变小；
当灯泡正常发光时，滑动变阻器连入阻值为最大阻值的0.2倍，此时电路中的电流最大，由图像乙可知，灯泡两端的电压为6V，电路中的电流I最大=0.5A，
则灯泡的额定功率为：P额=ULI最大=6V×0.5A=3W；
(2)当只闭合开关S、滑动变阻器滑片在最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图乙可知，此时灯泡两端的电压UL小=1V，电路中的电流最小为I最小=0.16A，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和和欧姆定律可得：
电源电压：U=UL小+I最小R1大=1V+0.16A×R1大--------------①
当滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍时，电路中的电流为0.45A，
由于滑动变阻器与灯泡的电功率恰好相等，则滑动变阻器两端电压与灯泡两端的电压相等，即：UL'=U1'，
根据根据串联电路的分压特点可知：RL'=R1'=0.2R1大，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和和欧姆定律可得：
电源电压：U=I'(RL'+R1')=0.45A×(0.2R1大+0.2R1大)=0.45A×0.4R1大--------------②
解①②可得：U=9V，R1大=50Ω；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，灯泡被短路，R1与R2并联，电流表测量干路电流，
通过R1的电流为：I1=UR1=9V50Ω=0.18A，
根据并联电路的干路电流等于各支路电流之和可得：
通过R2的电流为：I2=I-I1=0.48A-0.18A=0.3A，
根据I=UR可得：R2=UI2=9V0.3A=30Ω；
由于电压表的量程为0∼15V，则当只闭合开关S时，滑动变阻器滑片在最右端时，滑动变阻器的最大阻值与小灯泡串联，此时电路的总电阻最大，电路的总功率最小，
由图乙可知此时电路中的最小电流I最小=0.16A，
则电路中的最小功率P小=UI最小=9V×0.16A=1.44W；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，滑动变阻器的最大阻值和R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，通过R2的电流为I2=0.3A不变，
由滑动变阻器的铭牌可知，通过由于滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，且电流表的量程为3A，
所以，干路的最大电流为：I最大=I2+I1大=0.3A+1A=1.3A；
此时电路的总功率最大，则电路的最大功率：P大=UI大=9V×1.3A=11.7W，
则整个电路最大功率与最小功率的比值为：P大：P小=11.7W：1.44W=65：8。
故答案为：3；65：8。
(1)当只闭合开关S时，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测小灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测量电路中的电流，
滑动变阻器的滑片自最右端逐渐向左调节，电路中电流变大，当灯泡正常发光时，电路中电流最大，由图像乙可知电流最大时灯泡两端的电压和最大电流值，利用P=UI即可求出灯泡的额定功率；
(2)当只闭合开关S、滑动变阻器滑片在最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出此时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点和P=UI表示出滑动变阻器两端的电压；当滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍时，由于滑动变阻器与灯泡的电功率恰好相等，根据P=UI可知滑动变阻器两端的电压和灯泡两端的电压相等，据此根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源电压的等式，然后联立即可求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，灯泡被短路，R1与R2并联，电流表测量干路电流，根据欧姆定律和并联电路的特点求出R2的阻值；
当只闭合开关S时，滑动变阻器滑片在最右端时，滑动变阻器的最大阻值与小灯泡串联，此时电路的总电阻最大，电路的总功率最小，根据串联电路的特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用P=UI求出电路中的最小功率；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，滑动变阻器的最大阻值和R2并联，电流表测干路电流，根据滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，此时电路的总功率最大，利用P=UI求出电路的最大功率，最后求出整个电路最大功率与最小功率的比值。
本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息和分清电路的连接方式是关键。
14.【答案】解：根据延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴作出折射光线，如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜后传播方向不改变。
15.【答案】解：根据安培定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极，在磁体外部，磁感线从磁体N极出发，回到S极，据此作图如下：
故答案为：见上图。
【解析】(1)用右手握住螺线管，四指弯曲指向电流方向，大拇指所指即为通电螺线管的N极；
(2)在磁体外部，磁感线从磁体N极出发，回到S极。
此题考查了安培定则、磁感线及其特点，属基础题目。
16.【答案】b 不变 不会 同一高度 放大镜 实
【解析】解：(1)物质A和物质C都是水，沸点相同，物质B是色拉油与水沸点不同，由乙图可知，图线b和c末温相同，即沸点相同，所以它们是水，由于物质A(150g水)的质量比物质C(200g水)少，加热到相同温度物质A所需时间比物质B短，故图线b为物质A的温度随时间变化图线；由乙图可知，在沸腾的过程中，液体的温度达到沸点，温度保持不变；液体沸腾需要满足以下条件：①温度达到沸点，②要吸热，液体沸腾后，温度达到沸点，若撤去酒精灯，液体可以从石棉网吸热，故不会立即停止沸腾。
(2)①点燃蜡烛后，为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心大致在同一高度上；
②将实验器材按如图甲所示的位置放置后，由图可知，光具座的分度值是1cm，物距u=15.0cm，物距小于焦距，此时成正立放大的虚像，应用此规律工作的是放大镜；
③航天员王亚平为大家直播演示“神奇的太空小水球”实验，如图乙所示通过水球成的是倒立的像，所以是实像。
故答案为：(1)①b；不变；②不会；(2)①同一高度；②放大镜；③实。
(1)b、c对应的两种物质沸点相同，由此判断b、c对应物质甲和物质丙，甲的质量比丙小，加热到沸腾需要的时间比丙短，故图乙中b是甲的温度随时间变化的图线，c是丙的温度随时间变化的图线，a是乙的温度随时间变化的图线，液体沸腾特点：继续吸热，温度不变；液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是继续吸热，若在水沸腾后拿走酒精灯，石棉网的余温高于水的沸点，据此分析。
(2)为了使像成在光屏中央，必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上；凸透镜成像时，当u
17.【答案】C 左 0.75R2 增大 0.3C
【解析】解：(1)滑片右移灯泡变暗，即电流变小，电阻变大，故滑动变阻器以左下接线柱连入电路中，灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：
(2)A.若小灯泡断路，电流表无示数，则电压表串联在电路中，电压表与电源连通，电压表有示数，故A不符合题意；
B.若小灯泡短路，电路为通路，电流表有示数，电压表无示数，故B不符合题意；
C.若滑动变阻器断路，整个电路断路，两电表都没示数，故C符合题意；
D.若滑动变阻器短路，电路为通路，电压表、电流表示数较大，故D不符合题意；
故选：C。
(3)灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；
此时电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.3A，
则小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)根据绘制的小灯泡的“I-U”图象如图丙知，当电压为0.5V时，电流为0.1A，根据串联电路的电压规律和欧姆定律，
此时变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=U-U1I1=6V-0.5V0.1A=55Ω，故滑动变阻器的最佳选择是R2；
由图丙知，当电压为1V、2V、3V时，对应的电流分别为0.2A、0.3A、0.35A，由欧姆定律的变形公式R=UI，灯的电阻分别为：5Ω、6.67Ω、8.57Ω，即小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
(5)小灯泡L1正常发光时的电功率0.75W，
此时滑动变阻器的电功率：
P滑1=U滑1I=(6V-2.5V)×0.3A=1.05W；
L2正常发光时，则△PL=△P滑
即0.75W-2VI'=1.05W-(6V-4V)×I'，
解得：I'=0.15A，
所以L2的额定功率为：
P2=U2I'=2V×0.15A=0.3W；
(6)探究“电流与电阻的关系”的实验中，保持定值电阻两端的电压为2V，因为电源电压为6V，所以滑动变阻器两端电压为4V，根据串联电路电压的规律，即R定R滑=U定U滑=2V4V=12所以当分别将10Ω、15Ω、20Ω的电阻接入电路时，滑动变阻器接入电路的阻值分别是20Ω、30Ω、40Ω，理论上三个滑动变阻器均能满足要求，可以使定值电阻的控制电压达到2V.但发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的的指针都无法准确指在2V的刻度线上，可能是因为选择了R3接入电路进行实验，因为R3的最大电阻为800Ω，在调节时，很容易滑过头，难保证刚好分担电压4V，故C正确。
故选C。
故答案为：(1)见上图；(2)C；(3)左；0.75；(4)R2；增大；(5)0.3；(6)C。
(1)根据滑片右移灯泡变暗确定变阻器的连接，根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用的量程与灯并联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据此时电流表选用的量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡的额定功率；
(4)根据小灯泡的“I-U”图象，根据串联电路的电压规律和欧姆定律得了变阻器连入电路中的电阻确定选用的滑动变阻器；
由欧姆定律分别求出当电压为1V、2V、3V时灯的电阻，分析得出结论；
(5)根据小灯泡L1正常发光时的电压和电流，由串联电路电压、电流的规律以及P=UI算出此时滑动变阻器的电功率，
根据“L2正常发光时，则△PL=△P滑”列等式算出小灯泡L2正常发光的电流，最后由P2=U2I'算出L2的额定功率；
(6)探究“电流与电阻的关系”的实验中，保持定值电阻两端的电压为2V，根据电源电压和串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端电压，根据串联电路电压的规律，即R定R滑=U定U滑=2V4V=12算出当分别将10Ω、15Ω、20Ω的电阻接入电路时滑动变阻器接入电路的阻值，进而判断出能符合要求的滑动变阻器；但发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的的指针都无法准确指在2V的刻度线上，可能是滑动变阻器的电阻太大了。
本题测量小灯泡电功率，考查电路的连接、故障分析、操作过程、器材选择、影响电阻的因素，也考查了研究电流与电阻关系实验中对实验的要求。难度较大。
18.【答案】水平 右 左 279×10-6 1.2×103 m3+m2-2m12(m2-m1)⋅ρ水 圆柱体密度
【解析】解：(1)使用天平测量物体质量时，应将天平放在水平作台上；
调节天平平衡后才发现游码未归零，应将游码重新归零，可判断此时指针指向右侧，故应将平衡螺母向左调节，才能使天平再次平衡；
(2)在称量时，左盘放物体，右盘放砝码，所以应将石块放在天平左盘中，向另一盘中加减砝码并移动游码，天平再次平衡；
石块的质量为：m=20g+5g+2g=27g，
根据密度公式ρ=mV知石块的体积为：
V石=m石ρ石=27g3g/cm3=9cm3=9×10-6m3；
加入液体的体积等于石块的体积，则在乙中，液体的质量为：m液=m乙-m石=80g-27g=53g，
丙中加入液体的质量为：
Δm液=m丙-m液=63.8g-53g=10.8g，
该液体的密度为：
ρ液=Δm液V石=10.8g9cm3=1.2g/cm3=1.2×103kg/m3；
(3)圆柱体完全浸没时，在水中受到的浮力为：F浮=G排=2(m2-m1)g，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知圆柱体的体积为：
V排=F浮ρ水g=2(m2-m1)gρ水g=2(m2-m1)ρ水，
在未知液体中受到浮力为：
F液浮=G液排={m3-[m1-(m2-m1)]}g=(m3+m2-2m1)g，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知未知液体的密度为：
ρ液=F浮gV排=(m3+m2-2m1)ggV排=m3+m2-2m12(m2-m1)ρ水=m3+m2-2m12(m2-m1)⋅ρ水；
(4)用弹簧测力计可以测出圆柱体的重力，由称重法算出圆柱体在水中受到的浮力，根据阿基米德原理算出圆柱体的体积，由密度公式算出圆柱体的密度。
故答案为：(1)水平；右；(2)左；27；9×10-6；1.2×103；(3)m3+m2-2m12(m2-m1)⋅ρ水；(4)圆柱体密度。
(1)天平使用时应放在水平台面上，调节天平平衡后才发现游码未归零，将游码重新归零后，左盘质量偏大，指针将偏左，因此，将游码调到标尺的零刻度线处，再将平衡螺母向右调节；
(2)①左盘放物体，右盘放砝码；
由图甲知，石块的质量等于砝码的质量加游码的示数之和；根据密度公式得出石块的体积；
③因为添加该液体至标记H处，所以添加的液体体积与石块的体积相等，进而得出液体的体积，根据m=m乙-m石可得适量液体和烧杯总质量，再由m液=m丙-m可得添加至标记至H的液体质量，根据密度公式得出该液体的密度；
(3)根据增加的浮力等于增加的压力，圆柱体从一半浸没在水中到全部浸没在水中，根据ΔF浮=ΔF压=(m2-m1)g得出浮力增加量，根据阿基米德原理得出排开水的体积增加量，进而得出圆柱体的体积，圆柱体从一半浸入水中到全部浸没在水中，根据Δm=m2-m1得出台秤示数增加量，所以圆柱体未浸入前，根据m总=m1-Δm=m1-(m2-m1)=2m1-m2得出容器中水与容器的总质量，根据m总'=m总=2m1-m2得出未知液体与容器的总质量，将圆柱体全部浸入与水等质量的未知液体中，根据△m'=m3-m总'=m3-(2m1-m2)=m3-2m1+m2得出台秤示数增加量，根据F浮'=ΔF压'=Δm'g=(m3-2m1+m2)g得出此时圆柱体全部浸没在未知液体中受到的浮力等于增加的压力，根据阿基米德原理得出未知液体的密度；
(4)用弹簧测力计可以测出圆柱体的重力，算出圆柱体在水中受到的浮力，从而计算出圆柱体的密度。
本题为液体密度测量的实验，考查天平的使用、密度计算、误差分析、实验步骤等知识。
19.【答案】解：(1)由题意可知，人和车的总质量为：
m总=m人+m车=60kg+80kg=140kg，
则人和车的总重力为：
G总=m总g=140kg×10N/kg=1400N，
由受力分析可得，骑上电动自行车在水平路面行驶时，自行车对水平路面的压力F压等于人和车的总重力G总，即F压=G总=1400N，
则车对地面的压强为：
p=F压S=1400N0.01m2=1.4×105Pa；
(2)由题意可知，自行车的行驶速度为v=7m/s，则10s内行驶的距离为s=vt=7m/s×10s=70m，
电动自行车以额定功率匀速行驶时，受到的阻力为f=40N，此时车处于受力平衡状态，则由二力平衡可知，自行车的牵引力为：F=f=40N，
故由W=Fs可得，10s内牵引力对自行车所做的功为：W=Fs=40N×70m=2800J，
答：(1)此时车对地面的压强为1.4×105Pa；
(2)10s内牵引力对自行车所做的功为2800J。
【解析】(1)骑行时，电动车对地面的压力等于人和车的总重力，利用G=mg求出，还知道轮胎与地面的接触面积，根据公式p=FS可求车对地面的压强；
(2)已知行驶的速度和时间，根据公式s=vt可求通过的路程，再根据公式W=Fs可求动力对自行车做的功。
本题考查电动车的有关问题，关键知道在水平地面上，物体对地面的压力等于物体自身的重力；要学会从题目信息中找到有用的数据。
20.【答案】解：
(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，由P=UI可得灯泡正常工作电流：
I=P额U额=3.6W12V=0.3A；
(2)由图知，当闭合S，断开S1、S2，R1与L串联，灯泡正常工作，
由串联电路电流特点知通过R1的电流：
I1=I=0.3A，
由串联电路电压特点知R1两端电压：
U1=U-UL=60V-12V=48V，
由欧姆定律可得R1的阻值：
R1=U1I1=48V0.3A=160Ω；
(3)由图知，S、S1、S2均闭合时，R1与R2并联，电流表A2测干路电流，由题意可知，当滑动变阻器R2=60Ω时消耗的电功率最小；P2最小=U2R2=(60V)260Ω=60W；
由并联电路特点知，U=U1'=U2=60V，
由欧姆定律可得通过R1的电流：
I1'=UR1=60V160Ω=0.375A，
因为电流表A2的量程为0∼3A，所以通过R2的最大电流：
I2=IA2-I1'=3A-0.375A=2.625A，
所以R2上消耗电功率的最大值：
P2最大=UI2=60V×2.625A=157.5W。
答：(1)灯泡正常工作时的电流是0.3A；
(2)R1的阻值为160Ω。
(3)开关S、S1、S2均闭合时，保证电路安全的情况下，滑动变阻器R2允许消耗的电功率的范围是60W-157.5W。
【解析】(1)由P=UI计算灯泡正常工作时的电流；
(2)闭合S，断开S1、S2，R1与L串联，灯泡正常工作，由串联电路特点和欧姆定律计算R1的阻值。
(3)S、S1、S2均闭合时，R1与R2并联，根据电流表和R2规格可知通过其最大电流，由P=UI计算R2上消耗电功率的最大值。
本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，正确分析开关在不同状态下电路的连接情况是解题的关键。
21.【答案】解：(1)图甲所示水对容器底的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；
(2)由图乙可知，容器内水深度为4cm时，图象出现拐点，且此时A受到的浮力为0，说明此时水恰好接触A的下表面，即B的高度为：hB=4cm，
所以B的体积为：VB=SBhB=25cm2×4cm=100cm3，
水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，此时B受重力、支持力和浮力作用，
此时B受到的浮力为：F浮B=ρ水gV排B=ρ水gVB=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N，
此时容器底对物体B的支持力为：F支B=F压B=1.7N，
所以GB=F浮B+F支B=1N+1.7N=2.7N，
由G=mg=ρVg可得，物体B的密度为：
ρB=GBVBg=2.7N100×10-6m3×10N/kg=2.7×103kg/m3；
(3)由图乙可知，当容器内水深度为h1时，图象出现拐点，且随后注水一段时间内A受到的浮力保持不变，说明这段时间内A处于漂浮状态，
则GA=F=6N，
当容器内水深度大于h2时，正方体A所受浮力又保持F1不变，说明此时A、B整体恰好漂浮，A受重力、拉力和浮力作用，B受重力、拉力和浮力作用，
则绳对B的拉力为：T=GB-F浮B=2.7N-1N=1.7N，
则绳对A的拉力为：T'=F=1.7N，
所以A受到的浮力为：F浮A=GA+T'=6N+1.7N=7.7N，
由F浮=ρ水gV排可知，A排开水的体积为：
V排A=F浮Aρ水g=7.7N1.0×103kg/m3×10N/kg=7.7×10-4m3，
此时A浸入水中的深度为：hA=V排ASA=7.7×10-4m3(0.1m)2=0.077m=7.7cm，
则此时容器内水的深度为：h2=4cm+5cm+7.7cm=16.7cm，
所以当注水深度为16cm时，A、B整体仍处于沉底状态，
此时A浸入水中的深度为hA=16cm-4cm-5cm=7cm，
则此时容器内水的体积为：V水=S容h水-VB-VA浸=200cm2×16cm-100cm3-10cm×10cm×7cm=2400cm3=2.4×10-3m3，
则此时容器内水的重力为：G水=m水g=ρ水V水g=1.0×103kg/m3×2.4×10-3m3×10N/kg=24N，
所以容器对水平桌面的压力为：F压=GA+GB+G水+G容=6N+2.7N+24N+10N=42.7N。
答：(1)图甲所示水对容器底的压强为1200Pa；
(2)物体B的密度为2.7×103kg/m3；
(3)当注水深度为16cm时，容器对水平桌面的压力为42.7N。
【解析】(1)根据p=ρ水gh求出水对容器底的压强；
(2)由图乙可知，容器内水深度为4cm时，图象出现拐点，且此时A受到的浮力为0，说明此时水恰好接触A的下表面，即B的高度为：hB=4cm，从而可求出B的体积；水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，此时B受重力、支持力和浮力作用，因为根据F浮=ρ水gV排可求出此时B受到的浮力，根据力的相互作用可求出此时容器底对物体B的支持力，从而可求出B的重力，根据G=mg=ρVg可求出物体B的密度；
(3)由图乙可知，当容器内水深度为h1时，图象出现拐点，且随后注水一段时间内A受到的浮力保持不变，说明这段时间内A处于漂浮状态，则GA=F=6N，当容器内水深度大于h2时，正方体A所受浮力又保持F1不变，说明此时A、B整体恰好漂浮，A受重力、拉力和浮力作用，B受重力、拉力和浮力作用，根据平衡力和力的相互作用可求出A受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排可求出A排开水的体积，从而此时A浸入水中的深度和容器内水的深度，从而判断当注水深度为16cm时，A、B整体所处的状态，从而求出容器内水的重力，容器对水平桌面的压力等于容器、水、物体的重力之和，根据F压=GA+GB+G水+G容求出容器对水平桌面的压力。
本题考查了阿基米德原理、密度、压力、物体的沉浮条件的应用、液体压强等知识，灵活运用公式是解题的关键。
2023年重庆市忠县拔山片区中考物理联考试卷（4月份）
1. 下列有关物理量描述数据符合实际的是( )
A. 一位初三学生的重力约为50N B. 人感觉舒适的温度约为37℃
C. 电饭煲正常工作时功率约为800W D. 人体的安全电压是36V
2. 沙画是起源于我国的一种民间文化艺术，将沙子洒在平板灯台上做出各种造型，灯台下方射出的光受到沙子的阻挡后，呈现出各种画面。下列图中的光现象与沙画的光学原理相同的是( )
A. 树荫下的“亮斑”
B. 菜园坝大桥的“倒影”
C. 小鸟追车“照相”
D. 雨后的“彩虹”
3. 如图所示，中国的饮食文化蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是( )
A. 重庆——火锅，火锅里冒出的“热气”是汽化现象
B. 天津——麻花，麻花被炸得金黄是因为油的熔点高
C. 北京——烤鸭，香嫩酥脆的烤鸭内能的增加是通过热传递的方式实现的
D. 上海——汤包，露出馅的汤包香气四溢说明分子之间存在相互作用的斥力
4. 新能源电动汽车大大地方便了公众的绿色出行。新能源电动汽车的核心部件是电动机，如图所示中能说明电动机工作原理的实验装置是( )
A. B.
C. D.
5. 某家用电动食品粉碎机有两个开关S1、S2，要合上开关S1，而且要用力下压盖子(会闭合开关S2)，粉碎机才会工作。下列原理图中符合上述要求的是( )
A.
B.
C.
D.
6. 自新型冠状病毒防控工作开展以来，全国多地启用无人机对公共场所进行空中巡视、空中喊话宣传等助力疫情的防控工作，有效降低了病毒传播。如图所示是无人机工作时的情景，下列分析正确的是( )
A. 无人机在空中向上飞行时，相对于地面是静止的
B. 无人机加速运动时，惯性会增大
C. 减速的无人机运动状态一定改变，但匀速圆周运动的无人机运动状态没有改变
D. 无人机直立栖息在树枝上时，树枝对无人机的支持力和无人机对树枝的压力是一对相互作用力
7. 如图甲所示电路中，灯泡L额定电压为6V，滑动变阻器R上标有“40Ω1A”字样，电流表量程为0∼3A。当S闭合时，移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻为其总电阻的14时，灯泡工正常发光，灯泡的IU图象如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 灯泡正常发光时的电阻为5Ω
B. 电源电压为10V
C. 灯泡正常发光时电路总功率为7.4W
D. 用定值电阻R0替换灯泡L，保证在移动滑动变阻器滑片过程中电压表示数的最大值都会出现4V，则R0的取值范围为4Ω∼20Ω
8. 如图甲有一底面积为200cm2的容器放置在水平地面上，里面装有3cm深的水，另一侧有边长分别为5cm、10cm的正方体A、B叠放，如图乙，将叠加体A、B按现有状态竖直放入到容器中(图中未画出)，待稳定后，同时沿竖直方向切去A、B各自总体积相同比例，B对容器底部的压强变为未切去时的2倍，则切去部分的体积与未切去之前的总体积之比为(已知ρA=2×103kg/m3，ρB=0.6×103kg/m3)( )
A. 1：4 B. 5：7 C. 5：3 D. 2：1
9. 唐代诗人李白的诗句“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”中，“玉笛声”是由于笛子的______而产生的，“散入春风”由物理知识可知笛声是通过______传播的。
10. 1644年，伽利略的学生______ 及其同伴通过实验第一次测出了大气压强的大小。大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，大气压强就越______ (选填“大”或“小”)。
11. 中国是世界第一产氢大国，发展氢能具有较好的条件，且目前我国氢能发展较快，在全球新投资的氢能项目中占比较高，发展潜力较大。小越所在的物理兴趣小组用氢能源给40kg的水加热，同时他们绘制了如图所示的水温随时间变化的图像，若在4min内完全燃烧了0.1kg的氢气，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，氢气的热值约为1.4×108J/kg，则经过4min时间加热，水所吸收的热量为______ J；烧水时的热效率约为______ 。
12. 如图所示，在4N的拉力F作用下，质量为2kg的物体A，以0.2m/s的速度匀速移动了0.4m，地面对物体A的摩擦力为物体A重力的0.3倍，不计滑轮重及滑轮与绳之间的摩擦，则拉力所做的功是______ J；动滑轮的机械效率为______ 。
13. 如图甲所示电路，滑动变阻器铭牌上标有“？1A”，电流表所用量程为0∼3A，两个电压表量程均为0∼15V，当只闭合开关S时，滑动变阻器的滑片自最右端逐渐向左调节直至灯泡正常发光，电流表与两电压表示数变化如图乙所示，则灯泡的额定功率为______ W；当滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍时，滑动变阻器与灯泡的电功率恰好相等。闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，电流表示数为0.48A。若任意闭合开关，保证电路中有电流且电路安全，则整个电路的最大功率与最小功率的比值为______ 。
14. 如图所示，一束光线射向凹透镜，请在图中画出折射光线。
15. 请根据如图所示，用箭头标注A点磁感线的方向。
16. 小敏同学在探究液体沸腾实验中，用完全相同的加热方式(如图1甲所示)同时对物质A(150g水)、物质B(200g色拉油)、物质C(200g水)进行加热，直至沸腾，并根据实验数据绘制出如图2乙所示的温度随时间变化图象(c色拉油
②液体沸腾后，撤去酒精灯，液体______ (选填“会”或“不会”)立即停止沸腾。
(2)大川同学利用如图2所示的装置探究凸透镜成像的规律，已知凸透镜的焦距是20cm.
①点燃蜡烛后，应调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心在______ 上；
②将实验器材按如图2甲所示的位置放置后，应用此规律工作的是______ (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)；
③2021年12月9日“天宫课堂”中，航天员王亚平为大家直播演示“神奇的太空小水球”实验，如图2乙图所示是通过水球成______ (选填“实”或“虚”)像的瞬间。
17. 小明同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，如图所示，用到以下器材：额定电压为2.5V的待测小灯泡L1、滑动变阻器R1“50Ω0.5A”、R2“100Ω1A”、R3“800Ω1.5A”各一个、电流表(0∼0.6A、0∼3A)、电压表(0∼3V、0∼15V)、学生电源(电压恒为6V)、开关、导线若干。
(1)用笔画线代替导线将图甲的实物电路补充完整(要求滑片右移灯泡变暗，且导线不交叉)；
(2)连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表示数均为0，经检查电表完好，则故障可能是______；
A.小灯泡断路
B.小灯泡短路
C.滑动变阻器断路
D.滑动变阻器短路
(3)故障排除后，小明移动滑片P，当电压表的示数为2V时，滑动变阻器应向______(选填“左”或“右”)移动；使电压表的示数达到额定电压，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______W。
(4)小明根据实验中获得的6组数据绘制的小灯泡的“I-U”图象如图丙所示，则本实验中小明对滑动变阻器的最佳选择是______(选填“R1”、“R2”或“R3”)。由图象可知小灯泡的电阻随温度的升高而______(选填“增大”、“不变”或“减少”)；
(5)若实验时调节灯泡L1正常发光后，小明再用标有“2V？A”的小灯泡L2替换L1，再次调节滑动变阻器让L2正常发光，若前后两次L1与L2的功率差△PL与滑动变阻器的功率差△P滑相等，则L2的额定功率为______W；
(6)完成上述试验后，小明又找来10Ω、15Ω、20Ω的电阻各一个，重新选择仪器和量程并设计好电路，准备探究“电流与电阻的关系”的实验，他将定值电阻的控制电压设定为2V，接入电阻后，发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的的指针都无法准确指在2V的刻度线上，发生这种现象的原因可能为______。
A.控制电压为2V太低
B.电源电压为6V太高
C.选择了R3接入电路进行实验
18. 在教师引导下，桦桦学会了测量固体密度和液体密度的常规方法，有着强烈好奇心的她邀请同桌婷婷一起尝试测量两种未知液体的密度，她们的实验步骤如下：
(1)桦桦将天平放在______工作台上，调节天平平衡后才发现游码未归零，将游码重新归零后，应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，才能使天平再次平衡；
(2)调好天平后，桦桦利用石块测量未知液体的密度(已知石块密度为3g/cm3)。
①将石块放在天平______盘，向另一盘中加减砝码并移动游码，天平再次平衡，平衡时砝码和游码如图甲所示，石块的质量为______ g，求得石块的体积为______m3；
②如图乙所示，将石块轻轻放人装有适量液体的烧杯中，再用天平称量m乙=80g，在液面处标记H；
③将石块取出，添加该液体至标记H处，用天平测得质量为m丙=63.8g，如图丙所示。则该液体的密度为______kg/m3；
(3)婷婷还想用台秤、烧杯和同材料的石块圆柱体测量另一未知液体的密度ρ，测量步骤如图丁所示(已知水的密度为ρ水)；
①将圆柱体的一半浸入水中，记下台秤的示数为m1；
②将圆柱体全部没入水中，记下台秤的示数为m2；
③将圆柱体从水中取出，擦干后全部浸入与水等质量的未知液体中，记下台秤的示数m3；
④未知液体的密度ρ=______(用m1、m2、m3、ρ水表示)；
(4)爱思考的小莉同学提出，如图丁所示，如果其他器材不变，仅将台秤换成了弹簧测力计，此时，该实验可以测出哪些物理量？______(写出一个即可)。
19. 如图所示，电动自行车以其轻便、经济、环保倍受消费者青睐，某型号电动自行车的主要技术参数如表所示，请求解：
(1)小明质量为60kg，骑上电动自行车在水平路面行驶时两轮胎与地面的总接触面积为0.01m2，那么此时车对地面的压强多大？
(2)在某平直路段上，电动自行车以额定功率匀速行驶时，受到的阻力为40N，若行驶速度为7m/s，则10s内牵引力对自行车所做的功是多少J？
型号
TDR0178Z
无刷电机
48V
整车质量
80kg
外包尺寸
1860mm×530mm×1050mm
20. 学校科技节时，某同学设计了一种小鸟孵化器的电路模型，如图所示。在一般情况下，只需灯光照明，气温较低时，就需要发热电阻丝加热。电源电压为60V，R1为定值电阻，R2为发热电阻丝改成的滑动变阻器，其上标有“60Ω3A”的字样，电流表A1的量程为0∼0.6A，电流表A2的量程为0∼3A，灯泡L标有“12V3.6W”的字样。求：
(1)灯泡正常发光时的电流为多大？
(2)若只闭合开关S，灯泡恰好能正常发光，则电阻R1的阻值为多大？
(3)开关S、S1、S2均闭合时，保证电路安全的情况下，滑动变阻器R2允许消耗的电功率的范围是多少？
21. 小明在实验室模拟研究浮箱种植的情境。他将重力为10N、底面积为200cm2的薄壁柱形容器置于水平桌面上，A是边长为10cm密度均匀的正方体浮箱模型，通过一根长为5cm的细线连接着底面积为25cm2的柱形物体B，先将A、B两物体叠放在容器中央，物体B未与容器底紧密接触，然后缓慢向容器中注水，注水过程中正方体A一直保持竖直状态。当水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，如图甲所示，此时物体B对容器底的压力为1.7N；继续向容器中注水，整个注水过程中正方体A所受浮力F与水的深度h的关系图像如图乙所示，水未溢出。(细线不可伸长，且质量、体积不计)求：
(1)图甲所示水对容器底的压强；
(2)物体B的密度；
(3)当注水深度为16cm时，容器对水平桌面的压力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生体重约为500N，故A错误；
B、人感觉舒适的环境温度约为25℃，故B错误；
C、电饭煲正常工作时功率约为800W，符合实际，故C正确；
D、人体的安全电压不高于36V，故D错误。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：A.树荫下的“亮斑”是光的直线传播现象，故A正确；
B、菜园坝大桥的“倒影”，是由光的反射形成的，故B错误；
C、小鸟追车“照相”，属于折射现象，故C错误；
D、雨后的“彩虹”是光的色散，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
灯台下方射出的光透过平板，部分受到沙子的阻挡，形成明暗对比，呈现出一幅栩栩如生的画面，该现象的形成原因是光在同种均匀介质中沿直线传播。
本题考查光沿直线传播的应用，属于基础题。
3.【答案】C
【解析】解：A、吃火锅时冒出来的热气是小水珠，是由水蒸气遇冷液化而成的，故A错误；
B、由于食用油的沸点比较高，所以麻花在食用油里面炸的金黄，故B错误；
C、香嫩酥脆的烤鸭内能的增加是通过热传递的方式实现的，故C正确；
D、露出馅的汤包香气四溢，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：C。
(1)物质由气态变为液态叫作液化；
(2)食用油的沸点高，所以炸出来的东西金黄；
(3)改变物体内能的方法有两个：做功和热传递；
(4)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这就是扩散现象。
考查了与热学有关的几个基本的知识点，难度不大，注意了与实际例子的联系，值得我们关注。
4.【答案】B
【解析】解：A.图示是奥斯特实验装置，表明电流周围存在磁场，故A不符合题意；
B.图示是通电导体在磁场中受力运动的实验装置，在此装置中电路中消耗的电能转化为导体的机械能，是电动机工作原理的实验装置，故B符合题意；
C.图示是电磁感应实验装置，这是发电机工作原理实验装置，故C不符合题意；
D.图示是电磁继电器的工作原理图，故D不符合题意。
故选：B。
(1)A选项是奥斯特实验装置，说明通电导体周围存在磁场；
(2)B选项是电动机工作原理的实验装置，说明通电导线在磁场中受到力的作用；
(3)C选项是电磁感应实验装置，是发电机工作原理的实验装置；
(4)D选项是电磁继电器的工作原理图。
本题考查了电磁学部分常见的几种实验装置，要求准确判断每种装置的实验目的和应用。
5.【答案】C
【解析】解：据题意可知，开关S1、S2都闭合，粉碎机才工作，因此S1、S2与电动机串联，其中注意开关与火线相连，故C正确。
故选：C。
家庭电路连接为电路一端接火线，一端接零线，由于题目中说明开关S1、S2都闭合，粉碎机才工作，因此S1、S2与电动机串联，其中注意开关与火线相连。
根据开关对用电器的控制情况判断出开关的连接情况是解决该题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：
A、无人机在空中向上飞行时，相对于地面的位置不断发生变化，故是运动的，故A错误；
B、无人机加速运动时，质量不变，所以惯性大小不变，故B错误；
C、减速的无人机，速度减小，运动状态一定改变，匀速圆周运动的无人机，运动方向不断变化，所以其运动状态也发生改变，故C错误；
D、无人机直立栖息在树枝上时，树枝对无人机的支持力和无人机对树枝的压力同时作用在无人机和树枝上，符合相互作用力的条件，所以是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系；
(3)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变；
(4)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查运动和静止的相对性、平衡力和相互作用力的区分、牛物体运动状态变化的判断以及惯性的影响因素，属于综合性题目。
7.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，灯L与滑动变阻器R串联，电压表V测灯泡两端电压，电流表测电路中的电流；
A、灯泡L额定电压为6V，由图乙可知灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.6A，所以由I=可知，灯泡正常发光时的电阻：RL=ULIL=6V0.6A=10Ω，故A错误；
B、当S闭合时，移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻为其总电阻的14时，灯泡L正常发光，则此时滑动变阻器接入电路的阻值：R'=14R=14×40Ω=10Ω，
因串联电路处处电流相等，所以电路电流：I=IL=0.6A，
因串联电路两端总电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=UL+IR'=6V+0.6A×10Ω=12V，故B错误；
C、灯泡正常发光时电路总功率：P=UI=12V×0.6A=7.2W，故C错误；
D、由电路图可知，用定值电阻R0替换灯泡L，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R0两端电压；
要求移动变阻器的滑片P，使电压表V的示数最大值达到4V，
已知电源电压为12V，且串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压的最小值：U小=U-UV=12V-4V=8V，
因串联电路中处处电流相等，所以U0R0=U滑R滑，化简可得：U0R0=U滑R滑=4V8V=12；
①由于电流表量程为0∼3A，变阻器允许通过的最大电流为1A，故电路中允许通过的最大电流为1A，则电路中的最小电阻：R串小=UI大=12V1A=12Ω，
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以定值最电阻最小值：R0小=11+2×12Ω=4Ω；
②当变阻器连入电路中的电阻最大为40Ω，定值最电阻有最大值，
由R0R滑=12可得，定值最电阻有最大值：R0大=12R滑大=12×40Ω=20Ω；
故保证在移动滑动变阻器滑片过程中电压表示数的最大值都会出现4V.R0的取值范围为4Ω∼20Ω，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯L与滑动变阻器R串联，电压表V测灯泡两端电压，电流表测电路中的电流；
(1)已知灯泡的额定电压，根据图乙读出灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)当S闭合时，移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻为其总电阻的14时，灯泡L正常发光，据此求出滑动变阻器接入电路的阻值，根据串联电路电流、电压规律和欧姆定律求出电源电压；
(3)根据P=UI求出灯泡正常发光时电路的总功率；
(4)由电路图可知，用定值电阻R0替换灯泡L，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，根据电压表示数的最大值和串联电路电压规律求出滑动变阻器两端的最小电压，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出定值电阻R0与变阻器连入电路电阻的阻值之比；
①根据电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路最大电流，根据欧姆定律求出电路最小总电阻，再根据串联电路电阻规律和定值电阻与滑动变阻器接入电路的阻值之比求出定值最电阻最小值；
②当变阻器连入电路中的电阻最大为40Ω，结合定值电阻R0与变阻器连入电路中的电阻之比求出定值最电阻有最大值，从而确定R0的取值范围。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，难点是D选项，关键是根据题目条件确定电压表V的最大示数为4V时，根据串联电路的特点和欧姆定律求出定值电阻R0与变阻器连入电路中的电阻的比值。
8.【答案】B
【解析】解：B的底面积：SB=(10cm)2=100cm2=1×10-2m2，
容器的底面积：S容=200cm2=2×10-2m2，
因B的底面积刚好是容器底面积的二分之一，所以将叠加体A、B按现有状态竖直放入到容器中时，水的深度为原来的两倍，即
h=6cm<10cm，故放入水中的A和B不会浸没，此时排开液体的体积：V排=SBh=1×10-2m2×0.06m=6×10-4m3，
B受到的浮力：F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×6×10-4m3×10N/kg=6N，
A和B的总重力：G总=ρAVAg+ρBVBg=2×103kg/m3×1.25×10-4m3×10N/kg+0.6×103kg/m3×1000×10-6m3×10N/kg=8.5N，
可知A和B对容器底的压强为：p=FSB=G总-F浮SB=8.5N-6N100×10-4m2=250Pa，
沿竖直方向切去A、B各自总体积相同比例，B对容器底部的压强变为未切去时的2倍，则此时B对容器底的压强：p'=2p=2×250Pa=500Pa，
容器中的水的体积：V水=S容h0=200cm2×3cm=600cm3，
设竖直切去部分后，剩余部分的A和B的体积分别为kVA和kVB，设此时B浸入水中高度变为h'，因B切去一部分后排开的水的体积减少，则水面会下降，此时水的体积：
V水=(S容-SB剩)×h'=(S容-kVBhB)×h'，
两种情况下容器中水的体积不变，代入数据得：
(200cm2-k×1000cm310cm)×h'=600cm3，
化简得：h'=600200-100kcm=0.62-km，
此时B受到的浮力：
F浮'=ρ水kSBh'g=ρ水kSB⋅0.62-kg，
此时B对容器底部的压强：
p'=kGA+kGB-ρ水kSB×0.62-kkSB=500Pa，代入数据解得，k=27，
则切去部分与总体积的比值：则切去部分与总体积的比值：(1-k)V总V总=(1-27)V总V总=57。
故B正确，ACD错误。
故选：B。
根据面积公式求出B的底面积，因B的底面积刚好是容器底面积的二分之一，所以将叠加体A、B按现有状态竖直放入到容器中时，水的深度为原来的两倍，据此求出此时水的深度，进而判断出放入水中的A和B不会浸没，根据体积公式求出此时物体排开液体的体积，根据阿基米德原理求出B受到的浮力，根据G=mg=ρVg求出A、B的总重力，根据力的平衡条件和p=FS求出A和B对容器底的压强，进而求出沿竖直方向切去A、B各自总体积相同比例后B对容器底的压强；根据体积公式求出容器中水的体积，设竖直切去部分后，剩余部分的A和B的体积分别为kVA和kVB，设此时B浸入水中高度变为h'，因B切去一部分后排开的水的体积减少，则水面会下降，根据体积公式表示出此时水的体积，进而表示出此时B浸入水中高度，根据体积公式和阿基米德原理表示出此时B受到的浮力，此时B对容器底部的压力大小等于剩余的A、B的重力减去B受到的浮力，根据p=FS表示出此时B对容器底部的压强，解方程求出k，进而求出切去部分的体积与未切去之前的总体积之比。
本题考查压强定义式、密度公式、重力公式、阿基米德原理的应用，难度较大。
9.【答案】空气柱振动 空气
【解析】解：声音是由物体振动产生的，“玉笛声”是由于笛子的空气柱振动产生的；
“散入春风”由物理知识可知笛声是通过空气传播的。
故答案为：空气柱振动；空气。
声音都是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体和气体中传播。
本题考查了对声音的产生和传播的理解，属于基础题，难度不大。
10.【答案】托里拆利 小
【解析】解：第一次测量出大气压值的是托里拆利做的托里拆利实验；海拔与气压关系为，海拔越高，气压越小。
故答案为：托里拆利；小。
记住关于大气压的两个著名实验，第一次证明大气压存在的是马德堡半球实验；第一次测量出大气压值的是托里拆利实验，同时知道海拔越高，气压越低。
此题考查了，第一次测量大气压的实验，影响气压的因素，属于必须记忆的知识点。
11.【答案】8.4×106 60%
【解析】解：水所吸收的热量：
Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×40kg×(70℃-20℃)=8.4×106J；
氢完全燃烧产生的热量：
Q放=m'q=0.1kg×1.4×108J/kg=1.4×107J；
烧水时的热效率：
η=Q吸Q放×100%=8.4×106J1.4×107J×100%=60%。
故答案为：8.4×106；60%。
由图可知加热4min水的温度变化，利用Q吸=cm(t-t0)计算出水吸收的热量；利用Q放=m'q计算出氢完全燃烧放出的热量；利用效率公式计算出烧水的热效率。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
12.【答案】3.275%
【解析】解：(1)由图可知，使用的是动滑轮，n=2，拉力端移动的距离：s=2s物=2×0.4m=0.8m，
拉力F所做的功：W总=Fs=4N×0.8m=3.2J；
(2)物体的重力：G=mg=2kg×10N/kg=20N，
地面对物体A的摩擦力：f=0.3G=0.3×20N=6N，
动滑轮的机械效率：η=W有W总=fs物Fs=fs物F×ns物=f2F×100%=6N2×4N×100%=75%。
故答案为：3.2；75%。
(1)由图知，使用的是动滑轮，n=2，拉力端移动的距离等于物体移动距离的2倍，利用W=Fs求拉力做的功；
(2)先根据G=mg求出物体的重力，再根据地面对物体A的摩擦力为物体A重力的0.3倍求出摩擦力的大小，最后根据η=W有W总=fs物Fs=fs物F×ns物=fnF求出动滑轮的机械效率。
本题考查了水平使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，注意水平使用滑轮组，克服物体受到摩擦力做的功为有用功，易错点！
13.【答案】3 65：8
【解析】解：(1)只闭合开关S，滑动变阻器与小灯泡串联，电压表V1测小灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测量电路中的电流，
当滑片由最右端向左调节时，接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻减小，由I=UR可知，电路中的电流增大，
由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，灯泡两端的电压变大，所以，
电压表V1的示数是随电流的增大而变大，电压表V2的示数是随电流的增大而变小；
当灯泡正常发光时，滑动变阻器连入阻值为最大阻值的0.2倍，此时电路中的电流最大，由图像乙可知，灯泡两端的电压为6V，电路中的电流I最大=0.5A，
则灯泡的额定功率为：P额=ULI最大=6V×0.5A=3W；
(2)当只闭合开关S、滑动变阻器滑片在最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图乙可知，此时灯泡两端的电压UL小=1V，电路中的电流最小为I最小=0.16A，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和和欧姆定律可得：
电源电压：U=UL小+I最小R1大=1V+0.16A×R1大--------------①
当滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍时，电路中的电流为0.45A，
由于滑动变阻器与灯泡的电功率恰好相等，则滑动变阻器两端电压与灯泡两端的电压相等，即：UL'=U1'，
根据根据串联电路的分压特点可知：RL'=R1'=0.2R1大，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和和欧姆定律可得：
电源电压：U=I'(RL'+R1')=0.45A×(0.2R1大+0.2R1大)=0.45A×0.4R1大--------------②
解①②可得：U=9V，R1大=50Ω；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，灯泡被短路，R1与R2并联，电流表测量干路电流，
通过R1的电流为：I1=UR1=9V50Ω=0.18A，
根据并联电路的干路电流等于各支路电流之和可得：
通过R2的电流为：I2=I-I1=0.48A-0.18A=0.3A，
根据I=UR可得：R2=UI2=9V0.3A=30Ω；
由于电压表的量程为0∼15V，则当只闭合开关S时，滑动变阻器滑片在最右端时，滑动变阻器的最大阻值与小灯泡串联，此时电路的总电阻最大，电路的总功率最小，
由图乙可知此时电路中的最小电流I最小=0.16A，
则电路中的最小功率P小=UI最小=9V×0.16A=1.44W；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，滑动变阻器的最大阻值和R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，通过R2的电流为I2=0.3A不变，
由滑动变阻器的铭牌可知，通过由于滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，且电流表的量程为3A，
所以，干路的最大电流为：I最大=I2+I1大=0.3A+1A=1.3A；
此时电路的总功率最大，则电路的最大功率：P大=UI大=9V×1.3A=11.7W，
则整个电路最大功率与最小功率的比值为：P大：P小=11.7W：1.44W=65：8。
故答案为：3；65：8。
(1)当只闭合开关S时，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测小灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测量电路中的电流，
滑动变阻器的滑片自最右端逐渐向左调节，电路中电流变大，当灯泡正常发光时，电路中电流最大，由图像乙可知电流最大时灯泡两端的电压和最大电流值，利用P=UI即可求出灯泡的额定功率；
(2)当只闭合开关S、滑动变阻器滑片在最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出此时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点和P=UI表示出滑动变阻器两端的电压；当滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍时，由于滑动变阻器与灯泡的电功率恰好相等，根据P=UI可知滑动变阻器两端的电压和灯泡两端的电压相等，据此根据串联电路的特点和欧姆定律得出电源电压的等式，然后联立即可求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，灯泡被短路，R1与R2并联，电流表测量干路电流，根据欧姆定律和并联电路的特点求出R2的阻值；
当只闭合开关S时，滑动变阻器滑片在最右端时，滑动变阻器的最大阻值与小灯泡串联，此时电路的总电阻最大，电路的总功率最小，根据串联电路的特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用P=UI求出电路中的最小功率；
闭合三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，滑动变阻器的最大阻值和R2并联，电流表测干路电流，根据滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，此时电路的总功率最大，利用P=UI求出电路的最大功率，最后求出整个电路最大功率与最小功率的比值。
本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息和分清电路的连接方式是关键。
14.【答案】解：根据延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴作出折射光线，如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜后传播方向不改变。
15.【答案】解：根据安培定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极，在磁体外部，磁感线从磁体N极出发，回到S极，据此作图如下：
故答案为：见上图。
【解析】(1)用右手握住螺线管，四指弯曲指向电流方向，大拇指所指即为通电螺线管的N极；
(2)在磁体外部，磁感线从磁体N极出发，回到S极。
此题考查了安培定则、磁感线及其特点，属基础题目。
16.【答案】b 不变 不会 同一高度 放大镜 实
【解析】解：(1)物质A和物质C都是水，沸点相同，物质B是色拉油与水沸点不同，由乙图可知，图线b和c末温相同，即沸点相同，所以它们是水，由于物质A(150g水)的质量比物质C(200g水)少，加热到相同温度物质A所需时间比物质B短，故图线b为物质A的温度随时间变化图线；由乙图可知，在沸腾的过程中，液体的温度达到沸点，温度保持不变；液体沸腾需要满足以下条件：①温度达到沸点，②要吸热，液体沸腾后，温度达到沸点，若撤去酒精灯，液体可以从石棉网吸热，故不会立即停止沸腾。
(2)①点燃蜡烛后，为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心大致在同一高度上；
②将实验器材按如图甲所示的位置放置后，由图可知，光具座的分度值是1cm，物距u=15.0cm，物距小于焦距，此时成正立放大的虚像，应用此规律工作的是放大镜；
③航天员王亚平为大家直播演示“神奇的太空小水球”实验，如图乙所示通过水球成的是倒立的像，所以是实像。
故答案为：(1)①b；不变；②不会；(2)①同一高度；②放大镜；③实。
(1)b、c对应的两种物质沸点相同，由此判断b、c对应物质甲和物质丙，甲的质量比丙小，加热到沸腾需要的时间比丙短，故图乙中b是甲的温度随时间变化的图线，c是丙的温度随时间变化的图线，a是乙的温度随时间变化的图线，液体沸腾特点：继续吸热，温度不变；液体沸腾的条件：一是温度达到沸点，二是继续吸热，若在水沸腾后拿走酒精灯，石棉网的余温高于水的沸点，据此分析。
(2)为了使像成在光屏中央，必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上；凸透镜成像时，当u
17.【答案】C 左 0.75R2 增大 0.3C
【解析】解：(1)滑片右移灯泡变暗，即电流变小，电阻变大，故滑动变阻器以左下接线柱连入电路中，灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：
(2)A.若小灯泡断路，电流表无示数，则电压表串联在电路中，电压表与电源连通，电压表有示数，故A不符合题意；
B.若小灯泡短路，电路为通路，电流表有示数，电压表无示数，故B不符合题意；
C.若滑动变阻器断路，整个电路断路，两电表都没示数，故C符合题意；
D.若滑动变阻器短路，电路为通路，电压表、电流表示数较大，故D不符合题意；
故选：C。
(3)灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；
此时电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.3A，
则小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)根据绘制的小灯泡的“I-U”图象如图丙知，当电压为0.5V时，电流为0.1A，根据串联电路的电压规律和欧姆定律，
此时变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=U-U1I1=6V-0.5V0.1A=55Ω，故滑动变阻器的最佳选择是R2；
由图丙知，当电压为1V、2V、3V时，对应的电流分别为0.2A、0.3A、0.35A，由欧姆定律的变形公式R=UI，灯的电阻分别为：5Ω、6.67Ω、8.57Ω，即小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
(5)小灯泡L1正常发光时的电功率0.75W，
此时滑动变阻器的电功率：
P滑1=U滑1I=(6V-2.5V)×0.3A=1.05W；
L2正常发光时，则△PL=△P滑
即0.75W-2VI'=1.05W-(6V-4V)×I'，
解得：I'=0.15A，
所以L2的额定功率为：
P2=U2I'=2V×0.15A=0.3W；
(6)探究“电流与电阻的关系”的实验中，保持定值电阻两端的电压为2V，因为电源电压为6V，所以滑动变阻器两端电压为4V，根据串联电路电压的规律，即R定R滑=U定U滑=2V4V=12所以当分别将10Ω、15Ω、20Ω的电阻接入电路时，滑动变阻器接入电路的阻值分别是20Ω、30Ω、40Ω，理论上三个滑动变阻器均能满足要求，可以使定值电阻的控制电压达到2V.但发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的的指针都无法准确指在2V的刻度线上，可能是因为选择了R3接入电路进行实验，因为R3的最大电阻为800Ω，在调节时，很容易滑过头，难保证刚好分担电压4V，故C正确。
故选C。
故答案为：(1)见上图；(2)C；(3)左；0.75；(4)R2；增大；(5)0.3；(6)C。
(1)根据滑片右移灯泡变暗确定变阻器的连接，根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用的量程与灯并联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据此时电流表选用的量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡的额定功率；
(4)根据小灯泡的“I-U”图象，根据串联电路的电压规律和欧姆定律得了变阻器连入电路中的电阻确定选用的滑动变阻器；
由欧姆定律分别求出当电压为1V、2V、3V时灯的电阻，分析得出结论；
(5)根据小灯泡L1正常发光时的电压和电流，由串联电路电压、电流的规律以及P=UI算出此时滑动变阻器的电功率，
根据“L2正常发光时，则△PL=△P滑”列等式算出小灯泡L2正常发光的电流，最后由P2=U2I'算出L2的额定功率；
(6)探究“电流与电阻的关系”的实验中，保持定值电阻两端的电压为2V，根据电源电压和串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端电压，根据串联电路电压的规律，即R定R滑=U定U滑=2V4V=12算出当分别将10Ω、15Ω、20Ω的电阻接入电路时滑动变阻器接入电路的阻值，进而判断出能符合要求的滑动变阻器；但发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的的指针都无法准确指在2V的刻度线上，可能是滑动变阻器的电阻太大了。
本题测量小灯泡电功率，考查电路的连接、故障分析、操作过程、器材选择、影响电阻的因素，也考查了研究电流与电阻关系实验中对实验的要求。难度较大。
18.【答案】水平 右 左 279×10-6 1.2×103 m3+m2-2m12(m2-m1)⋅ρ水 圆柱体密度
【解析】解：(1)使用天平测量物体质量时，应将天平放在水平作台上；
调节天平平衡后才发现游码未归零，应将游码重新归零，可判断此时指针指向右侧，故应将平衡螺母向左调节，才能使天平再次平衡；
(2)在称量时，左盘放物体，右盘放砝码，所以应将石块放在天平左盘中，向另一盘中加减砝码并移动游码，天平再次平衡；
石块的质量为：m=20g+5g+2g=27g，
根据密度公式ρ=mV知石块的体积为：
V石=m石ρ石=27g3g/cm3=9cm3=9×10-6m3；
加入液体的体积等于石块的体积，则在乙中，液体的质量为：m液=m乙-m石=80g-27g=53g，
丙中加入液体的质量为：
Δm液=m丙-m液=63.8g-53g=10.8g，
该液体的密度为：
ρ液=Δm液V石=10.8g9cm3=1.2g/cm3=1.2×103kg/m3；
(3)圆柱体完全浸没时，在水中受到的浮力为：F浮=G排=2(m2-m1)g，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知圆柱体的体积为：
V排=F浮ρ水g=2(m2-m1)gρ水g=2(m2-m1)ρ水，
在未知液体中受到浮力为：
F液浮=G液排={m3-[m1-(m2-m1)]}g=(m3+m2-2m1)g，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知未知液体的密度为：
ρ液=F浮gV排=(m3+m2-2m1)ggV排=m3+m2-2m12(m2-m1)ρ水=m3+m2-2m12(m2-m1)⋅ρ水；
(4)用弹簧测力计可以测出圆柱体的重力，由称重法算出圆柱体在水中受到的浮力，根据阿基米德原理算出圆柱体的体积，由密度公式算出圆柱体的密度。
故答案为：(1)水平；右；(2)左；27；9×10-6；1.2×103；(3)m3+m2-2m12(m2-m1)⋅ρ水；(4)圆柱体密度。
(1)天平使用时应放在水平台面上，调节天平平衡后才发现游码未归零，将游码重新归零后，左盘质量偏大，指针将偏左，因此，将游码调到标尺的零刻度线处，再将平衡螺母向右调节；
(2)①左盘放物体，右盘放砝码；
由图甲知，石块的质量等于砝码的质量加游码的示数之和；根据密度公式得出石块的体积；
③因为添加该液体至标记H处，所以添加的液体体积与石块的体积相等，进而得出液体的体积，根据m=m乙-m石可得适量液体和烧杯总质量，再由m液=m丙-m可得添加至标记至H的液体质量，根据密度公式得出该液体的密度；
(3)根据增加的浮力等于增加的压力，圆柱体从一半浸没在水中到全部浸没在水中，根据ΔF浮=ΔF压=(m2-m1)g得出浮力增加量，根据阿基米德原理得出排开水的体积增加量，进而得出圆柱体的体积，圆柱体从一半浸入水中到全部浸没在水中，根据Δm=m2-m1得出台秤示数增加量，所以圆柱体未浸入前，根据m总=m1-Δm=m1-(m2-m1)=2m1-m2得出容器中水与容器的总质量，根据m总'=m总=2m1-m2得出未知液体与容器的总质量，将圆柱体全部浸入与水等质量的未知液体中，根据△m'=m3-m总'=m3-(2m1-m2)=m3-2m1+m2得出台秤示数增加量，根据F浮'=ΔF压'=Δm'g=(m3-2m1+m2)g得出此时圆柱体全部浸没在未知液体中受到的浮力等于增加的压力，根据阿基米德原理得出未知液体的密度；
(4)用弹簧测力计可以测出圆柱体的重力，算出圆柱体在水中受到的浮力，从而计算出圆柱体的密度。
本题为液体密度测量的实验，考查天平的使用、密度计算、误差分析、实验步骤等知识。
19.【答案】解：(1)由题意可知，人和车的总质量为：
m总=m人+m车=60kg+80kg=140kg，
则人和车的总重力为：
G总=m总g=140kg×10N/kg=1400N，
由受力分析可得，骑上电动自行车在水平路面行驶时，自行车对水平路面的压力F压等于人和车的总重力G总，即F压=G总=1400N，
则车对地面的压强为：
p=F压S=1400N0.01m2=1.4×105Pa；
(2)由题意可知，自行车的行驶速度为v=7m/s，则10s内行驶的距离为s=vt=7m/s×10s=70m，
电动自行车以额定功率匀速行驶时，受到的阻力为f=40N，此时车处于受力平衡状态，则由二力平衡可知，自行车的牵引力为：F=f=40N，
故由W=Fs可得，10s内牵引力对自行车所做的功为：W=Fs=40N×70m=2800J，
答：(1)此时车对地面的压强为1.4×105Pa；
(2)10s内牵引力对自行车所做的功为2800J。
【解析】(1)骑行时，电动车对地面的压力等于人和车的总重力，利用G=mg求出，还知道轮胎与地面的接触面积，根据公式p=FS可求车对地面的压强；
(2)已知行驶的速度和时间，根据公式s=vt可求通过的路程，再根据公式W=Fs可求动力对自行车做的功。
本题考查电动车的有关问题，关键知道在水平地面上，物体对地面的压力等于物体自身的重力；要学会从题目信息中找到有用的数据。
20.【答案】解：
(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，由P=UI可得灯泡正常工作电流：
I=P额U额=3.6W12V=0.3A；
(2)由图知，当闭合S，断开S1、S2，R1与L串联，灯泡正常工作，
由串联电路电流特点知通过R1的电流：
I1=I=0.3A，
由串联电路电压特点知R1两端电压：
U1=U-UL=60V-12V=48V，
由欧姆定律可得R1的阻值：
R1=U1I1=48V0.3A=160Ω；
(3)由图知，S、S1、S2均闭合时，R1与R2并联，电流表A2测干路电流，由题意可知，当滑动变阻器R2=60Ω时消耗的电功率最小；P2最小=U2R2=(60V)260Ω=60W；
由并联电路特点知，U=U1'=U2=60V，
由欧姆定律可得通过R1的电流：
I1'=UR1=60V160Ω=0.375A，
因为电流表A2的量程为0∼3A，所以通过R2的最大电流：
I2=IA2-I1'=3A-0.375A=2.625A，
所以R2上消耗电功率的最大值：
P2最大=UI2=60V×2.625A=157.5W。
答：(1)灯泡正常工作时的电流是0.3A；
(2)R1的阻值为160Ω。
(3)开关S、S1、S2均闭合时，保证电路安全的情况下，滑动变阻器R2允许消耗的电功率的范围是60W-157.5W。
【解析】(1)由P=UI计算灯泡正常工作时的电流；
(2)闭合S，断开S1、S2，R1与L串联，灯泡正常工作，由串联电路特点和欧姆定律计算R1的阻值。
(3)S、S1、S2均闭合时，R1与R2并联，根据电流表和R2规格可知通过其最大电流，由P=UI计算R2上消耗电功率的最大值。
本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，正确分析开关在不同状态下电路的连接情况是解题的关键。
21.【答案】解：(1)图甲所示水对容器底的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；
(2)由图乙可知，容器内水深度为4cm时，图象出现拐点，且此时A受到的浮力为0，说明此时水恰好接触A的下表面，即B的高度为：hB=4cm，
所以B的体积为：VB=SBhB=25cm2×4cm=100cm3，
水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，此时B受重力、支持力和浮力作用，
此时B受到的浮力为：F浮B=ρ水gV排B=ρ水gVB=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N，
此时容器底对物体B的支持力为：F支B=F压B=1.7N，
所以GB=F浮B+F支B=1N+1.7N=2.7N，
由G=mg=ρVg可得，物体B的密度为：
ρB=GBVBg=2.7N100×10-6m3×10N/kg=2.7×103kg/m3；
(3)由图乙可知，当容器内水深度为h1时，图象出现拐点，且随后注水一段时间内A受到的浮力保持不变，说明这段时间内A处于漂浮状态，
则GA=F=6N，
当容器内水深度大于h2时，正方体A所受浮力又保持F1不变，说明此时A、B整体恰好漂浮，A受重力、拉力和浮力作用，B受重力、拉力和浮力作用，
则绳对B的拉力为：T=GB-F浮B=2.7N-1N=1.7N，
则绳对A的拉力为：T'=F=1.7N，
所以A受到的浮力为：F浮A=GA+T'=6N+1.7N=7.7N，
由F浮=ρ水gV排可知，A排开水的体积为：
V排A=F浮Aρ水g=7.7N1.0×103kg/m3×10N/kg=7.7×10-4m3，
此时A浸入水中的深度为：hA=V排ASA=7.7×10-4m3(0.1m)2=0.077m=7.7cm，
则此时容器内水的深度为：h2=4cm+5cm+7.7cm=16.7cm，
所以当注水深度为16cm时，A、B整体仍处于沉底状态，
此时A浸入水中的深度为hA=16cm-4cm-5cm=7cm，
则此时容器内水的体积为：V水=S容h水-VB-VA浸=200cm2×16cm-100cm3-10cm×10cm×7cm=2400cm3=2.4×10-3m3，
则此时容器内水的重力为：G水=m水g=ρ水V水g=1.0×103kg/m3×2.4×10-3m3×10N/kg=24N，
所以容器对水平桌面的压力为：F压=GA+GB+G水+G容=6N+2.7N+24N+10N=42.7N。
答：(1)图甲所示水对容器底的压强为1200Pa；
(2)物体B的密度为2.7×103kg/m3；
(3)当注水深度为16cm时，容器对水平桌面的压力为42.7N。
【解析】(1)根据p=ρ水gh求出水对容器底的压强；
(2)由图乙可知，容器内水深度为4cm时，图象出现拐点，且此时A受到的浮力为0，说明此时水恰好接触A的下表面，即B的高度为：hB=4cm，从而可求出B的体积；水的深度为12cm时，绳子处于自由状态，此时B受重力、支持力和浮力作用，因为根据F浮=ρ水gV排可求出此时B受到的浮力，根据力的相互作用可求出此时容器底对物体B的支持力，从而可求出B的重力，根据G=mg=ρVg可求出物体B的密度；
(3)由图乙可知，当容器内水深度为h1时，图象出现拐点，且随后注水一段时间内A受到的浮力保持不变，说明这段时间内A处于漂浮状态，则GA=F=6N，当容器内水深度大于h2时，正方体A所受浮力又保持F1不变，说明此时A、B整体恰好漂浮，A受重力、拉力和浮力作用，B受重力、拉力和浮力作用，根据平衡力和力的相互作用可求出A受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排可求出A排开水的体积，从而此时A浸入水中的深度和容器内水的深度，从而判断当注水深度为16cm时，A、B整体所处的状态，从而求出容器内水的重力，容器对水平桌面的压力等于容器、水、物体的重力之和，根据F压=GA+GB+G水+G容求出容器对水平桌面的压力。
本题考查了阿基米德原理、密度、压力、物体的沉浮条件的应用、液体压强等知识，灵活运用公式是解题的关键。
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